2025年江苏省南京市建邺区中考物理一模试卷

2025年江苏省南京市建邺区中考物理一模试卷 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.艺术节上，小明表演击鼓，他时重时轻地敲击鼓面，这样做主要改变了鼓声的(    ) A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 速度 2.下列数据符合实际的是(    ) A. 人体感觉舒适的温度约为 B. 九年级物理课本的质量约为250g C. 荧光灯正常工作时的电流约为 D. 中学生正常步行速度约为 3.下列诗词涉及的物态变化的分析中，正确的是(    ) A. “窗含西岭千秋雪”，雪的形成是升华现象，需要放热 B. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 C. “薄雾浓云愁永昼”，雾的形成是汽化现象，需要吸热 D. “霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热 4.如图，小桥在湖面形成倒影。以下成语涉及的光现象与之形成原因相同的是(    ) A. 镜花水月 B. 立竿见影 C. 海市蜃楼 D. 凿壁偷光 5.关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是(    ) A. 开关应接在零线和灯泡之间 B. 总开关跳闸一定是某处短路了 C. 用电器的金属外壳不需要接地 D. 使用测电笔时手要接触笔尾的金属电极 6.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是(    ) A. 物体被举高后，分子势能增大 B. 海绵容易被压缩是因为分子间有空隙 C. 原子、原子核、电子是按空间尺度由大到小排列的 D. 质子、中子和电子像行星绕太阳一样绕原子核运动 7.汤勺放在热汤中温度升高内能增大。下列事例中改变内能的方式与之相同的是(    ) A. 冰敷受伤部位 B. 反复弯折铁丝 C. 压缩空气 D. 钻木取火 8.我国大力发展绿色能源，下列反映风力发电原理的实验装置是(    ) A. B. C. D. 9.如图是电影中敖丙和哪吒踢毽子的场景。下列说法正确的是(    ) A. 踢毽子的力是毽子发生形变产生的 B. 敖丙踢毽子的力与哪吒踢毽子的力是一对相互作用力 C. 毽子离开脚后仍能向前运动是由于毽子具有惯性 D. 毽子飞到最高点时，若所有外力突然消失，它将保持静止 10.图示为显示油箱内油量情况的装置，该装置的油量表由电流表或电压表改装而成，电源电压恒定。要满足“油量越小，电表示数越小，且无油时电表示数恰好为0”，下列电路可以实现的是(    ) A. B. C. D. 11.某固体的质量为m，其比热容为c。先对它加热一段时间设在相同时间内吸收的热量相等，停止加热让其冷却设冷却时在相同时间内放出的热量相等，整个过程中温度随时间的变化情况如图所示。不计质量变化，下列说法正确的是(    ) A. 在时间段，该物体吸收的热量为 B. 该物质在时间段的比热容小于时间段的比热容 C. 在时间段，该物体放出的热量为 D. 该物体在时间段放出的热量等于在时间段吸收的热量 12.如图甲所示电路，电源电压恒定，为定值电阻，为滑动变阻器，小灯泡的额定电压为6V。闭合开关S，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动，直至小灯泡正常发光，电流表示数与三只电压表示数变化的情况如图乙所示，下列说法正确的是(    ) A. 电源电压为18V B. 小灯泡的额定功率为5W C. 滑片位于最右端时，小灯泡的实际功率为 D. 滑片从最右端向左移动过程中，接入电路的阻值由变为 二、填空题：本大题共7小题，共26分。 13.2025年3月，我国使用长征三号乙运载火箭，成功将天链二号04星发射升空。地面控制室通过______波与卫星传递信息。卫星随火箭加速升空的过程中：卫星的机械能______；以地面为参照物，卫星是______的。 14.如图所示，滑轮重50N，工人用250N的拉力，在30s内将重为400N的物体匀速提高了6m。此过程中的有用功为______ J，额外功为______ J，滑轮的机械效率为______，工人做功的功率为______ W。 15.如图所示是一台单缸四冲程汽油机的某一冲程，该冲程发生的能量转化是______能转化为______能。若它每秒对外做功20次，则该汽油机的飞轮转速为______。若该汽油机的效率为，完全燃烧10kg汽油放出的热量可以对外做功______ J。汽油的热值为 16.两个相同的柱形容器放在水平桌面上，里面分别装有质量相等的甲、乙两种液体，将A、B两个质量相等的实心球放入甲液体中，静止时两球状态如图所示。若将这两球放入乙液体中静止时均漂浮，A、B两球排开乙液体的体积分别为、，则______，甲、乙两液体对容器底的压强分别为、，两容器对桌面的压强分别为、，则______，______。若甲液体是水，且B球分别在甲、乙两液体中所受浮力之比为5：6，则B球密度______。 17.如图甲所示，水平面上重为16N的木块受到水平向右拉力的作用，拉力大小随时间变化的情况如图乙所示时间段内图像未画出，木块在时间段内静止，时刻后处于匀速直线运动状态。 拉力时，木块所受摩擦力为______ N，该木块在匀速直线运动过程中，将水平向右的拉力变为6N时，木块所受摩擦力为______ N。 为验证滑动摩擦力大小与压力大小的关系，在前面实验基础上，每次在木块上增加一个相同的钩码，再分别用水平拉力使木块做匀速直线运动，如图丙，实验数据如表格。分析可知实验中所用钩码重为______ N。以下事例利用该结论的是______。 A.在瓶盖上做出细条纹 B.压路机装质量很大的碾子 C.用更大的力压住橡皮擦字 钩码个数个 1 2 3 4 5 水平拉力 18.如图所示电路，电源电压U恒定，、和为定值电阻，：：3，滑动变阻器的规格为“，1A”。当闭合开关，断开、，滑片位于最右端时，滑动变阻器的电功率为；当开关、、均闭合，滑片位于最左端时，电流表的示数为，则电源电压______ V，______；当闭合开关，断开、，将滑片位于最左端时，电路中电流为，则内电流通过电阻所做的功为______ J。 19.