题型05 有机合成设计（湖北专用） -【好题汇编】备战2024-2025学年高二化学下学期期末真题分类汇编

题型05 有机合成设计 1．（23-24高二下·湖北·期末）有机化合物X与Y在一定条件下可反应生成Z或者W，反应方程式如下。下列说法错误的是 A．W的结构简式为 B．Z的同分异构体不可能是芳香族化合物 C．X、Y、Z均能使酸性高锰酸钾溶液褪色 D．Z在酸性条件下水解生成和 2．（23-24高二下·湖北·期末）同济大学许维教授团队合成环形碳和，极大推动了环碳领域的发展。其中的合成原理如图所示。下列说法错误的是 A．分子的稳定性差 B．前驱体()分子所有原子共平面 C．和互为同素异形体 D．1mol前驱体()在一定条件下最多与8molNaOH发生反应 3．（23-24高二下·湖北十堰·期末）制备1，2-丙二醇的一种方法为。下列说法错误的是 A．试剂a为NaOH的乙醇溶液 B．该方法不符合绿色化学理念 C．该合成方法可优化为两步 D．1，2-丙二醇在一定条件下可以转化为丙炔 4．（23-24高二下·湖北·期末）对羟基苯甲酸甲酯，又叫尼泊金甲酯，主要用作食品、化妆品、医药的杀菌防腐剂，其合成路线如图所示。 下列说法正确的是 A．对甲基苯酚是苯酚的一种同系物，且溶解度大于苯酚 B．反应(1)和反应(3)的目的是保护官能团酚羟基不被氧化 C．与对甲基苯甲醚属于同类有机物的同分异构体还有3种 D．1mol对羟基苯甲酸可以消耗2mol 5．（23-24高二下·湖北武汉·期末）用含金属lr的催化剂制备常见有机试剂DMF的反应机理如下图所示，其中L表示配体。下列说法错误的是 A．化合物C是该反应的催化剂 B．DMF的名称为N，N-二甲基甲酰胺 C．总反应方程式为 D．该过程中有极性共价键与非极性共价键的断裂与形成 6．（23-24高二下·湖北·期末）下列合成路线设计或逆合成分析存在错误的是 A．用乙烯合成1，4-二氧六环： B．用二甲基二氯硅烷合成硅橡胶： C．以乙烯为原料合成聚乳酸的一种逆合成分析： D．对甲苯胺合成对氨基苯甲酸(已知：苯胺易被氧化)： 7．（23-24高二下·湖北武汉·期末）重氮羰基化合物聚合可获得主链由一个碳原子为重复结构单元的聚合物，为制备多官能团聚合物提供了新方法。利用该方法合成聚合物P的反应路线如图。下列说法错误的是 A．反应①不属于加聚反应 B．化合物E的结构简式为 C．反应①的产物与足量的氢气反应，最多消耗 D．反应②的高分子副产物是网状结构 8．（23-24高二下·湖北武汉·期末）冠醚因分子结构形如皇冠而得名，某冠醚分子可识别，其合成方法如下。下列说法错误的是 A．最多消耗 B．该反应为取代反应 C．的一氯代物有4种 D．可加快溶液氧化甲苯的速率 9．（23-24高二下·湖北武汉·期末）利用有机分子模拟生物体内“醛缩酶”催化反应取得重要进展，荣获2021年诺贝尔化学奖。某反应催化机理如下图，下列说法错误的是 A．总反应为加成反应 B．Ⅲ分子中共平面原子数最多为9个 C．Ⅵ是反应的催化剂，化合物为 D．等物质的量Ⅰ、Ⅲ、Ⅴ消耗水量最多的是Ⅲ 10．（23-24高二下·湖北武汉·期末）药用有机化合物A为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。 则下列说法错误的是 A．A的结构简式为： B．G的同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的只有2种 C．上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G D．根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为苯酚 11．（23-24高二下·湖北武汉·期末）有机物甲在铜催化作用下转化为乙，其原理如图所示。