物理（上海专用）-2025年中考终极押题猜想

2025年中考物理终极押题猜想（上海专用） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 押题猜想一 从原子到星系 1 押题猜想二 声学 2 押题猜想三 光学 3 押题猜想四 透镜及其应用（含难点） 5 押题猜想五 热学 7 押题猜想六 力、长度和时间、机械运动（含s-t图像题） 9 押题猜想七 运动和力 12 押题猜想八 简单机械 功和功率 14 押题猜想九 机械能及其转化 18 押题猜想十 密度与压强 19 押题猜想十一 浮力 阿基米德原理 22 押题猜想十二 压强、液体压强单选压轴题 25 押题猜想十三 电磁学基础（Ⅰ）—概念辨析与填空 27 押题猜想十四 电磁学基础（Ⅱ）—概念、公式、规律的应用 29 押题猜想十五 电学单选压轴题 32 押题猜想十六 电路故障（填空题） 35 押题猜想十七 综合信息题 39 押题猜想十八 作图题 42 押题猜想十九 压强、液体压强压轴计算题 44 押题猜想二十 电学计算题（含压轴） 48 押题猜想二十一 压轴实验题 52 押题猜想一 从原子到星系 1．在原子核中，不带电的粒子是（　　） A．质子 B．中子 C．电子 D．核子 押题解读 注重生活、结合教材；不偏题。主要考查原子、原子核的结构及特点，会判断星球的类型。 1．在原子核中，带正电的粒子是（　　） A．质子 B．中子 C．电子 D．核子 2．依据卢瑟福的“行星模型”理论，在原子核外绕核高速旋转的粒子是（　　） A．质子 B．电子 C．中子 D．核子 3．下列各组粒子中，能构成原子的是（　　） A．质子、中子 B．中子、电子 C．原子核、中子 D．原子核、电子 4．我们居住的地球是（　　） A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星 5．夜晚仰望天空，月球是（    ） A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星 6．今年2月底，天空中出现了“七星连珠”的奇观。“七星”中的木星属于（　　） A．恒星 B．行星 C．彗星 D．卫星 7．在太阳系中，属于恒星的是（    ） A．太阳 B．地球 C．月球 D．火星 8．下列星体中，属于行星的是（　　） A．太阳 B．地球 C．月球 D．人造卫星 9．太阳系中质量最大的星球是（　　） A．木星 B．太阳 C．地球 D．月球 押题猜想二 声学 （改编）1．一个声源 2min 内振动了 720 次，它的频率为是 Hz，人耳 （能/不能）听到该声音；次声武器发射的次声与人体发生共振，致使共振的器官造成损伤甚至导致人死亡，次声武器利用了声音能够传递 的特点。 押题解读 考查声音的产生、特征；声音的利用以及噪声的控制。 （改编）1．“声纹锁”运用声纹识别技术，能识别主人说出的“口令”并自动解锁，而当其他人说出同样的“口令”时却无法让锁打开。你认为声纹锁能识别主人身份，主要是依据声音的（　　） A．传播速度 B．音调 C．响度 D．音色 2．扩音器的主要作用是（　　） A．改变声音的音色 B．改变声音的传播速度 C．提高声音的音调 D．提高声音的响度 3．如图所示，是笛子的结构示意图。演奏时，按压不同的“指孔”主要是为了改变发出声音的（    ） A．速度 B．响度 C．音调 D．音色 4．能区分不同乐器发出声音的主要依据是（    ） A．音色 B．音调 C．响度 D．声速 5．提琴表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为调节琴声的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．音质 6．上海市外环以内禁止机动车鸣喇叭，这一规定控制了噪声的（　　） A．传播路径 B．传播介质 C．声源 D．接收者 7．古筝是我国传统弹弦乐器之一，主要依靠琴弦的 而发出声音的。用相同的力拨动古筝上长短不一的琴弦，会发出 不同的声音。人能听音分辨古筝与其它乐器，这主要是由于它们发出声音的 不同。（后两空选填“响度”“音调”或“音色”） 8．发声体的 在介质中的传播叫做声波。若声音在空气中传播的速度是340米/秒，表示的物理意义是 ，我们E法听到瑚蝶飞过的声音，是因为它发出的声音属于 （选填“超声波”“次声波”）；医生运用超声波可以击碎肾结石，说明声波可以传递 （选填“信息”“能量”）。 9．如图所示小华用手按压钢尺，钢尺弯曲，主要表明力可以改变物体的 ；用大小相同的力按压钢尺的不同位置，钢尺的弯曲程度不同，说明力的作用效果与力的 有关。保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺末端，钢尺发出声音的 不同。 押题猜想三 光学 （改编）1．在平静的湖水中，有时会看到“鱼在云中游”的景象。我们从侧面看到的鱼是由光的 形成的 （选填“实像”“虚像”），我们看到水中的云是由光的 形成的。 押题解读 主要考查光的直线传播、光的反射与折射、平面镜成像的特点、光的色散等。 （改编）1．“举杯邀明月”，我们都能看见月亮，是因为月亮表面发生了 反射。“对影成三人”，从物理角度分析，诗人看到酒中的“一人”是诗人自己 （选填“放大”“缩小”或“等大”）的像。 2．由于受到吸引，地球绕太阳运行，说明力可以改变物体的 。太阳光是一种 色光（选填“单”或“复”）。光从空气斜射入水中，折射角 入射角（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 3．用平面镜和凸透镜都可以成像，它们的成像原理 （选填“相同”或“不同”）。小明照镜子时，向镜子靠拢0.5米，他到镜中像的距离减小 米。在各种不同的色光中，红、 、蓝光叫做三原色光。 4．一束光以15°的入射角照射到平静的水面上，其反射角为（    ） A．0° B．15° C．30° D．60° 5．《资治通鉴》中记载古人“以铜为镜”，则人在铜镜中所成的像是（　　） A．等大的实像 B．等大的虚像 C．缩小的实像 D．缩小的虚像 6．小明站在河边看到水中的鱼和云，他所看到的（　　） A．鱼是光的反射所形成的实像 B．鱼是光的折射所形成的实像 C．云是光的反射所形成的虚像 D．云是光的折射所形成的虚像 7．下图中的光路能表示人站在河岸上看水中金鱼的是（   ） A． B． C． D． 8．光从空气斜射到水面发生光的反射和折射现象，已知入射光线与水面的夹角为30°，则下列说法正确的是（　　） A．入射角等于30° B．反射角等于60° C．折射角大于60° D．折射角等于0° 押题猜想四 透镜及其应用（含难点） （改编）1．在“探究凸透镜成像的规律”时，当烛焰离透镜14cm时成放大的实像，当烛焰离透镜8cm时成放大的虚像，则这个透镜的焦距可能是（　　） A．10cm B．7cm C．5cm D．4cm 押题解读 主要考查凸透镜成像的特点、凸透镜成像小实验（往年）；像的性质与u、v、f的相互推理、判断等。 1．物体放在凸透镜前，在透镜另一侧离透镜30厘米的光屏上成一个清晰缩小的像。该凸透镜的焦距可能为（　　） A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米 2．物体放在凸透镜前某一位置时，在透镜另一侧离透镜20厘米的光屏上成一个倒立缩小的像。当物体移至凸透镜前20厘米处，所成的是（    ） A．正立放大的虚像 B．正立等大的实像 C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像 3．将物体放在凸透镜前20厘米处，在凸透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，当物体移动到距凸透镜50厘米处，则通过凸透镜成（　　） A．倒立放大的实像 B．倒立等犬的实像 C．倒立缩小的实像 D．正立放大的虚像 4．当物体距离凸透镜20厘米时，在透镜另一侧光屏上成一个清晰的像，若保持物体与光屏的位置不变，把凸透镜向光屏方向移动10厘米，在光屏上又成一个清晰的像。则关于凸透镜的焦距f及成像情况可能是（　　） A．第二次成的像比第一次大 B．第二次成的像比物体大 C．焦距f为6厘米 D．焦距f为12厘米 5．某同学用放大镜观察如图所示的物理书封面。他将放大镜从靠近书本的位置到逐渐远离，则他所看到的像的先后顺序应该是（　　） A．甲乙丙丁 B．乙甲丁丙 C．甲丙丁 D．甲丁丙 6．平面镜成的像是正立、等大的 像（选填“虚”或“实”）。凸透镜的焦距为10厘米，将发光体放在离透镜25厘米的主光轴上，所成的像是倒立、 的实像（选填“放大”“等大”或“缩小”），像到透镜的距离 25厘米（选填“大于”“等于”或“小于”）。 7．如图所示，小嘉通过焦距为10厘米的凸透镜看到了提示牌上“关灯”两字放大的 （选填“实”或“虚”）像，提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离 （选填“小于10厘米”、“大于10厘米小于20厘米”或“大于20厘米”）。从岸上看游泳池底，感觉比实际深度要浅，这是由于光的 现象而产生的错觉。 8．如图所示，是小明自制的幻灯机，所用凸透镜的焦距为10厘米。利用该幻灯机工作时，光通过凸透镜会发生 ，人们能看到屏幕上所成的像，是因为屏幕将幻灯机投射过来的光 进入了人的眼睛（以上两空均选填“折射”或“反射”）。为了能在屏幕上成放大的像，幻灯片到镜头的距离应在 厘米范围内。 9．某同学做“探究凸透镜成像的规律”实验，他保持凸透镜（焦距为f）的位置不变，将发光物由远及近靠近凸透镜，当物距分别为、、时（），记录对应的成像大小为：缩小的、放大的、放大的。已知相邻两次成像的物距变化量相等，则（   ） A．一定小于f B．一定等于f C．可能大于f D．可能大于2f 10．在图所示光具座上，从左到右依次放置蜡烛、凸透镜和光屏，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在 高度，目的是 。先后二次将焦距为5厘米和10厘米的凸透镜放置在“40厘米”刻度处，将蜡烛置于的“20厘米”刻度处，移动光屏，可在光屏上得到大小不同的两个像，比较两次所成的像，当选用焦距为 厘米的透镜时，所成的像较小；保持透镜位置不变，若要确保在“45~60厘米”刻度之间移动光屏得到像，蜡烛应置于光具座上A、B、C、D中的 点处。 押题猜想五 热学 （原创）1．下列说法中不正确的是（　　） A．人的正常体温大约为37℃ B．1标准大气压下沸水的温度规定为100度 C．-18℃就是零下18摄氏度 D．0℃的冰比0℃的水冷 押题解读 主要考查温度、分子动理论，比热容，内能及其利用等。掌握温度的有关概念，会判断分子动理论的有关现象，知道分子热运动及其影响因素；会利用比热容公式进行有关计算；知道热机的工作原理及其有关的能量转化问题。 1．下列各现象中能说明分子做无规则运动的是（　　） A．八月桂花盛开，香气四溢 B．扫地时的尘土飞扬 C．泡茶时，茶叶末在水中浮动 D．汽车在大街上奔驰 2．两个物体接触后不发生热传递现象，说明它们一定具有相同的(   ) A．温度 B．密度 C．质量 D．比热容 3．下列各物理量可用来鉴别物质的是（    ） ①电阻   ②密度    ③质量     ④比热容 A．①② B．③④ C．②③ D．②④ 4．四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（    ） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 5．如图所示为汽油机工作原理示意图，则一个汽缸正常工作时四个冲程的顺序是（　　） A．甲乙丙丁 B．甲乙丁丙 C．乙甲丙丁 D．乙甲丁丙 6．佩香囊、吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做 运动；煮粽子是通过 的方式增加了粽子的内能；在加速滑行时，龙舟的惯性将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 7．在太阳的照射下太阳能热水器中水温升高，水的内能 （选填“增大”“不变”或“减小”），这是通过 （选填“做功”或“热传递”）方式改变其内能的。某太阳能热水器内存50千克水[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]，经过一段时间后水温升高了20℃，则这些水共吸收了 焦的热量。 8．如图为一张水床，夏天人躺在床垫上会明显凹陷进去，说明力可以改变物体的 ，同时又利用了水的比热容 （选填“大”或“小”）的特点来为人体降温，质量为20千克的水温度升高了2℃，则水吸收的热量为 焦。【c水=4.2×103焦/（千克·℃）】 9．质量不同的甲、乙两铁块（m甲＜m乙），吸收相同的热量后，若升高的温度分别为Δt甲、Δt乙，则（　　） A．Δt甲大于Δt乙 B．Δt甲等于Δt乙 C．Δt甲小于Δt乙 D．Δt甲可能等于Δt乙 综合题——计算题 10．质量为10千克的水，温度升高了10℃，求水吸收的热量。[焦/（千克·℃）] 11．质量为5千克的水经电热水器加热后温度升高了。求： (1)水的体积。 (2)水吸收的热量 押题猜想六 力、长度和时间、机械运动（含s-t图像题） （原创）1．世界上第一只摆钟是根据 原理制成的，此原理是由意大利科学家 首先发现的；一个健康初中学生的质量约为50 ，身高约为1.7 。 押题解读 主要考查力的有关概念、长度和时间的测量及其生活中常见物理量的估测，一般需要估测的物理量有长度、时间、质量、力等。结合学生日常生活、学习过程。需要我们善于观察生活同时有基本的推理估测能力。还有机械运动的有关概念，如参照物，会判断物体的运动或静止，s-t图像的分析及其综合应用。 1．教室门框高度最接近（　　） A．1米 B．1.5米 C．2米 D．2.5米 2．下面列出的长度中，接近5cm的是（　　） A．大拇指的长度 B．铅笔芯的直径 C．教科书的宽度 D．乒乓球的半径 3．下表是国家标准鞋码与脚长对照表，表中“光脚长度”的单位是（　　） 鞋的尺码 36 37 38 39 40 光脚长度 230 235 240 245 250 A．km B．m C．cm D．mm 4．下列物体中所受重力约为5牛的是（　　） A．一瓶矿泉水 B．一只鸡蛋 C．一枚铅笔 D．一枚针 5．在如图所示的工具中不能用来计时的是（    ） A． 打点计时器 B． 刻度尺 C． 秒表 D． 沙漏 6．赛龙舟时，选手以 为参照物会看到岸边的景物向后移动；桨向后划水时龙舟前进，说明力的作用是 ；停止划水后，龙舟因 仍会继续前进。 7．神舟号载人飞船通过喷射燃气来改变其运行的高度及方向，这是由于物体间力的作用是 的。神舟号与天宫空间站对接过程中，两个飞行器中的航天员之间是通过 进行交流的（选填“无线电波”或“声波”）。对接成功后，神舟号随天宫空间站一起运动，以天宫空间站为参照物，神舟号是 的（选填“运动”或“静止”）。 8．下列各物理量中，其大小与质量无关的是（　　） A．重力 B．密度 C．动能 D．惯性 9．图所示的实验仪器的名称是 ，它的量程为 牛，使用前应沿 调零，它现在的示数为 牛。 10．甲、乙两车分别从P、Q两点同时出发，沿直线PQ运动，其图像分别如图所示。运动一段时间后甲、乙两车相距4米，又经过1秒后两车相距3米。关于P、Q两点间的距离s及两车运动方向的判断，正确的是（　　） A．s一定大于4米，两车相向运动 B．s可能小于4米，两车相向运动 C．s一定大于4米，两车同向运动 D．s可能小于4米，两车同向运动 11．甲、乙两小车分别从P、Q两点出发，沿同一直线匀速运动，它们的s-t图像分别如图（a）（b）所示，甲比乙早3秒出发，甲出发5秒后两车相遇，则P、Q两点间的距离可能为（　　） A．22米 B．7米 C．2米 D．1米 12．甲、乙两车分别从同一直线上的P、Q两点同时出发相向运动，其s-t图像如图所示。已知M、N是PQ之间的某两个点，甲车通过M点的时间比乙车早2秒，甲、乙两车在N点相遇。则说法正确的是（    ）    A．M点比N点更靠近Q点，MN之间的距离为1.6米 B．M点比N点更靠近Q点，MN之间的距离为2.4米 C．M点比N点更靠近P点，MN之间的距离为1.6米 D．M点比N点更靠近P点，MN之间的距离为2.4米 13．质量相同的甲、乙两小车在水平地面上从同一地点沿同一直线做匀速直线运动，它们的图像分别如图（a）（b）所示，甲车运动4s后，两小车相遇，则乙车比甲车提前 s出发。两小车运动时，乙车的 较小（选填“动能”或“重力势能”）。乙车在运动过程中，其惯性 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 14．甲、乙两车分别从同一直线上的两点同时出发相向运动，它们的图像如图所示。3秒时，甲、乙两车相距5米。（　　） A．两点间的距离一定为20米 B．再过3秒，甲车可能距Q点8米 C．甲车的动能一定大于乙车的动能 D．甲车所受合力可能大于乙车所受合力 押题猜想七 运动和力 （改编）1．如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上（忽略空气阻力），下列分析正确的是（　　） A．她受到重力、支持力和斜向上的摩擦力 B．她对电梯的压力与电梯对她的支持力是一对平衡力 C．她受的重力和电梯对她的支持力是一对平衡力 D．她受的重力和电梯对她的支持力是一对相互作用力 押题解读 主要考查运动和力的有关概念，如摩擦力的类型、牛顿第一定律等，知道惯性及其应用，会判断一对平衡力；会运用力的合成与二力平衡解决以生活、科技等背景的物理问题。 1．关于自行车，下列设计或做法中为减小摩擦的是（　　） A．