如图甲所示是小明设计的四挡位电热水器的工作电路图，和是两根电热丝。图乙是挡位开关，当开关旋钮一端对准A位置即处于一个挡位，此时对应着图甲电路中接线柱1、2接通，同时3、4也接通，以此类推。四挡加热功率如下表所示。 挡位 高温 中温1 中温2 低温 功率 1100 880 一 - 开关旋钮一端对准A位置时对应着表格中的______挡位。 若要实现开关旋钮沿某个方向转动时，加热功率逐步增加或减小，则电热丝______，低温挡功率为______ W。 小明使用高温挡在内让质量为1kg、温度为的水升高了，此过程中的加热效率为______。 三、作图题：本大题共3小题，共6分。 20.如图所示，请根据平面镜成像特点作出物体AB在平面镜MN中所成的像。 21.如图，A物体在台阶式自动扶梯上匀速上楼，画出此时A物体所受力的示意图。不计空气阻力 22.如图所示的电路中，电流表正常偏转。请在图中标出磁感线方向和小磁针N极。 四、实验探究题：本大题共7小题，共39分。 23.“观察水的沸腾”实验装置如图甲。 安装器材的合理顺序为______选填“自下而上”或“自上而下”。 实验中某时刻温度计的示数如图乙所示，为______。 按图丙进行实验，加热一段时间后，烧杯中的水和试管中的液体都沸腾了，则试管中液体的沸点______选填“高于”、“等于”或“低于”水的沸点。 用透明电水壶烧水，当观察到如图丁所示现象时，调高加热挡位继续加热，则温度计的示数将______。 24.图示是探究凸透镜成像规律的实验情形，此时光屏上恰好成一清晰的像。 保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至20cm刻度处，应向______选填“左”或“右”移动光屏，可在光屏上再次得到清晰的像，利用该成像原理可制成______。 在图中烛焰和凸透镜之间适当位置放一眼镜，光屏上的像变模糊了。将蜡烛向右移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜可以矫正的视力缺陷是______。 随着实验进行，蜡烛变短，为使像仍成在光屏中央，应将凸透镜向______移动。 25.利用矿泉水瓶做以下实验。 如图甲，瓶盖的直径为______ cm。 如图乙，用一根细绳拉着空瓶在桌面上做圆周运动，空瓶的运动状态______选填“发生”或“没有”变化。 装水的瓶子和小车一起静止在水平面上。某时刻水面出现了如图丙所示情形，说明瓶子和小车一起突然水平向______运动。 如图丁，往吸管B中吹气，则吸管A中的水面______选填“上升”、“下降”或“不变”。 26.以下是测量物质密度的实验。 用天平和量筒等器材测较大口径玻璃杯所用玻璃的密度，实验步骤如下： ①测量前，天平指针静止在图甲所示位置，应将平衡螺母向______调。用调好的天平测杯子质量，砝码和游码情况如图乙所示，则杯子质量为______ g； ②在大烧杯中倒入适量的水，将玻璃杯浸没在水中，标记出水面在大烧杯上对应的位置a，如图丙所示； ③取出玻璃杯，用量筒量取50mL水，将量筒中的水倒入大烧杯，直到水面到达标记a处，再读出量筒中剩余水的体积如图丁所示。 ④测得玻璃的密度为______。由于取出玻璃杯时带走了部分水，导致所测密度偏______。 用天平、玻璃杯等器材测盐水密度，实验步骤如下： ①用天平测出玻璃杯的质量； ②将玻璃杯漂浮在水面上，标记出水面在玻璃杯上对应的位置b，如图戊； ③将大烧杯内的水换为适量的盐水，仍使玻璃杯漂浮。向玻璃杯中缓慢加水，直到______。取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用天平测出其总质量为。 ④盐水密度表达式______。用以上所测物理量符号表示，水的密度为 27.小明用如图甲所示的装置探究液体内部的压强。 实验中，液体内部的压强大小可以用压强计U形管两侧液面的______来显示。 在探究液体密度对液体内部压强大小的影响时，应将金属盒的橡皮膜分别放在图乙中______选填字母两个位置处进行实验。 图丙中，竖放的1号、2号两根玻璃管底部口径相同，且两管下端所封橡皮膜情况完全相同，在两管中分别装入12g和20g的水，薄膜鼓起的程度不同，据此小明猜想：液体的压强可能与管内液体的质量有关。进行如下______选填字母所述操作后，对比1号、2号管橡皮膜的鼓起程度可知小明的猜想错误。操作时两管底面始终在同一高度 A.仅将2号管倾斜，直至水面与1号管水面相平 B.仅向1号管中加入适量水，直至两管水面相平 C.仅向1号管中加入8g水，使两管中水质量相等 D.将2号管中的水全部倒出后竖放，再装入盐水直至液面与1号管水面相平 28.两只铭牌模糊的小灯泡、，仅能看清分别标有“”和“”字样。 图甲是用“伏安法”测量灯正常发光时的电阻约为的实物电路。 ①电路中有一处连接错误，请在错误导线上画“”，并用笔画线代替导线画出正确的接线。 ②改正错误后闭合开关，移动滑片，两电表均无示数。经检查，电源和电路接线均完好，导线和两电表均无故障。若电路只有一处故障，则可能是______。 ③排除故障后，正确操作，闭合开关，移动滑片，电压表的示数为时，电流表的示数如图乙所示，则______。 利用图丙所示电路，可以测出灯正常发光时的电阻的大小。电源电压恒定且未知，滑动变阻器的最大阻值为，定值电阻的阻值未知，小灯泡的额定电流为。具体实验步骤如下： ①闭合开关S和______，将滑片 P调至a端，电压表示数为；再将滑片P调至b端，电压表示数为； ②只闭合开关S、，调节滑片P，使电压表示数______；用物理量符号表示 ③只闭合开关S和______，读出电压表示数为，则______。用物理量符号表示 29.某兴趣小组设计的车辆超载报警装置如图甲所示。杠杆为支点始终保持水平平衡，OA：：5，A处有一个汽车踏板，B处固定的三角形压杆与压敏电阻接触，踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。电源电压恒定，滑动变阻器规格为“，1A”，指示灯L的额定电压为9V，其关系部分图像如图乙。当电磁铁中的电流达到或超过时，衔铁被吸上去电磁铁固定不动，触点1和2接通，灯开始闪烁报警。图丙所示为可供选择的a、b两个压敏电阻的阻值与所受压力的关系图像。电磁铁线圈、连杆、触点的阻值均忽略不计 应选图丙中______选填“a”或“b”作为该电路的压敏电阻。 