9 重庆育才中学教育集团初2024届九年级下学期第一次诊断性作业-【智乐星中考】2025年重庆中考物理真题汇编（Word)答案

9．重庆育才中学教育集团初2024届初三(下)第一次诊断性作业(全卷共四个大题　满分80分　与化学共用120分钟) 注意事项：全卷取g＝10 N/kg，水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3。 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．下列物理量最接近实际的是(　　) A．一名中学生的质量约为500 kg B．中学生百米跑的速度约为20 m/s C．人感觉舒适的环境温度约为35 ℃ D．一盏教室用的日光灯管的电流约为0.2 A 2．光为人类感知世界提供了途径。如图所示的光现象中，所成的像是实像的是(　　) 3．日常生活中很多现象与物理知识紧密联系。如图所示的物态变化中，需要吸热的是(　　) 4．体育运动有助于提高身体素质。在掷实心球的场景中，下列描述正确的是(　　) A．实心球上有很多凸起小圆点，是为了减小摩擦力 B．实心球被抛出后在上升过程中，动能转化为重力势能 C．实心球落地后会继续向前滚动，是因为实心球受到惯性的作用 D．最终实心球静止在水平地面上，它对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力 5．如图所示，下列有关电和磁现象的说法正确的是(　　) A．图甲中，毛皮摩擦过的橡胶棒带正电 B．图乙中，指南针的南极指向地磁场的北极 C．图丙中，该实验的原理是电磁感应现象 D．图丁中，电线的绝缘皮破损容易造成断路 6．机械促进了人类社会的迅速发展。图甲是使用塔吊提升重物的简化图，近似等效于图乙。图乙中若用竖直向上大小为50 N的拉力F将重为120 N的物体竖直匀速提起，物体在10 s内移动了1 m(不计绳重和摩擦)。下列说法正确的是(　　) A．物体的速度为0.3 m/s B．滑轮组做的有用功为150 J C．拉力做功功率为15 W D．滑轮组的机械效率为83.3% 7．如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图像如图乙所示。下列判断错误的是(　　) A．电源电压为6 V B．R1的电阻为10 Ω C．滑动变阻器的最大电阻为20 Ω D．电路消耗的最小功率为0.8 W 8．如图所示，天平左右两盘各放有一个烧杯(两烧杯相同)，烧杯中装有适量的不同液体，体积相同的A、B两球均浸没在液体中，此时天平平衡，两烧杯中的液体深度相同。左盘烧杯中液体的密度为ρ甲，右盘烧杯中液体的密度为ρ乙，左侧细线对A球的拉力为F1，右侧细线对B球的拉力为F2。下列说法正确的是(　　) A．两液体的密度关系为 ρ甲＞ρ乙 B．细线的拉力大小关系为F1＜F2 C．细线的拉力大小关系为F1＞F2 D．同时剪断左右两侧的细线后，左右两盘中液体对容器底部压强变化量相等 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．在历史长河中，许多伟大的科学家为人类的发展和社会的进步作出了重大贡献。意大利科学家__________最早用实验测量出了大气压强的值；人们为了纪念法国数学家、物理学家、哲学家帕斯卡，用他的名字来命名________的单位。 10．医生用听诊器为病人听诊，可以减少声音的分散，从而提高声音的________(选填“音色”“音调”或“响度”)；医生通过听诊能判断病人心率是否正常，这体现了声可以传递________(选填“信息”或“能量”)。 11．天然气的使用可以减少煤和石油的用量，改善环境污染问题。天然气将5 kg的水从15 ℃加热到95 ℃需要吸收________J的热量；若加热时的热效率为80%，则至少应完全燃烧________m3的天然气。[已知水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃)，天然气的热值为3.5×107 J/m3] 12．一家用电饭锅标有“220 V　1 000 W”字样，该电饭锅正常工作时的电阻为________Ω；关闭家中其他用电器，让该电饭锅正常工作1 min，如图所示的电能表的指示灯闪烁了50次，该电能表上被遮挡的参数为________imp/(kW·h)。 13．水平地面上放置一个质量分布均匀、底面是边长为10 cm的正方形、高为20 cm的长方体物体甲，乙是一个直柱体容器，容器中装有一定量的水。