车把手上套了有花纹的橡胶套 B．自行车轮胎上刻有花纹 C．车轮的轴承中装有滚珠 D．遇到紧急情况时用力捏刹车闸 2．写字时笔尖与纸面间的摩擦属于滚动摩擦的是（    ） A．铅笔 B．毛笔 C．水彩笔 D．圆珠笔 3．两个物体中，惯性较小的物体一定具有较小的（　　） A．密度 B．体积 C．质量 D．速度 4．在实验事实的基础上，通过科学想象和推理得出的物理规律是（　　） A．欧姆定律 B．牛顿第一定律 C．阿基米德原理 D．光的反射定律 5．用测力计两次拉动同一物体竖直向上做匀速直线运动，物体两次运动的速度分别为1米/秒和2米/秒，两次测力计的示数分别为和，则（　　） A． B． C． D． 6．重力为G的行李静止放在水平地面上，小明同学用大小为F的力竖直向上提，行李仍静止在地面上，如图所示。此时（　　） A．F一定等于G B．F一定小于G C．重力G和行李受到地面支持力的合力一定大于F D．重力G和行李受到地面支持力的合力一定等于F 7．如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（　　） A．a处 B．b处 C．c处 D．d处 8．如图所示，小狗拉雪橇，雪橇开始向前滑动，说明力可以改变物体的 ，小狗停止奔跑后，雪橇依然会向前滑动一段距离，这是由于雪橇具有 。若雪橇在水平地面上滑动，它对地面的压力和地面对它的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力。 9．如图所示扫地机器人是通过电机转动使内部气压 （选填“增大”或“减小”），利用内外气压差，将垃圾压入吸尘器。某品牌扫地机器人的质量为3千克，其工作时的电流为2.5安，电池充满电后可以工作5分钟，则电池储存的电荷量为 库，静止在水平地面时，地面对它的支持力为 牛。 10．以下事例中运用相同科学研究方法的是（　　） ①研究同一直线力的合成时，引入“合力”概念 ②研究串联电路特点时，引入“总电阻”概念 ③研究磁场分布时，引入“磁感线” A．①②③ B．①③ C．①② D．②③ 押题猜想八 简单机械 功和功率 （改编）1．如图所示，晓华同学正在做俯卧撑，此时人体可视为一个杠杆，下列各图能大致表示其原理的是（　　） A． B． C． D． 押题解读 主要考查杠杆的概念、分类、有关计算，最小力问题；滑轮的特点及有关计算，滑轮与功、功率结合计算；知道功和功率发概念，判断是否做功，功和功率的计算。 1．图示的工具中，属于费力杠杆的是（　　） A． 滑轮 B．核桃夹 C．钢丝钳 D．镊子 2．重力为80牛的物体在50牛的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，10秒内前进了6米，拉力做功的功率为 瓦，在此过程中物体的机械能将 （选填“变大”、“不变”或“变小”），重力对物体做功为 焦。 3．一个重为600牛的大人和一个重为400牛的小孩进行登楼比赛，他们同时从底层出发，结果小孩比大人先到达六楼，那么（    ） A．他俩做功一样多 B．小孩做功一定多 C．大人功率可能大 D．小孩功率一定大 4．如图所示的刻度均匀杠杆保持水平平衡，弹簧测力计竖直向上拉，作用点在i点，示数为3牛，杠杆上还挂有一个重为1牛的钩码，该钩码一定挂在杠杆的（   ） A．b点 B．e点 C．j点 D．n点 5．如图所示，O为轻质杠杆的支点，B点挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点或在A点施加一个力并使该力最小，该力应沿（　　） A．F1方向 B．F2方向 C．F3方向 D．F4方向 6．如图所示，分别用力F1、F2匀速提升同一重物A。若不计滑轮重及摩擦，当绳子自由端移动了相同距离时，力F1、F2做功分别为W1、W2，则下列判断正确的是（　　） A．F1<F2 B．F1=F2 C．W1>W2 D．W1=W2 7．如图（a）（b）所示，若不计摩擦和滑轮重力，分别用力、匀速提升重为20牛的物体A。图（a）中的滑轮可以看作 杠杆，将物体A提升0.2米，做功 焦；图（b）中，力的大小为 牛。 8．如图（a）所示人的前臂（尺骨与桡骨组成的整体）可看作为杠杆，其阻力臂是动力臂的8倍，若阻力大小为100牛，则肱二头肌产生的动力大小为 牛。如图（b）所示用力F在2秒内匀速提升重为40牛的物体至0.5米高处，力F做的功为 焦，功率为 瓦。（滑轮与细绳的重力及摩擦均不计） 9．如图1所示，用力F匀速提起重为20牛的物体，不计滑轮的重力和摩擦，力F的大小为 牛，物体的动能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）；甲、乙两辆车同时同地同方向做匀速直线运动，它们的图像如图2所示，当两车相距150米时，两车运动 秒。 综合题——计算题 10．杠杆平衡时，动力的大小为90牛，动力臂为0.6米。求阻力的大小为30牛时阻力臂的长度。 11．如图所示，用轻质动滑轮匀速提起重为10牛的A物体，在5秒内将A物体匀速提升4米，不计摩擦和绳子重力。求这段时间内，拉力F所做的功W和功率P。 12．一辆新型电动汽车在平直的公路上行驶，其运动的s-t图像如图所示。若这段路程中电动机对汽车牵引力大小为3000牛。 (1)求该电动汽车的运行速度v； (2)求汽车通过100米，牵引力所做功的功率P。 押题猜想九 机械能及其转化 1．小孩从滑梯上端沿斜面匀速滑到底部，不变的是（　　） A．内能 B．重力势能 C．动能 D．机械能 押题解读 主要考查以生活、科技等为背景的机械能的转化；在其他物理知识中会判断机械能的变化情况，如滑轮、s-t图像中判断机械能的大小或变化情况。 1．今年6月，上海和苏州的轨道交通即将互通。在地铁列车减速驶入车站过程中（　　） A．列车的惯性一定减小 B．列车的动能一定减小 C．列车的惯性可能增大 D．列车的动能可能增大 2．商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的（    ） A．势能增加，机械能不变 B．动能不变，机械能增加 C．动能减少，势能增加 D．动能增加，势能不变 3．如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 牛。若物体A在10秒内匀速上升4米，此过程中拉力F做的功为 焦，物体A的重力势能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。 4．神舟十八号是中国载人航天工程第十八艘载人飞船，于2024年4月25日，在酒泉卫星发射中心发射成功。中国国旗随神舟十八号载人飞船搭载进入中国空间站，由神舟十八号航天员乘组与神舟十七号航天员乘组进行了太空传递和在轨展示。在飞船加速上升的过程中，若不考虑其质量的变化，下列分析正确的是（    ） A．重力势能增加，动能不变 B．重力势能减少，动能增加 C．重力势能增加，动能增加 D．重力势能不变，动能不变 5．质量相等的甲、乙两新颖环保电动汽车同时同地同方向在同一水平面上运动，它们的s-t图像分别如图（a）和（b）所示，则下列说法正确的是（　　） A．甲、乙两车的动能相同 B．运动5秒甲、乙两车相距为6米 C．甲、乙两车的动能始终保持不变 D．乙车的重力势能大于甲车的重力势能 押题猜想十 密度与压强 （改编）1．物理学中，由基本单位组合成的单位称复合单位，下列关系式正确的是（　　） A．压强单位： B．电功单位： C．电功率单位： D．电能单位： 押题解读 主要考查密度与压强的有关概念及物理意义，会辨析压强中的有关知识的应用，如连通器、大气压强等；会利用密度与压强的有关物理公式进行计算及应用。 1．下列各物理量中，能鉴别物质的是（　　） A．质量 B．密度 C．重力 D．体积 2．一块0℃的冰融化成0℃的水后，不变的是（　　） A．内能 B．体积 C．密度 D．质量 3．下列实例中的“吸”，利用大气压强工作的是（　　） A．用纸巾吸水滴 B．用磁铁吸引小铁钉 C．用饮料管吸饮料 D．用干抹布吸附灰尘 4．下列事例中，属于利用连通器原理工作的是（　　） A．密度计 B．温度计 C．订书机 D．船闸 5．下列实例中，增大压强的是（　　） A．铁轨下铺枕木 B．载重车装有履带 C．逃生锤的锤头很尖 D．书包带较宽 6．下列实例中，利用连通器原理工作的是（　　） A．注射器 B．船闸 C．热气球 D．拔火罐 7．冰的密度为千克/米，表示1米冰的 为千克；装有0.002米冰的容器置于水平桌面上，容器内冰的质量为 千克；当冰熔化成水时，容器对桌面的压强将 。（选填“变大”“不变”或“变小”） 8．最早测出大气压强值的科学家是 ，大气压强随海拔高度的增大而 ；脱排油烟机是利用大气压强工作的，脱排油烟机工作时将 能转化成机械能。 9．物理知识在生活中有着广泛的应用。以下的实例中，属于连通器的是 ，应用阿基米德原理的是 ，利用大气压强的是 。（均选填编号） 10．一个中学生站立时对水平地面的压强约为1.5×104帕，它表示1米2受力面积上受到的压力约为 牛；当他在水平地面上行走时，对地面的压强约为 帕。当这个人平躺在床上后，对床面的压强 1.5×104帕（选填“大于”“等于”或“小于”）。 11．2020年11月10日，我国“奋斗者”号全海深载人潜水器顺利下潜至地球海洋最深处，在太平洋马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米，创造了中国载人深潜的新纪录。该潜水器下潜至10000米时，受到海水的压强为 帕，在其2米2舱盖上受到海水的压力是 牛（ρ海水≈1.0×103千克/米3）。潜水器继续下潜，受到的浮力 （选填“变大”、“不变”或“变小）。 12．如图所示，将质量分布均匀的长方体置于水平桌面上，现分别按照图示的方法切去一半，则剩余阴影部分对桌面压强最小的是（　　） A． B． C． D． 13．将质量分布均匀的长方体沿竖直方向切成A、B两块，如图所示。已知LA：LB＝3：1，则A、B两块对水平面的压力和压强之比分别为（　　） A．FA：FB＝3：1   pA：pB＝3：1 B．FA：FB＝3：1   pA：pB＝1：1 C．FA：FB＝1：3   pA：pB＝1：1 D．FA：FB＝1：3   pA：pB＝3：1 押题猜想十一 浮力 阿基米德原理 1．浸在液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开液体的（　　） A．质量 B．体积 C．密度 D．重力 押题解读 称重法测浮力及其综合应用依然是中考热点，理解阿基米德原理的内容，会利用阿基米德原理进行计算。密度计在教材上有不少篇幅的讲解，所以对密度计的考查不容忽视。 1．通过大量研究，得出物体浸在液体中受到浮力大小的普遍规律的科学家是 A．伽利略 B．牛顿 C．阿基米德 D．欧姆 2．将重为5牛的物体放入盛满水的容器中，容器溢出3牛重的水，物体受到的浮力（　　） A．一定等于3牛 B．一定等于5牛 C．可能等于2牛 D．可能等于4牛 3．一艘轮船从东海驶入长江（海＞江），关于轮船受到水的浮力和船身的运动情况判断正确的是（　　） A．浮力不变，船身上浮 B．浮力不变，船身下沉 C．浮力变小，船身上浮 D．浮力变小，船身下沉 4．浸没在水中质量相等的实心铜球和铝球（铜>铝），它们所受浮力的大小关系为（　　） A．铜球大 B．铝球大 C．大小相等 D．无法确定 5．体积为1×10－3米3的物体，重力为20牛，物体上表面位于水面下0.2米深的水中，物体受到的浮力为 牛，物体上表面受到水的压强为 帕。如果物体静止于盛水容器的底部，则物体受到的合力为 牛。 6．如图所示，用弹簧测力计提着重为5.0牛的物体A静止于水中，此时测力计的示数为2.0牛，A受到的浮力大小为 牛。减小A浸没在水中的深度，测力计的示数 ，A底部受到的水的压强 （后两空选填“变大”“不变”或“变小”）。 7．如图所示，重为7牛的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为4牛，则金属块A所受浮力为 牛。剪断连接金属块的细线，金属块下沉过程中，其上表面受到水的压强将 ，水对金属块向上、向下的压力差将 。（后两空选填“变大”“变小”“不变”） 8．如图所示，在“验证阿基米德原理”的实验中，重9牛的柱体A静止在水中，弹簧测力计的示数为5牛，柱体A所受浮力F浮为 牛，柱体A上、下表面受到水的压力分别为F向下、F向上，则F浮 F向上 （选填“大于”、“等于”或“小于”）。继续增大柱体浸入水中的深度它受到的浮力 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。 9．水中的乒乓球在细线剪断前后，均能处于静止状态，如图（a）（b）所示。与图（a）相比，则乒乓球在图（b）中所受的（　　） A．浮力一定变大 B．浮力可能不变 C．合力可能变大 D．合力一定不变 10．将同一支密度计分别置于甲、乙两种液体中，静止后如图所示，由密度计在甲液体中受到的浮力 在乙液体中受到的浮力，可知甲液体密度 乙液体的密度（前两空均选填“小于”“等于”或“大于”），因此密度计的刻度值从上向下逐渐 （选填“变小”或“变大”）。 11．甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为、，液体对容器底部的压强变化量为、，则（　　） A．， B．， C．， D．， 综合题——计算题 12．轮船漂浮在水面上，测得它排开水的体积为2m3，求轮船所受浮力F浮的大小。 13．将一块重为10牛的合金块浸没在水中，合金块排开水的体积为米3。求： （1）合金块所受浮力的大小； （2）合金块所受重力与浮力的合力的大小与方向。 押题猜想十二 压强、液体压强单选压轴题 1．如图所示，质量相等的实心均匀圆柱体放在水平面上（S甲>S乙），现沿水平方向切去相同的高度，则关于甲、乙剩余部分对水平面压强p甲′、p乙′，及甲、乙剩余部分对水平面压力F甲′、F乙′的大小关系是（　　） A．F甲′可能大于F乙′ B．F甲′一定小于F乙′ C．p甲′可能大于p乙′ D．p甲′一定小于p乙′ 押题解读 规则柱体的压强、液体压强动态问题是中考热点、难点。固体压强动态问题的考查方式主要有，切割（或截取）、叠放、旋转及其综合问题，液体压强的主要考查方式有：小球（或规则柱体）入水问题，注水、抽水及其综合问题，等等。 1．如图所示，实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对地面的压强相等。若在甲、乙上各沿水平方向切去相同体积部分，并叠放在对方剩余部分的上方，叠放后与切去前相比，甲、乙对地面压强的变化量为Δp甲、Δp乙，叠放后甲、乙对地面的压强为p甲、p乙。则下列说法正确的是（　　） A．Δp甲>Δp乙，p甲>p乙 B．Δp甲<Δp乙，p甲<p乙 C．Δp甲>Δp乙，p甲<p乙 D．Δp甲<Δp乙，p甲>p乙 2．如图所示，质量相等的实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上。现沿水平或者竖直方向切去相同厚度∆h，使得剩余部分对地面的压强相等，下列方案中可行的有（　　） ①甲、乙都水平切 ②甲、乙都竖直切 ③甲水平切、乙竖直切 ④甲竖直切、乙水平切 A．①和③ B．①和④ C．②和③ D．②和④ 3．如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　） A．大于，p甲大于p乙 B．大于，p甲小于p乙 C．小于，p甲大于p乙 D．小于，p甲小于p乙 4．如图所示，水平面上的两个圆柱形容器中分别盛有甲、乙两种液体，现在两容器中分别抽去部分液体，抽去液体后，使两容器中液体的高度均为h。若此时甲、乙剩余部分液体对容器底部的压力相等，则两容器中甲、乙液体原先对容器底部的压强p甲、p乙和压力F甲、F乙的关系是 A．p甲＜p乙， F甲＞F乙 B．p甲＜p乙， F甲＜F乙 C．p甲＞p乙， F甲＞F乙 D．p甲＞p乙， F甲＜F乙 5．如图所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙置于水平地面，液体甲对容器底部的压强等于乙对地面的压强。现从容器内抽取部分液体甲并沿水平方向截取部分圆柱体乙，使得它们剩余部分的深度或高度均为，则甲、乙的密度以及液体甲对容器底部、乙对地面的压强变化量∆p的关系是（　　） A．； B．； C．； D．； 6．如图所示，两个足够高的薄壁轻质圆柱形容器A、B（底面积SA>SB）置于水平地面上，容器中分别盛有体积相等的液体甲和乙，它们对各自容器底部的压强相等。下列选项中，一定能使甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部压强的操作方法是（　　） ①分别倒入相同深度的液体甲和乙 ②分别倒入相同质量的液体甲和乙 ③分别倒入相同体积的液体甲和乙 ④分别抽出相同高度的液体甲和乙 A．① B．②③ C．①④ D．①②③ 押题猜想十三 电磁学基础（Ⅰ）—概念辨析与填空 1．电功的单位是（　　） A．焦耳（J） B．瓦特（W） C．安培（A） D．伏特（V） 押题解读 掌握电磁学有关基础概念、电磁学常识、物理学人物关系；电磁学基础计算，如电功的计算，注意单位的换算，“度”与千瓦时之间的关系；常用电学仪器的测量工具及连接方式，如电流表、电压表、电能表。 1．通过大量实验研究，得出电流与电压关系的物理学家是（　　） A．托里拆利 B．库仑 C．安培 D．欧姆 2．影响导体电阻大小的因素可以是（　　） A．长度 B．电流 C．电压 D．电荷量 3．测量家庭消耗电能的仪表是 表，家庭电路中的电灯和电视机是 （选填“串联”或“并联”）连接的，若要在A．“220V  8W”和B．“110V  8W”两只灯泡中，选择一只在上海地区的家庭中使用，应选择 （选填“A”或“B”）。 