课时检测训练8 受力分析 共点力的平衡-【勤径学升】2026年高考物理一轮总复习课时检测训练（人教版2019）

课时检测训练8受力分析 共点力的平衡 >对应答案P572 基础对点练 静止状态。现对小球乙施加一个水平力F,使小 对点练1物体的受力分析与静态平衡 球乙缓慢上升一小段距离，整个过程中物体甲保 1.如图所示，M、N两物体叠放在一起， 持静止，甲受到地面的摩擦力为F,则该过程中 在竖直向上的恒力F作用下，沿竖 直墙壁一起向上做匀速直线运动， A.F变小，F变大 B.F变小，F变小 则关于两物体受力情况的说法正确 C.F变大，F变小 D,F变大，F变大 的是 ( 5.(多选)如图，柔软轻绳ON的一端O周定，其中 A.物体M可能受到6个力 间某点M拴一重物，用手拉住绳的 0 B.物体N可能受到4个力 另一端N。初始时，OM竖直且MN C.物体M与墙之间一定有摩擦力 被拉直，OM与MN之间的夹角为 D.物体M与N之间一定有摩擦力 2.(2022·广东卷)如图是可用 必业 a(a>受)，现将重物向右上方缓慢 来制作豆腐的石磨。木柄 拉起，并保持夹角a不变。在OM由竖直被拉到 AB静止时，连接AB的轻绳 60 水平的过程中 处于绷紧状态。O点是三根 A.MN上的张力逐渐增大 轻绳的结点，F、F,和F:分别 B.MN上的张力先增大后减小 表示三根绳的拉力大小，F C.OM上的张力逐渐增大 =F:且∠AOB=60°.下列 D.OM上的张力先增大后减小 关系式正确的是 () 6.如图所示，固定在竖直平面内的 F A.F=F B.F=2F 光滑圆环的最高点有一个光滑 C.F=3F D.F=3F 的小孔。质量为m的小球套在 3.如图(a)是一种大跨度悬索桥梁，图(b)为悬索桥 圆环上，一根细线的下端系着小 模型。六对轻质吊索悬挂着质量为M的水平桥 面，吊索在桥面两侧竖直对称排列，其上端挂在 球，上端穿过小孔用手拉住。现 两根轻质悬索上[图(b)中只画了一侧分布]，悬 拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程 索两端与水平方向成45°，则一根悬索水平段CD 中，手对细线的拉力F和圆环对小球的弹力F 上的张力大小是 的大小变化情况是 () A.F不变，F增大 B.F不变，F、减小 459 45 C.F减小，FN不变 D.F增大，F、减小 对点练3平衡中的临界与极值问题 7.如图所示，质量为m的小球用 (a) (b) 细线拴住放在光滑斜面上，斜面 A.Mg B若Me 足够长，倾角为a的斜面体置于织 光滑水平面上，用水平力F推斜面体使斜面体缓 C.IMg D.Mg 慢地向左移动，小球沿斜面缓慢升高。当线的拉 对点练2动态平衡问题 力最小时，推力F等于（已知重力加速度为g) 4如图所示，物体甲放置 ( 在水平地面上，通过跨 A.mgcos a &号ungsin a 过定滑轮的轻绳与小球 乙相连，整个系统处于 C.mgcos 2a D.ngin 2 337 课时检测训练·物理 8.北方农村秋冬季节常用金属 子，质量为m的物体钩住轻绳且处于平衡状 丝网围成圆柱形粮仓储存玉 态，重力加速度为g。下列说法正确的是 米棒，某粮仓由于玉米棒装的 不匀称而发生倾斜现象，为避 A.开始平衡时轻绳的张力大小为mg 免倾倒，在右侧用木棍支撑，如图所示。若支撑 B开始平衡时轻绳的张力大小为③m 点距水平地面的高度为√3m,木棍与水平地面间 3 的动摩擦因数为停，木棍重力不计，粮仓对木髭 C.若将绳子的A端沿竖直杆上移，绳子拉力将 变大 的作用力沿木棍方向，最大静摩擦力等于滑动摩 D.若将木板绕水平轴CD缓慢向纸面外旋转， 擦力，为使木棍下端不发生侧滑，则木棍的长度 轻绳的张力先增大后减小 最大为 ( 12.如图所示，质量为M的物块 A.1.5 m B.3 m C.2 m D.25m A置于倾角为30°的固定粗 A 罕综合提升练 糙斜面上，其上端通过一轻30 9.如图所示，垂直墙角有一个截 绳跨过光滑定滑轮与沙桶B相连。初始时沙桶 面为半圆的光滑柱体，用细线 B中没有沙子，质量为2M。