下列叙述错误的是 A．上述反应属于加成反应 B．甲、乙都能发生银镜反应和酯化反应 C．甲、乙分子中碳原子都是，杂化 D．甲、乙都能使酸性溶液褪色 12．（22-23高二下·湖北·期末）聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，一种合成路线如下图所示。下列说法正确的是       A．PA是高分子化合物，其聚合度可用质谱仪进行测算 B．用红外光谱仪对Y的结构进行测定，可得到如图所示的谱图 C．上述流程中涉及到的反应类型有消去反应、取代反应、加聚反应 D．Z生成PA时，每得到1molPA，会生成(n-1)mol CH3OH 13．（22-23高二下·湖北·期末）东坡肉是苏轼在黄州期间创制的名菜，五花肉和白糖是必不可少的原料。东坡肉烹制的关键是控制“美德拉反应”的进程。美德拉反应是指羰基化合物和氨基化合物在加热情况下，发生一系列复杂反应的过程，该反应赋予了食物诱人的焦黄色泽和各种风味的香气。美德拉反应部分过程如下：    NA为阿伏伽德罗常数的值，关于上图中相关物质，下列说法错误的是 A．1 mol甲与足量金属钠反应，可生成气体56L(标准状况下) B．lmol戊中含有2NA个π键，可与2NA个H2发生加成反应 C．因双键无法自由旋转，故丁存在一个互为顺反异构的同分异构体 D．相同物质的量的丙完全反应消耗盐酸和NaOH的物质的量之比为1∶2 14．（22-23高二下·湖北·期末）东坡肉是苏轼在黄州期间创制的名菜，五花肉和白糖是必不可少的原料。东坡肉烹制的关键是控制“美德拉反应”的进程。美德拉反应是指羰基化合物和氨基化合物在加热情况下，发生一系列复杂反应的过程，该反应赋予了食物诱人的焦黄色泽和各种风味的香气。美德拉反应部分过程如下：    关于上图中甲和乙两种物质，下列说法正确的是 A．已知在水溶液中甲存在一种互变平衡：甲(环状)甲＇(链状)，经检测知其中绝大部分为环状结构，据此知该反应平衡常数K> 1 B．甲的分子式为C6H12O6，来源于白糖水解，因其不含醛基，故无法发生银镜反应 C．乙是一种天然氨基酸：其来源于五花肉中油脂的水解，属于两性化合物 D．乙是一种手性分子，具有光学活性 ，存在互为对映异构体的两种分子，但生物体只能识别并利用其中一种 15．（22-23高二下·湖北荆门·期末）有机物  是一种医药中间体，常用来制备抗凝血药，可通过下列路线合成：    下列说法错误的是 A．X的名称为甲醇 B．M中所有原子可能共平面 C．E苯环上的一氯化物有2种 D．化合物N最多能与反应 16．（23-24高二下·湖北武汉·期末）聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，合成路线如下图所示。下列说法错误的是 A．Y中含有五元环 B．②是酯化反应 C．PA可发生水解反应重新生成Z D．该合成路线中甲醇可循环使用 17．（22-23高二下·湖北武汉·期末）阿司匹林具有解热镇痛作用，科研工作者在一定条件下合成长效缓释阿司匹林，从而减少了对肠胃的刺激和每天吃药次数。下列说法正确的是 A．阿司匹林与足量的反应，最多消耗 B．阿司匹林与长效缓释阿司匹林可通过红外光谱区别 C．阿司匹林和长效缓释阿司匹林中碳原子的杂化方式不同 D．长效缓释阿司匹林与溶液反应，最多消耗 18．（22-23高二下·湖北武汉·期末）贝诺酯是由阿司匹林、扑热息痛经化学法制备的解热镇痛抗炎药，其合成反应式(反应条件略去)如下 下列叙述错误的是 A．溶液可鉴别阿司匹林和扑热息痛 B．常温下贝诺酯在水中的溶解度小于扑热息痛 C．1mol阿司匹林最多可消耗3mol NaOH D．贝诺酯与足量NaOH溶液共热后再酸化，最终生成阿司匹林和扑热息痛 19．（22-23高二下·湖北武汉·期末）1，4-二氧六环是一种常见的溶剂。它可以通过如图合成路线制得。