4．家用电饭锅正常工作时的电压为 伏，其工作时将 能转化为内能。煮粽子时能闻到粽子的香味，说明分子热运动与 有关。 5．在家庭电路中，用电器之间是 连接的（选填“串联”“并联”）；消耗的电能用 表测量；同时使用的用电器增多时，电路中总电阻将 （选填“变大”“变小”“不变”）。 6．发电站是通过 输电线路将电能输送至用电区的（选填“高压”“低压”）；某电热器铭牌上标有“220V  800W”的字样，其正常工作电压为 伏，正常工作1小时耗电 度。 7．家庭电路中，照明灯和电饭煲是 （选填“串联”“并联”）的，若多一盏照明灯工作，家庭电路的总电流 （选填“变大”“不变”或“变小”）；电饭煲工作时，主要将 能转化为内能。 （改编）8．一节新干电池的电压为 伏，家中用 表计量消耗电能的多少，家中多点亮一盏电灯，电路的总电阻 （选填“增大”“不变”或“减小”）。 9．2024年，嫦娥六号实现世界首次月球背面采样返回，它是依靠 （选填“声波”或“无线电波”）与地球之间进行通信的。嫦娥六号返回器准确着陆于预定位置，在减速着陆的过程中，它相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的，其动能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。 10．如图所示，小磁针处于静止，闭合开关S后小磁针发生大角度偏转的是（　　） A．   B．   C．   D．   11．上海家庭中使用的空调正常工作时的电压为 V，它与照明电灯之间是 连接的（选填“串联”或“并联”），若这台空调的功率为，正常工作，消耗的电能为 。 12．写出对应科学家 最早得出电流与电压的关系； 最早发现电流周围存在磁场 首先用实验测定大气压强的值； 在伽利略等人的基础上得出惯性定律。 13．标有“220V120W”的LED电视机正常工作2小时，耗电 度，其消耗的电能可用 表测量。电能的广泛应用需要有效传输，远距离输电通常采用 （选填“高压”或“低压”）输电的模式。 押题猜想十四 电磁学基础（Ⅱ）—概念、公式、规律的应用 1．一个5欧的电阻与一个1欧的电阻并联后，其总电阻（　　） A．大于5欧 B．小于5欧大于1欧 C．等于1欧 D．小于1欧 押题解读 串、并联电路的应用；电阻的串、并联的应用；电流的定义式，欧姆定律公式的计算应用，电阻的影响因素结合考查；电阻的影响因素在串、并联电路的应用；模拟电器电路中的传感器、多开关问题。 1．将电阻R与5Ω的电阻并联后总电阻小于1Ω，下列判断正确的是（  ） A．R一定小于1Ω B．R一定大于1Ω C．R可能大于1Ω D．R不可能为1Ω 2．某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦，该导体两端电压改变为3伏时，其电阻为 欧． 3．某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库，通过该导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦；当该导体两端电压降低到0伏时，其阻值为 欧 4．生活中蕴含着很多物理知识：液位计利用 原理工作的；电影道具中的“石块”用泡沫塑料制成，这是因为泡沫塑料密度很 ；图中的汽车油量表实际上是一只 。 5．小磁针两端的磁场最 （选填“强”或“弱”）；如图所示，将一枚可以自由转动的小磁针放在水平桌面上，当导线与电池触接时，小磁针发生偏转，说明 周围存在磁场；断开电路后，当小磁针静止时，它的N极指 （选填“南”或“北”）。 6．某导体两端的电压为6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安；当该导体两端的电压为3伏时，其电阻为 欧。图（a）为一个悬浮地球仪，其内部装有磁铁，使其悬浮的底座内部装有按图（b）所示方式放置的通电螺线管，该螺线管上端的磁极为 （选填“N”“S”）极。 7．常用电蚊拍具有灭蚊和照明功能。当只闭合开关时，电蚊拍只起到灭蚊的作用；当同时闭合开关时，电蚊拍同时起到灭蚊和照明的作用。在如图所示电路中能实现该功能的是（　　） A． B． C． D． 8．如图所示，两段材料和长度相同但粗细不同的金属导体AB与BC连在一起，将AC两端接入电路中，则通过AB的电流IAB，加在它两端的电压UAB和通过BC的电流IBC、加在它两端的电压UBC的大小关系是（　　） A．IAB>IBC  UAB>UBC B．IAB<IBC  UAB<UBC C．IAB=IBC  UAB<UBC D．IAB=IBC  UAB>UBC 9．将甲、乙两根长度相同、粗细不同的锰铜丝以某种方式同时接入电路中（甲比乙粗），关于通过它们电流和的大小关系，下列说法中正确的是（　　） A．若甲、乙串联，则 B．若甲、乙串联，则 C．若甲、乙并联，则 D．若甲、乙并联，则 10．甲和乙是由同种材料制成的导体，当L甲>L乙，则关于甲和乙的横截面积S及电阻R的大小关系，下列说法正确的是（    ） A．若S甲>S乙，则R甲一定大于R乙 B．若S甲<S乙，则R甲一定大于R乙 C．若S甲=S乙，则R甲一定小于R乙 D．若S甲>S乙，则R甲一定等于R乙 11．如图为某智能光控照明装置的电路图，传感器天亮时相当于一个断开的开关，天黑时相当于一个闭合的开关。电路各处接触良好，各元件可正常工作。下列说法中正确的是（   ） A．若天黑时灯L不发光，则开关可能是断开的 B．若要实现智能光控功能，应闭合开关和 C．若要实现智能光控功能，应仅断开开关，天亮时灯L发光 D．若要关闭智能光控功能且灯L发光，则开关和一定是闭合的 12．图是一个加热器的模拟电路，电路中两电阻的阻值R1小于R2，该加热器通过控制开关S1、S2的断开或闭合，来实现三种不同挡位工作，其中低温挡工作电流最小，高温挡工作电流最大，则下列选项中正确的是（　　） A．只闭合开关S1时，加热器处于高温状态 B．只闭开关S2时，加热器处于中温状态 C．同时闭合开关S1、S2时，加热器处于低温状态 D．同时闭合开关S1、S2时，加热器处于高温状态 13．在物理学习的过程中经常会用到一些科学研究方法，下述事例中运用相同科学研究方法的是（　　） （1）用水流比作电流               （2）探究导体中电流与电压的关系 （3）探究物质的质量与体积的关系   （4）用总电阻替代两个并联的电阻 A．（1）与（3） B．（1）与（4） C．（2）与（3） D．（2）与（4） 押题猜想十五 电学单选压轴题 1．在如图所示的电路中，定值电阻和滑动变阻器接入的阻值相等，闭合开关，下列操作中能够使电压表和电流表示数比值比原先小的是（　　） A．闭合开关，断开开关 B．闭合开关，向右移动滑片P C．减小电源电压 D．增大电源电压，向右移动滑片P 押题解读 动态电路分析 1. 串联电路 2. 并联电路 3. 开关通断引起的动态电路 1．在图所示电路中，电源电压不变，、为定值电阻，闭合开关S，电流表示数为I。现用电阻替换或，再闭合开关S，电流表示数为2I，则下列判断正确的是（　　） A．若替换，则可能等于 B．若替换，则一定大于 C．若替换，则可能等于 D．若替换，则一定小于 2．在吸图所示的电路中，滑动变阻器标有“”字样，其滑片P位于中点附近，电流表、的量程均选择“”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，下列操作中可使电流表和电流表示数的比值最小的是（    ） A．将滑片P移到最右端 B．将滑片P向左移动，直到电流表的示数为3安 C．断开开关S D．用电阻替换电阻（） 3．图示的电路中，电源电压保持不变，开关、闭合时，电流表示数为、电压表示数为。现断开开关，以下判断中正确的是（　　） A．向右移动滑片，电压表示数可能为 B．向左移动滑片，电压表示数可能为 C．向右移动滑片，电流表示数可能为 D．向左移动滑片，电流表示数可能为 4．电梯超载容易引发安全隐患。图所示为某电梯超载报警电路工作原理图，电源电压恒定不变，为保护电阻，为压敏电阻（阻值随压力的变化而变化）。当电梯超过其载重上限时，电流表示数超过设定值就会触发报警器（图中未画出）工作。则（　　） A．当人进入空载电梯后，压敏电阻的阻值增大 B．当人进入空载电梯后，电压表示数与电流表示数之比不变 C．若要适当降低电梯载重上限，可换用电压更小的电源 D．若要适当降低电梯载重上限，可换用阻值更小的 5．在图所示的电路中，电源电压保持不变。当对电路进行某种操作后，电压表V示数与电流表A示数的比值变大，则此过程中（　　） A．电流表A1的示数变小 B．电流表A2的示数变大 C．电流表A示数与电流表A1示数的差值不变 D．电流表A示数与电流表A2示数的差值不变 押题猜想十六 电路故障（填空题） 1．如图所示电路，电源电压为，已知电路中有一处故障，且只发生在或上。 (1)小明认为，闭合开关S后，无法通过电压表的示数来判断具体故障。你 （选填“支持”或“不支持”）他的观点，请结合电压表的示数说明理由； (2)小明设想经过下列操作，通过观察电压表示数在操作前后的变化情况来判断具体故障。其中可行的有______ A．将与的位置互换 B．用一个完好的定值电阻R来替换 C．将一跟导线并联在两端 押题解读 1.电路故障 电路故障一般都含有两方面内容：一是故障的性质，即是短路还是开路；二是故障的位置，即故障发生在哪个元件上。所以一个电路中故障，要从这两个方面分析。 2．串联电路故障 R1 R2 A S 开关s闭合后，电路正常工作，如果电路某一处出现故障，引起的电表变化现象如下表。 故障 电流表A示数变化 电压表V1示数变化 电压表V2示数变化 R1断路 变小 变大 变小 R1短路 变大 变小 变大 R2断路 变小 变小 变大 R2短路 变大 变大 变小 3．并联电路故障 开关S闭合后，电路正常工作，如果并联电路出现故障，根据并联电路特点，即电压表不发生改变，且不会出现电阻短路故障，只会出现断路故障，因此故障现象减少，如下表。 R1 R2 S A A1 A2 V 故障 电流表A1示数变化 电流表A2示数变化 电流表A示数变化 R1断路 变小 不变 变小 R2断路 不变 变小 变小 R1、R2断路 变小 变小 变小 1．在图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1的阻值为R0，R2的阻值为2R0，电路中可能在R1或R2上存在一处断路故障。 (1)为了正确快速判断出电路中是否存在故障，电流表串联在 （选填“R1支路”“R2支路”或“干路”）上最为合适； (2)按上述电流表串联的位置，若存在故障，请写出开关S闭合前后，电流表的示数及对应的故障。 2．在图所示的电路中，电源电压为不变。闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，观察到电压表示数为。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻或上。 (1)故障可能是 ； (2)为确定具体故障，小嘉提出三种方法：①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片；②用完好电阻替换，闭合开关；③将滑动变阻器与电压表位置互换，闭合开关。请选出可行的方法，写出观察到的电表示数（或示数变化情况）及对应的故障。 3．现有三个电阻R1、R2、R3，其中一个短路，一个断路，一个完好。小华为了确定三个电阻的具体情况，选择合适的器材，进行如下操作： (1)他按图所示正确连接电路，闭合开关S，观察到电流表示数为0，电压表示数为6伏，则可以确定的具体情况是 ； (2)在电路安全的条件下，小华选用上述器材，设计并连接电路确定另两个电阻的具体情况。请在方框内画出他的电路图，并写出闭合开关S后，电表示数情况及对应两个电阻的具体情况。 4．在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变，闭合开关S后，电路正常工作。一段时间后，电流表A的示数变小，已知故障只有一处，且发生在电阻R1或R2上，则此时电压表V的示数为 ，故障可能是 。若选择一个完好的定值电阻R替换R2，并观察比较电流表替换前、后示数，则电阻R需要满足一定的条件才能确定故障。若R大于R2，判断能否确定故障并说明理由 。 5．电阻和的阻值规格均为，电阻的阻值规格为。小王将和按如图所示方式连入电路中，闭合开关S，观察到两电表指针均发生偏转；然后用替换，与替换前相比，电流表示数减小了。经过思考后，小王认为电路中存在故障。已知电路中的电源电压始终保持不变，3个电阻中只有1个电阻存在故障，请根据以上信息判断： (1)电路中的故障可能是 ； (2)请写出替换后两电表示数及对应的故障 。 押题猜想十七 综合信息题 1．下表记录了声波在不同种类的气体和温度下的速度，请依据表中的相关数据回答问题： 气体种类（米/秒）                                      声速 温度（℃） 空气 氢气 氦气 氮气 二氧化碳 0 331 1261 891 337 269 10 337 1284 908 343 273 20 343 1306 924 349 279 30 349 1328 939 355 283 (1)当温度为10℃时，声波在空气中的传播速度为 米/秒。 (2)声波的传播速度与温度的关系是： 。 (3)历史首次超音速飞行是：耶格尔驾驶X-1飞机上升到12800米高空，在此高度上达到299米/秒的速度，成为人类突破音障的第一人。请你通过上述事实和表格中的数据进行分析，耶格尔驾驶的飞机速度仅为299米/秒，却超过了音速的可能原因是： 。 押题解读 解题参考策略 1. 认真、耐心地阅读提供的背景材料，尤其是近几年的图表数据类，掌握题目中的中心主题和核心内容、提取物理信息． 2．综合运用所学知识、理解和判断出物理信息内容． 3．带着问题仔细阅读，从材料和图表数据中分析和概括出其中所蕴含的物理问题或物理规律. 4．结合学过的有关物理知识和规律，把新旧知识联系起来． 5．抓住关键词语，准确地利用物理知识解题． 1．《中华人民共和国民法典》把“高空坠物”纳入了违法行为。小明猜想高空坠物的破坏力可能与物体的质量、所处的高度有关。他用质量不同的小球从同一高度自由下落到沙坑，通过小球落入沙坑的深度来反映高空坠物的破坏力，实验数据如表所示。 实验序号 1 2 3 4 质量m（克） 20 40 60 80 落入沙坑的深度d（厘米） 1.2 1.4 1.6 1.7 (1)分析上述实验数据及相关条件，可以得出的结论是： ； (2)小明查阅资料后得知：撞击时动能越大，破坏力越强。请从机械能及其转化的角度阐述重物从高处下落比从低处下落时造成破坏力更大的原因。 2．近视眼已经成为影响青少年健康的突出问题，为此某兴趣小组开展“近视眼成因”的探究。他们查阅资料获知：①眼睛前端的晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，能将来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体清晰的像，如图所示。②视网膜到晶状体的距离几乎不变，当被观察的物体到眼睛的距离发生变化时，睫状肌会通过调节晶状体的厚度来改变其焦距，使视网膜上的像保持清晰。③近视眼患者的晶状体较厚，且睫状肌调节能力有限。接着，小组成员选用焦距不同的凸透镜做“模拟人眼看物体”的实验，并记录了成清晰像时的物距、像距和焦距，数据见下表。 序号 物距/厘米 像距/厘米 焦距厘米 1 17.1 15.0 8.0 2 30.0 15.0 10.0 3 60.0 15.0 12.0 (1)分析上表数据发现：人眼从近处看向远处时，为了能在视网膜上始终成清晰的像，眼睛晶状体的焦距会变 （选填“大”或“小”）； (2)请结合以上信息及所学物理知识，解释近视眼患者看不清较远处物体的原因 。 3．小明为研究凸透镜成像时所成像与凸透镜焦距的关系，选取高度为10厘米的发光物、光屏和不同焦距的凸透镜进行实验，得到相关数据记录在表中。 序号 焦距（厘米） 物距（厘米） 像距（厘米） 像高（厘米） 1 5 60 5.5 0.9 2 10 60 12.0 2.0 3 15 60 20.0 3.3 4 20 60 30.0 5.0 (1)根据表1中像高、像距与焦距的关系，可以得出的结论是：凸透镜成缩小的实像时，物高和物距不变， 。 (2)小明是一名摄影爱好者，图所示的三张照片，是他用同一架照相机换三个不同焦距的镜头、在相同位置拍摄远处同一景物的照片。其中图 的照片是使用焦距最大的镜头拍摄的，你判断的理由是： 。 4．下表记录了干燥空气在不同气压和温度时的密度，请依据表中的相关数据回答问题： 气压（帕） 密度（千克/米3） 温度（℃） 93300 96000 101000 104000 5 1.17 1.20 1.27 1.30 10 1.15 1.18 1.25 1.28 15 1.13 1.16 1.23 1.26 20 1.11 1.14 1.21 1.24 (1)当温度为20℃、气压为104000帕时，干燥空气的密度为 千克/米3； (2)干燥空气的密度与气压的关系是： ； (3)某同学根据表中数据规律，认为：“因为一般情况下，上海地区冬季温度比夏季温度低，所以上海地区冬季干燥空气的密度大于夏季干燥空气的密度。”你是否同意他的判断，并说明理由： 。 5．小明发现在日常生产和生活中，导线的线芯主要由铜或铝制成，也有小部分导线用银和铁作为线芯，但它们的应用场景并不相同。为此他查阅了这四种金属的相关性能参数，具体包括：（1）长1米，横截面积1平方毫米的四种金属导体在18℃时的电阻值；（2）金属的密度值；（3）2025年3月的金属市场价格；（4）金属的机械强度和耐腐蚀性。并将相关数据和结果汇总在表二中。 