设定当踏板上质量达到或超过18t时，灯开始闪烁报警，对电路进行如下调试： ①将滑片P移至最右端，电阻箱调至______，闭合开关S； ②开关接______，调节______，直至灯开始闪烁； ③开关接______，调试完毕，装置即可正常使用。 根据调试完毕的情况，当车辆质量刚好为18t时装置报警，灯闪烁较亮时恰好正常发光，求电源电压U和此时滑动变阻器接入电路的阻值。 若想增大该装置允许承载的最大质量，可通过以下______方式进行改进。 A.将A处踏板向右移 B.适当增大电源电压U C.将滑片P向右移 D.增加电磁铁线圈匝数 五、计算题：本大题共1小题，共5分。 30.如图所示是江心洲上投入使用的无人驾驶观光车。若它的质量为3t，静止时轮胎与水平地面的总接触面积为。 观光车在某段平直路面上匀速行驶600m，用时，求车在此过程中的行驶速度。 求该观光车静止时对水平地面的压强。 答案和解析 1.【答案】A  【解析】解：当用大小不同的力敲击鼓面时，鼓面会因振动而发出声音，由于鼓面振动的幅度不同，所以声音的响度也会不同。 故选：A。 声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；振动幅度越小，响度越小。 解决此类问题要结合声音特征中的响度定义去分析解答。 2.【答案】B  【解析】解：A、人体感觉舒适的温度约为，故A不符合实际； B、九年级物理课本的质量约为250g，故B符合实际； C、荧光灯正常工作时的电流约为，故C不符合实际； D、中学生正常步行速度约为，故D不符合实际。 故选：B。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 3.【答案】B  【解析】解：A、“窗含西岭千秋雪”，雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，而升华是固态直接变为气态的过程，故A错误。 B、“露似真珠月似弓”，露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B正确。 C、“薄雾浓云愁永昼”，雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，汽化是液态变为气态的过程，吸热，故C错误。 D、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。 故选：B。 物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。 分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。 4.【答案】A  【解析】解：水中倒影是光的反射形成的。 A、镜花水月是由于光的反射形成的，故A符合题意； B、立竿见影是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意； C、海市蜃楼是光在不均匀介质中不沿直线传播，属于光的折射现象，故C不符合题意； D、凿壁偷光是由于光的直线传播形成的，故D符合题意。 故选：A。 光的传播有三种现象： 光在同种均匀物质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的； 当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，如：平面镜成像、水中倒影等； 当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、筷子在水杯中会变弯等。 本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道光学基础题。 5.【答案】D  【解析】解：A、开关要接在火线和灯泡之间，这样开关断开时，灯泡既断了电，也脱离了火线，人接触灯座不会触电，故A错误； B、总开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误； C、有金属外壳的家用电器一定要接地，避免漏电或触电，故C错误； D、使用测电笔时手要接触笔尾的金属电极，人体和大地才能构成通路，故D正确。 故选：D。 开关要接在火线和灯泡之间。 总开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大。 有金属外壳的家用电器一定要接地。 使用测电笔时手必须接触笔尾金属体。 本题考查的是测电笔的使用方法；知道家庭电路的组成和安全用电的原则。 6.【答案】C  【解析】解：A、物体被举高后，其重力势能增大，而不是分子势能增大。分子势能与分子间的距离、分子间的作用力等因素有关，与物体被举高这一宏观位置变化无关，故A错误。 B、海绵容易被压缩是因为海绵内部有许多空洞，而不是分子间有空隙。分子间的空隙是微观层面的，用肉眼无法直接观察到，海绵的压缩主要是空洞被挤压变小的结果，故B错误。C、原子由原子核和核外电子组成，原子核又由质子和中子组成。所以按照空间尺度由大到小排列为原子、原子核、电子，故C正确。D、电子在原子核外绕原子核做高速运动，但运动方式不是像行星绕太阳那样有固定的轨道，存在于一定的概率分布区域内，即电子云。质子和中子则位于原子核内，并不绕原子核运动，故D错误。 故选：C。 物体被举高后，其重力势能增大，而不是分子势能增大。 海绵容易被压缩是因为海绵内部有许多空洞，而不是分子间有空隙。 原子由原子核和核外电子组成，原子核又由质子和中子组成。 电子在原子核外绕原子核做高速运动，但运动方式不是像行星绕太阳那样有固定的轨道，存在于一定的概率分布区域内，即电子云。质子和中子则位于原子核内，并不绕原子核运动。 本题考查了学生对宏观世界物质尺度的了解，属于基础性考查，比较简单。 7.【答案】A  【解析】解：汤勺放在热汤中温度升高内能增大，汤勺吸收热量，温度升高，内能增大，属于通过热传递改变物体的内能。 A、冰敷受伤部位，冰吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变物体的内能，故A符合题意； B、反复弯折铁丝，对铁丝做功，属于通过做功改变物体的内能，故B不符合题意； C、压缩空气，对空气做功，属于通过做功改变物体的内能，故C不符合题意； D、钻木取火，克服摩擦做功，属于通过做功改变物体的内能，故D不符合题意。 