选择题高考演练-【一本】高考物理真题分类

立转出关理 选择题高考演练（一）】 RUU.-11 速度的最大植为唇g,其中g为重力加速度大 仁粒子穿过电客器区城的输转角度的正初值 小，下列说法正确的是 4 为2 1.(222重成卷，4会)2022年5月15日，我偶自主 4新面·希法每餐(2如24安置春，5 D仪改变粒子的质量或者电背量，粒子在电容 所发的极目号型浮空根创壶了海拔90过 分)（多造）一倾角为3如足够大的光 器中的运动地连不变 来的大气科学观测世界纪录。若浮空艇在某段 滑斜面圆定于水平地面上，在斜面 6.(如24年南意，4分)《多选》真直空中 上升过程中，艇内气体温度降低，体积和质量视 A棒与静轨阿的动摩擦调数为 上建立O直角坐标系，如图1所示。从1一0 有两个点电掉，电荷量均为一g(g 为不变，则艇内气体（税为理想气体） 开始，将一可视为履点的物块从。点由静止释 0),齿完于相座为2，的P.P:周 A吸收热量 R压强增大 县特与导执属的动摩整园数为得 敏，同时对物块随和沿工轴正方向的力F,和 C内佰诚小 D对外做负功 点O是P:P连线的中点，M点在PP连线的 .加建阶段如速度大小最大时，磁畅方向料间 F,其大小与时间：的关系如图2所常。已知物 2〔224山泰卷，3分》…定质量叫 中垂线上，到O点的座离为T,N点在P,P连 下.6=60 的理想气体经历如图所示的 块的质量为1,2k,重力如速度度取10m/:,不 线上到口点的距离为x红客)，已知静电力常 减通阶段加违度大小最大时，磁场方向斜向 循环过程：网一过程是等压 计空气阻力，则 量为k,侧下列说法正确的是 上，0-150 过程，b过程中气体与外界 0 B.《025全国甲卷，6分)（多选）光滑性绝峰属 无热量交换→g过程是等温过程。下判说法 筒内存在看平行于轴的匀强雕场，简上P点开 正确的是 有一个小几，过P点的横载面是以O为园心的 A中过程，气体从外界吸收的热量全部用于 14 对外做功 医 图2 AP,P,中垂线上电场强度最大的点到O点的 阳，如图所示。一带电粒子从P点沿代)射人， R灯过程，气体时外数功，内能增加 A物块始馋做匀变渔由线运动 Ca电过容，气体从外界吸牧的热量全留用 8/=18时y=25m 图海为停 然后与筒爱生碰植。假设粒子在每次碰罐 前.后剩向，速度沿割上碰植点的切线方向的分 于对外董功 C一1s时，物块的如速度大小为5得m/ 五PP中香线上电场强度的最大值为5 量大小不变，沿法规方向的分量大小不变，方向 91 D4b过程，气体从外界吸收的然量辱于C+a 相反，电荷量不变，不计重力。下列说法正编的是 Dr=2s时，物球的速度大小为10v2m/s 过程故出的热量 C在M点故人一电子，由静止释故，电子的加 区(2028期无喜，4分)（多选）一带正电的粒千从 3(221广东卷，8分)（多选）赛龙身是端午节的 速度一减小 静止开始经电压从加速后，射人水平线置的平 传统活动。下列：和：图像墟述了五条相同 D在N点放人一电子，由都止释放，电子的运 的龙身从同一起点线同时出发，沿长直河道划 行板电容器，极板间电压为U:。粒子射人时紧 动可视为简谐运动 向同一算点线的运动全过程，其中能反糗龙舟 常下极极功缘，速度方向与极根夹角为5，粒 7(2022南多卷，4分)（多选）如图所示，两平行导 甲与其他龙舟在逸中出观船头并齐的有〔 子运动轨迹的最高点到极板左右再骑的水平更 轨在间一水平面内。一中体棒垂直放在学轨 A.粒千的运动轨蓬可能通过同心O 离分划为2红和上，到两极板距离均为d,如图 上，棒与导赖问的动李藏因数恒定。