四川省成都石室中学2024-2025学年高二下学期期中考试物理试题

第 1页,共 5页 成都石室中学 2024-2025学年度下期高 2026届期中考试 物理试卷 试卷说明:本试卷分选择题和非选择题两部分。第 I卷(选择题),第 卷(非选择题), 满分 100分,考试时间 75分钟。 第 I卷(选择题,共 46分) 一.单项选择题(共 7 小题,每小题 4分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项符合 题目要求.) 1.对于下列四幅图的说法,正确的是 A.甲图薄板上的蜂蜡融化成圆形区域,说明薄板是非晶体 B.图乙中, 2T 对应曲线为同一气体温度较高时的速率分布图 C.丙图中液体表面层分子间距离小于液体内部分子间的距离,分子间表现为斥力 D.丁图中封闭注射器的出射口,按压管内封闭气体过程中会感到阻力增大,这表明气 体分子间距离减小时,分子间斥力会增大 2.如图所示实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线,虚线是某一带电粒子通过该 电场区域从 a到 b的运动轨迹,若带电粒子在运动中只受电场力作用,据图可作出判断的是 A.带电粒子所带电荷的符号 B.带电粒子在 a、b两点的受力 Fa<Fb C.带电粒子在 a、b两点的速度大小 va<vb D.带电粒子在 a、b两点的电势能 p pa bE E 3.上珠峰、下矿井、入海港、进工厂,5G网络正在加速赋能千行百业实现数字化生产.产 生 5G无线信号电波的 LC 振荡电路某时刻的工作状态如图所示,则该 时刻 A.线圈中磁场的方向向上 B.电容器两极板间电场强度正在变大 C.电容器正在放电,线圈储存的磁场能正在减小 D.线路中的电流正在减小且与线圈中感应电动势的方向相反 4.如图甲所示是一个“简易电动机”,一节 5号干电池的正极向上,一块圆柱形强磁铁吸 附在电池的负极,将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框,线框上端的弯折位置与正极良 好接触,下面弯曲的两端与磁铁表面保持良好接触,放 手后线框就会转动起来。该“简易电动机”的原理图如 图乙所示,关于该“简易电动机”,下列说法正确的是 A.线框①、②两部分导线电阻在电路中是串联关系 B.从上往下看,该“简易电动机”逆时针旋转 C.电池的输出功率一定大于线圈转动的机械功率 D.如果将磁铁吸附在电池负极的磁极调换一下,线 圈转动的方向不改变 5.如图所示,图线 a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图像,当调整线 圈转速后,所产生正弦交流电的图像如图线 b所示。关于这两个正弦交流电说法正确的是 A.在图中 t=0时刻线圈的磁通变化率最大 B.对于交流电 b,其 u的最大值为10 2 3 (V) C.线圈先后两次转速之比为 2 : 3 D.对于交流电 a,其 u的瞬时值表达式为 10sin5 Vu t 第 2页,共 5页 命题人/审题人:高 2026届备课组 6.均匀介质中,波源位于 O点的简谐横波在 xOy水平面内传播,波面为圆。 0t 时刻,波 面分布如图(a)所示,其中实线表示波峰,虚线表示 相邻的波谷,A处质点的振动图像如图(b)所示,z轴 正方向竖直向上。下列说法正确的是 A.该波传播到 B点,还需时间为 4s B. 6st 时,B处质点位于波峰 C. 8st 时,C处质点振动方向竖直向上 D. 10st 时,D处质点所受回复力方向竖直向上 7.如图所示,某水池下方水平放置一直径为 d=0.6m的圆环形发光细灯带,O点为圆环中心 正上方,灯带到水面的距离 h可调节,水面上面有光传感器(图中未画出),可以探测水面 上光的强度。当灯带放在某一深度 h1时,发现水面上形成两个以 O为圆心的亮区,其中半 径 r1=1.2m的圆内光强更强,已知水的折射率 4 3 n ,则 A.湖面能被照亮的区域半径为 1.5m B.若仅增大圆环灯带的半径,则湖面上中间光强更强的区域也变大 C.灯带的深度 1 7 m 2 h D.