故选：A。 改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。 本题考查内能的改变，属于基础题。 8.【答案】B  【解析】解：风力发电是利用电磁感应原理，将风能转化为电能，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。 A、该装置是演示奥斯特实验的装置，闭合形状，通电导体周围存在磁场，使导线下方的小磁针受力转动，不是风力发电原理，故A错误。 B、该装置中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏电流计的指针会发生偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，与风力发电原理相同，故B正确。 C、该装置是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，利用的是电流的磁效应，不是风力发电原理，故C错误。 D、该装置中有电源，是通电导体在磁场中受力的实验装置，是电动机的工作原理，不是风力发电原理，故D错误。 故选：B。 发电机的工作原理是电磁感应现象。 本题考查发电机的工作原理，要熟悉电磁学部分常考的几个实验装置间的区别。 9.【答案】C  【解析】解：A、踢毽子的力是脚发生形变产生的，故A错误； B、敖丙踢毽子的力与哪吒踢毽子的力作用在同一个物体上，不是一对相互作用力，故B错误； C、毽子离开脚后继续在空中飞，是因为毽子具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，故C正确； D、毽子在最高点时，若所有外力突然消失，它将做匀速直线运动，故D错误。 故选：C。 踢毽子的力是脚发生形变产生的； 相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上； 一切物体在不受外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。 本题以动画电影《哪吒之魔童闹海》考查蕴含的物理知识，重点考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。注重了物理和生活的联系，具有较强的综合性，是一道好题。 10.【答案】D  【解析】解：A、无油时，的最大阻值和串联接入电路，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可知通过电路的电流为最小，但不为0，故A不符合： B、电压表测量下部分电阻两端的电压，无油时，的最大阻值和串联接入电路，根据串联电路的分压特点可知下部分电阻两端的电压最大，即此时电压表示数最大，故B不符合： C、电压表测量两端的电压，无油时，的最大阻值和串联接入电路，根据串联电路的分压特点可知两端的电压最小，即此时电压表示数最小，但不为0，故C不符合： D、电压表测量上部分电阻两端的电压，油量越小，连入电路的电阻越小，根据串联电路的分压特点可知两端的电压越小，即电表示数越小；无油时，连入电路的电阻为零，则电压表示数为0，故D符合。 故选：D。 根据无油时电表示数恰好为0，分析电表种类，结合油量越大，电表示数越大，与串联分压规律分析解答。 本题考查串联电路的特点与欧姆定律的应用，属于中档题。 11.【答案】D  【解析】解：A、由热量计算公式，知在时间段，温度变化量是，吸收热量；在时间段物体处于熔化过程，吸收热量但温度不变，所以时间段吸收热量大于，故A错误。 B、比热容是物质的一种特性，与物质的状态有关，同种物质在相同状态下比热容相同。和时间段物质状态相同，比热容相同，故B错误。 C、在时间内放出热量为，时间为，已知在相同时间内放出热量相等，在时间内，时间为，设时间段放出热量为，由于相同时间放热相等，则，即，故C错误。 D、时间段温度升高，吸收热量，时间段温度降低，放出热量，所以这两个阶段吸放热相等，故D正确。 故选：D。 由公式，知在时间段，物体吸收热量为；在时间段物体熔化吸收热量，所以时间段吸收的热量大于时间段吸收的热量； 比热容是物质的一种特性，与物质的状态有关，同种物质在相同状态下比热容相同； 在时间内放出热量为，时间为，已知在相同时间内放出热量相等，在时间内，时间为，设时间段放出热量为，由于相同时间放热相等，由得到的表达式； 时间段温度升高，吸收热量，时间段温度降低，放出热量，分析即可得出结论。 本题考查物质吸放热公式的应用，能够从图中获取有价值的信息是解题的关键。 12.【答案】C  【解析】解：AB、由图甲可知，灯L、和串联，电流表测电路中的电流，电压表测电源电压不变，电压表测两端的电压，电压表测和两端的电压之和，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，则电压表示数变大，灯L两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，电压表示数变小，滑片从最右端向左移动，直至小灯泡正常发光时，电路中的电流为，此时电压表和示数相同，则此时滑动变阻器接入电路的阻值最小为0，灯L和串联，由图乙可知，此时两端的电压为10V，则电源电压为：， 小灯泡的额定功率为：，故AB错误； CD、的阻值为：， 滑片位于最右端时，由图乙可知，此时电压表示数为：，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时电路中的电流最小，即电路中的最小电流为：， 此时灯L两端的电压为：， 则小灯泡的实际功率为：， 此时两端的电压为：， 滑动变阻器两端的电压为：， 则滑动变阻器的最大值为：， 所以滑片从最右端向左移动过程中，接入电路的阻值由变为， 故C正确，D错误。 故选：C。 由图甲可知，灯L、和串联，电流表测电路中的电流，判断出各电压表所测的电压，根据串联电路的电压规律和欧姆定律求出电源电压，根据求出小灯泡的额定功率； 根据欧姆定律求出的阻值，滑片位于最右端时，由图乙确定出电压表的示数和电路中的最小电流，根据串联电路的电压规律和求出小灯泡的实际功率，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，即可解答。 