整个装置 队最少经2次碰植，粒子就可能从小礼射出 所示。忽略边缘效废，不计重力。下列说法正 置于匀强磁场中，藏感放强度大小恒定，方向与 C射人小孔时粒子的速度越大，在属内运动时 确的是 金属棒垂直.与本平向右方向的夹角8可到 司越恒 学体棒沿导航冉右运动，现命导体移通以图示方 山每次碰幢后瞬闻，整子魂度方向一定平行于 向的定电流，适当调整整场方向，可以牡导体 硬撞点与侧心O的连线 铅导轨敏匀加速运动或匀减速运动。已知导 台墙理自： A.L +d-2F1 体棒加速时，加速度的最大值为 台信型瑞 g减速时，加 习商可我酸好为地时 选择题高考演练（二） 5(2022江蒸喜，4分》如图所示，轻质洋簧一端因 7.(2021福建基，4分)福建闻于台风顿 定，另一滑与物块A连接在一起，处干压第状 限时：5口海 发地区，各类户外设随建设挥要考愿 泰。A由静止释放后沿斜面向上运动到最大位 台风影响，已知10维台风的风速花 1.斯香面+物建与新料枝(2022 3(2023新课林叁，8会)（多达）一则 移时，文即将物块B轻放在A右侧，A,B由静 围为21.5m-284m/s,18级台风的风连范国 新红6月卷，3分》风力发电 量为1k细的物体在水平拉力的作用 止开始一起沿斜面向下运清，下滑过寝中A,日 为10m。一酸0鱼/%。若台风迎面霖直吹向一 已成为我国实现“双碳”目标 下，由静止开始在水平地面上沿工 始终不分离，当A国到初始位置时速度为零， 圆定的交通标志牌，则16毅台风对减交通标志 的重要途径之一。如图所 轴运动，出发点为x轴零点，2力做的功W与 A、B与斜面间的动摩擦因数相月，弹簧未超过 牌的作用力大小约为10级台风的 示，风力发电机是一种辩风能转化为电能的装 物体坐标x的关暴如图所示。物体与水平地面 洋性限度，期 A2倍B4倍C8倍 D16倍 置。某风力爱电机在风速为9m/~时，输出电 可的动岸擦因数为0，重力加速置大小襄 8(2024安撇表，5分)（多法）空闻巾存在极直向 功率为405kW,风速在5一10m/s蔻围内转 0m/,下列说法正骑的是 下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强藏场， 化效率可视为不变。该风机叶片旋转一周扫过 *1003 A当上滑到最大位移的一半时，A的壶毫度方 电场强度大小为E,威感应瑞度大小为B,一 的世积为A,空气密度为，风场风速为知，并保 向沿斜並向下 质量为m的带电消南：，在纸面内做半径为R 持风正面吹向叶片。下列说法正确的是() BA上带时，单簧的弹力方向不发生变化 的圆周运动，轨速如图所示。当：运动到且低点 A.该风力发电机的输出电功率与风建或正比 0 C下滑时，B对A的压力光减小后增大 P时，时间分成两个小油南，二著带电荷量、 且单位时可瓷过面积A的茂动空气动能为 A在士-1m时，拉力的功率为6W Q整个过程中A,B克服摩指力新做的总动大 质量均相同.I在P点时与：的速度方向相同， 2a1 在x=4m时，物体的动健为2 手日的重力梦使减小量 C从x一0运动到x一2m,物体克製摩擦力做 日国·形式创联(2021第南卷，5 并做半径为R的圆周运功，轨迹如图所示。Ⅱ的 C,若每天平均有1.0X1心kW的风能贡源，厮每 分)（多选）如图(》历示，质量分则 轨迹未看出。