其中的A可能是 A．乙烯 B．乙醇 C．乙二醇 D．乙酸 20．（22-23高二下·湖北武汉·期末）下图是一个形象有趣的有机合成反应： 下列说法中正确的是 A．该反应符合绿色化学的理念，原子利用率为100% B．化合物X的一氯代物有3种 C．化合物Y中有5个碳原子共一条直线 D．化合物Z能使酸性KMnO4溶液褪色，但不能与HCN反应 / 学科网（北京）股份有限公司 $$ 题型05 有机合成设计 1．（23-24高二下·湖北·期末）有机化合物X与Y在一定条件下可反应生成Z或者W，反应方程式如下。下列说法错误的是 A．W的结构简式为 B．Z的同分异构体不可能是芳香族化合物 C．X、Y、Z均能使酸性高锰酸钾溶液褪色 D．Z在酸性条件下水解生成和 【答案】D 【解析】A．，，W的结构简式为，A正确；B．Z的不饱和度为3，苯环的不饱和度为4Z的同分异构体不可能是芳香族化合物，B正确；C．X、Y、Z含有碳碳双键，均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，C正确；D．Z在酸性条件下水解生成和，D错误；故选D。 2．（23-24高二下·湖北·期末）同济大学许维教授团队合成环形碳和，极大推动了环碳领域的发展。其中的合成原理如图所示。下列说法错误的是 A．分子的稳定性差 B．前驱体()分子所有原子共平面 C．和互为同素异形体 D．1mol前驱体()在一定条件下最多与8molNaOH发生反应 【答案】D 【解析】A．分子中每个碳原子上连接两个双键，这使得两个碳原子之间的距离太近而相互排斥，导致分子稳定性差，A正确；B．中C原子均采用sp2杂化，所有原子均处于同一平面，B正确；C．环形碳和都是碳元素组成的单质，互为同素异形体，C正确；D．1mol前驱体()与足量NaOH发生反应生成1mol和8molNaCl，最多消耗16molNaOH，D错误；故选D。 3．（23-24高二下·湖北十堰·期末）制备1，2-丙二醇的一种方法为。下列说法错误的是 A．试剂a为NaOH的乙醇溶液 B．该方法不符合绿色化学理念 C．该合成方法可优化为两步 D．1，2-丙二醇在一定条件下可以转化为丙炔 【答案】A 【分析】第一步发生取代反应，第二步为加成反应，第三步为卤代烃水解反应，试剂a为NaOH水溶液； 【解析】A．第三步为卤代烃水解反应，试剂a为NaOH水溶液，A错误；B．方法中用到Cl2，有污染，不符合绿色化学理念，B正确；C．该合成方法前两步可优化为两步：丙烯与氯气加成得到1，2-二氯丙烷，随后在碱性条件下水解得到目标产物，C正确；D．1，2-丙二醇在一定条件下可以转化为丙炔在浓硫酸加热下发生消去反应可得到丙炔，D正确；故选A。 4．（23-24高二下·湖北·期末）对羟基苯甲酸甲酯，又叫尼泊金甲酯，主要用作食品、化妆品、医药的杀菌防腐剂，其合成路线如图所示。 下列说法正确的是 A．对甲基苯酚是苯酚的一种同系物，且溶解度大于苯酚 B．反应(1)和反应(3)的目的是保护官能团酚羟基不被氧化 C．与对甲基苯甲醚属于同类有机物的同分异构体还有3种 D．1mol对羟基苯甲酸可以消耗2mol 【答案】B 【解析】A．对甲基苯酚是苯酚的一种同系物，且比苯酚多一个甲基，甲基为斥水基团，所以对甲基苯酚的溶解度比苯酚的小，A错误；B．反应(1)到反应(3)甲基被氧化为羧基，而酚羟基从反应(1)到反应(3)先转化为醚键后恢复为酚羟基，所以其目的是保护酚羟基，防止酚羟基被氧化，B正确；C．与对甲基苯甲醚属于同类有机物的同分异构体还有4种，，C错误；D．酚羟基不能和碳酸氢钠反应，1mol对羟基苯甲酸可以消耗1mol，D错误；故选B。 5．（23-24高二下·湖北武汉·期末）用含金属lr的催化剂制备常见有机试剂DMF的反应机理如下图所示，其中L表示配体。下列说法错误的是 A．化合物C是该反应的催化剂 B．DMF的名称为N，N-二甲基甲酰胺 C．