本题主要考查电路的分析、串联电路的规律及欧姆定律的应用，有一定难度。 13.【答案】电磁  增大  运动  【解析】解： 电磁波可以在真空中传播，且传播速度快，能够满足地面控制室与卫星之间远距离、高速率的信息传输需求。像天链二号04星这样的地球同步轨道数据中继卫星，无论是接收地面的指令，还是向地面传输飞船、空间站等载人航天器，以及中、低轨道资源卫星的数据，都是依靠电磁波来完成的。 机械能是动能和势能的总和。在火箭加速升空过程中，卫星的质量不变，速度增大，所以动能增大；同时，卫星的高度不断升高，重力势能也增大。因此，卫星的机械能增大，其增加的机械能是由火箭燃料的化学能转化而来的。 因为卫星相对于地面的位置在不断发生变化，卫星在火箭的推动下逐渐远离地面，向太空飞去，所以以地面为参照物，卫星是运动的。 故答案为：电磁；增大；运动。 广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。 动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式。 物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 本题考查了电磁波的应用，机械运动的概念，运动与静止的相对性。 14.【答案】2400  600  80  100  【解析】解：克服物体重力做的有用功： ； 由图知使用的是动滑轮，，拉力端移动距离：， 拉力做的总功： ， 拉力做的额外功： ； 滑轮的机械效率： ； 拉力做功的功率： 。 故答案为：2400；600；80；100。 利用计算克服物体重力做的有用功； 由图知使用的是动滑轮，，拉力端移动距离，利用计算拉力做的总功，拉力做的额外功； 滑轮的机械效率等于有用功与总功的比值； 知道做功时间，利用计算拉力做功的功率。 本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、额外功、机械效率、功率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。 15.【答案】机械  内  2400    【解析】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，可以判断是压缩冲程或做功冲程，又因为活塞向上运动，可以判断是压缩冲程； 压缩冲程中活塞的机械能转化为燃气的内能； 飞轮每转动两圈，燃气对外做功一次，此时燃气对外做功20次，则飞轮1s转动40圈；飞轮转速为； 完全燃烧10kg汽油，放出的热量： ， 根据，对外做功为： 。 故答案为：机械；内；2400；。 首先根据进气门和排气门，再根据活塞的运动情况，判断是哪个冲程，做功冲程中内能转化为机械能，压缩冲程中机械能转化为内能； 首先根据燃气对外做功的次数，然后再计算飞轮每秒转动的圈数； 知道汽油的质量和热值，求出汽油完全燃烧放出的热量，再根据效率公式求出对外做的功。 本题考查了热机压缩冲程的判断、做功次数和飞轮转动圈数的关系、热量计算、热机的效率等。 16.【答案】=  <  =    【解析】解：A、B的质量相等，将这两球放入乙液体中静止时均漂浮，所受浮力等于重力， 根据可知，A、B所受的浮力相等，根据可知， A、B排开液体的体积相等，即； 将A、B两个质量相等的实心球放入甲液体中，由图可知，A球漂浮，B球沉底，根据物体浮沉条件可知， B所受的浮力小于B的重力，则A、B在甲液体中所受的总浮力小于它们在乙液体中所受的总浮力， 由力的相互性可知，A、B对甲液体的压力小于它们对乙液体的压力， 液体对柱形容器底的压力等于液体的重力和A、B对液体的压力之和， 故甲液体对容器底的压力小于乙液体对容器底的压力， 根据可知，甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强，即， 容器对桌面的压力等于容器、液体和物体的总重力，根据可知， 两容器对桌面的压力相等，根据可知，两容器对桌面的压强相等，即； B球在水中沉底，排开水的体积等于B的体积，B球在乙中漂浮，所受浮力等于重力， 根据、可得： 则B球的密度：。 故答案为：=；<；=；。 A、B的质量相等，将这两球放入乙液体中静止时均漂浮，根据漂浮条件可知A、B所受浮力的关系，根据可知A、B排开液体的体积关系； 将A、B两个质量相等的实心球放入甲液体中，由图可知，它们的浮沉状态，根据物体浮沉条件可知B所受的浮力与B的重力关系，从而可知A、B在两种液体中所受的总浮力关系，由力的相互性可知，A、B对液体的压力关系，液体对柱形容器底的压力等于液体的重力和A、B对液体的压力之和，根据可知液体对两容器底的压强关系； 容器对桌面的压力等于容器、液体和物体的总重力，根据可知两容器对桌面的压力关系，根据可知两容器对桌面的压强关系； B球在水中沉底，排开水的体积等于B的体积，B球在乙中漂浮，所受浮力等于重力，根据、求B球的密度。 本题考查阿基米德原理、压强公式和物体浮沉条件的应用，难度适中。 17.【答案】4；；  1；C  【解析】解：由题意和图乙可知，时间内木块静止，当拉力达到时，木块才开始滑动，所以，拉力时，木块仍然静止，则木块所受的摩擦力与拉力平衡，所以。 由乙图可知，当木块做匀速直线运动时，此时的拉力，所以木块受到的滑动摩擦力；当时拉力大于滑动摩擦力，物体将做加速运动，由于压力的大小和接触面的粗糙程度均不变，所以木块所受摩擦力仍为4N。 在研究滑动摩擦力f滑与接触面受到压力大小的关系时，应该用水平拉力F使木块做匀速直线运动，所以滑动摩擦力与拉力是一对平衡力，则；从表格中数据可以看出，拉力与压力大小的比值不变，设钩码的重力的重力为G，所以①，②，两式联立可知，。 由表格数据可知，接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，改变摩擦力大小的方法与该因素有关的是用更大的力压住橡皮擦字，故选：C。 故答案为：；；；C。 要解决此题，需要掌握二力平衡的条件，知道静止状态是平衡状态，此时拉力与摩擦力大小相等。滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与拉力大小无关。 要解决此题，需要认真分析表格中的数据，找出拉力与摩擦力的关系 此题是探究物体所受摩擦力的大小与所受压力之间的关系。主要考查了二力平衡条件的应用，要知道静止状态和匀速直线运动状态都属于平衡状态。 