物理（湖北专用）-2025年中考终极押题猜想

2025年中考物理终极押题猜想（湖北专用） 目录 题型一 单项选择题 2 押题猜想01 声与光 2 押题猜想02 热学 7 押题猜想03 能源与信息传递 12 押题猜想04 力学基础 17 押题猜想05 力学中档 21 押题猜想06 多知识点综合 28 押题猜想07 电学基础 30 押题猜想08 生活用电 33 押题猜想09 电磁学 36 押题猜想10 电学中档 39 题型二 填空题 44 押题猜想11 声、光、热学 44 押题猜想12 力学 47 押题猜想13 多知识点综合 50 押题猜想14 电磁学 52 题型三 作图题 56 押题猜想15 光学 56 押题猜想16 力学 57 押题猜想17 电磁学 59 题型四 实验题 62 押题猜想18 光、热学实验 62 押题猜想19 力学实验 68 押题猜想20 电磁学实验 72 题型五 计算题 78 押题猜想21 电热学综合计算 78 押题猜想22 力学综合计算 84 押题猜想23多知识点综合计算 91 题型一 单项选择题 押题猜想01 声与光 1．（原创）某新款AI（人工智能）助手可以识别主人说出的“指令”，进而调控家庭物联网中的设施，却无法调控相关设施，该功能主要依据声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．频率 押题解读 （1）声音的产生与传播，声音的三种特质的区别，声音的利用和噪声的控制，是近些年来命题的热点，常考查教材图片的组合，是声学内容的考查越来越体现出知识的整合和理解能力。 考前秘笈 理解声音频率的含义，发出44Hz的声音是指声音每秒钟振动44次；振幅是指声音振动的幅度，声音的响度和振幅有关，振幅越大，响度越大；声音的传播是需要介质的，介质可以是气体、液体或气体，真空不能传声。 2．（改编）生活中常见到各种光现象，其中属于光的反射现象的是（　　） A． 透过树丛的光 B． 海市蜃楼 C． 手影 D． 水中倒影 押题解读 光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，如平面镜成像、水中倒影；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象。教材图片组合考查是近年来武汉常考方法。 考前秘笈 光的反射、折射、光的直线传播等相关的现象在生活中均非常常见，且有一定的相似性，我们应把握其实质。 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （2）（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 3．在“探究凸透镜成像规律”实验中，某学习小组先用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距，之后正确安装并调节实验装置后，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是5.0cm B．图乙中，光屏上成的是倒立、放大的实像 C．图乙中，蜡烛燃烧缩短1cm，则像也缩短1cm D．图乙中，用不透明纸板遮住部分凸透镜，光屏上的像亮度不变 押题解读 考查凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 考前秘笈 凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＜f，成正立、放大的虚像；凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的特点。 1．变声期特指青少年在13岁至16岁之间声音发生变化的时期。变声期时，女孩的喉部变得狭小，声带较短、较薄、振动频率高，声音变的比较尖细；男孩子的喉腔变大，声带较宽、较厚，振动频率低，声音变的比较低沉而粗，根据以上描述，变声期发生最明显的变化主要是声音的（　　） A．大小 B．音调 C．音色 D．响度 2．中华文化博大精深，有些古诗词中蕴含着丰富的物理知识。“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，描写了诗人张继途经寒山寺时听到钟声的场景。下列分析正确的是（　　） A．钟声是由空气振动产生的 B．钟声是通过空气传入人耳的 C．诗人根据声音的音调分辨出钟声 D．钟声的频率小于20Hz 3．《黑神话：悟空》火爆全球，以游戏为载体向世界展示了优秀的中华传统文化，其中弹着三弦的“陕北说书”更是火出了圈，下列说法正确的是（　　） A．琴弦停止振动时，弦还会发声 B．琴声只能在空气中传播 C．琴声一定不会成为噪声 D．按压琴弦的不同位置可改变音调 4．（改编）如图所示，“钟”是我国古代用铜或铁制成的一种打击乐器。由于金属钟钟体厚重，需以槌用力敲击方能使其振动发声。《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，大者闻十里，小者亦及里之余。”下列说法错误的是（　　） A．钟声是由钟体振动产生的 B．钟声只可以在空气中传播 C．“大者闻十里”中的“大”是指声音的响度大 D．用槌分别敲击铜钟和铁钟，发出声音的音色不同 5．如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（　　） A．语音助手发出的声音的频率低于20Hz B．减小声音音量实质是降低响度 C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音调 D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量 6．下列四个实验或实例中都与声相关，其中包含的物理原理能够解释“在太空中行走的宇航员不能直接对话”的是（　　） A．拨动直尺会产生声音 B．逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到声音变小 C．扬声器发声时，烛焰会“跳舞” D．车子排气管上的消声器大大减弱了噪声 7．古有匡衡“凿壁借光”发奋读书，成为了一名大学问家，下列现象中与“凿壁借光”光学原理相同的是（　　） A．雨后彩虹 B．水中倒影 C．树荫下的光斑 D．汽车后视镜 8．如图所示，一只水鸟站在水中觅食，从图中可以看到黑色影子和清晰的倒影。下列说法正确的是（　　） A．黑色影子是由于光折射形成的 B．清晰倒影是光的反射形成的实像 C．当水鸟向高处飞行时，倒影到水面的距离不变 D．能从不同的角度看到水鸟，是因为光在水鸟身上发生了漫反射 9．如图，为了探究光反射时的规律，把一个平面镜放在水平桌面上，纸板ENF是用两块纸板连接起来的，纸板NOF可以向前或向后折。下列说法不正确的是（　　） A．纸板NOF可以向前或向后折，是为了探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 B．入射光线靠近ON时，反射光线靠近ON C．使一束光贴着纸板沿NO方向射到O点，这时没有反射光射出 D．使用此实验装置还能探究光在反射时光路是否可逆 10．在“探究平面镜成像特点”的实验中，下列说法错误的是（　　） A．实验时应选较薄的玻璃板代替平面镜竖立在水平桌面上 B．在寻找蜡烛像的位置时，眼睛应在玻璃板放有点燃蜡烛的一侧观察 C．在蜡烛像的位置放上光屏，光屏上不能承接到蜡烛的像 D．保持蜡烛A的位置不变，让玻璃板稍倾斜些，蜡烛A的像位置不变 11．小明用同一凸透镜先后观察书本上的字，看到了如图甲、乙所示的情景，下列说法中正确的是（　　） A．甲图原理同放大镜，乙图原理同照相机 B．甲、乙图中凸透镜离书本较远的是甲图 C．甲图中凸透镜成虚像，乙图中凸透镜成实像 D．甲、乙图中将凸透镜靠近书本，看到的像都变大 12．在“探究凸透镜成像规律”实验中，某学习小组先用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距，之后正确安装并调节实验装置后，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是5.0cm B．图乙中，光屏上成的是倒立、放大的实像 C．图乙中，蜡烛燃烧缩短1cm，则像也缩短1cm D．图乙中，用不透明纸板遮住部分凸透镜，光屏上的像亮度不变 押题猜想02 热学 1．（原创）“不知庭霰今朝落，疑是林花昨夜开”中的“霰”，是古人视为吉祥的象征，如图所示。下列与“霰”的形成过程相同的是（　　） A．液化 B．凝华 C．凝固 D．熔化 押题解读 液化的概念及现象；熔化的概念及现象；熔化的吸热特点；凝固的概念及现象；汽化的吸热特点，利用所学知识解释生活中的具体问题，体现了从物理走向生活，从生活走向物理的核心素养要求。 考前秘笈 1）物态变化共有六种：①熔化是物质由固态变为液态；②凝固是物质由液态变为固态；③汽化是物质由液态变为气态；④液化是物质由气态变为液态；⑤升华是物质由固态变为气态；⑥凝华是物质由气态变为固态。 （2）解决此题的关键是知道物态变化的名称，知道物质从固态变为液态的过程是熔化现象，依据各选项中的物态变化进行分析即可。 2．甲、乙两种固体熔化过程的温度一时间图像如图所示，下列判断错误的是（　　） A．甲是晶体且其熔点为48℃，乙是非晶体 B．甲的熔化过程持续了4min C．在4﹣8min内，甲的内能一定大于乙的内能 D．甲在ab段处于固液共存状态，在b点的内能大于a点的内能 押题解读 热学的实验探究考查，涉及到图像问题，考查学生识图、辨图的能力，把晶体和非晶体的熔化图像放到一个坐标系中，考查了学生从图像中获取信息的能力，考查的很全面。 考前秘笈 固体分晶体和非晶体，晶体和非晶体的重要区别是晶体有一定的熔点，而非晶体没有。 晶体有一定的熔点，非晶体没有固定的熔点，同一晶体的熔点和凝固点相同。晶体熔化的特点：晶体熔化过程吸收热量，温度保持不变，但内能增加。 3．汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是四冲程汽油机的工作循环示意图（　　） A．图甲是压缩冲程，是将内能转化为机械能 B．在一个工作循环中，活塞上下往复一次 C．图丙冲程中，汽缸内的内能减小、温度降低 D．图丁是吸气冲程，吸入汽缸的物质是汽油 押题解读 内燃机四冲程的能量转化；四冲程的判断；燃料热值的概念等综合性考查，这类题综合性考查。 考前秘笈 内燃机的四个冲程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能；汽油机的一个工作循环中，活塞上下往复两次；吸气冲程吸入汽缸的物质是汽油和空气的混合物。 1．“少壮不努力，老大徒伤悲”是《汉乐府长歌行》中的名句，诗中“朝露待日晞”描述了阳光照耀露珠的情景。在阳光照射下，露珠会慢慢消失，这种物态变化是（　　） A．汽化 B．升华 C．液化 D．凝华 2．《天工开物》记载的“透火焙干”是造纸的一道工序，其做法是将刚生产出的湿纸张贴在烤火的墙上，给墙壁烤火能加快湿纸变干发生的物态变化是（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．升华 3．运用物理知识可以解决许多生活实际问题，如图所示所蕴含物理知识解释正确的是（　　） A．甲图：寒冬撒盐熔雪，是为了提高雪的熔点 B．乙图：持续加热，炖盅内外的水都会沸腾 C．丙图：利用干冰进行人工降雨，利用了干冰温度较低且汽化吸热 D．丁图：电冰箱工作时，制冷剂发生的物态变化有汽化和液化 4．龙年春节前夕，一场突如其来的冻雨和大雪导致湖北省内部分高速公路关闭。冻雨的形成是因为高层的冰晶和雪花在经过中层的暖层后融化成液态雨滴，再经过低层的冷层迅速冻结落地成冰。有关此现象下列说法正确的是（　　） A．冰晶融化—凝华 B．雪的形成—凝固 C．落地成冰—凝固 D．冻雨的形成—液化 5．如图为国家级非物质文化遗产——“打铁花”，其原理是将生铁烧成铁水，再将铁水泼向空中并用力击打，形成四处飞溅的耀眼“铁花”。下列与生铁烧成铁水涉及的物态变化相同的自然现象是（　　） A．立春时节冰化成水 B．白露时节草叶上的露珠 C．霜降时节枝头上的霜 D．冬至时节房间玻璃上的雾 6．生活中的很多现象可以用学过的物理知识加以解释，下列解释错误的是（　　） A．取出冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，发现包装外层出现小水珠，这是液化现象 B．“下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热 C．游泳后，刚从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上水分蒸发带走热量 D．天气很冷时，窗玻璃上会出现冰花，这是一种凝固现象 7．螺蛳粉是年轻人喜欢的特色小吃，虽然煮好的螺蛳粉带有浓浓的“臭味”，但它其实是具有独特风味的美食。下列分析正确的是（　　） A．煮螺蛳粉是通过做功改变物体内能的 B．螺蛳粉的“臭味”四溢是扩散现象 C．煮好的螺蛳粉变凉的过程中，分子运动加快 D．煮螺狮粉时，汤的温度高，内能大，含有的热量多 8．在厨房用砂锅炖鸡汤时，很多现象都可以用物理知识来解释。下列说法正确的是（　　） A．鸡汤吸收了热量，温度一定升高，内能一定增加 B．用天然气炖鸡汤时，调大火力可以提高天然气的热值 C．炖汤时，汤汁沸腾将壶盖顶起的能量转化与四冲程内燃机中做功冲程能量转化相同 D．停止加热，鸡汤会立刻停止沸腾 9．将某物质放入试管中，再将试管放入装有水的烧杯中，如图甲所示。图乙所示是该物质从固态变成液态再变成固态的过程中温度随时间变化的图像。在标准大气压下，D时刻撤去酒精灯和装有水的烧杯。以下说法正确的是（　　） A．EG段持续放热，该物质内能先不变后减少 B．第13分钟，该物质一定是固态 C．AD段该物质从固态变成液态，发生的物态变化是液化 D．与第13分钟相比，该物质第1分钟的分子运动更剧烈 10．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的水，并用不同的加热器加热，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图像。下列说法正确的是（　　） A．甲、乙两容器中的水的内能是通过做功的方式改变的 B．甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量相同 C．加热相同的时间，甲、乙两容器中的水升高的温度之比为2：3 D．将甲、乙两容器中的水从20℃加热至100℃所需要的时间之比为2：3 11．如图所示，是某汽油机工作的四个冲程，下列说法错误的是（　　） A．一个工作循环的顺序是：乙丙甲丁 B．吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物 C．使燃料尽可能充分燃烧可提高热机效率 D．选汽油作内燃机的燃料是因为其热值大 12．北京时间2025年1月17日12时7分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将巴基斯坦PRSC﹣EO1卫星发射升空，发射任务获得圆满成功。如图所示，火箭在发射升空时（　　） A．火箭理想的液态燃料是液态氢，是因为它具有较大的热值 B．燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能 C．火箭发射过程中燃烧的液态氢越多，火箭发动机效率越高 D．火箭加速升空的过程中，火箭与空气摩擦，火箭外壳内能增大 押题猜想03 能源与信息传递 1．如图所示，敦煌盐塔式光热电站将太阳光会聚到熔盐吸热塔，阳光的能量被熔盐吸收，将水加热成水蒸气推动汽轮机发电，下列说法正确的是（　　） A．盐塔式光热电站实现了光电转化，将光能直接转化为电能 B．太阳能是不可再生能源 C．熔盐通过热传递的方式改变内能 D．能量在转移和转化过程中总量不断减少 押题解读 ‌ 湖北能源知识点通常以选择题和填空题形式考查，分值占比约3~4分，基础题型为主，常与热学、电学知识点结合出现。‌选择题，判断能源类型、能量转化实例。‌填空题，结合生活场景考查能源应用。 考前秘笈 区分可再生能源（太阳能、风能）与不可再生能源（化石能源、核能）的定义；能量转化与效率，重点掌握太阳能转化为电能、热能的过程及转化效率的影响因素。 强调物理模型与实际应用的结合，例如电池板仅负责能量转化，不储存能量。 命题趋势：注重基础知识与实际应用的结合，减少纯记忆性题目，增加情境化分析题。 备考建议：‌强化概念辨析，通过对比记忆区分能源类型与能量转化路径；‌关注实验题关联‌；联系社会热点，如“双碳”目标下的清洁能源能源应用实例。 2．我国于2018年和2024年先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，架起了地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图）（　　） A．鹊桥号利用声波进行信号传输 B．鹊桥二号利用电磁波进行信号传输 C．镀金钼丝天线反射的信号传播速度为3×108m/s D．信息从月球背面传到鹊桥二号比到鹊桥号用时更短 押题解读 ‌ 湖北武汉中考物理信息传递重点考查电磁波的性质及应用、通信设备工作原理、能量转化判断等基础知识点。以选择题为主，分值占比约3-4分，遇有填空题出现。此考点与能源交替考查。 考前秘笈 湖北信息传递备考建议‌强化基础概念，重点掌握电磁波传播特性（真空中速度3×10⁸m/s）、光纤通信原理（全反射）等核心知识；‌关注跨章节联系‌：结合能源章节理解核能、太阳能利用，结合光现象辨析电磁波与光的关系。 强调物理模型与实际应用的结合，电池板仅负责能量转化，不储存能量（易错点）。 命题趋势：信息传递部分更强调概念辨析与实际应用结合；备考建议：‌强化基础概念‌：重点掌握电磁波传播特性（真空中速度3×10⁸m/s）、光纤通信原理（全反射）等核心知识。‌关注跨章节联系‌：结合能源章节理解核能/太阳能利用，结合光现象辨析电磁波与光的关系。近年命题更注重学科素养，需通过真实情境（如5G通信、北斗导航）提升知识迁移能力。 1．能源问题是当今国际的热点话题，尤其是自俄乌战争爆发以来，许多国家开始谋求长远的多种能源出路。下面有关能源的说法正确的是（　　） A．水能和动植物等都属于不可再生能源 B．天然气和铀矿等属于可再生能源 C．核能发电是利用核聚变释放能量 D．氢弹是利用核聚变释放能量 2．下列关于材料、信息和能源的说法正确的是（　　） A．煤、石油、天然气这些属于可再生能源 B．现在遍布全球的通讯技术所依赖的媒介是超声波 C．计算机和手机里面的集成电路是由超导体材料制成的 D．核电站利用的是核裂变产生的能量 3．目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站（　　） A．太阳释放的能量来自太阳内部发生的核聚变 B．太阳能收集板主要是将太阳能转化为化学能 C．实现“无缆传输”的微波属于超声波的一种 D．太阳能是一种清洁无污染但不可再生的能源 4．新一代人造太阳“中国环流三号”取得重大科研进展，实现了高功率稳定的403秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，创造了新的世界纪录！关于太阳的研究，下列有关说法正确的是（　　） A．太阳是一个固态的球体，表面温度约为1000℃ B．太阳是人类的“能源之母”，煤、风能等能源都间接来自太阳能 C．在太阳内部氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的核能 D．太阳辐射包含可见光、紫外线、红外线等，红外线可用于消毒 5．如图所示是一款太阳能智慧路灯杆，它不仅能照明，还有Wi﹣Fi、视频监控、信息发布、一键报警等功能（　　） A．Wi﹣Fi主要是利用电磁波传递信息的 B．太阳能是不可再生能源 C．为手机充电时，手机电池相当于电路中的电源 D．智慧路灯应彼此串联接入供电网络 6．我国研发的“玲龙一号”核电机组，是全球首个多功能模块化的小型核电机组。下列关于核能的说法正确的是（　　） A．核能是一种化石能源，属于常规能源 B．核电站的核反应堆中发生的链式反应是可以控制的 C．利用核能发电是直接将核能转化成电能 D．核能是可再生能源，它是未来理想能源的一个重要发展方向 7．21世纪人类社会正面临着“能源危机”，因此，我们大力倡导节约能源，下列说法正确的是（　　） A．煤、石油、天然气属于一次能源，且均为可再生能源 B．电视机在待机状态下不消耗电能 C．用超导材料制成输电线可以大大降低输电线上电能损耗 D．核电站中的核反应堆发生的是可控制的核聚变，产生的核废水可以直接倒入大海 8．关于电磁波和现代通信，下列说法中正确的是（　　） A．我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用超声波进行定位的 B．光不能在弯曲的光纤中传播 C．中央电视台与黑龙江电视台发射的电磁波在同一区域内传播的速度不同 D．移动电话是利用电磁波传递信息 9．如图所示是电磁波家族。目前主流的无线WiFi网络常用的频率约是2.4GHz（＝2.4×109Hz）。根据所给信息，可以推测WiFi信号（　　） A．在真空中传播的速度比可见光小 B．属于红外线 C．波长比可见光短 D．频率比可见光小 10．2024年11月16日2时32分，天舟八号赁运飞船成功对接在空间站天和核心舱后向端口，如图所示，天舟八号将转入组合体飞行段，每90分钟绕地球飞行一圈（　　） A．航天器中各工作单元的电路都应采用串联方式，以便统一控制 B．组合体飞行时，以天和核心舱为参照物，天舟八号是静止的 C．空间站与地面指挥中心传递图像和声音信号是通过超声波 D．在空间站中，分子间相互作用的引力和斥力不再存在 11．复兴号动车组列车，是中国具有完全自主知识产权、达到世界先进水平的动车组列车，是目前世界上运营时速最高的高铁列车；图乙是一辆正在运行的动车车厢内的显示屏。下列说法正确的是（　　） A．乘坐体验更舒适，不但能充电而且有WiFi，WiFi信号是电磁波 B．安全保障技术先进，增设了碰撞吸能装置，可以“突破”能量守恒定律 C．感知系统更智能化，出现异常自动停车，停车时列车没有内能 D．图乙显示屏上的速度值是列车运行的平均速度 12．2024年5月9日，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将通信卫星“智慧天网一号01星”发射升空，发射任务获得圆满成功。下列对长征三号乙运载火箭加速升空过程的说法正确的是（　　） A．火箭使用的燃料，其燃烧过程是将内能转化为化学能 B．火箭使用的燃料，其燃烧过程中热值变小 C．运载火箭加速升空，动能不变，重力势能增加 D．通信卫星“智慧天网一号01星”利用电磁波传递信息 押题猜想04 力学基础 1．冰壶运动员比赛用鞋如图，蹬冰鞋底用橡胶制成，滑行鞋底用塑料制成。运动员用滑行鞋支撑全身在冰面上滑行，用蹬冰鞋接触冰面进行控制。下列说法正确的是（　　） A．蹬冰鞋底是为了减小压力 B．滑行鞋底是为了减小摩擦力 C．运动员在冰面上滑行需要力来维持 D．滑行时若摩擦力消失，则运动员会停止运动 押题解读 本题是多知识点，通过生活场景进行综合性考查，减小有害摩擦的方法；力与运动的关系。利用所学知识解释生活中的具体问题，体现了从物理走向生活，从生活走向物理的核心素养要求。 考前秘笈 物体由于惯性要保持原来的运动状态不变。减小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦和使两接触表面彼此离开。 2．如图所示，是小慧同学掷实心球的场景，图中虚线表示球的运动轨迹，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后继续运动到d点停止。下列说法正确的是（　　） A．球从a点上升到b点，是因为受到惯性作用 B．球在b点受到的合力为零 C．球从b点下落到c点，运动状态不断改变 D．球最终到d点停止，说明物体运动需要力来维持 押题解读 结合生活情景的力学内容的综合性考查，考查了惯性的概念、合力的分析，力和运动的关系等，能够较好的考查学生利用生活情境结合物理知识解决实际问题。 考前秘笈 惯性不是力，不能表述为受到惯性作用，具体分析物体受力的情况；运动状态的改变包括：运动速度和运动方向，物体受力不平衡时，运动状态一定改变；力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。物体的运动不需要力来维持。 1．如图所示，小明站在滑板车上不断蹬地让车沿水平方向运动，下列说法正确的是（　　） A．不断蹬地说明物体运动需要力来维持 B．停止蹬地后车越来越慢，车惯性越来越小 C．停止蹬地，车会停下，是因为受到地面的摩擦力 D．人蹬地的力大于地给人的力 2．2025亚洲羽毛球锦标赛4月9日在浙江宁波进入第二个比赛日，国羽15战13胜，女单女双全员晋级。如图所示是比赛中的场景（　　） A．击球时，球和球拍都会发生弹性形变 B．击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对平衡力 C．羽毛球离开球拍继续运动，是因为受到惯性的作用 D．羽毛球最终会落到地面，是因为没有了力的作用 3．饺子编剧并执导的动画电影《哪吒之魔童闹海》于2025年1月29日在中国大陆上映。截至2月21日，该影片票房突破130亿元，登顶全球动画电影票房榜。哪吒与父亲踢毽子的画面如图所示（　　） A．以地面为参照物，踢出去的毽子是静止的 B．哪吒将毽子踢向父亲，说明力可以改变物体的形状 C．毽子能继续在空中飞，是因为毽子具有惯性 D．毽子在最高点时，受到平衡力作用 4．如图所示，亚冬会于2025年2月7日至2月14日在我国哈尔滨举行，女子1500米韩梅夺冠（　　） A．运动员在匀速滑行时，溜冰鞋与冰面间摩擦力为零 B．到达终点不能立即停下来，是因为运动员受到惯性作用 C．运动员在匀速转弯时，受到非平衡力作用 D．冰面对她的支持力与她所受的重力是一对相互作用力 5．如图所示的是一种测量滑动摩擦力大小的方法，下列说法中正确的是（　　） A．实验中，拉力F越大，木板A受到地面的滑动摩擦力就越大 B．实验中，物体B受到木板A的摩擦力的方向水平向左 C．实验中，无论木板A做何种运动，弹簧测力计对物体B的拉力和木板A对物体B的摩擦力都是一对平衡力 D．实验中，静止时弹簧测力计对物体B的拉力和木板A受到物体B的摩擦力是一对相互作用力 6．初中体育考试前夕，为了获得满意的成绩，同学们每天都在认真的训练。如图所示是同学们在操场上练习立定跳远时的情景，下列说法正确的是（　　） A．在立定跳远时，脚用力向后蹬地，是为了增大惯性 B．用力蹬地起跳后还能在空中向前运动是因为受到惯性的作用 C．起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，人将保持匀速直线运动状态 D．人站在水平地面上静止时，人受到的重力和人对地面的压力是一对平衡力 7．关于下面四幅图说法正确的是（　　） A．如图甲：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大 B．如图乙：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变 C．如图丙：把气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升 D．如图丁：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理 8．我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一。下列说法不正确的是（　　） A．高铁车厢内的破窗锤（如图甲），其金属端制成锥形是为了需要破窗时增大压力 B．乘客站在安全线（如图乙）以内候车，是因为运行高铁的一侧空气流速快、压强小 C．高铁列车的车头采用了流线型设计，是为了减小列车运行时受到的空气阻力 D．高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，受到的牵引力与阻力不是平衡力 9．如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是（　　） A．机器人静止时，没有惯性 B．机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦 C．机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力 D．机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力 题猜想05 力学中档 1．如图所示，两个相同的圆柱形容器甲和乙放在水平桌面上，甲容器的液面高于乙容器的液面。实验中，且A、B两点到容器底部距离相等，此时U形管内的液面高度差相等。下列说法中正确的是（　　） A．A点受到的液体压强大于B点 B．两容器底部受到的液体压强相等 C．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度 D．若将甲容器内的探头缓慢向上提起，U形管内的液面高度差变大 押题解读 本题考查液体压强公式的灵活运用，知道U形管是通过液面高度差来反映液体压强大小的。 考前秘笈 本题是通过实验考查液体压强，根据p＝ρgh比较容器中液体的密度的大小；再根据p＝ρgh可知探头受到的液体压强变化，据此判断U形管内的液面高度差变化。 2．如图是排球落地后又弹起的示意图。下列分析正确的是（　　） A．排球离开手后还能继续运动是由于受到惯性的作用 B．排球在B点时受平衡力作用 C．排球在A、D两点动能可能相等 D．排球在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化 押题解读 本题多知识点考查，本题考查惯性、物体平衡状态的判断、机械能的转化，属于综合题。 考前秘笈 任何物体都有惯性，惯性是一种性质；小球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判断动能和势能的变化。 3．利用如图所示的活塞式抽水机抽水，在不计杠杆和活塞自重以及摩擦的情况下，下列说法正确的是（　　） A．抽水时，手在杠杆C端竖直向下用力最省力 B．抽水时，手在杠杆C端竖直向下的力小于活塞上方水的重力 C．抽水时，活塞向上运动，阀门A打开，阀门B关闭 D．抽水时，手对杠杆做的功小于杠杆对外做的功 押题解读 本题以活塞式抽水机为情景考查了杠杆最小力的理解、杠杆平衡条件的应用、抽水机工作过程的认识以及功的理解等，有一定的综合性，体现了物理来源于生活。 考前秘笈 抽水时，手柄部分相当于一个杠杆，由杠杆的平衡条件知，在阻力、阻力臂一定时，要使力最小，力臂应最大；动力臂大于阻力臂时杠杆是省力杠杆，分析阻力大小，再确定动力与阻力的关系；大气压能支持水柱的高度是有一定限度的，这一高度可以通过公式p＝ρgh计算。 活塞式抽水机在使用时，提起活塞时，阀门A受到大气压的作用而关闭，活塞下面的空气变稀薄，气压小于外界大气压，于是，低处的水在大气压的作用下推开阀门B进入圆筒。 4．用如图所示的装置提升重为800N的物体A，动滑轮重为200N。在卷扬机对绳子的拉力F作用下，物体A在10s内竖直匀速上升了2m。在此过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．物体A上升的速度为0.4m/s B．滑轮组的有用功为2000J C．拉力F的功率为100W D．滑轮组的机械效率为80% 押题解读 滑轮组结合速度、滑轮组中拉力、总功、功率和机械效率的计算公式的综合性考查，能更全面的考查对模型的理解和较强数学运算能力的考查。 考前秘笈 要重点掌握课本的基础公式，能达到灵活的应用，特别是本题中的公式，基本考查的都是原始公式，所以要在最后阶段再次回顾物理基本公式，达到灵活运用。 1．《庄子•刻意》中记载“就薮泽，处闲旷，钓鱼闲处，无为而已矣。”通过钓鱼修身养性逐渐成为一种时尚。如图所示工具在正常使用的过程中，其工作原理和使用钓竿工作原理相同的是（　　） A．羊角锤 B．核桃夹 C．镊子 D．瓶起子 2．在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大（　　） A．U形管内径越大，实验效果越明显 B．实验中通过观察U形管内液面的高度差来判断液体压强的实验方法是转换法 C．比较图甲、丙，可得出结论：在不同种液体中，深度越深，液体压强越大 D．若向图甲的杯中加少许盐，两探头位置和液面高度不变，且图甲、丙中U形管内液面的高度差相同，则说明图甲、丙中盐水密度相同 3．春节期间上映的电影《哪吒2》深受国人的喜爱，善于学习的小张同学在观看了该电影后总结了以下四个方面的物理知识，其中有一项错误的是（　　） A．哪吒的混天绫可以自由伸缩，这体现了混天绫具有较好的弹性 B．哪吒在海上御风飞行时，主要受到重力和升力的作用 C．太乙真人使用宝葫芦收取妖怪时，宝葫芦内部气压小于外界气压 D．敖丙使用冰系法术将海水冻结，这个过程属于熔化 4．如图所示，甲、乙两容器分别盛有相同质量的不同液体（ρ甲＞ρ乙），它们对容器底的压力分别为F甲、F乙，对容器底的压强分别为p甲、p乙。下列说法正确的是（　　） A．p甲＞p乙 B．无法比较p甲、p乙的大小 C．F甲＞F乙 D．F甲＝F乙 5．如图是小明为家里的盆景设计的一个自动供水装置，他用一个塑料瓶装满水后倒放在盆景中，瓶口刚刚被水浸没，这样盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不会立刻全部流掉的原因是（　　） A．受浮力的作用 B．外界大气压的作用 C．盆景盘支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出 6．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个完全相同的玻璃容器，容器中盛有等体积的两种液体；分别测得这两种液体中a、b、c三点压强，发现pa＝pc的，下列分析一定正确的是（　　） A．a、c两点深度相等 B．甲玻璃杯底受到液体的压强更大 C．甲杯中液体质量大于乙杯中液体质量 D．水平桌面受到甲杯的压力比乙杯的压力小 7．如图所示是小刚同学在跨学科实践活动课上制作的简易活塞式抽水机，下列关于简易活塞式抽水机的说法正确的是（　　） A．简易活塞式抽水机提升水的最大高度约为12m B．简易活塞式抽水机的工作原理与船闸的工作原理相同 C．使用简易活塞式抽水机抽水，提起活塞时，玻璃球堵住进水口，活塞上的阀门打开 D．使用简易活塞式抽水机抽水，压下活塞时，玻璃球堵住进水口，活塞上的阀门打开 8．巡航导弹是导弹的一种，具有突防能力强，难以拦截的有点。图示为某巡航导弹的飞行路线图，发射升空段，发动机点火，导弹以极快的速度穿出大气层升至高空；俯冲加速段，发动机处于关闭状态，导弹向下俯冲，会被加速到极高的速度；巡航阶段，主发动机的推力与阻力平衡，弹翼的力与重力平衡，可以实现远距离“巡航状态”，最后精确打击目标。下列关于巡航导弹的说法正确的是（　　） A．O点到E点的过程中，机械能不变 B．E点到F点的过程中，机械能不变 C．G点到H点的过程中，机械能不变 D．I点到J点的过程中，不消耗导弹携带的燃料 9．如图甲所示是出现在西汉末年的水碓，利用水流力量来自动舂米，水碓的示意图如图乙所示。小溪中的水从蓄水池流下来冲击水轮转动，水轮上的拨板通过碓尾把另一端的石杵举起、落下，不断舂米，下列关于水碓工作过程的说法正确的是（　　） 大小为3A．利用水碓舂米可以省功 B．拨板拨动碓尾可看作省力杠杆 C．拨板的落点A越远离O点动力越小 D．水碓的机械能转化为水的机械能 10．小华自制的提升重物的装置如图所示，其中动滑轮重60N。若被提升的物体重600N，在拉力F作用下，物体在30s内匀速上升6m，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是（　　） A．绳端将拉下18m B．绳端移动的速度为0.2m/s C．拉力F的00N D．滑轮组的机械效率约为91% 11．如图所示，在一个罐子的盖和底各开两个小洞。将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定。做好后小华将它从不太陡的斜面滚到水平面。下列说法正确的是（　　） A．罐子从斜面滚下，重力势能只转化为动能 B．罐子从斜面滚下的过程中，只有动能和势能的相互转化 C．因为能量之间可以相互转化，所以罐子滚下后可能再次往斜面上滚 D．当罐子速度为零时，橡皮筋的弹性势能达到最大 12．我国古代科学著作《天工开物》中记载有井上汲水装置——桔槔，如图甲所示，它相当于一个杠杆。图乙为小明根据其原理自制的模型装置，杠杆左端是悬挂的石块，右端悬挂水桶。下列有关说法正确的是（　　） A．左端悬挂石块越重越好 B．右边水桶越重，提起水时有用功越多 C．当减轻桔槔（模型AB杆）的重时，提水时机械效率可达100% D．汲水后，如图乙所示时，水桶总重比石块大 押题猜想06 多知识点综合 1． 2022年5月14日国产大飞机C919首飞试验成功（如图）。有网友兴奋地说，中国商飞将可能成为继波音和空客之后的第三大民航飞机制造者。有报道称C919最大起飞质量达77吨，如此庞然大物能飞上天，下列说法中正确的是（　　） A．C919起飞原理是利用了流体压强与流速的关系 B．C919不能垂直地面腾空而起，先滑行再起飞是为了让乘客充分欣赏机场景色 C．C919在高空水平飞行时机翼下方空气的流速远大于机翼上方空气的流速 D．C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞，此过程飞机对地面的压力增大 押题解读 近年来，“大单元教学”的身影，经常出现在各地教、学、评环节公开课上，同时全国中考体现“大单元教学”理念的试题也逐渐增加，倡导教师在教学过程中创设真实的情境，聚焦知识概念内核开展大单元教学，引导学生在学习过程中重视知识的结构化，形成结构化思维，促进高阶思维的发展，多角度考查。 考前秘笈 新课程理念下的大单元教学旨在促进教学内容的结构化，构建教学的整体意识，以实现“整体大于部分之和”，在提升教学效益、落实课程核心素养的同时，达成培养学生发展核心素养的目的。 1．关于滑雪的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．滑雪板的重力和运动员对滑雪板的压力是一对平衡力 B．运动员能一直下滑是由于其受到的重力大于惯性 C．若运动员在滑行过程中受到的所有外力突然消失，其滑行速度将越来越大 D．用杆撑地加速滑行，说明力可以改变物体的运动状态 2．对下列生活中的物理现象分析不正确的是（　　） A．如图甲，钉槽内的订书钉与压缩的弹簧之间的弹力随订书钉的减少而减小 B．如图乙，抽纸盒内抽出一张纸会带出下一张纸，是依靠抽纸之间的吸引力 C．如图丙，桥上吹来的垂直于车身的横向强风会使车辆偏离行驶方向，说明力可以改变物体的运动状态 D．如图丁，水上飞行表演者被水柱推到空中可以竖直悬停，因为他受力平衡 3．《哪吒2》跻身全球影史前六。如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　） A．以地面为参照物，毽子是静止的 B．哪吒将毽子踢向敖丙，说明力可以改变物体的形状 C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能 D．毽子在最高点时受到了平衡力 4．如图甲所示，小红和同学正在踢毽子。小红先后以速度大小相同的初速度v0分别沿竖直向上和斜向上方向将毽子踢出，如图乙所示（忽略空气阻力）。下列说法正确的是（　　） A．毽子上升过程中，踢力对它做功 B．踢出的毽子向上运动的过程中，毽子的惯性减小 C．毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点 D．落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力 5．如图所示情景节选自我国古代科技著作《天工开物》，下列说法正确的是（　　） A．图甲，利用稻谷受到惯性作用分离不饱满的稻谷 B．图乙，水面下的采珠人下潜得越深，受到水的压力越小 C．图丙，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，牛的运动状态不变 D．图丁，水被匀速提升至高处，水的动能不变，重力势能增大 押题猜想07 电学基础 1．把纸巾与包装带的塑料丝摩擦，然后将该塑料丝迅速挂在两根绝缘棒上（如图）。实验中静止的塑料丝受力和带电情况正确的是（　　） A． B． C． D． 押题解读 本题主要考查摩擦起电的原因和带电体的性质，正确理解摩擦起电的原因以及电荷之间的相互作用，难度不大。 考前秘笈 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电。 正电荷定向移动的方向是电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。 2．某自动售货机，它可通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过投币使开关S2闭合，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图是某小组同学根据售货机的功能自行设计的电路，符合上述情况的是（　　） A． B． C． D． 押题解读 本题考查了串、并联电路的设计，要清楚简单的串并联电路的辨别，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。 考前秘笈 通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。这类场景题，要根据实际情况判断。 1．“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，如图所示匠手持羽毛扫过纸垫，再将羽毛靠近工作台上的金箔，即可吸起金箔，推理羽毛吸金箔的可能是（　　） A．羽毛与纸垫摩擦创造电荷 B．羽毛与纸垫摩擦带上同种电荷 C．羽毛与金箔带异种电荷因此相互吸引 D．羽毛带电，吸引不带电的金箔 2．飞机在飞行过程中与空气摩擦往往会带上负电。为了在飞机着陆时把电荷及时转移走，某些飞机会在地轮上安装搭地线（如图所示）。下列有关说法正确的是（　　） A．飞机带上负电是因为失去电子 B．与飞机摩擦的空气也会带负电 C．搭地线必须用绝缘体材料制作 D．着陆时电流从大地流向飞机 3．某商场地下停车区，车位上方装有红灯、绿灯，车位被占用时红灯亮，车位未被占用时绿灯亮。车辆驶入或离开时，分别由控制红灯、绿灯的感应开关S1、S2自动切换。如图电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 4．在2025年的春节联欢晚会上，智能机器人的精彩表演惊艳全场。以下关于机器人相关的说法，正确的是（　　） A．机器人内部的电池工作时，将电能转化为化学能 B．机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都大 C．机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成 D．