现将甲沿竖直方向切去一部分(切去部分也为长方体，厚度为d)，将切去部分竖直放入乙容器的水中后沉底，甲剩余部分和乙容器中水对容器底部的压强p随切去厚度d的变化情况如图所示，则甲的密度为________kg/m3；当d＝0.6 cm时，水对容器底的压强为________Pa。 14．请按要求完成下列作图： (1)请画出图甲中入射光线经过凹透镜后的折射光线。 (2)如图乙所示，挂有重物的杠杆OAB在动力F的作用下保持静止，请在图中画出动力F的力臂l。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)图1甲是小万探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验装置。 图1 ①组装实验装置时，应按照________(选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序进行安装。 ②实验中，某时刻温度计示数如图1乙所示，则此时海波的温度为________℃。 ③如图1丙所示，海波在第5 min末处于________(选填“固”“液”或“固液共存”)态。 (2)小姚在探究“凸透镜成像规律”的实验时： 图2 ①一束平行于主光轴的光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小、最亮的光点，如图2甲所示，则凸透镜的焦距为________cm。 ②如图2乙所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的实像，生活中的________就是利用这个原理制成的。现取一副近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能成清晰的像，保持凸透镜和光屏的位置不动，可将蜡烛适当向________(选填“左”或“右”)移动。 16．某实验小组的同学利用天平和量筒等器材测量一块玉石的密度。 (1)把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺________端零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应向右调节____________，使横梁在水平位置平衡。 (2)将玉石放在天平的左盘中，用________向右盘中加减砝码并调节________至天平平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则玉石的质量是________g。 (3)向量筒中加入50 mL的水，将玉石浸没在水中，液面的位置如图乙所示，则玉石的密度是________kg/m3。 (4)若实验结束后，发现游码上粘了一小块橡皮泥，则所测玉石的密度________(选填“大于”“等于”或“小于”)玉石的真实值。 (5)小赵同学认为不用砝码，使用天平、两个相同的烧杯、量筒和水(水的密度用ρ水表示)等器材也能测出玉石的密度。实验步骤如下： ①两个相同的烧杯分别放在天平的左右两盘中，向两烧杯中加入适量的水至天平平衡，如图丙所示； ②在量筒中加入适量的水，记录量筒中水的体积V1； ③将拴好细线的玉石缓慢浸没在左盘烧杯的水中(不接触烧杯底和壁)，用量筒向右盘的烧杯中加水至天平平衡，如图丁所示，记录此时量筒中水的体积V2； ④让玉石缓慢沉至水底，松开细线，继续用量筒向右盘的烧杯中加水至天平平衡，如图戊所示，记录此时量筒中水的体积V3； ⑤玉石密度的表达式ρ＝________(用V1、V2、V3和ρ水表示)。 17．小陶同学在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，选择的器材有新干电池三节，5 Ω、10 Ω、20 Ω、30 Ω的定值电阻各一个，“30 Ω　0.5 A”的滑动变阻器一个，电压表、电流表、开关各一个，导线若干。 (1)请用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整。(要求：导线不能交叉，滑片向右端移动时，电流表的示数变小) (2)在连接电路时，开关应处于________(选填“断开”或“闭合”)状态；正确连接电路后，将滑动变阻器滑片置于最大阻值处，闭合开关瞬间，小陶发现两电表的指针处于图乙所示的位置，则电路故障可能是______________。 (3)小陶先用5 Ω的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将5 Ω的电阻换成10 Ω的电阻，然后闭合开关，发现电压表的示数比用5 Ω的电阻实验时更________，接着移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为U＝________V。 (4)小陶根据测得的实验数据绘制出电流I随电阻R的变化图像，如图丙所示，得到的结论是____________________________________；还可知，用5 Ω和10 Ω电阻实验时滑动变阻器消耗的电功率变化量与定值电阻的电功率变化量之比为________。 (5)当他用30 Ω的电阻替换20 Ω的电阻后，发现电压表示数始终不能调为U0，为继续完成此次探究，同学们一起设计了如下方案，并重新进行实验，下列方案错误的一项是________。 A．将滑动变阻器更换为“50 Ω　1 A”的滑动变阻器，其余不变 B．将电压为4.5 V的电源更换为电压为3 V的电源，其余不变 C．将定值电阻两端控制的电压U0调整为3 V，其余不变 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．如图所示的电路中，电源电压恒定，R1的阻值为15 Ω，R2的阻值为30 Ω。闭合开关S后，电流表的示数为0.2 A。求： (1)电源电压； (2)通电100 s，R2消耗的电能。 19．图甲是一款家用迷你双控温暖风机，其内部加热部分简化电路如图乙所示，R1和R2是加热电阻，该暖风机正常工作时低温挡的加热功率为400 W，高温挡的加热功率是低温挡的5倍。求： (1)低温挡通电10 min，电路消耗的电能； (2)加热电阻R2的阻值； (3)不改变原电路已有的元件位置，想在原电路中再加接一个加热电阻，只降低高温挡的功率，若使高温挡功率变为原来的，请计算新增的加热电阻的阻值大小并说明电阻连接的位置。 20．如图甲所示，为了打捞铁牛，有个名叫怀丙的和尚让人们用两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上，然后卸掉船里的泥沙，随着船逐渐上浮，铁牛在河底淤泥中便被拉出来了，其简化模型如图乙所示。已知容器的底面积为0.06 m2，容器中装有水，装有适量小石块的直柱体小桶A(足够高)的底面积为0.02 m2，边长为0.1 m的正方体物体B的质量为4 kg，AB间用细线连接，此时不可伸缩的细线刚好被拉直但无拉力，水深40 cm。(已知小石块的密度为2.5×103 kg/m3)求： (1)水对容器底的压强； (2)细线刚好被拉直但无拉力时，物体B对容器底的压强； (3)需将多少千克的小石块卸入水中才能使物体B刚好被拉起。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 9．重庆育才中学教育集团初2024届初三(下) 第一次诊断性作业 1 2 3 4 5 6 7 8 D A A B B C D A 一、选择题(本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。) 1．D　【考点】质量、速度、温度、电流的估测。 2．A　【考点】实像与虚像。 【解析】A．物体在视网膜上成的像是实际光会聚形成的实像，故A正确。 B．用凸透镜贴近看文字，此时物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，故B错误。 C．“手影”是光的直线传播形成的，不是实像，故C错误。 D．桥在水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射现象，所成的像是虚像，故D错误。 3．A　【考点】物态变化的辨识及吸放热判断。 4．B　【考点】增大或减小摩擦的方法；动能和势能的转化；惯性；平衡力与相互作用力的辨别。 5．B　【考点】摩擦起电；地磁场；磁极间的相互作用；电流的磁效应；家庭电路的故障分析。 6．C　【考点】滑轮(组)机械效率的相关计算。 【解析】A．物体在10 s内移动了1 m，所以物体的速度v物＝＝＝0.1 m/s，故A错误。 B．克服物体重力做的有用功W有＝Gh＝120 N×1 m＝120 J，故B错误。 C．由图乙知，动滑轮上的绳子段数n＝3，由s＝nh和W总＝Fs可得，拉力做的总功W总＝Fnh＝50 N×3×1 m＝150 J，拉力的功率P＝＝＝15 W，故C正确。 D．滑轮组的机械效率η＝＝×100%＝80%，故D错误。 7．D　【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用。 【解析】AB.