表二 金属 电阻（Ω） 密度（千克/米） 价格（元/吨） 机械强度 耐腐蚀性 铜 0.017 79970 高 优 铝 0.027 21040 中 良 银 0.016 8340000 低 优 铁 0.099 2500-10000 高 差 (1)家庭电路所用的导线除了考虑电阻和经济性以外，还必须有较高的机械强度和很好的耐腐蚀性，表二中适合家庭布线的导线线芯是金属 ； (2)长距离架空输电线路中，为大幅减少杆塔、绝缘子等支撑结构的承重要求，降低建设成本，主要采用铝芯电缆线；而为了弥补其导电性不足，通常采用增加横截面积的方法。请综合比较表二中铜和铝两种金属的相关性能参数，并结合所学知识分析解释其中的主要原因 。 押题猜想十八 作图题 1．如图所示，静止在水平地面上的物体所受重力大小为10牛，用力的图示法画出物体受到的重力G。 押题解读 作图题是上海中考物理的重点、热点题型，每年占比稳定，覆盖力学、光学、电磁学等内容。作图题不仅能提高学生的作图技能，还能培养其严谨认真的科学态度和利用图像分析、解决问题的能力。 1．重为10牛的物体静止在斜面上，对斜面的压力为6牛，请用力的图示法在图中画出斜面受到的压力F。 2．根据平面镜成像特点，在图中画出物体在平面镜中所成的像。 3．阳光斜射到平静的湖面上，它与湖面的夹角为60°，光路图如图所示。请在图中画出反射光线OB，并标出反射角的度数。 4．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S后，灯和都能发光，且电流表只测量通过灯的电流。 5．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，小灯亮度不变，电流表的示数变大。 6．在如图所示电路中的〇里填上适当的电表符号。要求：闭合开关S，只有一个小灯发光。 7．在图中标出通电螺线管和小磁针的N极，以及磁感线的方向。 8．如图所示，杠杆OA在力、的作用下处于静止状态，是力的力臂，在图中画出力的力臂和力。 9．在图中画出该滑轮的支点O，并画出F1和F2的力臂。 押题猜想十九 压强、液体压强压轴计算题 1．如图所示，边长分别为0.1米和0.2米的实心正方体A、B，放置在水平地面上，A、B的密度分别为0.8×10³千克/米³和0.1×10³千克/米³，物体A质量为0.8千克。求： (1)物体A对地面的压力FA。 (2)物体B对地面的压强pB。 (3)若要使A、B对水平地面的压强相同，小明拟采用的办法如表所示： 分析计算过程 结论 小明 若只在物体A上沿水平方向截去一定厚度h后，物体A剩余部分对地面的压强为， pB=ρBghB=0.1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m 而pA=pB 解得 h=7.5×10-2米 在A物体上水平截取的厚度为7.5×10-2米的部分 ①请判断：小明的分析过程及结论是否正确。 ②小华设想在两物体中某一物体上部沿水平方向截去重为的G0部分，并置于另一物体上部后使二者对水平地面的压强相同，请通过计算分析小华的设想是否有可能实现，若有可能，求出G0的值；若没有可能，说明理由。 押题解读 规则柱体的压强、液体压强动态问题是中考热点、难点。固体压强动态问题的考查方式主要有，切割（或截取）、叠放、旋转；液体压强的主要考查方式有：小球（或规则柱体）入水问题，注水、抽水及其综合问题。 解题时注意分析始态、中间态、末态，以及在这个过程中物理量的变化量，尤其是，结合相应的物理公式进行分析、计算，以达到动态问题动态分析的目的。 1．有一质量分布均匀的长方体甲，其密度、底面积、高度的数据如下表所示： 密度（） 底面积（） 高度（m） 0.5 (1)求甲的质量； (2)薄壁柱形容器乙放置在水平桌面上，容器足够高，现将甲放入其中，再向乙中缓慢注入水，如图所示，当甲所受浮力等于其重力时， ①求乙中水的最小深度； ②沿水平方向切去甲露出水面的部分，若乙的底面积为，当甲静止时，求水对容器底部压强的变化量。 2．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲、实心均匀长方体乙，分别置于水平面上。甲容器底面积为，盛有深为2h的水，水的质量为8kg。长方体乙的长、宽、高分别为h、h、2h。 （1）求水的体积； （2）求水面下0.1m处水的压强； （3）若将长方体乙浸没在甲容器水中，水不溢出，水对容器底部压强的变化量为；若将长方体乙顺时针旋转90°，如图（b）所示，乙对地面的压强变化量为；且。求长方体乙的质量。 3．如图所示，轻质薄壁圆柱形容器置于水平地面，其底面积为，高度为，内部盛有深度为的水。 圆柱体 密度 底面积 高度 A 1.5 B (1)若容器中水的质量为10千克，深度为0.2米。求： ①水的体积 ②水对容器底的压强。 (2)现有两个均匀实心圆柱体、，其规格如下表所示。选择其中一个轻放于容器内（圆柱体底与容器底接触），使容器对水平地面压强的变化量最小。请写出所选的圆柱体并说明理由，求出最小。 4．如图所示，盛有水的轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面上，容器底面积为米，其内部中央放有一个圆柱形物体乙。现分三次从容器中抽水，每次抽水后容器底受到水的压强及容器对地面的压强如表2所示。 (1)求未抽水时容器对地面压力大小。 (2)关于每次抽出水的深度和质量，两位同学发表了不同的观点。小王认为每次抽出水的深度是相同的；小红认为每次抽出水的质量是相同的。请判断两位同学说法是否正确，并说明理由。 (3)根据上述信息还可以作出推断： （a）第 次抽水后乙上表面开始露出水面； （b）甲、乙底面积之比为 。 表2 序号 1 2 3 4 状态 未抽水 第一次 第二次 第三次 容器底受到水的压强/帕 2500 2100 1700 1300 容器对地面的压强/帕 3100 2700 2375 2075 押题猜想二十 电学计算题（含压轴） 1．在如图1所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，的阻值为5欧，闭合开关S，通过电路中的电流为0.6安。 表三 编号 滑动变阻器规格 A 10Ω  2A B 20Ω  1A C 50Ω  1A (1)求两端的电压。 (2)当滑片P移到某位置时，电压表示数如图2所示，若待选的滑动变阻器的规格如表三所示，请通过计算说明符合上述要求的变阻器，并求出变阻器接入的电阻值。 押题解读 最值、范围类动态电路相关计算的解题步骤 1.标最值——标出已知元件的最值，如电压表和电流表的量程、滑动变阻器的最大电阻、最大电流及其变化量等； 2.定状态——分析限制条件和不同状态下的电路； 3.求最值——根据欧姆定律、电功率计算公式，计算各物理量的最值： 4.得范围——将所求最值与已知条件对比，求出各量的变化范围。 1．在图所示的电路中，电源电压为9伏且保持不变，电阻R2为10欧。闭合开关S后，电流表的示数为1.2安，求： （1）通过电阻R2的电流I2。 （2）电阻R1的阻值。 （3）根据并联电路电流、电压的特点及欧姆定律，推导出并联电路电阻的规律：=+。 2．如图（a）所示电路，电源电压为12V且保持不变，滑动变阻器标有“20Ω  2A”字样，电阻的阻值为10Ω，开关S闭合。 (1)求通过的电流。 (2)求连入电路的最小阻值。 (3)在干路中串联一个电流表，表盘如图（b）所示，电路能正常工作，在移动滑片的过程中，求电路总功率的最大值和最小值的比值。 3．在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1为定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω 2A”字样，电流表A的示数为1.2安，电流表的表盘如图（b）所示。 (1)求此时变阻器R2接入电路的阻值。 (2)移动滑片，求电流表A的示数的最小值。 (3)将电流表改接在干路中，再次移动滑片，发现电流表示数的最大变化量与原来电流表示数的最大变化量相同，求定值电阻R1允许的取值范围。 4．如图（a）所示电路，R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“1A”字样。 （1）闭合开关S后，电流表的示数为0.5A，求R1两端电压； （2）再用定值电阻R0替换R1，且在电路中并联一个电压表，当滑动变阻器滑片位于中点时，电流表的示数为0.7A，电压表的示数为3.5V。继续移动滑片P到达阻值最大一端，电压表示数如图（b）所示。求变阻器的最大阻值R2max。 某同学的解答过程如下： 若电压表V并联在R2两端，当滑片位于中点时 则 当滑片P移动到阻值最大一端的过程中，电压表V示数将变大，则U2´=10V 所以 此时I2´在变阻器允许通过的电流范围内，所以电压表V并联在R2两端，R2max=10Ω。请指出上述解答过程中的错误之处及理由，并计算变阻器的最大阻值R2max。 5．在图所示的电路中，电源电压为，电阻的阻值为，电流表的表盘如图所示。 (1)闭合开关，求电流表的示数； (2)在该电路中再接入一个滑动变阻器。若以两种不同方式先后接入电路、两点间时，电路中电流表示数所达到的最大值、最小值的部分数据如下表所示。根据相关信息，求： ①允许通过变阻器的最大电流； ②变阻器的最大阻值。 电流表示数最小值 电流表示数最大值 方式一 0.3A 方式二 2.9A 6．在图（a）所示的电路中，电源电压为10伏且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样。闭合开关S后，电路中的电流为1安。求： （1）电阻R1两端的电压； （2）变阻器R2连入电路的阻值； （3）现用R0（阻值可能为10欧、15欧或20欧）替换R1，并将一电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P到某位置，电路正常工作，电压表、电流表示数如图（b）所示。请通过计算判断电压表并联的位置及R0的阻值。    押题猜想二十一 压轴实验题 1．小红和小华做“测定小灯泡的电功率”实验，现有两个滑动变阻器（A标有“10Ω  3A”、B标有“20Ω  2A”字样）可选，其余所有器材完全相同，且电压表只有0～3伏挡完好。他们分别选用其中一个滑动变阻器与电源（电压为2伏整数倍保持不变）、开关、小灯泡（标有“3.8V”字样）、电流表正确串联。小红将电压表并联在小灯泡两端，移动变阻器滑片移至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数如图所示，无法测出小灯泡的额定功率。小华也将电压表接入电路后进行实验，部分实验数据记录在下表中，其中序号1实验时，电压表示数超过量程。他们交流讨论后，根据实验现象和测量数据得出了小灯泡的额定功率。 物理量实验序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电压表与电流表示数的比值（欧） 1 0.24 2 3.0 0.40 3 5.0 (1)测定小灯泡电功率实验原理是 ； (2)小华实验中电压表并联在 两端（选填“小灯泡”“滑动变阻器”或“电源”）； (3)求小灯泡的额定功率P额。（需写出解答过程） 押题解读 压轴实验题——“测定小灯泡的电功率”实验，往往会结合电表示数、图表数据、实验操作中遇到的问题等综合考查，对学生的综合分析能力要求较高，也是考查学生的物理理论知识与实验操作的综合素养。综合分析法往往找到问题的切入点是解题的关键。 1．小嘉做“测定小灯泡的电功率”实验，现有滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”“20Ω 1A”字样），其他器材齐全且完好。小嘉选取其中一个变阻器与电源（电压为1.5伏的整数倍）、待测小灯（额定电压为“2.5V”或“4.5V”）、电流表、开关串联，将电压表并联在电路中，滑片移至变阻器一端。闭合开关，观察到电压表的示数如图（a）所示，小灯泡发光较亮，移动滑片，电压表示数变大，发现无法完成实验。他思考后做出调整，重新连接电路，并使变阻器接入电路中的电阻最大。闭合开关，观察到电流表示数如图（b）所示，移动滑片，小灯泡正常发光时，电流表的指针恰好指在表盘正中央。 (1)调整前，电压表并联在 两端。 (2)小嘉做出的调整为 。 (3)分析计算电源电压及小灯泡的额定功率。 2．小宝做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材有电源（电压有4伏和8伏两挡）、待测小灯（额定电压为“2.5V”或“4.5V”）、滑动变阻器（分别标有“20Ω  2A”“50Ω  1A”字样）、电压表、电流表、开关以及导线若干。他选用某挡电源电压，正确串联实验器材，并将电压表并联在电路中。闭合开关后，将变阻器滑片从一端向另一端移动的过程中，观察到小灯的亮度逐渐增加，但始终较暗，电压表的示数逐渐变小。 (1)请通过以上信息判断小宝同学将电压表并联在 （选填“电源”“待测小灯”或“滑动变阻器”）两端。 (2)经过思考，小宝仅对电源的挡位进行调整，重新实验，当变阻器的滑片位于中点附近时，小灯正常发光，电流表的示数如图所示。请通过计算说明： （Ⅰ）电流表的示数。 。 （Ⅱ）小灯的额定功率。 。 （Ⅲ）所用滑动变阻器规格。 。 3．小吴做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电源电压为2伏的整数倍）、待测小灯泡（标有“3.8伏”字样）、电流表、电压表（只有“0~3伏”挡完好）、开关、滑动变阻器（标有“20欧 1安”字样）各一个、以及导线若干。他正确连接电路，并将滑片移到最大阻值处，闭合开关时观察到电表的示数如图（a）、（b）所示，小灯发光较暗，移动滑片P，发现电压表示数超出了量程。为了测出小灯的额定功率，他改变了电压表接入的位置，并调整了电源电压，然后闭合开关，移动滑片，又进行两次实验，数据如下表所示。 实验序号 电流表（A） 电压表（V） 1 0.28 2.6 2 0.30 2.2 （1）测定小灯电功率的实验原理是 ； （2）小灯正常发光时，电源电压为 伏； （3）请根据相关信息计算出小灯的额定功率P额（需写出推理和计算过程） 。 4．小明和小华做“测定小灯泡的电功率”实验。他们所用电源电压相同（电源电压为2伏的整数倍），标有“2.2V”和“3.8V”字样的待测小灯泡各一个，小灯泡的额定功率一个大于1瓦，另一个小于1瓦，两个开关、两个标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器，数字式电压表、电流表及导线若干。他们各自选好小灯，正确串联电路，将电压表并联在电路中。闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，分别将测得的三组数据记录在表1、表2中。其中各有一组数据对应小灯正常发光。 表1：小明 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电功率（瓦） 1 2.2 0.32 2 2.5 0.30 3 3.8 0.22 表2：小华 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电功率（瓦） 1 2.2 0.20 2 2.5 0.22 3 3.8 0.24 (1)上述实验中，将电压表并联在滑动变阻器两端的是 （选填“小明”或“小华”）。 (2)小明和小华所用电源的电压为 伏。 (3)求出小明所选小灯的额定功率，并说明理由。 5．小华和小红做“测定小灯泡的电功率”实验，所用电源电压为2伏的整数倍的电源两个（两个电源电压不同）、有三个待测小灯泡分别标有“2.2V  0.3A”、“3.8V 0.3A”、“6.3V  0.3A”、电流表、电压表、开关各两个，滑动变阻器两种规格（A：“10欧 2安”、B：“50欧 2安”）各一个以及导线若干。他们各自挑选好器材，正确串联电路，将电压表并联在电路中。闭合开关后，他们各自移动变阻器的滑片，并在表格中分别记录了两组数据。 表一 小华   物理量 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 1 1.5 0.26 2 3.0 0.32 表二 小红 物理量序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 1 2.5 0.32 2 4.2 0.28 （1）小华判断小灯正常发光的方法是 ； （2）小华所选小灯的额定功率为 瓦； （3）求小红所用滑动变阻器的规格( )、电源电压( )以及小灯的额定功率( )，并计算说明理由。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 2 / 8 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2025年中考物理终极押题猜想（上海专用） （高分的秘密武器：终极密押+押题预测） 押题猜想一 从原子到星系 1 押题猜想二 声学 4 押题猜想三 光学 7 押题猜想四 透镜及其应用（含难点） 9 押题猜想五 热学 14 押题猜想六 力、长度和时间、机械运动（含s-t图像题） 18 押题猜想七 运动和力 26 押题猜想八 简单机械 功和功率 31 押题猜想九 机械能及其转化 38 押题猜想十 密度与压强 41 押题猜想十一 浮力 阿基米德原理 47 押题猜想十二 压强、液体压强单选压轴题 53 押题猜想十三 电磁学基础（Ⅰ）—概念辨析与填空 62 押题猜想十四 电磁学基础（Ⅱ）—概念、公式、规律的应用 67 押题猜想十五 电学单选压轴题 74 押题猜想十六 电路故障（填空题） 79 押题猜想十七 综合信息题 85 押题猜想十八 作图题 91 押题猜想十九 压强、液体压强压轴计算题 97 押题猜想二十 电学计算题（含压轴） 104 押题猜想二十一 压轴实验题 114 押题猜想一 从原子到星系 1．