机器人工作时，通过其电路的电流越大，电阻就越大 5．小艺连接了如图甲所示的电路，闭合开关，发现两灯都不亮。于是小艺找来如图乙所示的电流表来检测故障，M、N分别为连接电流表的两根导线。闭合开关，当M、N分别接a、b时，两灯都不发光；当M、N分别接b、c时，两灯都不发光；当M、N分别接a、d时，只有L2发光；当M、N分别接d、e时，两灯都不发光，若电路中只有一处故障，则故障可能是（　　） A．L1断路 B．导线ab断路 C．L2断路 D．导线cd断路 押题猜想08 生活用电 1．某家庭电路的连接如图所示，下列说法中正确的是（　　） A．L1和L2是串联的 B．a点所在的电源线是火线 C．空气开关只能安装在b点 D．c点所在的导线是零线 押题解读 本本题考查了家庭电路的连接、安全用电常识和试电笔的使用，是一道基础题。家庭电路相关考点重点集中在电路故障分析和安全用电规范。 考前秘笈 高频考点有家庭电路故障分析，主要集中在‌保险丝熔断原因、‌试电笔使用与故障检测和‌断路与短路区分。考查的重点是安全用电规范及电路连接，保险丝、空气开关、漏电保护器、三孔插座等知识点也是考查重点。 1．下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．电动自行车充电时着火应该立即用水浇灭 B．空气开关跳闸后立即复位通电 C．手机充完电后及时将充电器从插座上取下 D．使用试电笔时手必须接触笔尖金属体 2．“安全用电，珍爱生命”。下列图中符合安全用电原则的是（　　） A．双手分别接触到火线和零线 B．使用试电笔时手要接触笔尾金属体 C．多个大功率用电器同时使用 D．使用绝缘皮破损的电线 3．如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮；断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔氖管均发光。则故障可能是（　　） A．ac间断路 B．bd间断路 C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路 4．“安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识，下列符合安全用电原则的是（　　） A．甲：在高压线下钓鱼 B．乙：湿手拔插头 C．丙：使用试电笔时，手接触笔尖金属体 D．丁：浴室插座安装防护罩 5．如图是生活中常见的三脚插头，其中插脚①比另两个插脚长一些。关于它的使用，下列说法正确的是（　　） A．为保证安全，所有的家用电器都应该使用三脚插头 B．该三脚插头插入插座时，插脚①与火线相连 C．该三脚插头插入插座时，用电器的金属外壳先接通地线 D．可以把该三脚插头的插脚①拆掉后插入两孔插座使用 6．如图所示是某同学家的部分电路，开始时各部分正常工作，当台灯的插头插入插座后，正常烧水的电热壶突然不工作了，灯泡也熄灭了，拔出台灯的插头后，电热壶和灯泡仍不能工作，把试电笔分别插入插座的左、右两孔中，氖管均不能发光。下列说法正确的是（　　） A．和灯泡连接的开关接法正确 B．故障可能是电热壶所在电路的B、D两点间短路 C．故障可能台灯短路导致保险丝熔断 D．故障可能是进户零线至C点间导线断路 押题猜想09 电磁学 1．如图所示，在2025年央视春晚上，每个人形机器人凭借43个高扭矩电动机以一段高难度的“秧歌舞”惊艳了观众。下列各装置中也利用电动机工作原理的是（　　） A．动圈式话筒 B．扬声器 C．自制电磁铁 D．司南 押题解读 本题考查的是电动机的原理；知道发电机和电磁铁的原理；知道电磁感应现象和电流的磁效应。 考前秘笈 电磁学部分的重点考查是‌电磁现象与设备原理，电动机与发电机的工作原理对比、电磁继电器控制电路的实际应用（如自动报警器设计）等。高频考点是磁场方向判断（安培定则）、电磁感应现象的条件。 1．如图是一款便携式脚踏发电机，用户在进行踩踏健身活动的同时，还可以产生电能，为手机、笔记本电脑、照明设备等提供电力支持。下列说法不正确的是（　　） A．脚踏发电机内部有磁体 B．脚踏发电机工作时将机械能转化为电能 C．脚踏发电机的工作原理是电流的磁效应 D．脚踏发电机工作时，内部线圈切割磁感线 2．普通汽车在行驶中刹车和下坡会浪费掉很多能源，还会因长时间踩刹车会导致刹车盘过热，进而可能导致刹车失灵。小米SU7（如图）“动能回收技术”反向利用汽车的动能来发电给电池充电，达到增加续航里程和减少刹车片磨损。下面四图能反映新能源汽车“动能回收技术”原理的是（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，电磁血流计是利用电磁感应原理制成的，用来检测血流速度和血流量的仪器。其工作原理与选项图原理相同的是（　　） A． B． C． D． 4．用一根长导线做一个长方形线框且将导线两端留有相同长度。如图所示，将线框悬挂起来，使它的底边ab水平置于蹄形磁体的磁场中，长导线的两端与灵敏的电流表连接，组成一个闭合电路。闭合开关后，则（　　） A．ab上下运动时，电流表指针会发生偏转 B．ab左右运动时，电流表指针会发生偏转 C．电流表指针偏转时说明电能生磁 D．蹄形磁体周围的磁感线方向由S极指向N极 5．如图所示的是有关“电和磁”的实验，下列说法中正确的是（　　） A．图甲中导体AB只有水平方向运动时，电流表指针才会偏转 B．图乙中电流方向和磁场方向同时改变时，导体ab的运动方向不变 C．图丙中扬声器的工作原理与图甲的相同，都是将机械能转化为电能 D．图丁中电铃的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用 6．如图所示为某智能扫地机器人的部分工作原理图。当地面灰尘多时，照射到光敏电阻R的光照强度较小，机器人启动清扫，通过电动机旋转产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。下列说法正确的是（　　） A．当控制电路闭合时，电磁铁上端为S极 B．电磁铁通电时，周围有磁场和磁感线 C．衔铁不是磁体，通电后的电磁铁对它不会产生磁力 D．当地面灰尘减少时，电磁铁磁性增强 押题猜想10 电学中档 1．体育中考跳绳的次数是自动记录，其简化电路如图甲所示。R1是光敏电阻，信号处理系统记录ab间的电压，每当绳子挡住射向R1的红外线时，R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次。电源电压为6V，ab间电压随时间变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A．该同学匀速连续跳绳1min的跳绳次数为120次 B．自动计数器计数一次时，ab间的电压2V C．有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻的阻值之比为1：4 D．有红外线照射时，R1与R2阻值之比为2：1 2．如图是电阻甲和乙的I﹣U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（　　） A．甲、乙电阻均为定值电阻 B．当乙两端电压为2.5V时，其电阻值为5Ω C．若甲和乙并联，电源电压为1V，则干路电流为0.5A D．将甲和乙串联，电流为0.4A，则电源电压为4V 押题解读 湖北中考电学中档题注重‌实际应用与理论结合‌，有实验选择题、电学图像题和动态电路题。强调对公式的灵活运用和实验设计能力。从近三年中考物理卷看，‌动态电路分析、图像问题及实验探究题‌出现频率最高，需重点掌握电路动态变化的逻辑推导和实验操作细节。 考前秘笈 动变阻器滑片滑到最大阻值处，电路中电流最小，对电路起保护作用；移动滑动变阻器滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，能完成多次实验，以便发现电阻和温度的关系；根据灯丝的电阻与温度的关系进行判断，当电压越大，灯丝的温度越高；当灯泡两端的电压最小时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可得出滑动变阻器的最小的最大阻值动变阻器滑片滑到最大阻值处，电路中电流最小，对电路起保护作用；移动滑动变阻器滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，能完成多次实验，以便发现电阻和温度的关系。 3．如图所示，是列车上烟雾报警系统的简化原理图，电源电压恒定不变，R为光敏电阻，R0为定值电阻。当烟雾产生时，激光被烟雾遮挡使光敏电阻的阻值发生变化，当电路中电流增大至某一数值时，报警器开始报警，则下列说法正确的是（　　） A．R的阻值随光照强度的减弱而增大 B．烟雾浓度越大，电压表示数越大 C．烟雾浓度增大时，电压表与电流表示数之比减小 D．烟雾浓度增大时，电压表与电流表示数之比增大 押题解读 本题是一道动态电路分析题，要能正确分析电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律，从题中得出光敏电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口。 考前秘笈 当有烟雾时报警，已知电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警，故有烟雾时，光照减弱，电路中电流增大，当电路电阻减小时，电流增大，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小；结合欧姆定律确定电压表示数的变化，电压表示数与电流表示数的比值表示光敏电阻大小。 1．小明看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤。原理如图所示，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移。下列说法错误的是（　　） A．电子秤的表盘一定是电压表改装而成 B．R0的作用是保护电路 C．当在秤盘上增加重物后，电路消耗的总功率变大 D．电压表改装的电子秤表盘刻度是均匀的 2．如图所示的电路中电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。闭合S1和S2，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，a表示数为0.4（单位为A或V）。下列说法错误的是（　　） A．前一种情况中a表的示数为3V B．后一种情况中b表的示数为0.6A C．R1的电阻为5Ω D．R2的电阻为7.5Ω 3．央视节目《是真的吗》中，主持人做了“电池+口香糖锡纸＝取火工具”的实验：取口香糖锡纸，剪成如图甲所示形状，其中ab、bc和cd段等长。戴好防护手套，将锡纸条两端连接电池正、负极，如图乙所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列说法正确的是（　　） A．最先着火的是ab段，因为这里的电流最大 B．通过ab、bc、cd段的电流均相等，但相同时间电流通过ab段产生的热量最多 C．电流通过ab、bc、cd段相同时间产生的热量相同 D．通过ab段的电流最小，但是ab段电阻最大，相同时间内产生的热量最多 4．如图所示，电源电压保持不变，R1＝10Ω，R2是电阻箱，其最大阻值为R。闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为2V，电阻箱的功率为1.2W；当电阻箱阻值调为0.2R时，电压表的示数为5V。下列说法中正确的是（　　） A．电源电压为6V B．电阻箱R2的最大阻值为40Ω C．电阻箱阻值调小时，电流表示数变小 D．电阻箱阻值为0.2R时，其功率为1.5W 5．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变 B．电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大 C．电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小 D．电流表A2的示数变小，电压表V的示数不变 6．图甲所示电路的电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由最右端向最左端移动的过程中，两电压表与电流表的示数变化关系如图乙所示，则（　　） A．a是灯泡的U﹣I图线 B．灯泡电阻的最小值为10Ω C．R的最大阻值为25Ω D．电路的最大功率为1.2W 7．小李连接了图甲所示的电路，电源电压不变，电流表量程均为0—0.6A，定值电阻R1＝10Ω，闭合开关S后再闭合开关S1或S2，将滑动变阻器滑片从最右端向左调节至中点的过程，电压表与电流表A2示数的I﹣U图象如图乙，下列说法正确的是（　　） A．开关S1、S2闭合，电路中最小电流为0.15A B．电源电压为4V C．滑动变阻器的最大阻值为20Ω D．整个电路通过的最大电流为0.3A 题型二 填空题 押题猜想11 声、光、热学 1．2024年12月26日，我国第六代战机在成都首飞，如图所示，它使用了双三角翼面的设计，能更好地实现超音速飞行，声音在空气中的速度约为 　 　 m/s，一般情况下，高空中的声速 　 　 （＞/＜/＝）低空中的声速。 押题解读 本题考查的是声音在空气中的传播速度；知道声音的传播速度与温度有关。 考前秘笈 （1）声音靠介质传播：能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。 （2）真空不能传声：真空罩里面放闹铃的实验、登月的宇航员无法直接交谈的现象都说明真空不能传声。 （3）同种介质中，温度越高，声速越大； （4）声音在空气中的传播速度是340m/s，是指15℃时。 2．如图所示，一只白鹭正平行于水面飞行，白鹭在水中的倒影是光的　 　 （选填“直线传播”“折射”或“反射”）形成的　 　 （选填“实”或“虚”）像，若此时以白鹭为参照物，它在水中的倒影是　 （选填“运动”或“静止”）的。 押题解读 本题考查了光的反射，运动和静止的相对性，属于基础题。 考前秘笈 一种光学现象。指光在传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中的现象。光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射。 光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用。 物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 3．如图是武汉长江隧道建设中使用盾构机的场景。盾构机是一种隧道掘进的专用工程机械，其前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时会产生大量的热，这是通过　 　 方式改变物体内能的。工作过程中盾构机的前端需要用水给刀片降温，主要利用了水的 　　 较大的特性。 押题解读 本题考查改变内能的方法及水的比热容大的应用。做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 考前秘笈 利用比热容解释生活中的现象 （1） 水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。 （2）现象与应用①白天沿海地区比内陆地区升温慢，夜晚沿海地区温度降低也慢。因此，在一年之中，夏季时内陆比沿海炎热，冬季时内陆比沿海寒冷。②水比热容大的特点，在生产，生活中经常被利用。如汽车发动机、发电机等机器，在工作时要发热，通常要用循环流动的水来冷却。 1．琴和瑟是中华民族传统乐器，通过弹拨琴和瑟的弦可以发出悦耳动听的声音。琴和瑟可以发声，是由于弦的　 　 产生的，能辨别两种乐器发出的声音，主要是依据声音的　 　 不同。 2．如图甲所示是公共场所的宣传投影灯，装在高处的投影灯照在地面上出现图案和字样，其内部结构如图乙所示。人们在不同方向都能看到图案是光在地面发生了 　 （选填“镜面”或“漫”）反射，图片到镜头的距离为 　 　 （选填“大于二倍焦距”“小于一倍焦距”或“一倍焦距和二倍焦距之间”），调大镜头与图片的距离，地面上的图案会变 　 。 3．行车记录仪是汽车使用的黑匣子，可以通过高清镜头摄影记录车辆行驶途中的影像及声音，如图所示是一款行车记录仪，通过镜头所成的像是 　 　 （选填“实像”或“虚像”），在行车记录仪中看到前方视野范围变大，这时所成的像变 　 　 （选填“大”或“小”），表明汽车在 　 　 （选填“前进”或“后退”）。 4．“一滴独流醋，十里运河香”，醋香四溢属于 　 　 现象；“日照海河景，水映彩虹桥”，桥在水中的倒影是由于光的 　 　 形成的。 5．淄博烧烤火出圈，美味的烧烤搭配冰爽的啤酒，让人们不远千里赶来体味这平凡而难得的人间烟火，如图所示：香味扑鼻而来，这是 　 现象；冰镇过后的啤酒外面挂着水珠，水珠向外凸起没有散开是因为分子间存在 　 　 。加热过程中，烤串的温度不断升高，内能增加的方法是 　 　 。 6．小敏观察家里的电热水壶发现，当水沸腾时，小敏透过玻璃水壶可以看到气泡上升时 　 　 （选填“由小变大”或“由大变小”），壶口上方生成大量“白气”，“白气”是 　 　 （选填“水”或“水蒸气”）。 7．古代著作《天工开物》记载到“凡炒诸麻菜子，宜铸平底锅，投子仁于内，翻拌最勤”，（即古代榨油时的情景）如图所示，这里是利用 　 　 的方法来改变物体的内能，利用锅铲不断翻炒油料，翻炒过程会有香味飘出，这是 　 　 现象。 8．汽油机在 　 　 冲程中将内能转化为机械能。若某汽车的汽油机在一段时间内所做的有用功为2.3×108J，效率为25%，则该汽油机在这段时间内消耗 　 　 kg的汽油（汽油的热值取4.6×107J/kg）。汽油机用水做冷却液是因为水具有 　 　 的特点。 押题猜想12 力学 1．下面甲、乙两幅图均是中国古代科技著作《天工开物》的插图，图甲中“透火焙干”时把湿纸贴在墙上利用了湿纸受到的摩擦力 　等于　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）重力而静止，图乙“六桨客船”中的船桨属于 　费力　 （“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；图丙所示为“旋转秋千”工作时的情形，座椅在空中匀速转动，此时座椅受到的作用力 　非平衡力　 （选填“是”或“不是”）平衡力。 押题解读 本题考查了平衡状态的判断、平衡力的判断、杠杆的分类等知识的理解和应用，重在应用物理知识解释生活中现象，难度不大。 考前秘笈 物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，不受力或受平衡力作用； （2）根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆； （3）物体运动速度和运动方向不变时处于平衡状态，受平衡力。 1．撑竿跳高是一项借助撑竿的支撑腾空，在完成一系列复杂的动作后越过横杆的运动。运动员对撑竿施力的同时，也受到撑竿对他的作用力，但这两个力的作用效果不同，前者主要是改变了撑竿的 　 　 ，后者主要是改变了运动员的 　 　 。 2．如图所示，这是节选自我国古代科技著作《天工开物》中的“场中打稻”的情景，将稻穗抓起，用力摔打在板壁上，这时，　 　 由运动变为静止，而 　 　 由于惯性继续保持原来的运动状态，所以能将稻粒从稻秆上打落下来。（填“稻杆”或“稻粒”） 3．第九届亚洲冬季运动会在哈尔滨举行，冰壶是亚冬会比赛项目之一。冰壶运动员的比赛鞋两脚的底部不同，蹬冰脚鞋的底部为橡胶，如图所示，球员掷冰壶时，蹬冰脚踏在起蹬器上用力后蹬，脚受到的摩擦力方向是向　 　 的；而滑动脚鞋的底部为塑料，这是为了　 　 摩擦。 4．2024年11月4日01时24分，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在距离地面10km左右时打开降落伞，一段时间后返回舱匀速下落。在返回舱匀速下落的过程中，若不考虑质量变化，返回舱的动能　 　 ，机械能　 　 。（均选填“增大”“减小”或“不变”） 5．2025年2月27日，长征二号将目前我国空间分辨率最高的商业遥感卫星四维高景一号03、04星顺利送入预定轨道。如图，运载火箭点火后向下喷出熊熊烈焰，使火箭上升，说明力的作用是　 　 的。火箭升空的速度越来越快，此过程中，03、04星的重力势能　 　 ，机械能　 　 。（后两空填“增大”“减小”或“不变”） 6．如图为某博物馆收藏的一件汉代陶井模型，井架下方有一个可以转动的滑轮，实际使用时将系有绳子的水桶放入井中，绳子上端绕过滑轮，用力拉绳子即可汲水。该滑轮的作用是 　 　 。为防止手拉绳子打滑，汲水时应该选用表面较 　 　 （选填“光滑”或“粗糙”）的绳子。 7．如图是天工开物中记载这种方法的示意图，称为“试弓定力”。提起杠杆的提组，在秤的一端挂上弓，并在弓的下方绑一个较大的重物，使弓被拉满，同时移动秤砣直至秤杆水平，就可以测算出弓的最大弹力。用杆秤测量的原理是 　 　 ，某次测量时，秤砣的重力是50N，秤砣在杠杆上的悬挂点到提组的距离是秤钩在杠杆上悬挂点到提组距离的10倍，忽略秤杆和弓自身的重力，则弓的弹力是 　 N，秤砣离提组距离远说明弓的弹力 　 　 。 8．图甲是脚踏式翻盖垃圾桶的实物图，翻盖的原理是由两个杠杆组合而成，图乙为两水平杠杆AO1B、DCO2组合的示意图。已知桶盖重10N，重心位于DC中点的正上方，AO1＝30cm，O1B＝20cm，桶盖和连接杆的尺寸如图乙所示，脚踏杆AO1B和竖直连接杆BC的质量不计。 （1）杠杆AO1B是 　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆； （2）若要把桶盖翻开，脚对踏板、A处的压力至少为 　 　 N。 押题猜想13 多知识点综合 1．南海陶瓷薄板轻到水上漂，硬到摔不碎。一块7kg这样的陶瓷薄板放入水中稳定后，受到的浮力大小为 　 　 N；烧制这块的薄板，需要燃烧5kg的燃料，燃料完全燃烧放出的热量为 　 　 J，期间陶瓷薄板会从20℃升高到820℃，请问这块薄板吸收的热量为 　 J。（，燃料热值q＝4×107J/kg，g＝10N/kg） 押题解读 近年来，“大单元教学”的身影，经常出现在各地教、学、评环节公开课上，同时全国中考体现“大单元教学”理念的试题也逐渐增加，倡导教师在教学过程中创设真实的情境，聚焦知识概念内核开展大单元教学，引导学生在学习过程中重视知识的结构化，形成结构化思维，促进高阶思维的发展。 考前秘笈 2022年4月发布的《义务教育物理课程标准（2022年版）》中提到：“教师应领会物理学科逻辑，既要明确各部分内容在物理学科体系中的地位、价值和彼此间的联系，又要了解相关知识内容的发展脉络，防止教学碎片化、孤立化，努力让学生的学习内容结构化、系统化。”而新课程理念下的大单元教学旨在促进教学内容的结构化，构建教学的整体意识，以实现“整体大于部分之和”，在提升教学效益、落实课程核心素养的同时，达成培养学生发展核心素养的目的。 1．“兰陵美酒郁金香，玉碗盛来琥珀光。”琥珀是松柏科植物的树脂滴落，形成松香，松香没有确定的熔点，属于　 　 （选填“晶体”或“非晶体”）；松香会散发出淡淡的香味，这是　 　 现象；松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图所示是一颗极为珍贵的昆虫琥珀，我们看到琥珀里的昆虫，是由于光发生　 　 而产生的虚像。 2．网传新能源车的电池组能量密度（能量与质量的比值）没有汽油高，汽油的能量密度约为4.6×107J/kg。已知某新能源车电池组的电容量为100kW•h（1kW•h＝3.6×106J）、质量约90kg，其“能量密度”约 　 　 J/kg，此网传 　 　 （选填“可信”或“不可信”），“能量密度”相当于物理学中的 　 　 （选填“效率”“功率”或“热值”）。 3．如图，被称为“空中的士”的电动垂直起降航空器在进行演示飞行。航空器垂直升起的过程中，相对于地面是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的。该航空器通过接收来自导航卫星的 　 　 波信号进行导航。已知该航空器最大巡航速度可达200km/h，若某段飞行过程中，航空器保持最大巡航速度沿水平方向直线飞行30min，则这段过程中航空器飞行的路程为 　 　 m。 4．2024年10月30日，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭加速上升过程中，机械能 　 　 （选填“增大”、“不变”或“减少”）；目前运载火箭一般使用液态氢（热值为1.4×108J/kg）作为燃料，是因为液态氢具有较大的 　 　 （选填“热值”或“比热容”）；若某火箭发射时携带了6×104kg液态氢燃料，氢燃料完全燃烧产生热量的80%被水吸收，在1标准大气压下，能将 　 　 千克初温为20℃的水加热至沸腾。。 5．《天工开物》是我国古代的科学著作，其中这样写道：“凡河滨有制筒车者，堰陂障流绕于车下，激轮使转，挽水入筒，——顷于枧内，流入亩中，昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流作动力，用来取水的机械，如图所示。 （1）从能量转化的角度，筒车的工作原理可以理解为将 　 　 能转化为 　 　 能； （2）若接水槽离取水处高5m，水轮上有12个取水筒，一个取水筒每次可取水4kg，筒车转一圈对进入接水槽的水所做的功为 　 　 J（接水槽离倒水处的高度忽略不计）。 6．一种可调磁力的双面磁性擦窗器，如图所示，它是由装有磁铁的内擦和外擦组成。将内擦和外擦对齐分别吸附在窗玻璃内外两侧，移动内擦，外擦跟着一起移动，即可同时擦除玻璃内外两侧的污渍。当外擦静止在竖直的玻璃外侧时，外擦受到的摩擦力与受到的 　 　 力是一对平衡力，此时通过调节旋钮增大磁力，外擦受到的摩擦力 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。已知内擦与外擦重力均为G，内擦与外擦之间的吸引力为F，用手推动内擦匀速竖直向下移动距离s，内擦和外擦与玻璃间的摩擦力均为f，则推力做的功为 　 　 （用所给物理量的符号表示）。 押题猜想14 电磁学 1．如图所示，放在磁场中的导体棒ab、cd用导线串联，闭合开关。当用力使导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，发现用绝缘细线悬挂着的导体棒cd也随之摆动，此时图中乙部分导体棒cd与磁体的组合相当于 　 　 （选填“电动机”或“发电机”）；图中甲部分应用的物理原理是 　 　 ，与甲部分工作原理相同的是 　 　 （选填“电铃”“动圈式话筒”或“扬声器”）。 2．如图甲所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡恰好正常发光。在图乙中绘制出电流表与两电压表示数关系的图象，则电源电压为 　 V，滑动变阻器的最大阻值为 　 　 Ω，小灯泡正常发光时的电阻为　 　 Ω。 押题解读 本题考查了学生对欧姆定律的应用和对串联分压规律的掌握，能从图像中读取有用的信息是解题的关键。 考前秘笈湖北2024省考，中考填空题在电与磁部分包括电学与电磁学考查的特点包括：注重基础概念，如电磁铁的影响因素，能量转换的辨析，如太阳能直接转化为电能，而非化学能。实际应用结合，如电磁继电器、电动机、发电机的工作原理，可能通过实际情景题考查。物理现象的解释，比如电磁感应现象的条件，可能让学生填写结论或现象。另外，提到的电磁铁磁性强弱的影响因素有三个关键点，这可能是一个填空题的考点，要求学生填写电流大小、线圈匝数、是否插入铁芯。而太阳能转化为电能则是容易出错的地方，可能让学生填写能量转换类型，避免错误答案如化学能。 总结下来，湖北中考物理电与磁填空题的特点可能包括基础知识点直接考查、实际应用情景、易混淆概念的辨析，以及结合实验现象的分析。 1．如图甲是一款名为“铁钉桥”的科技展品，两边的“桥墩”是电磁铁。断电状态下，“桥墩”　 　 （选填“有”或“没有”）磁性；按下“通电”按钮，逐一将多个铁钉在两个“桥墩”间首尾相连，相邻铁钉间相互 　 　 （选填“吸引”或“排斥”）连成“桥面”。图乙为某一侧“桥墩”的电磁铁结构示意图，当通以图示方向的电流时，其右端为 　 　 极。 2．如图所示，弹簧下端挂一条形磁铁，磁铁下端为N极，条形磁铁的正下方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，电磁铁的上端为 　 　 极，弹簧长度会 　 　 （选填“增大”“减小”“不变”）；若想要让弹簧的长度缩短，应将滑动变阻器的滑片往 　 　 （“左”或“右”）滑。 3．如图，在公路交叉路口有一组交通指示灯，通过红、黄、绿三种信号指挥来往交通。三种交通指示灯的连接方式为 　 　 （填“串联”或“并联”）。每盏灯都标有“220V 100W”的字样，则这样组交通指示灯正常工作24h，消耗的电能是 　 。 4．光伏发电简易原理如图，电池板上具有大量的不稳定电子，当太阳光照射到电池板上，这些电子获得能量会定向移动形成电流。光伏发电的主要能量转化是 　 　 能转化为 　 　 能。电池板中有两层纯硅掺杂形成的材料，其中电极1相当于电源的负极，在电源内部负电荷移动的方向如图，则电流的方向是从电源的 　 　 （选填“正极流向负极”或“负极流向正极”）。 5．某同学设计了一个身高、体重测量仪，电路如图乙所示。改装后的电压表、电流表的刻度分别显示身高和体重的大小，压敏电阻R的阻值随压力增大而减小，R1为定值电阻，滑片P随身高增高而上滑。体检者体重越大，电流表的示数越　 　 ；改装后　 　 （选填“电压表”“电流表”或“两者”）的刻度是均匀的。若要增大该测量仪的测身高量程，你的方法是　 　 （请写出一种改进方法）。 6．如图﹣1的是陕西特色面食——锅盔，一般采用炭火或者烤炉制作，此时是通过 　 　 的方式改变面坯的内能。如图﹣2所示的是利用电饼铛制作的锅盔，使用电饼铛制作需要注意“火候”，通过调节不同挡位从而可以控制烤制时的温度，电饼铛的工作原理是电流的 　 　 ；如图﹣3所示的是电饼铛的简易电路图，R1、R2均为加热电阻，在放入面坯之前先用高温挡预热，则按下“高温挡”按钮时，内部电路的开关情况是 　 。 7．如图甲的电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2示数变化关系图像如图乙图线①、②所示，则电源电压为 　 V；若R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全，需再串联一个阻值为 　 　 Ω的电阻。 题型三 作图题 押题猜想15 光学 1．如图有一束光经平面镜反射后照射到凹透镜上，请画出入射光线和折射光线。 押题解读 本题考查根据反射定律作图以及凹透镜对特殊光线作用的作图，注意作图要规范。 考前秘笈 反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，据此作出入射光线； （2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 1．将硬币放在碗底，然后后退至恰好看不到硬币的位置停下，向碗中缓缓注水。如图所示，刚好再次看到硬币右端A点，请在图中画出人眼E点刚好看到硬币A点位置的光路图。 2．清澈的水底有一块漂亮的雨花石，为让游客能注意它，用激光笔将它照亮。小明往他看到的石子下方照射，并作出激光的光路图。 3．我国“飞天”舱外航天服有一个特别的设计：胸前一些设备按钮上的文字标识是反的（如图甲）。这是因为航天员通过头盔面窗观察胸前的设备时有视野盲区，这时航天员可以通过手套上的反光镜（如图乙），航天员看到的字就是正的。如图丙，某次操作时，请作出航天员通过反光镜观察按钮B的光路图（保留必要作图痕迹）。 4．如图所示，请根据平面镜成像的特点，作出眼睛通过水洼看到水中月亮上M点的反射光路。（用M'点代表月亮上M点的像） 5．如图所示，根据凸透镜成像规律，请画出烛焰S点发出的与主光轴平行的光线经过凸透镜折射后的光线，借助辅助线或光路，确定发光点S的像点S'位置。（保留作图痕迹） 押题猜想16 力学 如图是一物体以一定速度冲上斜面时的情景，请画出物体受到的力。 押题解读 力学示意图是中考中常见的题型，主要考查物理模型建立的能力，忽略次要因素，抓住主要因素，把复杂的物理现象、规律进行简化处理的能力。 考前秘笈 1．力的示意图：用一条带箭头的线段来表示力。箭头的方向表示力的方向，线段的起点或终点表示力的作用点。 2．画力的示意图的一般步骤 （1）确定受力物体； （2）在受力物体上画出力的作用点； （3）确定力的方向后沿力的方向画一条线段； （4）在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。 1．如图为艺术体操运动员进行圈操表演的情景，其手持的健身圈为质量分布均匀的圆环，O为其圆心。请在图中画出健身圈所受重力的示意图。 2．如图甲所示为洛阳新区体育中心安装的太阳能路灯。白天利用太阳能发电为蓄电池充电，晚上蓄电池为灯杆上的LED灯供电照明。请在乙图中以O点为作用点，画出LED灯的受力示意图。 3．为了训练引体向上需要的臂力，小明在家时借助吊环进行锻炼，如图所示，O1为身体的重心，请画出小明受到的重力及其力臂l的示意图。 4．如图所示为用羊角锤拔钉子的情境。请在图中画出动力F1的力臂l1。 5．用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，工人师傅可以选择站在地面上或站在楼顶上拉绳子。请在图中画出最省力的绳子绕法。 【答案】 押题猜想17 电磁学 1．某小区的门禁系统利用电动机实现开关门。业主可利用人脸识别（相当于开关 S1）或门禁卡（相当于开关 S2）自动开门进入小区；请在图乙中用笔画线代替导线将电路连接完整。 2．根据图中通电螺线管的N极，标出小磁针的N极、磁感线方向和电源的正、负极。 押题解读 电磁学作图题目一般考查的有家庭电路的连接方式，电路图或实物图的连接（一般在实验题或综合题中综合考查）和磁现象，这类题目注重实际应用能力和物理建模能力的考查。 考前秘笈 家庭电路的连接方式：插座连接是“左零右火上接地”，开关接在火线上。 利用右手螺旋定则判断通电螺线管周围的磁场方向和电流的方向，这个主要考查学生实际操作的能力。 1．小明用漆包线铜丝和铁芯支撑如图所示电磁铁，闭合开关S后，右边小磁针发生旋转，请标出图中磁感线的方向和电源右端的极性。 2．磁悬浮陀螺在航天、航空、电子和机械制造等领域有广阔的应用前景。图甲是磁悬浮陀螺仪，它由电磁底座和陀螺两部分组成，其悬浮原理如图乙所示。请在“括号”内标出陀螺的磁极 3．很多学校都安装了如图甲所示的门禁系统，通过刷脸识别（开关S1）可开启闸口，通过手动按钮（开关S2）也可开启闸口，闸口由电动机控制，请将图乙的电路图补充完整。 4．如图所示，电位器只控制螺口灯泡，且可调节灯泡亮度，要求在电路安全的前提下，插座正常工作，灯泡变亮，请用笔画线代替导线将电路连接完整。 5．图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时 6．图甲是日常生活中常用的一个插线板。当插线板上的开关断开时，指示灯（与限流电阻串联）不发光；当插线板上的开关闭合时，指示灯发光；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。请你根据上述现象和安全用电的要求，并把接线板与电源线接通。 题型四 实验题 押题猜想18 光、热实验 1．用如图所示的水透镜模拟眼的晶状体，通过注射器改变水透镜的凸度大小。烛台、光屏和水透镜固定在光具座上，位置如图所示。实验步骤如下： （1）将蜡烛插到烛台上并点燃，粗略调节水透镜凸度，发现只能在光屏下边缘看到一个残缺的像。为使像移到屏的中央 （2）仔细调节水透镜的凸度，当光屏上的像最清晰时，根据光具座的坐标可以推测出水透镜的焦距大小范围是　 　 。 （3）经实验发现，将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，这一过程相当于近处视物，晶状体在睫状体的作用下要变　 　 （选填“厚”或“薄”），长此以往晶状体不能恢复，造成视物不清　 　 （选填“凸”或“凹”）透镜来矫正视力。 押题解读 此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 考前秘笈 探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心； 根据凸透镜成像时物距和焦距，像距和焦距的关系求出凸透镜的焦距取值范围； 凹透镜可以矫正近视眼。 2．茶圣陆羽在《茶经》中形容沸腾的水“势若奔涛”。小明利用如图1所示的装置，探究水在沸腾前后温度变化的特点，获得了下表所示的实验数据。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 94 96 98 100 100 100 （1）第6min时，水中气泡的情形应为图2中的 　 　 （选填“A”或“B”）。 （2）通过分析表格中的数据，可知水沸腾时持续吸热，温度 　 　 。 （3）小明接着进行以下实验，探究沸点与气压的关系。 ①如图3甲所示，小明用酒精灯加热烧瓶中的水至沸腾，当移去酒精灯后，这是由于 　 　 ； ②待水温降低一些后，将大注射器接到烧瓶口上，向外拉注射器活塞，小明看到水会重新沸腾了。这个实验表明：气压减小，沸点 　 　 （选填“升高”“降低”或“不变”）； ③某制药厂在制药时，为了从药液中提取抗菌素粉剂，采用加热的方法使水沸腾除去水分，下列方法可行的是 　 　 （选填序号）。 A.用微火加热使其沸腾 B.缩短加热时间 C.降低容器内的气压，使药液的沸点低于90℃ D.增大容器内的气压，使药液的沸点高于90℃ 押题解读 此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，以及沸点与气压的关系，难度不大。 考前秘笈 探究水沸腾时温度变化的特点【知识点的认识】 （1） 探究目的：观察水沸腾时的现象和水沸腾时的温度情况； （2） 实验器材：铁架台、酒精灯、火柴、石棉网、烧杯、中间有孔的纸板、温度计、水、秒表； （3） 实验步骤①用烧杯装适量热水，按实验装置图组装各器材；②点燃酒精灯对烧杯加热，水温达90℃后，每隔1min记一次温度值，直到水沸腾5min为止；③据记录的温度值，作水的沸腾图象； （4）实验结论①水沸腾时发生剧烈汽化现象；②水沸腾时温度不变；③水沸腾时需要吸热。 1．如图所示是“探究光的反射定律”的实验装置。 实验次数 1 2 3 4 沿NO入射 入射角 30° 40° 60° 80° 反射角 30° 40° 60° 80° （1）如图甲所示，应放置纸板使其与水平桌面上的平面镜 　 　 。 （2）在图甲中，使一束光贴着纸板A沿EO射向平面镜上O点，多次改变光束入射角度　 　 。根据所得结论，可判断出最后一次实验，当光束沿NO入射时　 　 度。 （3）在图甲实验中，让光沿FO的方向射向平面镜，会看到反射光沿着OE方向射出。这表明：在反射现象中，　 　 。 （4）在图乙实验中，将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折，则上面的操作探究的问题是：　 　 。 2．利用如图所示器材探究平面镜成像特点。 （1）把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，再拿一支外形相同 　 　 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖立着在玻璃板后移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。换用不同长度的蜡烛，重复几次上述实验，说明平面镜所成的像和物体大小 　 。这种研究方法是物理学中常用的 　 　 （选填“控制变量法”“转换法”或“等效替代法”）。 （2）实验中，为了验证玻璃板所成的像是否为虚像，移去蜡烛B，在蜡烛A的这一侧透过玻璃板观察，这种做法是 　 　 （选填“正确”或“错误”）的。 （3）实验时，右边的同学看不见蜡烛A在玻璃板中的像，可以将玻璃板向 　 　 （选填“右”或“左”）平行移动。 3．如图﹣1，是小明做“探究凸透镜成像的规律”的实验装置： （1）实验时，调节烛焰中心、凸透镜光心和光屏中心在同一高度； （2）固定凸透镜的位置，将蜡烛放在距离凸透镜较远处，此时应移动 　 直至出现最清晰的像，记录物距、像距、像的性质； （3）改变物距，重复上述操作，多次实验 凸透镜的焦距：f＝5.0cm 实验次数 物距/cm 像距/cm 像的性质 正立或倒立 放大或缩小 虚像或实像 1 18.0 6.9 倒立 缩小 实像 2 10.0 10.0 倒立 等大 实像 3 7.0 17.7 倒立 放大 实像 4 4.0 / 正立 放大 虚像 分析数据可知：当物距大于凸透镜焦距时，物距减小，像距 　 　 ；（选填“增大”、“减小”或“不变”） （4）当光屏上出现清晰的像时，小明不小心用手指尖遮挡住了凸透镜的一部分，这时光屏上 　 　 （选填“仍能”或“不能”）成烛焰完整的像； （5）如图﹣2，当无人机在高空拍摄地面场景时，所成的像最靠近图﹣3中凸透镜主光轴上的 　 　 （选填“a”、“b”、“c”或“d”）点； （6）生活中常用的放大镜应用了表中第 　 　 次实验的成像规律。 4．为了“探究固体熔化时温度的变化规律”，小明同学采用如图甲所示的实验装置，试管中装有适量的冰。 （1）图乙是某一时刻温度计示数，读数为 　 ℃。 （2）图丙是根据实验记录绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像。由图像可知：　 　 段（选填“AB”，“BC”，“CD”或“DE”）是冰的熔化过程，CD段的物质处于 　 　 （选填“固态”、“固液共存态”或“液态”）； （3）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，在标准大气压下将得到图像中的DE段 　 　 沸腾（选填“会”或“不会”）。 （4）小华同学将图甲中试管换成碘锤做“碘的升华”实验时，如图丙所示（碘的熔点为113.7℃，碘的沸点为：184.4℃，酒精灯火焰的温度可以达到500℃）。碘发生的物态变化是 　 　 ，该实验采用水浴法加热的主要目的是 　 　 （选填“受热均匀”或者“控制温度”）。 5．小明利用如图甲所示的实验装置探究“水的沸腾”实验。 （1）安装好实验器材后，为缩短实验时间，小明在烧杯中倒入热水，此时温度计的示数为　 　 ℃。 （2）在水温升高到90℃后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，如此持续8min后停止读数； ①分析表中数据可知当时的大气压　 　 （选填“高于”“低于”或“等于”）一标准大气压； ②用质量为m1的水做实验，绘制出水的温度随时间变化的图象如图丙中的a；若用质量为m2（m2＞m1）的水做实验，得到的图线可能是图丙中的　 　 （选填“b”“c”或“d”）； 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 温度/℃ 90 92 94 96 97 98 99 99 99 （3）根据实验数据，得出水沸腾时的温度特点　 　 ； （4）另一个同学对实验装置进行了适当改变，如图丁所示，试管甲管口朝上，内均有适量水，放在大烧杯的水中固定，待大烧杯内的水沸腾后，会发现试管中的水　 　 。