18.【答案】6  30  12  【解析】解：由电路图可知，当闭合开关，断开、，滑片位于最右端时，和串联，此时， 根据可知，电路中的电流为：， 则电源电压为：， 由题意可知，， 当开关、、均闭合，滑片位于最左端时，、、并联，电流表测通过、的电流之和， 则：，即：，则有：， 因为电源电压相等，所以：， 则：，， 所以：， 当闭合开关，断开、，将滑片位于最左端时，、、串联， 电路中的总电阻为：， 则的阻值为：， 则内电流通过电阻所做的功为： 。 故答案为：6；30；12。 由电路图可知，当闭合开关，断开、，滑片位于最右端时，和串联，根据求出电路中的电流，再根据欧姆定律及串联电路的电阻规律列出电源电压的表达式；当开关、、均闭合，滑片位于最左端时，、、并联，根据并联电路的电流规律列出电流表示数的表达式，得出电源电压的表达式，根据电源电压相等解出的阻值和电源电压的数值，再根据、的关系求出的阻值，当闭合开关，断开、，将滑片位于最左端时，、、串联，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据串联电路的电阻规律求出的阻值，根据求出内电流通过电阻所做的功。 本题主要考查欧姆定律的应用、电功公式及串联电路规律的应用，有一定难度。 19.【答案】高温；  55；176；  80  【解析】解：由图乙可知，开关旋钮一端对准A位置时，1、2连接后再与3、4连接，由图甲可知，、并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，电热水器处于高温挡； 开关旋钮一端对准D位置时，2、4连接，由图甲可知，、串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，总功率最小，电热水器处于低温挡； 若要实现开关旋钮沿某个方向转动时，加热功率逐步增加或减小，则开关旋钮一端对准B位置时，电热水器处于中温1挡，此时3、4连接，由图甲可知，只有工作， 由表格数据可知，中温1挡的电功率，由可知，的阻值：； 高温挡工作时的电功率：， 由可知，的阻值：； 根据串联电路的特点可知，电热水器低温挡时电路的总电阻：， 电热水器低温挡的电功率：； 水吸收的热量：， 电热水器消耗的电能：， 此过程中的加热效率：。 故答案为：高温；；176；。 由图乙可知，开关旋钮一端对准A位置时，1、2连接后再与3、4连接，由图甲可知，、并联；开关旋钮一端对准B位置时，3、4连接，由图甲可知，只有工作；开关旋钮一端对准C位置时，1、2连接，由图甲可知，只有工作；开关旋钮一端对准D位置时，2、4连接，由图甲可知，、串联；根据串并联电路的特点和可知电热水器各挡的电路连接； 根据分析可知，开关旋钮一端对准A位置时电热水器处于高温挡，则开关旋钮一端对准B位置时应该中温1挡，根据可求出的阻值；根据求出高温挡工作时的电功率，根据可求出的阻值；根据串联电路的特点求出低温挡工作时电路的总电阻，根据可求出低温挡的电功率； 根据求出水吸收的热量，根据求出电热水器消耗的电能，根据效率公式求出加热效率。 本题考查串并联电路的特点、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，是一道电热多挡位电路物体，能正确分析电路连接是解题的关键。 20.【答案】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点、，用虚线连接、，即为AB在平面镜中的像，如图：   【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。 平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。 21.【答案】  【解析】解：因为A物体与扶梯一起匀速向上运动，所受重力和支持力是一对平衡力，大小相等，即；过A物体重心作竖直向下的力即重力和竖直向上的力即支持力，作图时两条线段长度要相等；如图所示： A物体随自动扶梯一同匀速上升，因此A物体相对于扶梯静止，A物体受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力；确定重心的大致位置，然后表示出二力的方向。 画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。 22.【答案】解：根据题意可知，电流表正常偏转，则电流是从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，所以电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管的左端为N，右端为S极，在磁体的外部，磁感线是从N极出来，回到S极的，故磁感线方向是向右的；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针左端为N极，如图所示：   【解析】电流是从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，故根据右手螺旋定则安培定则得出通电螺线管的极性；在磁体的外部，磁感线是从N极出来，回到S极的； 磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。 安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。 23.【答案】自下而上；  92；  低于；  保持不变  【解析】解：实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要自下而上的顺序； 某时刻温度计示数如图甲所示，该温度计的分度值是；该时刻的温度是； 加热一段时间后，烧杯中的水和试管中的液体都沸腾了，试管中的液体还能够从水中吸收热量，根据热传递的条件可知，则试管中液体的沸点低于水的沸点； 当观察到如图丁所示现象时，产生大量气泡，上升变大，水处于沸腾过程中，水不断吸收热量，温度保持不变，调高加热挡位继续加热，则温度计的示数将保持不变。 故答案为：自下而上；；低于；保持不变。 