在原子核中，不带电的粒子是（　　） A．质子 B．中子 C．电子 D．核子 【答案】B 【详解】在原子中，质子带正电，电子带负电，原子核带正电是由于质子带正电，而中子不带电。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 押题解读 注重生活、结合教材；不偏题。主要考查原子、原子核的结构及特点，会判断星球的类型。 1．在原子核中，带正电的粒子是（　　） A．质子 B．中子 C．电子 D．核子 【答案】A 【详解】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。根据原子结构的相关知识可知，原子中带正电的微粒是质子。 故选A。 2．依据卢瑟福的“行星模型”理论，在原子核外绕核高速旋转的粒子是（　　） A．质子 B．电子 C．中子 D．核子 【答案】B 【详解】卢瑟福认为：在原子的内部有一个很小的核叫原子核，原子的所有正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外绕核高速旋转。 故选B。 3．下列各组粒子中，能构成原子的是（　　） A．质子、中子 B．中子、电子 C．原子核、中子 D．原子核、电子 【答案】D 【详解】原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成。 故选D。 4．我们居住的地球是（　　） A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星 【答案】B 【详解】太阳系中有八大行星：水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星，地球是太阳系中的一颗行星，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 5．夜晚仰望天空，月球是（    ） A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星 【答案】C 【详解】由于月球围绕地球旋转，则可知月球是卫星。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 6．今年2月底，天空中出现了“七星连珠”的奇观。“七星”中的木星属于（　　） A．恒星 B．行星 C．彗星 D．卫星 【答案】B 【详解】A．恒星是自身能够发光发热的天体，比如太阳，木星自身不能发光发热，A不符合题意； B．行星是环绕恒星旋转的天体，木星环绕太阳旋转，属于行星，B符合题意； C． 彗星是进入太阳系内亮度和形状会随日距变化而变化的绕日运动的天体，呈云雾状的独特外貌，木星不具备彗星的特征，C不符合题意； D．卫星是环绕行星旋转的天体，比如月球是地球的卫星，木星不是卫星，D不符合题意。 故选B。 7．在太阳系中，属于恒星的是（    ） A．太阳 B．地球 C．月球 D．火星 【答案】A 【详解】太阳为能够发光发热的，是离我们最近的恒星；地球和火星是围绕太阳转动的行星；月球是地球的一颗卫星；综上分析知，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 8．下列星体中，属于行星的是（　　） A．太阳 B．地球 C．月球 D．人造卫星 【答案】B 【详解】ACD．太阳是恒星，月球是地球的卫星，人造卫星也属于卫星，故ACD不符合题意； B．太阳系总共有八大行星，分别是：水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星，所以地球属于行星，故B符合题意。 故选B。 9．太阳系中质量最大的星球是（　　） A．木星 B．太阳 C．地球 D．月球 【答案】B 【详解】太阳是太阳系中质量最大的星球，是太阳系的中心天体，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 押题猜想二 声学 （改编）1．一个声源 2min 内振动了 720 次，它的频率为是 Hz，人耳 （能/不能）听到该声音；次声武器发射的次声与人体发生共振，致使共振的器官造成损伤甚至导致人死亡，次声武器利用了声音能够传递 的特点。 【答案】 6 不能 能量 【详解】[1]物理学中，1s内振动的次数叫做频率，则该声源频率为 [2]人耳能听到的声音频率在20～20000Hz之间，超过这个范围，人耳是听不到的，故人耳不能听到该声音。 [3]声音能够传递信息和能量，次声武器发射的次声与人体发生共振，致使共振的器官造成损伤甚至导致人死亡，次声武器利用了声音能够传递能量的特点。 押题解读 考查声音的产生、特征；声音的利用以及噪声的控制。 1．“声纹锁”运用声纹识别技术，能识别主人说出的“口令”并自动解锁，而当其他人说出同样的“口令”时却无法让锁打开。你认为声纹锁能识别主人身份，主要是依据声音的（　　） A．传播速度 B．音调 C．响度 D．音色 【答案】D 【详解】A．声音的传播速度与介质的种类和温度等有关，与发声体本身无关，所以声纹锁不是依据传播速度识别主人身份，故A不符合题意； B．音调由发声体振动的频率决定，比如不同粗细的琴弦，振动频率不同，音调不同 ，但它不是声纹锁识别主人的依据，故B不符合题意； C．响度由发声体的振幅决定，像用力击鼓和轻轻击鼓，振幅不同，响度不同 ，并非声纹锁识别的关键，故C不符合题意； D．音色是由发声体的材料、结构等因素决定的，不同的人发声的音色一般不同，声纹锁能识别主人身份，主要是依据声音的音色，故D符合题意。 故选D。 2．扩音器的主要作用是（　　） A．改变声音的音色 B．改变声音的传播速度 C．提高声音的音调 D．提高声音的响度 【答案】D 【详解】使用扩音器，可以使声音的音量变大，即声音的响度变大，不能提高声音的音调、改变声音的音色及声音的传播速度。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 3．如图所示，是笛子的结构示意图。演奏时，按压不同的“指孔”主要是为了改变发出声音的（    ） A．速度 B．响度 C．音调 D．音色 【答案】C 【详解】演奏时，按压不同的“指孔”改变了振动的空气柱的长短，从而改变了空气柱振动的频率，因此主要是为了改变发出声音的音调，因为音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。 故选C。 4．能区分不同乐器发出声音的主要依据是（    ） A．音色 B．音调 C．响度 D．声速 【答案】A 【详解】不同乐器的材料与结构不同，其发出声音的音调和响度可能相同，但音色一般不同；利用声音区分不同的乐器，主要是依据乐器发出声音的音色不同。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 5．提琴表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为调节琴声的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．音质 【答案】A 【详解】声音的响度与振幅有关，拨动琴弦的力度越大，振幅越大，声音的响度越大。故演奏者用较大的力拨动琴弦是为调节琴声的响度，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 6．上海市外环以内禁止机动车鸣喇叭，这一规定控制了噪声的（　　） A．传播路径 B．传播介质 C．声源 D．接收者 【答案】C 【详解】防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在接收处减弱。禁止机动车鸣喇叭是在声音的产生处，即声源处减弱噪声，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 7．古筝是我国传统弹弦乐器之一，主要依靠琴弦的 而发出声音的。用相同的力拨动古筝上长短不一的琴弦，会发出 不同的声音。人能听音分辨古筝与其它乐器，这主要是由于它们发出声音的 不同。（后两空选填“响度”“音调”或“音色”） 【答案】 振动 音调 音色 【详解】[1]声音是由物体振动产生的，古筝主要依靠琴弦的振动而发出声音的。 [2]弦发出的声音的音调与弦的长短、粗细、松紧有关，用相同的力拨动古筝上长短不一的琴弦，会发出音调不同的声音。 [3]声音的音色由发声体的材料、结构等决定，不同乐器发出的声音音色不同，人能听音分辨古筝与其它乐器，这主要是由于它们发出声音的音色不同。 8．发声体的 在介质中的传播叫做声波。若声音在空气中传播的速度是340米/秒，表示的物理意义是 ，我们E法听到瑚蝶飞过的声音，是因为它发出的声音属于 （选填“超声波”“次声波”）；医生运用超声波可以击碎肾结石，说明声波可以传递 （选填“信息”“能量”）。 【答案】 振动 声音在空气中1s传播340m 次声波 能量 【详解】[1]一切发声体都在振动，发声体的振动在介质中的传播叫做声波。 [2]声音在空气中传播的速度是340米/秒，表示的物理意义是声音在空气中1s传播340m。 [3]人耳听觉范围是20~20000Hz，蝴蝶飞过的声音我们无法听到，是因为它发出声音的频率低于20Hz，属于次声波。 [4]医生运用超声波可以击碎肾结石，说明声波能够传递能量。 9．如图所示小华用手按压钢尺，钢尺弯曲，主要表明力可以改变物体的 ；用大小相同的力按压钢尺的不同位置，钢尺的弯曲程度不同，说明力的作用效果与力的 有关。保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺末端，钢尺发出声音的 不同。 【答案】 形状 作用点 响度 【详解】[1]用手按压钢尺，钢尺弯曲，钢尺形状发生改变，说明力可以改变物体的形状。 [2]用大小相同的力按压钢尺的不同位置，力的作用点不同，钢尺的弯曲程度不同，说明力的作用效果与力的作用点有关。 [3]保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺末端，钢尺振动幅度不同，发出声音的响度不同。 押题猜想三 光学 （改编）1．在平静的湖水中，有时会看到“鱼在云中游”的景象。我们从侧面看到的鱼是由光的 形成的 （选填“实像”“虚像”），我们看到水中的云是由光的 形成的。 【答案】 折射 虚像 反射 【详解】[1][2]鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，就会看到变浅的鱼的虚像。 [3]平静的水面相当于平面镜，看到水中的云属于平面镜成像，这是由于光的反射形成的虚像。 押题解读 主要考查光的直线传播、光的反射与折射、平面镜成像的特点、光的色散等。 （改编）1．“举杯邀明月”，我们都能看见月亮，是因为月亮表面发生了 反射。“对影成三人”，从物理角度分析，诗人看到酒中的“一人”是诗人自己 （选填“放大”“缩小”或“等大”）的像。 【答案】 漫 等大 【详解】[1]我们都能看见月亮，是因为月亮表面发生了漫反射，反射光线射向各个方向，进入我们眼中。 [2]从物理角度分析，诗人看到酒中的“一人”属于平面镜成像，是诗人自己等大的虚像。 2．由于受到吸引，地球绕太阳运行，说明力可以改变物体的 。太阳光是一种 色光（选填“单”或“复”）。光从空气斜射入水中，折射角 入射角（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 【答案】 运动状态 复 小于 【详解】[1]运动状态包括物体的运动速度与运动方向，当地球围绕太阳运动时，运动方向发生了变化，故运动状态发生了改变，则力可以改变物体的运动状态。 [2]当太阳光经过三棱镜后，可产生红、橙、黄、绿、靛、蓝、紫七色光，所以太阳光属于复色光。 [3]由光的折射定律可知，光从空气斜射入水或其它介质中，折射光线、入射光线、法线在同一平面上（即三线共面），折射光线与入射光线分居法线两侧（两线分居），折射角小于入射角。 3．用平面镜和凸透镜都可以成像，它们的成像原理 （选填“相同”或“不同”）。小明照镜子时，向镜子靠拢0.5米，他到镜中像的距离减小 米。在各种不同的色光中，红、 、蓝光叫做三原色光。 【答案】 不同 1 绿 【详解】[1]平面镜成像的原理是光的反射，凸透镜成像的原理是光的折射，它们的成像原理不同。 [2]平面镜成像中，物与像到平面镜的距离是相等的，小明向镜子靠近0.5米，像也靠近0.5米，平面镜成像中，物与像到平面镜的距离是相等的，总距离减小1米。 [3]光的三原色是红、绿、蓝。按照不同比例混合可以得到其他颜色的色光。 4．一束光以15°的入射角照射到平静的水面上，其反射角为（    ） A．0° B．15° C．30° D．60° 【答案】B 【详解】已知一束光以15°的入射角照射到平静的水面上，因为反射角等于入射角，所以反射角也为15°，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 5．《资治通鉴》中记载古人“以铜为镜”，则人在铜镜中所成的像是（　　） A．等大的实像 B．等大的虚像 C．缩小的实像 D．缩小的虚像 【答案】B 【详解】磨光的铜面相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，人在铜镜中所成的像是正立等大的虚像。故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B 6．小明站在河边看到水中的鱼和云，他所看到的（　　） A．鱼是光的反射所形成的实像 B．鱼是光的折射所形成的实像 C．云是光的反射所形成的虚像 D．云是光的折射所形成的虚像 【答案】C 【详解】水中的云是云在水中成的虚像，是由光的反射形成的；我们看到水中的鱼，其实看到的是鱼的虚像，是由于光的折射形成的，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 7．下图中的光路能表示人站在河岸上看水中金鱼的是（   ） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】人在岸边看水中的鱼，是鱼反射的光进入人的眼睛，光由水斜射入空气中。光由水斜射入空气中折射角大于入射角，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 8．光从空气斜射到水面发生光的反射和折射现象，已知入射光线与水面的夹角为30°，则下列说法正确的是（　　） A．入射角等于30° B．反射角等于60° C．折射角大于60° D．折射角等于0° 【答案】B 【详解】光线从空气斜射到水面发生光的反射和折射时，已知入射光线与水面的夹角为30°，则入射角为 90°-30°=60°因为反射角等于入射角，所以反射角也是60°，因为光线从空气斜射到水面，折射角小于入射角，即折射角小于60°。故B正确，ACD错误。 故选B。 押题猜想四 透镜及其应用（含难点） （改编）1．在“探究凸透镜成像的规律”时，当烛焰离透镜14cm时成放大的实像，当烛焰离透镜8cm时成放大的虚像，则这个透镜的焦距可能是（　　） A．10cm B．7cm C．5cm D．4cm 【答案】A 【详解】当 cm 时，成放大的实像，放大的实像的条件是 ，即 ，解得焦距满足 当 cm 时，成放大的虚像，放大的虚像的条件是 ，即 。综合得出焦距的范围是 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 押题解读 主要考查凸透镜成像的特点、凸透镜成像小实验（往年）；像的性质与u、v、f的相互推理、判断等。 1．物体放在凸透镜前，在透镜另一侧离透镜30厘米的光屏上成一个清晰缩小的像。该凸透镜的焦距可能为（　　） A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米 【答案】A 【详解】根据凸透镜成像规律，当物距大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，此时像距在一倍焦距和二倍焦距之间，则有 解得。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2．物体放在凸透镜前某一位置时，在透镜另一侧离透镜20厘米的光屏上成一个倒立缩小的像。当物体移至凸透镜前20厘米处，所成的是（    ） A．正立放大的虚像 B．正立等大的实像 C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像 【答案】C 【详解】成倒立缩小的实像，说明物体位于二倍焦距以外（），像位于一倍焦距和二倍焦距之间（）。题目给出像距 ，因此：，解得：。所以 当物体移至凸透镜前20厘米处时，，即物体在一倍焦距和二倍焦距之间，此时成倒立放大的实像。 故选C。 3．将物体放在凸透镜前20厘米处，在凸透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，当物体移动到距凸透镜50厘米处，则通过凸透镜成（　　） A．倒立放大的实像 B．倒立等犬的实像 C．倒立缩小的实像 D．正立放大的虚像 【答案】C 【详解】物体位于凸透镜前20cm处，在凸透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，则 解得 当物体移动到距凸透镜50cm处时，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 4．