总反应方程式为 D．该过程中有极性共价键与非极性共价键的断裂与形成 【答案】D 【解析】A．化合物C在流程中参与反应生成A，B反应生成C，所以C为催化剂，A正确；B．DMF属于胺类化合物，其结构中，中N原子上有2个甲基取代基团，叫作N，N-二甲基，左侧HCO—为HCOOH去掉—OH后的基团，称为甲酰基，故DMF的名称为N，N-二甲基甲酰胺，B正确；C．由图可知，CO2、H2、，总反应的化学方程式为，C正确；D．化合物B中上方的络合四元环中，H—H（非极性共价键）断裂，形成C—H和O—H（均为极性共价键），HCOOH与的反应为HCOOH++H2O，甲酸中C—O和二甲胺中N—H断裂，但反应中没有非极性共价键形成，D错误。故选D。 6．（23-24高二下·湖北·期末）下列合成路线设计或逆合成分析存在错误的是 A．用乙烯合成1，4-二氧六环： B．用二甲基二氯硅烷合成硅橡胶： C．以乙烯为原料合成聚乳酸的一种逆合成分析： D．对甲苯胺合成对氨基苯甲酸(已知：苯胺易被氧化)： 【答案】A 【解析】A．乙二醇发生取代反应生成1，4-二氧六环应该在浓硫酸的催化且加热的条件进行，A错误；B．二甲基二氯硅先和水反应生成(CH3)2Si(OH)2，(CH3)2Si(OH)2发生缩聚反应生成，交联得到硅橡胶，B正确；C．聚乳酸可以由乳酸发生缩聚反应得到，乳酸可由CH3CH(OH)CN水解得到，CH3CH(OH)CN可由CH3CHO和HCN发生加成反应得到，CH3CHO可由CH3CH2OH发生催化氧化得到，CH3CH2OH可由乙烯和水发生加成反应得到，C正确；D．对甲苯胺先和乙酸酐发生取代反应生成保护氨基，防止后续氨基被氧化，和酸性高锰酸钾溶液反应生成，在碱性溶液中发生水解后酸化得到，D正确；故选A。 7．（23-24高二下·湖北武汉·期末）重氮羰基化合物聚合可获得主链由一个碳原子为重复结构单元的聚合物，为制备多官能团聚合物提供了新方法。利用该方法合成聚合物P的反应路线如图。下列说法错误的是 A．反应①不属于加聚反应 B．化合物E的结构简式为 C．反应①的产物与足量的氢气反应，最多消耗 D．反应②的高分子副产物是网状结构 【答案】B 【解析】A．由元素守恒可知，反应①还生成氮气，可知该反应不属于加聚反应，故A正确；B．由反应②及P的结构可知，碳链骨架不变，则E为，故B错误；C．反应①为+nN2↑，合成氨的反应中，nN2最多消耗，故C正确；D．反应②的副产物为，是网状结构的高分子，故D正确；故选B。 8．（23-24高二下·湖北武汉·期末）冠醚因分子结构形如皇冠而得名，某冠醚分子可识别，其合成方法如下。下列说法错误的是 A．最多消耗 B．该反应为取代反应 C．的一氯代物有4种 D．可加快溶液氧化甲苯的速率 【答案】A 【解析】A．a中含有酚羟基，能与溴发生邻、对位取代，故1mola最多消耗4molBr2，A错误；B．根据a和c的结构简式可知，a与b发生取代反应生成c和HCl，B正确；C．根据C的结构简式可知，冠醚中有4种不同化学环境的氢原子，故一氯代物有4种，C正确；D．c可与K+形成螯合离子，在甲苯中溶解度大，因此c可加快KMnO4溶液氧化甲苯的速率，D正确；故选A。 9．（23-24高二下·湖北武汉·期末）利用有机分子模拟生物体内“醛缩酶”催化反应取得重要进展，荣获2021年诺贝尔化学奖。某反应催化机理如下图，下列说法错误的是 A．总反应为加成反应 B．Ⅲ分子中共平面原子数最多为9个 C．Ⅵ是反应的催化剂，化合物为 D．等物质的量Ⅰ、Ⅲ、Ⅴ消耗水量最多的是Ⅲ 【答案】D 【分析】根据图中结构，可以推出反应物是和，产物是，由此分析解答。 【解析】A．反应物是和，产物是，总反应为，该反应为加成反应，故A正确；B．Ⅲ分子中有两个碳碳双键，共4个碳原子和4个H原子可参与共平面。