（选填“都能沸腾”“都不能沸腾”“只有甲沸腾”或“只有乙沸腾”） 6．如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中： （1）在两个相同的烧杯中加入　 　 相同、初温相同的水和煤油（ρ水＞ρ煤油）。并且选用规格相同电加热器，通过　 　 来显示水和煤油吸收热量的多少。 （2）水和煤油温度随时间变化的图像如图乙所示。 ①根据图甲、图乙可判断出a物质是　 　 。 ②根据图乙可知：质量相等的a和b两种液体，在升高相同温度时，　 　 液体吸收的热量较多，b物质吸热能力较　 　 。 押题猜想19 力学实验 1．某同学测量物质的密度。 （一）测量小石块的密度 （1）如图（a），天平放在水平台上，指针静止时指在分度盘的中线处　 　 （填“规范”或“不规范”）； （2）天平平衡后，将小石块放在天平左盘，当天平重新平衡时（b）所示，则小石块的质量为 　 　 g； （3）利用图（c）所示方法测出小石块的体积； （4）根据测量数据求得小石块的密度ρ＝ 　 　 g/cm3； （5）若小石块吸水，会使测得的密度偏 　 　 ； （二）测量豆浆的密度 该同学用厨房电子秤、透明玻璃杯、水（密度为ρ水）、记号笔、豆浆，进行如下操作： （6）将玻璃杯放在电子秤上，按下“去皮”键，电子秤示数归零（电子秤将玻璃杯的质量从显示中去除）； （7）向玻璃杯中缓慢加水，测出水的质量m1，在水面处用记号笔做好标记； （8）将玻璃杯中的水倒出，擦干玻璃杯后放在电子秤上，向玻璃杯中缓慢加入豆浆至标记处2； （9）用m1、m2和ρ水，表示豆浆的密度ρ＝ 　 　 。 押题解读 本题考查密度测量的实验，考查了天平和量筒的使用、密度公式的应用等，题目有一定难度。 考前秘笈 测量液体密度的一般过程 2．测液体密度的误差分析 （1）液体倒入量筒中时少量附在量筒内壁，体积测量值偏小，密度偏大。 （2）先测容器的质量，再测容器和液体的总质量，由于容器壁有残留倒不干净，体积测量值偏小，密度偏大。 1．小明非常喜欢学校食堂里的红烧土豆排骨这道菜，于是回家买了些土豆，想自己学做这道美味。他想利用所学知识测量土豆的密度。 （1）把天平放到水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节 　 使横梁平衡。 （2）将土豆放在天平左盘，向右盘增减砝码并调节游码，当天平平衡时，土豆的质量为 　 　 g。 （3）由于土豆较大，无法放入量筒，于是小明将它缓缓放入一个盛满水的溢水杯中，测得浸出水的质量为140g。已知水的密度为1.0g/cm3，则土豆的密度为 　 　 g/cm3。在测量溢出水的质量时，不小心有水溅出。测得土豆的密度与真实值相比 　 　 （选填“偏大”或“偏小”）。 （4）小明又用家里的电子秤、杯子和水测出了土豆的密度。步骤如下： ①把土豆放在水平放置的电子秤上，电子秤示数为m1； ②取下土豆，将装有适量水的杯子放在电子秤上，电子秤示数为m2； ③将用细线系好的土豆缓缓浸没在水中，水未溢出且土豆不触碰杯底。电子秤示数为m3； ④求出土豆的密度ρ＝ 　 　 。（用m1、m2、m3、ρ水表示） 2．小新为了解玛瑙石的密度，将两块不同大小的玛瑙石带到实验室，准备用天平、量筒、烧杯和水等器材进行如下操作： （1）小新用正确的方法测量小玛瑙石的质量时，所用的砝码及游码的位置如图甲所示，其质量为　 　 g； （2）将小玛瑙石放入装有40mL水的量筒中，液面位置如图乙所示，计算出小玛瑙石的密度是　 　 kg/m3； （3）小新想用同样方法测出大玛瑙石的密度，当他用天平测出大玛瑙石的质量m后，发现大玛瑙石不能直接放入量筒 ①将大玛瑙石浸没在装有水的烧杯中，标记水面位置后取出玛瑙石； ②在量筒中装入适量水，记下水的体积为V1，用量筒往烧杯中加水至　 　 处； ③记下量筒中剩余水的体积为V2； ④大玛瑙石的密度表达式为：ρ＝　 　 （用测量的物理量符号表示）； ⑤此方法测出大玛瑙石的密度可能比实际密度　 　 （选填“偏大”或“偏小”）。 3．某物理小组在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中用到了弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。 （1）三次实验中都要求用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿水平长木板滑动，从而测出 　 和 　 　 之间的滑动摩擦力。 （2）比较图中 　 　 两次实验，可验证滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关； （3）小明在实验中发现弹簧测力计拉动木块运动时很难保证木块稳定地做匀速直线运动，导致弹簧测力计的示数不稳定，小明将图乙实验的过程中木块的运动状态和弹簧测力计的示数记录在表格中，记录时不慎遗漏了一次数据，这次弹簧测力计的示数可能为 　 　 。 A.0.5 B.0.8 C.1.0 D.1.4 实验次数 1 2 3 4 5 木块运动状态 静止 开始运动 加速 匀速 减速 弹簧测力计示数F/N 0.5 0.9 1.2 0.5 4．小明用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。 （1）若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，应通过方法 　 　 （填字母序号）进行调节； A.向U形管内加适量的水 B.从U形管内倒出适量的水 C.拆除软管重新安装 （2）调整好了以后，比较图乙、图丙两次实验得出结论：同种液体，　 越大液体内部的压强越大； （3）比较 　 　 两图可以得到：液体内部压强还与液体密度有关； （4）在丁图中探头在盐水中的深度为5cm，发现探头在水中6cm时U形管左右两侧水面的高度差与丁图中相同，则盐水密度为 ； （5）实验后，他自制了如图戊所示的装置继续探究。他向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，则容器底部受到液体压强关系是p左　 　 p右（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 5．小风探究“浮力的大小跟哪些因素有关”时，进行了如图甲的实验操作。 （1）在D图中画出物体所受浮力的示意图（标明力的大小）。 （2）图甲中，为探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关，应比较 　 　 三次实验；利用弹簧测力计测量的数据可以推算出，物体的密度为 　 　 kg/m3。 （3）小风想用图乙所示的实验器材验证阿基米德原理，以下情况会对得出实验结论产生影响的是 　 　 （填字母序号）。 A.实验前小桶内有少量的水 B.溢水杯中的水没有加至与溢水口相平 C.物体没有全部浸没在水中 D.溢水杯中溢出的水洒了一些在桌上 6．小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。 （1）实验前，小明将杠杆置于支架上静止如图甲所示，此时应向 　 　 移动平衡螺母至杠杆水平； （2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次平衡　 　 个同样的钩码； （3）如图丙所示，为改变力的方向，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将 　 　 （“变大”“变小”或“不变”）； （4）小明和小红交流： ①如图丁，用木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，在B点挂粗绳作为提纽，则 　 　 点相当于支点；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，则该位置对应刻度值为 　 　 g。 ②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，再测出细线距离B点的长度（如表），根据表中数据　 　 cm处。 托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200 距离B点的长度/cm 6 11 16 21 ③为了增大杆秤的最大测量值，你的方法是：　 　 （写一种即可）。 押题猜想20 电磁学实验 1．小明用图甲所示的实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V，三个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω和15Ω，两个滑动变阻器规格分别为“10Ω 1A”和“20Ω 1A”。 （1）如图甲中，电路连接不完整，请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 　 　 （选填“左”或“右”）端； （3）正确连接电路后，小明依次使用三个定值电阻进行实验。每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，记录相应电流表示数，绘制出I﹣R图像如图乙所示　 　 V； （4）小明找来一个未知阻值的电阻，重复上述实验，电流表表盘如图丙所示　 　 A，该电阻的阻值为 　 Ω； （5）根据以上实验数据，实验中小明选择的滑动变阻器规格应为 　 　 ； （6）刘军同学想测量一个未知电阻Rx的阻值，但发现电流表已经损坏。小红同学帮她找来一个定值电阻R0并设计了一个实验方案，如图丁所示： ①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1； ②再断开S1，记下电压表示数U2，则Rx＝ 　 　 （表达式用U1、U2、R0表示）。 押题解读 本题探究电流和电阻的关系，考查电路连接、数据分析、操作过程及欧姆定律的运用。 考前秘笈 1、该实验采用的研究方法是：控制变量法。即：保持电阻不变，改变电压研究电流随电压的变化关系； 2、电路在连接过程中，开关要 断开 ， 3、实验结论：在电阻一定的情况下，导体中的电流与导体两端的电压成正比； 4、电路连接注意事项：开关断开，滑动变阻器滑片移至阻值最大处。 5、在移动滑片时，发现电压表和电流表的示数始终没有任何变化， 其原因是： 在连接滑动变阻器时没有按照一上一下的原则连接 。 6、检查电路时发现电压表、电流表位置互换了，电流表几乎无示数，电压表接近电源电压。 7、电表异常偏转原因：①指针反向偏转，原因是正负接线柱接反；②正向偏转幅度过小，原因是量程选择过大；③正向偏转幅度过大超过最大刻度，原因是量程选择过小。 8、滑动变阻器的作用：①保护电路；②改变电阻两端电压。 9、调节滑动变阻器不能使电压达到指定示数的原因是：滑动变阻器的最大阻值过小。 10、换不同规格的电阻多次测量的目的是：得出普遍规律，避免实验的偶然性。 11、此实验不能用灯泡代替电阻进行探究的原因：灯丝的电阻随温度的升高而增大。 12、若使用灯泡代替电阻，那么在画出的I-U图像中，其图像是一条 曲 线。 13、考虑到电压表的电阻对电路的影响，每次电流表的示数比测量时通过待测电阻的实际电流_偏大_（选填“偏大”或“偏小”）。 1．小明在学习了电磁感应的知识后，重新做了“怎样产生感应电流”的实验。 （1）如图甲所示，闭合开关后，下列实验操作能使灵敏电流计指针发生偏转的是 　 　 （多选）； A.磁体不动，导体棒水平向右运动 B.磁体不动，导体棒向斜上方运动 C.磁体不动，导体棒沿前后方向运动 D.导体棒不动，磁体竖直向下运动 （2）小明对感应电流进一步探索，如图乙所示，把两个发光二极管极性相反地并联起来，转动摇把，发现两个二极管交替发光　 　 ； （3）小明在实验中有了新的思考：如果把图甲灵敏电流计换成 　 　 ，就能继续探究磁场对通电导体的作用。 2．在“探究导体中电流跟电阻的关系”的实验中，实验器材有：电源（6V）、电流表、电压表、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω、30Ω各一个） （1）如图甲所示，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （2）开关闭合后，发现电压表无示数，电流表有示数　 　 （选填“断路”或“短路”）； （3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P　 　 V不变，记下电流表的示数；若定值电阻从10Ω换成20Ω时　 　 （选填“左”或“右”）移动。 （4）画出如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：电压一定时，电流与电阻成 　 　 。 3．用“伏安法”测量已坏收音机里一个电阻的阻值，请完成下列实验探究。 （1）用笔画线代替导线将图甲的实物电路图连接完整。 （2）闭合开关前，滑动变阻器应滑到 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （3）用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，记录每次对应电流值和电压值，多次测量的目的是 　 　 （选填字母代号）。 A．寻找普遍规律； B．求平均值减小误差。 （4）某一次测量时，电流表的指针如图乙所示，其示数为 　 　 A，电压表的指针如图丙所示，其示数为 　 　 V，根据上述数据计算出Rx的阻值为 　 Ω。 （5）要测量额定电压为U0的小灯泡正常工作时的电阻，设计了图丁四种方案，电源电压不变，R为已知电阻，在不改变电路连接的情况下可行的是 　 　 （选填字母代号）。 4．小明利用图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压恒为6V，实验提供的定值电阻R的阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器规格为“30Ω （1）用笔画线代替导线将图甲所示电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大。 （2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至 　 　 端（选填“左”或“右”）。 （3）当定值电阻R为5Ω时，移动滑片至适当位置，记录两电表示数。其中电压表指针所指位置如图乙所示　 　 V。 （4）将R换为10Ω时，在记录数据前，小明应先调节滑动变阻器　 　 ，实验中可更换定值电阻的最大值是 　 　 Ω。 （5）小明重新调整电压的设定数值，进行了5次实验，根据实验数据画出电流与电阻关系的图像如图丙。根据图丙可得出“在电压一定时　 　 （选填“正比”或“反比”）的实验结论。 5．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：电压恒为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡（灯丝电阻约为10Ω），导线若干，三种规格的滑动变阻器R1（10Ω，0.5A）、R2（50Ω，0.5A）、R3（200Ω，0.2A）可供选择。 （1）请用笔画线表示导线将电路连接完整。要求：变阻器的滑片P向B端移动时，灯泡变暗； （2）刚接好最后一根导线，灯泡立即发光，他存在一个不当的实验操作：　 　 ； （3）通过估算，滑动变阻器应选择　 （选填“R1”“R2”或“R3”）； （4）排除故障后，闭合开关S，移动滑片P到某一位置时　 　 V。根据图丙图像信息，随着电流增大，小灯泡的电阻　变大　 （选填“变大”“变小”或“不变”），小灯泡的额定功率是　 　 W； （5）当小灯泡两端电压为2V时，小灯泡的实际功率可能是　 　 W（选填“0.36”、“0.45”或“0.64”）。 题型五 计算题 押题猜想21 电热综合计算 1．图甲为某品牌饮水机，其铭牌如表所示，图乙为其内部简化电路图1、R2均为电热丝，当热水箱中水温降至70℃时通过自动开关S2切换到加热挡，当温度达到100℃时自动切换到保温挡，饮水机始终在额定电压下工作水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）电热丝R1的阻值； （2）热水箱中的水由70℃加热到100℃所吸收的热量； （3）饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量。 水桶容量：20L 热水箱水量：1kg 额定电压：220V 加热功率P2：1100W 保温功率P1：100W 1．如图甲是某款便携式电热饭盒，电热饭盒工作时可在高温、低温两挡进行调节，高温挡电功率为200W，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值为758Ω．求： （1）R1的阻值是多少？ （2）1kg初温30℃的饭菜用高温挡加热5min后，不计热量损失，饭菜的温度是多少？[饭菜的比热容取3×103J/（kg•℃）] （3）如果实际电压是200V，低温挡工作时的实际功率是多少？ 2．图甲是广水市东大街为移动摊位提供的新型计费插座，图丙是某摊位使用的电饭锅内部的简化电路，R1和R2是发热电阻，其中R2＝40Ω。开关S1、S2的通断可实现加热和保温两个挡位的调节，铭牌显示该电饭锅额定电压为220V，加热挡的额定功率为1210W。 （1）将锅内2kg的水从20℃加热到70℃，水吸收的热量。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] （2）电饭锅在保温挡工作时，通过R1的电流是多少？ （3）若全部数据一键清零后，电路中只接入电饭锅在加热挡工作，使用一段时间后插座表盘如图乙所示，计算该电饭锅工作过程消耗的实际功率。[已知商业用电电价约为0.8元/（kW•h）] 3．图甲为一款家用电火锅的简化电路图，其中R1、R2为定值电阻，R1＝44Ω。旋钮开关可实现高、中、低三个挡位的切换。当开关处于图甲所示位置时，电火锅为中温挡，电路中的电流为5A。求： （1）当用中温挡加热120s时，电火锅产生的热量； （2）在用电高峰期，若只让电火锅处于中温挡状态工作125s，电能表（如图乙所示），则电火锅此时的实际电压； （3）电火锅正常工作时高温挡和低温挡的额定电功率之比为P高：P低＝4：1，请计算低温挡的额定电功率。 4．图甲是一款多功能电煮锅，图乙为该电煮锅简化电路图，其中开关S2可以断开、接A或接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，电煮锅的部分参数如下表所示。（R1和R2的电阻值不随温度变化而变化） 项目 额定电压（V） 低温挡功率（W） 中温挡功率（W） 高温挡功率 参数 220 550 1100 P高 （1）电煮锅处于中温挡正常工作时，求电路中的电流大小？ （2）高温挡的功率P高是多少？ （3）为了在户外露营时能使用电煮锅来烫火锅，可以采用能够存储2.2kW•h的移动电源对其进行供电，使用充满电的移动电源使电煮锅在中温挡正常工作15min把水烧开后，还可以正常工作多长时间？ 5．体重超标已影响了部分中学生的身心健康，为了动态监测学生的体重情况，班级科技创新小组设计了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电流表量程为0~0.6A，踏板重力不计。 （1）随着压力的增大，压敏电阻的阻值______（选填“变大”“变小”或“不变”）； （2）求：闭合开关S，当体重计空载时，电路中的电流为0.12A，电源电压为多少； （3）求：当体重计示数为600N时，消耗的电功率为多少； （4）求：此体重计所能测量的最大体重为多少。 押题猜想22 力学综合计算 1．2025年2月21日，由中航工业自主研制的电动型载人飞艇“祥云”AS700D在湖北荆门成功完成科研首飞，如图。“祥云”AS700D采用先进的锂电池电驱动系统取代传统的航空发动机和燃料系统 最大起飞质量 4t 最大飞行高度 3000m 最大飞行速度 80km/h 最大航程 700km 最多搭乘人数 10 （1）若飞艇从地面竖直起飞到最大飞行高度，用时25min，该过程中飞艇的平均速度多大？ （2）飞艇以最大起飞质量悬停在空中时，所受的浮力多大？ （3）飞艇在某高度飞行时，携带的气压计测得该高度的大气压相当于600mm高水银柱产生的压强，该高度的大气压强多大？水银的密度取13.6×103kg/m3。 （4）若飞艇在水平方向上沿直线匀速飞行时，推进器提供的水平推力为1.8×103N，飞艇推进系统的推进效率为70%，按设计最大航程计算 1．福船的出现为我国乃至世界航海史写下了璀璨的一页。南京静海寺《郑和残碑》记载：“永乐三年，将领宫军乘架二千料海船并八橹船……。”经学术界考证，二千料海船就是福船。福船满载时，航行时的平均速度为30km/h。（海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg） （1）在海上运行2h，福船可以航行多少千米？ （2）船体某处离水面3m，该处受到海水的压强是多少？ （3）福船满载时受到的浮力是多少？ 2．使用无人机进行常态化安全巡查，如图所示是正在巡查的无人机。无人机起飞前，启动后，利用遥控器可控制它运动和工作。无人机的部分参数如表 （1）无人机停放在水平地面上时对地面的压强是多少？ （2）无人机从地面以最大上升速度匀速竖直飞到离地30m高处，此过程中克服重力做功是多少？ （3）无人机匀速竖直向上飞行过程中的输出功率是多少？ 机身质量/kg 5 “四脚”若地的总面积/cm2 10 电池充满电后储存电能/J 36000 最大水平速度/m/s 5 机身尺寸/mm 400×300×200 最大上升速度/m/s 1 3．某矿场工地中，使用了如图所示的一款履带运输车运送矿产。已知空载时，履带运输车的质量为2.5t2，某次运送矿产过程中，履带运输车在10min内沿水平路面匀速直线行驶1.5km，行驶中受到的阻力为104N，g取10N/kg，求： （1）空载履带运输车静止时对水平路面的压强； （2）这次运送中，运输车发动机的输出功率； （3）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是60%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。（燃料热值q取3.5×107J/kg） 4．如图是某品牌挖掘机的实物图和作业范围及相关参数，请分析相关信息，完成下列问题。（ρ泥土＝1.8×103kg/m3，ρ柴油＝0.85×103kg/m3，q柴油＝3×107J/kg） （1）挖掘机停在水平地面不工作时，对地面的压强是多少？ （2）若挖掘机铲斗装满泥土且挖掘机在5s将满铲斗泥土从最大挖掘深度处送到位于最高卸料高度的装卸车上，挖掘机对泥土做功的功率是多少？ （3）挖掘机正常工作时，其发动机的效率是多少？（计算结果保留一位小数） 某品牌挖掘机参数 整机质量/kg 29600 铲斗容量/m3 1.5 发动机额定功率 150kW/1800rpm A：最大挖掘高度 10000mm B：最大卸料高度 6600mm C：最大挖掘深度 6400mm D：履带长 4440mm 履带宽 500mm 柴油箱容量 520L 额定油耗 60L/h 5．如图为我军装备的05式两栖突击车。此车空载质量为2.87×104kg，配备最大功率为1.29×106W的柴油发动机，履带着地的总面积为10m2。当突击车搭载总质量为300kg的4名战士演练时，（g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3，q柴油＝4.3×107J/kg）求： （1）两栖突击车在水平地面静止时对地面的压强； （2）两栖突击车漂浮在水面上时排开水的体积； （3）不计能量损失，两栖突击车以最大功率行驶1min消耗柴油的质量。 6．2023年5月，“恩平20﹣4钻采平台”上部组块与下部海底导管架对接安装完成，创造了我国海上油气平台动力定位浮托安装总重的新纪录。“恩平20﹣4钻采平台”上部组块整体质量达1.55×104t，建造完成后，由我国自主建造的“海洋石油278”半潜船装载运输至海上安装现场。由于“恩平20﹣4钻采平台”上部组块整体质量超过常规海上浮吊极限，工程人员采用了如图所示的横向滑移装船方式进行装船。 （1）工程人员将平台上部组块固定在支撑框架上，再在码头和半潜船的甲板上铺上滑轨，然后通过牵引装置将组块缓缓拉到半潜船上。 ①若要求支撑框架对滑轨的压强不能超过2×107Pa，不计支撑框架的重力，则支撑框架和滑轨之间的受力面积不能小于多少m2？ ②若牵引装置对支撑框架的拉力为1.2×106N，组块移动了约200m，则拉力在这个过程中大约做了多少J的功？ （2）平台上部组块在横向滑移装船过程中，需要调整半潜船的压载水量，使甲板始终保持水平且与码头的地面相平。在将平台上部组块横向滑移至码头边缘时，工作人员控制压载水舱向外排出2×104t的水，使低于码头的甲板上升至与码头平齐，牵引装置继续拉动支撑框架，当平台上部组块整体转移至甲板时，半潜船内压载水量为1.6×104t。整个装载过程中，若不考虑海平面的变化、不计支撑框架的重力，则半潜船向外排出的海水约多少m3？ 押题猜想23多知识点综合计算 1．2023年5月，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并网投产（如图甲）。“海油观澜号”排水总重达11000吨（g取10N/kg，） （1）求“海油观澜号”所受的浮力； （2）“海油观澜号”投产后风机年均发电量将达2200万千瓦时，若按发电效率22%来计算，则每年可节约多少焦炭； （3）已知通过风机叶片的空气动能与其质量成正比，且1kg空气的动能W与速度v的关系如图乙所示。若风速为10m/s时，空气的密度为）6J，试估算风机叶片的扫风面积为多大？ 1．如图是一款水陆两栖车，重1338千克，长4.57米。它能够直接从陆地开到水中，在水上速度可达到72km/h。假设在某次工作中该车和乘坐人员的总质量为1600kg，轮胎与地面的总接触面积大约为0.1m2。求：在此次工作中，（g＝10N/kg） （1）该车漂浮在水面上静止时受到的浮力是多少N？ （2）该车静止在水平地面上时，对地面的压强约为多大？ （3）该车在水上以最大功率行驶10km，发动机做的功是多少J？ （4）若该车在水平公路上行驶时的阻力恒为车重的0.1倍，此时百公里油耗为16L，求此次在水平公路上行驶的效率。（汽油的热值为4.6×107J/kg，汽油的密度为0.7×103kg/m3） 2．我省农业已进入智能化时代，农用机械可以通过北斗导航系统实现精准作业。如图为一架无人机在农田中喷洒农药时的情景，无人机载满农药时的总质量为45kg。g取10N/kg （1）北斗导航系统是利用 　 　 波传递信息的。水平匀速飞行的无人机在喷洒农药的过程中，该喷药无人机的机械能 　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），无人机相对于 　 　 是运动的。 （2）载满农药的无人机不工作时，静止在水平地面上，底部支架与地面的总接触面积为90cm2，它对地面的压强是多大？ （3）无人机在农田上方持续喷洒农药时，以5m/s的速度沿水平方向做匀速直线运动。无人机载满农药时所载农药的质量为20kg，每分钟喷洒的农药量为2kg，飞行的路程是多少？ 3．据统计，每燃烧1kg燃油约排放3.3kg二氧化碳。为实现碳达峰、碳中和的目标，氢能作为一种绿色低碳的清洁能源在我国交通领域的应用场景不断扩大，其应用流程如下。 （1）氢燃料电池将化学能直接转化为 　 　 能。 （2）当储氢瓶内气体压强为3.5×107Pa时，求瓶内壁1cm2的面积上受到的压力。 （3）以氢燃料电池卡车为例，若卡车在水平路面上匀速行驶72km用时1h，功率为172kW。 ①求卡车的行驶速度。 ②求卡车所受牵引力。 ③与燃油卡车相比，氢燃料电池卡车行驶72km可减排二氧化碳的质量为多少？ （燃油机的效率取36%，燃油的热值q取4.3×107J/kg） 4．如图﹣1，是某型号电暖器。它有高温、低温两个挡位，其简化电路图如图﹣2所示。R1和R2均为发热电阻，其部分参数如表所示。 额定电压 220V 额定功率 高温挡 2200W 低温挡 1100W （1）该电暖器是利用电流的 　 　 效应工作的。当开关S1、S2均闭合时，电暖器处于 　 　 挡。 （2）该电暖器在低温挡正常工作时，电路中的电流是多少？在高温挡正常工作时，发热电阻R2的阻值是多少？ （3）在某次用电高峰期，小明用如图﹣3所示的电力监测仪，测出该电暖器在低温挡工作时的实际电压为210V，只是因为实际电压小于额定电压造成的。请你通过计算，判断小明的观点是否正确。 5．“海油观澜号”是我国首座深远海浮式风电平台，装机容量7.25MW，可在水中漂浮并捕捉风能发电。“海油观澜号”由浮式基础和风机设备组成，总体呈三角形结构，包括3个边立柱和1个中间立柱（不计立柱之间的连结结构体积）；浮式基础上方是质量为5200t的风机设备。 （1）如图甲所示，浮式基础在青岛完成总装后，在拖船的协助下运至2630km远的珠海码头，受到水的阻力为4×106N，求拖船通过钢绳对浮式基础施加拉力的功率。 （2）到达珠海码头后，需要将叶片组装成叶轮。风机设备的叶轮由三个叶片组成，每个叶片长为76.6m。在安装其中一个叶片时，如图乙所示。若叶片重心在O点，此时钢索AB和CD在竖直方向，已知O点到AB的距离为60m，O点到CD的距离为4m5N，则该叶片的质量为多少千克？ （3）如图丙所示，组装好的“海油观澜号”被拖到目标海域后，为了增加稳定性，使整个平台下降，全过程浮式基础未全部浸没（不考虑立柱间连接部分的体积）。若注入海水前“海油观澜号”吃水深度为18.4m，注入3800t海水后“海油观澜号”吃水深度会增加多少米？ 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 21 / 172 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理终极押题猜想（湖北专用） 目录 题型一 单项选择题 2 押题猜想01 声与光 2 押题猜想02 热学 10 押题猜想03 能源与信息传递 18 押题猜想04 力学基础 25 押题猜想05 力学中档 32 押题猜想06 多知识点综合 43 押题猜想07 电学基础 47 押题猜想08 生活用电 51 押题猜想09 电磁学 55 押题猜想10 电学中档 60 题型二 填空题 69 押题猜想11 声、光、热学 69 押题猜想12 力学 74 押题猜想13 多知识点综合 78 押题猜想14 电磁学 82 题型三 作图题 88 押题猜想15 光学 88 押题猜想16 力学 91 押题猜想17 电磁学 96 题型四 实验题 101 押题猜想18 光、热学实验 101 押题猜想19 力学实验 109 押题猜想20 电磁学实验 117 题型五 计算题 126 押题猜想21 电热学综合计算 126 押题猜想22 力学综合计算 134 押题猜想23多知识点综合计算 144 题型一 单项选择题 押题猜想01 声与光 1．（原创）某新款AI（人工智能）助手可以识别主人说出的“指令”，进而调控家庭物联网中的设施，却无法调控相关设施，该功能主要依据声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．频率 【答案】C 【解析】新款AI（人工智能）音箱可以识别主人说出的“指令”，进而调控家庭物联网中的设施，却无法调控相关设施，故C符合题意。故选：C。 押题解读 （1）声音的产生与传播，声音的三种特质的区别，声音的利用和噪声的控制，是近些年来命题的热点，常考查教材图片的组合，是声学内容的考查越来越体现出知识的整合和理解能力。 考前秘笈 理解声音频率的含义，发出44Hz的声音是指声音每秒钟振动44次；振幅是指声音振动的幅度，声音的响度和振幅有关，振幅越大，响度越大；声音的传播是需要介质的，介质可以是气体、液体或气体，真空不能传声。 2．（改编）生活中常见到各种光现象，其中属于光的反射现象的是（　　） A． 透过树丛的光 B． 海市蜃楼 C． 手影 D． 水中倒影 【答案】D 【解析】A、透过树丛的光是由于光沿直线传播形成的。 B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，不符合题意。 C、手影是光沿直线传播形成的。 D、水中的“倒影”，是由于光的反射形成的。故选：D。 押题解读 光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，如平面镜成像、水中倒影；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象。教材图片组合考查是近年来武汉常考方法。 考前秘笈 光的反射、折射、光的直线传播等相关的现象在生活中均非常常见，且有一定的相似性，我们应把握其实质。 （1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （2）（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 3．在“探究凸透镜成像规律”实验中，某学习小组先用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距，之后正确安装并调节实验装置后，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是5.0cm B．图乙中，光屏上成的是倒立、放大的实像 C．图乙中，蜡烛燃烧缩短1cm，则像也缩短1cm D．图乙中，用不透明纸板遮住部分凸透镜，光屏上的像亮度不变 【答案】B 【解析】A、由图甲可知，故A错误； B、根据凸透镜成像规律可知，物距大于一倍焦距，光屏上成的是倒立，故B正确； C、图乙中，则像缩短大于1cm； D、图乙中，透过透镜的光变少，故D错误。 故选：B。 押题解读 考查凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 考前秘笈 凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＜f，成正立、放大的虚像；凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的特点。 1．变声期特指青少年在13岁至16岁之间声音发生变化的时期。变声期时，女孩的喉部变得狭小，声带较短、较薄、振动频率高，声音变的比较尖细；男孩子的喉腔变大，声带较宽、较厚，振动频率低，声音变的比较低沉而粗，根据以上描述，变声期发生最明显的变化主要是声音的（　　） A．大小 B．音调 C．音色 D．响度 【答案】B 【解析】在变声期，男生的声带厚而长，女生的声带薄而短，因此男生发声时声带的振动频率比女生低，所以在“变声期”男生的嗓音音调通常是变低；女生的声带增长的同时宽度变窄，说话时声带振动快，则女生的嗓音音调变高，故变声期发生最明显的变化主要是声音的音调，故B正确、ACD错误。 故选：B。 2．中华文化博大精深，有些古诗词中蕴含着丰富的物理知识。“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，描写了诗人张继途经寒山寺时听到钟声的场景。下列分析正确的是（　　） A．钟声是由空气振动产生的 B．钟声是通过空气传入人耳的 C．诗人根据声音的音调分辨出钟声 D．钟声的频率小于20Hz 【答案】B 【解析】A．听到的钟声是由钟的振动产生的，故A错误； B．声音的传播需要介质，钟声是通过空气传入诗人耳朵的，故B正确； C．诗人根据声音的音色分辨出钟声，故C错误； D．钟声的频率在20～20000Hz内，故D错误。故选：B。 3．《黑神话：悟空》火爆全球，以游戏为载体向世界展示了优秀的中华传统文化，其中弹着三弦的“陕北说书”更是火出了圈，下列说法正确的是（　　） A．琴弦停止振动时，弦还会发声 B．琴声只能在空气中传播 C．琴声一定不会成为噪声 D．按压琴弦的不同位置可改变音调 【答案】D 【解析】A.琴弦停止振动时，弦就不会发声，故A错误； B.琴声能在固、液、气中传播，故B错误； C.当琴声干扰人们的工作或休息时，就会成为噪声，故C错误； D.按压琴弦的不同位置可改变振动频率，进而改变音调，故D正确；故选：D。 4．（改编）如图所示，“钟”是我国古代用铜或铁制成的一种打击乐器。由于金属钟钟体厚重，需以槌用力敲击方能使其振动发声。《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，大者闻十里，小者亦及里之余。”下列说法错误的是（　　） A．钟声是由钟体振动产生的 B．钟声只可以在空气中传播 C．“大者闻十里”中的“大”是指声音的响度大 D．用槌分别敲击铜钟和铁钟，发出声音的音色不同 【答案】B 【解析】A.钟声是由钟体振动产生的，故A正确； B.钟声可以在空气中传播，也可以在固体和液体中传播，符合题意； C.“大者闻十里”中的“大”是指声音的响度大，故C正确； D.用槌分别敲击铜钟和铁钟，发出声音的音色不同，由发声体本身的特征决定，故D正确；故选：B。 5．如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（　　） A．语音助手发出的声音的频率低于20Hz B．减小声音音量实质是降低响度 C．人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音调 D．根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量 【答案】B 【解析】A.语音助手发出的声音的频率高于20Hz，低于20000Hz，故A错误； B.减小声音音量实质是降低响度，因为响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，距离发声体越近，响度越大，故B正确； C.人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，因为音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志，故C错误； D.根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传信息，故D错误；故选：B。 6．下列四个实验或实例中都与声相关，其中包含的物理原理能够解释“在太空中行走的宇航员不能直接对话”的是（　　） A．拨动直尺会产生声音 B．逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到声音变小 C．扬声器发声时，烛焰会“跳舞” D．车子排气管上的消声器大大减弱了噪声 【答案】B 【解析】在太空中行走的宇航员不能直接对话，是因为真空不能传声： A、拨动直尺会产生声音，因为声音是物体的振动产生的，故A错误； B、逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到声音变小，是因为真空不能传声，故B正确； C、扬声器发声时，烛焰会“跳舞”，说明声音能传递能量，故C错误； D、车子排气管上的消声器大大减弱了噪声，这是在声源处减弱噪声，故D错误。 故选：B。 7．古有匡衡“凿壁借光”发奋读书，成为了一名大学问家，下列现象中与“凿壁借光”光学原理相同的是（　　） A．雨后彩虹 B．水中倒影 C．树荫下的光斑 D．汽车后视镜 【答案】C 【解析】“凿壁借光”利用的是光在同种均匀介质中沿直线传播； A、雨后彩虹是由光的折射形成的，故A错误； B、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误； C、树荫下的光斑属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故C正确； D、汽车后视镜属于凸面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误。 故选：C。 8．如图所示，一只水鸟站在水中觅食，从图中可以看到黑色影子和清晰的倒影。下列说法正确的是（　　） A．黑色影子是由于光折射形成的 B．清晰倒影是光的反射形成的实像 C．当水鸟向高处飞行时，倒影到水面的距离不变 D．能从不同的角度看到水鸟，是因为光在水鸟身上发生了漫反射 【答案】D 【解析】A、黑色影子是由于光的直线传播形成的，故A错误； B、清晰倒影是光的反射形成的虚像，故B错误； C、当水鸟向高处飞行时，倒影到水面的距离变大，故C错误； D、能从不同的角度看到水鸟，是因为光在水鸟身上发生了漫反射，故D正确。故选：D。 9．如图，为了探究光反射时的规律，把一个平面镜放在水平桌面上，纸板ENF是用两块纸板连接起来的，纸板NOF可以向前或向后折。下列说法不正确的是（　　） A．纸板NOF可以向前或向后折，是为了探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 B．入射光线靠近ON时，反射光线靠近ON C．使一束光贴着纸板沿NO方向射到O点，这时没有反射光射出 D．使用此实验装置还能探究光在反射时光路是否可逆 【答案】C 【解析】A、在研究光的反射定律实验中，当把两纸板折到同一平面上时，说明反射光线、法线在同一平面内； B、根据光的反射定律，所以入射光线靠近ON时，反射光线也靠近ON； C、光沿NO方向入射时，并非“没有反射光”； D、使用此实验装置，能探究光在反射时光路是否可逆。 故选：C。 10．在“探究平面镜成像特点”的实验中，下列说法错误的是（　　） A．实验时应选较薄的玻璃板代替平面镜竖立在水平桌面上 B．在寻找蜡烛像的位置时，眼睛应在玻璃板放有点燃蜡烛的一侧观察 C．在蜡烛像的位置放上光屏，光屏上不能承接到蜡烛的像 D．保持蜡烛A的位置不变，让玻璃板稍倾斜些，蜡烛A的像位置不变 【答案】D 【解析】A、玻璃板越薄，这样可使确定的像的位置更加准确，会影响对实验结果的判断； B、平面镜所成像是由光的反射形成的，应在物体一侧透过玻璃板向对侧观察，B正确； C、物体在平面镜中成虚像，移去蜡烛B，则光屏上不能接收到蜡烛A的火焰的像，故C正确； D、让玻璃板稍倾斜些，故D错误。 故选：D。 11．小明用同一凸透镜先后观察书本上的字，看到了如图甲、乙所示的情景，下列说法中正确的是（　　） A．甲图原理同放大镜，乙图原理同照相机 B．甲、乙图中凸透镜离书本较远的是甲图 C．甲图中凸透镜成虚像，乙图中凸透镜成实像 D．甲、乙图中将凸透镜靠近书本，看到的像都变大 【答案】C 【解析】甲图中成正立放大的像，乙图中成倒立放大的像，根据凸透镜成像规律及应用可知，甲图原理同放大镜，成正立放大的虚像，物距小于焦距；乙图原理同投影仪，成倒立放大的实像，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以甲、乙图中凸透镜离书本较远的是乙图； 甲图原理同放大镜，将凸透镜靠近书本，物距变小，则像变小；乙图原理同投影仪，将凸透镜靠近书本，物距变小，则像距变大，同时像也变大，故ABD错误、C正确。 