当物体距离凸透镜20厘米时，在透镜另一侧光屏上成一个清晰的像，若保持物体与光屏的位置不变，把凸透镜向光屏方向移动10厘米，在光屏上又成一个清晰的像。则关于凸透镜的焦距f及成像情况可能是（　　） A．第二次成的像比第一次大 B．第二次成的像比物体大 C．焦距f为6厘米 D．焦距f为12厘米 【答案】D 【详解】第一次成像时，物距u=20cm；把凸透镜向光屏方向移动10厘米，则物距 物距变大，说明第一次成像时，物距在1倍焦距到2倍焦距之间，即，成倒立放大的实像，则 第二成像时，物距大于2倍焦距，即，成倒立缩小的实像，则 综上可得，第二次成的像比第一次小，透镜的焦距 故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 5．某同学用放大镜观察如图所示的物理书封面。他将放大镜从靠近书本的位置到逐渐远离，则他所看到的像的先后顺序应该是（　　） A．甲乙丙丁 B．乙甲丁丙 C．甲丙丁 D．甲丁丙 【答案】D 【详解】物理书在距凸透镜1倍焦距以内时，成正立、放大的虚像；凸透镜逐渐远离物理书时，处在1倍和二倍焦距之间成倒立、放大的实像；当物理书刚好处在2倍焦距时，成倒立、等大的实像；当物理书处在大于2倍焦距时成倒立、缩小的实像，因此所看到的像的先后顺序应该是：正立放大、倒立放大、倒立缩小，由图知，他所看到的像的先后顺序应该是甲丁丙。故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 6．平面镜成的像是正立、等大的 像（选填“虚”或“实”）。凸透镜的焦距为10厘米，将发光体放在离透镜25厘米的主光轴上，所成的像是倒立、 的实像（选填“放大”“等大”或“缩小”），像到透镜的距离 25厘米（选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】 虚 缩小 小于 【详解】[1]平面镜成像是光的反射现象，成的像是正立、等大的虚像。 [2][3]此凸透镜焦距为10cm，发光体放在离透镜25厘米处，则物距为25cm，此时物距大于两倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像；物距大于两倍焦距时，像距在一倍到两倍焦距之间，故像到透镜的距离大于10cm，小于20cm。 7．如图所示，小嘉通过焦距为10厘米的凸透镜看到了提示牌上“关灯”两字放大的 （选填“实”或“虚”）像，提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离 （选填“小于10厘米”、“大于10厘米小于20厘米”或“大于20厘米”）。从岸上看游泳池底，感觉比实际深度要浅，这是由于光的 现象而产生的错觉。 【答案】 虚 小于10厘米 折射 【详解】[1][2]由图可知，物体通过凸透镜成正立放大的虚像，此时提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离小于一倍焦距，即小于 。 [3]池底的光线由水中斜射到空气中时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线 进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到的是实际池底的虚像，会觉得池底变浅 了。 8．如图所示，是小明自制的幻灯机，所用凸透镜的焦距为10厘米。利用该幻灯机工作时，光通过凸透镜会发生 ，人们能看到屏幕上所成的像，是因为屏幕将幻灯机投射过来的光 进入了人的眼睛（以上两空均选填“折射”或“反射”）。为了能在屏幕上成放大的像，幻灯片到镜头的距离应在 厘米范围内。 【答案】 折射 反射 10~20 【详解】[1][2]光通过幻灯机的凸透镜会发生折射，屏幕上成倒立放大的实像；屏幕将幻灯机投射过来的光反射到人的眼睛中，人看到屏幕上的像。 [3]放映时，幻灯片位于凸透镜一倍焦距和二倍焦距之间，即在10~20cm之间。 9．某同学做“探究凸透镜成像的规律”实验，他保持凸透镜（焦距为f）的位置不变，将发光物由远及近靠近凸透镜，当物距分别为、、时（），记录对应的成像大小为：缩小的、放大的、放大的。已知相邻两次成像的物距变化量相等，则（   ） A．一定小于f B．一定等于f C．可能大于f D．可能大于2f 【答案】C 【详解】由题意知，凸透镜移动过程，相邻两次成像的物距变化量相等，若小于f，因为未移动前，成缩小的像，则u1大于二倍焦距，则移动第一次后，物距2f>u2>f，成倒立、放大的实像，移动第二次，物距仍大于一倍焦距而小于二倍焦距时，成倒立放大的实像；若大于f，移动第一次后，物距大于一倍焦距而小于二倍焦距，成倒立放大的实像，移动第二次，物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像。若大于2f，移动第一次，可成像，无法再移动第二次成像。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 10．在图所示光具座上，从左到右依次放置蜡烛、凸透镜和光屏，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在 高度，目的是 。先后二次将焦距为5厘米和10厘米的凸透镜放置在“40厘米”刻度处，将蜡烛置于的“20厘米”刻度处，移动光屏，可在光屏上得到大小不同的两个像，比较两次所成的像，当选用焦距为 厘米的透镜时，所成的像较小；保持透镜位置不变，若要确保在“45~60厘米”刻度之间移动光屏得到像，蜡烛应置于光具座上A、B、C、D中的 点处。 【答案】 同一 使像成在光屏中央 5 A或B或C 【详解】[1][2]根据凸透镜成像规律，为了使成的像在光屏中央位置，需要把蜡焰、凸透镜和光屏的中心大致调在同一高度。 [3]由“蜡烛放置在20厘米处，保持透镜在40cm刻线处位置不变，移动光屏，可在光屏上得到大小不同的两个像”可知，在光屏上得到的像是实像，那么如果选择透镜的焦距为5cm，蜡烛放置在20厘米处，此时物距大于2倍焦距，在光屏上得到倒立缩小的实像；如果选择透镜的焦距为10cm，蜡烛放置在20厘米处，保持透镜位置不变，由于u=2f，所以移动光屏，那么能在.光屏上得到倒立等大实像。所以当选用焦距为5cm的透镜时，所成的像较小。 [4]保持透镜位置不变，若要确保在“45~60厘米”刻度之间移动光屏得到像，也就是像距大于5cm小于20cm，当凸透镜焦距为5cm时，若像距位于5cm和10cm之间时，物距应位于二倍焦距之外，即物距大于10cm，蜡烛应在30cm刻度线的左侧；若像距大于2倍焦距，则物距应在1倍焦距和2倍焦距之间，即蜡烛放在30cm和35cm之间；因此当焦距为5cm时四个点都可以完成实验。当选用的凸透镜焦距为10cm时，像距位于凸透镜的二倍焦距之内，物距应位于凸透镜的二倍焦距之外，即物距大于20cm，蜡烛应位于20cm刻度线的左侧。综上所述，保持透镜位置不变，若要确保在“45~60厘米”刻度之间移动光屏得到像，蜡烛应置于光具座上20cm的左侧，即A、B和C都可以。 押题猜想五 热学 （原创）1．下列说法中不正确的是（　　） A．人的正常体温大约为37℃ B．1标准大气压下沸水的温度规定为100度 C．-18℃就是零下18摄氏度 D．0℃的冰比0℃的水冷 【答案】D 【详解】0℃的冰和0℃的水温度相同，所以冷热程度相同 押题解读 主要考查光的直线传播、光的反射与折射、平面镜成像的特点、光的色散等。 1．下列各现象中能说明分子做无规则运动的是（　　） A．八月桂花盛开，香气四溢 B．扫地时的尘土飞扬 C．泡茶时，茶叶末在水中浮动 D．汽车在大街上奔驰 【答案】A 【详解】A．八月桂花盛开，香气四溢，是扩散现象，说明分子做无规则运动，故A符合题意；     BCD．扫地时的尘土飞扬、泡茶时，茶叶末在水中浮动、汽车在大街上奔驰，都是看得见的运动，都是运动，故BCD不符合题意。     故选A。 2．两个物体接触后不发生热传递现象，说明它们一定具有相同的(   ) A．温度 B．密度 C．质量 D．比热容 【答案】A 【详解】由于发生热传递的条件是有温度差，所以，如果两物体没发生热传递，肯定是具有相同的温度。 故选A。 3．下列各物理量可用来鉴别物质的是（    ） ①电阻   ②密度    ③质量     ④比热容 A．①② B．③④ C．②③ D．②④ 【答案】D 【详解】密度与比热容是物质的一种特性，不同物质的密度与比热容一般不同，而不同物质的电阻与质量大小会相同，则可用来鉴别物质的是密度与比热容，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．四冲程汽油机工作时，将内能转化为机械能的冲程是（    ） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 【答案】C 【详解】热机的四个冲程中，压缩冲程和做功冲程有明显的能量转化，压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能，故C符合题意。ABD不符合题意。 故选C。 5．如图所示为汽油机工作原理示意图，则一个汽缸正常工作时四个冲程的顺序是（　　） A．甲乙丙丁 B．甲乙丁丙 C．乙甲丙丁 D．乙甲丁丙 【答案】B 【详解】由图甲可知，汽油机左边气门打开，右边气门关闭，活塞下行，是汽油机的吸气冲程，在吸气冲程中，无能量转化情况；由图乙可知，汽油机的两个气门关闭，活塞上行，是汽油机的压缩冲程，在压缩冲程中，曲轴的机械能转化为燃气的内能；由图丁可知，汽油机是两个气门关闭，活塞点火，活塞下行，是汽油机的做功冲程，在做功冲程中，燃气的内能转化为曲轴的机械能，推动曲轴对外做功；由图丙可知，汽油机左边气门关闭，右边气门打开，活塞上行，是汽油机的排气冲程，在排气冲程中，无能量转化情况。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 6．佩香囊、吃粽子、赛龙舟是端午节的传统习俗。我们闻到香囊的清香味，说明分子在不停地做 运动；煮粽子是通过 的方式增加了粽子的内能；在加速滑行时，龙舟的惯性将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 无规则运动 热传递 不变 【详解】[1]我们闻到香囊的清香味儿，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 [2] 煮粽子时，粽子吸收水的热量变熟，这是通过热传递的方式增加粽子内能的。 [3]惯性只与物体的质量有关，龙舟加速滑行时，质量不变，则惯性不变。 7．在太阳的照射下太阳能热水器中水温升高，水的内能 （选填“增大”“不变”或“减小”），这是通过 （选填“做功”或“热传递”）方式改变其内能的。某太阳能热水器内存50千克水[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]，经过一段时间后水温升高了20℃，则这些水共吸收了 焦的热量。 【答案】 增大 热传递 4.2×106 【详解】[1][2]做功和热传递可以改变物体的内能，在太阳的照射下太阳能热水器中水温升高，太阳热水器内的水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式改变其内能的。 [3]水吸收的热量Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg·℃)×50kg×20℃=4.2×106J 8．如图为一张水床，夏天人躺在床垫上会明显凹陷进去，说明力可以改变物体的 ，同时又利用了水的比热容 （选填“大”或“小”）的特点来为人体降温，质量为20千克的水温度升高了2℃，则水吸收的热量为 焦。【c水=4.2×103焦/（千克·℃）】 【答案】 形状 大 1.68×l05 【详解】[1]夏天人躺在床垫上会明显凹陷进去，床垫在力的作用下形状发生改变，说明力可以改变物体的形状。 [2]水的比热容大，其他条件相同时，水吸收的热量较多，使人体皮肤内能减小较多，温度下降较大。 [3]水吸收的热量为 9．质量不同的甲、乙两铁块（m甲＜m乙），吸收相同的热量后，若升高的温度分别为Δt甲、Δt乙，则（　　） A．Δt甲大于Δt乙 B．Δt甲等于Δt乙 C．Δt甲小于Δt乙 D．Δt甲可能等于Δt乙 【答案】A 【详解】质量不同的甲、乙两铁块比热容相同，吸收的热量相同，甲升高的温度为 Δt甲= 乙升高的温度为 Δt乙= 因为 m甲＜m乙 所以 Δt甲＞Δt乙 故选A。 综合题——计算题 10．质量为10千克的水，温度升高了10℃，求水吸收的热量。[焦/（千克·℃）] 【答案】4.2×105J 【详解】水吸收的热量   11．质量为5千克的水经电热水器加热后温度升高了。求： (1)水的体积。 (2)水吸收的热量 【答案】(1)5×10-3m3 (2)4.2×105J 【详解】（1）水的体积 （2）水吸收的热量 押题猜想六 力、长度和时间、机械运动（含s-t图像题） （原创）1．世界上第一只摆钟是根据 原理制成的，此原理是由意大利科学家 首先发现的；一个健康初中学生的质量约为50 ，身高约为1.7 。 【答案】 摆的等时性 伽利略 kg 米 押题解读 主要考查力的有关概念、长度和时间的测量及其生活中常见物理量的估测，一般需要估测的物理量有长度、时间、质量、力等。结合学生日常生活、学习过程。需要我们善于观察生活同时有基本的推理估测能力。还有机械运动的有关概念，如参照物，会判断物体的运动或静止，s-t图像的分析及其综合应用。 1．教室门框高度最接近（　　） A．1米 B．1.5米 C．2米 D．2.5米 【答案】C 【详解】教室门框的高度应大于一般成年男人的身高，成年男人的身高一般在1.7m左右，教室门框的高度应略大于这一高度，但也没必要太高，故教室门框的高度最接近于2m。 故选C。 2．下面列出的长度中，接近5cm的是（　　） A．大拇指的长度 B．铅笔芯的直径 C．教科书的宽度 D．乒乓球的半径 【答案】A 【详解】A．初中学生大拇指的长度一般在5 cm左右，故A符合题意； B．铅笔芯的直径很小，在1 mm左右，故B不符合题意； C．教科书的宽度在20 cm左右，故C不符合题意； D．乒乓球的半径一般在2 cm左右，故D不符合题意。 故选A 。 3．下表是国家标准鞋码与脚长对照表，表中“光脚长度”的单位是（　　） 鞋的尺码 36 37 38 39 40 光脚长度 230 235 240 245 250 A．km B．m C．cm D．mm 【答案】D 【详解】一般成人的脚长大约为24cm，合240mm，根据表中数据可知，表中“光脚长度”的单位应该是mm，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．下列物体中所受重力约为5牛的是（　　） A．一瓶矿泉水 B．一只鸡蛋 C．一枚铅笔 D．一枚针 【答案】A 【详解】根据重力公式G＝mg可得重力为5N的物体的质量为 A．一瓶矿泉水的质量在500g左右，故A符合题意； B．一枚鸡蛋的质量在50g左右，故B不符合题意； C．一只铅笔的质量约为6g，故C不符合题意； D．一枚针的质量在1g左右，故D不符合题意。 故选A。 5．在如图所示的工具中不能用来计时的是（    ） A． 打点计时器 B． 刻度尺 C． 秒表 D． 沙漏 【答案】B 【详解】A．打点计时器的打点时间间隔固定，可以根据打的点数算出所用时间长短，所以可以用作计时器，故A不符合题意； B．刻度尺能用于测量长度，不能计时，故B符合题意； C．秒表是测量时间的工具，故C不符合题意； D．可以根据沙漏的漏沙速度来判断时间长短，在生活中，沙漏也常被用于测量时间长短，故D不符合题意。 故选B。 6．赛龙舟时，选手以 为参照物会看到岸边的景物向后移动；桨向后划水时龙舟前进，说明力的作用是 ；停止划水后，龙舟因 仍会继续前进。 【答案】 龙舟 相互的 惯性 【详解】[1]划龙舟的选手看到岸边的景物向后移动，说明岸边的景物是运动的，岸边的景物与龙舟的位置发生改变，所以所选参照物是龙舟。 [2]划龙舟的选手用桨向后划水，给水一个向后的作用力，因为物体间力的作用是相互的，所以水同时给船桨一个向前的作用力，所以龙舟前进。 [3]停止划水，由于龙舟具有惯性，龙舟会保持原来的运动状态，继续前进一段距离。 7．神舟号载人飞船通过喷射燃气来改变其运行的高度及方向，这是由于物体间力的作用是 的。神舟号与天宫空间站对接过程中，两个飞行器中的航天员之间是通过 进行交流的（选填“无线电波”或“声波”）。对接成功后，神舟号随天宫空间站一起运动，以天宫空间站为参照物，神舟号是 的（选填“运动”或“静止”）。 【答案】 相互 无线电波 静止 【详解】[1]神舟号载人飞船喷射燃气时对燃气施加了作用力，同时，燃气也对飞船施加了作用力，来改变其运行的高度及方向，这是由于物体间力的作用是相互的。 [2]无线电波是一种电磁波，可以传递信息，传播时不需要介质，声波传播需要介质，太空中是真空，神舟号与天宫空间站对接过程中，两个飞行器中的航天员之间是通过无线电波进行交流的。 [3]对接成功后，神舟号随天宫空间站一起运动，以天宫空间站为参照物，神舟号位置不变，是静止的。 8．下列各物理量中，其大小与质量无关的是（　　） A．重力 B．密度 C．动能 D．惯性 【答案】B 【详解】A．物体所受重力的大小与它的质量成正比，可以用公式G=mg表示，故A不符合题意； B．密度是物质的一种特性，同种物质的密度是一定的，密度与物体的质量、体积都无关，故B符合题意； C．影响动能的因素有质量和速度：在速度一定时，质量越大，动能越大；在质量一定时，速度越大，动能越大，故C不符合题意； D．惯性的大小和物体的质量有关，质量大的物体惯性大，故D不符合题意。 故选B。 9．图所示的实验仪器的名称是 ，它的量程为 牛，使用前应沿 调零，它现在的示数为 牛。 