分子中还有1个CH2结构，其碳原子具有四面体结构，该结构最多只有碳原子参与共平面，所以共平面原子数最多为9个，故B正确；C．Ⅵ在反应中被消耗，之后又生成它，循环出现，所以它是反应的催化剂，由反应I+VI→X+Ⅱ推得X为H2O，故C正确；D．假设Ⅰ、Ⅲ、Ⅴ均为1mol，消耗Br2水量，Ⅰ和Ⅴ均消耗1molBr2 ，Ⅲ若是1,4加成(非完全加成)，则也只消耗1molBr2 ，故D错误；故答案选D。 10．（23-24高二下·湖北武汉·期末）药用有机化合物A为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。 则下列说法错误的是 A．A的结构简式为： B．G的同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的只有2种 C．上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G D．根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为苯酚 【答案】C 【分析】A的分子式为C8H8O2，不饱和度为5，A与NaOH溶液反应生成B和C，C与H+反应生成E，E与C2H5OH在浓硫酸、加热时反应生成具有香味的液体G，G的分子式为C4H8O2，G为CH3COOCH2CH3，则E的结构简式为CH3COOH，C为CH3COONa；B与CO2和H2O反应生成D，D与浓溴水反应生成白色沉淀F，则B为、D为、F为、A为。 【解析】A．根据分析，A的结构简式为，A项正确；B．G的分子式为C4H8O2，其同分异构体中属于酯类且能发生银镜反应的物质有HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2，共2种，B项正确；C．A、G中含酯基，能发生水解反应，B为、属于强碱弱酸盐，能发生水解反应，D为、不能发生水解反应，C项错误；D．根据分析可推知D为苯酚，D项正确；答案选C。 11．（23-24高二下·湖北武汉·期末）有机物甲在铜催化作用下转化为乙，其原理如图所示。下列叙述错误的是 A．上述反应属于加成反应 B．甲、乙都能发生银镜反应和酯化反应 C．甲、乙分子中碳原子都是，杂化 D．甲、乙都能使酸性溶液褪色 【答案】B 【解析】A．上述转化实质是转化成，发生了加成反应，A项正确；B．乙不含醛基，不能发生银镜反应，B项错误；C．甲、乙分子中，只形成单键的碳原子采用杂化，其余碳原子采用杂化，C项正确；D．醛基、醇羟基都具有还原性，都能与酸性溶液反应而使其褪色，D项正确；本题选B。 12．（22-23高二下·湖北·期末）聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，一种合成路线如下图所示。下列说法正确的是       A．PA是高分子化合物，其聚合度可用质谱仪进行测算 B．用红外光谱仪对Y的结构进行测定，可得到如图所示的谱图 C．上述流程中涉及到的反应类型有消去反应、取代反应、加聚反应 D．Z生成PA时，每得到1molPA，会生成(n-1)mol CH3OH 【答案】A 【分析】Z和发生缩聚反应生成PA，结合Z的分子式可以推知Z为，Y和CH3OH发生酯化反应生成Z，则Y为，以此解答。 【解析】A．通过质谱仪可以测定相对分子质量，从而可计算出高分子化合物的聚合度，故A正确；B．用红外光谱仪对Y的结构进行测定时得到的是红外光谱，如图所示的谱图是核磁共振氢谱，故B错误；C．由分析可知，Z生成PA发生的是缩聚反应，而不是加聚反应，故C错误；D．Z生成PA时，每得到1molPA，会生成(2n-1)mol CH3OH，故D错误；故选A。 13．（22-23高二下·湖北·期末）东坡肉是苏轼在黄州期间创制的名菜，五花肉和白糖是必不可少的原料。东坡肉烹制的关键是控制“美德拉反应”的进程。