故选：C。 12．在“探究凸透镜成像规律”实验中，某学习小组先用如图甲所示的方法测量凸透镜的焦距，之后正确安装并调节实验装置后，如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．由图甲可知，该凸透镜的焦距是5.0cm B．图乙中，光屏上成的是倒立、放大的实像 C．图乙中，蜡烛燃烧缩短1cm，则像也缩短1cm D．图乙中，用不透明纸板遮住部分凸透镜，光屏上的像亮度不变 【答案】B 【解析】A、由图甲可知，故A错误； B、根据凸透镜成像规律可知，物距大于一倍焦距，光屏上成的是倒立，故B正确； C、图乙中，则像缩短大于1cm； D、图乙中，透过透镜的光变少，故D错误。故选：B。 押题猜想02 热学 1．（原创）“不知庭霰今朝落，疑是林花昨夜开”中的“霰”，是古人视为吉祥的象征，如图所示。下列与“霰”的形成过程相同的是（　　） A．液化 B．凝华 C．凝固 D．熔化 【答案】B 【解析】“霰”是高空中的水蒸气遇到冷空气直接凝结成的小冰粒，这是凝华现象；B正确。故选：B。 押题解读 液化的概念及现象；熔化的概念及现象；熔化的吸热特点；凝固的概念及现象；汽化的吸热特点，利用所学知识解释生活中的具体问题，体现了从物理走向生活，从生活走向物理的核心素养要求。 考前秘笈 1）物态变化共有六种：①熔化是物质由固态变为液态；②凝固是物质由液态变为固态；③汽化是物质由液态变为气态；④液化是物质由气态变为液态；⑤升华是物质由固态变为气态；⑥凝华是物质由气态变为固态。 （2）解决此题的关键是知道物态变化的名称，知道物质从固态变为液态的过程是熔化现象，依据各选项中的物态变化进行分析即可。 2．甲、乙两种固体熔化过程的温度一时间图像如图所示，下列判断错误的是（　　） A．甲是晶体且其熔点为48℃，乙是非晶体 B．甲的熔化过程持续了4min C．在4﹣8min内，甲的内能一定大于乙的内能 D．甲在ab段处于固液共存状态，在b点的内能大于a点的内能 【答案】C 【解析】A、如图所示的是甲。其中，则乙物质是非晶体，温度保持不变的物质是甲，该晶体的熔点是48℃； B、甲物质在4～8min处于熔化阶段，故B正确； C、在5～8min，甲，甲的内能不一定大于乙的内能； D、甲物体在ab段是固液共存态，内能增加。故选：C。 押题解读 热学的实验探究考查，涉及到图像问题，考查学生识图、辨图的能力，把晶体和非晶体的熔化图像放到一个坐标系中，考查了学生从图像中获取信息的能力，考查的很全面。 考前秘笈 固体分晶体和非晶体，晶体和非晶体的重要区别是晶体有一定的熔点，而非晶体没有。 晶体有一定的熔点，非晶体没有固定的熔点，同一晶体的熔点和凝固点相同。晶体熔化的特点：晶体熔化过程吸收热量，温度保持不变，但内能增加。 3．汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是四冲程汽油机的工作循环示意图（　　） A．图甲是压缩冲程，是将内能转化为机械能 B．在一个工作循环中，活塞上下往复一次 C．图丙冲程中，汽缸内的内能减小、温度降低 D．图丁是吸气冲程，吸入汽缸的物质是汽油 【答案】C 【解析】A．图甲两气门关闭，是压缩冲程，是将机械能转化为内能； B．在一个工作循环中，故B错误； C．图丙两气门关闭，活塞向下运动，燃料燃烧产生的高温高压气体推动活塞做功、温度降低； D．图丁一气门打开，活塞向下运动，吸入汽缸的物质是汽油和空气的混合物。故选：C。 押题解读 内燃机四冲程的能量转化；四冲程的判断；燃料热值的概念等综合性考查，这类题综合性考查。 考前秘笈 内燃机的四个冲程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能；汽油机的一个工作循环中，活塞上下往复两次；吸气冲程吸入汽缸的物质是汽油和空气的混合物。 1．“少壮不努力，老大徒伤悲”是《汉乐府长歌行》中的名句，诗中“朝露待日晞”描述了阳光照耀露珠的情景。在阳光照射下，露珠会慢慢消失，这种物态变化是（　　） A．汽化 B．升华 C．液化 D．凝华 【答案】A 【解析】露珠是液态的，慢慢变成了水蒸气，消失在空气中，发生了汽化现象，故A正确，BCD不正确。 故选：A。 2．《天工开物》记载的“透火焙干”是造纸的一道工序，其做法是将刚生产出的湿纸张贴在烤火的墙上，给墙壁烤火能加快湿纸变干发生的物态变化是（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．升华 【答案】A 【解析】给墙壁烤火能加快湿纸变干，是液态转变为气态的过程。 故选：A。 3．运用物理知识可以解决许多生活实际问题，如图所示所蕴含物理知识解释正确的是（　　） A．甲图：寒冬撒盐熔雪，是为了提高雪的熔点 B．乙图：持续加热，炖盅内外的水都会沸腾 C．丙图：利用干冰进行人工降雨，利用了干冰温度较低且汽化吸热 D．丁图：电冰箱工作时，制冷剂发生的物态变化有汽化和液化 【答案】D 【解析】A、寒冬撒盐熔雪，故A错误； B、持续加热，炖盅内的水由于吸收不到热量，而炖盅外的水可以吸收到热量，B错误； C、干冰进行人工降雨，空气中的水蒸气遇冷液化形成降雨； D、丁图中，液体制冷剂在冷冻室汽化吸热变成气态，达到制冷的目的。故选：D。 4．龙年春节前夕，一场突如其来的冻雨和大雪导致湖北省内部分高速公路关闭。冻雨的形成是因为高层的冰晶和雪花在经过中层的暖层后融化成液态雨滴，再经过低层的冷层迅速冻结落地成冰。有关此现象下列说法正确的是（　　） A．冰晶融化—凝华 B．雪的形成—凝固 C．落地成冰—凝固 D．冻雨的形成—液化 【答案】C 【解析】A、冰晶融化由固态变为液态，是熔化现象，故A错误； B、雪是空气中的水蒸气凝华形成的，故B错误； C、水变成冰，是由液态变为固态，是凝固现象，故C正确； D、冻雨是水变成冰的过程，属于凝固现象，故D错误。 5．如图为国家级非物质文化遗产——“打铁花”，其原理是将生铁烧成铁水，再将铁水泼向空中并用力击打，形成四处飞溅的耀眼“铁花”。下列与生铁烧成铁水涉及的物态变化相同的自然现象是（　　） A．立春时节冰化成水 B．白露时节草叶上的露珠 C．霜降时节枝头上的霜 D．冬至时节房间玻璃上的雾 【答案】A 【解析】生铁烧成铁水涉及的物态变化是熔化。 A.立春时节冰化成水，属于熔化，故A符合题意； B.白露时节草叶上的露珠，属于液化，故B不符合题意； C.霜降时节枝头上的霜，属于凝华，故C不符合题意； D.冬至时节房间玻璃上的雾，属于液化，故D不符合题意。故选：A。 6．生活中的很多现象可以用学过的物理知识加以解释，下列解释错误的是（　　） A．取出冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，发现包装外层出现小水珠，这是液化现象 B．“下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热 C．游泳后，刚从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上水分蒸发带走热量 D．天气很冷时，窗玻璃上会出现冰花，这是一种凝固现象 【答案】D 【解析】A、从冰箱中取出的冰糕温度低于气温，附着在冰糕的包装上故A正确； B、“下雪不冷化雪冷“，熔化吸热，故B正确； C、游泳后，人身上水分蒸发吸热，所以会感觉的冷，不合题意； D、窗玻璃上出现的冰花，故D错误。 故选：D。 7．螺蛳粉是年轻人喜欢的特色小吃，虽然煮好的螺蛳粉带有浓浓的“臭味”，但它其实是具有独特风味的美食。下列分析正确的是（　　） A．煮螺蛳粉是通过做功改变物体内能的 B．螺蛳粉的“臭味”四溢是扩散现象 C．煮好的螺蛳粉变凉的过程中，分子运动加快 D．煮螺狮粉时，汤的温度高，内能大，含有的热量多 【答案】B 【解析】A、煮螺蛳粉是通过从汤中吸收热量改变物体内能的，故A错误； B、螺蛳粉的“臭味”四溢属于扩散现象，故B正确； C、根据分子热运动的特点可知，分子运动越剧烈，分子运动变慢； D、热量是过程量，因此煮螺狮粉时，温度升高，故D错误。故选：B。 8．在厨房用砂锅炖鸡汤时，很多现象都可以用物理知识来解释。下列说法正确的是（　　） A．鸡汤吸收了热量，温度一定升高，内能一定增加 B．用天然气炖鸡汤时，调大火力可以提高天然气的热值 C．炖汤时，汤汁沸腾将壶盖顶起的能量转化与四冲程内燃机中做功冲程能量转化相同 D．停止加热，鸡汤会立刻停止沸腾 【答案】C 【解析】A.鸡汤吸收了热量，沸腾时温度不变，内能一定增加； B.用天然气炖鸡汤时，调大火力不可以提高天然气的热值，热值是燃料的特性； C.炖汤时，汤汁沸腾将壶盖顶起的能量转化由内能转化为机械能，故C正确； D.停止加热，由于砂锅的温度高于鸡汤的沸点，故D错误；故选：C。 9．将某物质放入试管中，再将试管放入装有水的烧杯中，如图甲所示。图乙所示是该物质从固态变成液态再变成固态的过程中温度随时间变化的图像。在标准大气压下，D时刻撤去酒精灯和装有水的烧杯。以下说法正确的是（　　） A．EG段持续放热，该物质内能先不变后减少 B．第13分钟，该物质一定是固态 C．AD段该物质从固态变成液态，发生的物态变化是液化 D．与第13分钟相比，该物质第1分钟的分子运动更剧烈 【答案】B 【解析】A、EG 段是物质从液态变为固态的凝固过程。EF段为晶体的凝固过程，但内能减小，分子势能减小，内能进一步减少，故A错误。 B、EF 段是凝固过程，该物质一定是固态。 C、AD 段该物质从固态变成液态，而液化是气态变为液态的过程。 D、第 1 分钟时物质处于固态，第 13 分钟时物质处于固态，分子运动剧烈程度与温度有关，分子运动越剧烈，故D错误。故选：B。 10．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的水，并用不同的加热器加热，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图像。下列说法正确的是（　　） A．甲、乙两容器中的水的内能是通过做功的方式改变的 B．甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量相同 C．加热相同的时间，甲、乙两容器中的水升高的温度之比为2：3 D．将甲、乙两容器中的水从20℃加热至100℃所需要的时间之比为2：3 【答案】D 【解析】A、容器中的水从加热器上吸收热量，故A错误； B、由图丙可知，甲的加热时间为2min Q甲吸＝cm1Δt＝8.2×103J/（kg•℃）×5kg×（40℃﹣20℃）＝2.52×105J， 甲容器中的水每分钟吸收热量为：Q吸7＝×Q甲吸＝×2.52×102J＝1.26×105J； 由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，则乙容器中的水吸收热量： Q乙吸＝cm6Δt＝4.2×108J/（kg•℃）×2kg×（40℃﹣20℃）＝1.68×105J， 乙容器中的水每分钟吸收热量为：Q吸2＝×Q乙吸＝×3.68×105J＝5.6×104J； 由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同， 则加热器每分钟放出的热量之比为：Q放1/min：Q放3/min＝1.26×105J：2.6×104J＝6：4，故B错误； C、根据B可知相同时间内，则相同时间内9：7，根据Δt＝＝＝＝＝，故C错误； D、根据Q吸＝cm（t﹣t4）可得甲、乙两容器中的水从 ＝＝＝＝；根据时间t＝可得所用时间之比为：：＝×＝×＝；故D正确。故选：D。 11．如图所示，是某汽油机工作的四个冲程，下列说法错误的是（　　） A．一个工作循环的顺序是：乙丙甲丁 B．吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物 C．使燃料尽可能充分燃烧可提高热机效率 D．选汽油作内燃机的燃料是因为其热值大 【答案】A 【解析】A、甲图中的排气门打开，是排气冲程，活塞下行；丙图中的气门关闭，火花塞打火；丁图中的气门关闭，故是压缩冲程、丁、丙、甲，故A错误； B、在汽油机的工作过程中，故B正确； C、热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比、减少废气带走的热量，提高效率； D、人们使用汽油作燃料是因为汽油具有热值大的性质，其它三个冲程都靠飞轮的惯性完成、乙、丙冲程靠飞轮惯性完成。故选：A。 12．北京时间2025年1月17日12时7分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭，成功将巴基斯坦PRSC﹣EO1卫星发射升空，发射任务获得圆满成功。如图所示，火箭在发射升空时（　　） A．火箭理想的液态燃料是液态氢，是因为它具有较大的热值 B．燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能 C．火箭发射过程中燃烧的液态氢越多，火箭发动机效率越高 D．火箭加速升空的过程中，火箭与空气摩擦，火箭外壳内能增大 【答案】C 【解析】A、火箭选用液态氢作燃料，完全燃烧相同质量的液态氢可以释放出更多的热量； B、火箭上升，得到了机械能，内能又转化为机械能； C、火箭发动机在工作时要克服机械部件间的摩擦做额外功，总功越大，机械效率降低； D、火箭升空过程中与空气摩擦，这是通过做功的方式使外壳的内能增大。故选：C。 押题猜想03 能源与信息传递 1．如图所示，敦煌盐塔式光热电站将太阳光会聚到熔盐吸热塔，阳光的能量被熔盐吸收，将水加热成水蒸气推动汽轮机发电，下列说法正确的是（　　） A．盐塔式光热电站实现了光电转化，将光能直接转化为电能 B．太阳能是不可再生能源 C．熔盐通过热传递的方式改变内能 D．能量在转移和转化过程中总量不断减少 【答案】C 【解析】A、盐塔式光热电站的能量转化过程是光热转换，而不是光电转化。光热转换是指将太阳辐射能收集起来，再通过热机将热能转化为机械能。故A错误； B、太阳能是可再生能源，太阳内部的氢足够维持上百亿年的核聚变反应，太阳能几乎是取之不尽。故B错误； C、熔盐吸收太阳光的能量，从而改变内能。 D、根据能量守恒定律。在盐塔式光热电站中，如转化为热能散失到环境中。故D错误。 故选：C。 押题解读 ‌ 湖北能源知识点通常以选择题和填空题形式考查，分值占比约3~4分，基础题型为主，常与热学、电学知识点结合出现。‌选择题，判断能源类型、能量转化实例。‌填空题，结合生活场景考查能源应用。 考前秘笈 区分可再生能源（太阳能、风能）与不可再生能源（化石能源、核能）的定义；能量转化与效率，重点掌握太阳能转化为电能、热能的过程及转化效率的影响因素。 强调物理模型与实际应用的结合，例如电池板仅负责能量转化，不储存能量。 命题趋势：注重基础知识与实际应用的结合，减少纯记忆性题目，增加情境化分析题。 备考建议：‌强化概念辨析，通过对比记忆区分能源类型与能量转化路径；‌关注实验题关联‌；联系社会热点，如“双碳”目标下的清洁能源能源应用实例。 2．我国于2018年和2024年先后发射了鹊桥号和鹊桥二号中继星，架起了地球与月球背面通信的“天桥”。相比于鹊桥号，鹊桥二号距月球更近（如图）（　　） A．鹊桥号利用声波进行信号传输 B．鹊桥二号利用电磁波进行信号传输 C．镀金钼丝天线反射的信号传播速度为3×108m/s D．信息从月球背面传到鹊桥二号比到鹊桥号用时更短 【答案】A 【解析】AB、声音的传播需要介质，鹊桥号利用电磁波进行信号传输、B正确； C、镀金钼丝天线反射的信号靠电磁波传播8m/s，故C正确； D、由题意可知，鹊桥二号距月球更近，故D正确。故选：A。 押题解读 ‌ 湖北武汉中考物理信息传递重点考查电磁波的性质及应用、通信设备工作原理、能量转化判断等基础知识点。以选择题为主，分值占比约3-4分，遇有填空题出现。此考点与能源交替考查。 考前秘笈 湖北信息传递备考建议‌强化基础概念，重点掌握电磁波传播特性（真空中速度3×10⁸m/s）、光纤通信原理（全反射）等核心知识；‌关注跨章节联系‌：结合能源章节理解核能、太阳能利用，结合光现象辨析电磁波与光的关系。 强调物理模型与实际应用的结合，电池板仅负责能量转化，不储存能量（易错点）。 命题趋势：信息传递部分更强调概念辨析与实际应用结合；备考建议：‌强化基础概念‌：重点掌握电磁波传播特性（真空中速度3×10⁸m/s）、光纤通信原理（全反射）等核心知识。‌关注跨章节联系‌：结合能源章节理解核能/太阳能利用，结合光现象辨析电磁波与光的关系。近年命题更注重学科素养，需通过真实情境（如5G通信、北斗导航）提升知识迁移能力。 1．能源问题是当今国际的热点话题，尤其是自俄乌战争爆发以来，许多国家开始谋求长远的多种能源出路。下面有关能源的说法正确的是（　　） A．水能和动植物等都属于不可再生能源 B．天然气和铀矿等属于可再生能源 C．核能发电是利用核聚变释放能量 D．氢弹是利用核聚变释放能量 【答案】D 【解析】A、水能和植物等都属于短时间内再次获得，故A错误； B、天然气和铀矿等属于不可再生能源； C、核能发电是利用核裂变释放能量； D、氢弹是利用核聚变释放能量。故选：D。 2．下列关于材料、信息和能源的说法正确的是（　　） A．煤、石油、天然气这些属于可再生能源 B．现在遍布全球的通讯技术所依赖的媒介是超声波 C．计算机和手机里面的集成电路是由超导体材料制成的 D．核电站利用的是核裂变产生的能量 【答案】D 【解析】A、煤、石油，不能在短期内从自然界得到补充，故A错误； B、现在遍布全球的通讯技术所依赖的媒介是电磁波，故B错误； C、制作手机芯片的主要材料是半导体，故C错误； D、目前核电站是利用原子核裂变时释放的核能来发电的。故选：D。 3．目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站（　　） A．太阳释放的能量来自太阳内部发生的核聚变 B．太阳能收集板主要是将太阳能转化为化学能 C．实现“无缆传输”的微波属于超声波的一种 D．太阳能是一种清洁无污染但不可再生的能源 【答案】A 【解析】A、太阳能是通过太阳内部的氢原子发生核聚变获得的； B、从能量转化的角度，它将太阳能转化为电能； C、实现“无缆传输”的微波属于电磁波的一种； D、太阳能可以源源不断的从自然界获得、无污染的可再生能源。故选：A。 4．新一代人造太阳“中国环流三号”取得重大科研进展，实现了高功率稳定的403秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，创造了新的世界纪录！关于太阳的研究，下列有关说法正确的是（　　） A．太阳是一个固态的球体，表面温度约为1000℃ B．太阳是人类的“能源之母”，煤、风能等能源都间接来自太阳能 C．在太阳内部氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的核能 D．太阳辐射包含可见光、紫外线、红外线等，红外线可用于消毒 【答案】B 【解析】A、太阳的主要材料氢，表面温度越6000℃； B、太阳是人类的“能源之母”，煤，故B正确； C、在太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变，故C错误； D、阳辐射包含可见光、红外线等，故D错误。故选：B。 5．如图所示是一款太阳能智慧路灯杆，它不仅能照明，还有Wi﹣Fi、视频监控、信息发布、一键报警等功能（　　） A．Wi﹣Fi主要是利用电磁波传递信息的 B．太阳能是不可再生能源 C．为手机充电时，手机电池相当于电路中的电源 D．智慧路灯应彼此串联接入供电网络 【答案】A 【解析】A．Wi−Fi（无线局域网）技术是通过无线电波（一种电磁波）来传输数据的； B．太阳能实际上是可再生能源； C．在为手机充电时，它接收电能并将其储存起来，在这个情况下。故C错误； D．路灯是并联接入供电网络的，如果一个路灯出现故障。而串联连接则意味着所有路灯都依赖同一条电路，整个电路可能会中断。故选：A。 6．我国研发的“玲龙一号”核电机组，是全球首个多功能模块化的小型核电机组。下列关于核能的说法正确的是（　　） A．核能是一种化石能源，属于常规能源 B．核电站的核反应堆中发生的链式反应是可以控制的 C．利用核能发电是直接将核能转化成电能 D．核能是可再生能源，它是未来理想能源的一个重要发展方向 【答案】B 【解析】A、核能是一种化石能源，属于新能源； B、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。核电站的核心设备是核反应堆，故B正确； C、核电站主要是利用核的裂变进行发电的，其过程是将核能转化为内能，然后带动发电机发电，故C错误； D、核能在地球上的储量是一定的，属于不可再生能源，故D错误；故选：B。 7．21世纪人类社会正面临着“能源危机”，因此，我们大力倡导节约能源，下列说法正确的是（　　） A．煤、石油、天然气属于一次能源，且均为可再生能源 B．电视机在待机状态下不消耗电能 C．用超导材料制成输电线可以大大降低输电线上电能损耗 D．核电站中的核反应堆发生的是可控制的核聚变，产生的核废水可以直接倒入大海 【答案】C 【解析】A、煤、石油，但短期内它们不能够从自然界持续得到补充，故A错误； B、电视机在待机状态下也消耗电能； C、超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零，故C正确； D、核电站中的核反应堆发生的是可控制的核裂变，故D错误。故选：C。 8．关于电磁波和现代通信，下列说法中正确的是（　　） A．我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用超声波进行定位的 B．光不能在弯曲的光纤中传播 C．中央电视台与黑龙江电视台发射的电磁波在同一区域内传播的速度不同 D．移动电话是利用电磁波传递信息 【答案】D 【解析】A、我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用电磁波定位的； B、光纤通信是以光通信，故B错误； C、电磁波在真空或空气中的传播速度是相同的，故C错误； D、移动电话是靠电磁波来传递信息的。故选：D。 9．如图所示是电磁波家族。目前主流的无线WiFi网络常用的频率约是2.4GHz（＝2.4×109Hz）。根据所给信息，可以推测WiFi信号（　　） A．在真空中传播的速度比可见光小 B．属于红外线 C．波长比可见光短 D．频率比可见光小 【答案】D 【解析】A、各种电磁波在真空中的速度都是相同的8m/s，故A错误； B、读图可得9Hz，该信号属于无线电波，故B错误； C、由图可知，波速一定，无线wifi的波长大于可见光的波长； D、wifi信号的频率约是3.4GHz＝2.2×109Hz，由图知wifi信号的频率比可见光小。 故选：D。 10．2024年11月16日2时32分，天舟八号赁运飞船成功对接在空间站天和核心舱后向端口，如图所示，天舟八号将转入组合体飞行段，每90分钟绕地球飞行一圈（　　） A．航天器中各工作单元的电路都应采用串联方式，以便统一控制 B．组合体飞行时，以天和核心舱为参照物，天舟八号是静止的 C．空间站与地面指挥中心传递图像和声音信号是通过超声波 D．在空间站中，分子间相互作用的引力和斥力不再存在 【答案】B 【解析】A、航天器中各工作单元的电路通常采用并联方式，当某一工作单元出现故障时，且便于独立控制和维护，整个电路就会断路，故A错误。 B、天舟八号与天和核心舱对接后，以天和核心舱为参照物，所以天舟八号是静止的。 C、空间站与地面指挥中心传递图像和声音信号是通过电磁波，超声波不能在真空中传播，且传播速度快，故C错误。 D、分子间的引力和斥力是由分子间的相互作用产生的。在空间站中，但分子间相互作用的引力和斥力依然存在。故选：B。 11．复兴号动车组列车，是中国具有完全自主知识产权、达到世界先进水平的动车组列车，是目前世界上运营时速最高的高铁列车；图乙是一辆正在运行的动车车厢内的显示屏。下列说法正确的是（　　） A．乘坐体验更舒适，不但能充电而且有WiFi，WiFi信号是电磁波 B．安全保障技术先进，增设了碰撞吸能装置，可以“突破”能量守恒定律 C．感知系统更智能化，出现异常自动停车，停车时列车没有内能 D．图乙显示屏上的速度值是列车运行的平均速度 【答案】A 【解析】A、复兴号动车组乘坐体验更舒适，WiFi信号是电磁波； B、安全保障技术先进，不能“突破”能量守恒定律； C、复兴号动车组停车时列车同样具有内能； D、显示屏上显示的是列车运行时某个时刻的速度，故D错误。故选：A。 12．2024年5月9日，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将通信卫星“智慧天网一号01星”发射升空，发射任务获得圆满成功。下列对长征三号乙运载火箭加速升空过程的说法正确的是（　　） A．火箭使用的燃料，其燃烧过程是将内能转化为化学能 B．火箭使用的燃料，其燃烧过程中热值变小 C．运载火箭加速升空，动能不变，重力势能增加 D．通信卫星“智慧天网一号01星”利用电磁波传递信息 【答案】D 【解析】A、火箭使用的燃料，而不是内能转化为化学能。 B、热值是燃料的一种特性，与燃料的质量，所以火箭使用的燃料在燃烧过程中热值不变。 C、运载火箭加速升空，动能增大，重力势能增加。 D、通信卫星“智慧天网一号01星”利用电磁波传递信息，故D正确。故选：D。 押题猜想04 力学基础 1．冰壶运动员比赛用鞋如图，蹬冰鞋底用橡胶制成，滑行鞋底用塑料制成。运动员用滑行鞋支撑全身在冰面上滑行，用蹬冰鞋接触冰面进行控制。下列说法正确的是（　　） A．蹬冰鞋底是为了减小压力 B．滑行鞋底是为了减小摩擦力 C．运动员在冰面上滑行需要力来维持 D．滑行时若摩擦力消失，则运动员会停止运动 【答案】B 【解析】A、蹬冰脚的鞋底为橡胶制成，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦； B、塑料鞋底比较光滑，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦； C、力是改变物体运动状态的原因，运动员会停下来是因为受到了阻力作用； D、滑行时，若摩擦力消失，故D错误。故选：B。 押题解读 本题是多知识点，通过生活场景进行综合性考查，减小有害摩擦的方法；力与运动的关系。利用所学知识解释生活中的具体问题，体现了从物理走向生活，从生活走向物理的核心素养要求。 考前秘笈 物体由于惯性要保持原来的运动状态不变。减小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦和使两接触表面彼此离开。 2．如图所示，是小慧同学掷实心球的场景，图中虚线表示球的运动轨迹，球从a点上升到最高点b后下落到地面c点，然后继续运动到d点停止。下列说法正确的是（　　） A．球从a点上升到b点，是因为受到惯性作用 B．球在b点受到的合力为零 C．球从b点下落到c点，运动状态不断改变 D．球最终到d点停止，说明物体运动需要力来维持 【答案】C 【解析】A．惯性不是力，不能表述为受到惯性作用，故A错误； B．球在b点只受到重力作用，所以球在b点受到的合力不为零，故B错误； C．球从b点下落到c点，球的速度增大，球的运动方向不断改变，所以球的运动状态不断改变，故C正确； D．球最终到d点停止，是受到阻力的作用，速度越来越小，所以物体运动不需要力来维持，故D错误。故选C。 押题解读 结合生活情景的力学内容的综合性考查，考查了惯性的概念、合力的分析，力和运动的关系等，能够较好的考查学生利用生活情境结合物理知识解决实际问题。 考前秘笈 惯性不是力，不能表述为受到惯性作用，具体分析物体受力的情况；运动状态的改变包括：运动速度和运动方向，物体受力不平衡时，运动状态一定改变；力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。物体的运动不需要力来维持。 1．如图所示，小明站在滑板车上不断蹬地让车沿水平方向运动，下列说法正确的是（　　） A．不断蹬地说明物体运动需要力来维持 B．停止蹬地后车越来越慢，车惯性越来越小 C．停止蹬地，车会停下，是因为受到地面的摩擦力 D．人蹬地的力大于地给人的力 【答案】C 【解析】A、不断蹬地说明，不能说明物体受到力的作用才能运动； B、停止蹬地后车越来越慢，车的质量不变，故B错误； C、力是改变物体运动状态的原因，车会停下，故C正确； D、物体间力的是相互的，故D错误。 故选：C。 2．2025亚洲羽毛球锦标赛4月9日在浙江宁波进入第二个比赛日，国羽15战13胜，女单女双全员晋级。如图所示是比赛中的场景（　　） A．击球时，球和球拍都会发生弹性形变 B．击球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对平衡力 C．羽毛球离开球拍继续运动，是因为受到惯性的作用 D．羽毛球最终会落到地面，是因为没有了力的作用 【答案】A 【解析】A、击球时，此时球和球拍都会发生弹性形变； B、击球时，不是一对平衡力； C、球离开球拍之后在空中继续飞行，惯性不是力，故C错误； D．乒乓球最终会落到地面，故D错误。 故选：A。 3．饺子编剧并执导的动画电影《哪吒之魔童闹海》于2025年1月29日在中国大陆上映。截至2月21日，该影片票房突破130亿元，登顶全球动画电影票房榜。哪吒与父亲踢毽子的画面如图所示（　　） A．以地面为参照物，踢出去的毽子是静止的 B．哪吒将毽子踢向父亲，说明力可以改变物体的形状 C．毽子能继续在空中飞，是因为毽子具有惯性 D．毽子在最高点时，受到平衡力作用 【答案】C 【解析】A、以地面为参照物，是运动的。 B、哪吒将毽子踢向父亲，说明力可以改变物体的形状。 C、毽子能继续在空中飞，仍然要保持原来的运动状态。 D、毽子在最高点时，所以毽子处于非平衡状态，故D错误。 故选：C。 4．如图所示，亚冬会于2025年2月7日至2月14日在我国哈尔滨举行，女子1500米韩梅夺冠（　　） A．运动员在匀速滑行时，溜冰鞋与冰面间摩擦力为零 B．到达终点不能立即停下来，是因为运动员受到惯性作用 C．运动员在匀速转弯时，受到非平衡力作用 D．冰面对她的支持力与她所受的重力是一对相互作用力 【答案】C 【解析】A、运动员在快速滑行过程中，故A错误； B、运动员到达终点时不能立即停下来，仍要保持原来的运动状态，不能用受到惯性作用来表述； C、运动员在匀速转弯时，处于非平衡状态，故C正确； D、冰面对他的支持力与他所受的重力作用在同一个物体上，故D错误。 故选：C。 5．如图所示的是一种测量滑动摩擦力大小的方法，下列说法中正确的是（　　） A．实验中，拉力F越大，木板A受到地面的滑动摩擦力就越大 B．实验中，物体B受到木板A的摩擦力的方向水平向左 C．实验中，无论木板A做何种运动，弹簧测力计对物体B的拉力和木板A对物体B的摩擦力都是一对平衡力 D．实验中，静止时弹簧测力计对物体B的拉力和木板A受到物体B的摩擦力是一对相互作用力 【答案】C 【解析】A、实验中，接触面粗糙程度不变，故A错误； B、物块B在水平方向上受到弹簧测力计的拉力和木块A对B的摩擦力，所以摩擦力的方向水平向右； C、实验中，物块B始终处于平衡状态，故C正确； D、静止时弹簧测力计对物体B的拉力和木板A受到物体B的摩擦力不是互为施力物体和受力物体，故D错误。 故选：C。 6．初中体育考试前夕，为了获得满意的成绩，同学们每天都在认真的训练。如图所示是同学们在操场上练习立定跳远时的情景，下列说法正确的是（　　） A．在立定跳远时，脚用力向后蹬地，是为了增大惯性 B．用力蹬地起跳后还能在空中向前运动是因为受到惯性的作用 C．起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，人将保持匀速直线运动状态 D．人站在水平地面上静止时，人受到的重力和人对地面的压力是一对平衡力 【答案】C 【解析】A、在立定跳远时，脚用力向后蹬地，地给人向前的作用力，使人向前运动；惯性的大小与人的质量有关，在立定跳远时，脚用力向后蹬地时，人的质量不变，惯性大小不变，故A错误； B．用力蹬地起跳后还能在空中向前运动是因为人具有向前运动的惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误； C．起跳后运动到最高点瞬间，若受到的一切外力突然消失，由于人在水平方向有一定的速度，由牛顿第一定律可知，人将保持匀速直线运动状态，故C正确； D．人站在水平地面上静止时，人的重力和人对地面的压力作用在不同的物体上，且方向相同，所以不是一对平衡力，故D错误。 故选：C。 7．关于下面四幅图说法正确的是（　　） A．如图甲：A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越大 B．如图乙：将竖直玻璃管倾斜，水银柱的长度不变 C．如图丙：把气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升 D．如图丁：盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理 【答案】C 【解析】A、A管中水面上升，故A错误； B、在托里拆利实验中，这一高度的大小是由外界大气压决定的，玻璃管倾斜，但水银柱长度会变长； C、把水气压计从山下带到山上，而外界大气压随高度的增加而减小，因此管内水柱会升高； D、在一个标准大气压下。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，是大气压支持着瓶内的水不会流出来，故D错误。 故选：C。 8．我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一。下列说法不正确的是（　　） A．高铁车厢内的破窗锤（如图甲），其金属端制成锥形是为了需要破窗时增大压力 B．乘客站在安全线（如图乙）以内候车，是因为运行高铁的一侧空气流速快、压强小 C．高铁列车的车头采用了流线型设计，是为了减小列车运行时受到的空气阻力 D．高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，受到的牵引力与阻力不是平衡力 【答案】A 【解析】A、破窗锤的金属端制成锥形，是为了需要破窗时增大压强； B、人离高铁比较近时，人和高铁的之间的空气流动速度很大，人外侧的压强不变，人在较大的压强差作用下产生朝向列车的压力，所以站台处设置安全线，以免发生危险； C、高铁列车的车头采用了流线型设计，故C正确； D、高铁列车顺着大桥的引桥匀速直线爬坡时，不是平衡力。 故选：A。 9．如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是（　　） A．机器人静止时，没有惯性 B．机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦 C．机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力 D．机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力 【答案】D 【解析】A、物体惯性的大小只与质量有关，与运动状态无关。所以静止的机器人仍然有惯性。故A不正确； B、机器人的轮子凹凸不平，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不正确； C、机器人用气动吸盘抓取箱子时，箱子对机器人有向下的压力，此时机器人的重力和地面对机器人的支持力大小不相等，所以不是平衡力。故C不正确； D、机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上，所以是一对相互作用力。故D正确。 故选：D。 题猜想05 力学中档 1．如图所示，两个相同的圆柱形容器甲和乙放在水平桌面上，甲容器的液面高于乙容器的液面。实验中，且A、B两点到容器底部距离相等，此时U形管内的液面高度差相等。下列说法中正确的是（　　） A．A点受到的液体压强大于B点 B．两容器底部受到的液体压强相等 C．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度 D．若将甲容器内的探头缓慢向上提起，U形管内的液面高度差变大 【答案】C 【解析】AC、甲容器的液面高于乙容器的液面，此时U形管内的液面高度差相等、B两点的液体压强相等，故A错误； B、A、B两点到容器底部距离相等，A、B两点的液体压强相等，故B错误； D、若将甲容器内的探头缓慢向上提起，所以U形管内的液面高度差变小。 故选：C。 押题解读 本题考查液体压强公式的灵活运用，知道U形管是通过液面高度差来反映液体压强大小的。 考前秘笈 本题是通过实验考查液体压强，根据p＝ρgh比较容器中液体的密度的大小；再根据p＝ρgh可知探头受到的液体压强变化，据此判断U形管内的液面高度差变化。 2．如图是排球落地后又弹起的示意图。下列分析正确的是（　　） A．排球离开手后还能继续运动是由于受到惯性的作用 B．排球在B点时受平衡力作用 C．排球在A、D两点动能可能相等 D．排球在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化 【答案】C 【解析】A、排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，不能说受到惯性的作用，故A错误； B、排球上升到B点时受到重力的作用，受力不平衡，故B错误； C、图中小球的高度越来越小，说明有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能；机械能等于动能与势能之和；D点比A点低，所以D点的重力势能小于A点的重力势能，则其动能有可能与A点的动能相等，故C正确； D、在运动过程中，足球克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故D错误。 故选：C。 押题解读 本题多知识点考查，本题考查惯性、物体平衡状态的判断、机械能的转化，属于综合题。 考前秘笈 任何物体都有惯性，惯性是一种性质；小球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判断动能和势能的变化。 3．利用如图所示的活塞式抽水机抽水，在不计杠杆和活塞自重以及摩擦的情况下，下列说法正确的是（　　） A．抽水时，手在杠杆C端竖直向下用力最省力 B．抽水时，手在杠杆C端竖直向下的力小于活塞上方水的重力 C．抽水时，活塞向上运动，阀门A打开，阀门B关闭 D．抽水时，手对杠杆做的功小于杠杆对外做的功 【答案】B 【解析】A、由杠杆的平衡条件知、阻力臂一定时，动力最小，如下图所示可知，故A错误； B、抽水时，动力臂大于阻力臂、活塞自重及摩擦，所以动力小于活塞上方水的重力； C、由活塞式抽水机的工作过程可知，阀门A关闭，故C错误； D、由功的原理知，而且还在克服杠杆重以及摩擦多做一部分功，故D错误。 故选：B。 押题解读 本题以活塞式抽水机为情景考查了杠杆最小力的理解、杠杆平衡条件的应用、抽水机工作过程的认识以及功的理解等，有一定的综合性，体现了物理来源于生活。 考前秘笈 抽水时，手柄部分相当于一个杠杆，由杠杆的平衡条件知，在阻力、阻力臂一定时，要使力最小，力臂应最大；动力臂大于阻力臂时杠杆是省力杠杆，分析阻力大小，再确定动力与阻力的关系；大气压能支持水柱的高度是有一定限度的，这一高度可以通过公式p＝ρgh计算。 活塞式抽水机在使用时，提起活塞时，阀门A受到大气压的作用而关闭，活塞下面的空气变稀薄，气压小于外界大气压，于是，低处的水在大气压的作用下推开阀门B进入圆筒。 4．用如图所示的装置提升重为800N的物体A，动滑轮重为200N。在卷扬机对绳子的拉力F作用下，物体A在10s内竖直匀速上升了2m。在此过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　） A．物体A上升的速度为0.4m/s B．滑轮组的有用功为2000J C．拉力F的功率为100W D．滑轮组的机械效率为80% 【答案】D 【解析】A、物体A在10s内竖直匀速上升了2m，上升的速度为 故A错误； B、装置提升重为800N的物体A，竖直匀速上升了2m，滑轮组的有用功为 故B错误； C、由图知，n=2，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力为 拉力端移动距离为 拉力做的总功 拉力做功的功率 故C错误； D、滑轮组的机械效率为 故D正确。 故选D。 押题解读 滑轮组结合速度、滑轮组中拉力、总功、功率和机械效率的计算公式的综合性考查，能更全面的考查对模型的理解和较强数学运算能力的考查。 考前秘笈 要重点掌握课本的基础公式，能达到灵活的应用，特别是本题中的公式，基本考查的都是原始公式，所以要在最后阶段再次回顾物理基本公式，达到灵活运用。 1．《庄子•刻意》中记载“就薮泽，处闲旷，钓鱼闲处，无为而已矣。”通过钓鱼修身养性逐渐成为一种时尚。如图所示工具在正常使用的过程中，其工作原理和使用钓竿工作原理相同的是（　　） A．羊角锤 B．核桃夹 C．镊子 D．瓶起子 【答案】C 【解析】钓竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆； A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误； B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误； C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确； D、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。故选：C。 2．在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大（　　） A．U形管内径越大，实验效果越明显 B．实验中通过观察U形管内液面的高度差来判断液体压强的实验方法是转换法 C．比较图甲、丙，可得出结论：在不同种液体中，深度越深，液体压强越大 D．若向图甲的杯中加少许盐，两探头位置和液面高度不变，且图甲、丙中U形管内液面的高度差相同，则说明图甲、丙中盐水密度相同 【答案】B 【解析】A、根据p＝ρgh分析，故A错误； B、压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，液体的压强越大，故B正确； CD、比较甲图，液体密度不同，即使向甲中加盐，故CD错误。故选：B。 3．春节期间上映的电影《哪吒2》深受国人的喜爱，善于学习的小张同学在观看了该电影后总结了以下四个方面的物理知识，其中有一项错误的是（　　） A．哪吒的混天绫可以自由伸缩，这体现了混天绫具有较好的弹性 B．哪吒在海上御风飞行时，主要受到重力和升力的作用 C．太乙真人使用宝葫芦收取妖怪时，宝葫芦内部气压小于外界气压 D．敖丙使用冰系法术将海水冻结，这个过程属于熔化 【答案】D 【解析】A、哪吒的混天绫可以自由伸缩，故A正确。 B、分析可知，主要受到重力和升力的作用。 C、太乙真人使用宝葫芦收取妖怪时，外界大气压将妖怪压入宝葫芦。 D、敖丙使用冰系法术将海水冻结，故D正确。故选：D。 4．如图所示，甲、乙两容器分别盛有相同质量的不同液体（ρ甲＞ρ乙），它们对容器底的压力分别为F甲、F乙，对容器底的压强分别为p甲、p乙。下列说法正确的是（　　） A．p甲＞p乙 B．无法比较p甲、p乙的大小 C．F甲＞F乙 D．