已知重力加魂度大小为：，不针室 天发电量为2.4X10kW,h五 的功为8J 为想A,湖a的A.B两物体用轻弹簧 气的浮力与阴力以及I,分开后的湘互作用，期 D从x=0适动到x=4m的过程中，物体的动 D若属扬每有30C0占风渔在G一10m/%柜 连接构成一个系悦，外力P作川在A上，系烧 围内，则该发电机年发电量至少为6,0× 量最大为2kg·m/ 静止在光滑水平面上(B靠培面》，此时洋簧形 4(22广东基，6分)（多选》如图所示，蓝控管内局 to kW+h 变量为工。教去外力并开始计时，A,B两物体 2(2a21榜地幕，6分)〔多进)如图u@斗⊙6 部区城分布有水平向右的匀强电肠和垂直纸面 运动的t图像如周(b)所示，S:表示0到1时 所示，四条相重平行的细长直导 向里的匀衡磁场。电子从M点由静止释救，沿 闻内A的：图线与坐标铂所围面积的大小， 图中所示轨连依次经过N,P再点。已知，P S:,5:分)表示：到时间内A.B的gt图线 线需直坐标系y平面，导线 ⊙d 在同一等势面上。下列说法正确的有 与坐标轴所围面积大小。A在时刻的速度为 入袖演：带负电，所带电荷量的大小为管 与坐标平如的交点为a,6,(,d四点，已知a, 封。下列说法正绳的是 ,d为正方彩的四个顶点，正方形中心位于 KP× B活清：数国网动的速度大小为誉 坐标原点O,e为cd的中点且在y轴上：四条 线中的电流大小相等，其中过“点的尊线的电 C小油清1敏慨屑运动的速度大小为买职 流方向垂直坐标平面向里，其余学线的电魔方 向垂直经标平面向外，则 A电子从N到P,静电力做正功 期为活 M[ () A,O点的陆感应强度为零 D,小物滴Ⅱ沿顺时针方向做测周运功 BN点的电势高于P点的电势 A.0到，时间内，镜对B的冲量等于测a西 且D点的磁蓝应强度方向由O指向 C电子从M到N,洛轮益力不做功 且mA>m■ 比得目： 二：点的赋感应强度方向沿？轴正方向 D,电子在M点新受的合力大于在P点所受的 C.B运动后，弹簧的最大形变量等于 止错摩的 D。点的蓝感应强度方向沿y轴鱼方向 合力 D.S-5:-S恒和电荷数好恒可知，“Pu衰变为U时产生HC, 11.D根据核反应满足质量数和电荷数好恒可知，Y 即g粒子，B错误。根据题意可知，Pu的半衰期大 的质子数为8一6=2，Y的质量数为16一12=4，则 于器Sr的半衰期，现用相同数日的毁Sr和Pu各做 Y是a粒子(He),三种射线的穿透能力，y射线最 一块核电池，经过相同的时问，越S经过的半衰期的 :,α射线最弱：三种射线的电离能力，口射线最强， 次数多，所以$S数目小于Pu的数目，C错误，D Y射线最弱，D正确。 正确。 12A根据质#数守恒和电荷数计恒可知，X的质其 5.D1哀变时，原子枚内中子转化为质子和电子，大量 数为7，电荷数为3，可知惊子核X足Li,A正确，C 电子从惊子核释放出来形成3射线，A错误。该反应前 错误。由选项A可知，该核反应方程为e十 后质#亏损为△n一m一mx一me一13L,03721u一 e→Li十8。则反应前的总质子数为4，反应后的 131.03186u-0.000549u=0.004801u,B错误. 总质子数为3，B错误。中微子不带电，则中微子 放射性元素1发生的衰变为3衰变，C错误。山于 的电荷量与电子的不相同，D错误。 半衰期为8天，可知经过16天，即经过两个半衰期， 13.C根据质能方程E一mc可知，每秒平均减少的 75%的烈I原子核发生了接变，D正确。 10 6.A原子核U衰变成为稳定的原子核贸P%质量数 质量为△n E 10 60c260×(3X10kg-5.4kg,则 减小了28，则经过了7次α衰变，巾问生成的新核的 每秒平均减少的质量量级为10kg,C正确。 