美德拉反应是指羰基化合物和氨基化合物在加热情况下，发生一系列复杂反应的过程，该反应赋予了食物诱人的焦黄色泽和各种风味的香气。美德拉反应部分过程如下：    NA为阿伏伽德罗常数的值，关于上图中相关物质，下列说法错误的是 A．1 mol甲与足量金属钠反应，可生成气体56L(标准状况下) B．lmol戊中含有2NA个π键，可与2NA个H2发生加成反应 C．因双键无法自由旋转，故丁存在一个互为顺反异构的同分异构体 D．相同物质的量的丙完全反应消耗盐酸和NaOH的物质的量之比为1∶2 【答案】B 【解析】A．由甲的结构简式可知，每个甲分子中有5个羟基，故1 mol甲与足量金属钠反应，可生成气体2.5mol H2,在标准状况下的体积为56L，故A正确；B．戊分子中有一个碳碳双键，一个碳氧双键，故lmol戊中含有2NA个π键，戊分子中只有碳碳双键可以与氢气发生加成反应，所以lmol戊可与NA个H2发生加成反应，故B错误；C．丁分子中碳氮双键上的碳原子上连接有两个不同的基团，故丁存在一个互为顺反异构的同分异构体，故C正确；D．丙分子的中亚氨基可与盐酸反应，羧基可与NaOH反应，所以相同物质的量的丙完全反应消耗盐酸和NaOH的物质的量之比为1∶2，故D正确；故选D。 14．（22-23高二下·湖北·期末）东坡肉是苏轼在黄州期间创制的名菜，五花肉和白糖是必不可少的原料。东坡肉烹制的关键是控制“美德拉反应”的进程。美德拉反应是指羰基化合物和氨基化合物在加热情况下，发生一系列复杂反应的过程，该反应赋予了食物诱人的焦黄色泽和各种风味的香气。美德拉反应部分过程如下：    关于上图中甲和乙两种物质，下列说法正确的是 A．已知在水溶液中甲存在一种互变平衡：甲(环状)甲＇(链状)，经检测知其中绝大部分为环状结构，据此知该反应平衡常数K> 1 B．甲的分子式为C6H12O6，来源于白糖水解，因其不含醛基，故无法发生银镜反应 C．乙是一种天然氨基酸：其来源于五花肉中油脂的水解，属于两性化合物 D．乙是一种手性分子，具有光学活性 ，存在互为对映异构体的两种分子，但生物体只能识别并利用其中一种 【答案】D 【解析】A．已知在水溶液中甲存在一种互变平衡：甲(环状)甲＇(链状)，经检测知其中绝大部分为环状结构，少数为链状结构，据此知该反应平衡常数K< 1，A错误；B．甲的分子式为C6H12O6，属于单糖，虽然其不含醛基，但能发生银镜反应，B错误；C．乙是一种天然氨基酸：其来源于蛋白质的水解而不是油脂的水解，属于两性化合物，C错误；D．乙是一种手性分子，具有光学活性 ，存在互为对映异构体的两种分子，但生物体只能识别并利用其中一种，D正确；故选D。 15．（22-23高二下·湖北荆门·期末）有机物  是一种医药中间体，常用来制备抗凝血药，可通过下列路线合成：    下列说法错误的是 A．X的名称为甲醇 B．M中所有原子可能共平面 C．E苯环上的一氯化物有2种 D．化合物N最多能与反应 【答案】C 【解析】A．根据N的结构简式得到M的结构简式  ，也得到X的名称为甲醇，故A正确；B．羧基中4个原子可能共平面，因此M  中所有原子可能共平面，故B正确；C．E没有对称性，因此E苯环上的一氯化物有4种，故C错误；D．N含有酚羟基和酯基，因此化合物N最多能与反应，故D正确；综上所述，答案为C。 16．（23-24高二下·湖北武汉·期末）聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，合成路线如下图所示。下列说法错误的是 A．Y中含有五元环 B．②是酯化反应 C．PA可发生水解反应重新生成Z D．该合成路线中甲醇可循环使用 【答案】C 【分析】  经过催化剂，加热得到Y：  ，Y与甲醇发生酯化反应生成Z:，Z与发生缩聚反应生成PA。 【解析】A．Y为，其中含有五元环，A正确；B．②是Y与甲醇发生酯化反应生成Z：，为酯化反应，B正确；C．