F甲＝F乙 【答案】D 【解析】CD、液体的质量相等，对于柱状的容器，所以两个容器受到的压力相等甲＝F乙，故C错误，D正确； AB、两个容器底部受到的压力相等，由p＝，甲容器底受到液体的压强小于乙容器底受到液体的压强：p甲＜p乙，故AB错误。 故选：D。 5．如图是小明为家里的盆景设计的一个自动供水装置，他用一个塑料瓶装满水后倒放在盆景中，瓶口刚刚被水浸没，这样盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不会立刻全部流掉的原因是（　　） A．受浮力的作用 B．外界大气压的作用 C．盆景盘支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出 【答案】B 【解析】一个标准大气压可以支持约10.13m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来。 故选：B。 6．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个完全相同的玻璃容器，容器中盛有等体积的两种液体；分别测得这两种液体中a、b、c三点压强，发现pa＝pc的，下列分析一定正确的是（　　） A．a、c两点深度相等 B．甲玻璃杯底受到液体的压强更大 C．甲杯中液体质量大于乙杯中液体质量 D．水平桌面受到甲杯的压力比乙杯的压力小 【答案】D 【解析】A、根据图示可知，a的深度要小于c的深度，故A错误； B、pa＝pc，a的深度小于c的深度，根据p＝ρgh可知，甲中液体的密度要小于乙中液体的密度；液体总的深度相同，根据p＝ρgh可知，乙玻璃杯底受到液体的压强更大，故B错误； C、液体的体积相同，根据m＝ρV可知，甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，C错误； D、玻璃容器完全相同，重力相同；甲杯中液体质量小于乙杯中液体质量，根据G＝mg可知，甲杯中液体重力小于乙杯中液体重力，所以甲杯总重力小于乙杯的总重力，则甲杯的压力比乙杯的压力小，故D正确。故选：D。 7．如图所示是小刚同学在跨学科实践活动课上制作的简易活塞式抽水机，下列关于简易活塞式抽水机的说法正确的是（　　） A．简易活塞式抽水机提升水的最大高度约为12m B．简易活塞式抽水机的工作原理与船闸的工作原理相同 C．使用简易活塞式抽水机抽水，提起活塞时，玻璃球堵住进水口，活塞上的阀门打开 D．使用简易活塞式抽水机抽水，压下活塞时，玻璃球堵住进水口，活塞上的阀门打开 【答案】D 【解析】A、大气压值为760mm汞柱，则水柱产生的压强与大气压强相等，p水银＝p水，即ρ水银gh水银＝ρ水gh水，13.6×103kg/m8×g×760×10﹣3m＝1.8×103kg/m3×g×h水柱，解得，h水柱≈10.336m，也就是说大气压能支持10.336m高的水柱，标准大气压下，故A错误； B、船闸是利用连通器原理工作的，故B错误； CD、当推动活塞向下运动时，而阀门将打开。这是因为活塞下压，当大于活塞上方的气压时，使水涌到活塞上面。，故C错误。故选：D。 8．巡航导弹是导弹的一种，具有突防能力强，难以拦截的有点。图示为某巡航导弹的飞行路线图，发射升空段，发动机点火，导弹以极快的速度穿出大气层升至高空；俯冲加速段，发动机处于关闭状态，导弹向下俯冲，会被加速到极高的速度；巡航阶段，主发动机的推力与阻力平衡，弹翼的力与重力平衡，可以实现远距离“巡航状态”，最后精确打击目标。下列关于巡航导弹的说法正确的是（　　） A．O点到E点的过程中，机械能不变 B．E点到F点的过程中，机械能不变 C．G点到H点的过程中，机械能不变 D．I点到J点的过程中，不消耗导弹携带的燃料 【答案】C 【解析】AB、重力势能与动能之和叫机械能。O点到E点的过程中以及E点到F点的过程中，发动机点火加速升空，巡航导弹速度在增大，则其动能在增大，高度在增大，则其重力势能在增大，则机械能在增大，故AB错误； C、G点到H点的过程中，在太空层，因此不受空气阻力，此时发动机关闭，没有对巡航导弹做功，只有重力在做功，则可知机械能不变，故C正确； D、由题意可知，I点到J点的过程中，发动机处于打开状态，要对巡航导弹做功，可知其消耗导弹携带的燃料，故D错误。故选：C。 9．如图甲所示是出现在西汉末年的水碓，利用水流力量来自动舂米，水碓的示意图如图乙所示。小溪中的水从蓄水池流下来冲击水轮转动，水轮上的拨板通过碓尾把另一端的石杵举起、落下，不断舂米，下列关于水碓工作过程的说法正确的是（　　） 大小为3A．利用水碓舂米可以省功 B．拨板拨动碓尾可看作省力杠杆 C．拨板的落点A越远离O点动力越小 D．水碓的机械能转化为水的机械能 【答案】C 【解析】A、根据功的原理可知，利用水碓舂米不可以省功，故A错误； B、拨板拨动碓尾时，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件可以判断，这是一个费力杠杆，故B错误； C、阻力和阻力臂不变，拨板的落点A越远离O点，动力臂就越长，根据杠杆的平衡条件，动力就越小，故C正确； D、水碓的工作原理是小溪中的水冲击水轮转动，这个过程中水的动能转化为水轮的机械能，故D正确。故选：C。 10．小华自制的提升重物的装置如图所示，其中动滑轮重60N。若被提升的物体重600N，在拉力F作用下，物体在30s内匀速上升6m，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是（　　） A．绳端将拉下18m B．绳端移动的速度为0.2m/s C．拉力F的00N D．滑轮组的机械效率约为91% 【答案】D 【解析】A、由图可知，n＝2，绳端移动的距离为s＝nh＝2×6m＝12m，故A错误； B、绳端移动的速度为： v0.4m/s，故B错误； C、不计绳重和摩擦，拉力F的大小为： F（G+G动）（600N+60N）＝330N，故C错误； D、滑轮组的机械效率为： η100%≈91%，故D正确。 故选：D。 11．如图所示，在一个罐子的盖和底各开两个小洞。将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定。做好后小华将它从不太陡的斜面滚到水平面。下列说法正确的是（　　） A．罐子从斜面滚下，重力势能只转化为动能 B．罐子从斜面滚下的过程中，只有动能和势能的相互转化 C．因为能量之间可以相互转化，所以罐子滚下后可能再次往斜面上滚 D．当罐子速度为零时，橡皮筋的弹性势能达到最大 【答案】C 【解析】AB、罐子从不太陡的斜面上滚下，罐子的高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，同时橡皮筋发生弹性形变，弹性势能变大，在运动过程中，由于存在摩擦力，一部分机械能会转化为内能，即重力势能转化为动能、弹性势能、内能，故AB错误； C、罐子滚下后，由于橡皮筋具有弹性势能，橡皮筋的弹性势能会转化为罐子的动能，使得罐子沿斜面向上运动，所以可能再次往斜面上滚，故C正确； D、铁罐在水平面上做减速运动，最终铁罐的速度为0，动能为0，高度最小，重力势能最小，即机械能最小，减小的重力势能转化为了弹性势能和内能，所以橡皮筋的弹性势能最大；罐子在最高点时的速度为0，弹性势能最小，故D错误。 故选：C。 12．我国古代科学著作《天工开物》中记载有井上汲水装置——桔槔，如图甲所示，它相当于一个杠杆。图乙为小明根据其原理自制的模型装置，杠杆左端是悬挂的石块，右端悬挂水桶。下列有关说法正确的是（　　） A．左端悬挂石块越重越好 B．右边水桶越重，提起水时有用功越多 C．当减轻桔槔（模型AB杆）的重时，提水时机械效率可达100% D．汲水后，如图乙所示时，水桶总重比石块大 【答案】D 【解析】A、左端悬挂的石块是在提水时，给水桶向上的拉力，减小人所用的拉力，不是悬挂石块越重越好，故A错误； B、右边水桶越重，提起水时对水桶做的功是额外功，额外功越多，故B错误； C、当减轻桔槔（模型AB杆）的重时，由于水桶的重力不可忽略，仍要做额外功，因而提水时机械效率不可能达100%，故C错误； D、汲水后，如图乙所示时，杠杆平衡，此时水桶总重拉力的力臂比石块拉力的力臂短根据杠杆平衡条件知，水桶拉力比石块拉力大，水桶重力比石块重力大，故D正确。 故选：D。 押题猜想06 多知识点综合 1． 2022年5月14日国产大飞机C919首飞试验成功（如图）。有网友兴奋地说，中国商飞将可能成为继波音和空客之后的第三大民航飞机制造者。有报道称C919最大起飞质量达77吨，如此庞然大物能飞上天，下列说法中正确的是（　　） A．C919起飞原理是利用了流体压强与流速的关系 B．C919不能垂直地面腾空而起，先滑行再起飞是为了让乘客充分欣赏机场景色 C．C919在高空水平飞行时机翼下方空气的流速远大于机翼上方空气的流速 D．C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞，此过程飞机对地面的压力增大 【答案】A 【解析】ABC、飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，在相同时间内，空气经过机翼上方的路程长，速度大，压强小；空气经过下方的路程短，速度小，压强大，从而使飞机获得向上的升力，当升力足够大时，飞机能起飞，所以飞机不能垂直地面腾空而起，故A正确、BC错误； D、C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞的过程中，飞机受到的升力变大，对地面的压力变小，故D错误。故选：A。 押题解读 近年来，“大单元教学”的身影，经常出现在各地教、学、评环节公开课上，同时全国中考体现“大单元教学”理念的试题也逐渐增加，倡导教师在教学过程中创设真实的情境，聚焦知识概念内核开展大单元教学，引导学生在学习过程中重视知识的结构化，形成结构化思维，促进高阶思维的发展，多角度考查。 考前秘笈 新课程理念下的大单元教学旨在促进教学内容的结构化，构建教学的整体意识，以实现“整体大于部分之和”，在提升教学效益、落实课程核心素养的同时，达成培养学生发展核心素养的目的。 1．关于滑雪的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．滑雪板的重力和运动员对滑雪板的压力是一对平衡力 B．运动员能一直下滑是由于其受到的重力大于惯性 C．若运动员在滑行过程中受到的所有外力突然消失，其滑行速度将越来越大 D．用杆撑地加速滑行，说明力可以改变物体的运动状态 【答案】D 【解析】A、滑雪板的重力和运动员对滑雪板的压力方向相同，二者不是一对平衡力，故A错误； B、惯性不是力，不能与重力比较大小，故B错误； C、若运动员在滑行过程中受到的所有外力突然消失，由牛顿第一定律可知，运动员将做匀速直线运动，故C错误； D、用杆撑地加速滑行，速度改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。 故选：D。 2．对下列生活中的物理现象分析不正确的是（　　） A．如图甲，钉槽内的订书钉与压缩的弹簧之间的弹力随订书钉的减少而减小 B．如图乙，抽纸盒内抽出一张纸会带出下一张纸，是依靠抽纸之间的吸引力 C．如图丙，桥上吹来的垂直于车身的横向强风会使车辆偏离行驶方向，说明力可以改变物体的运动状态 D．如图丁，水上飞行表演者被水柱推到空中可以竖直悬停，因为他受力平衡 【答案】B 【解析】A、随着订书钉的减少，固定在钉槽内的弹簧的弹性形变程度变小，固定在钉槽内的弹簧给订书钉的弹力将越来越小，故A不符合题意； B、抽取式餐巾纸表面有花纹，对折成形，交错叠放，封装在纸盒里，说明接触面粗糙且有压力，当抽出第一张面巾纸时，两张纸之间则存在相对运动，所以，上一张面巾纸带起下一张面巾纸，主要依靠相邻两张面巾纸之间的摩擦力，故B符合题意； C、桥上吹来的垂直于车身的横向强风会使车辆偏离行驶方向，运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故C不符合题意； D、人在空中竖直悬停时，处于平衡状态，人受到的重力和踏板对人的支持力是一对平衡力，故D不符合题意。 故选：B。 3．《哪吒2》跻身全球影史前六。如图所示是哪吒与敖丙踢毽子时的情景，下列说法正确的是（　　） A．以地面为参照物，毽子是静止的 B．哪吒将毽子踢向敖丙，说明力可以改变物体的形状 C．毽子在上升过程中，动能转化为重力势能 D．毽子在最高点时受到了平衡力 【答案】C 【解析】A、以地面为参照物，毽子和地面之间发生了位置变化，所以以地面为参照物，毽子是运动的，故A错误； B、哪吒将毽子踢向敖丙，毽子的运动方向和速度大小发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误； C、毽子在上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，高度增加，重力势能增加，动能转化为重力势能，故C正确； D、毽子在最高点不能保持静止状态，也不能保持匀速直线运动状态，所以毽子受到的力是非平衡力，故D错误。 故选：C。 4．如图甲所示，小红和同学正在踢毽子。小红先后以速度大小相同的初速度v0分别沿竖直向上和斜向上方向将毽子踢出，如图乙所示（忽略空气阻力）。下列说法正确的是（　　） A．毽子上升过程中，踢力对它做功 B．踢出的毽子向上运动的过程中，毽子的惯性减小 C．毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点 D．落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力 【答案】C 【解析】A、毽子上升过程中，不再受踢力，踢力没有对它做功，故A错误； B、踢出的毽子向上运动的过程中，质量不变，毽子的惯性不变，故B错误； C、根据机械能守恒定律，毽子在同一高度处，初速度大小相同，它们的动能和重力势能相同，故毽子上升时的机械能相同，忽略空气阻力，只有动能与重力势能的转化，故上升过程中，毽子的机械能不变； 上升到最高点时，竖直向上的毽子动能全部转化为重力势能，斜向上的毽子动能没有全部转化为重力势能，因此毽子竖直上升能到达的最高点高于斜向上能到达的最高点，故C正确； D、落回地面静止后，毽子对地面的压力和地面对它的支持力，受力物体不同，不是一对平衡力，故D错误。 故选：C。 5．如图所示情景节选自我国古代科技著作《天工开物》，下列说法正确的是（　　） A．图甲，利用稻谷受到惯性作用分离不饱满的稻谷 B．图乙，水面下的采珠人下潜得越深，受到水的压力越小 C．图丙，牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，牛的运动状态不变 D．图丁，水被匀速提升至高处，水的动能不变，重力势能增大 【答案】D 【解析】A、惯性是物体本身的一种性质，惯性不是力，不能用“受到”，故A 错误； B、水面下的采珠人下潜得越深，所处的深度越深，由p＝ρgh知，水的密度一定时，受到水的压强越大，由 知，人体表面积一定，人受到水的压力越大，故B错误； C、牛拉“犁谵”匀速转动的过程中，牛的运动方向在不断变化，其运动状态在不断变化，故C错误； D、水被匀速提升至高处，质量不变，速度不变，高度增大，水的动能不变，水的重力势能增大，故D正确。 故选：D。 押题猜想07 电学基础 1．把纸巾与包装带的塑料丝摩擦，然后将该塑料丝迅速挂在两根绝缘棒上（如图）。实验中静止的塑料丝受力和带电情况正确的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】把纸巾与包装带的塑料丝摩擦，然后将该塑料丝迅速挂在两根绝缘棒上，两根塑料丝带有同种电荷，同种电荷相互排斥，故C正确，ABD错误。 故选：C。 押题解读 本题主要考查摩擦起电的原因和带电体的性质，正确理解摩擦起电的原因以及电荷之间的相互作用，难度不大。 考前秘笈 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电。 正电荷定向移动的方向是电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。 2．某自动售货机，它可通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过投币使开关S2闭合，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图是某小组同学根据售货机的功能自行设计的电路，符合上述情况的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货， 由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机； 由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，且只由光控开关S3控制，综上结合选项可知，只有B图符合题意。 故选：B。 押题解读 本题考查了串、并联电路的设计，要清楚简单的串并联电路的辨别，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。 考前秘笈 通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。这类场景题，要根据实际情况判断。 1．“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，如图所示匠手持羽毛扫过纸垫，再将羽毛靠近工作台上的金箔，即可吸起金箔，推理羽毛吸金箔的可能是（　　） A．羽毛与纸垫摩擦创造电荷 B．羽毛与纸垫摩擦带上同种电荷 C．羽毛与金箔带异种电荷因此相互吸引 D．羽毛带电，吸引不带电的金箔 【答案】D 【解析】手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦，根据摩擦起电的原因可知，羽毛和纸垫带上了异种电荷；羽毛带了电，靠近金箔，由于带电体会吸引轻小物体，故羽毛即可将金箔吸住，摩擦过程中是电子的转移，没有创造电荷，ABC错误、D正确。选：D。 2．飞机在飞行过程中与空气摩擦往往会带上负电。为了在飞机着陆时把电荷及时转移走，某些飞机会在地轮上安装搭地线（如图所示）。下列有关说法正确的是（　　） A．飞机带上负电是因为失去电子 B．与飞机摩擦的空气也会带负电 C．搭地线必须用绝缘体材料制作 D．着陆时电流从大地流向飞机 【答案】D 【解析】AB、飞机飞行时与空气摩擦后，由于飞机得到电子而带上负电，与飞机摩擦的空气失去电子带正电，故AB错误； C、搭地线的作用是将摩擦产生的电荷导入大地，所以搭地线必须用导体材料制作，故C正确； D、飞机着陆时，自由电子由飞机流向大地，自由电子带负电，所以着陆时电流从大地流向飞机，故D正确。 故选：D。 3．某商场地下停车区，车位上方装有红灯、绿灯，车位被占用时红灯亮，车位未被占用时绿灯亮。车辆驶入或离开时，分别由控制红灯、绿灯的感应开关S1、S2自动切换。如图电路中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】由题知，车位被占用时红灯亮，车位未被占用时绿灯亮，这说明红灯和绿灯能各自独立工作，互不影响，是并联的，且每盏灯都有各自的控制开关，由图可知，C正确。故选：C。 4．在2025年的春节联欢晚会上，智能机器人的精彩表演惊艳全场。以下关于机器人相关的说法，正确的是（　　） A．机器人内部的电池工作时，将电能转化为化学能 B．机器人内部的导线通常用铜制成，是因为铜的电阻比其他金属都大 C．机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成 D．机器人工作时，通过其电路的电流越大，电阻就越大 【答案】C 【解析】A、机器人内部的电池工作时，将化学能转化为电能，故A错误； B、机器人内部的导线通常用铜制成，是因为其它因素相同时，铜的电阻比其他金属小，故B错误； C、机器人内部的集成电路，主要是利用半导体材料制成，故C正确； D、导体的电阻与通过导体的电流与导体两端的电压无关，通过的电流变化时，导体的电阻不变，故D错误。故选：C。 5．小艺连接了如图甲所示的电路，闭合开关，发现两灯都不亮。于是小艺找来如图乙所示的电流表来检测故障，M、N分别为连接电流表的两根导线。闭合开关，当M、N分别接a、b时，两灯都不发光；当M、N分别接b、c时，两灯都不发光；当M、N分别接a、d时，只有L2发光；当M、N分别接d、e时，两灯都不发光，若电路中只有一处故障，则故障可能是（　　） A．L1断路 B．导线ab断路 C．L2断路 D．导线cd断路 【答案】D 【解析】①当M、N分别接a、b时，两灯都不发光，导线ab不可能断路，可能是ab以外的导线或用电器断路； ②当M、N分别接b、c时，两灯都不发光，由于此时电流表与L1并联，但两灯都不亮，排除了L1断路，可能是导线ac以外的导线或用电器断路； ③当M、N分别接a、d时，只有L2发光，这是一个关键信息，说明电流能够绕过cd直接通过L2回到正极，这排除了L2断路，但导线cd断路的可能性很大； ④当M、N分别接d、e时，两灯都不发光，进一步验证了导线cd断路的判断。 故ABC不符合题意，D符合题意。故选：D。 押题猜想08 生活用电 1．某家庭电路的连接如图所示，下列说法中正确的是（　　） A．L1和L2是串联的 B．a点所在的电源线是火线 C．空气开关只能安装在b点 D．c点所在的导线是零线 【答案】B 【解析】A、根据图示可知，L1和L2是并联的，工作时互不影响，故A错误； B、根据图示可知，灯泡的开关接在了灯泡与a之间，所以a为火线，故B正确； C、为了用电的安全，空气开关应接在火线上，即接在a线上，故C错误； D、三孔插座的上孔接地线，所以c点所在的导线与大地相连，故D错误。故选：B。 押题解读 本本题考查了家庭电路的连接、安全用电常识和试电笔的使用，是一道基础题。家庭电路相关考点重点集中在电路故障分析和安全用电规范。 考前秘笈 高频考点有家庭电路故障分析，主要集中在‌保险丝熔断原因、‌试电笔使用与故障检测和‌断路与短路区分。考查的重点是安全用电规范及电路连接，保险丝、空气开关、漏电保护器、三孔插座等知识点也是考查重点。 1．下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．电动自行车充电时着火应该立即用水浇灭 B．空气开关跳闸后立即复位通电 C．手机充完电后及时将充电器从插座上取下 D．使用试电笔时手必须接触笔尖金属体 【答案】C 【解析】A、电动自行车充电时着火应该首先切断电源，不能带电泼水救火，故A错误； B、空气开关跳闸后要排除故障后才能复位通电，故B错误； C、手机充完电后及时将充电器从插座上取下，故C正确； D、使用试电笔时手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。故选：C。 2．“安全用电，珍爱生命”。下列图中符合安全用电原则的是（　　） A．双手分别接触到火线和零线 B．使用试电笔时手要接触笔尾金属体 C．多个大功率用电器同时使用 D．使用绝缘皮破损的电线 【答案】B 【解析】A、双手分别接触到火线和零线，会造成双线触电，不符合安全用电的原则，故A不符合题意； B、试电笔用于辨别火线和零线，使用时，手要接触笔尾金属体，若接触火线，火线、试电笔、人体、大地构成回路，氖管发光，故B符合题意； C、多个大功率用电器同时使用可能会导致电路中的电流过大，如果电路中的保险丝或空气开关不能及时切断电路，就可能会引发火灾等安全事故。故C不符合题意； D、绝缘皮破损的电线容易漏电，如果人体接触到这样的电线，就可能会造成触电事故。故D不符合题意。故选：B。 3．如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮；断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔氖管均发光。则故障可能是（　　） A．ac间断路 B．bd间断路 C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路 【答案】B 【解析】A、ac间断路，断开S1，保持S2闭合，测电笔接触插座的下孔时，氖管不会发光，故A错误； B、bd间断路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮；断开S1，保持S2闭合，用测电笔插入插座两孔，两孔与火线之间是接通的，氖管都发光，故B正确； C、灯泡L2断路，断开S1，保持S2闭合，测电笔接触插座的下孔时，氖管不会发光，故C错误； D、b点到零线之间断路，闭合开关S1、S2，灯泡L1不会发光，故D错误。故选：B。 4．“安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识，下列符合安全用电原则的是（　　） A．甲：在高压线下钓鱼 B．乙：湿手拔插头 C．丙：使用试电笔时，手接触笔尖金属体 D．丁：浴室插座安装防护罩 【答案】D 【解析】A、不能在高压线下钓鱼，故A不符合安全用电的原则； B、生活用水是导体，不能用湿手拔插头，故B不符合安全用电的原则； C、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故C不符合安全用电的原则； D、浴室内插座安装防护罩，避免水溅入引起短路，故D符合安全用电的原则。 故选：D。 5．如图是生活中常见的三脚插头，其中插脚①比另两个插脚长一些。关于它的使用，下列说法正确的是（　　） A．为保证安全，所有的家用电器都应该使用三脚插头 B．该三脚插头插入插座时，插脚①与火线相连 C．该三脚插头插入插座时，用电器的金属外壳先接通地线 D．可以把该三脚插头的插脚①拆掉后插入两孔插座使用 【答案】C 【解析】A、有金属外壳的用电器要使用三孔插座，故A错误； B、该三脚插头插入插座时，插脚①与地线连接，故B错误； C、该三脚插头插入插座时，用电器的金属外壳先接通地线，故C正确； D、不可以把该三脚插头的插脚①拆掉后插入两孔插座使用，可能会漏电或者触电，故D错误。故选：C。 6．如图所示是某同学家的部分电路，开始时各部分正常工作，当台灯的插头插入插座后，正常烧水的电热壶突然不工作了，灯泡也熄灭了，拔出台灯的插头后，电热壶和灯泡仍不能工作，把试电笔分别插入插座的左、右两孔中，氖管均不能发光。下列说法正确的是（　　） A．和灯泡连接的开关接法正确 B．故障可能是电热壶所在电路的B、D两点间短路 C．故障可能台灯短路导致保险丝熔断 D．故障可能是进户零线至C点间导线断路 【答案】C 【解析】A、为了保证用电的安全，开关应该接在火线和灯泡之间，图中开关接在零线上，则和灯泡连接的开关接法错误，故A错误； BCD、将电饭煲的插头插入电源的三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作、灯泡也熄灭了，这表明干路中是没有电流的，即干路中出现了断路现象；拔出电饭煲的插头，电热壶仍不能工作，把测电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均不发光，说明插座的两个孔都是不与火线相连的，所以故障是火线断路；若进户零线至C点间零线断路，火线会带电，故BD错误，C正确。 故选：C。 押题猜想09 电磁学 1．如图所示，在2025年央视春晚上，每个人形机器人凭借43个高扭矩电动机以一段高难度的“秧歌舞”惊艳了观众。下列各装置中也利用电动机工作原理的是（　　） A．动圈式话筒 B．扬声器 C．自制电磁铁 D．司南 【答案】B 【解析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。 A、动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，故A不符合题意； B、扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故B符合题意； C、电磁铁是利用电流的磁效应来工作的，故C不符合题意； D、司南是利用磁体的指向性来工作的，故D不符合题意。故选：B。 押题解读 本题考查的是电动机的原理；知道发电机和电磁铁的原理；知道电磁感应现象和电流的磁效应。 考前秘笈 电磁学部分的重点考查是‌电磁现象与设备原理，电动机与发电机的工作原理对比、电磁继电器控制电路的实际应用（如自动报警器设计）等。高频考点是磁场方向判断（安培定则）、电磁感应现象的条件。 1．如图是一款便携式脚踏发电机，用户在进行踩踏健身活动的同时，还可以产生电能，为手机、笔记本电脑、照明设备等提供电力支持。下列说法不正确的是（　　） A．脚踏发电机内部有磁体 B．脚踏发电机工作时将机械能转化为电能 C．脚踏发电机的工作原理是电流的磁效应 D．脚踏发电机工作时，内部线圈切割磁感线 【答案】C 【解析】脚踏发电机是利用电磁感应原理制成的，内部有磁体，工作时内部线圈切割磁感线，产生感应电流，将机械能转化为电能，故ABD正确，C错误。 故选：C。 2．普通汽车在行驶中刹车和下坡会浪费掉很多能源，还会因长时间踩刹车会导致刹车盘过热，进而可能导致刹车失灵。小米SU7（如图）“动能回收技术”反向利用汽车的动能来发电给电池充电，达到增加续航里程和减少刹车片磨损。下面四图能反映新能源汽车“动能回收技术”原理的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】由题意可知，电动汽车的可逆电机在汽车减速或制动时，会变为发电机，将机械能转化为电能，其工作原理是电磁感应； A、图中是奥斯特实验，其原理是电流的磁效应，故A错误； B、图中没有电源，展示的是电磁感应现象，发电机是利用该原理制成的，故B正确； C、图中有电源，其原理是通电导体在磁场中受力作用，电动机是利用该原理制成的，故C错误； D、图中实验可以探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，原理和A一样，故D错误。 故选：B。 3．如图所示，电磁血流计是利用电磁感应原理制成的，用来检测血流速度和血流量的仪器。其工作原理与选项图原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解析】A、图中装置是探究电流的磁效应的实验，故A错误； B、图中导体ab在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，故B正确； C、图中装置为电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故C错误； D、图中电铃的主要部件是电磁铁，利用了电流的磁效应，故D错误。故选：B。 4．用一根长导线做一个长方形线框且将导线两端留有相同长度。如图所示，将线框悬挂起来，使它的底边ab水平置于蹄形磁体的磁场中，长导线的两端与灵敏的电流表连接，组成一个闭合电路。闭合开关后，则（　　） A．ab上下运动时，电流表指针会发生偏转 B．ab左右运动时，电流表指针会发生偏转 C．电流表指针偏转时说明电能生磁 D．蹄形磁体周围的磁感线方向由S极指向N极 【答案】B 【解析】A．ab上下运动时，导体没有切割磁感线，电路中没有感应电流产生，电流表指针不会发生偏转，故A不正确； B．ab左右运动时，导体切割磁感线，电路中有感应电流产生，电流表指针发生偏转，故B正确； C．电流表指针偏转时说明磁能生电，故C不正确； D．蹄形磁体周围的磁感线方向由N极指向S极，故D不正确。 故选：B。 5．如图所示的是有关“电和磁”的实验，下列说法中正确的是（　　） A．图甲中导体AB只有水平方向运动时，电流表指针才会偏转 B．图乙中电流方向和磁场方向同时改变时，导体ab的运动方向不变 C．图丙中扬声器的工作原理与图甲的相同，都是将机械能转化为电能 D．图丁中电铃的工作原理是通电导线在磁场中受力的作用 【答案】B 【解析】A．闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，图甲中，磁感线的方向是竖直方向，导体AB斜着上下运动也会切割磁感线，也会产生感应电流，电流表指针也会偏转，故A错误； B．通电导体在磁场中所受力方向与磁场方向和电流方向有关，若磁场方向和电流方向均改变，则导体受力方向不变，故B正确； C．图丙中扬声器的工作原理是通电导体在磁场中会受到力的作用，将电能转化为机械能，图甲表示的是电磁感应现象，是将机械能转化为电能，故C错误； D．电铃的工作原理是电流的磁效应，故D错误。 故选：B。 6．如图所示为某智能扫地机器人的部分工作原理图。当地面灰尘多时，照射到光敏电阻R的光照强度较小，机器人启动清扫，通过电动机旋转产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。下列说法正确的是（　　） A．当控制电路闭合时，电磁铁上端为S极 B．电磁铁通电时，周围有磁场和磁感线 C．衔铁不是磁体，通电后的电磁铁对它不会产生磁力 D．当地面灰尘减少时，电磁铁磁性增强 【答案】D 【解析】A、由安培定则可知，电磁铁通电时，上端是N极、下端是S极，故A错误； B、螺线管通电时，周围存在着磁场，这就是电流的磁效应，磁体周围的磁场是看不见、摸不着的，磁感线是人们为了研究磁场方便而抽象出来的模型，故B错误； C、衔铁不是磁体，但当通电后的电磁铁产生磁场后，衔铁会被该磁场磁化，因此通电后的电磁铁对它会产生磁力，故C错误； D、由图可知，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，当地面灰尘减少时，空气的透光程度增强，使照射到光敏电阻上的光照强度增强，光敏电阻的阻值变小，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，故D正确。 故选：D。 押题猜想10 电学中档 1．体育中考跳绳的次数是自动记录，其简化电路如图甲所示。R1是光敏电阻，信号处理系统记录ab间的电压，每当绳子挡住射向R1的红外线时，R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次。电源电压为6V，ab间电压随时间变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A．该同学匀速连续跳绳1min的跳绳次数为120次 B．自动计数器计数一次时，ab间的电压2V C．有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻的阻值之比为1：4 D．有红外线照射时，R1与R2阻值之比为2：1 【答案】C 【解析】由甲图电路知，R1与R2串联，ab间电压为R1两端的电压。 （1）由图乙可知，跳绳一次的时间为0.6s，则1min内跳绳的次数n100次，故A错误； （2）由题知，当绳子挡住射向R1的红外线时（即无红外线照射R1），R1的阻值会变大，自动计数器会计数一次， 根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，由图乙知，此时U1＝Uab＝4V，B错误； 由串联电路的分压原理有：，即：，则R1＝2R2； （3）当有红外线照射时，R1阻值变小，R1分得电压减小，由图乙知，U1'＝Uab'＝2V， 由串联电路的分压原理有：，即：，则R1′R2； 即有红外线照射时，R1与R2阻值之比为1：2，故D错误；有红外线照射和无红外线照射时，光敏电阻R1的阻值之比，故C正确。故选：C。 2．如图是电阻甲和乙的I﹣U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（　　） A．甲、乙电阻均为定值电阻 B．当乙两端电压为2.5V时，其电阻值为5Ω C．若甲和乙并联，电源电压为1V，则干路电流为0.5A D．将甲和乙串联，电流为0.4A，则电源电压为4V 【答案】B 【解析】A、由图像可知，甲的I﹣U图像是一条过原点的直线，即通过甲的电流与它两端的电压成正比，所以甲是定值电阻，乙的I﹣U图像是一条过原点的曲线，即通过乙的电流与它两端的电压不成正比，所以乙不是定值电阻，故A错误； B、由图像可知，当乙两端的电压为2.5V时，通过它的电流为0.5A， 则乙的电阻值：R乙5Ω，故B正确； C、甲、乙并联在电路中，当电源电压为1V时，由于并联电路各支路两端的电压相等， 所以甲、乙两端的电压均为1V，由图像可知，通过甲的电流为0.2A，通过乙的电流为0.4A， 根据并联电路的电流规律可得，电路的总电流为I＝I甲+I′乙＝0.2A+0.4A＝0.6A，故C错误； D、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.4A时，由于串联电路中各处的电流相等， 所以通过甲、乙的电流均为0.4A，由图像可知，甲两端的电压为2V，乙两端的电压1V， 根据串联电路的电压规律可得，电路的总电压为U＝U甲+U′乙＝2V+1V＝3V，故D错误。 故选：B。 押题解读 湖北中考电学中档题注重‌实际应用与理论结合‌，有实验选择题、电学图像题和动态电路题。强调对公式的灵活运用和实验设计能力。从近三年中考物理卷看，‌动态电路分析、图像问题及实验探究题‌出现频率最高，需重点掌握电路动态变化的逻辑推导和实验操作细节。 考前秘笈 动变阻器滑片滑到最大阻值处，电路中电流最小，对电路起保护作用；移动滑动变阻器滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，能完成多次实验，以便发现电阻和温度的关系；根据灯丝的电阻与温度的关系进行判断，当电压越大，灯丝的温度越高；当灯泡两端的电压最小时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可得出滑动变阻器的最小的最大阻值动变阻器滑片滑到最大阻值处，电路中电流最小，对电路起保护作用；移动滑动变阻器滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，能完成多次实验，以便发现电阻和温度的关系。 3．如图所示，是列车上烟雾报警系统的简化原理图，电源电压恒定不变，R为光敏电阻，R0为定值电阻。当烟雾产生时，激光被烟雾遮挡使光敏电阻的阻值发生变化，当电路中电流增大至某一数值时，报警器开始报警，则下列说法正确的是（　　） A．R的阻值随光照强度的减弱而增大 B．烟雾浓度越大，电压表示数越大 C．烟雾浓度增大时，电压表与电流表示数之比减小 D．烟雾浓度增大时，电压表与电流表示数之比增大 【答案】C 【解析】图中定值电阻R0光敏电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测光敏电阻两端的电压； A、当有烟雾时报警，已知电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警，故有烟雾时，光照减弱，电路中电流增大，当电路电阻减小时，电流增大，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小，故A错误； B、由于光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小，故烟雾越浓，光照强度越弱，电阻越小，电路中的电流越大，根据欧姆定律知道，定值电阻R0两端的电压增大，串联电路电源电压等于各部分电压之和，故光敏电阻两端的电压减小，即电压表示数减小；故B错误； CD、由R知电压表示数与电流表示数的比值表示光敏电阻大小，光敏电阻的电阻减小，所以该比值减小，故C正确，D错误。故选：C。 押题解读 本题是一道动态电路分析题，要能正确分析电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律，从题中得出光敏电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口。 考前秘笈 当有烟雾时报警，已知电路中的电流增大至某一数值时报警器开始报警，故有烟雾时，光照减弱，电路中电流增大，当电路电阻减小时，电流增大，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而减小；结合欧姆定律确定电压表示数的变化，电压表示数与电流表示数的比值表示光敏电阻大小。 1．小明看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤。原理如图所示，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移。下列说法错误的是（　　） A．电子秤的表盘一定是电压表改装而成 B．R0的作用是保护电路 C．当在秤盘上增加重物后，电路消耗的总功率变大 D．电压表改装的电子秤表盘刻度是均匀的 【答案】C 【解析】AB、由电路图可知，R与R0串联，R0的作用是分压并保护电路，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流， 滑动变阻器接入电路的电阻不变，根据串联电路在规律结合欧姆定律可知通过电路的电流不变，如果选用电流表作为测量仪表 则电流表的示数不会随着物体质量的改变而改变 所以只能选用电压表作仪表，故AB正确； C、在秤盘上增加重物后，电源电压不变，通过电路的电流不变，由P＝UI可得电路消耗的总功率不变，故C错误； D、因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，R接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知通过电路的电流不变，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，则UR上＝IR上，即电压表示数与R上为正比关系，所以电压表改装的电子秤表盘刻度是均匀的，故D正确。故选：C。 2．如图所示的电路中电源电压不变，a、b为同种电表（电流表或电压表）。闭合S1和S2，a、b两表示数分别为3和1（单位为A或V）；将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，a表示数为0.4（单位为A或V）。下列说法错误的是（　　） A．前一种情况中a表的示数为3V B．后一种情况中b表的示数为0.6A C．R1的电阻为5Ω D．R2的电阻为7.5Ω 【答案】C 【解析】由题知，a、b为同种电表（电流表或电压表）；ABD、由图知，闭合S1和S2，若a、b都为电流表，则会造成电源短路，所以a、b都为电压表，此时两个电阻串联，a表测电源电压，b表测R2两端的电压；由题意可知此时a、b两表示数分别为3V和1V，即电源电压为3V，R2两端的电压为1V，故A正确； 根据串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝3V﹣1V＝2V， 根据串联分压的规律可得，即，所以R1＝2R2； 将a、b换为另一种电表，闭合S1、断开S2，若a、b都为电压表，则会造成电路断路，所以a、b都为电流表，此时两个电阻并联，a表测通过R2的电流，b表测干路电流， 根据并联电路的电压特点可知，此时两个电阻的电压都是3V，由题意可知此时a表示数为0.4A，即I2＝0.4A，则R2的阻值为：R27.5Ω， 由前面分析可知，R1的阻值：R1＝2R2＝2×7.5Ω＝15Ω，故C错误、D正确； C、并联电路中各支路两端的电压相等，且R1：R2＝2：1， 则根据并联分流的规律可得通过R1、R2的电流之比为， 则通过R1的电流为I1I20.4A＝0.2A， 由并联电路的电流特点可知，干路电流（此时b表的示数）：I＝I1+I2＝0.2A+0.4A＝0.6A，故C正确。