质量数可能为231,227,223,219,215,211，则发生B 14.D根据核反应的质苹数和电荷数守相可知，X的 哀变的惊子核的质量数为上述各数，根据核反应的 质#数为1，也荷数为1，为氕核！II,A、B错误。根 质成数和也荷数守但可知，A正确」 据质能方和可知，由于质量亏损核反应放出的核能 7.D根据核反应前后质量数和电荷数守恒得A一 为E=△mc2=(m:十2一n:)c2,C错误，D正确。 12+1-7-2×1=4,Z=6+1一3-2×1=2枚式中 15D核反应方程为I1十H→1e十bn,A错误。氘 的X为He,D正确。 核的比结合能比氨核的小，B错误，氘核与氘核要 B.C根据核反应方程Y十Am→X十2n,由于质 想发生核凝变反应，应使它们之问的距离达到 子数守恒，设Y的质子数为y,则有y十95=119十0， 10m以内，C错误。一个氘核与一个佩核发生 可得y=24,即Y为Cr:根据质量数守恒，有54十 核聚变反应，质量亏损△m=(2.0141+3.0161一 243-A十2，可得A一295，C正确。 4.0026一1.0087)u-0.0189u,则一个氘核参与 9.B山质量数和电荷数守恒可得10十1=a十4,5+ 聚变释放的能量△E一0.0189×931.5MeV≈ 0=3十b,解得a=7,b=2,B正确。 17.6McV,4g氘完全参与聚变释放出的能E= 10.C根据反应前后质式数和巾荷数守恒可得6×2= 2×4十x+y,6-2X2+y解得x-2,y-2,C 2mal·Na△E≈2.11X105MeV,数量级为 正确。 10sMeV,D正确 选择题高考演练（一） 1.0 →u过程为等温过程，所以T=T。,结合T>T 气体严PAFW0一D错误 分析可知T>T.,所以b到c过程气体的内能成少， 等容P C正确 变化工 B错误。c-*a过程为等温过程，可知T。一T。,U一 P.T.TT--A020- -Q+WQc0一 +,一B错误 0,根据热力学第一定律可知，a··c过程，气休从 解题技巧理想气体内能由气体温度决定，根据热 外界吸收的热量全部用于对外做功，C正确。根据 热力学第一定律结合上述解析可知，a+b→c→a整 力学第一定律判断吸，放热情况；根据一定质量理想 气体的状态方程判断压强变化情况。 个热力学循环过程△=0，整个过程气体对外做功， 根据热力学第一定律可得△j-Q一Qa一W一0，故 2.Cab过程是等压变化日气体体积增大，气体对 外做功W<0,由盖-日燕克定律可知，T>T。,即气 a→b过程气体从外界吸收的热量不等于c→a过程 体内能增大，△Us>0,根据热力学第·定律U= 放出的热量，D错误。 Q十W可知，a→h过程，气休从外界吸收的热量一部 3BD在-t图像中图线与：轴围成图形的面积表示 分用丁对外做功，另-部分用丁增加内能，A错误。 位移的大小。龙舟甲与其他龙舟在途中出现船头并 ￥450◆ 齐，即在相问的时间内的位移相同，A错误，B正确。 在t图像中，图线有交点便会相遇，C错误，D正确。 值E=4,根据几何关系可知，此时A点到0点 9-3 4.BD由题图乙知，x方向合力为变力，故物块所受合 2 力为变力，物块做变州速运动，A错误。在y方向 的距离y=之r,A错误，B正确。在M点放人·电 上，由牛顿第二定律得ng sin30°=a,解得a= 千，由静止释放，由于>受，电子向上运动的过程 5m/s,t=1s时，y=2a=2.5m,B正确。由题 巾静电力一直诚小，则电子的加速度·直减小，C正 图乙知，t一1s时，x方向合力为6N,m速度a_E 确。