【答案】 弹簧测力计 0~5 所测力的方向 3.4 【详解】[1][2][3][4]如图示仪器为弹簧测力计，其最大测量值是5N，量程是0∼5N；一大格表示1N，里面有5个小格，故其分度值为0.2N；示数为 3N+0.4N=3.4N 因为所测力的方向要与弹簧测力计的轴线方向一致，所以使用前应沿所测力的方向调零。 10．甲、乙两车分别从P、Q两点同时出发，沿直线PQ运动，其图像分别如图所示。运动一段时间后甲、乙两车相距4米，又经过1秒后两车相距3米。关于P、Q两点间的距离s及两车运动方向的判断，正确的是（　　） A．s一定大于4米，两车相向运动 B．s可能小于4米，两车相向运动 C．s一定大于4米，两车同向运动 D．s可能小于4米，两车同向运动 【答案】C 【详解】由图像知道，甲乙的速度分别是 AB．若两车相向运动，当甲、乙两车相距4米后，再经过1秒，则两车间的距离 此时是两车相遇后，又相距1m，不符合题意，故AB错误； CD．若两车同向运动，当甲、乙两车相距4米时，甲在前，乙在后，则再经过1秒，则两车间的距离 故不符合题意； 若两车同向运动，当甲、乙两车相距4米时，乙在前，甲在后，则再经过1秒，则两车间的距离 故符合题意，又因为，且根据题意知道“运动一段时间后甲、乙两车相距4米”，所以，出发时P、Q两点间的距离s一定大于4m，故C正确，D错误。 故选C。 11．甲、乙两小车分别从P、Q两点出发，沿同一直线匀速运动，它们的s-t图像分别如图（a）（b）所示，甲比乙早3秒出发，甲出发5秒后两车相遇，则P、Q两点间的距离可能为（　　） A．22米 B．7米 C．2米 D．1米 【答案】B 【详解】由图（a）（b）可知，甲、乙的速度分别为 因为两车的运动方向未知，所以可分为两种情况讨论：当甲、乙两车相对而行时，甲走过的路程与乙走过的路程之和即为P、Q两点间的距离，由题意可知甲运动的总时间为5s，乙运动的总时间为2s，则甲运动的路程为 s1=v甲t1=2m/s×5s=10m 乙运动的路程为 s2=v乙t2=1.5m/s×2s=3mP、Q两点间的距离为 LPQ=s1+s2=10m+3m=13m 当甲与乙向同一方向行驶时，由题意可知甲出发点在乙出发点后面，两车相遇时是甲追上乙的时刻，那么甲运动的路程减去乙运动的路程即为P、Q两点间的距离，所以有 LPQ=s1-s2=10m-3m=7m 综上可得，P、Q两点间的距离可能为13m或7m，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 12．甲、乙两车分别从同一直线上的P、Q两点同时出发相向运动，其s-t图像如图所示。已知M、N是PQ之间的某两个点，甲车通过M点的时间比乙车早2秒，甲、乙两车在N点相遇。则说法正确的是（    ）    A．M点比N点更靠近Q点，MN之间的距离为1.6米 B．M点比N点更靠近Q点，MN之间的距离为2.4米 C．M点比N点更靠近P点，MN之间的距离为1.6米 D．M点比N点更靠近P点，MN之间的距离为2.4米 【答案】D 【详解】由图象可知， 若M点比N点更靠近Q点，则甲车要先经过N点再经过M点，由题意知甲、乙两车在N点相遇，所以乙车通过M点的时间会比甲车早，与题意甲车通过M点的时间比乙车早2秒不相符，所以M点比N点更靠近P点；设PQ总距离为s，相遇时间为t，则 相遇点N距P的距离为，设M点距P的距离为x，则甲车通过M点的时间为，则乙车通过M点的时间为，根据题意，甲车比乙车早2秒通过M点，即 解得，则MN之间的距离为 即MN之间的距离为2.4米，故D正确，ABC错误。 故选D。 13．质量相同的甲、乙两小车在水平地面上从同一地点沿同一直线做匀速直线运动，它们的图像分别如图（a）（b）所示，甲车运动4s后，两小车相遇，则乙车比甲车提前 s出发。两小车运动时，乙车的 较小（选填“动能”或“重力势能”）。乙车在运动过程中，其惯性 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】 2 动能 不变 【详解】[1]由图（a）知，运动4s后，甲通过的路程为12m，乙通过的路程为8m，在相同的时间内，甲通过的路程比乙的大，甲的速度比乙的大。乙的速度 相遇时，乙通过的路程为12m，所用时间 所以乙比甲提前2s出发。 [2]两车质量相同，在水平地面上匀速直线运动，甲的速度比乙的大，则甲的动能比乙的大，两者的重力势能相同。 [3]乙车在运动过程中，质量保持不变，则惯性不变。 14．甲、乙两车分别从同一直线上的两点同时出发相向运动，它们的图像如图所示。3秒时，甲、乙两车相距5米。（　　） A．两点间的距离一定为20米 B．再过3秒，甲车可能距Q点8米 C．甲车的动能一定大于乙车的动能 D．甲车所受合力可能大于乙车所受合力 【答案】B 【详解】A．由图可知，3s后，两车行驶的路程分别为s甲=9m，s乙=6m；两车相向行驶，两车没有相遇时，则PQ间距离为s1=s甲+s乙+5m=9m+6m+5m=20m 两车相遇后，又继续行驶，则PQ间距离为s2=s甲+s乙-5m=9m+6m-5m=10m 故A错误； B．再过3s，甲车行驶的路程为s甲'=18m，如果PQ间距离为20m，甲车距Q点2米，如果PQ间距离为10m，甲车距Q点8米，故B正确； C．动能大小与速度和质量有关，这里不知道质量的大小关系，不能判断哪辆车的动能大，故C错误； D．从乙图中看出，甲车和乙车做的都是匀速直线运动，处于平衡状态，所受合力为0，即甲车和乙车的合力相等，故D错误。 故选B。 押题猜想七 运动和力 （改编）1．如图所示，小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上（忽略空气阻力），下列分析正确的是（　　） A．她受到重力、支持力和斜向上的摩擦力 B．她对电梯的压力与电梯对她的支持力是一对平衡力 C．她受的重力和电梯对她的支持力是一对平衡力 D．她受的重力和电梯对她的支持力是一对相互作用力 【答案】C 【详解】A．小红站在商场匀速向上运动的自动扶梯上，处于平衡状态，在竖直方向上她受重力和支持力的作用，小红与自动扶梯没有发生相对运动也没有相对运动趋势，所以小红不受摩擦力，故A错误； B．她对电梯的压力与电梯对人的支持力，分别作用在电梯和人上，不是作用在同一个物体上，因此这两个力不是平衡力，故B错误。 CD．她的重力和电梯对她的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确，D错误。 故选C。 押题解读 主要考查运动和力的有关概念，如摩擦力的类型、牛顿第一定律等，知道惯性及其应用，会判断一对平衡力；会运用力的合成与二力平衡解决以生活、科技等背景的物理问题。 1．关于自行车，下列设计或做法中为减小摩擦的是（　　） A．车把手上套了有花纹的橡胶套 B．自行车轮胎上刻有花纹 C．车轮的轴承中装有滚珠 D．遇到紧急情况时用力捏刹车闸 【答案】C 【详解】A．车把上套了有花纹的橡胶套，是利用增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意； B．自行车轮胎上刻有花纹，是利用增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B不符合题意； C．轴承中装有滚珠，是利用滚动代替滑动来减小摩擦，故C符合题意； D．遇到紧急情况时用力捏刹车，是利用增大压力来增大摩擦，故D不符合题意。 故选C。 2．写字时笔尖与纸面间的摩擦属于滚动摩擦的是（    ） A．铅笔 B．毛笔 C．水彩笔 D．圆珠笔 【答案】D 【详解】ABC．铅笔、毛笔、水彩笔在写字的过程中，笔尖在纸面上滑动，在接触面产生阻碍运动的滑动摩擦力，故ABC不符合题意； D．圆珠笔写字时，笔尖处有一个小滚珠，在纸面上滚动，所以圆珠笔的笔尖与纸面间产生摩擦力属于滚动摩擦力，故D符合题意。 故选D。 3．两个物体中，惯性较小的物体一定具有较小的（　　） A．密度 B．体积 C．质量 D．速度 【答案】C 【详解】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，任何物体在任何情况下都有惯性，与密度、体积、速度均无关，只与质量有关，质量越大，惯性越大，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4．在实验事实的基础上，通过科学想象和推理得出的物理规律是（　　） A．欧姆定律 B．牛顿第一定律 C．阿基米德原理 D．光的反射定律 【答案】B 【详解】A．欧姆定律可以运用实验直接验证，故A不符合题意； B．牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的（实际上不受力的物体根本不存在），所以该实验主要是利用了实验推理法形成了牛顿第一定律，故B符合题意； C．阿基米德原理可以直接通过实验验证，故C不符合题意； D．光的反射定律可以直接通过实验验证，故D不符合题意。 故选B。 5．用测力计两次拉动同一物体竖直向上做匀速直线运动，物体两次运动的速度分别为1米/秒和2米/秒，两次测力计的示数分别为和，则（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】同一物体两次竖直向上运动时都做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，所以两次对应的弹簧测力计示数 F1=F2=G物 故BCD不符合题意，A符合题意。 故选A。 6．重力为G的行李静止放在水平地面上，小明同学用大小为F的力竖直向上提，行李仍静止在地面上，如图所示。此时（　　） A．F一定等于G B．F一定小于G C．重力G和行李受到地面支持力的合力一定大于F D．重力G和行李受到地面支持力的合力一定等于F 【答案】D 【详解】AB．重力为G的行李静止放在水平地面上，小明同学用大小为F的力竖直向上提，行李仍静止在地面上，如果地面对行李没有支持力，则F等于G，如果地面对行李有支持力，则F小于G，故AB不符合题意； CD．由于行李仍静止在地面上，所以行李处于平衡状态，力F与地面对行李的支持力之和等于G，故重力G和行李受到地面支持力的合力一定等于F，故C不符合题意，D符合题意。 故选D。 7．如图所示，小红竖直向上垫起排球，排球依次经过a、b、c三处，到达最高处d。已知排球所受空气阻力随运动速度的增大而增大。则排球经过四处时，所受合力最大的是（　　） A．a处 B．b处 C．c处 D．d处 【答案】A 【详解】排球上升过程中受到竖直向下的重力，竖直向下的空气对排球的阻力，排球受力不平衡，力能改变物体的运动状态，经过a、b、c三处的过程中排球做减速运动，受到的阻力越来越小，由于排球受到的重力方向与空气对排球阻力的方向相同，则合力为 故a、b、c三处中在a处时合力最大。到达最高点D时排球速度为零，不受空气阻力，此时排球受到力的合力为 故排球经过a、b、c三处，到达最高点d，排球所受合力最大的是a处。故A符合题意，故BCD不符合题意。 故选A。 8．如图所示，小狗拉雪橇，雪橇开始向前滑动，说明力可以改变物体的 ，小狗停止奔跑后，雪橇依然会向前滑动一段距离，这是由于雪橇具有 。若雪橇在水平地面上滑动，它对地面的压力和地面对它的支持力 （选填“是”或“不是”）一对平衡力。 【答案】 运动状态 惯性 不是 【详解】[1]小狗拉雪橇，雪橇受到拉力的作用，开始向前滑动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态。 [2]小狗停止奔跑后，雪橇由于自身惯性要保持原有的运动状态继续运动，所以依然会向前滑动一段距离。 [3]雪橇在水平地面上滑动，它对地面的压力作用在底面上，地面对它的支持力作用在雪橇上，作用物体不同，它们不是一对平衡力。 9．如图所示扫地机器人是通过电机转动使内部气压 （选填“增大”或“减小”），利用内外气压差，将垃圾压入吸尘器。某品牌扫地机器人的质量为3千克，其工作时的电流为2.5安，电池充满电后可以工作5分钟，则电池储存的电荷量为 库，静止在水平地面时，地面对它的支持力为 牛。 【答案】 减小 750 30 【详解】[1]高速旋转的叶轮使得机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在外界大气压的作用下，外部空气和灰尘不断地压入机器人，使垃圾进入吸尘器达到清扫的目的。 [2]电池储存的电荷量 [3]机器人的重力 静止时机器人所受重力与地面对它的支持力是一对平衡力，则地面对它的支持力 10．以下事例中运用相同科学研究方法的是（　　） ①研究同一直线力的合成时，引入“合力”概念 ②研究串联电路特点时，引入“总电阻”概念 ③研究磁场分布时，引入“磁感线” A．①②③ B．①③ C．①② D．②③ 【答案】C 【详解】①研究同一直线力的合成时，用合力代替其他几个力的共同效果，即采用的是等效替代法；②研究串联电路特点时，几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，或一个电阻在电路中的作用可以由几个电阻共同作用代替，采用的是等效替代法；③研究磁场分布时，引入“磁感线”，这是利用的模型法；所以事例中运用相同科学研究方法的是①②，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 押题猜想八 简单机械 功和功率 （改编）1．如图所示，晓华同学正在做俯卧撑，此时人体可视为一个杠杆，下列各图能大致表示其原理的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】在做俯卧撑时，脚与地面接触的位置可视为支点，人自身的重力为阻力，阻力的方向竖直向下，作用在重心位置，人手受到的支持力为杠杆的动力，动力的方向竖直向上，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 押题解读 主要考查杠杆的概念、分类、有关计算，最小力问题；滑轮的特点及有关计算，滑轮与功、功率结合计算；知道功和功率发概念，判断是否做功，功和功率的计算。 1．图示的工具中，属于费力杠杆的是（　　） A． 滑轮 B．核桃夹 C．钢丝钳 D．镊子 【答案】D 【详解】A．如图A所示，国旗顶端是定滑轮，定滑轮是等臂杠杆，故A不符合题意； B．如图B所示，核桃夹的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意； C．如图C所示，钢丝钳的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意； D．如图D所示，镊子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。 故选D。 2．重力为80牛的物体在50牛的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，10秒内前进了6米，拉力做功的功率为 瓦，在此过程中物体的机械能将 （选填“变大”、“不变”或“变小”），重力对物体做功为 焦。 【答案】 30 不变 0 【详解】[1]拉力做功的功率为 [2]物体在水平面做匀速直线运动，质量不变，速度不变，高度不变，动能和重力势能不变，则机械能不变。 [3]重力在竖直方向上，物体移动的距离在水平方向，力的方向与距离的方向垂直，所以重力对物体不做功，即重力做功为0J。 3．一个重为600牛的大人和一个重为400牛的小孩进行登楼比赛，他们同时从底层出发，结果小孩比大人先到达六楼，那么（    ） A．他俩做功一样多 B．小孩做功一定多 C．大人功率可能大 D．小孩功率一定大 【答案】C 【详解】AB．登楼时，人要克服自身重力做功，因大人的重力大、上楼高度h相同，根据W＝Gh可知，大人做的功多，故AB不符合题意； CD．由题知小孩用时短，而小孩做功少，根据P＝可知，无法确定小孩功率的大小，故D不符合题意，同理可知，大人功率可能大，故C符合题意． 4．如图所示的刻度均匀杠杆保持水平平衡，弹簧测力计竖直向上拉，作用点在i点，示数为3牛，杠杆上还挂有一个重为1牛的钩码，该钩码一定挂在杠杆的（   ） A．b点 B．e点 C．j点 D．n点 【答案】D 【详解】弹簧测力计竖直向上用力，会使杠杆逆时针转动，如果钩码挂在杠杆的左端，也会使杠杆逆时针转动，杠杆不能平衡，所以钩码要挂在杠杆的右端，钩码要阻碍杠杆转动，此时杠杆才能平衡。设杠杆的每一个小格长度为L，根据杠杆平衡条件可得 3N×2L=1N×L2 解得L2=6L，即钩码要挂在n点。 故选D。 5．如图所示，O为轻质杠杆的支点，B点挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点或在A点施加一个力并使该力最小，该力应沿（　　） A．F1方向 B．F2方向 C．F3方向 D．F4方向 【答案】A 【详解】由图可知，O为支点，B点挂一重物，阻力方向向下；要使该力最小，由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；由图可知，OB对应的动力臂最长，所以该力应沿F1方向。 故选A。 6．如图所示，分别用力F1、F2匀速提升同一重物A。若不计滑轮重及摩擦，当绳子自由端移动了相同距离时，力F1、F2做功分别为W1、W2，则下列判断正确的是（　　） A．F1<F2 B．F1=F2 C．W1>W2 D．W1=W2 【答案】C 【详解】AB．定滑轮不改变力的大小，只改变力的方向，即，动滑轮改变力的大小，不改变力的方向，即，则，故AB错误； CD．左图为定滑轮，右图为动滑轮，当绳子自由端移动了相同距离时，则力F1做功为 力F2做功为 故C正确，D错误。 故选C。 7．如图（a）（b）所示，若不计摩擦和滑轮重力，分别用力、匀速提升重为20牛的物体A。