当 1 7 m 5 h 时,湖面中央将出现暗区 二.多项选择题(共 3 小题,每小题 6分。在每小题给出的四个选项中,至少有两个选项 符合题目要求。全部选对的得 6分,选对但不全的得 3分,有选错的得 0分) 8.光的干涉现象在工程技术中有重要应用,例如检查平面的平整程度.如图甲所示,把一 标准透明板压在另一被检测透明板上,一端用两张纸片垫起,构成空气劈尖,让单色光 a、 b分别从上方射入,得到明暗相间的条纹如图乙所示.下列说法正确的是 A.干涉条纹中的暗纹是由于两列反射光的波谷与波谷叠加的结果 B.若抽掉一张纸片,条纹间距会变大 C.单色光 a的波长比单色光 b的波长大 D.若出现图丙的干涉图样(右侧靠近纸片),弯曲的干涉条纹说明被检测的平面在此 处是凸起的 9.“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证,模拟远距离高压输电 的示意图如图所示。已知升压变压器原、副线圈两端 的电压分别为 1U 和 2U ,降压变压器原、副线圈两端 的电压分别为 3U 和 4U 。在输电线路的起始端分别接 入电压互感器和电流互感器,两个互感器原、副线圈 的匝数比分别为 20 :1和1: 20,各互感器和电表均为 理想状态。下列说法正确的是 A.电压互感器和电流互感器均为降压变压器 B.若电压表的示数为 200V,电流表的示数为 5A,则线路的输电功率为 400kW C.若保持 1U 和用户数不变,仅将滑片Q下移,则输电线损耗功率减小 D.若保持 1U 不变,仅增加用户数,则 4U 减小 第 3页,共 5页 10.如图甲所示,两根足够长的光滑平行金属直导轨固定,导轨间距为 L,所在平面与水平 面的夹角为 30 ,导轨间存在垂直于导轨平面、方向相反的匀强磁场,其磁感应强度的 大小分别为 B、B 。 pp 、qq 是垂直于导轨,间距为 d的磁场边界。将质量分别为m、2m 的金属棒 a、b垂直导轨放置, a棒与 pp 的间距也为 d,两棒接入导轨之间的电阻均为 R, 其他电阻不计。现同时将两棒由静止 释放,两棒与导轨始终垂直且接触良 好。 1t 时刻 a棒经过 qq ,b棒恰好经 过 pp 进入磁场,2t 时刻b棒经过 qq . a棒运动的 v t 图像如图乙所示,中 间图线平行于横轴,重力加速度为 g . 下列说法正确的是 A. 10 t 时间内, a棒上产生的焦耳热为 1 2 mgd B. 1 2 B B C. a棒刚进入磁场时的速度大小 0v gd D. 2t 时刻, a、b两棒的距离为 1 2 d 第 卷(非选择题,共 54分) 三.实验题(本题共 2小题,共 14分) 11.“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验方法及步骤如下: ①向 1mL的油酸中加酒精,直至总量达到 1000mL; ②用注射器吸取①中配制好的油酸酒精溶液,把它一滴一滴地滴入小量 筒中,当滴入 80滴时,测得其体积恰好是 1mL; ③先往浅盘里倒入一定深的水,然后将爽身粉均匀地撒在水面上; ④用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液,待油酸薄膜形状稳定后,将 事先准备好的玻璃板放在浅盘上,并在玻璃板上描下油膜的形状; ⑤将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上,如图所示,小方格的边长为 20mm,数出轮廓范 围内小方格的个数为 40格。 根据以上信息,回答下列问题: (1)实验中为了使油酸分子在水面上形成的是单分子层,应该使用浓度 (选填“较高” 或“较低”)的油酸酒精溶液; (2)计算出油酸分子直径为 m(结果保留 1位有效数字); (3)若某学生计算油酸分子直径的结果偏小,可能是由于_ A.使用的油酸酒精溶液配制好后敞开放了很久 B.求每滴溶液体积时,1mL的溶液的滴数少记了 5滴 C.计算油膜面积时,舍去了所有不足一格的方格 12.半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器,其阻值会随压力变化而变化。