根据等量同种电荷的电场线分布可知，电子运动 m 过中，)点为平衡位置，当发生位移x时，粒子受到 5m/s2,将两个方向的加速度合成，可知此时物块的 -4rx 加速度大小为5√2m/s2,C错误。1=2s内，沿x方 的静电力F=如·(r十x产-，由丁x《r,整 向，根据动量定理得号×(2+4)×2V·s+号×2× 理后有F≈-.c,在N点放入一电子，山静止释 ra 6N·s=,,解得u,=10m/s,沿y方向，v,=al= 放，电子将以O点为平衡位置做简谐运动，D正确。 10m/5,故t=2s时，物块的速度v=√0，+，2 M 10V2m/s,D正确。 5.BD带电粒子在电容器中运动到最高点的过程中，在 水平方向有2江=v0s45·,在竖直方向有92a 7BC导休棒加速时，安培力斜向右上，加速度才可能 ma,d=4 最大，根据左手定则可知，磁场应斜向右下，则 2 5t,0=vsin45°-a4,则有着 =1,a= BILsin0一u(mg一BILcos01）=m1,变形得 41.U:-wuidmt 24,=29,在加速电场4，山g心1= √/1+aBIL.sin(8,十g)-ng一a,①，其巾tano ,同理，成速时，所受安培力斜向左下，加速度才可 1 2w2得，U,一，则元三1·A错误，B正确。粒子 能最大，根据左手定则可知，磁场应斜向左上， 从最高点运动至离开电场的过程中，水平方向有L= B11.sin(180°-62)+μ[mg+B1.cos(180°-0：)] 0s行·t,竖直方间布u,-a,得，-2。 a2,变形得√/1+23l,sin(180°-82十g)十mg= ,与水 ma2②，其巾tng一，加速度最大时，sin(6,十 平方向夹角的正切1an0-4行=2，则粒子穿过 1 p)=1,in(180°-0，十g)=1,将最大加速度代入① 电容器区域的偏转角度的止切值tana=tan(0十 @式并联立得以-停A结溪，B正确，m?-停。 45)=3,C错误。粒子在电容器中运动时，有x= p=30°，可知0=60°，0，=120°，C正确，D错误 vcos45°，t,y-vsin45.t- 、2三一一、 8BD假设粒子带正电，粒子从P点以某一速度沿半 径方向射人匀强磁场，以O,为闲心做岗周运动，第 与g、m无关，D正确 一次在A点和筒壁发生碰撞，且最终从小孔射出的 一题多解粒子刚进入平行板电容器时，速度与极 情况如图所示。由几何关系可知，∠OAO为直角， 板的夹角为45”，沿速度方向作一条直线，由平抛运 粒子在与A点碰撞前瞬间的速度方向沿OA,由题意 动推论可知，该直线经过21和的分界线与上极 可知，粒子和简壁碰撞后速度会反向，仍会沿半径方 板的交点，由几何知识可得I=d。 向进人磁场，不可能通过圆心()，山圆的对称性可 6.BCD设P1处的点电荷在PP:中垂线上点A处产生 知，在其他点的碰撞悄况与上述相同，A错误，D正 的电场强度与竖直方向的夹角为0，根据电场强度的叠 确。由题意可知，粒子射出磁场以后的圆心织成的 期原理可知，小点的合电场强度-9s赋9as6,根 多边形成为以筒壁为内接圆的多边形，最少应为三 角形，即粒子最少与筒壁碰撞两次后从小孔射出，B 据数学知拟可知，日一气时E有最大值，且敬大 正确。如图所示，设粒子在磁场中运动轨迹的半径 为r,圆筒的半径为R,∠POA=a,由几何关系有 4451◆ m号一只欲0=，教子在感场帅运功的时 一题多解根据题意可知，要使粒子从P点射出， 粒子在简中偏转n次到P点，每次偏转角度为2π 间=·号·了=红，.m=.m a 2x gB a gB 0,转简恰好转过V圈，所以有n(2π一8)=N·2π (任-)·铝：随口的增大而增大，粒子的速度 98,an0-R (n,N取正整数)，又r=四。 