现向沙桶B中缓 拉住的小球静止靠在接近半圆 慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入 底端的M点。通过细线将小球从M点缓慢向 沙子的过程中，以下说法正确的是 上拉至半圆最高点的过程中，细线始终保持在小 A.B所受的合力增大 球处与半圆相切。下列说法正确的是 () A.细线对小球的拉力先增大后减小 B.A所受的摩擦力一直增大 B.小球对柱体的压力先减小后增大 C.A所受的摩擦力先减小后增大 C,柱体受到水平地面的支持力逐渐减小 D.A,B间的轻绳拉力大小保持不变 D.柱体对竖直墙面的压力先增大后减小 13.(2024·湖北卷)如图所示，两 10.如图所示，一农民用三根相同的细线a,b、c将 拖船P,Q拉着无动力货船S一 5 309 收获的甲、乙两袋玉米悬挂起来。已知甲的质 起在静水中沿图中虚线方向匀 量为2m、乙的质量为m。细线a与竖直方向的 速前进，两根水平缆绳与虚线 夹角为30°，细线c水平，重力加速度为g,下列 的夹角均保持为30°。假设水对三艘船在水平 说法正确的是 ( 方向的作用力大小均为F,方向与船的运动方 向相反，则每艘拖船发动机提供的动力大小为 () 6 B.21F 3 C.2F D.3F A.细线a与b间的夹角8为150 14.如图所示，倾角0=37°的斜 B.细线a中的拉力大小为3,7mg 面上有一木箱，木箱与斜面 C,三条细线中b所受拉力最大 D.若保持e水平，减小a与竖直方向的夹角，线 之间的动摩擦因数红= 30 c中的拉力不变 现对木箱施加一拉力F,使木箱沿着斜面向上 11.如图所示，置于水平地面的 做匀速直线运动。设F的方向与斜面的夹角为 木板上安装有竖直杆，在杆 a,在a从0逐渐增大到53°的过程中，木箱的速 上A,B两点间安装长为2d 度保持不变，则 ( 的轻绳，两竖直杆间距为d。 A.F先减小后增大B.F先增大后减小 A,B两点间的高度差为号，现有带光滑轻质钩 C.F一直增大 D.F一直减小 课时检测训练·物理 338距离不变，则0角度不变，所以F=14.(1)0.5G(2)0.4G 小球乙缓慢上升一小段距离的过程 G F一20所以绳子上的拉力不变， 解析(1)分析 中，物体甲保持静止，0不变，又F 圆柱体工件的 F,cosa,则摩擦力随着轻绳拉力F,的 绳的两端高度差的大小，对绳子的拉 受力可如，沿轴 增大而逐渐增大，故D正确。 力没有影响，故A、D错误：当杆M向 线方肉受到拉 F 左移一些，两杆之问的距离变大，绳 力F、两个侧面 长不变，所以0角度减小，5in0减小： 对圆柱体工件的滑动摩擦力， 绳子拉力变大，故B错误：换用府长 由题给条件知F一F,将工件的重力 一些的轻质晾农绳，0角度变大，绳子 进行分解，如图所示， 拉力变小，故C正确。 由平衡条件可得G=F,=F:, 用g M 由F=aF,+F:得F=0.5G 以 (2)把鉴个装置顿斜，则重力沿压繁两 5.AD解析以重物 侧的解面的分力F'=F,'=Gos37 为研究对象分析受 =0.8G, 力情况，受重力 此时工件所受槽的摩擦力大小F,' mg、OM绳上拉力 G 2F'=0.4G F:MN上拉力F, 11.C解析以物体和梯子整F2 课时检测训练8 由题意知，三个力 体为研究对象，在整直方向 1.D解析物体N受到重力、支持力和 的合力始终为零，兵量三角形如图所 有2F:=mg,可得F= 静摩擦力三个力作用，M和N整体受 示，F、F的夹角不变，在F,转至水平 竖，以左侧梯子焦境为研究个 到重力和外力F两个力作用，整直墙 的过程中，矢量三角形在同一外接圆 对物体M没有弹力，则没有摩擦力，所 上，由图可知MN上的张力F,逐渐增 对象，受力分析如图所示，则有 以物体M受到外力F,重力，N对M 大，OM上的张力F,先增大后减小，所 的压力和摩擦力四个力作用，选项A、 以A、D正确，B、C错误。 分，解得F-2mgtn受，系统静 BC错误，D正确。 6.C解析小琥 2.D解析以O点为研究件丝 沿圆环缓慢上移 止时地面对左侧梯子的摩擦力的方向 对象，受力分析如图所示， 0 可看成小球始终 R 向右，故C正确，ABD错误。 