某实验小组 设计了如图甲的电路,用于测量某一半导体薄膜压力传感器在不同压力下的阻值 NR . (1)某次实验时电压表和电流表读数分别为 1U 和 1I ,已知电压表内阻为 vR ,则压力传感器 的阻值 NR (用 1 1 vU I R、 、 表示)。 (2)通过多次实验绘制压力传感器的阻值 NR 随压力 F变化的关系如图乙所示。该传感器通 第 4页,共 5页 命题人/审题人:高 2026届备课组 常用于测量小于 2N的压力区间,主要原因是 (3)该小组利用此压力传感器设计了如图丙所示的自动分拣苹果装置。将压力传感器 NR 与 可调电阻 0R 串联接入电路中,托盘秤(重力不计)置于 NR 上。分拣开关在弹簧向上压力作 用下处于水平状态。当分拣标准为0.15kg时,调节 0R ,使0.15kg的苹果在托盘秤上时, 0R 两端的电压为3V。此时,放大电路中的电磁铁恰好吸住分拣开关的衔铁。放大电路有保持 电路功能,能够确保苹果在通过分拣开关时电磁铁始终保持吸住状态。已知电源电动势为9V, 内阻 r=1 ,重力加速度 210m/sg 。 ①为使该装置达到上述分拣目的, 0R 的阻值应调为 ; ②为了增大苹果的分拣标准,应将可调电阻 0R (填“调大”或“调小”); (4)若电源长时间未使用,内阻 r增大,但电动势不变,则分拣标准质量将会 (填“变 大”“变小”或“不变”)。 四.计算题(本题共 3小题,共 40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步 骤,只写出最后答案的不能得分,有数值运算的题,答案中必须明确写出数值和单位) 13.(10分)如图所示,在 x轴上方存在匀强磁场,磁感应强度大小为 B,方向垂直于纸面 向外;在 x轴下方存在匀强电场,电场方向与 xOy平面平行,且与 x轴成 45 夹角。一质量 为 m、电荷量为 q(q>0)的粒子以初速度 v0从 y轴上的 P点沿 y轴正方向射出,一段时间后 进入电场,进入电场时的速度方向与电场方向相反;又经过一段时间 T0,磁场的方向变为 垂直于纸面向里,大小不变,不计重力。 (1)求粒子从 P点出发至第一次到达 x轴时所需时间; (2)若要使粒子能够回到 P点,求电场强度的最大值。 14.(14分)图甲为我国某电动轿车的空气减震器(由活塞、气缸组成,活塞底部固定在 车轴上).该电动轿车共有多个完全相同的空气减震器,图乙是一个空气减震器的简化模型 结构图,导热良好的直立圆筒形汽缸内用横截面积 220cmS 的活塞封闭一定质量的理想气 体,活塞能无摩擦滑动,并通过连杆与车轮轴连接.封闭气体初始温度 1 300KT 、长度 1 17cmL 、压强 6 1 3.0 10 Pap ,重力加速度 g取 210m/s . (1)为升高汽车底盘离地间隙,通过气泵向气缸内充气,让气缸缓慢上升 10cmL ,此 过程中气体温度保持不变,求需向气缸内充入与缸内气体温度相同、压强 5 0 1.0 10 Pap 的 气体的体积 V; (2)在(1)问情况下,当车辆载重时,相当于在汽缸顶部加一物体 A,气缸下降,稳定时 气缸内气体长度变为 2 24cmL ,气体温度变为 2 320KT . ①求物体 A的质量 m; ②若该过程中气体放出热量 18JQ ,气体压强随气体长度变化的关系如图丙所示,求该过 程中气体内能的变化量 U . 第 5页,共 5页 15.(16分)如图所示,足够长的平行金属导轨倾斜放置,导轨所在平面倾角 37 ,导 轨间距 1mL ,在水平虚线的上方有垂直于导轨平面向下的匀强磁场 1B ,水平虚线下方有 平行于导轨平面向下的匀强磁场 2B ,两磁场的磁感应强度大小均为 1TB 。导体棒ab、cd 垂直放置在导轨上,开始时给两导体棒施加约束力使它们静止在斜面上,现给ab棒施加沿 斜面向上的拉力 F,同时撤去对两导体棒的约束力,使 ab沿斜面向上以 21m / sa 的加速度 做匀加速直线运动,cd 棒沿斜面向下运动,运动过程中导体棒始终与导轨垂直并接触良好, 已知导体棒与导轨间的动摩擦因数均为 0.5 ,导体棒的质量均为 0.1kgm ,两导体棒组 成的回路总电阻为 2 R ,导轨的电阻不计,最大静摩擦力等于滑动摩擦力, 210 / sg , sin 37 0.6 , cos37 0.8 ,求: (1)当 cd棒运动的速度达到最大时, ab棒受到的拉力大小; (2)当回路中的瞬时电功率为 2W时,在此过程中,通过 ab棒横截面的电量; (3)当 cd棒速度减为零时,在此过程中,拉力 F对 ab棒的冲量大小。 