28 增大的过程中，只有？为整数，即粒子恰好能从P点 射出的情况下，射人小孔时粒子的速度越大，在圆内 B,当n=3,N=1时，9=30,1=m， 2nm 9B,= 运动时间越短；若粒子以某一速度射入小孔，粒子不 √3gBR m 当n=5,N-2时，0-18，- 9Bv' 能恰好从小孔射出，则粒子会与筒檗持续发生碰撞， 粒子运动时问更长，C错误。 3gBR ,v越大，t不一定越短。 0 选择题高考演练（二） 1.D单位时问流过面积A的流动空气体积V=AD, 相等、方向分别垂直a连线和b加连线，二者的合磁 单位时间流过面积A的流动空气质量mn=ρV。= 感应强度方向沿y轴负方向，C错误，D正确。 Av,单位时问流过血积A的流动空气动能为 3.BC 1 1 ·要点图解】 之m=2p4v,风速在5~10m/s范围内，转化效 率可视为不变，根据动能定理可知，该风力发也机的 W=下x则图线的斜率表示物体所受拉力的人小 ↑W阳 输出电功率与风速的三次方成止比，A、B错误。由 于风力发电存在转化效率，若每大平均有1.0× 12- F-3 6 10kW的风能资源，则每天发电★应满足E<1.0× F=6N0234m 10×24kW·h=2.4×10kW·h,C错误。若风场 每年有5000b风速在6~10m/s的范围内，当风速 由公式W=Fx可知，Wx图像中图线的斜率为物体 所受的拉力人小，中题图可知，0~2m内物体所受的 取最小值6m/s时，该发电机牛发电量具有最小值， 拉力大小F,=6N,2~4m内物体所受的拉力大小 根据题总，风速为9ms时，输出电功率为405kW, F2=3N,物体所受的滑动摩擦力大小F(=g= 风速在5一10/s范围内，转化效率可视为不变，可 0.4×1×10N一4N。0一1m的过程，对物体由动能 讽速为6ms时，输出电功序P=6×智kW- 定理符W,一F:x1=2mo,2,解得=2m/s,由公 120kW,则该发电机年发电量至少为E=P1=120× 式P=F11得，拉力的功率为12W,A错误。0~ 5000kW·h一6.0X10kW·h,D正确。 4m的过得，对物体由动能定理得W,一Fxg=E, 2.BD由安培定则可知，通巾直导线b、c在O点产生 代入数据解得Ek=2J,B正确。0~2m的过程，物 磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，相互抵消， 体克服摩擦力做的功W:=Fx=4X2」=8J,C正 通电直导线a、d在O点产生的磁场方向均垂直ad 确。由于F<F:,所以物休在24m的过程巾做匀 连线指向c,故()点的磁感应强度不为零，方向由() 减速直线运动，因此物体在2m处的速度最大，动量 指向c,A错误，B正确。通电直导线c、d在e点产生 磁场的磁感应强度人小相等、方向相反，相互抵消， 最大，对物体由动能定理得W:一F2=2,2,代 通电直导线a、方在：点产生磁场的磁感应强度大小 人数据解得e=2w2m/s,物体动量的最大值p。= 452+ toe=22kg·m/s,D错误。 ms)a,弹簧弹力F在增大，加速度a先减小后反 一题多解 向增大，对B,根据牛倾第二定律可得mag sin0一 0一2m内，物体所受的水平拉力F, Fy一mag cos9=ma,加速度a先诚小后反向增 △W, △x =6N,物体的加婆度1= F-jomg =2m/s2, 大，如A对B的弹力Fy一直增大，根据牛顿第三定 律可知，B对A的压力一直增大，C错误。