由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知，I大＝0.6 A，由I＝可得，电源电压U＝I大R1＝0.6 A×R1①，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，I小＝0.2 A，U2＝4 V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压U＝I小R1＋U2＝0.2 A×R1＋4 V②，因电源电压不变，联立等式①②解得，R1＝10 Ω，电源电压U＝6 V，故AB正确。 C．由欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值R2＝＝＝20 Ω，故C正确。 D．电源电压不变，电路中电流最小时，电路消耗的功率最小，电路消耗的最小功率P＝UI小＝6 V×0.2 A＝1.2 W，故D错误。 8．A　【考点】阿基米德原理的应用；液体压强的计算以及公式的应用。 【解析】A．A、B两球体积相同，两球浸没在液体中后，两烧杯液体深度相同，则两烧杯中液体的体积均为V，左右两盘所受压力相等，根据力的平衡关系可知，左右两盘受到的压力G杯＋ρ甲gV＋GA＝G杯＋ρ乙gV＋GB－F2①，A球受到的重力GA＝ρ甲gV球－F1②，B球受到的重力GB＝ρ乙gV球＋F2③，将②③代入①可得：ρ甲gV＋ρ甲gV球－F1＝ρ乙gV＋ρ乙gV球，即ρ甲g(V＋V球)－F1＝ρ乙g(V＋V球)，由此可得 ρ甲＞ρ乙，故A正确。 BC.由②得F1＝ρ甲gV球－GA，由③得F2＝GB－ρ乙gV球，因为ρ甲＞ρ乙，所以ρ甲gV球＞ρ乙gV球，但是A、B两球重力关系不知，所以无法判断F1、F2的大小关系，故BC错误。 D．根据浮沉条件可知，剪断左右两侧的细线后，A球会上浮至漂浮，最终排开液体的体积变小，液面下降，根据p＝ρgh，则甲液体对容器底部压强减小；B会沉底，排开液体的体积不变，液面高度不变，根据p＝ρgh，则乙液体对容器底部压强不变，所以同时剪断左右两侧的细线后，左右两盘中液体对容器底部压强变化量不相等，故D错误。 二、填空作图题(本题共6个小题，每小题2分，共12分。) 9．托里拆利　压强 【考点】物理学史。 10．响度　信息 【考点】声音特性的辨识；声的利用。 11．1.68×106　 0.06 【考点】燃料的热值及其计算；热量的计算。 【解析】水吸收的热量Q吸＝cm(t－t0)＝4.2×103 J/(kg·℃)×5 kg×(95 ℃－15 ℃)＝1.68×106 J；由 η＝得，天然气完全燃烧放出的热量Q放＝＝＝2.1×106 J，由Q放＝Vq得，需要天然气的体积V＝＝＝0.06 m3。 12．48.4　3 000 【考点】电能表的相关计算；电功率的相关计算。 【解析】该电饭锅正常工作时的电阻R＝＝＝48.4 Ω；该电饭锅正常工作1 min消耗的电能W＝Pt＝1 000 W×60 s＝60 000 J＝ kW·h；该电能表上被遮挡的参数N＝＝3 000 imp/(kW·h)。 13．1.2×103　1 875 【考点】液体压强的计算；密度的计算。 【解析】柱体对水平地面的压强p＝＝ρgh，竖直方向截去部分后，密度和高度不变，则压强不变，图像是水平直线，故p固＝2 400 Pa＝ρ×10 N/kg×0.2 m，解得ρ＝1.2×103 kg/m3；由图像可知，从d＝1.5 cm开始，水对容器底的压强与d成正比，说明此后物体浸没，此时水的深度h＝＝＝0.2 m＝20 cm，设原来水的深度为h水，容器的底面积为S，则＋h水＝20 cm①，当d＝4.5 cm时，水的深度h′＝＝＝0.24 m＝24 cm，则＋h水＝24 cm②，由①②解得，S＝150 cm2，h水＝18 cm，水的体积V水＝Sh水＝150 cm2×18 cm＝2 700 cm3，当d＝0.6 cm时，物体未浸没，当物体放进容器中后，液体的深度h″＝＝＝18.75 cm＝0.187 5 m，此时水对容器底的压强p″＝ρ水gh″＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.187 5 m＝1 875 Pa。 14．(1)如图所示　　　　　　(2)如图所示 　　　 【考点】透镜作图；杠杆作图。 三、实验探究题(本题共3个小题，15小题6分，16小题8分，17小题8分，共22分。) 15．(1)①自下而上　②36　③固液共存 (2)①10.0　②照相机　左 【考点】探究固体熔化时温度的变化规律；探究凸透镜的成像规律。 【解析】(1)①此实验中，因需要利用酒精灯的外焰加热，故要先确定铁圈的位置，然后确定铁夹的位置，所以实验装置应按照自下而上的顺序安装。 ②图1乙温度计的分度值是1 ℃，所以温度计示数为36 ℃。 ③由图1丙可知，海波在48 min处于熔化过程，海波在第5 min末处于熔化过程中，所以为固液共存态。 (2)①由焦距的概念知f＝20.0 cm－10.0 cm＝10.0 cm。 ②由图2乙可知，此时u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；在图2乙中蜡烛和凸透镜之间放一近视眼镜，近视镜片是凹透镜，凹透镜对光具有发散作用，会延迟光的会聚，此时为了使像成在光屏上，可以增大物距，即将蜡烛适当向左移动才能再次看到清晰的像。 16．(1)左　平衡螺母　(2)镊子　游码　32.2 (3)2.3×103　(4)小于　(5)⑤ρ水 【考点】测量固体的密度。 【解析】(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，应将平衡螺母向右调节，使横梁水平平衡。 (2)将玉石放在天平的左盘中，用镊子向右盘中加减砝码并调节游码至天平平衡；由图甲可知，天平的分度值为0.2 g，则玉石的质量m＝20 g＋10 g＋2.2 g＝32.2 g。 (3)玉石的体积等于量筒中水增加的体积V＝64 mL－50 mL＝14 mL＝14 cm3，玉石的密度ρ＝＝＝2.3 g/cm3＝2.3×103 kg/m3。 (4)若实验结束后，发现游码上粘了一小块橡皮泥，会使得所测质量偏小，根据ρ＝得，体积准确，质量偏小，会使得密度偏小。 (5)③将拴好细线的玉石缓慢浸没在左盘烧杯的水中(不接触烧杯底和壁)，用量筒向右盘的烧杯中加水至天平平衡，加水的体积为V1－V2，此时天平两侧所受压力相等，右侧增加的水的重力等于玉石排开水的重力，即ρ水g(V1－V2)＝ρ水gV排，所以玉石的体积V石＝V排＝V1－V2；④让玉石缓慢沉入水底，松开细线，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，至天平平衡，两次加入水的体积为V1－V3，此时天平两侧所称物质的总质量大小仍相等，则天平右盘烧杯中两次增加的水的总质量等于玉石的质量，玉石的质量m石＝ρ水(V1－V3)；⑤所以玉石的密度ρ石＝＝ρ水。 17．(1)如图所示 (2)断开　定值电阻断路　(3)大　2 (4)当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比　5∶4 (5)C 【考点】探究电流与电压、电阻的关系。 【解析】(1)在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中滑动变阻器串联在电路中，滑片向右端移动时，电流表的示数变小，说明滑片右移滑动变阻器接入电路的电阻增大，即滑动变阻器左下接线柱接入电路。 (2)为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；图乙中，左表为电压表，示数超量程，说明电压表与电源连通；右边为电流表，示数为0，说明电路断路或总电阻很大，由此可知，与电压表并联的定值电阻断路。 (3)根据图丙可得UV＝IR＝0.4 A×5 Ω＝0.2 A×10 Ω＝0.1 A×20 Ω＝2 V，在探究导体的电流跟电阻的关系时，需要保持电阻两端的电压2 V不变。当小陶用10 Ω的电阻替换5 Ω的电阻时，闭合开关，根据分压原理可知，电压表的示数比用5 Ω的电阻实验时更大，为保持电阻两端的电压不变，应增加滑动变阻器分得的电压，根据分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，使电压表示数为2 V。 (4)由图丙可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；电源采用三节新干电池，说明电源电压为4.5 V，根据串联电路电压规律可得，滑动变阻器两端的分压始终为U滑＝U－UV＝4.5 V－2 V＝2.5 V，整个实验过程中定值电阻和滑动变阻器始终串联，则通过两者的电流始终相等。假设接入5 Ω和10 Ω的定值电阻时电路对应的电流分别为I1、I2，则用5 Ω和10 Ω电阻实验时滑动变阻器消耗的电功率变化量ΔP滑＝U滑(I1－I2)＝U滑ΔI滑＝U滑ΔI，定值电阻的电功率变化量ΔP定＝UV(I1－I2)＝UVΔI定＝UVΔI，由此可知，ΔP滑∶ΔP定＝U滑ΔI∶UVΔI＝U滑∶UV＝2.5 V∶2 V＝5∶4。 (5)A.电源电压为4.5 V，定值电阻两端电压为2 V，滑动变阻器两端电压为2.5 V，根据串联分压原理得R定∶R变＝UV∶U滑＝2 V∶2.5 V＝4∶5，滑动变阻器的阻值是定值电阻的倍，当用30 Ω的电阻替换20 Ω的电阻后，则解得R滑＝37.5 Ω，如果只更换最大阻值为50 Ω的滑动变阻器，该方法可行，故A不符合题意。 B．