实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要按自下而上的顺序； 温度计在读数前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值； 根据热传递条件分析解答； 液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。 此题主要考查的是温度计的读数、沸腾现象、沸腾规律等知识点，这些都是该实验中应该重点掌握的内容。 24.【答案】左；照相机；  近视眼；  下  【解析】解：在图示位置将蜡烛向右移到刻度线处，此时物距，光屏到凸透镜的距离，，成倒立、缩小的实像，故应将图中的光屏向左移动，调节后可在光屏上得一个倒立、缩小、清晰的实像，是照相机的原理； ③近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，发散作用是使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以将近视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了；使光屏远离凸透镜，又能在光屏上看到蜡烛清晰的像，则该眼镜可以矫正的视力缺陷是近视眼； 由于实验时间较长，蜡烛变短，由于凸透镜成倒立的实像，过光心的光线方向光不发生改变，屏上的像向上移动，要使烛焰的像成在光屏中央，应将凸透镜向下移动。 故答案为：左；照相机；近视眼；下。 根据，，成倒立、缩小的实像； 根据“物远像近像变小”的规律即透镜的规律分析解答； 根据过光心的光线方向光不发生改变，进行分析。 本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握凸透镜的特点，解答此类题目就很容易。 25.【答案】；  发生；  右；  上升  【解析】解：由甲图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是，即此刻度尺的分度值为1mm；瓶盖左侧与对齐，右侧与对齐，所以瓶盖的直径为； 用一根细绳拉着空矿泉水瓶在桌面上做匀速圆周运动，矿泉水瓶的运动方向始终在改变，因此空矿泉水瓶的运动状态发生改变； 装水的瓶子和小车一起静止在水平面上，瓶子和小车一起突然水平向右运动，水由于惯性保持原来的运动状态，水面会向左倾； 往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到大气压向上的压强大于向下的压强，液面上升。 故答案为：；发生；右；上升。 刻度尺的最小刻度值或叫分度值为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； 当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，其运动状态不变；而运动方向或运动速度大小的变化都说明运动状态改变； 物体保持运动状态不变的性质叫惯性； 液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。 本题考查刻度尺的使用、运动状态的改变、惯性和流体压强与流速的关系，属于综合题。 26.【答案】①左；54；④；小；  ③盐水液面与b相平；④  【解析】解：①将天平放在水平台上，将游码归零，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应该向左调节平衡螺母； 由图可知，杯子的质量为：； ④将量筒中的水倒入一部分到烧杯中，直至烧杯中的水到达标记处，此时图丙量筒中剩余水的体积为， 玻璃杯的体积等于倒出水的体积，即； 玻璃的密度： ； 玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水的体积大于玻璃杯的体积，物体质量是一定的，测量的体积变大，根据，测量出的密度会偏小； 向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，使玻璃杯在水与盐水中排开液体的体积相同，玻璃杯在水中漂浮， 根据漂浮的特点及阿基米德原理有：， ， 则-----①， 玻璃杯在盐水中漂浮，， 则， 则----②， 将①代入②可得，。 故答案为：①左；54；④；小；③盐水液面与b相平；④。 ①天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针指偏转的反方向调节，使横梁平衡； ④玻璃杯的体积等于所加水的体积，再根据密度公式求出玻璃杯的密度； 玻璃杯从水中取出时，会带走一部分水，量筒倒入烧杯中的水会偏多，物体体积的测量值会偏大。物体质量是一定的，测量的体积变大，密度会变小； 向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，利用玻璃杯在水中和盐水中排开的体积相等，结合漂浮时浮力等于其重力及阿基米德原理，列等式解答。 本题测量玻璃杯所用玻璃的密度，考查了量筒、天平的使用及密度的计算和误差分析，同时测量液体的密度，考查漂浮的特点及阿基米原理的运用，综合性较强。 27.【答案】高度差；  b、c；  AB  【解析】解：液体内部的压强大小无法直接观察，实验中可以通过压强计U形管两侧液面的高度差来反映液体压强的大小； 探究液体密度对液体内部压强大小的影响时，应控制液体的深度相同，改变液体的密度，故应分别将压强计金属盒的橡皮膜放在图乙中b、c两个位置处进行实验； 、探究液体的压强与管内液体的质量的关系时，必须控制液体的密度和深度都相同； 仅将2号管倾斜，直至水面与1号管水面相平，控制了液体的密度和深度都相同，而两管中水的质量不同；若发现1号、2号管中橡皮膜的鼓起程度相同，说明橡皮膜受到水的压强相等，即液体的压强与管内液体的质量无关，故A项操作可行； 仅向1号管中加入适量水，直至两管水面相平，控制了液体的密度和深度都相同，而两管中水的质量不同；若发现1号、2号管中橡皮膜的鼓起程度相同，说明橡皮膜受到水的压强相等，即液体的压强与管内液体的质量无关，故B项操作可行； C、仅向1号管中加入8g水，使两管中水质量相等，因为没有改变水的质量，且此时两管中水深也不同玻璃管的粗细不同，所以不能探究液体的压强与管内液体的质量的关系，故C项操作不可行； D、将2号管中的水全部倒出后竖放，再装入盐水直至液面与1号管水面相平，虽然控制了液体的深度相同，但没有控制液体的密度相同，故D项操作不可行； 综上可知，只有AB正确。 