从最低点 当物体的位移为1m时，其速度=√2a1x1 到最高点，设A的最大位移为x,弹簧弹力对A做的 2m/s,此时拉力的醉时功率P=F11=12W,A错 功为W,根据动能定理可得，从最低点到最高点有 误。当物体的位移为2m时，其递度2=√2a1x W一agxsin0-magx cos9=0一0，从最高点再间 2W2m/s,2一1m内，物体所受的水平拉力F。= 到最低点行一W十(mA十#)grsin9一r(mA十m# =3N,物体的加速度a,=P二mg=-1m/, miB tan 6 △x2 粒cos0=0-0,联立可待以一2m十。，故整个过程 当物体的位移为4m时，其速度4 A,B克服摩擦力所做的总功为：(2mA十mB)· √/2十+2u2(x4一x)=2m/s,此时物体的动能 mgxcos0=mngxsin0,B的重力势能减小量为 1 agxsin0,D错误。A从最低点到最高.点，合外力做 E=2m0=21,B正确。0一2m内，物体克服摩 功为零，弹簧一直处于压缩状态，弹簧弹力与A的位 擦力做的功W,一mgx2-8J,C正确。当物体的位 移关系、A所受的摩擦力和重力沿斜面向下的分力 移为2m时，动量最大，有pn=z=2√2kg·m/s, 的合力与位移的关系如图所示（以弹簧始终处于压 D错误。 缩状态为例)，故当A到达最大位移一半时，弹力 F=mag sin9十mAg COS0,此时A的加速度为零，A 4BC山题总可知，电子所受静电力的方向水平向左， 也子从N到P的过程中静也力做负功，A错误。由 错误。 沿着电场线方向电势逐渐降低可知，N点的电势高 F= =mgcos 04 于P点，B正确。由于洛伦兹力一直都和速度方问垂 2 um geos 0+m gsin 0 直，故电子从M到N,洛伦兹力不做功，C正确。山 于M点和P点在同一等势血上，放电子从M到P 静电力做功为零，而洛伦兹力不做功，电子在M点 X-2 ,=x 速度为零，根据动能定理可知，电子在P点速度也为 6.ABD 零，则电子在M点和P点都只受静电力作用，在匀 ·解题指导(1)1时刻萌B受到培面的作用力，A、 强也场巾也子在这两点受到的静也力相等，即合力 B、弹黄组成的系统动量不守恒，1时刻后系统动量 相等，D错误。 守恒。(2)a-t图线与坐标轴所图面积的大小等于物 5.B 体速度的变化量。(3)2时刻A、B两物体的加速度 解题指导 解答本题应瓠住四个关续位置。 大小均达到最大，弹簧拉伯到最长，二者速度相同。 初位置速废为零，弹簧处丁卡缩状态 0到t时间内，对A由动量定理得I=m4w,而B处 比较弹簧弹力与承力沿斜而向卜的 于静止状态，墙壁对B的冲量等于弹簧弹力对A的 中间位置分力和摩擦力的合力的大小关系 冲量I,A正确。t时刻后，B离开绱壁，t时刻A、B 位 速度为零，弹簧此时仍处于压留 两物体的加速度大小均达到最大，弹簧拉仲到最长， 最高点位置状态 二者速度相同，由于此时A、B两物休所受弹簧n力 物块A、终一起下消.说 大小相等，而B的加速度大于A的加速发，山牛顿第 再次回到初位置h明A、B速度始终扣同 二定律可知mA>mn,B正确。B运动后，由题图(b) A上游时，如果婵黄弹力方向发生变化，则刚开始下 可知，任意时刻A的加速度小于其初始时刻的加速 滑时，弹簧弹力方向沿斜血问下，根据牛颜第二定律 度，因此弹簧的形变始终小于初始时刻的形变量 可得，物块B的加速度小于A的加速度，A、B无法 x,C错误。