根据PA和Z的结构简式可以推知：PA水解可得到，不能得到Z，C错误；D．根据PA和Z的结构简式可以推知：Z与生成PA时，有甲醇产生，可循环使用，D正确；故选C。 17．（22-23高二下·湖北武汉·期末）阿司匹林具有解热镇痛作用，科研工作者在一定条件下合成长效缓释阿司匹林，从而减少了对肠胃的刺激和每天吃药次数。下列说法正确的是 A．阿司匹林与足量的反应，最多消耗 B．阿司匹林与长效缓释阿司匹林可通过红外光谱区别 C．阿司匹林和长效缓释阿司匹林中碳原子的杂化方式不同 D．长效缓释阿司匹林与溶液反应，最多消耗 【答案】B 【解析】A．阿司匹林中苯环能与氢气发生加成反应，酯基、羧基不能与氢气反应，则1mol阿司匹林最多消耗3mol H2，故A错误；B．红外光谱测定官能团，阿司匹林含羧基、酯基，长效缓释阿司匹林只含酯基，二者所含官能团不同，可通过红外光谱区别，故B正确；C．阿司匹林含有饱和碳原子采取sp3杂化，苯环上的碳和C=O的碳原子均采取sp2杂化，长效缓释阿司匹林中碳原子的杂化方式为sp2、sp3，两者相同，故C错误；D．1mol长效缓释阿司匹林含3nmol酯基(其中有一个为酚酯基)能与4nmolNaOH溶液反应，故D错误；故选：B。 18．（22-23高二下·湖北武汉·期末）贝诺酯是由阿司匹林、扑热息痛经化学法制备的解热镇痛抗炎药，其合成反应式(反应条件略去)如下 下列叙述错误的是 A．溶液可鉴别阿司匹林和扑热息痛 B．常温下贝诺酯在水中的溶解度小于扑热息痛 C．1mol阿司匹林最多可消耗3mol NaOH D．贝诺酯与足量NaOH溶液共热后再酸化，最终生成阿司匹林和扑热息痛 【答案】D 【解析】A．扑热息痛含有酚羟基，可与溶液发生显色反应，阿司匹林不含酚羟基，不能与溶液发生显色反应，可以鉴别，故A正确；B．扑热息痛含有酚羟基是亲水基团，而贝诺酯不含亲水基团，所以常温下贝诺酯在水中的溶解度小于扑热息痛，故B正确；C．阿司匹林中羧基、酯基水解生成的羧基和酚羟基都能与NaOH反应，所以1mol阿司匹林最多可消耗3mol NaOH，故C正确；D．贝诺酯与足量NaOH溶液共热水解后酸化生成乙酸、和，故D错误；答案选D。 19．（22-23高二下·湖北武汉·期末）1，4-二氧六环是一种常见的溶剂。它可以通过如图合成路线制得。其中的A可能是 A．乙烯 B．乙醇 C．乙二醇 D．乙酸 【答案】A 【解析】根据逆合成分析法可知，由于C是浓硫酸做催化剂、脱水生成了1，4-二氧六环这种醚类，即可知由C生成1，4-二氧六环发生的是醇分子间的脱水，因此C为HOCH2CH2OH，而C是B通过和氢氧化钠水溶液作用得到的，故可知B为卤代烃，即B到C发生的是卤代烃的水解，又结合B是烃A和溴反应得到的，故B为BrCH2CH2Br，而B是由烃A和溴加成反应生成的，所以A是乙烯；故选A。 20．（22-23高二下·湖北武汉·期末）下图是一个形象有趣的有机合成反应： 下列说法中正确的是 A．该反应符合绿色化学的理念，原子利用率为100% B．化合物X的一氯代物有3种 C．化合物Y中有5个碳原子共一条直线 D．化合物Z能使酸性KMnO4溶液褪色，但不能与HCN反应 【答案】C 【解析】A．X中含有溴原子，而Z中没有溴原子，所以原子利用率并没有达到100%，A错误；B．X中苯环上有一种环境的氢原子，甲基上有一种，含氧五元环上有两种，所以其一氯代物有4种，B错误；C．碳碳三键上的两个碳原子以及与其相连的碳原子共线，苯环上与三键相连的碳原子的对位碳也共线，所以共有5个碳原子共线，C正确；D．Z中含有羟基(羟基相连的碳原子上有氢)、碳碳三键，可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，碳碳三键可以和HCN发生加成反应，D错误；综上所述答案为C。 / 学科网（北京）股份有限公司 $$