故选：C。 3．央视节目《是真的吗》中，主持人做了“电池+口香糖锡纸＝取火工具”的实验：取口香糖锡纸，剪成如图甲所示形状，其中ab、bc和cd段等长。戴好防护手套，将锡纸条两端连接电池正、负极，如图乙所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列说法正确的是（　　） A．最先着火的是ab段，因为这里的电流最大 B．通过ab、bc、cd段的电流均相等，但相同时间电流通过ab段产生的热量最多 C．电流通过ab、bc、cd段相同时间产生的热量相同 D．通过ab段的电流最小，但是ab段电阻最大，相同时间内产生的热量最多 【答案】B 【解析】AD、锡纸的ab、bc和cd段串联在电路中，根据串联电路的电流特点可知，通过ab、bc和cd段的电流相等，故AD错误； BC、根据题意可知，锡纸的ab、bc和cd段等长，由图可知，ab段锡纸的横截面积最小，根据导体电阻的影响因素可知，ab段锡纸的电阻最大，根据焦耳定律可知，在相同时间电流通过ab段产生的热量最多，故B正确、C错误。 故选：B。 4．如图所示，电源电压保持不变，R1＝10Ω，R2是电阻箱，其最大阻值为R。闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为2V，电阻箱的功率为1.2W；当电阻箱阻值调为0.2R时，电压表的示数为5V。下列说法中正确的是（　　） A．电源电压为6V B．电阻箱R2的最大阻值为40Ω C．电阻箱阻值调小时，电流表示数变小 D．电阻箱阻值为0.2R时，其功率为1.5W 【答案】D 【解析】由图可知，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。 B、闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电路中的电流：I0.2A，由P2＝I2R可知，电阻箱R2的最大阻值：R30Ω，故B错误； A、当电阻箱阻值调为R时，由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U1+U2＝2V+0.2A×30Ω＝8V，故A错误； C、由串联电路的电阻特点可知，电阻箱阻值调小时，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，此时电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故C错误； D、当电阻箱阻值调为0.2R时，电路中的电流：I'0.5A，此时电阻箱的电功率：P2'＝I'2R2'＝（0.5A）2×0.2×30Ω＝1.5W，故D正确。故选：D。 5．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变 B．电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大 C．电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小 D．电流表A2的示数变小，电压表V的示数不变 【答案】A 【解析】根据电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；ABCD、由于电源电压不变，所以电压表示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，电流表A1的示数不变，故C错误； 将滑动变阻器的滑片P向左移动，变阻器接入电路中的电阻变小，由I可知，通过R1支路的电流变大；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，故D错误；电压表V的示数不变，电流表A1的示数不变，则电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变，故A正确；电压表V的示数不变，电流表A2的示数变大，则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变小，B错误。故选：A。 6．图甲所示电路的电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由最右端向最左端移动的过程中，两电压表与电流表的示数变化关系如图乙所示，则（　　） A．a是灯泡的U﹣I图线 B．灯泡电阻的最小值为10Ω C．R的最大阻值为25Ω D．电路的最大功率为1.2W 【答案】C 【解析】闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流， 将滑动变阻器的滑片由最右端向最左端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小， 串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变小，根据串联电路电压规律可知灯泡两端的电压变大，所以a是滑动变阻器的图像，b是灯泡的图像，故A错误； 通过灯泡的电流最小时，灯泡的电阻最小，由图可知此时灯泡两端的电压为1V，通过灯泡的电流为0.2A，此时滑动变阻器两端的电压为5V，根据欧姆定律可得灯泡的最小阻值RL5Ω，故B错误； 滑动变阻器的最大阻值R25Ω，故C正确；电源电压U＝UL+UR＝1V+5V＝6V，由图可知通过电路的最大电流为0.6A，电路的最大功率为P＝UI′＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。故选：C。 7．小李连接了图甲所示的电路，电源电压不变，电流表量程均为0—0.6A，定值电阻R1＝10Ω，闭合开关S后再闭合开关S1或S2，将滑动变阻器滑片从最右端向左调节至中点的过程，电压表与电流表A2示数的I﹣U图象如图乙，下列说法正确的是（　　） A．开关S1、S2闭合，电路中最小电流为0.15A B．电源电压为4V C．滑动变阻器的最大阻值为20Ω D．整个电路通过的最大电流为0.3A 【答案】C 【解析】由I可得，图象中a、b线的电阻值分别为：Ra10Ω，Rb20Ω；已知R1＝10Ω，则a、b线分别是滑动变阻器与R1、R2串联时电压表与电流表A2示数的I﹣U图象： （1）闭合开关S、S1时，滑动变阻器与R1串联时，滑动变阻器滑片在最右端时，由于滑动变阻器的电阻全部连入电路，根据欧姆定律可知电路中的电流最小， 由图乙中a的图象可知：最小电流为Ia最小＝0.2A，Ua最小＝2V， 根据串联电路的特点和欧姆定律可得： 电源电压U＝Ia最小R+Ua最小＝0.2A×R+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 闭合开关S、S2时，滑动变阻器与R2串联时，滑动变阻器滑片在最右端时，由于滑动变阻器的电阻全部连入电路，根据欧姆定律可知电路中的电流最小， 由图乙中b的图象可知：最小电流为Ib最小＝0.15A，Ub最小＝3V， 根据串联电路的特点和欧姆定律可得： 电源电压U＝Ib最小R+Ub最小＝0.15A×R+3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 解①②可得：U＝6V，R＝20Ω；故B错误，C正确； （2）开关S1、S2闭合，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，根据电阻的串并联特点可知： 当滑动变阻器的电阻全部连入电路，电路中的电流最小， 则最小电流为；I最小0.225A；故A错误； （3）根据电阻的串并联特点可知当电路中电阻最小时电路中最大电流，所以，开关S、S1、S2闭合，R1、R2并联后与滑动变阻器串联，即当滑动变阻器连入电路的电阻最小时电路中电流最大， 若滑动变阻器连入电路的电阻为零，干路电流为I0.9A， 由于电流表量程均为0.6A，则干路的最大电流为0.6A；故D错误。 故选：C。 题型二 填空题 押题猜想11 声、光、热学 1．2024年12月26日，我国第六代战机在成都首飞，如图所示，它使用了双三角翼面的设计，能更好地实现超音速飞行，声音在空气中的速度约为 　 　 m/s，一般情况下，高空中的声速 　 　 （＞/＜/＝）低空中的声速。 【答案】340；＜。 【解析】声音在空气中的速度约为340m/s，一般情况下，高空中的空气的温度低，声音的传播速度小，高空中的声速小于低空中的声速。 押题解读 本题考查的是声音在空气中的传播速度；知道声音的传播速度与温度有关。 考前秘笈 （1）声音靠介质传播：能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。 （2）真空不能传声：真空罩里面放闹铃的实验、登月的宇航员无法直接交谈的现象都说明真空不能传声。 （3）同种介质中，温度越高，声速越大； （4）声音在空气中的传播速度是340m/s，是指15℃时。 2．如图所示，一只白鹭正平行于水面飞行，白鹭在水中的倒影是光的　 　 （选填“直线传播”“折射”或“反射”）形成的　 　 （选填“实”或“虚”）像，若此时以白鹭为参照物，它在水中的倒影是　 （选填“运动”或“静止”）的。 【答案】反射；虚；静止。 【解析】湖面可以看做平面镜，湖中出现白鹭的倒影，是光线在湖面上反射形成的。 根据平面镜成像原理，像是反射光线反向延长线的交点所形成的，不是实际光线会聚形成的，所以平面镜成的是虚像。 根据平面镜成像原理可知，像与物关于平面镜对称，白鹭正平行于湖面飞行，像与物移动的速度和方向一样，且到平面镜的距离不变，即像与物的到平面镜的距离不变，故以白鹭为参照物，它在水中的倒影是静止的。 押题解读 本题考查了光的反射，运动和静止的相对性，属于基础题。 考前秘笈 一种光学现象。指光在传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中的现象。光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射。 光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用。 物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 3．如图是武汉长江隧道建设中使用盾构机的场景。盾构机是一种隧道掘进的专用工程机械，其前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时会产生大量的热，这是通过　 　 方式改变物体内能的。工作过程中盾构机的前端需要用水给刀片降温，主要利用了水的 　　 较大的特性。 【答案】做功；比热容。 【解析】盾构机的刀盘旋转击碎石料过程中，刀盘与石料摩擦，使刀盘的温度升高，内能增大，将机械能转化为内能，是通过做功方式改变了刀盘的内能的。 要用水给刀盘降温，这是利用水的比热容较大的特点。质量相同的水和其他物质相比，由于水的比热容比较大，在升高相同温度时可以吸收更多的热量。 押题解读 本题考查改变内能的方法及水的比热容大的应用。做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。 考前秘笈 利用比热容解释生活中的现象 （1） 水的比热容比较大，质量相同的水和其他物质相比，在吸收或放出相同热量的情况下，水的温度变化要小些。 （2）现象与应用①白天沿海地区比内陆地区升温慢，夜晚沿海地区温度降低也慢。因此，在一年之中，夏季时内陆比沿海炎热，冬季时内陆比沿海寒冷。②水比热容大的特点，在生产，生活中经常被利用。如汽车发动机、发电机等机器，在工作时要发热，通常要用循环流动的水来冷却。 1．琴和瑟是中华民族传统乐器，通过弹拨琴和瑟的弦可以发出悦耳动听的声音。琴和瑟可以发声，是由于弦的　 　 产生的，能辨别两种乐器发出的声音，主要是依据声音的　 　 不同。 【答案】振动；音色 【解析】琴和瑟可以发声，是由于弦的振动产生的。辨别琴和瑟发出的声音，是依据声音的音色不同。 2．如图甲所示是公共场所的宣传投影灯，装在高处的投影灯照在地面上出现图案和字样，其内部结构如图乙所示。人们在不同方向都能看到图案是光在地面发生了 　 （选填“镜面”或“漫”）反射，图片到镜头的距离为 　 　 （选填“大于二倍焦距”“小于一倍焦距”或“一倍焦距和二倍焦距之间”），调大镜头与图片的距离，地面上的图案会变 　 。 【答案】漫；一倍焦距和二倍焦距之间；小 【解析】在不同方向都能看到图案是因为光在地面发生了漫反射，反射光线向各个方向传播。 调大镜头与图片的距离，即增大像距，在凸透镜成像中，物远像近像变小，所以地面上的图案会变小。 3．行车记录仪是汽车使用的黑匣子，可以通过高清镜头摄影记录车辆行驶途中的影像及声音，如图所示是一款行车记录仪，通过镜头所成的像是 　 　 （选填“实像”或“虚像”），在行车记录仪中看到前方视野范围变大，这时所成的像变 　 　 （选填“大”或“小”），表明汽车在 　 　 （选填“前进”或“后退”）。 【答案】实像；小；后退 【解析】行车记录仪的摄像头的镜头相当于一个凸透镜。拍摄物体时，物体所成的像是倒立、缩小的实像。 根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，在行车记录仪中看到前方视野范围变大，所成的像越小，物距越大，表明汽车在后退。 4．“一滴独流醋，十里运河香”，醋香四溢属于 　 　 现象；“日照海河景，水映彩虹桥”，桥在水中的倒影是由于光的 　 　 形成的。 【答案】扩散；反射 【解析】“一滴独流醋，十里运河香”，醋香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；桥在水中的倒影是由于光的反射形成的。 5．淄博烧烤火出圈，美味的烧烤搭配冰爽的啤酒，让人们不远千里赶来体味这平凡而难得的人间烟火，如图所示：香味扑鼻而来，这是 　 现象；冰镇过后的啤酒外面挂着水珠，水珠向外凸起没有散开是因为分子间存在 　 　 。加热过程中，烤串的温度不断升高，内能增加的方法是 　 　 。 【答案】扩散；引力；热传递 【解析】香味扑鼻而来，说明分子永不停息地做无规则运动，该现象是扩散现象。 分子间存在相互作用的引力和斥力，水珠向外凸起没有散开是因为分子间存在引力。 烤串的温度不断升高是利用热传递的方式使其内能增大、温度升高。 6．小敏观察家里的电热水壶发现，当水沸腾时，小敏透过玻璃水壶可以看到气泡上升时 　 　 （选填“由小变大”或“由大变小”），壶口上方生成大量“白气”，“白气”是 　 　 （选填“水”或“水蒸气”）。 【答案】由小变大；水。 【解析】当水沸腾时，透过玻璃水壶可以看到气泡上升时由小变大（水沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大），壶口上方生成大量“白气”，“白气”是热的水蒸气遇到冷空气液化形成小水滴。 7．古代著作《天工开物》记载到“凡炒诸麻菜子，宜铸平底锅，投子仁于内，翻拌最勤”，（即古代榨油时的情景）如图所示，这里是利用 　 　 的方法来改变物体的内能，利用锅铲不断翻炒油料，翻炒过程会有香味飘出，这是 　 　 现象。 【答案】热传递；扩散。 【解析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；给锅内的油料加热，油料吸收热量，内能增加，温度升高，通过热传递的方式改变物体的内能。 翻炒过程会有香味飘出，被人们闻到，属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动。 8．汽油机在 　 　 冲程中将内能转化为机械能。若某汽车的汽油机在一段时间内所做的有用功为2.3×108J，效率为25%，则该汽油机在这段时间内消耗 　 　 kg的汽油（汽油的热值取4.6×107J/kg）。汽油机用水做冷却液是因为水具有 　 　 的特点。 【答案】做功；20；比热容大。 【解析】汽油机四个冲程中将内能转化为机械能的是做功冲程； 由η100%可知，汽油完全燃烧发出的热量：Q放9.2×108J， 由Q放＝mq可知，消耗汽油的质量：m20kg； 由于水的比热容较大，故相同质量的水和其他液体相比较，在升高相同的温度时，水吸收的热量最多，所以一般用水作为汽车的冷却剂。 押题猜想12 力学 1．下面甲、乙两幅图均是中国古代科技著作《天工开物》的插图，图甲中“透火焙干”时把湿纸贴在墙上利用了湿纸受到的摩擦力 　等于　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）重力而静止，图乙“六桨客船”中的船桨属于 　费力　 （“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；图丙所示为“旋转秋千”工作时的情形，座椅在空中匀速转动，此时座椅受到的作用力 　非平衡力　 （选填“是”或“不是”）平衡力。 【答案】等于；费力；非平衡力。 【解析】图甲中把湿纸贴在墙上，湿纸处于静止状态，竖直方向受到的摩擦力和自身重力是一对平衡力，大小相等； 船桨使用时，动力臂小于阻力臂，故船桨属于费力杠杆； 座椅在空中匀速转动，运动方向不断发生改变，受非平衡力的作用。 押题解读 本题考查了平衡状态的判断、平衡力的判断、杠杆的分类等知识的理解和应用，重在应用物理知识解释生活中现象，难度不大。 考前秘笈 物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，不受力或受平衡力作用； （2）根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆； （3）物体运动速度和运动方向不变时处于平衡状态，受平衡力。 1．撑竿跳高是一项借助撑竿的支撑腾空，在完成一系列复杂的动作后越过横杆的运动。运动员对撑竿施力的同时，也受到撑竿对他的作用力，但这两个力的作用效果不同，前者主要是改变了撑竿的 　 　 ，后者主要是改变了运动员的 　 　 。 【答案】形状；运动状态。 【解析】运动员对撑竿施力时，撑竿变弯，说明力改变了撑杆的形状；运动员对撑竿施力的同时，也受到撑竿对他的作用力，改变了运动员的运动状态。 2．如图所示，这是节选自我国古代科技著作《天工开物》中的“场中打稻”的情景，将稻穗抓起，用力摔打在板壁上，这时，　 　 由运动变为静止，而 　 　 由于惯性继续保持原来的运动状态，所以能将稻粒从稻秆上打落下来。（填“稻杆”或“稻粒”） 【答案】稻杆；稻粒 【解析】将稻穗抓起，稻杆和稻粒原来一起运动，用力摔打在板壁上，稻杆因撞击而静止，而稻粒由于惯性还要保持原来的运动状态继续运动，所以能将稻粒从稻秆上打落下来。 3．第九届亚洲冬季运动会在哈尔滨举行，冰壶是亚冬会比赛项目之一。冰壶运动员的比赛鞋两脚的底部不同，蹬冰脚鞋的底部为橡胶，如图所示，球员掷冰壶时，蹬冰脚踏在起蹬器上用力后蹬，脚受到的摩擦力方向是向　 　 的；而滑动脚鞋的底部为塑料，这是为了　 　 摩擦。 【答案】后；减小。 【解析】物体间力的作用是相互的，蹬冰脚踏在起蹬器上用力蹬，起蹬器给脚踏一个向前的力促使运动员前进，脚受到的摩擦力方向是向后的； 滑动脚鞋的底部为塑料，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦。 4．2024年11月4日01时24分，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在距离地面10km左右时打开降落伞，一段时间后返回舱匀速下落。在返回舱匀速下落的过程中，若不考虑质量变化，返回舱的动能　 　 ，机械能　 　 。（均选填“增大”“减小”或“不变”） 【答案】不变；减小。 【解析】神舟十八号载人飞船返回舱匀速下落过程中，“神舟十五号”载人飞船返回舱质量不变，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小。故答案为：不变；减小。 5．2025年2月27日，长征二号将目前我国空间分辨率最高的商业遥感卫星四维高景一号03、04星顺利送入预定轨道。如图，运载火箭点火后向下喷出熊熊烈焰，使火箭上升，说明力的作用是　 　 的。火箭升空的速度越来越快，此过程中，03、04星的重力势能　 　 ，机械能　 　 。（后两空填“增大”“减小”或“不变”） 【答案】相互；增大；增大。 【解析】燃烧后生成的高温气体以很高的速度从火箭尾部喷出，火箭给气体一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，气体给火箭一个向上的力，所以火箭会升空； 03、04星加速上升过程中，质量不变，速度增大，动能增大；位置高度增大，重力势能增大，动能和势能统称为机械能，机械能增大。 6．如图为某博物馆收藏的一件汉代陶井模型，井架下方有一个可以转动的滑轮，实际使用时将系有绳子的水桶放入井中，绳子上端绕过滑轮，用力拉绳子即可汲水。该滑轮的作用是 　 　 。为防止手拉绳子打滑，汲水时应该选用表面较 　 　 （选填“光滑”或“粗糙”）的绳子。 【答案】改变力的方向；粗糙。 【解析】由题意知，井架上的滑轮是定滑轮，它的作用主要是为了改变力的方向； 为防止手拉绳子打滑，汲水时应该选用表面较粗糙的绳子，这样在压力一定时，可以增大摩擦力。 7．如图是天工开物中记载这种方法的示意图，称为“试弓定力”。提起杠杆的提组，在秤的一端挂上弓，并在弓的下方绑一个较大的重物，使弓被拉满，同时移动秤砣直至秤杆水平，就可以测算出弓的最大弹力。用杆秤测量的原理是 　 　 ，某次测量时，秤砣的重力是50N，秤砣在杠杆上的悬挂点到提组的距离是秤钩在杠杆上悬挂点到提组距离的10倍，忽略秤杆和弓自身的重力，则弓的弹力是 　 N，秤砣离提组距离远说明弓的弹力 　 　 。 【答案】杠杆平衡条件；500；越大。 【解析】杆秤就是一个杠杆，用杆秤测量是利用杠杆平衡条件。 秤砣对杠杆施加的动力为：F1＝G＝50N 由于秤砣在杠杆上的悬挂点到提组的距离是秤钩在杠杆上悬挂点到提组距离的10倍，所以，弓的弹力是； 根据题意知道，弓的弹力越大，说明重物的重力越大，重物对杆秤施加的动力就越大，根据杠杆平衡条件，所以秤砣离提纽越远。 8．图甲是脚踏式翻盖垃圾桶的实物图，翻盖的原理是由两个杠杆组合而成，图乙为两水平杠杆AO1B、DCO2组合的示意图。已知桶盖重10N，重心位于DC中点的正上方，AO1＝30cm，O1B＝20cm，桶盖和连接杆的尺寸如图乙所示，脚踏杆AO1B和竖直连接杆BC的质量不计。 （1）杠杆AO1B是 　 　 （选填“省力”或“费力”）杠杆； （2）若要把桶盖翻开，脚对踏板、A处的压力至少为 　 　 N。 【答案】（1）省力；（2）40。 【解析】（1）图乙中，杠杆AO1B，设脚对A点的作用力为F1，顶杆对B点的作用力为F2，根据杠杆平衡条件可得：F1×AO1＝F2×O1B……① 已知AO1＝30cm，O1B＝20cm，则AO1＞O1B， 所以，F1＜F2，即杠杆AO1B是省力杠杆； （2）设顶杆对桶盖上C点的作用力为F1'，EO2＝EC+CO250cm+5cm＝30cm， 根据杠杆平衡条件可得：G×EO2＝F1'×CO2……② 根据力的作用是相互的可知：F1'＝F2， 由得：，所以，F1G10N＝40N。 押题猜想13 多知识点综合 1．南海陶瓷薄板轻到水上漂，硬到摔不碎。一块7kg这样的陶瓷薄板放入水中稳定后，受到的浮力大小为 　 　 N；烧制这块的薄板，需要燃烧5kg的燃料，燃料完全燃烧放出的热量为 　 　 J，期间陶瓷薄板会从20℃升高到820℃，请问这块薄板吸收的热量为 　 J。（，燃料热值q＝4×107J/kg，g＝10N/kg） 【答案】70；2×108；5.6×106。 【解析】（1）G＝m陶瓷g＝7kg×10N/kg＝70N， 漂浮的物体受到的浮力等于其重力，所以陶瓷薄板漂浮时受到的浮力F浮等于其重力G，即F浮＝70N； （2）5kg燃料完全燃烧放出的热量为： Q放＝mq＝5kg×4×107J/kg＝2×108J； （3）薄板吸收的热量为： Q吸＝c陶瓷m陶瓷Δt＝1×103J/（kg•℃）×7kg×（820℃﹣20℃）＝5.6×106J。 押题解读 近年来，“大单元教学”的身影，经常出现在各地教、学、评环节公开课上，同时全国中考体现“大单元教学”理念的试题也逐渐增加，倡导教师在教学过程中创设真实的情境，聚焦知识概念内核开展大单元教学，引导学生在学习过程中重视知识的结构化，形成结构化思维，促进高阶思维的发展。 考前秘笈 2022年4月发布的《义务教育物理课程标准（2022年版）》中提到：“教师应领会物理学科逻辑，既要明确各部分内容在物理学科体系中的地位、价值和彼此间的联系，又要了解相关知识内容的发展脉络，防止教学碎片化、孤立化，努力让学生的学习内容结构化、系统化。”而新课程理念下的大单元教学旨在促进教学内容的结构化，构建教学的整体意识，以实现“整体大于部分之和”，在提升教学效益、落实课程核心素养的同时，达成培养学生发展核心素养的目的。 1．“兰陵美酒郁金香，玉碗盛来琥珀光。”琥珀是松柏科植物的树脂滴落，形成松香，松香没有确定的熔点，属于　 　 （选填“晶体”或“非晶体”）；松香会散发出淡淡的香味，这是　 　 现象；松香掩埋在地下千万年石化形成琥珀，如图所示是一颗极为珍贵的昆虫琥珀，我们看到琥珀里的昆虫，是由于光发生　 　 而产生的虚像。 【答案】非晶体；扩散；折射。 【解析】松香没有确定的熔点，属于非晶体； 会散发出淡淡的香味，属于扩散现象，是因为香味分子在永不停息地做无规则运动； 昆虫反射出的光线经琥珀折射后进入人的眼睛，所以我们看到的昆虫属于光的折射而产生的虚像。 2．网传新能源车的电池组能量密度（能量与质量的比值）没有汽油高，汽油的能量密度约为4.6×107J/kg。已知某新能源车电池组的电容量为100kW•h（1kW•h＝3.6×106J）、质量约90kg，其“能量密度”约 　 　 J/kg，此网传 　 　 （选填“可信”或“不可信”），“能量密度”相当于物理学中的 　 　 （选填“效率”“功率”或“热值”）。 【答案】4×106；可信；热值。 【解析】因为1kW•h＝3.6×106J，所以100kW•h＝100×3.6×106J＝3.6×108J， 能源车的电池组的“能量密度”为； 已知汽油的能量密度约为4.6×107J/kg， 比较可知，能源车的电池组能量密度小于汽油的能量密度，所以此网传可信。 由题意知，电池组能量密度（能量与质量的比值），其单位为J/kg，而热值的单位也是J/kg，所以，“能量密度”相当燃料的热值。 3．如图，被称为“空中的士”的电动垂直起降航空器在进行演示飞行。航空器垂直升起的过程中，相对于地面是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的。该航空器通过接收来自导航卫星的 　 　 波信号进行导航。已知该航空器最大巡航速度可达200km/h，若某段飞行过程中，航空器保持最大巡航速度沿水平方向直线飞行30min，则这段过程中航空器飞行的路程为 　 　 m。 【答案】运动；电磁；1×105。 【解析】航空器垂直升起的过程中，相对于地面的位置改变，是运动的。 电磁波可以传递信息，该航空器通过接收来自导航卫星的电磁波信号进行导航。 这段过程中航空器飞行的路程为。 4．2024年10月30日，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭加速上升过程中，机械能 　 　 （选填“增大”、“不变”或“减少”）；目前运载火箭一般使用液态氢（热值为1.4×108J/kg）作为燃料，是因为液态氢具有较大的 　 　 （选填“热值”或“比热容”）；若某火箭发射时携带了6×104kg液态氢燃料，氢燃料完全燃烧产生热量的80%被水吸收，在1标准大气压下，能将 　 　 千克初温为20℃的水加热至沸腾。。 【答案】增大；热值；2×107 【解析】（1）火箭加速上升过程中，质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度增大，重力势能增大；动能、势能统称为机械能，则机械能增大； （2）目前运载火箭一般使用液态氢作为燃料，是因为液态氢具有较大的热值，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量； （3）液态氢完全燃烧放出的热量： Q放＝m氢q氢＝6×104kg×1.4×108J/kg＝8.4×1012J 由题知，水吸收的热量： Q吸＝80%Q放＝80%×8.4×1012J＝6.72×1012J 1个标准大气压下，水的沸点是100℃，即水的末温为100℃， 由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量： m水2×107kg。 5．《天工开物》是我国古代的科学著作，其中这样写道：“凡河滨有制筒车者，堰陂障流绕于车下，激轮使转，挽水入筒，——顷于枧内，流入亩中，昼夜不息，百亩无忧。”该段文字描述了筒车这样一种以水流作动力，用来取水的机械，如图所示。 （1）从能量转化的角度，筒车的工作原理可以理解为将 　 　 能转化为 　 　 能； （2）若接水槽离取水处高5m，水轮上有12个取水筒，一个取水筒每次可取水4kg，筒车转一圈对进入接水槽的水所做的功为 　 　 J（接水槽离倒水处的高度忽略不计）。 【答案】（1）动；重力势；（2）2400。 【解析】（1）水流具有一定的质量和速度，具有一定的动能，水流通过做功使水的高度增大，重力势能增大，是动能转化为重力势能； （2）该筒车旋转一周提升的水的质量为：m＝12×4kg＝48kg； 对水所做的功为：W＝Gh＝mgh＝48kg×10N/kg×5m＝2400J。 6．一种可调磁力的双面磁性擦窗器，如图所示，它是由装有磁铁的内擦和外擦组成。将内擦和外擦对齐分别吸附在窗玻璃内外两侧，移动内擦，外擦跟着一起移动，即可同时擦除玻璃内外两侧的污渍。当外擦静止在竖直的玻璃外侧时，外擦受到的摩擦力与受到的 　 　 力是一对平衡力，此时通过调节旋钮增大磁力，外擦受到的摩擦力 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。已知内擦与外擦重力均为G，内擦与外擦之间的吸引力为F，用手推动内擦匀速竖直向下移动距离s，内擦和外擦与玻璃间的摩擦力均为f，则推力做的功为 　 　 （用所给物理量的符号表示）。 【答案】重；不变；2（f﹣G）s。 【解析】当外擦静止在竖直的玻璃外侧时，外擦受到的摩擦力与受到的重力是一对平衡力，大小相等，当通过调节旋钮增大磁力时，外擦受到的重力不变，因此受到的摩擦力不变。在用手推动内擦匀速竖直向下移动时，外擦跟着一起移动，说明内擦对外擦施加了向下的作用力（两者没有直接接触，是通过磁场实现的，即该作用力为磁场力），因力的作用是相互的，所以外擦会对内擦施加向上的磁场力，虽然内擦匀速运动时受力平衡，但不知道向上磁场力的大小，则根据平衡力的知识无法求出向下推力的大小； 为此，我们可以将内擦和外擦看做一个整体，则其内部的磁场力不考虑，所以整体受到竖直向下的总重力2G、竖直向下的推力F推、竖直向上的摩擦力2f（内擦和外擦受到摩擦力的大小相同、方向也相同），根据整体受力平衡可得：2G+F推＝2f， 故此时的推力F推＝2（f﹣G），则推力做的功为：W＝F推s＝2（f﹣G）s。 押题猜想14 电磁学 1．如图所示，放在磁场中的导体棒ab、cd用导线串联，闭合开关。当用力使导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，发现用绝缘细线悬挂着的导体棒cd也随之摆动，此时图中乙部分导体棒cd与磁体的组合相当于 　 　 （选填“电动机”或“发电机”）；图中甲部分应用的物理原理是 　 　 ，与甲部分工作原理相同的是 　 　 （选填“电铃”“动圈式话筒”或“扬声器”）。 【答案】电动机；电磁感应；动圈式话筒。 【解析】当导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，甲部分产生感应电流，电流通过导体棒cd，导体棒cd在磁场中受到力的作用而摆动。电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，所以图中乙部分导体棒cd与磁体的组合相当于电动机。 图中甲部分，导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，应用的物理原理是电磁感应现象。电铃是利用电流的磁效应工作的，电流的磁效应是指电流周围存在磁场。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的，当人对着话筒说话时，声音使膜片振动，膜片带动线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流。扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，与乙部分原理相同。所以与甲部分工作原理相同的是动圈式话筒。 2．如图甲所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡恰好正常发光。在图乙中绘制出电流表与两电压表示数关系的图象，则电源电压为 　 V，滑动变阻器的最大阻值为 　 　 Ω，小灯泡正常发光时的电阻为　 　 Ω。 【答案】6；10；12.5。 【解析】闭合开关S，该电路为R和L的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压； （1）当滑动变阻器的滑片在最右端时，连入电路的阻值最大，电路的总电阻最大，由I可知，电路中的电流最小， 由图乙可知最小电流为I小＝0.3A，此时两压表的示数均为3V， 由串联电路的电压特点可知电源电压为U＝U1+U2＝3V+3V＝6V； 滑动变阻器的最大阻值为：R10Ω； （2）当滑动变阻器的滑片从最右端向左滑动到a点时，连入电路的阻值变小，电路总电阻变小， 由I可知，电路中的电流变大，由图乙可知此时电流为I＝0.4A，此时灯正常发光， 由串联电路分压规律可知，滑动变阻器连入电路的阻值变小，其两端的电压也变小，则此时滑动变阻器两端的电压为UR＝1V， 由串联电路的电压特点可知此时L两端的电压为：UL＝U﹣UR＝6V﹣1V＝5V， 则小灯泡正常发光时的电阻为：RL12.5Ω。 押题解读 本题考查了学生对欧姆定律的应用和对串联分压规律的掌握，能从图像中读取有用的信息是解题的关键。 考前秘笈湖北2024省考，中考填空题在电与磁部分包括电学与电磁学考查的特点包括：注重基础概念，如电磁铁的影响因素，能量转换的辨析，如太阳能直接转化为电能，而非化学能。实际应用结合，如电磁继电器、电动机、发电机的工作原理，可能通过实际情景题考查。物理现象的解释，比如电磁感应现象的条件，可能让学生填写结论或现象。另外，提到的电磁铁磁性强弱的影响因素有三个关键点，这可能是一个填空题的考点，要求学生填写电流大小、线圈匝数、是否插入铁芯。而太阳能转化为电能则是容易出错的地方，可能让学生填写能量转换类型，避免错误答案如化学能。 总结下来，湖北中考物理电与磁填空题的特点可能包括基础知识点直接考查、实际应用情景、易混淆概念的辨析，以及结合实验现象的分析。 1．如图甲是一款名为“铁钉桥”的科技展品，两边的“桥墩”是电磁铁。断电状态下，“桥墩”　 　 （选填“有”或“没有”）磁性；按下“通电”按钮，逐一将多个铁钉在两个“桥墩”间首尾相连，相邻铁钉间相互 　 　 （选填“吸引”或“排斥”）连成“桥面”。图乙为某一侧“桥墩”的电磁铁结构示意图，当通以图示方向的电流时，其右端为 　 　 极。 【答案】没有；吸引；N 【解析】电磁铁通电时有磁性断电时没有磁性，即断电状态下，“桥墩”没有”磁性； 按下“通电”按钮后，电磁铁通电产生磁性，吸引铁钉并使铁钉也具有磁性。由于磁力同极相斥、异极相吸的特性，相邻的铁钉会相互吸引，从而在两个“桥墩”间首尾相连形成“桥面”。由图可知，电流由左后方流入，右前方流出，由安培定则可知，其右端为N极。 2．如图所示，弹簧下端挂一条形磁铁，磁铁下端为N极，条形磁铁的正下方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，电磁铁的上端为 　 　 极，弹簧长度会 　 　 （选填“增大”“减小”“不变”）；若想要让弹簧的长度缩短，应将滑动变阻器的滑片往 　 　 （“左”或“右”）滑。 【答案】N；减小；左。 【解析】闭合开关后，电流从下端流入，根据安培定则，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所示的方向为N极，即电磁铁的上端为N极，由于磁铁下端为N极，根据同名磁极相互排斥，弹簧受到拉力变小，弹簧长度会减小。 因为磁铁与电磁铁相互排斥，若想要让弹簧的长度缩短，则电磁铁磁性应增强，电路中电流应变大，滑动变阻器接入阻值变小，故应将滑动变阻器的滑片往左滑。 3．如图，在公路交叉路口有一组交通指示灯，通过红、黄、绿三种信号指挥来往交通。三种交通指示灯的连接方式为 　 　 （填“串联”或“并联”）。每盏灯都标有“220V 100W”的字样，则这样组交通指示灯正常工作24h，消耗的电能是 　 。 【答案】并联；2.4kW•h。 【解析】红、黄、绿三种交通信号灯之间工作时互不影响，可以单独工作，所以三种交通指示灯是并联的； 交通指示灯正常工作24h，消耗的电能：W＝Pt＝100×10﹣3kW×24h＝2.4kW•h。 4．光伏发电简易原理如图，电池板上具有大量的不稳定电子，当太阳光照射到电池板上，这些电子获得能量会定向移动形成电流。光伏发电的主要能量转化是 　 　 能转化为 　 　 能。电池板中有两层纯硅掺杂形成的材料，其中电极1相当于电源的负极，在电源内部负电荷移动的方向如图，则电流的方向是从电源的 　 　 （选填“正极流向负极”或“负极流向正极”）。 【答案】太阳；电；负极流向正极。 【解析】光伏发电的主要能量转化是太阳能转化为电能。电池板中有两层纯硅掺杂形成的材料，其中电极1相当于电源的负极，在电源内部负电荷移动的方向如图，则电流的方向是从电源的负极流向正极。 5．某同学设计了一个身高、体重测量仪，电路如图乙所示。改装后的电压表、电流表的刻度分别显示身高和体重的大小，压敏电阻R的阻值随压力增大而减小，R1为定值电阻，滑片P随身高增高而上滑。体检者体重越大，电流表的示数越　 　 ；改装后　 　 （选填“电压表”“电流表”或“两者”）的刻度是均匀的。若要增大该测量仪的测身高量程，你的方法是　 　 （请写出一种改进方法）。 【答案】大；电压表；增加滑动变阻器的长度。 【解析】图中R与R1串联后再与R0并联，电流表测压敏电阻所在支路的电流，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，由压敏电阻的阻值随压力增大而减小可知，R的阻值越小，由可知，通过R的电流变大，即电流表的示数变大； 因电压表相当于断路，所以，人的身高变化即滑片移动时，R0接入电路中的电阻不变，通过R0的电流不变，根据U＝IR可知，电压表的示数与电压表并联部分的电阻的大小成正比，所以将电压表改装成的身高测量仪的刻度是均匀的。 由于滑片P随身高增高而上滑，要增大测身高量程，即要增大电压表的示数范围，可以增加滑动变阻器的长度，使滑片 P 移动范围更大。 6．如图﹣1的是陕西特色面食——锅盔，一般采用炭火或者烤炉制作，此时是通过 　 　 的方式改变面坯的内能。如图﹣2所示的是利用电饼铛制作的锅盔，使用电饼铛制作需要注意“火候”，通过调节不同挡位从而可以控制烤制时的温度，电饼铛的工作原理是电流的 　 　 ；如图﹣3所示的是电饼铛的简易电路图，R1、R2均为加热电阻，在放入面坯之前先用高温挡预热，则按下“高温挡”按钮时，内部电路的开关情况是 　 。 【答案】热传递；热效应；闭合开关S1、断开S2。 【解析】用炭火或者烤炉制作，面坯吸收热量，内能增加，此时是通过热传递的方式改变面坯的内能； 电饼铛是利用电流的热效应的原理来工作的，此过程中电能转化为内能； 由电路图知闭合开关S1、S2时，电阻R2被短路，只有电阻R1工作，总电阻较小，由P知总功率较大，为高温挡； 闭合开关S1、断开S2时，两电阻串联，总电阻较大，由P知总功率较小，为低温挡。 7．如图甲的电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2示数变化关系图像如图乙图线①、②所示，则电源电压为 　 V；若R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全，需再串联一个阻值为 　 　 Ω的电阻。 【答案】4.5；3。 【解析】如图所示，两电阻串联，V2测R2两端电压，V1测L两端电压，当电路中电流越大时，表明R2接入的电阻变小，根据串联电路分压的规律，L两端电压变大，R2两端电压变小，故图线①为V1、②为V2， 根据图像知，当电流为0.1A时，V1、V2示数分别为0.5V、3.5V，结合欧姆定律知，电源电压为 U＝0.5V+0.1A×R1+3.5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 当电流为0.25A时，V1、V2示数分别为0.75V、2.5V，则电源电压为 U＝0.75V+0.25A×R1+2.5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 联立①②可得U＝4.5V，R1＝5Ω； 如图所示，灯泡的额定电压为2.5V，电流为0.25A，灯泡电阻为 ； 当R2的最小阻值为0时，灯泡正常工作，电流要求仍为0.25A时，此时电路中总电阻为 ； 灯泡能正常发光且安全，需再串联一个阻值为 R＝R总﹣R1﹣RL＝18Ω﹣5Ω﹣10Ω＝3Ω。 题型三 作图题 押题猜想15 光学 1．如图有一束光经平面镜反射后照射到凹透镜上，请画出入射光线和折射光线。 【答案】 【解析】过反射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角； 平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。如图所示： 押题解读 本题考查根据反射定律作图以及凹透镜对特殊光线作用的作图，注意作图要规范。 考前秘笈 反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，据此作出入射光线； （2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。 1．将硬币放在碗底，然后后退至恰好看不到硬币的位置停下，向碗中缓缓注水。如图所示，刚好再次看到硬币右端A点，请在图中画出人眼E点刚好看到硬币A点位置的光路图。 【答案】 【解析】当水面上升到一定高度时，刚好再次看到硬币右端A点，折射光线远离法线向下偏折，人凭光直线传播的感觉，其实人看到的是硬币的虚像 2．清澈的水底有一块漂亮的雨花石，为让游客能注意它，用激光笔将它照亮。小明往他看到的石子下方照射，并作出激光的光路图。 【解析】采用小李的做法； 假设看到的小石子在点A′处，即小石子的像，交水面于点O，折射角小于入射角画出折射光线的位置，确定小石子的位置A处，如图所示： 即真实的小石子在看到的小石子的下方，所以小李的方法能照亮小石子。 3．我国“飞天”舱外航天服有一个特别的设计：胸前一些设备按钮上的文字标识是反的（如图甲）。这是因为航天员通过头盔面窗观察胸前的设备时有视野盲区，这时航天员可以通过手套上的反光镜（如图乙），航天员看到的字就是正的。如图丙，某次操作时，请作出航天员通过反光镜观察按钮B的光路图（保留必要作图痕迹）。 