由几何关系可知0■30°，在 受力平衡，对小 2.B解析物体在力F作用下和力 R 垦直方向上，由平衡条件可 0 球进行受力分 F,作用下匀速运动时的受力如图所 得Fc0s30°+F,C530°= 析，作出受力示 示，将物体受力沿斜面方向和垂直 F,又F,=F,可得F=√3F,故D正 于斜面方向正交分解，由平衡条件可 意图如国所示，由三角形相似，得 R 确，A、B、C错误。 得：F=mg5in8+F,F=mg0o5a, 3.A解析对左边的悬常ABC受力分 Fa-gF :F;cos 0mgsin 0+Fe,F AB尺，当A点上移时，半径不变， 析，如图所示，由平衡条件可得T山= =ngcos0十F,sin0,Fa=aFa,解 AB长度减小，故F减小，F、不变，故 得：F,=mgsin0+mgcos0,F Tas45,Tsn5-子Mg,解得Tn C正确. 7.D解析小球受F ugsin0十mgcos0.敌会=cos0二 cos 0-usin 0 =子Mg,故A正确。 力如图所示，在小 sin0.,B正确. 球缓慢上升过程 中，小球合力为 5 Tc 零，当拉力F与 支持力F。垂直时， 拉力最小，最小值 13.A解析对于处于平衡的A和B 为Fn=mgsin a,对小球和斜面整体 4.D解析以小球乙为研究对象，受力 的整体受力分析如图甲，对B球受力 分析，根据平衡条件可知F=F1 cos a 分析如图甲所示，设轻蝇与竖直方向 分析如图乙。由整体法可得F F#,对B球由合成法可得F= 的夹角为a,小球乙的质量为mz,根据 -gsin acos a-之mgsn2a,故走D. 平衡条件可得，水平拉力F=n:gtan a, 8.C解析设木棍与水平方向夹角为 Gtan0,其中A为等腰直角三角形，由 几何关系可知0=45：联立各式可得 小球乙缓慢上升一小段距离的过程 8,木棍长度为上，粮仓对木棍的作用力 F=G,故A正确，B、C,D错误 中，a增大，写知水平拉力F逐浙增大， 大小为F,为使木棍下端一定不发生侧 NAR 轻绳的拉力上，一肥。（轻笔的拉力 滑，由平衡条件有Fcos0≤Fsin0.由 h 何知识有tan0= 也逐渐增大。以物体甲为研究对象， 一，两式联 受力分析如图乙所示，辰据平衡条件 立解得L≤2m,即术棍的长度最大为 0 可得，物体甲受到的地面的摩擦力F 2m,故A,B,D错误，C正确。 G+C 与轻绳的拉力沿水平方向的分力等大 9.D解析以小球为研究对象，设小球 甲 反向，有F=F,=F,Cos0,由题可知， 所在位置沿切线方向与竖直方向夹角 高考一轮总复习+物理 ·572· 为0，沿切线方向有F,=ngeos0,沿半 的作用，故二者水平方向速度始终相 径方向有F、=ngsin0,透过细我将小 F,F>≥Mg,f从0开始逐渐增 同，故运动员越过杆后仍落在滑板上 球从M点缓慢向上拉至半圆最高点的 大，并且方向沿斜面向下，故B正确， 起跳的位置，选项D正确， 过程中日增大，所以细线对小球的拉力 C错误。 3.D解析开始时金属球、车厢及氢气 减小，小球对柱体的压力增大，故A,B 13.B解析 根据题意对S受力分析如 球有向右的相同速度，突然利车使车 错误：以柱体为对象，壑直方向有Fm 图甲， 厢做减速运动时，由于金属球比车厢 Mg十F、sin0=Mg十ngsin0,水平方 正交分解可知2F1c0s30°=F, 内同体积的空气质量大，惯性大，运动 向有F,=Fcos0=mgsin0cos8= 所以有,-F 状态不易改变，相对车厢还是向右运 2 mgsin20,0增大，柱体受到水平地 动，因此B向右偏，故BC带误。氢气 虽然有惯性但因为氧气密度小，空气 面的支持力逐渐增大：柱体对竖贞播 的密度大（惯性比气球大），所以向前 面的压力先增大后减小，当0=45°时柱 会到空气，力的作用是相互的，氢气 体对竖直墙面的压力最大，故C错误， 球被空气自后推开，相对车厢向左运 D正确。 动，故A错误、D正确。 10.A解析对甲，乙整体分析可知F Q 4.D解析当雄向下扇短膀起飞过 mgFmgtan 30 程中，其加速度方向向上，合外力方向 甲 向上，则有F,一G一F,>0,御F,>G十 =3mg,对乙受力分析可知F= F √(mg)+F=2mg,刻三条细我 5.B解析由牛频第二定律F=ma可 中所受拉力最大，设b与水平方向 知，甲的质量m,-5kg,乙的质量m mg=超 =4kg。质量是物体惯性大小的唯 夹角为a,则【ana= mg3·解得 量度，甲的质量大于乙的质量，所以甲 a=30°，可得细线a与b问的夹角0 的惯性比乙的大，故B正确，A,C铝 120十30°=150°，进项A正确，B、C 误：加速度是描述物体违度变化快慢 错误：设1与竖直方向的夹角为B,对 的物理量，两物体加速度相同，则建度 甲，乙整体分析可知F=3 ngtan, 变化快慢相同，故D错误。 若保持c水平，减小a与竖直方向的 对P受力分桥如图乙， 6.B解析对右边小球进行受力分所， 夹角日，线c中的拉力减小，选项D 则有(F,'sin30)十(F,十F,'cos30) 受到沿细线方向斜右上方的拉力，和 错误。 =F, 竖直向下的重力，设细线与空直方向 11,B解析设结点左侧绳长为L,,结 夹角为0，根据牛领第二定律有a= 点右侧绳长为1，有Icos8,十l,cos0 解得F=IF,故造B. 3 mgtm0,Fn一，加建度水辛有右， =d,由水平方向受力平衡，有 14,A解析对物体受力分析如国 Fcos 0Fcos.,cos 0 cos 0 可以判断小车可能向右加速，或者向 品=号，整直方向受力平衡，有 左减速，故A错误：同理，对左边小球 受力分析，可得ma=F、十ngtan0,F 2F,m=mg,解得F,=5m,A 3 一，联立可得F=F故书正 错误，B正确1将罐子的A端沿竖直 确，根据上面选项的分析，可知当汽车 木箱沿着斜面向上做匀速直线运动， 杆上移或将木板绕水平轴CD慢慢向 如速度增大时，F,不变。故C铅误： 极据平衡条件，合力为零，在垂直斜 纸面外旋转，由上述分析可知，由于 可如当汽车加速度减小时，悬挂小球2 面方向，有F十Fsin a=mngcos0,在 A,B两点的水平问距不变，左右两前 平行斜面方自，有Fosa=mngsin0 的细线与竖直方向的夹角变小，F:变 分与水平方向夹角不变，所以绳子拉 F,其中F=以F,联立解得F= 小。故D错误。 力大小不变，C、D错误。 7.C解析人对体重计的压力与体重 mgsin 0+umgcos 0(4+33)mg 12.B解析整 cosa十sina 30sin(a+60) 计对人的支持力是一对作用力和反作 个系统始终 当a=30°时F最小，则在a从0°逐渐 用力，选项B正确，A错误：人所受的 保持静止，故 增大到53°的过程中，F先减小后 重力和人对体重计的压力方向相同， B所受的合 既不是相互作用力，也不是平衡力，而 30 增大。 力为0，故A 课时检测训练9 人所受的重力和体重计对人的支持力 错误：对B受 1,C解析惯性是物体的固有属性，物 是一对平衡力，选项C正确，D错误 力分析，B只 体惯性的大小只与物体的质量有关， 8.D解析孩子的重力与父来双手坚 在竖直方向上受到绳的拉力和重力 与物体是否运动，运动速度的大小无 直方向上对孩子的作用力是一对平衡 故绳的拉力大小为B的重力，初始时 关，故A,B错误：若物体受到多个力的 力，A错误：父亲双手对孩子的作用力 沙桶B中没有沙子，质量为。M。现 作用且它们的合力为零，其运动状 与核子对父亲双手的作用力大小相 态将保持不变，故C正确：虽然物体间 等，方向相反，作用在同一直线上，根 向沙桶B中缓慢加入沙子，所以绳子 的相互作用力等大反向，但是它们分 据牛顿第三定律可知，这是一对作用 的拉力F,从之Mg逐渐增大，散D 别作用在两个物体上不能相互抵消， 力与反作用力，B错误：地面对该父亲 故D错误 的支持力等于父亲和孩子整体所受的 错误：对A受力分析如图，沿斜面方 2.D解析由于运动员相对于帝板竖 重力，C错误：该父亲每只手对孩子坚 向根据共点力平衡f+Mgsin30°= 直向上起跳，与滑板在水平方向无力 直方句上的摩擦力和支持力的合力等 ·573· 高考一轮总复习·物理