1 高 2026 届 5 月月考试题物理参考答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B D B C D C C BD BD BC 11. (1)较低 (2) 108 10 (3)A 12. (1) 1 V 1 V 1 U R I R U (2)阻值 NR 变化快,传感器灵敏度高 (3)①15.5 ②调小 (4)变大 13.【答案】(1)t1=5 m 4qB ; (2)Emax=2mv0 qT0 【解析】(1)带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,运动轨迹如图所 示.设运动半径为 R,运动周期为 T,根据洛伦兹力提供向心力,有 qv0B =mv0 2 R ,T=2 R v0 ,联立解得 T=2 m Bq 。依题意,粒子第一次到达 x轴时, 转过的角度为 5 4 ,需时间为 t1= 2 T=5 8 T,解得 t1= 5 m 4qB . (2)粒子进入电场后,先做匀减速直线运动,直到速度减小为 0,然后沿原路返回做匀加速直 线运动,到达 x轴时速度大小仍为 v0,设粒子在电场中运动的总时间为 t2,加速度大小为 a, 有 qE=ma,v0=a t2 2 ,解得 t2=2mv0 qE 根据题意,要使粒子能够回到 P点,必须满足 t2≥T0,得电场强度最大值 Emax=2mv0 qT0 . 14.【答案】(1)1.6N (2)3m/s (3)4.84J 【解析】(1)设线框 ab边刚进入磁场时的速度为 0v ,根据动能定理有 20 1sin30 2 mgL mv 【答案】(1) 3 36.0 10 m ;(2)①120kg;②180J 【详解】(1)设充入的气体体积为 V,则有 1 1 0 1 1( )p L S p V p L L S 解得 3 31 0 6.0 10 mp S LV p (2)①由理想气体状态方程有: 1 1 2 2 1 2 ( )p S L L p SL T T 解得 6 2 3.6 10 Pap 2 1( )p p S mg 解得 120kgm ②外界对气体做功 1 2 1 2( )2 p pW S L L L 解得 198JW 由热力学第一定律有 198J 18J 180JU W Q 2 15. 【答案】(1)1.5N;(2)1C;(3) 2.4N•s 【详解】(1)根据右手定则可知通过回路电流为 bacd,根据左手定则可知 cd棒受到的安培力 垂直斜面向下; cd棒速度最大时受力平衡,根据平衡条件可得 mgsin = FN 其中 FN=mgcos +B2I1L 对 ab棒根据牛顿第二定律可得 F-mgsin - mgcos -B1I1L=ma 联立解得 F=1.5N (2)当回路中瞬时电功率为 2W时,设回路中的电流强度为 I2,根据电功率的计算公式可得 I22R=P 解得 I2=1A 此时 ab棒的速度为 v,则 1 2 B LvI R 解得 v=2m/s 此过程 ab棒的位移 x,则 2 4 m=2m 2 2 1 vx a 根据电荷量计算公式可得 1CBLxq It R R (3)当 cd棒速度减为零时,在此过程中,平均电流强度为 I′,对 cd棒根据动量定理可得: mgsin •t- (mgcos +B2I′L)t=0 即 mgsin •t- mgcos t+ B2LQ=0 在 t时间内 ab棒做匀加速直线运动,则 x= 12 at 2 v=at 通过导体棒的电荷量 1B LxQ R 解得 16 C 25 Q 32 m 25 x v=1.6m/s t=1.6s 对 ab棒根据动量定理可得 IF-mgsin •t- mgcos •t-B1LQ=m•v-0 解得拉力 F对 ab棒的冲量大小 IF=2.4N•s