【答案】 【解析】作按钮B关于镜面的对称点B′，连接像点B′与眼睛A点与镜面相交于一点O，连接BO，则BO是入射光线，如下图所示： 4．如图所示，请根据平面镜成像的特点，作出眼睛通过水洼看到水中月亮上M点的反射光路。（用M'点代表月亮上M点的像） 【答案】 【解析】过路面作点M的对称点M′，即为月亮在水中的像，交水面于一点O；再画出入射光线和反射光线，见下图： 5．如图所示，根据凸透镜成像规律，请画出烛焰S点发出的与主光轴平行的光线经过凸透镜折射后的光线，借助辅助线或光路，确定发光点S的像点S'位置。（保留作图痕迹） 【答案】 【解析】图示中，S点在一倍焦距内，蜡烛通过凸透镜所成的是虚像，是折射光线的反向延长线会聚而成的，所以将过光心及过焦点的折射光线分别反向延长，延长线会聚的点即为像点S'，作图如下： 押题猜想16 力学 如图是一物体以一定速度冲上斜面时的情景，请画出物体受到的力。 【答案】 【解析】物体以一定的速度冲上斜面时，受平行于斜面向下的摩擦力，受到竖直向下的重力和垂直于斜面向上的支持力，作用点都在重心，如图所示： 押题解读 力学示意图是中考中常见的题型，主要考查物理模型建立的能力，忽略次要因素，抓住主要因素，把复杂的物理现象、规律进行简化处理的能力。 考前秘笈 1．力的示意图：用一条带箭头的线段来表示力。箭头的方向表示力的方向，线段的起点或终点表示力的作用点。 2．画力的示意图的一般步骤 （1）确定受力物体； （2）在受力物体上画出力的作用点； （3）确定力的方向后沿力的方向画一条线段； （4）在线段的末端标箭头，在箭头旁标出所画力的符号、数值大小和单位。 1．如图为艺术体操运动员进行圈操表演的情景，其手持的健身圈为质量分布均匀的圆环，O为其圆心。请在图中画出健身圈所受重力的示意图。 【答案】 【解析】重力的方向是竖直向下的，从圆环重心O画一条带箭头的竖直向下的有向线段，如图所示： 2．如图甲所示为洛阳新区体育中心安装的太阳能路灯。白天利用太阳能发电为蓄电池充电，晚上蓄电池为灯杆上的LED灯供电照明。请在乙图中以O点为作用点，画出LED灯的受力示意图。 【答案】 【解析】LED灯静止在空中，LED灯受到竖直向上的支持力F，支持力和重力是一对平衡力，二力的作用点都画在LED灯的重心，在箭头附近标上F、G 3．为了训练引体向上需要的臂力，小明在家时借助吊环进行锻炼，如图所示，O1为身体的重心，请画出小明受到的重力及其力臂l的示意图。 【答案】 【解析】已知O1点为人体的重心，从重心O1开始竖直向下画一条带箭头的线段，并标出重力的符号G；从支点O向重力的作用线作垂线段，即为重力的力臂l。 4．如图所示为用羊角锤拔钉子的情境。请在图中画出动力F1的力臂l1。 【答案】 【解析】因为支点是杠杆转动时围绕的固定点，所以当向左用力时； 反向延长力F1的作用线，由支点O向F1的作用线作垂线8的力臂l1，如图所示： 5．用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，工人师傅可以选择站在地面上或站在楼顶上拉绳子。请在图中画出最省力的绳子绕法。 【答案】 【解析】由题意知，工人师傅可以选择站在地面上或站在楼顶上拉绳子，所以绳子应从动滑轮绕起、动滑轮； 押题猜想17 电磁学 1．某小区的门禁系统利用电动机实现开关门。业主可利用人脸识别（相当于开关 S1）或门禁卡（相当于开关 S2）自动开门进入小区；请在图乙中用笔画线代替导线将电路连接完整。 【答案】 【解析】业主可利用人脸识别（相当于开关 S1）或门禁卡（相当于开关 S2）自动开门进入小区，说明只需任意闭合其中一个开关就能实现电动机开门，由此可知两个开关并联再与电动机串联，为了用电安全，开关接火线，电动机接零线，如图所示： 2．根据图中通电螺线管的N极，标出小磁针的N极、磁感线方向和电源的正、负极。 【答案】 【解析】螺线管左侧是N极，由右手螺旋定则可知，电流从螺线管右侧流入，则电源右侧是正极；磁体周围的磁感线从N极出发回到S极；由异名磁极相互吸引可知，小磁针左侧为N极，如图所示 押题解读 电磁学作图题目一般考查的有家庭电路的连接方式，电路图或实物图的连接（一般在实验题或综合题中综合考查）和磁现象，这类题目注重实际应用能力和物理建模能力的考查。 考前秘笈 家庭电路的连接方式：插座连接是“左零右火上接地”，开关接在火线上。 利用右手螺旋定则判断通电螺线管周围的磁场方向和电流的方向，这个主要考查学生实际操作的能力。 1．小明用漆包线铜丝和铁芯支撑如图所示电磁铁，闭合开关S后，右边小磁针发生旋转，请标出图中磁感线的方向和电源右端的极性。 【答案】 【解析】由图可知，小磁针的N极静止时指向右端，根据异名磁极相互吸引可知螺线管的右端是N极； 磁体外部的磁感线方向由N极指向S极； 根据安培定则，可判断电源的右端是正极 2．磁悬浮陀螺在航天、航空、电子和机械制造等领域有广阔的应用前景。图甲是磁悬浮陀螺仪，它由电磁底座和陀螺两部分组成，其悬浮原理如图乙所示。请在“括号”内标出陀螺的磁极 【答案】 【解析】由图可知，电源的上端为正极，则电流从上方后面流入电磁铁。陀螺悬浮，条形磁体下端为N极，回到S极，如下图所示： 3．很多学校都安装了如图甲所示的门禁系统，通过刷脸识别（开关S1）可开启闸口，通过手动按钮（开关S2）也可开启闸口，闸口由电动机控制，请将图乙的电路图补充完整。 【答案】 【解析】根据题意可知，人脸识别成功（S1闭合）或刷卡成功（S2闭合）均能打开门闸（由电动机M控制），这说明S4、S2两个开关互不影响，是并联的，作图如下： 4．如图所示，电位器只控制螺口灯泡，且可调节灯泡亮度，要求在电路安全的前提下，插座正常工作，灯泡变亮，请用笔画线代替导线将电路连接完整。 【答案】 【解析】三孔插座的上孔接地线，左孔接零线； 开关控制灯泡时，火线先接入开关，零线直接接在灯泡的螺旋套上； 顺时针旋转旋钮时灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，故应接bc接线柱 5．图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时 【答案】 【解析】由图知，上边的电线能使测电笔的氖管发光为火线，中间的为零线； 由题知，三孔插座和USB接口可以独立工作，而三孔插座和USB接口由总开关控制，由此按家庭电路连接的要求补画电路如图所示： 6．图甲是日常生活中常用的一个插线板。当插线板上的开关断开时，指示灯（与限流电阻串联）不发光；当插线板上的开关闭合时，指示灯发光；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。请你根据上述现象和安全用电的要求，并把接线板与电源线接通。 【解析】由题知，开关断开时指示灯不发光；开关闭合时指示灯发光；这说明开关同时控制指示灯和插座，且开关应与火线连接，使用更安全； 如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电； 三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，如图所示： 题型四 实验题 押题猜想18 光、热实验 1．用如图所示的水透镜模拟眼的晶状体，通过注射器改变水透镜的凸度大小。烛台、光屏和水透镜固定在光具座上，位置如图所示。实验步骤如下： （1）将蜡烛插到烛台上并点燃，粗略调节水透镜凸度，发现只能在光屏下边缘看到一个残缺的像。为使像移到屏的中央 （2）仔细调节水透镜的凸度，当光屏上的像最清晰时，根据光具座的坐标可以推测出水透镜的焦距大小范围是　 　 。 （3）经实验发现，将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，这一过程相当于近处视物，晶状体在睫状体的作用下要变　 　 （选填“厚”或“薄”），长此以往晶状体不能恢复，造成视物不清　 　 （选填“凸”或“凹”）透镜来矫正视力。 【答案】（1）烛焰要相对于凸透镜向下移动；（2）10cm＜f＜20cm；（3）厚；凹。 【解析】（1）蜡烛、凸透镜，三者在同一条直线上，像才能呈在光屏的中心，说明烛焰的位置太靠上。 （2）当光屏上的像最清晰时，物距大于像距，此时物距为50cm＝u＞2f，10cm＜f＜20cm； （3）将蜡烛稍稍靠近水透镜，为在光屏上重新得到清晰的像，相对于晶状体在睫状体的作用下要变厚，造成视物不清，需要配戴凹透镜来矫正视力。 押题解读 此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 考前秘笈 探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心； 根据凸透镜成像时物距和焦距，像距和焦距的关系求出凸透镜的焦距取值范围； 凹透镜可以矫正近视眼。 2．茶圣陆羽在《茶经》中形容沸腾的水“势若奔涛”。小明利用如图1所示的装置，探究水在沸腾前后温度变化的特点，获得了下表所示的实验数据。 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/℃ 90 92 94 96 98 100 100 100 （1）第6min时，水中气泡的情形应为图2中的 　 　 （选填“A”或“B”）。 （2）通过分析表格中的数据，可知水沸腾时持续吸热，温度 　 　 。 （3）小明接着进行以下实验，探究沸点与气压的关系。 ①如图3甲所示，小明用酒精灯加热烧瓶中的水至沸腾，当移去酒精灯后，这是由于 　 　 ； ②待水温降低一些后，将大注射器接到烧瓶口上，向外拉注射器活塞，小明看到水会重新沸腾了。这个实验表明：气压减小，沸点 　 　 （选填“升高”“降低”或“不变”）； ③某制药厂在制药时，为了从药液中提取抗菌素粉剂，采用加热的方法使水沸腾除去水分，下列方法可行的是 　 　 （选填序号）。 A.用微火加热使其沸腾 B.缩短加热时间 C.降低容器内的气压，使药液的沸点低于90℃ D.增大容器内的气压，使药液的沸点高于90℃ 【答案】（1）A；（2）保持不变；（3）①水还可以从石棉网上吸收热量；②降低；③C。 【解析】（1）第6min时，水在沸腾，因为液体沸腾时。 （2）通过分析表格中的数据，可知水沸腾时持续吸热。 （3）①如图3甲所示，小明用酒精灯加热烧瓶中的水至沸腾，发现水仍然沸腾一段时间； ②待水温降低一些后，将大注射器接到烧瓶口上，如图6乙所示。这个实验表明：气压减小； ③某制药厂在制药时，为了从药液中提取抗菌素粉剂，但要求药液的温度一定不能超过90℃，使药液的沸点低于90℃。 押题解读 此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，以及沸点与气压的关系，难度不大。 考前秘笈 探究水沸腾时温度变化的特点【知识点的认识】 （1） 探究目的：观察水沸腾时的现象和水沸腾时的温度情况； （2） 实验器材：铁架台、酒精灯、火柴、石棉网、烧杯、中间有孔的纸板、温度计、水、秒表； （3） 实验步骤①用烧杯装适量热水，按实验装置图组装各器材；②点燃酒精灯对烧杯加热，水温达90℃后，每隔1min记一次温度值，直到水沸腾5min为止；③据记录的温度值，作水的沸腾图象； （4）实验结论①水沸腾时发生剧烈汽化现象；②水沸腾时温度不变；③水沸腾时需要吸热。 1．如图所示是“探究光的反射定律”的实验装置。 实验次数 1 2 3 4 沿NO入射 入射角 30° 40° 60° 80° 反射角 30° 40° 60° 80° （1）如图甲所示，应放置纸板使其与水平桌面上的平面镜 　 　 。 （2）在图甲中，使一束光贴着纸板A沿EO射向平面镜上O点，多次改变光束入射角度　 　 。根据所得结论，可判断出最后一次实验，当光束沿NO入射时　 　 度。 （3）在图甲实验中，让光沿FO的方向射向平面镜，会看到反射光沿着OE方向射出。这表明：在反射现象中，　 　 。 （4）在图乙实验中，将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折，则上面的操作探究的问题是：　 　 。 【答案】（1）垂直；（2）在光的反射中，反射角等于入射角；0；（3）光路是可逆的；（4）反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。 【解析】（1）如果纸板没有与平面镜垂直放置，由于法线与镜面垂直、入射光线，因此，不能在纸板上看到反射光，要保持与镜面垂直； （2）根据表格中的数据可知，在光的反射中； 当光线沿NO入射时，反射光线沿原路返回、反射光线，则入射角为0°； （3）如果让光线逆着OF的方向射向镜面，会看到反射光线沿着OE方向射出，光路是可逆的； （4）将纸板B的上半部分向后折，如图乙所示，上半部分无反射光线、入射光线和法线在同一平面内。 2．利用如图所示器材探究平面镜成像特点。 （1）把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，再拿一支外形相同 　 　 （选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖立着在玻璃板后移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。换用不同长度的蜡烛，重复几次上述实验，说明平面镜所成的像和物体大小 　 。这种研究方法是物理学中常用的 　 　 （选填“控制变量法”“转换法”或“等效替代法”）。 （2）实验中，为了验证玻璃板所成的像是否为虚像，移去蜡烛B，在蜡烛A的这一侧透过玻璃板观察，这种做法是 　 　 （选填“正确”或“错误”）的。 （3）实验时，右边的同学看不见蜡烛A在玻璃板中的像，可以将玻璃板向 　 　 （选填“右”或“左”）平行移动。 【答案】（1）未点燃；相等；等效替代法；（2）错误；（3）右。 【解析】（1）把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，再拿一支外形相同未点燃的蜡烛B竖立着在玻璃板后移动。换用不同长度的蜡烛，均出现这种情况。这种研究方法是物理学中常用的等效替代法。 （2）平面镜成像的原理是光的反射，是虚像，所以移去蜡烛B，则白纸不能承接到烛焰的像，直接观察白纸时白纸上不能出现蜡烛A的烛焰的像； （3）实验时，右边的同学看不见蜡烛A在玻璃板中的像，此时反射光线向右移动，右边的同学就能够看见蜡烛A在玻璃板中的像。 3．如图﹣1，是小明做“探究凸透镜成像的规律”的实验装置： （1）实验时，调节烛焰中心、凸透镜光心和光屏中心在同一高度； （2）固定凸透镜的位置，将蜡烛放在距离凸透镜较远处，此时应移动 　 直至出现最清晰的像，记录物距、像距、像的性质； （3）改变物距，重复上述操作，多次实验 凸透镜的焦距：f＝5.0cm 实验次数 物距/cm 像距/cm 像的性质 正立或倒立 放大或缩小 虚像或实像 1 18.0 6.9 倒立 缩小 实像 2 10.0 10.0 倒立 等大 实像 3 7.0 17.7 倒立 放大 实像 4 4.0 / 正立 放大 虚像 分析数据可知：当物距大于凸透镜焦距时，物距减小，像距 　 　 ；（选填“增大”、“减小”或“不变”） （4）当光屏上出现清晰的像时，小明不小心用手指尖遮挡住了凸透镜的一部分，这时光屏上 　 　 （选填“仍能”或“不能”）成烛焰完整的像； （5）如图﹣2，当无人机在高空拍摄地面场景时，所成的像最靠近图﹣3中凸透镜主光轴上的 　 　 （选填“a”、“b”、“c”或“d”）点； （6）生活中常用的放大镜应用了表中第 　 　 次实验的成像规律。 【答案】（2）光屏；（3）增大；（4）仍能；（5）b；（6）4。 【解析】（2）固定凸透镜的位置，则凸透镜的位置不变，蜡烛的位置保持不变，直至光屏上出现最清晰的像。 （3）由实验次数1、2、5可知，物距减小。 （4）当光屏上出现清晰的像时，用手指尖遮挡住了凸透镜的一部分，光线变少，但仍能成烛焰完整的像。 （5）当无人机在高空拍摄地面场景时，物距远大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，只有b，由凸透镜成实像时物远像近像变小可知，像距越小。 （6）由凸透镜成像规律可知，生活中常用的放大镜应用了物距小于一倍焦距时、放大的虚像，应用了第4次实验的成像规律。 4．为了“探究固体熔化时温度的变化规律”，小明同学采用如图甲所示的实验装置，试管中装有适量的冰。 （1）图乙是某一时刻温度计示数，读数为 　 ℃。 （2）图丙是根据实验记录绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像。由图像可知：　 　 段（选填“AB”，“BC”，“CD”或“DE”）是冰的熔化过程，CD段的物质处于 　 　 （选填“固态”、“固液共存态”或“液态”）； （3）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，在标准大气压下将得到图像中的DE段 　 　 沸腾（选填“会”或“不会”）。 （4）小华同学将图甲中试管换成碘锤做“碘的升华”实验时，如图丙所示（碘的熔点为113.7℃，碘的沸点为：184.4℃，酒精灯火焰的温度可以达到500℃）。碘发生的物态变化是 　 　 ，该实验采用水浴法加热的主要目的是 　 　 （选填“受热均匀”或者“控制温度”）。 【答案】（1）﹣6；（2）BC；液态；（3）不会；（4）升华；控制温度。 【解析】（1）图乙中，温度计的分度值为1℃。其读数为﹣6℃； （2）冰是晶体，由图像可知BC段表示冰处在熔化过程；而CD段已经熔化完毕； （3）水沸腾需要达到沸点且继续吸收热量。烧杯中的水沸腾后温度不变，但是因为试管内外没有温差，所以不能沸腾； （4）因为酒精灯的火焰温度远远高于碘的熔点和沸点，所以用酒精灯直接加热碘时会出现升华现象，使碘在温度低于熔点时，所以水浴法加热的主要目的是控制温度。 5．小明利用如图甲所示的实验装置探究“水的沸腾”实验。 （1）安装好实验器材后，为缩短实验时间，小明在烧杯中倒入热水，此时温度计的示数为　 　 ℃。 （2）在水温升高到90℃后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，如此持续8min后停止读数； ①分析表中数据可知当时的大气压　 　 （选填“高于”“低于”或“等于”）一标准大气压； ②用质量为m1的水做实验，绘制出水的温度随时间变化的图象如图丙中的a；若用质量为m2（m2＞m1）的水做实验，得到的图线可能是图丙中的　 　 （选填“b”“c”或“d”）； 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 温度/℃ 90 92 94 96 97 98 99 99 99 （3）根据实验数据，得出水沸腾时的温度特点　 　 ； （4）另一个同学对实验装置进行了适当改变，如图丁所示，试管甲管口朝上，内均有适量水，放在大烧杯的水中固定，待大烧杯内的水沸腾后，会发现试管中的水　 　 。（选填“都能沸腾”“都不能沸腾”“只有甲沸腾”或“只有乙沸腾”） 【答案】（1）68；（2）①低于；②c；（3）吸热，温度不变；（4）都不能沸腾。 【解析】（1）零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，每一个大格代表10℃，故示数是68℃； （2）①由表中的数据可知，水的沸点为99℃，因此可知当时的大气压低于一标准大气压； ②水的沸点与质量无关，增加水的质量，只会延长加热到沸腾的时间； （3）根据实验数据，得出水沸腾时的温度特点吸热； （4）甲试管中水从烧杯的水中吸热，温度升高一直达到沸点，甲试管中的水就无法吸热；虽然乙试管中水温同样可达到沸点，试管内气压大于标准大气压，所以乙试管中水的沸点高于烧杯内水的沸点，不能沸腾，会发现试管中的水都不能沸腾。 6．如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中： （1）在两个相同的烧杯中加入　 　 相同、初温相同的水和煤油（ρ水＞ρ煤油）。并且选用规格相同电加热器，通过　 　 来显示水和煤油吸收热量的多少。 （2）水和煤油温度随时间变化的图像如图乙所示。 ①根据图甲、图乙可判断出a物质是　 　 。 ②根据图乙可知：质量相等的a和b两种液体，在升高相同温度时，　 　 液体吸收的热量较多，b物质吸热能力较　 　 。 【答案】（1）质量；加热时间；（2）①水；②a；弱。 【解析】（1）探究“不同物质吸热能力”实验中，需要控制水和煤油的质量相同，使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量；（2）①因为水和煤油的质重相同，由，水的密度大，所以图甲中a物质是水； ②根根据图乙可知：质量相等的a和b两种液体，在升高相同温度时，a物质吸收热量更多，b物质吸热能力更弱。 押题猜想19 力学实验 1．某同学测量物质的密度。 （一）测量小石块的密度 （1）如图（a），天平放在水平台上，指针静止时指在分度盘的中线处　 　 （填“规范”或“不规范”）； （2）天平平衡后，将小石块放在天平左盘，当天平重新平衡时（b）所示，则小石块的质量为 　 　 g； （3）利用图（c）所示方法测出小石块的体积； （4）根据测量数据求得小石块的密度ρ＝ 　 　 g/cm3； （5）若小石块吸水，会使测得的密度偏 　 　 ； （二）测量豆浆的密度 该同学用厨房电子秤、透明玻璃杯、水（密度为ρ水）、记号笔、豆浆，进行如下操作： （6）将玻璃杯放在电子秤上，按下“去皮”键，电子秤示数归零（电子秤将玻璃杯的质量从显示中去除）； （7）向玻璃杯中缓慢加水，测出水的质量m1，在水面处用记号笔做好标记； （8）将玻璃杯中的水倒出，擦干玻璃杯后放在电子秤上，向玻璃杯中缓慢加入豆浆至标记处2； （9）用m1、m2和ρ水，表示豆浆的密度ρ＝ 　 　 。 【答案】（一）（1）不规范；（2）27；（4）2.7×103；（5）大；（二）（9）ρ水。 【解析】（一）（1）用天平测量物体质量时，先把天平放在水平台上，如果指针静止时指在分度盘中央，如果指针静止时偏向左端，直至天平平衡，平衡螺母向左调，图甲所示，指针静止时指在分度盘中央，所以此操作过程不规范； （2）物体质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值：m＝20g+5g+2g＝27g； （4）根据图c可知小石块的体积：V＝30mL﹣20mL＝10mL＝10cm4， 小石块的密度：ρ石＝＝＝2.2g/cm3＝2.4×103kg/m3； （5）小石块放在水中时要吸水，小石块吸水后体积不变，则测得的小石块密度会偏大； （二）（9）根据ρ＝可知水＝＝， 由题意知，杯中水和豆浆的体积相等豆浆＝V水＝， 豆浆的密度：ρ＝＝＝ρ水。 押题解读 本题考查密度测量的实验，考查了天平和量筒的使用、密度公式的应用等，题目有一定难度。 考前秘笈 测量液体密度的一般过程 2．测液体密度的误差分析 （1）液体倒入量筒中时少量附在量筒内壁，体积测量值偏小，密度偏大。 （2）先测容器的质量，再测容器和液体的总质量，由于容器壁有残留倒不干净，体积测量值偏小，密度偏大。 1．小明非常喜欢学校食堂里的红烧土豆排骨这道菜，于是回家买了些土豆，想自己学做这道美味。他想利用所学知识测量土豆的密度。 （1）把天平放到水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，调节 　 使横梁平衡。 （2）将土豆放在天平左盘，向右盘增减砝码并调节游码，当天平平衡时，土豆的质量为 　 　 g。 （3）由于土豆较大，无法放入量筒，于是小明将它缓缓放入一个盛满水的溢水杯中，测得浸出水的质量为140g。已知水的密度为1.0g/cm3，则土豆的密度为 　 　 g/cm3。在测量溢出水的质量时，不小心有水溅出。测得土豆的密度与真实值相比 　 　 （选填“偏大”或“偏小”）。 （4）小明又用家里的电子秤、杯子和水测出了土豆的密度。步骤如下： ①把土豆放在水平放置的电子秤上，电子秤示数为m1； ②取下土豆，将装有适量水的杯子放在电子秤上，电子秤示数为m2； ③将用细线系好的土豆缓缓浸没在水中，水未溢出且土豆不触碰杯底。电子秤示数为m3； ④求出土豆的密度ρ＝ 　 　 。（用m1、m2、m3、ρ水表示） 【答案】（1）平衡螺母；（2）154；（3）1.1；偏大；（4）ρ水。 【解析】（1）把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的0刻度线处。 （2）由图可知，天平标尺上的分度值为0.8g； （3）由密度公式ρ＝求出溢出水的体积： V水＝＝＝140cm3； 则土豆的体积为：V＝V水＝140cm3； 土豆的密度：ρ′＝＝＝1.1g/cm3； 在测量溢出水的质量时，不小心有水溅出，从而导致土豆的体积减小可知； （4）由分析知，引起电子秤示数变化的原因是土豆浸没到水中时受到浮力， 故两次电子秤的示数之差Δm＝，即（m3﹣m2）g＝F浮＝ρ水gV排， 则V排＝，则土豆密度的表达式为ρ＝＝＝＝ρ水。 2．小新为了解玛瑙石的密度，将两块不同大小的玛瑙石带到实验室，准备用天平、量筒、烧杯和水等器材进行如下操作： （1）小新用正确的方法测量小玛瑙石的质量时，所用的砝码及游码的位置如图甲所示，其质量为　 　 g； （2）将小玛瑙石放入装有40mL水的量筒中，液面位置如图乙所示，计算出小玛瑙石的密度是　 　 kg/m3； （3）小新想用同样方法测出大玛瑙石的密度，当他用天平测出大玛瑙石的质量m后，发现大玛瑙石不能直接放入量筒 ①将大玛瑙石浸没在装有水的烧杯中，标记水面位置后取出玛瑙石； ②在量筒中装入适量水，记下水的体积为V1，用量筒往烧杯中加水至　 　 处； ③记下量筒中剩余水的体积为V2； ④大玛瑙石的密度表达式为：ρ＝　 　 （用测量的物理量符号表示）； ⑤此方法测出大玛瑙石的密度可能比实际密度　 　 （选填“偏大”或“偏小”）。 【答案】（1）58； （2）2.9×103； （3）②标记；④；⑤偏小 【解析】（1）由图可知，横梁标尺的分度值是0.2g m＝50g+8g+3g＝58g； （2）将小玛瑙石放入装有40mL水的量筒中后，液面位置如图乙所示，量筒中水和小玛瑙石的体积为V2＝60mL；小玛瑙石的体积为：V＝V8﹣V1＝60mL﹣40mL＝20mL＝20cm3； 小玛瑙石的密度为ρ＝＝＝2.9g/cm4＝2.9×105kg/m3； （3）用天平测出大玛瑙石的质量m后， ①将大玛瑙石浸没在装有水的烧杯中，标记水面位置后取出玛瑙石； ②在量筒中装入适量水，记下水的体积为V1，用量筒往烧杯中加水至标记处； ③记下量筒中剩余水的体积为V4；大玛瑙石的体积等于加入水的体积，即V1﹣V2； 大玛瑙石的密度：ρ玛瑙＝； 取出玛瑙石带出了部分水，因而添加的水的体积比玛瑙石的体积大知，测量密度偏小。 3．某物理小组在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中用到了弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。 （1）三次实验中都要求用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿水平长木板滑动，从而测出 　 和 　 　 之间的滑动摩擦力。 （2）比较图中 　 　 两次实验，可验证滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关； （3）小明在实验中发现弹簧测力计拉动木块运动时很难保证木块稳定地做匀速直线运动，导致弹簧测力计的示数不稳定，小明将图乙实验的过程中木块的运动状态和弹簧测力计的示数记录在表格中，记录时不慎遗漏了一次数据，这次弹簧测力计的示数可能为 　 　 。 A.0.5 B.0.8 C.1.0 D.1.4 实验次数 1 2 3 4 5 木块运动状态 静止 开始运动 加速 匀速 减速 弹簧测力计示数F/N 0.5 0.9 1.2 0.5 【答案】（1）木块；长木板；（2）甲、乙；（3）B 【解析】（1）用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿水平长木板滑动，从而测出木块与长木板之间的滑动摩擦力； （2）甲、乙两图实验比，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，所以，通过甲、乙两图，可以研究滑动摩擦力的大小跟接触面所受压力大小有关； （3）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，此时弹簧测力计示数会小于开始运动和加速时的示数，减速时摩擦力的方向与拉力方向相反，因此弹簧测力计示数会小于减速时的示数，由表可知木块受到滑动摩擦力大小可能为0.8N，故选：B； 4．小明用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。 （1）若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，应通过方法 　 　 （填字母序号）进行调节； A.向U形管内加适量的水 B.从U形管内倒出适量的水 C.拆除软管重新安装 （2）调整好了以后，比较图乙、图丙两次实验得出结论：同种液体，　 越大液体内部的压强越大； （3）比较 　 　 两图可以得到：液体内部压强还与液体密度有关； （4）在丁图中探头在盐水中的深度为5cm，发现探头在水中6cm时U形管左右两侧水面的高度差与丁图中相同，则盐水密度为 ； （5）实验后，他自制了如图戊所示的装置继续探究。他向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，则容器底部受到液体压强关系是p左　 　 p右（选填“＞”、“＝”或“＜”）。 【答案】（1）C；（2）深度；（3）丙、丁；（4）1.2×103kg/m3；（5）＞。 【解析】（1）若在使用压强计前发现U形管中有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故C符合题意，AB不符合题意。故选：C。 （2）比较乙、丙两次实验可以发现：液体都是水，丙中橡皮膜所处的深度更深，左右两管液面的高度差越大，说明同种液体，深度越深，液体内部压强越大。 （3）在丙、丁图中，控制了深度不变，液体密度不同，液体密度变大，液体压强变大，则可以观察到U形管两边液面的高度差将变大，可以得到液体内部压强与液体密度有关。 （4）由题意可知，探头在盐水中深度为5cm处受到的压强等于在水中深度为6cm处受到的压强，根据p＝ρgh可得ρ盐水gh盐水＝ρ水gh水，盐水的密度为 （5）由图戊可知，她向隔板左侧倒水，再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜变平，如图戊所示，橡皮膜不发生凸起，此时橡皮膜两侧受到的压强相等，即ρ水gh水′＝ρ液gh液 因h液＞h′水，所以ρ液＜ρ水，因为橡皮膜两侧受到的压强相等，且橡皮膜中心到容器底的深度相同，则水产生的压强大，故p左＞p右。 5．小风探究“浮力的大小跟哪些因素有关”时，进行了如图甲的实验操作。 （1）在D图中画出物体所受浮力的示意图（标明力的大小）。 （2）图甲中，为探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关，应比较 　 　 三次实验；利用弹簧测力计测量的数据可以推算出，物体的密度为 　 　 kg/m3。 （3）小风想用图乙所示的实验器材验证阿基米德原理，以下情况会对得出实验结论产生影响的是 　 　 （填字母序号）。 A.实验前小桶内有少量的水 B.溢水杯中的水没有加至与溢水口相平 C.物体没有全部浸没在水中 D.溢水杯中溢出的水洒了一些在桌上 【答案】（1）见解析；（2）A、C、D；4×103；（3）BD。 【解析】（1）由A、D可知浮＝G﹣F＝4N﹣3N＝7N；浮力的方向竖直向上 ； （2）为探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关，应控制液体密度和物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，实验序号为A、C；由此可得出结论：其他条件一定时，小与物体浸没的深度没有关系； 由A可知，物体重力为G＝4N＝ρ物gV物﹣﹣﹣①；由A，F浮＝G﹣F＝1N＝ρ水gV排﹣﹣﹣②；因为浸没物＝V排，由可得：，ρ物＝4ρ水＝4×103/m8； （3）A、如果实验前小桶内有少量的水，就不会影响实验结论； B、如果实验前溢水杯中的水面略低于出水口，也就是说容器中溢出的水的重力一定小于物体排开水的重力； C、如果物体没有全部浸没在水中，由称重法可知； D、溢水杯中溢出的水洒了一些在桌上，影响实验结论。 故选：BD。 6．小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验。 （1）实验前，小明将杠杆置于支架上静止如图甲所示，此时应向 　 　 移动平衡螺母至杠杆水平； （2）如图乙所示，A位置挂2个钩码，为使杠杆再次平衡　 　 个同样的钩码； （3）如图丙所示，为改变力的方向，小红在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将 　 　 （“变大”“变小”或“不变”）； （4）小明和小红交流： ①如图丁，用木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，在B点挂粗绳作为提纽，则 　 　 点相当于支点；移动细线的位置，直到杆秤水平平衡，则该位置对应刻度值为 　 　 g。 ②在秤盘中逐一添加50g的砝码，移动细线的位置，当杆秤水平平衡时，再测出细线距离B点的长度（如表），根据表中数据　 　 cm处。 托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200 距离B点的长度/cm 6 11 16 21 ③为了增大杆秤的最大测量值，你的方法是：　 　 （写一种即可）。 【答案】（1）左；（2）4；（3）变大；（4）①B；0；②26；③增加秤砣的质量。 【解析】（1）杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移； （2）假设一个钩码重G，杠杆一格为L，解得n＝4； （3）由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，而杠杆在水平位置始终保持平衡，根据杠杆平衡条件可知； （4）①图甲中，秤杆相当于一个杠杆，即B点相当于支点； 秤盘中未放物体时，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，则该位置对应的质量刻度值为0g； ②由杠杆平衡条件：F3×L1＝F2×L2可得：m物g×L物＝m砣g×L砣，即：L砣＝，在L物和m砣一定时，秤砣移动的距离与物体的质量成正比，物体质量每增加50g，故250g的刻度值应标记在距离B点26cm处； ③为了增大杆秤的量程，由L砣＝可知，减小杆秤的分度值，增大秤砣的移动范围，增大秤砣的移动范围等。 押题猜想20 电磁学实验 1．小明用图甲所示的实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V，三个定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω和15Ω，两个滑动变阻器规格分别为“10Ω 1A”和“20Ω 1A”。 （1）如图甲中，电路连接不完整，请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 　 　 （选填“左”或“右”）端； （3）正确连接电路后，小明依次使用三个定值电阻进行实验。每次更换定值电阻后，移动滑动变阻器的滑片，记录相应电流表示数，绘制出I﹣R图像如图乙所示　 　 V； （4）小明找来一个未知阻值的电阻，重复上述实验，电流表表盘如图丙所示　 　 A，该电阻的阻值为 　 Ω； （5）根据以上实验数据，实验中小明选择的滑动变阻器规格应为 　 　 ； （6）刘军同学想测量一个未知电阻Rx的阻值，但发现电流表已经损坏。小红同学帮她找来一个定值电阻R0并设计了一个实验方案，如图丁所示： ①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1； ②再断开S1，记下电压表示数U2，则Rx＝ 　 　 （表达式用U1、U2、R0表示）。 【答案】（1）见解答图；（2）右；（3）2.4；（4）0.12；20； （5）20Ω 1A； （6）。 【解析】（1）实验时，电流表、滑动变阻器串联接在电路中，电流表的量程选用0～0.3A，因此将开关的右接线柱与电流表“0.6”接线柱连接，实物图如下图所示： （2）为了保护电路，闭合开关前，即最右端，电阻两端的电压保持不变，当电阻的阻值为10Ω时，则电阻两端的电压为U＝IR＝5.24A×10Ω＝2.4V。（4）由丙图可知，分度值为2.02A，该电阻的阻值 （5）当定值电阻接入电路的阻值最大为24欧时，据串联电路的分压特点知。整个过程中变＝U总﹣U＝4.5V﹣5.4V＝2.4V， 据串联电路的分压特点有20Ω：R大＝2.4V：2.1V， 解得，变阻器接入电路的最大阻值R大＝17.5Ω，所以小明选择的滑动变阻器规格应为20Ω 。 （6）图丁中，闭合开关S和S3，则电路中只有R0工作，电压表测电源电压为U1。再断开S6，两个电阻串联在电路中，电压表测R0两端的电压为U2。则Rx两端的电压Ux＝U8﹣U2 电路中的电流，Rx的阻值。 押题解读 本题探究电流和电阻的关系，考查电路连接、数据分析、操作过程及欧姆定律的运用。 考前秘笈 1、该实验采用的研究方法是：控制变量法。即：保持电阻不变，改变电压研究电流随电压的变化关系； 2、电路在连接过程中，开关要 断开 ， 3、实验结论：在电阻一定的情况下，导体中的电流与导体两端的电压成正比； 4、电路连接注意事项：开关断开，滑动变阻器滑片移至阻值最大处。 5、在移动滑片时，发现电压表和电流表的示数始终没有任何变化， 其原因是： 在连接滑动变阻器时没有按照一上一下的原则连接 。 6、检查电路时发现电压表、电流表位置互换了，电流表几乎无示数，电压表接近电源电压。 7、电表异常偏转原因：①指针反向偏转，原因是正负接线柱接反；②正向偏转幅度过小，原因是量程选择过大；③正向偏转幅度过大超过最大刻度，原因是量程选择过小。 8、滑动变阻器的作用：①保护电路；②改变电阻两端电压。 9、调节滑动变阻器不能使电压达到指定示数的原因是：滑动变阻器的最大阻值过小。 10、换不同规格的电阻多次测量的目的是：得出普遍规律，避免实验的偶然性。 11、此实验不能用灯泡代替电阻进行探究的原因：灯丝的电阻随温度的升高而增大。 12、若使用灯泡代替电阻，那么在画出的I-U图像中，其图像是一条 曲 线。 13、考虑到电压表的电阻对电路的影响，每次电流表的示数比测量时通过待测电阻的实际电流_偏大_（选填“偏大”或“偏小”）。 1．小明在学习了电磁感应的知识后，重新做了“怎样产生感应电流”的实验。 （1）如图甲所示，闭合开关后，下列实验操作能使灵敏电流计指针发生偏转的是 　 　 （多选）； A.磁体不动，导体棒水平向右运动 B.磁体不动，导体棒向斜上方运动 C.磁体不动，导体棒沿前后方向运动 D.导体棒不动，磁体竖直向下运动 （2）小明对感应电流进一步探索，如图乙所示，把两个发光二极管极性相反地并联起来，转动摇把，发现两个二极管交替发光　 　 ； （3）小明在实验中有了新的思考：如果把图甲灵敏电流计换成 　 　 ，就能继续探究磁场对通电导体的作用。 【答案】（1）AB；（2）电流方向不断改变；（3）电源 【解析】（1）A.磁体不动，导体棒水平向右运动，会产生感应电流，故A正确； B.磁体不动，导体棒向斜上方运动，会产生感应电流，故B正确； C.导体棒不动，导体棒沿前后方向运动，不会产生感应电流，故C错误； D.导体棒不动，磁体竖直向下运动，不会产生感应电流，故D错误； 故选：AB； （2）发电机发出的是交流电，电流方向不断改变，轮流有电流通过； （3）如果将灵敏电流计换成电源，电路有电流，可以探究通电导体在磁场中受力情况。 2．在“探究导体中电流跟电阻的关系”的实验中，实验器材有：电源（6V）、电流表、电压表、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω、30Ω各一个） （1）如图甲所示，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （2）开关闭合后，发现电压表无示数，电流表有示数　 　 （选填“断路”或“短路”）； （3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P　 　 V不变，记下电流表的示数；若定值电阻从10Ω换成20Ω时　 　 （选填“左”或“右”）移动。 （4）画出如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：电压一定时，电流与电阻成 　 　 。 【答案】（1）A；（2）短路；（3）2；左；（4）反比。 【解析】（1）在闭合开关前，为了保护电路。观察图甲中的滑动变阻器，因此滑片在A端时。所以，应将滑动变阻器的滑片移到A端。 （2）开关闭合后，电流表有示数，发现电压表无示数，因此电路故障可能是定值电阻R短路。 （3）由图乙可知，当电阻R为10Ω时，根据欧姆定律。 当定值电阻从10Ω换成20Ω时，由分压原理可知，滑动变阻器与定值电阻是串联的。因此、其两端的电压保持不变时（仍为2V）。为了增大滑动变阻器两端的电压，需要增大滑动变阻器接入电路的阻值，滑片应向左移动。 （4）如图乙所示，电流与电阻的乘积是一个定值，导体两端的电压一定时。 3．用“伏安法”测量已坏收音机里一个电阻的阻值，请完成下列实验探究。 （1）用笔画线代替导线将图甲的实物电路图连接完整。 （2）闭合开关前，滑动变阻器应滑到 　 　 （选填“A”或“B”）端。 （3）用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，记录每次对应电流值和电压值，多次测量的目的是 　 　 （选填字母代号）。 A．寻找普遍规律； B．求平均值减小误差。 （4）某一次测量时，电流表的指针如图乙所示，其示数为 　 　 A，电压表的指针如图丙所示，其示数为 　 　 V，根据上述数据计算出Rx的阻值为 　 Ω。 （5）要测量额定电压为U0的小灯泡正常工作时的电阻，设计了图丁四种方案，电源电压不变，R为已知电阻，在不改变电路连接的情况下可行的是 　 　 （选填字母代号）。 【答案】（1）； （2）A；（3）B； （4）0.26；2.6；10；（5）D。 【解析】（1）滑动变阻器要选一上一下接线柱接入电路，如图所示： （2）闭合开关前，为了防止电流过大而损坏电路，滑动变阻器应处于最大阻值处，即滑到A端； （3）本实验的目的是为了测量定值电阻的阻值，多次测量的目的是为了求平均值减小误差，故选B； （4）电流表的指针如图乙所示，电流表连接的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.26A，电压表的指针如图丙所示，电压表连接的量程为0～3V，分度值为0.1V，其示数为2.6V， 根据欧姆定律可得Rx的阻值为：Rx10Ω； （5）AB．两种方案中都存在电流表与灯泡或定值电阻并联，会导致其短路，故AB不符合题意； C．此方案电压表存在正负接线柱接反的情况，无法正常测量电压，故C不符合题意； D．