如果重新开始实验，将电压为4.5 V的电源更换为电压为3 V的电源，定值电阻两端电压保持不变为2 V，滑动变阻器两端电压为3 V－2 V＝1 V，根据串联分压原理得R定∶R滑＝UV∶U滑＝2 V∶1 V＝2∶1，滑动变阻器的阻值是定值电阻的，当用30 Ω的电阻替换20 Ω的电阻后，则解得R滑＝30 Ω×＝15 Ω，小于滑动变阻器的最大值30 Ω，因此该方法可行，故B不符合题意。 C．如果重新开始实验，只改变控制电压U0，使U0为3 V，则当5 Ω的定值电阻接入电路时，电路中的电流I＝＝＝0.6 A，大于滑动变阻器的最大允许通过的电流0.5 A，因此该方法不可行，故C符合题意。 四、计算论述题(本题共3个小题，18小题6分，19小题8分，20小题8分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不得分。) 18．解：(1)由图可知，闭合开关S，电路为R1和R2的并联电路，电流表测通过R1的电流； 根据I＝可知，电源电压： U＝U1＝I1R1＝0.2 A×15 Ω＝3 V。(3分) (2)并联电路中各个支路两端的电压相等，U2＝U＝3 V，通电100 s，R2消耗的电能： W＝UIt＝t＝×100 s＝30 J。(3分) 【考点】欧姆定律的应用；电功、电能的计算。 19．解：(1)根据P＝得，低温挡通电10 min，电路消耗的电能： W低＝P低t＝400 W×60×10 s＝2.4×105 J。(2分) (2)开关S接2时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较大，该暖风机处于高温挡，根据P＝可知，R1的阻值： R1＝＝＝24.2 Ω，(1分) 开关S接3时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较小，该暖风机处于低温挡，根据P＝可知，两电阻之和： R＝＝＝121 Ω，(1分) 加热电阻R2的阻值： R2＝R－R1＝121 Ω－24.2 Ω＝96.8 Ω。(1分) (3)由题意可得，因为要求只降低高温挡功率，所以电阻只能串联接在2和4之间的支路上； 根据P＝可得，R1＋Rx＝＝＝＝30.25 Ω，(1分) 新增加热电阻的阻值： Rx＝30.25 Ω－24.2 Ω＝6.05 Ω。(2分) 【考点】电功率的计算；电功与电能的计算。 20．解：(1)水深h＝40 cm＝0.4 m，水对容器底的压强： p＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.4 m＝4 000 Pa。 (1分) (2)细线刚好被拉直但无拉力时，物体B受到的浮力： F浮B＝ρ水gV排＝ρ水gVB＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×(0.1 m)3＝10 N，(1分) 此时物体B受到竖直向上的浮力、支持力及竖直向下的重力作用，则容器底对物体B的支持力： F支＝GB－F浮B＝mBg－F浮B＝4 kg×10 N/kg－10 N＝30 N， 物体B对容器底的压力：F压＝F支＝30 N，(1分) 物体B对容器底的压强： pB＝＝＝3 000 Pa。(1分) (3)假设小桶A及小石块的总质量为M，卸入水中小石块的质量为m，未将小石块卸入水中且细绳刚好被拉直但无拉力时，小桶A受到的浮力F浮A＝Mg，将小石块卸入水中，物体B刚好被拉起时，绳子的拉力：F拉＝F支＝30 N， 将小石块从小桶A中拿出后水面高度不变，将小石块卸入水中后，水面高度升高， 假设小桶A受到浮力的变化量为ΔF浮，则小桶A此时受到的浮力：F浮′＝F浮A＋ΔF浮＝Mg＋ΔF浮， (1分) 而剩下小石块和A的重力为Mg－mg，则有： Mg＋ΔF浮＝F拉＋Mg－mg，即ΔF浮＝ρ水gΔV排＝30 N－m×10 N/kg，①(1分) 由密度公式可得，投出小石块的体积即水上升部分的体积：V石＝，则小桶A浸入水中的深度变化量：Δh＝， 则小桶A排开水的体积变化量： ΔV排＝SAΔh＝SA×＝SA×＝0.02 m2×，②(1分) 将②代入①得，m＝2.5 kg，即需将2.5 kg的小石块卸入水中才能使物体B刚好被拉起。(1分) 【考点】阿基米德原理的应用；压强的计算。 【错题反思】 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T9、T10、T11、T14、T18 再接再厉鼓舞你 T6、T12、T15 伤筋动骨磨炼你 T7、T16、T17、T19 学霸登顶恭喜你 T8、T13、T20 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到教材或复习资料中再深入学习一遍。 学科网（北京）股份有限公司 $$