故答案为：高度差；、c；。 液体内部的压强大小无法直接观察，实验中可以通过压强计U形管两侧液面的高度差来反映液体压强的大小，这种方法叫转换法； 探究液体密度对液体内部压强大小的影响时，应控制液体的深度相同，改变液体的密度，由此判断应选择的压强计金属盒的橡皮膜位置； 结合控制变量法分析。 本题考查实验探究影响液体内部压强大小的因素和力的示意图，涉及科学方法、实验设计、现象分析等环节，难度适中。 28.【答案】见解析中的图；滑动变阻器断路；；   、； ；；  【解析】解：①原电路中，电流表与变阻器串联后再与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，改正后如下所示： ②改正错误后闭合开关，移动滑片，两电表均无示数，电路可能断路，经检查，电源和电路接线均完好，导线和两电表均无故障。若电路只有一处故障，则可能是滑动变阻器断路。 ③排除故障后，正确操作，闭合开关，移动滑片，电压表的示数为时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为，电流为，则 。 根据上面的分析： ①闭合开关S和 、，将滑片P调至a端，电路为定值电阻的简单电路，电压表测电源电压，示数为；再将滑片P调至b端，定值电阻与变阻器的最大电阻串联，电压表测定值电阻的电压，电压表示数为；根据串联电路电压的规律及分压原理有 故 ②只闭合开关S、，调节滑片P，使电压表示数 ③只闭合开关S和，读出电压表示数为，电压表测定值电阻和变阻器的电压，灯仍正常发光，则灯的额定电压为 则灯正常发光时的电阻的大小 故答案为：见解析中的图；滑动变阻器断路；； 、； ；；。 ①找出原电路连接错误之处，本实验电流表应与灯串联，电压表与灯并联，据此改正； ②改正错误后闭合开关，移动滑片，两电表均无示数，电路可能断路，经检查，电源和电路接线均完好，导线和两电表均无故障。若电路只有一处故障，据此分析； ③根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出； ①为求出电源电压大小和定值电阻大小，通过开关的转换，将滑片P调至a端，使电路为定值电阻的简单电路，此时电压表测定值电阻的电压，即电源电压，再将滑片P调至b端，此时变阻器的最大电阻与定值电阻串联，电压表测定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律及分压原理可得出定值电阻的大小；为得出灯正常发光时的电阻，灯要正常发光，只闭合开关S、，灯、变阻器和变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，调节滑片P，使电压表示数 的值前面已得出，此时灯正常发光，为得出灯的额定电压，要得出此时变阻器连入电路的电阻，控制变阻器的滑片不动，通过开关的转换，使电压表测定值电阻和变阻器的电压，根据串联电路电压的规律可得出灯的额定电压，由欧姆定律得出灯正常发光时的电阻的大小。 本题考查测量灯的电阻的常规方法及测量灯的电阻的特殊方法，最后一问难度较大。 29.【答案】a；  ①15；②2；滑动变阻器；③1；  AC  【解析】解：由图甲可知，、L和串联；当电磁铁中的电流达到或超过时，衔铁被吸上去，触点1和2接通，灯开始闪烁报警，说明压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，由图丙可知，应选a作为该电路的压敏电阻； 已知当踏板上质量达到或超过18t时，灯开始闪烁报警，则， 所以B点支持力， 故所受压力为，由图乙知，此时； 由图甲可知，开关接2，电阻箱与滑动变阻器串联；当电阻箱的阻值等于报警时压敏电阻的阻值时，调节滑动变阻器，直至灯开始闪烁，即可完成调试，即： ①将滑片P移至最右端，电阻箱调至，闭合开关S； ②开关接2，调节滑动变阻器，直至灯开始闪烁； ③开关接1，调试完毕，装置即可正常使用； 依题意：增大承载质量，但装置报警电流不变，即B点所受压力FB要保持不变，由杠杆平衡条件得求得因为FB、OB都不变，要使变大，只需要OA减小，所以A处向右移即可，所以A选项正确。     增大承载质量，但装置报警电流不变，若保持OA、AB不变，增大承载质量，B所受压力变大，电阻减小，则电流会增大，要保持报警电流不变所以可以减小电源电压，或增大的阻值，所以B错误，C正确。 D选项中，增加电磁铁线圈匝数，同等电流下会增加电磁铁的磁性，这样就会导致电流低于时也会报警，即承载质量小于18t也会报警，从而减小了承载质量，所以要增加承载质量要减小线圈匝数，所以D错误。 综上所述：答案先AC 由图甲可知，、L和串联；当电磁铁中的电流达到或超过时，衔铁被吸上去，触点1和2接通，灯开始闪烁报警，说明压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，据此分析； 已知当踏板上质量达到或超过18t时，灯开始闪烁报警，根据得出A点的压力值，根据得出B点压力； 由图丙知，此时，故需将调到阻值为； 开关接2，电阻箱与滑动变阻器串联；当电阻箱的阻值等于报警时压敏电阻的阻值时，调节滑动变阻器，使电流表示数刚好等于最小报警电流，即可完成调试； 要增大允计最大质量，可以从几个方面入手①：保持B点所受压力不变的情况下，可以由杠杆平衡条件进行求解。②若保持OA、AB不变，要增大质量，即要在增大质量后，受的压力增大，的电阻 减小，但电流不能增加，所以可以减小电源电压或增大的电阻实现。 本题为电学综合题，要灵活运用动态电路分析思想来分析电阻的变化从而对应力的变化。 30.【答案】观光车在某段平直路面上匀速行驶600m，用时，车在此过程中的行驶速度为；   该观光车静止时对水平地面的压强为  【解析】解：车在此过程中的行驶速度为： ； 观光车的重力为： ， 观光车对地面的压力等于本身的重力，即，则观光车对地面的压强为： 。 答：观光车在某段平直路面上匀速行驶600m，用时，车在此过程中的行驶速度为； 该观光车静止时对水平地面的压强为。 根据速度公式求出车在此过程中的行驶速度； 已知观光车的质量，利用求其重力，观光车对地面的压力等于本身的重力；利用求观光车对地面的压强。 本题考查了速度公式和压强公式的应用，基础题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$