g时刻A、B共速，图线与坐标轴所围面 一起相对静止向下运动，所以A上滑时，排簧的弹力 积表示速度的变化量的大小，故有S,一S:=S,D 方向不发生变化，B正确。设斜面的倾角为0，下滑 正确。 时，以A、B整休为研究对象，根据牛顿第二定律有 7B设交通标志牌迎风面积为S、空气密度为、标志 (A十mg)gsin0-F带一(ma十mB）gcos0=(a十 牌对台风的作用力为F。在‘时问内吹向标志牌的 453 空气体积为V=S,空气质世m=eV=S,由动 BABD由a在电场和碳场中做圆周运动可知，a所受 t定理得一Ft=0一mw,解得F=Su2,由牛顿第三 重力等于静巾力，故a带负也，且Eu-mg,解得g 定律可知，台风对该交通标志牌的作用力大小为 F'=F=oSo2;10级台风的风速取vc=27m/s进行 学A正确。对e有B=m后可得包- m将g 估算，16缴台风的风速取v6=54m/s进行估算，16 受代人，得-，B正确。小油滴1、Ⅱ质转相 级台风对该交通标志牌的作用力大小与10级台风 对该交通标牌的作用力大小之比为产= F=4, 同，均为2m,带电量相同，均为29，对市29如B 即16级台风对该交通标志牌的作用力大小约为10 浓，可传=歌=30，则小油清1微圆用 E 级台风的4倍，B正确。 解题技巧把风看成以标志牌迎风面积为底面积 运动的网期T一迟-密C误.在P成，山 S,以t为高度的立方体，可以求出t时间内作用在 1 1 动量守何定律得，n0一2mu十2m1,可得h一一u, 标志牌上的风的体积，进而求出对应风的质量。风 对小油滴T受力分析可知，其所受重力等于静电力， 作用在标志牌上后速度瞬间变为零，可以利用动量 初速度方向水平向右，且带负电，由左手定则可知， 定理求解。 小洲滴Ⅱ沿顺时针方向做圆周运动，D正确。 题型二 实验题 专题一 力学实验（一） 考向涉及速度、加速度类实验 归纳总结本题考查-△图像，客易与t图像 基础卷 混淆，从而错误地认为斜率是=a,需要结合匀变速 1.【答案】(1)24.00(1分)80.0(2分)(2)如图所示 直线运动的位移公式求出k一24。 1 (1分)(3)71.0±0.5(2分)58.9±0.1(2分) 2【答案】(4)较大(1分)较小(1分)(5)如图所示 (4)b(1分)2(1分) (2分)(6)远大于钩码的质量(2分)见解析 (cm's") 105 (2分) 95 +am·s 85 6.0 75 5.0 4.0 65围 55 3.0 0010.20.30.40.50.64s 2.0 【解析】(1)由纸带数值得出△x仙=6.60cm十 1.0 8.00cm+9.40cm=21.00cm:7=4xu 0 0.100.200,30F9.8N) 【解析】(4)根据题图(b)可知，与图线甲相比，图线 80.0cm/s。(3)由图像可求得直线斜率k= 乙的线性区间较大，非线性区间较小。（⑤）在坐标系 87.3-58.9 0.10 cm/s2-71.0cm/s2,b-58.9cm/s 中进行描点，结合其他点用平滑的曲线拟合，使尽可 能多的点在线上，不在线上的点均匀分布在线的两 (4)由于小车做匀加速直线运动，以A点为运动起 侧。(6)对钩码，根据牛顿第二定律有F一Fr=ma, 1 点，其位移△x=va△1十2a(△)，则平均速度0 对小车，根据牛频第二定律有Fm=Ma,联立解得 产=以十79山，故直线针率及=名9,6=：所以 F=(M+m)a,变形得a=M十m F,当m《M时，可 1 a=2k,v4=b。 认为m十M≈M,即a=F,a与F成正比， 454◆