此方案可先将开关置于2，移动滑动变阻器，使小灯泡正常发光，再将开关置于1，测出此时灯泡与R的总电压U，则R两端电压为：UR＝U﹣U0， 此时灯泡正常发光时的电流为：IL＝IR， 故灯泡正常发光时的电阻为：RL，故D符合题意。故选：D。 4．小明利用图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压恒为6V，实验提供的定值电阻R的阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器规格为“30Ω （1）用笔画线代替导线将图甲所示电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大。 （2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至 　 　 端（选填“左”或“右”）。 （3）当定值电阻R为5Ω时，移动滑片至适当位置，记录两电表示数。其中电压表指针所指位置如图乙所示　 　 V。 （4）将R换为10Ω时，在记录数据前，小明应先调节滑动变阻器　 　 ，实验中可更换定值电阻的最大值是 　 　 Ω。 （5）小明重新调整电压的设定数值，进行了5次实验，根据实验数据画出电流与电阻关系的图像如图丙。根据图丙可得出“在电压一定时　 　 （选填“正比”或“反比”）的实验结论。 【答案】（1）；（2）左； （3）2；（4）电压表示数为2V；15；（5）反比。 【解析】（1）滑动变阻器和电阻串联接入电路，滑动变阻器应选择一上一下两个接线柱接入电路，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的电阻应变小 ； （2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处； （3）接入5Ω的定值电阻，根据图乙读出电压表示数为2V； （4）探究电流与电阻的关系时要使定值电阻两端的电压不变，故更换电阻后应先调节滑动变阻器；滑动变阻器的规格为“30Ω 6A”，串联电路总电压等于各部分电压之和H＝U﹣UR＝6V﹣2V＝7V，由串联分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时， 此时通过电路的电流为：I′＝＝＝A， 串联电路各处电流相等，则实验中可更换定值电阻的最大值为：R′＝＝； （5）分析图像可知，在电压一定时。 5．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：电压恒为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡（灯丝电阻约为10Ω），导线若干，三种规格的滑动变阻器R1（10Ω，0.5A）、R2（50Ω，0.5A）、R3（200Ω，0.2A）可供选择。 （1）请用笔画线表示导线将电路连接完整。要求：变阻器的滑片P向B端移动时，灯泡变暗； （2）刚接好最后一根导线，灯泡立即发光，他存在一个不当的实验操作：　 　 ； （3）通过估算，滑动变阻器应选择　 （选填“R1”“R2”或“R3”）； （4）排除故障后，闭合开关S，移动滑片P到某一位置时　 　 V。根据图丙图像信息，随着电流增大，小灯泡的电阻　变大　 （选填“变大”“变小”或“不变”），小灯泡的额定功率是　 　 W； （5）当小灯泡两端电压为2V时，小灯泡的实际功率可能是　 　 W（选填“0.36”、“0.45”或“0.64”）。 【答案】（1）见解答图；（2）连接电路时，开关没有断开；（3）R2；（4）2.2；变大；0.5；（5）0.36。 【解析】（1）变阻器的滑片P向B端移动时，灯泡变暗，滑动变阻器阻值变大，如下图： （2）刚接好最后一根导线，灯泡立即发光，说明在连接电路时； （3）灯泡正常发光时的电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω， 电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压为U滑＝U﹣U额＝8V﹣2.5V＝4.5V，则灯正常发光时， 因R3允许通过的最大电流是2.2A，故滑动变阻器应选选R2； （4）由图乙可知，电压表所选量程5～3V，则读数为2.4V； 由图丙可知，当灯泡两端电压增大，根据P＝UI可知，温度升高； 由图丙可知，灯在额定电压下的电流为0.2A P额＝U额I额＝5.5V×0.7A＝0.5W； （5）由图像丙可知，当灯泡两端的电压为6V时； 当通过灯泡的电流为0.15A时，灯泡的电功率P＝UI′＝2V×7.15A＝0.3W； 当通过灯泡的电流为7.2A时，灯泡的电功率P′＝UI''＝2V×5.2A＝0.4W； 故小灯泡的实际功率可能是0.36W。 题型五 计算题 押题猜想21 电热综合计算 1．图甲为某品牌饮水机，其铭牌如表所示，图乙为其内部简化电路图1、R2均为电热丝，当热水箱中水温降至70℃时通过自动开关S2切换到加热挡，当温度达到100℃时自动切换到保温挡，饮水机始终在额定电压下工作水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）电热丝R1的阻值； （2）热水箱中的水由70℃加热到100℃所吸收的热量； （3）饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量。 水桶容量：20L 热水箱水量：1kg 额定电压：220V 加热功率P2：1100W 保温功率P1：100W 【解析】（1）由图乙可知，当开关S2接a时，R2和R6串联，电路的总电阻最大可知，饮水机处于保温状态2接b时，电路为R3的简单电路，电路的电阻最小可知，饮水机处于加热状态。 饮水机处于保温挡时，电路的总电阻：R总＝＝484Ω， 饮水机处于加热状态时，R2的阻值：R5＝＝44Ω， 所以电热丝R1的阻值：R1＝R总﹣R3＝484Ω﹣44Ω＝440Ω； （2）热水箱中水量为1kg，水温由70℃升至100℃ Q＝cmΔt＝4.3×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣70℃）＝2.26×105J； （3）饮水机处于保温挡时，电路中的电流：I＝， 根据热量Q＝I4Rt可得，饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R1产生的热量： Q＝I2R3t＝（）2×440Ω×22s＝2000J。 答：（1）电热丝R2的阻值为440Ω； （2）热水箱中的水由70℃加热到100℃所吸收的热量为1.26×105J； （3）饮水机处于保温挡工作22s时间内电热丝R6产生的热量为2000J。 押题解读 本题考查了学生对电功率的公式的掌握和运用以及焦耳定律的应用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型。预计会出现涉及电场、磁场、电路等多个知识点的综合题目，要求学生能够灵活运用欧姆定律、法拉第电磁感应定律等基本原理解决实际问题。 考前秘笈 公式 变形式 （常考） 物理量 主单位 其他常用单位 U=IR 电压（V） V（伏） mV（毫伏） 电阻（R） Ω（欧） kΩ（千欧） 电流（I） A（安） mA（毫安） W=UIt —— 电压（V） V（伏） mV（毫伏） 电流（I） A（安） mA（毫安） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 电功（W） J（焦） 电能表上常用的单位为kW·h W=Pt P=UI P=I2R 电功（W） J（焦） 电能表上常用的单位为kW·h 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 电功率（P） W（瓦） kW（千瓦） Q=I2Rt 电流（I） A（安） mA（毫安） 电阻（R） Ω（欧） kΩ（千欧） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 热量（Q） J（焦） kJ（千焦） 1．如图甲是某款便携式电热饭盒，电热饭盒工作时可在高温、低温两挡进行调节，高温挡电功率为200W，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值为758Ω．求： （1）R1的阻值是多少？ （2）1kg初温30℃的饭菜用高温挡加热5min后，不计热量损失，饭菜的温度是多少？[饭菜的比热容取3×103J/（kg•℃）] （3）如果实际电压是200V，低温挡工作时的实际功率是多少？ 【解析】（1）开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电热饭盒处于高温挡， 由P＝UI＝可得， R1的阻值：R1＝＝＝242Ω， （2）高温挡加热5min消耗的电能： W＝P高t＝200W×4×60s＝6×104J， 不计热量损失，则饭菜吸收的热量： Q吸＝W＝7×104J， 由Q吸＝cmΔt可得，1kg饭菜升高的温度： Δt＝＝＝20℃； 则饭菜的温度t＝t6+Δt＝30℃+20℃＝50℃； （3）如果实际电压是200V，低温挡工作时的实际功率： P低实＝＝＝40W。 答：（1）R1的阻值是242Ω； （2）饭菜的温度是50℃； （3）如果实际电压是200V，低温挡工作时的实际功率是40W。 2．图甲是广水市东大街为移动摊位提供的新型计费插座，图丙是某摊位使用的电饭锅内部的简化电路，R1和R2是发热电阻，其中R2＝40Ω。开关S1、S2的通断可实现加热和保温两个挡位的调节，铭牌显示该电饭锅额定电压为220V，加热挡的额定功率为1210W。 （1）将锅内2kg的水从20℃加热到70℃，水吸收的热量。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] （2）电饭锅在保温挡工作时，通过R1的电流是多少？ （3）若全部数据一键清零后，电路中只接入电饭锅在加热挡工作，使用一段时间后插座表盘如图乙所示，计算该电饭锅工作过程消耗的实际功率。[已知商业用电电价约为0.8元/（kW•h）] 【解析】（1）水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×108J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J； （2）当S1、S7都闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小可知，为加热状态，通过R8的阻值：R1＝＝＝40Ω， 当S1闭合、S2断开时两电阻串联，电路中电阻较大可知，为保温状态可知， 通过R1的电流：I1＝＝＝2.75A； （3）已知商业用电电价约为4.8元/（kW•h），由所交电费0.32元可得＝5.4kW•h， 已知显示时间t＝20min＝h，则该电饭锅工作过程消耗的实际功率：P实＝＝＝1.6kW。 答：（1）水吸收的热量为4.2×104J； （2）电饭锅在保温挡工作时，通过R1的电流是2.75A； （3）该电饭锅工作过程消耗的实际功率6.2kW。 3．图甲为一款家用电火锅的简化电路图，其中R1、R2为定值电阻，R1＝44Ω。旋钮开关可实现高、中、低三个挡位的切换。当开关处于图甲所示位置时，电火锅为中温挡，电路中的电流为5A。求： （1）当用中温挡加热120s时，电火锅产生的热量； （2）在用电高峰期，若只让电火锅处于中温挡状态工作125s，电能表（如图乙所示），则电火锅此时的实际电压； （3）电火锅正常工作时高温挡和低温挡的额定电功率之比为P高：P低＝4：1，请计算低温挡的额定电功率。 【解析】（1）当用中温挡加热120s时，电火锅产生的热量：Q＝W＝UIt＝220V×5A×120s＝1.32×107J； （2）由图乙可知，电路中每消耗1kW•h电能， 则电能表的指示灯闪烁99次，电火锅消耗的电能：W＝＝， 由图甲可知，电火锅为中温挡时1工作，由W＝，电火锅的实际电压：U实＝＝＝198V； （3）由图甲可知，当开关处于1时，R4、R2串联，根据串联电路的特点可知，由P＝，电路的总功率最小；根据串联电路的特点和P＝可知低＝， 当开关处于3时，R1、R3并联，根据并联电路的特点可知，总功率最大； 根据并联电路的特点和P＝可知高＝， 由题意，电火锅正常工作时高温挡和低温挡的电功率之比：P高：P低＝：＝（R5+R2）2：R5R2＝4：3，解得：R2＝R1＝44Ω； 则电火锅低温挡的电功率：P低＝＝＝550W。 答：（1）当用中温挡加热120s时，电火锅产生的热量为1.32×105J； （2）电火锅此时的实际电压为198V； （3）低温挡的额定电功率为550W。 4．图甲是一款多功能电煮锅，图乙为该电煮锅简化电路图，其中开关S2可以断开、接A或接B，R1和R2都是用于加热的纯电阻，电煮锅的部分参数如下表所示。（R1和R2的电阻值不随温度变化而变化） 项目 额定电压（V） 低温挡功率（W） 中温挡功率（W） 高温挡功率 参数 220 550 1100 P高 （1）电煮锅处于中温挡正常工作时，求电路中的电流大小？ （2）高温挡的功率P高是多少？ （3）为了在户外露营时能使用电煮锅来烫火锅，可以采用能够存储2.2kW•h的移动电源对其进行供电，使用充满电的移动电源使电煮锅在中温挡正常工作15min把水烧开后，还可以正常工作多长时间？ 【解析】由P＝可知当开关S1断开，S8接A时，此时电路为串联电路，总阻值最大，为低温挡1闭合，S2接A时，此时R2被短路，电路中只有R1一个电阻，此时为中温挡1闭合，S5接B时，此时电路为并联电路，此时电路总电阻最小，为高温挡。 （1）由P＝UI可得，电煮锅处于中温挡工作时中＝＝＝5A； （2）由题可得R1的阻值：R7＝＝＝44Ω， 当开关S1断开，S2接A时，此时电路为串联电路，总阻值最大，为低温挡； 此时电路的总电阻：R总＝＝＝88Ω， 根据串联电路电阻规律可知：R6＝R总﹣R1＝88Ω﹣44Ω＝44Ω， 由R2＝R8＝44Ω可知，高温挡的功率：P高＝P1+P2＝1100W+1100W＝2200W； （3）电煮锅在中温挡工作15min消耗的电能：W2＝P高t＝1100W×15×60s＝0.99×106J， 剩余的电能：W6＝W﹣W1＝2.8×3.6×105J﹣0.99×106J＝2.93×106J， 由W＝Pt可得，在低温挡工作的时间：t＝＝。 答：（1）电煮锅处于中温挡工作时电路中的电流为5A； （2）高温挡的功率为2200W； （3）这个充满电的户外电源能够使电煮锅在中温挡工作15min把水烧开后，还能继续在低温挡工作12600s。 5．体重超标已影响了部分中学生的身心健康，为了动态监测学生的体重情况，班级科技创新小组设计了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电流表量程为0~0.6A，踏板重力不计。 （1）随着压力的增大，压敏电阻的阻值______（选填“变大”“变小”或“不变”）； （2）求：闭合开关S，当体重计空载时，电路中的电流为0.12A，电源电压为多少； （3）求：当体重计示数为600N时，消耗的电功率为多少； （4）求：此体重计所能测量的最大体重为多少。 【答案】（1）变小；（2）6V；（3）0.45W；（4）1200N 【解析】（1）由图乙可知，图像呈现下降趋势，所以随着压力的增大，压敏电阻的阻值变小。 （2）由图甲可知，闭合开关S，定值电阻R0与压敏电阻R串联，由图乙可知当体重计空载时，R=45，I=0.12A，则电源电压为 （3）由题图乙可知，当体重计示数为600N时，压敏电阻的阻值R'=15Ω，此时电路中电流为 定值电阻R0消耗的功率为 （4）已知电流表量程为0~0.6A，当电路中的电流最大为Imax=0.6A时，体重计测量最大体重，此时压敏电阻的阻值为 由题图乙可知，所能测量的最大体重为1200N。 答：（1）随着压力的增大，压敏电阻的阻值变小； （2）闭合开关S，当体重计空载时，电路中的电流为0.12A，电源电压为6V； （3）当体重计示数为600N时，R0消耗的电功率为0.45W； （4）此体重计所能测量的最大体重为1200N。 押题猜想22 力学综合计算 1．2025年2月21日，由中航工业自主研制的电动型载人飞艇“祥云”AS700D在湖北荆门成功完成科研首飞，如图。“祥云”AS700D采用先进的锂电池电驱动系统取代传统的航空发动机和燃料系统 最大起飞质量 4t 最大飞行高度 3000m 最大飞行速度 80km/h 最大航程 700km 最多搭乘人数 10 （1）若飞艇从地面竖直起飞到最大飞行高度，用时25min，该过程中飞艇的平均速度多大？ （2）飞艇以最大起飞质量悬停在空中时，所受的浮力多大？ （3）飞艇在某高度飞行时，携带的气压计测得该高度的大气压相当于600mm高水银柱产生的压强，该高度的大气压强多大？水银的密度取13.6×103kg/m3。 （4）若飞艇在水平方向上沿直线匀速飞行时，推进器提供的水平推力为1.8×103N，飞艇推进系统的推进效率为70%，按设计最大航程计算 【解析】（1）飞艇的平均速度： v＝＝＝2m/s； （2）飞艇以最大起飞质量悬停在空中时，所受到的浮力： F浮＝G＝mg＝4×107kg×10N/kg＝4×104N； （3）h＝600mm＝7.6m， 水银柱产生的压强为： p水银＝ρ水银gh＝13.6×105kg/m3×10N/kg×0.2m＝8.16×104Pa； 该高度的大气压强： p＝p水银＝2.16×104Pa； （4）按最大航程计算，飞艇推进器做的功为： W＝Fs＝1.4×103N×700×103m＝8.26×109J； 锂电池至少需要储存的电能： W电＝＝＝2.8×109J。 答：（1）飞艇的平均速度为5m/s； （2）飞艇以最大起飞质量悬停在空中时，所受到的浮力为4×104N； （3）该高度的大气压强为8.16×104Pa； （4）锂电池至少需要储存的电能为1.7×109J。 押题解读 力学的综合计算常考的有：速度公式、密度公式、压强公式、浮力公式、功的公式、功率公式、机械效率公式等公式的综合应用。 考前秘笈 公式 变形式 （常考） 物理量 主单位 其他常用单位 s=vt 路程（s） m（米） km（千米）、cm（厘米）、mm（毫米） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分） 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） m=ρV 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 体积（V） m3（立方米） cm3（立方厘米） 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） G=mg 质量（m） kg（千克） g（克）、mg（毫克） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） —— 重力（G） N（牛） —— F=pS 力（F） N（牛） —— 受力面积（S） m2（平方米） cm2（平方厘米） 压强（p） Pa（帕） —— p=ρgh 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） —— 物体浸入水中的深度（h） m（米） cm（厘米） 压强（p） Pa（帕） —— 公式 变形式（常考） 物理量 主单位 其他常用单位 F浮=G排=ρ液gV排 密度（ρ） kg/m3（千克每立 方米） g/cm3（克每立方厘米） 排开液体的体积（ V排） m3（立方米） cm3（立方厘米） 重力与质量的比值（g） N/kg（牛每千克） —— 浮力（F浮） N（牛） —— P=Fv W=Pt 力（F） N（牛） —— 距离（s） m（米） cm（厘米） 功（W） J（焦） —— 速度（v） m/s（米每秒） km/h（千米每小时） 功率（P） W（瓦） kW（千瓦） 时间（t） s（秒） h（小时）、min（分钟） 杠杆平衡条件 F1l1=F2l2 —— 动力（F1） N（牛） —— 阻力（F2） N（牛） —— 力臂（l） m（米） cm（厘米） W有=gh W总=Fs 重力（G） N（牛） —— 上升高度（h） m（米） cm（厘米） 有用功（W有） J（焦） —— 拉力（F） N（牛） —— 距离（s） m（米） cm（厘米） 总功（W总） J（焦） —— 机械效率（η） —— —— 1．福船的出现为我国乃至世界航海史写下了璀璨的一页。南京静海寺《郑和残碑》记载：“永乐三年，将领宫军乘架二千料海船并八橹船……。”经学术界考证，二千料海船就是福船。福船满载时，航行时的平均速度为30km/h。（海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg） （1）在海上运行2h，福船可以航行多少千米？ （2）船体某处离水面3m，该处受到海水的压强是多少？ （3）福船满载时受到的浮力是多少？ 【解析】（1）航行时的平均速度为30km/h，根据v＝知 2h s＝vt＝30km/h×2h＝60km； （2）船体某处离水面4m，该处受到海水的压强： p＝ρgh＝1.0×108 kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa； （3）福船所受重力 G＝mg＝1.3×106kg×10N/kg＝1.5×107N； 漂浮时，浮力等于重力浮＝G＝1.2×107N。 答：（1）在海上运行2h，福船可以航行60km； （2）船体某处离水面7m，该处受到海水的压强是3×104Pa； （3）福船满载时受到的浮力是4.2×107N。 2．使用无人机进行常态化安全巡查，如图所示是正在巡查的无人机。无人机起飞前，启动后，利用遥控器可控制它运动和工作。无人机的部分参数如表 （1）无人机停放在水平地面上时对地面的压强是多少？ （2）无人机从地面以最大上升速度匀速竖直飞到离地30m高处，此过程中克服重力做功是多少？ （3）无人机匀速竖直向上飞行过程中的输出功率是多少？ 机身质量/kg 5 “四脚”若地的总面积/cm2 10 电池充满电后储存电能/J 36000 最大水平速度/m/s 5 机身尺寸/mm 400×300×200 最大上升速度/m/s 1 【解析】（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压力为F压＝G＝mg＝5kg×10N/kg＝50N，对地面的压强为p＝＝3×104Pa； （2）无人机水平飞行过程中没有克服重力做功，只有上升过程克服重力做功G＝Gh＝50N×30m＝1500J； （3）飞行过程中所用的时间t＝＝＝30s， 无人机匀速竖直向上飞行过程中的输出功率P＝＝50W。 答：（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压强是5×104Pa； （2）无人机从地面以最大上升速度匀速竖直飞到离地30m高处，此过程中克服重力做功是1500J； （3）无人机匀速竖直向上飞行过程中的输出功率是50W。 3．某矿场工地中，使用了如图所示的一款履带运输车运送矿产。已知空载时，履带运输车的质量为2.5t2，某次运送矿产过程中，履带运输车在10min内沿水平路面匀速直线行驶1.5km，行驶中受到的阻力为104N，g取10N/kg，求： （1）空载履带运输车静止时对水平路面的压强； （2）这次运送中，运输车发动机的输出功率； （3）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是60%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。（燃料热值q取3.5×107J/kg） 【解析】（1）空载运输车静止时对水平路面的压力为： F＝G＝mg＝2500kg×10N/kg＝2.5×102N， 空载运输车静止时对水平路面的压强为： ； （2）因为运输车是做匀速直线运动，处于平衡状态，因此运输车发动机的牵引力为： ，发动机所做的功为：， 运输车发动机的功率为： ； （3）10kg的燃料完全燃烧放出的热量为：Q＝qm＝3.5×102J/kg×10kg＝3.5×104J； 发动机所做的功为： ， 由于受到的阻力不变，且运输车做匀速直线运动，则此时的牵引力为： ， 根据W＝Fs可得，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离为： 。 答：（1）空载履带运输车静止时对水平路面的压强为2.3×104Pa； （2）这次运送中，运输车发动机的输出功率为2.8×104W； （3）10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶2.7×104m。 4．如图是某品牌挖掘机的实物图和作业范围及相关参数，请分析相关信息，完成下列问题。（ρ泥土＝1.8×103kg/m3，ρ柴油＝0.85×103kg/m3，q柴油＝3×107J/kg） （1）挖掘机停在水平地面不工作时，对地面的压强是多少？ （2）若挖掘机铲斗装满泥土且挖掘机在5s将满铲斗泥土从最大挖掘深度处送到位于最高卸料高度的装卸车上，挖掘机对泥土做功的功率是多少？ （3）挖掘机正常工作时，其发动机的效率是多少？（计算结果保留一位小数） 某品牌挖掘机参数 整机质量/kg 29600 铲斗容量/m3 1.5 发动机额定功率 150kW/1800rpm A：最大挖掘高度 10000mm B：最大卸料高度 6600mm C：最大挖掘深度 6400mm D：履带长 4440mm 履带宽 500mm 柴油箱容量 520L 额定油耗 60L/h 【解析】（1）挖掘机静止在水平路面上时，对路面的压力：F＝G＝mg＝29600kg×10N/kg＝2.96×105N， 对地面的压强P＝＝≈6.67×106Pa； （2）泥土的质量m泥土＝ρ泥土V＝1.8×106kg/m3×1.7 m3＝2.7×103kg， 对泥土做功W＝Gh＝m泥土gh＝2.8×103kg×10N/kg×（6.6m+6.6m）＝2.51×105J， 对泥土做功的功率 P＝＝＝7.02×104W； （3）柴油完全燃烧能放出的热量 Q放＝m柴油q柴油＝ρ柴油Vq柴油＝4.85×103kg/m3×60×10﹣3m3×3×108J/kg＝1.53×109J， 发动机所做的功 W＝Pt＝150×102W×3600s＝5.4×106J， 发动机效率η＝×100%＝。 答：（1）挖掘机停在水平地面不工作时，对地面的压强是6.67×104Pa； （2）挖掘机对泥土做功的功率是6.02×104W； （3）则挖掘机正常工作时，其发动机的效率是35.3%。 5．如图为我军装备的05式两栖突击车。此车空载质量为2.87×104kg，配备最大功率为1.29×106W的柴油发动机，履带着地的总面积为10m2。当突击车搭载总质量为300kg的4名战士演练时，（g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3，q柴油＝4.3×107J/kg）求： （1）两栖突击车在水平地面静止时对地面的压强； （2）两栖突击车漂浮在水面上时排开水的体积； （3）不计能量损失，两栖突击车以最大功率行驶1min消耗柴油的质量。 【解析】（1）两栖突击车静止在水平地面上时，对水平地面的压力： F＝G总＝m总g＝（2.87×104+300）kg×10N/kg＝6.9×105N， 则它对水平地面的压强： p＝＝＝5.9×104Pa； （2）两栖突击车漂浮在海面上时，受到的浮力：F浮＝G＝8.9×105N， 由F浮＝ρgV排可得，排开水的体积： V排＝＝＝29m3； （3）由P＝可得W＝Pt＝4.29×106W×60s＝7.74×106J， 不计能量损失，Q放＝W＝7.74×107J， 由Q放＝mq可得，消耗柴油的质量： m＝＝＝7.8kg。 答：（1）两栖突击车在水平地面静止时对地面的压强为2.6×104Pa； （2）两栖突击车漂浮在水面上时排开水的体积为29m3； （3）不计能量损失，两栖突击车以最大功率行驶5min消耗柴油的质量为1.8kg。 6．2023年5月，“恩平20﹣4钻采平台”上部组块与下部海底导管架对接安装完成，创造了我国海上油气平台动力定位浮托安装总重的新纪录。“恩平20﹣4钻采平台”上部组块整体质量达1.55×104t，建造完成后，由我国自主建造的“海洋石油278”半潜船装载运输至海上安装现场。由于“恩平20﹣4钻采平台”上部组块整体质量超过常规海上浮吊极限，工程人员采用了如图所示的横向滑移装船方式进行装船。 （1）工程人员将平台上部组块固定在支撑框架上，再在码头和半潜船的甲板上铺上滑轨，然后通过牵引装置将组块缓缓拉到半潜船上。 ①若要求支撑框架对滑轨的压强不能超过2×107Pa，不计支撑框架的重力，则支撑框架和滑轨之间的受力面积不能小于多少m2？ ②若牵引装置对支撑框架的拉力为1.2×106N，组块移动了约200m，则拉力在这个过程中大约做了多少J的功？ （2）平台上部组块在横向滑移装船过程中，需要调整半潜船的压载水量，使甲板始终保持水平且与码头的地面相平。在将平台上部组块横向滑移至码头边缘时，工作人员控制压载水舱向外排出2×104t的水，使低于码头的甲板上升至与码头平齐，牵引装置继续拉动支撑框架，当平台上部组块整体转移至甲板时，半潜船内压载水量为1.6×104t。整个装载过程中，若不考虑海平面的变化、不计支撑框架的重力，则半潜船向外排出的海水约多少m3？ 【解析】（1）①“恩平20﹣4钻采平台”上部组块整体的重力G＝mg＝1.55×104×103kg×10N/kg＝1.55×108N，根据p得，支撑框架和滑轨之间的受力面积：S7.75m2； ②拉力在这个过程中大约做的功：W＝Fs＝1.2×106N×200m＝2.4×108J； （2）由题知，在将平台上部组块横向滑移至码头边缘时，工作人员控制压载水舱向外排出2×104t的水，使低于码头的甲板上升至与码头平齐，如下面甲、乙两图所示， 当平台上部组块整体转移至甲板时（如图丙），半潜船内压载水量为1.6×104t（即水舱中剩余水的质量为1.6×104t）， 由题意可知，整个过程需保证甲板始终保持水平且与码头的地面相平，所以丙图和乙图中半潜船排开海水的体积相等，由阿基米德原理可知两种情况下半潜船受到的浮力相等， 根据漂浮条件可知，丙图中增加的上部组块整体的重力等于第2次向外排出水的重力，即G排2＝G组块，由重力公式可得第2次向外排出水的质量：m排2＝m组块＝1.55×104t， 则整个装载过程中，半潜船向外排出海水的质量：m排总＝m排1+m排2＝2×104t+1.55×104t＝3.55×104t， 海水密度近似等于淡水的密度，由密度公式得，整个装载过程中，半潜船向外排出海水的体积约为：V排总3.55×104m3。 押题猜想23多知识点综合计算 1．2023年5月，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并网投产（如图甲）。“海油观澜号”排水总重达11000吨（g取10N/kg，） （1）求“海油观澜号”所受的浮力； （2）“海油观澜号”投产后风机年均发电量将达2200万千瓦时，若按发电效率22%来计算，则每年可节约多少焦炭； （3）已知通过风机叶片的空气动能与其质量成正比，且1kg空气的动能W与速度v的关系如图乙所示。若风速为10m/s时，空气的密度为）6J，试估算风机叶片的扫风面积为多大？ 【解析】（1）由题意可得，“海油观澜号”排开海水的质量为：， 利用阿基米德原理可知它受到的浮力为：； （2）风机年均发电量将达2200万千瓦时，即W＝2200×104kW•h＝2.5×107kW•h＝7.92×1013J， 由可得， 需要焦炭的质量： ； （3）结合乙图可知，风速为10m/s时，则平均每秒空气动能为8×106J时，通过叶片的空气质量为： ， 平均每秒通过叶片的空气体积为： ， 风速为10m/s，表示每秒空气运动的距离为L＝10m， 故叶片的扫风面积为： 。 答：（1）“海油观澜号”所受的浮力为1.1×103N； （2）投产后每年可节约1.2×108kg焦炭； （3）风机叶片的扫风面积约为1.5×107m2。 押题解读 中考物理综合题的特点主要体现在综合性、实践性和创新性上。这些特点不仅考查了学生对物理知识的掌握程度，更检验了学生的思维能力和解题技巧。因此，在备考中考时，学生应加强对物理知识的综合运用能力、实践应用能力和创新能力的培养。 考前秘笈 综合能力题主要体现在题目的综合性、实践性和创新性上。这些特点不仅考查了学生对物理知识的掌握程度，更检验了学生的思维能力和解题技巧。 中考物理综合题具有显著的综合性。这类题目通常涉及多个物理知识点，需要学生综合运用所学知识来解决问题。例如，一道题目可能同时涉及力学、电学和光学等多个领域，要求学生能够灵活运用各种物理公式和定律，将复杂的问题简化为可解的模型。这种综合性不仅考查了学生的知识储备，更考验了学生的知识整合能力和跨学科思维。 中考物理综合题强调实践性。这类题目往往与实际生活或科技应用紧密相连，要求学生能够将所学知识与实际问题相结合，提出切实可行的解决方案。例如，题目可能会要求学生分析某个实际物理现象或设计一个简单的物理实验，以检验学生对物理知识的应用能力和动手实践能力。 中考物理综合题注重创新性。这类题目通常具有一定的开放性和探索性，鼓励学生发挥想象力和创造力，提出新颖的观点和解题方法。这种创新性不仅激发了学生的求知欲和探索精神，也为学生提供了展示自己才华的平台。 1．如图是一款水陆两栖车，重1338千克，长4.57米。它能够直接从陆地开到水中，在水上速度可达到72km/h。假设在某次工作中该车和乘坐人员的总质量为1600kg，轮胎与地面的总接触面积大约为0.1m2。求：在此次工作中，（g＝10N/kg） （1）该车漂浮在水面上静止时受到的浮力是多少N？ （2）该车静止在水平地面上时，对地面的压强约为多大？ （3）该车在水上以最大功率行驶10km，发动机做的功是多少J？ （4）若该车在水平公路上行驶时的阻力恒为车重的0.1倍，此时百公里油耗为16L，求此次在水平公路上行驶的效率。（汽油的热值为4.6×107J/kg，汽油的密度为0.7×103kg/m3） 【解析】（1）某次工作中该车和乘坐人员的总质量为1600kg， 受到的重力为：G＝mg＝1600kg×10N/kg＝1.6×104N， 漂浮时受到的浮力等于自身的重力，即F浮＝G＝1.6×107N； （2）该车静止在水平地面上时，对地面的压力：F＝G＝1.6×108N； 对地面的压强：p＝＝＝8.6×105Pa； （3）v＝72km/h＝20m/s，s＝10km＝6×104m， 根据v＝可得，t＝＝＝500s； 则发动机做的功为：W＝Pt＝220×103W×500s＝1.6×108J； （4）水陆两栖车的牵引力： F＝f＝0.3G＝0.1×7.6×104N＝5.6×103N， 牵引力做的功为： W牵＝Fs＝6.6×103N×6×105m＝1.3×108J， 汽油完全燃烧放出的热量： Q＝m汽油q＝ρ汽油Vq＝0.8×103kg/m3×5.016m3×4.8×107J/kg＝5.152×102J； 发动机的效率： η＝＝×100%≈31%。 答：（1）该车漂浮在水面上静止时受到的浮力是1.6×105N； （2）该车静止在水平地面上时，对地面的压强约为1.6×102Pa； （3）该车在水上以最大功率行驶10km，发动机做的功是1.1×103J； （4）此次在水平公路上行驶的效率是31%。 2．我省农业已进入智能化时代，农用机械可以通过北斗导航系统实现精准作业。如图为一架无人机在农田中喷洒农药时的情景，无人机载满农药时的总质量为45kg。g取10N/kg （1）北斗导航系统是利用 　 　 波传递信息的。水平匀速飞行的无人机在喷洒农药的过程中，该喷药无人机的机械能 　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），无人机相对于 　 　 是运动的。 （2）载满农药的无人机不工作时，静止在水平地面上，底部支架与地面的总接触面积为90cm2，它对地面的压强是多大？ （3）无人机在农田上方持续喷洒农药时，以5m/s的速度沿水平方向做匀速直线运动。无人机载满农药时所载农药的质量为20kg，每分钟喷洒的农药量为2kg，飞行的路程是多少？ 【答案】（1）电磁；减小；地面； （2）它对地面的压强是5×104Pa； （3）飞行的路程是3000m。 【解析】（1）北斗导航系统是利用电磁波传递信息的。 水平匀速飞行的无人机在喷洒农药的过程中，速度不变，动能变小，重力势能变小； 无人机相对于地面的位置发生了变化，是运动的。 （2）载满农药的无人机不工作时，静止在水平地面上， 它对地面的压力F＝G＝mg＝45kg×10N/kg＝450N， 压强p＝＝＝5×106Pa； （3）所需时间t＝＝10min， 飞行的路程s＝vt＝5m/s×10×60s＝3000m。 3．据统计，每燃烧1kg燃油约排放3.3kg二氧化碳。为实现碳达峰、碳中和的目标，氢能作为一种绿色低碳的清洁能源在我国交通领域的应用场景不断扩大，其应用流程如下。 （1）氢燃料电池将化学能直接转化为 　 　 能。 （2）当储氢瓶内气体压强为3.5×107Pa时，求瓶内壁1cm2的面积上受到的压力。 （3）以氢燃料电池卡车为例，若卡车在水平路面上匀速行驶72km用时1h，功率为172kW。 ①求卡车的行驶速度。 ②求卡车所受牵引力。 ③与燃油卡车相比，氢燃料电池卡车行驶72km可减排二氧化碳的质量为多少？ （燃油机的效率取36%，燃油的热值q取4.3×107J/kg） 【解析】（1）由图可知，氢燃料电池是将氢的化学能直接转化为电能； （2）根据p＝可知7Pa时，则瓶内壁1cm5的面积上受到的压力为： F＝pS＝3.5×104Pa×1×10﹣4m7＝3.5×108N； （3）①卡车的行驶速度为： v＝＝＝72km/h＝20m/s； ②卡车所做的机械功为： W＝Pt＝172×103W×3600s＝4.192×108J， 根据W＝Fs可知，卡车所受牵引力为： F＝＝＝8.5×103N； ③根据η＝可知 Q放＝＝＝1.72×109J， 消耗燃油的质量为： m＝＝＝40kg， 则减排二氧化碳的质量为： m'＝3.3m＝3.3×40kg＝132kg。 答：（1）电； （2）瓶内壁6cm2的面积上受到的压力为3.4×103N； （3）①卡车的行驶速度为20m/s； ②卡车所受牵引力为8.5×103N； ③与燃油卡车相比，氢燃料电池卡车行驶72km可减排二氧化碳的质量为132kg。 4．如图﹣1，是某型号电暖器。它有高温、低温两个挡位，其简化电路图如图﹣2所示。R1和R2均为发热电阻，其部分参数如表所示。 额定电压 220V 额定功率 高温挡 2200W 低温挡 1100W （1）该电暖器是利用电流的 　 　 效应工作的。当开关S1、S2均闭合时，电暖器处于 　 　 挡。 （2）该电暖器在低温挡正常工作时，电路中的电流是多少？在高温挡正常工作时，发热电阻R2的阻值是多少？ （3）在某次用电高峰期，小明用如图﹣3所示的电力监测仪，测出该电暖器在低温挡工作时的实际电压为210V，只是因为实际电压小于额定电压造成的。请你通过计算，判断小明的观点是否正确。 【答案】（1）热；高温； （2）电暖器在低温挡正常工作时，电路中的电流是5A，在高温挡正常工作时，发热电阻R2的阻值是44Ω； （3）低温挡工作时的实际电压为210V时的实际功率为1002W，大于电力监测仪测出实际功率900W，因此实际功率小于额定功率，不仅仅是由实际电压小于额定电压造成，故小明的观点不正确。 【解析】（1）电暖器工作时将电能转化为内能，因此电暖器是利用电流的热效应工作的； 当S1闭合，S2断开时，电路为R8的简单电路；当S1、S2闭合时，R8、R2并联； 因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，所以由P＝UI＝，R5、R2并联时，电路中的电阻最小，电暖器为高温挡1的简单电路时，电路中的电阻最大，电暖器为低温挡4、S2均闭合时，电暖器处于高温挡； （2）由P＝UI可知，低温挡正常工作时低温＝＝＝5A； 高温挡时，两电阻并联6两端的电压与低温挡R1两端的电压相等，由P＝UI＝，此时R8的电功率与低温挡R1的电功率相等，即P1＝P低温＝1100W， 则此时R5的电功率：P2＝P高温﹣P1＝2200W﹣1100W＝1100W， 由P＝UI＝可知，R2的电阻：R2＝＝＝44Ω； （3）由P＝UI＝可知，R1的电阻：R1＝＝＝44Ω， 实际电压为210V时低温挡的实际功率，即R1的实际功率：P低温′＝＝≈1002W＞900W，因此小明的观点不正确。 答：（1）热；高温； （2）电暖器在低温挡正常工作时，电路中的电流是8A，发热电阻R2的阻值是44Ω； （3）低温挡工作时的实际电压为210V时的实际功率为1002W，大于电力监测仪测出实际功率900W，不仅仅是由实际电压小于额定电压造成。 5．“海油观澜号”是我国首座深远海浮式风电平台，装机容量7.25MW，可在水中漂浮并捕捉风能发电。“海油观澜号”由浮式基础和风机设备组成，总体呈三角形结构，包括3个边立柱和1个中间立柱（不计立柱之间的连结结构体积）；浮式基础上方是质量为5200t的风机设备。 （1）如图甲所示，浮式基础在青岛完成总装后，在拖船的协助下运至2630km远的珠海码头，受到水的阻力为4×106N，求拖船通过钢绳对浮式基础施加拉力的功率。 （2）到达珠海码头后，需要将叶片组装成叶轮。风机设备的叶轮由三个叶片组成，每个叶片长为76.6m。在安装其中一个叶片时，如图乙所示。若叶片重心在O点，此时钢索AB和CD在竖直方向，已知O点到AB的距离为60m，O点到CD的距离为4m5N，则该叶片的质量为多少千克？ （3）如图丙所示，组装好的“海油观澜号”被拖到目标海域后，为了增加稳定性，使整个平台下降，全过程浮式基础未全部浸没（不考虑立柱间连接部分的体积）。若注入海水前“海油观澜号”吃水深度为18.4m，注入3800t海水后“海油观澜号”吃水深度会增加多少米？ 【解析】（1）如图甲所示，浮式基础在青岛完成总装后，已知某段水域中浮式基础以18km/h的速度做匀速直线运动6N，由二力平衡的条件6N，拖船通过钢绳对浮式基础施加拉力的功率；P＝Fv＝6×106N×5m/s＝2×107W （2）把叶片看作杠杆，以B为支点D，其力臂LF＝AB+BC＝60m+4m＝64m， 叶片的重力G叶＝m叶g＝20×108kg×10N/kg＝2×105N，重力的力臂：LG＝60m， 由杠杆的平衡条件可得：FD×LF＝G叶×LG， 7.25×105N×64m＝G叶×60m，G叶＝2.8×105N m叶＝＝2.4×103kg （3）海油观澜号”处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，即 F浮＝G总＝m总g＝（4000+5200）×103kg×10N/kg＝9.4×107J； 排开海水的体积为： V排＝＝＝9.8×103m3， 排开水的深度为： h＝＝＝18.4m① 注入3800t海水后，海油观澜号”处于漂浮状态，增加的浮力为 ΔF＝Δm＝3800×103kg×10N/kg＝5.8×107J； 增加的排开海水的体积为 ΔV排＝＝＝2.8×103m5， Δh＝＝② 由①②得 Δh＝7.6m 答：（1）拖船通过钢绳对浮式基础施加拉力的功率为3×107W； （2）该叶片的质量为2.3×104kg； （3）注入3800t海水后“海油观澜号”吃水深度会增加7.2m。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 21 / 172 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $$