猜2025年物理高考题

第１　页 (共１１页) 猜２０２５年物理高考题 猜题人:伯乐马教研所猜题专家 问:为什么猜的题现在才发布? 伯乐马猜题专家答:不敢早,早了就是零概率. 问:何以见得? 高考命题组答:大数据时代,你们猜的题我们都知道,你们 猜着了我们就换题! 问:现在就不能换题了吗? 高考命题组答:现在真不能换题了,现在试题在反复校审或 在印刷的路上了,猜着了说明你本事大、运气好! 问:伯乐马公司作者有参加今年高考命题的吗? 伯乐马总编辑答:当然了,确认的就有四位作者;伯乐马每 年都能猜到大量高考题,我们的作者有高考命题的经验、实力、 境界,和高考命题组秘书长在同一频道上,自然心有灵犀! 　　猜题理由:牛顿定律不适合微观世界,但动量守恒定律适合,所以在原子物理里面 考动量问题,一定会被高考命题物理专家们重视起来! 曾经考试中心物理专家就刻意强 调过! 还有这题出身好啊,是北京海淀区教科院最新出炉的好题! １．对于静止的自由原子,当其从高能级向低能级跃迁发射光子时,原子会因反冲而获 得一定的能量,该能量远小于原子两能级之差,所以可认为光子的能量等于两能级 之差.对于静止的自由原子核,当其从高能级向低能级跃迁发出高能γ 射线时,原 子核也会因反冲而获得一定的能量.通常情况下,与γ 射线的能量相比,原子核因 反冲而获得的能量不可忽略.若将放射源和吸收源进行冷却,部分原子核被严格束 缚在晶体的晶格位置,这些原子核在发射或吸收γ 射线时,反冲可以被完全抑制. 根据以上信息,对于两能级差仅为E 的原子核,下列说法正确的是 A．自由原子核在发射或吸收γ 射线的过程中,原子核和γ 射线组成的系统动量守恒 B．单个静止的自由原子核发射的γ 射线的能量一定小于E C．单个静止的自由原子核吸收的γ 射线的能量一定大于E D．单个被严格束缚在晶格位置的原子核吸收的γ 射线的能量小于E 答案:ABC 自由原子核在发射或吸收γ 射线的过程中,系统不受外力作用,系统动量守恒,A 第２　页 (共１１页) 正确; 由于原子核发射γ 射线时会因反冲获得动能,根据能量守恒,γ 射线的能量必须小于 两能级差E,B正确; 原子核吸收γ 射线时也需要克服反冲能,因此吸收的γ 射线能量必须大于E 才能实 现跃迁,C正确; 题干指出,被严格束缚的原子核反冲被完全抑制,因此吸收的γ 射线能量等于E,而 不是小于E,D错误. 　　猜题理由:补偿法好题,解决了这类实验的系统误差问题,换言之这类实验的最佳 方案;高考一直没考这个补偿法,以前全国卷考试中心命题,顾忌很多,现在是各省考 试院命题,这个题型一定会被重视! ２．(１０分) 某同学利用如图１所示装置测量滑块与长金属板之间的动摩擦因数.金属板固定于 水平实验台上,一轻绳跨过定滑轮,左端与放在金属板上的滑块 (滑块上固定有宽度为 d 的遮光条)相连,另一端可悬挂钩码.本实验中可用的钩码共有 N＝６个,质量均为 m. 　　　 实验步骤如下: ①在金属板上适当的位置固定光电门A 和B,两光电门通过数据采集器与计算机相 连; ②用电子秤称量出滑快和遮光条的总质量M; ③将n (依次取n＝１,２,３,４,５,６)个钩码挂在轻绳右端,其余 N－n 个钩码 固定在滑块上.用手按住滑块,并使轻绳与金属板平行.接通光电门,释放滑块.计算 机自动记录:遮光条通过光电门A、B 的时间t１、t２,以及遮光条的后端从离开光电门 A 到离开光电门B 的时间t; ④经数据处理后,可得到与n 对应的加速度a 并记录. 回答下列问题: (１)忽略遮光条通过光电门时速度的变化,滑块加速度a 的表达式为 (用 题给物理量符号表示); (２)利用记录的数据拟合得到a－n 图像,如图２所示,该直线在纵轴上的截距为 －b,重力加速度为g,则μ 的表达式为 ; (３)考虑到定滑轮转轴的摩擦,则μ 的测量值 (选填 “偏大” “偏小”或 “不变”). 第３　页 (共１１页) ２．(１) １ t d t２ － d t１ æ è ç ö ø ÷ 　　 (２) b g 　　 (３)偏大 解析: (１)滑块通过光电门A、B 时的速度大小分别为vA ＝ d t１ ,vB ＝ d t２ ,则滑块的加 速度为a＝ vB－vA t ＝ １ t d t２ － d t１ æ è ç ö ø ÷ ; (２)对 滑 块 和 钩 码 整 体 根 据 牛 顿 第 二 定 律 有nmg－μ (６－n)mg＋Mg[ ] ＝ ６m＋M( )a,解得a＝ mg＋μmg ６m＋M n－μg ,由题意可知μg＝b,解得μ＝ b g ; (３)μ 的测量值实际包含了定滑轮转轴摩擦对系统整体摩擦力的贡献,所以μ 的 测量值比实际值偏大. 　　猜题理由:权贵紫禁城海淀区教科院刚出炉的新题、好题! ３．如图１所示,“冰坑挑战”需要挑战者先进入一个坡面与水平面夹角为θ、半径为R 的倒圆锥型冰坑,然后尝试从其中离开.方式甲———挑战者沿着如图２甲所示坡面向 上走或爬的方式,很难离开冰坑,通常还是会滑回坑底.方式乙———挑战者沿着如 图２乙所示的螺旋线方式跑动多圈后,最终可以成功离开冰坑.已知挑战者的质量为 m,其与冰面的动摩擦因数为μ,重力加速度为g.为了讨论方便,假定滑动摩擦力 与最大静摩擦力大小相等;方式乙中人的跑动半径r缓慢增大,每一圈的轨迹都可近 似为与水平地面平行的圆.下列说法正确的是 A．在方式甲中,一定满足关系式mgsinθ＜μmgcosθ B．在方式甲和方式乙中,挑战者受到的最大静摩擦力大小不同 C．在方式乙中,可利用mgtanθ＝m v２ r 求得每圈的最小速度 D．在方式乙中,挑战者离开冰坑做的功至少为mgRtanθ 答案:B 由于在方式甲中,挑战者很难离开冰坑,通常还是会滑回坑底.说明挑战者受到的 摩擦力小于重力的下滑分力,即有mgsinθ＞μmgcosθ,A错误; 在甲图方式在,其最大摩擦力f甲 ＝μmgcosθ 在乙图方式中,对挑战者受力分析如图: 第４　页 (共１１页) 在水平方向上,根据牛顿第二定律则有FNsinθ－f乙 cosθ＝ mv２ r 其中v 为挑战者圆周运动的线速度,r为挑战者在该平面圆周运动的半径; 在竖直方向上,根据平衡条件可得FNcosθ＋f乙 sinθ＝mg 联立解得f乙 ＝mgsinθ－ mv２ r cosθ 显然f甲 ≠f乙 ,B正确; 在乙方式中,由上述分析可知,支持力与摩擦力在水平方向的合力提供挑战者圆周 运动的向心力,因此不能利用mgtanθ＝m v２ r 求每圈的最小速度,C错误; 由题可知,冰坑的深度为h＝Rtanθ 整个过程中,挑战者克服重力做的功WG＝mgh＝mgRtanθ 除此之外,挑战者还有克服摩擦力做一部分功,故在方式乙中,挑战者离开冰坑做 的功至少大于mgRtanθ,D错误. 　　猜题理由:试题来源于这几年新晋权贵,试题和当年的高考题吻合度很高! ４．(１０分) 如图甲所示,某实验兴趣小组用铜片、铝片和可乐制成可乐电池,其电动势小于 １V,内阻大于１kΩ,为测量该可乐电池的电动势和内阻,提供的实验器材如下: A．电流表 (０~０􀆰６A,内阻为０􀆰５Ω); B．电流表 (０~３００μA,内阻为３００Ω); C．电阻箱 (０~９９９９Ω); D．电阻箱 (０~９９􀆰９９Ω); E．开关,导线若干. (１)实验时,为了更准确测量可乐电池的电动势和内阻,电流表应选择 (选填 “A”或 “B”),电阻箱应选择 (选填 “C”或 “D”). (２)根据选择的实验器材,设计实验,并在图乙的虚线框中画出实验电路图 (电阻 箱符号 ). (３)通过实验数据画出相应的可乐电池的R－ １ I 图像如图丙中实线所示,可知该可 乐电池的电动势约为 V (保留１位有效数字),内阻约为 kΩ (保留２ 第５　页 (共１１页) 位有效数字). (４)将该可乐电池静置一段时间后再次测量,获得的R－ １ I 图像如图丙中虚线所 示,可知该可乐电池静置后的内阻 (选填 “大于” “小于”或 “等于”)静置 前的内阻. ４．(１)B　C　 (２) 　 (３)０􀆰５　１􀆰７　 (４)大于 解析: (１)电路最大电流约为I＝ E r ＝ １ １０００A＝０􀆰００１A＝１mA ,为减小实验误差,电流 表应选择B; 电路最小总电阻约为R＝ E Ig ＝ １ ３００×１０－６Ω≈３３３３Ω ,电阻箱应选择C. (３)根据图示电路图,由闭合电路的欧姆定律得E＝Ir＋R＋RA( ) 整理得R＝E １ I－r－RA 由图丙所示实线可知,图像斜率k＝E＝ ６－ －２( )[ ] ×１０３ １６×１０３ V＝０􀆰５V 纵轴截距绝对值b＝r＋RA＝２０００Ω 电池内阻r＝１７００Ω＝１􀆰７kΩ (４)由图丙所示图像可知,虚线纵轴截距的绝对值大于静置前纵轴截距的绝对 值,则可乐电池静置后电池内阻增大. 第６　页 (共１１页) 　　猜题理由:芯片卡脖子、AI时代,“磁聚焦与磁发散”这个点将顺理成章跃上高考 舞台! 磁聚焦与磁发散 条件:①磁场是圆形磁场 ②磁场圆的半径和轨迹圆的半径相等 ③大量带电的粒子平行入射. 结论:这些粒子会汇聚一点射出磁场,反之亦然. 一点发散成平行　　　　　　　　　　　　　　　　平行汇聚于一点 证明: 磁场圆的两条半径, 轨迹圆的两条半径组成的四边形是菱形. 因为OO′是角平分线, 所以∠１＝∠２, 因为OB＝OB′, 所以∠２＝∠３, 所以∠１＝∠３, 四边形AOBO′是菱形. 如图所示, 大量的同种带正电的粒子, 速度大小相同, 平 行入射到圆形磁场区域, 如果轨迹圆半径与磁场圆半径相等即 R＝r, 则所有的带电粒子将从磁场圆的最低点B 点射出． 平行四边形OAO′B 为菱形, 可得BO′为轨迹圆的半径, 可知从A 点发出的带电粒子必然经过B 点． 第７　页 (共１１页) ５．(１５分) 如图,一半径为R１ 的圆内存在匀强磁场,磁感应强度大小为B１,方向垂直于纸面 向里,在圆形磁场右边有一接地的 “ ”形金属挡板abcd,ab＝cd＝３R１,bc＝４R１, 在bc边中点O 开一小孔,圆形磁场与bc边相切于O 点,挡板内存在垂直于纸面向里的 匀强磁场,且磁感应强度大小B２＝０􀆰５B１,在cd 边下方２R１ 处放置一足够长的水平接 收板P,初速度可忽略的大量电子,经过电压U 加速后,有宽度为２R１ 的平行电子束 竖直向上进入圆形磁场,均通过O 点进入B２,电子质量为m,电荷量为e,忽略电子间 的相互作用和电子的重力,其中U、B１、m、e已知,求: (１)电子进入圆形磁场区域时的速度v; (２)圆形磁场区域的半径R１; (３)电子在水平接收板上击中的区域. ５．(１)电子初速度为０,忽略电子间的相互作用和电子的重力,经过电压U 加速, 则eU＝ １ ２mv ２ 解得v＝ ２eU m (２)因为有宽度为２R１ 的平行电子束竖直向上进入圆形磁场,均通过O 点,画图可 知,圆形磁场半径等于电子在其运动轨迹的半径, 即R１＝R＝ m eB１ ２eU m ＝ １ B１ ２mU e (３)挡板内电子进入挡板内磁场,由evB＝m v２ r 可知,在挡板内做圆周运动的半径 为圆形磁场内圆周运动半径的２倍,即R２＝２R１ 当圆的轨迹与ab边相切时,即粒子在O 点速度方向向上,此时粒子可以射到收集 板,如图所示. 随着粒子在O 点速度从竖直向上往顺时针偏转时,其轨迹也绕O 点顺时针偏转,当 第８　页 (共１１页) 偏转到圆的轨迹与ad 边相切时,此时粒子刚好不能射到收集板,如图所示 在右边大三角形中tanθ＝ AH１＋４R１ x１ 在△O１H１A 中O１H１＝３R１－２R１＝R１,O１A＝２R１ sinθ＝ O１H１ AO１ ＝ R１ ２R１＝ １ ２ 则θ＝ π ６ AH１＝ ３R１ 代入解得x１＝ ３＋４３( )R１＝ ３＋４３( ) 􀅰 １ B１ ２mU e 电子在水平接收板上击中的区域为x１ 这一区域. 第９　页 (共１１页) 　　猜题理由:考法新颖,权贵紫禁城最新出炉! ６．夏天的柏油马路上经常会看到前方路面上好像有一滩波动的水,有时候还看到车的 倒影.高温下,路面上方空气层的温度由下至上梯度减小,折射率也随之变化.如 图所示,从汽车上A 点反射的太阳光线在空气中多次折射,在底层空气发生了全反 射,下列说法正确的是 A．该光线在传播过程中频率不断变化 B．该光线在温度越高的空气层的折射率越小 C．该光线在温度越高的空气层的传播速度越小 D．若减小该光线的入射角θ,该光线更容易发生全反射 答案:B 该光线在传播过程中频率保持不变,故 A错误; 由题意可知,路面上方空气层的温度由下至上梯度减小,则越下面的空气层温度越 高,由光路图可知,下面的空气层相对于上面空气层属于光疏介质,即下面的空气 层相对于上面空气层的折射率小,故该光线在温度越高的空气层的折射率越小; 根据v＝ c n 可知,该光线在温度越高的空气层的传播速度越大,故B正确,C错误; 由光路图可知,若增大该光线的入射角θ,该光线更容易发生全反射,故D错误. 　　猜题理由:一眼就能感觉出,芯片卡脖子、AI时代,高中知识范围内难得的跟高 科技相关的好题、新题! ７．光电倍增管是进一步提高光电管灵敏度的光电转换器件.管内除光电阴极和阳极外, 两极间还放置多个瓦形倍增电极.使用时相邻两倍增电极间均加有电压,以此来加 速电子.如图所示,光电阴极受光照后释放出光电子,在电场作用下射向第一倍增 电极,引起电子的二次发射,激发出更多的电子,然后在电场作用下飞向下一个倍 增电极,又激发出更多的电子,如此电子数不断倍增,使得光电倍增管的灵敏度比 普通光电管要高得多,可用来检测微弱光信号.下列说法正确的是 A．光电倍增管正常工作时,每个倍增电极上都发生了光电效应 B．光电倍增管中增值的能量来源于照射光 C．图中标号为偶数的倍增电极的电势要高于标号为奇数的电极的电势 D．适当增大倍增电极间的电压有利于探测更微弱的信号 第１０　页 (共１１页) 答案:D 光电效应是在高于极限频率的电磁波的照射下,物质内部的电子吸收能量后逸出的 现象,光电倍增管正常工作时,每个倍增电极上被加速后的电子撞击激发出更多的 电子,故不是光电效应,A错误; 光电倍增管中增值的能量来源于相邻两倍增电极间的加速电场,B错误; 电子在相邻倍增电极中加速,故图中标号数字较大的倍增电极的电势要高于数字较 小的电极的电势,C错误; 适当增大倍增电极间的电压,被加速的电子获得的动能更大,更有利于电极电子的 电离,故有利于探测更微弱的信号,D正确. 　　猜题理由:力学综合的典型模型,这个题型任何时候都有可能被高考命题组用上! ８．如图１所示,质量相等的物块 A、B紧靠在一起放置在水平地面上,水平轻弹簧一端 与 A拴接,另一端固定在竖直墙壁上.开始时弹簧处于原长,物块 A、B保持静止. t＝０时刻,给B施加一水平向左的恒力F,使A、B一起向左运动,当A、B的速度 为零时,立即撤去恒力.物块B的v－t图像如图２所示,其中t４ 至t５ 时间内图像 为直线.弹簧始终在弹性限度内,A、B与地面间的滑动摩擦力大小恒定,最大静摩 擦力等于滑动摩擦力.下列说法正确的是 A．t３ 时刻 A、B分离 B．改变水平恒力F 大小,t４~t５ 的时间不变 C．０~t４ 时间内图像满足同一正弦函数规律 D．０~t２ 和t２~t４ 时间内图２中阴影面积相等 答案:D 由题意结合题图２可知,t３ 时刻弹簧弹力与B所受的摩擦力大小相等,弹簧处于压 缩状态,t４ 时刻弹簧刚好恢复原长,A、B刚要分离,故 A错误; 改变水平恒力F 大小,则弹簧压缩量变化,弹性势能改变,两物体分开时B的动能 增大,则t４~t５ 的时间改变,故B错误; ０~t２ 时间内整体受外力、弹力、摩擦力做功,t２~t４ 时间内受弹力与摩擦力做功, 根据功能关系可知动能变化不相同,则０~t４ 时间内图像不满足同一正弦函数规律, 故C错误; t４ 时刻弹簧刚好恢复原长,根据图像与坐标轴围成的面积代表位移可知,０~t２ 和 t２~t４时间内图２中阴影面积相等,故D正确. 第１１　页 (共１１页) 　　猜题理由:经典模型出新,是高考命题的最爱;权贵紫禁城东城区教科院最新出 炉! ９．(１３分) 在高能物理实验中,静电分析器或者磁分析器都可将比荷不同的带电粒子分离.已 知质量为m、电荷量为q的正离子由静止释放,经过电压U 加速后分别进入静电分析器 或磁分析器的细管中,该离子在细管中均做半径为R 的匀速圆周运动,如图甲、乙所 示.静电分析器细管中的电场强度大小可认为处处相等,磁分析器中的磁场方向如图乙 所示.不计离子重力. (１)求静电分析器细管中的电场强度大小E; (２)求磁分析器中匀强磁场的磁感应强度大小B; (３)为了分离１２６C和１３６C两种同位素,将它们都电离成三价正离子 (C３＋ 离子),采 用磁分析器分离.保持磁场不变,改变加速电压,接收器可以在不同的加速电压下分别 接收到其中的一种同位素离子,如图丙所示.请分析判断图丙中的①、②哪条线对应 １２ ６C的C３＋ 离子? ９．(１)由动能定理可得qU＝ １ ２mv ２ 解得v＝ ２qU m 静电力提供向心力,由牛顿第二定律得Eq＝ mv２ R 解得E＝ ２U R (２)洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律可得qvB＝ mv２ R 解得B＝ １ R ２mU q (３)由 (２)中的结果可知U＝ B２R２q ２m 当离子在磁分析器中做圆周运动的半径R、以及磁感应强度大小B 一定时,比荷越 大,则加速电压越大.根据图丙可知,加速度U＝１􀆰９３×１０６V的线②对应１２６C的C＋３ 的离子.