图（a）中的滑轮可以看作 杠杆，将物体A提升0.2米，做功 焦；图（b）中，力的大小为 牛。 【答案】 等臂 4 10 【详解】[1]（a）图中的滑轮是定滑轮，定滑轮转动时，轮的轴心可看成支点，两边绳子拉力的力臂就是轮的半径，力臂相等，定滑轮实质上是一个等臂杠杆。 [2]定滑轮实质上是等臂杠杆，在不计摩擦的条件下，既不省力也不费力，不省距离也不费距离。物体A重20N，则拉力F1大小为20N，物体上升0.2m时，拉力移动的距离为0.2m，则拉力F1做功为 [3]图（b）中滑轮是动滑轮，动滑轮是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，若不计摩擦和滑轮重力，拉力F2为 8．如图（a）所示人的前臂（尺骨与桡骨组成的整体）可看作为杠杆，其阻力臂是动力臂的8倍，若阻力大小为100牛，则肱二头肌产生的动力大小为 牛。如图（b）所示用力F在2秒内匀速提升重为40牛的物体至0.5米高处，力F做的功为 焦，功率为 瓦。（滑轮与细绳的重力及摩擦均不计） 【答案】 800 20 10 【详解】[1]由题知 阻力 则由杠杆的平衡条件可知，肱二头肌产生的动力大小为 [2][3]由图可知 n=2 则 力F做的功为 功率为 9．如图1所示，用力F匀速提起重为20牛的物体，不计滑轮的重力和摩擦，力F的大小为 牛，物体的动能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）；甲、乙两辆车同时同地同方向做匀速直线运动，它们的图像如图2所示，当两车相距150米时，两车运动 秒。 【答案】 10 不变 30 【详解】[1]不计滑轮的重力和摩擦，使用动滑轮可以省一半的力，所以力F的大小为 [2]物体匀速上升，质量不变，动能不变。 [3]由图可知，甲的速度为 乙的速度为 设当两车相距150米时，运动时间为t，则 代入数据可得 解得：t=30s。 综合题——计算题 10．杠杆平衡时，动力的大小为90牛，动力臂为0.6米。求阻力的大小为30牛时阻力臂的长度。 【答案】1.8m 【详解】由杠杆平衡条件可知   代入数据有   解得：。 11．如图所示，用轻质动滑轮匀速提起重为10牛的A物体，在5秒内将A物体匀速提升4米，不计摩擦和绳子重力。求这段时间内，拉力F所做的功W和功率P。 【答案】40J，8W 【详解】因为不计绳子重力和摩擦，且滑轮是轻质滑轮，所以拉力F所做的功等于克服物体重力做的功，即拉力F所做的功为 拉力F所做的功的功率为 答：拉力F所做的功为40J，功率为8W。 12．一辆新型电动汽车在平直的公路上行驶，其运动的s-t图像如图所示。若这段路程中电动机对汽车牵引力大小为3000牛。 (1)求该电动汽车的运行速度v； (2)求汽车通过100米，牵引力所做功的功率P。 【答案】(1)10m/s (2)30000W 【详解】（1）据图可知，该电动车做匀速直线运动，当时间为4s时，运动的路程为40m，则该电动车的速度是 （2）电动汽车做匀速直线运动，电动机对汽车牵引力大小为3000牛，则牵引力的功率为 押题猜想九 机械能及其转化 1．小孩从滑梯上端沿斜面匀速滑到底部，不变的是（　　） A．内能 B．重力势能 C．动能 D．机械能 【答案】C 【详解】A．小孩从滑梯上匀速滑下到底部，由于滑梯对小孩做功（摩擦生热）使得小孩内能增加，故A不符合题意； BC．小孩从滑梯上匀速滑下到底部，由于小孩的速度不变，所处的高度降低，所以小孩的动能不变，重力势能减小，故B不符合题意，C符合题意。 D．由于动能与势能之和是机械能，所以，机械能减小，故D不符合题意。 故选C。 押题解读 主要考查以生活、科技等为背景的机械能的转化；在其他物理知识中会判断机械能的变化情况，如滑轮、s-t图像中判断机械能的大小或变化情况。 1．今年6月，上海和苏州的轨道交通即将互通。在地铁列车减速驶入车站过程中（　　） A．列车的惯性一定减小 B．列车的动能一定减小 C．列车的惯性可能增大 D．列车的动能可能增大 【答案】B 【详解】AC．惯性的唯一衡量标准是质量，地铁列车减速驶入车站过程中质量不变，则惯性不变，故AC错误； BD．动能大小的影响因素是质量和速度。在地铁列车减速驶入车站过程中，质量不变，速度减小，则动能减小。故B正确，D错误。 故选B。 2．商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的（    ） A．势能增加，机械能不变 B．动能不变，机械能增加 C．动能减少，势能增加 D．动能增加，势能不变 【答案】B 【详解】商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的质量不变，速度不变，所以动能不变，这一过程中高度增大，所以重力势能增大。机械能包括动能和势能，所以机械能增大。 故选B。 3．如图所示，用20牛的拉力F匀速提起物体A，不计摩擦及滑轮重力，A的重力为 牛。若物体A在10秒内匀速上升4米，此过程中拉力F做的功为 焦，物体A的重力势能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。 【答案】 40 80 变大 【详解】[1]图中滑轮是定滑轮，不计摩擦和滑轮重，A的重力为 G=F=20N [2]若物体A在10秒内匀速上升4m，拉力移动的距离是4m，此过程中拉力F做的功 W=Fs=20N×4m=80J [3]物体A的质量不变，高度变大，物体A的重力势能变大。 4．神舟十八号是中国载人航天工程第十八艘载人飞船，于2024年4月25日，在酒泉卫星发射中心发射成功。中国国旗随神舟十八号载人飞船搭载进入中国空间站，由神舟十八号航天员乘组与神舟十七号航天员乘组进行了太空传递和在轨展示。在飞船加速上升的过程中，若不考虑其质量的变化，下列分析正确的是（    ） A．重力势能增加，动能不变 B．重力势能减少，动能增加 C．重力势能增加，动能增加 D．重力势能不变，动能不变 【答案】C 【详解】飞船加速上升的过程中，质量不变，高度升高，速度增大，故重力势能和动能均增加，所以ABD错误，C正确。 故选C。 5．质量相等的甲、乙两新颖环保电动汽车同时同地同方向在同一水平面上运动，它们的s-t图像分别如图（a）和（b）所示，则下列说法正确的是（　　） A．甲、乙两车的动能相同 B．运动5秒甲、乙两车相距为6米 C．甲、乙两车的动能始终保持不变 D．乙车的重力势能大于甲车的重力势能 【答案】C 【详解】A．由图像可知，两车均做匀速直线运动。由图a可知当s甲=8m时，t甲=10s，则甲车的速度为 由图b可知s乙=8m时，t乙=5s，则乙车的速度为 甲、乙两车质量相等，乙车速度大于甲车速度，所以乙车动能大于甲车动能。故A错误； B．由图b可知运动5s乙车通过的距离为8m，甲车通过的距离为 又因为两车同时同地同方向运动，所以运动5秒甲、乙两车相距为 故B错误； C．由于两车质量不变，均是做匀速运动，所以两车动能均不变，故C正确； D．两车质量相等，重心高度是否相同未知，所以不能确定两车重力势能的大小关系，故D错误。 故选C。 押题猜想十 密度与压强 （改编）1．物理学中，由基本单位组合成的单位称复合单位，下列关系式正确的是（　　） A．压强单位： B．电功单位： C．电功率单位： D．电能单位： 【答案】C 【详解】A．压强 故A错误； B．电功 故B错误； C．电功率 故C正确； D．电能 故D错误。 故选C。 押题解读 主要考查密度与压强的有关概念及物理意义，会辨析压强中的有关知识的应用，如连通器、大气压强等；会利用密度与压强的有关物理公式进行计算及应用。 1．下列各物理量中，能鉴别物质的是（　　） A．质量 B．密度 C．重力 D．体积 【答案】B 【详解】密度是物质的特性，不同的物质，密度一般不同，但质量、重力、体积可能相同，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 2．一块0℃的冰融化成0℃的水后，不变的是（　　） A．内能 B．体积 C．密度 D．质量 【答案】D 【详解】A．一块0℃的冰吸收热量，熔化成0℃的水，温度不变，内能增加，故A不符合题意； BC．一块0℃的冰融化成0℃的水后，体积减小，质量不变，由可知，水的密度大于冰的密度，故BC不符合题意； D．物体的质量不随形状、位置、物态而变化，一块的冰融化成的水后，所含物质的量不变，质量不变，故D符合题意。 故选D。 3．下列实例中的“吸”，利用大气压强工作的是（　　） A．用纸巾吸水滴 B．用磁铁吸引小铁钉 C．用饮料管吸饮料 D．用干抹布吸附灰尘 【答案】C 【详解】A．用干纸巾吸水滴是毛细现象，纸巾中有许多细小的孔道，起着毛细管的作用，使得水向上运动．利用纸巾的吸水性，故A不符合题意； B．磁铁吸铁钉是因为磁铁具有磁性，与大气压无关，故B不符合题意； C．用吸管喝饮料时，先将吸管内的空气吸走，使得管内气压小于外界大气压，所以利用大气压将饮料压入吸管从而流进口中，故C符合题意； D．干抹布的纤维通常具有一定的蓬松性和多孔性，这种结构能够提供更多的表面积来吸附灰尘，与大气压无关，故D不符合题意。 故选C。 4．下列事例中，属于利用连通器原理工作的是（　　） A．密度计 B．温度计 C．订书机 D．船闸 【答案】D 【详解】A．密度计是利用物体的漂浮条件和阿基米德原理来工作的，不是利用连通器原理工作的，故A不符合题意； B．温度计是利用液体的热胀冷缩制成的，与连通器原理无关，故B不符合题意； C．订书机用到的物理知识是比较多的，如：压柄做得宽大有利于减小压强、钉书针（出针口）很尖细有利于增大压强、底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是连通器原理进行工作，故C不符合题意； D．船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的，故D符合题意； 故选D。 5．下列实例中，增大压强的是（　　） A．铁轨下铺枕木 B．载重车装有履带 C．逃生锤的锤头很尖 D．书包带较宽 【答案】C 【详解】A．铁轨下铺枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不符合题意； B．载重车装有履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不符合题意； C．逃生锤的锤头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C符合题意； D．书包带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对肩膀的压强，故D不符合题意。 故选C。 6．下列实例中，利用连通器原理工作的是（　　） A．注射器 B．船闸 C．热气球 D．拔火罐 【答案】B 【详解】A．连通器的上端开口，下端连通，注射器在吸药水时，是利用外界大气压大于其内部的压强故药水在外界大气压的作用下被压入注射器内部的，故是利用大气压强的原理工作的，故A不符合题意； B．三峡船闸是最大的人造连通器，船闸的原理是先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器，故B符合题意； C．热气球是通过加热空气，使热气球内的空气密度小于周围冷空气的密度，从而使热气球上升，故C不符合题意； D．拔火罐是利用大气压强工作的，故D不符合题意。 故选B。 7．冰的密度为千克/米，表示1米冰的 为千克；装有0.002米冰的容器置于水平桌面上，容器内冰的质量为 千克；当冰熔化成水时，容器对桌面的压强将 。（选填“变大”“不变”或“变小”） 【答案】 质量 1.8 不变 【详解】[1]冰的密度为千克/米，表示的物理意义是：体积为1米冰的质量为千克。 [2]容器内冰的质量为 [3]当冰熔化成水时，质量不变，整个容器的重力不变，容器对桌面的压力不变，根据可知，容器对桌面的压强不变。 8．最早测出大气压强值的科学家是 ，大气压强随海拔高度的增大而 ；脱排油烟机是利用大气压强工作的，脱排油烟机工作时将 能转化成机械能。 【答案】 托里拆利 减小 电 【详解】[1]最早测出大气压强值的科学家是意大利人托里拆利，是在年完成这一实验的。 [2]大气压强与海拔高度有关，且海拔高度越高，气压越低。 [3]脱排油烟机工作时，消耗电能，将电能转化为机械能。 9．物理知识在生活中有着广泛的应用。以下的实例中，属于连通器的是 ，应用阿基米德原理的是 ，利用大气压强的是 。（均选填编号） 【答案】 C、E A D 【详解】[1][2][3]液体密度计利用物体的漂浮条件、阿基米德原理；书包带子扁而宽可以增大受力面积减小压强；船闸是由闸室和上、下游闸门以及上、下游阀门组成，若船要从上游驶向下游，先打开上游阀门，使闸室和上游构成连通器，水相平后，打开上游闸门，船驶入闸室；然后打开下游阀门，使下游和闸室构成连通器，闸室和下游水位相平时，打开下游闸门，船驶入下游；把吸盘紧压在光滑的墙上，把吸盘内的空气排出，大气压就把吸盘紧压在了墙上，在钩上可以挂衣服； 茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，根据连通器的特点可知，当水不流动时，两端的水面总是相平的，即在一条水平线； 综上所述，属于连通器的是C、E；应用阿基米德原理的是A；利用大气压强的是D。 10．一个中学生站立时对水平地面的压强约为1.5×104帕，它表示1米2受力面积上受到的压力约为 牛；当他在水平地面上行走时，对地面的压强约为 帕。当这个人平躺在床上后，对床面的压强 1.5×104帕（选填“大于”“等于”或“小于”）。 【答案】 1.5×104 3×104 小于 【详解】[1]单位面积上受到的压力是压强，所以压强为1.5×104帕，表示每平方米受力面积上所受的压力为1.5×104N。 [2]该同学开始行走与站在水平地面上时对地面的压力相等（等于自身重力），所以他站立在地面双脚着地时，受力面积等于两只脚的面积大小，行走时受力面积等于一只脚的面积大小，根据可知，压强会变为原来的2倍，即为 。 [3]当这个人平躺在床上后，压力不变，受力面积大于双脚的面积，根据可知，对床面的压强小于1.5×104帕。 11．2020年11月10日，我国“奋斗者”号全海深载人潜水器顺利下潜至地球海洋最深处，在太平洋马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米，创造了中国载人深潜的新纪录。该潜水器下潜至10000米时，受到海水的压强为 帕，在其2米2舱盖上受到海水的压力是 牛（ρ海水≈1.0×103千克/米3）。潜水器继续下潜，受到的浮力 （选填“变大”、“不变”或“变小）。 【答案】 1×108 2×108 不变 【详解】[1]潜水器受下潜至1000米深度时受到的压强为 p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10000m=1×108Pa [2]在其2米2舱盖上受到海水的压力为 F=pS=1×108Pa×2m2=2×108N [3]潜水器下潜的过程中，排开海水的体积V排不变，根据F浮＝ρ液gV排 知在海水的密度ρ海水不变时，受到的浮力不变。 12．如图所示，将质量分布均匀的长方体置于水平桌面上，现分别按照图示的方法切去一半，则剩余阴影部分对桌面压强最小的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】将质量分布均匀的长方体置于水平桌面上，对桌面的压力为 F=G=mg 现分别按照图示的方法切去一半，则对桌面的压力变为原来的，四种切法中的对桌面的压力相同，由可知，压力一定时，受力面积越大，压强越小，由图可知，C中剩余部分受力面积最大，因此C中剩余部分对桌面压强最小。 故选C。 13．将质量分布均匀的长方体沿竖直方向切成A、B两块，如图所示。已知LA：LB＝3：1，则A、B两块对水平面的压力和压强之比分别为（　　） A．FA：FB＝3：1   pA：pB＝3：1 B．FA：FB＝3：1   pA：pB＝1：1 C．FA：FB＝1：3   pA：pB＝1：1 D．FA：FB＝1：3   pA：pB＝3：1 【答案】B 【详解】密度均匀的长方体铜块对桌面的压强为 由图可知，A、B两铜块的高度相同，则两者对水平桌面的压强相等，即 因为 由题意可知受力面积之比为 根据F＝pS可知，压力之比 故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 押题猜想十一 浮力 阿基米德原理 1．浸在液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开液体的（　　） A．质量 B．体积 C．密度 D．重力 【答案】D 【详解】根据阿基米德原理可知，浸在液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开液体所受的重力，故D选项正确。 故选D。 押题解读 称重法测浮力及其综合应用依然是中考热点，理解阿基米德原理的内容，会利用阿基米德原理进行计算。密度计在教材上有不少篇幅的讲解，所以对密度计的考查不容忽视。 1．通过大量研究，得出物体浸在液体中受到浮力大小的普遍规律的科学家是 A．伽利略 B．牛顿 C．阿基米德 D．欧姆 【答案】C 【详解】阿基米德通过大量研究，得出物体浸入液体中受到的浮力大小等于其排开液体的重力，C符合题意 2．将重为5牛的物体放入盛满水的容器中，容器溢出3牛重的水，物体受到的浮力（　　） A．一定等于3牛 B．一定等于5牛 C．可能等于2牛 D．可能等于4牛 【答案】A 【详解】因容器盛满水，所以小球排开水的重力等于溢出水的重力，根据阿基米德原理，浮力就等于它排开的水的重力，所以小球所受到浮力一定等于3N。 故选A。 3．一艘轮船从东海驶入长江（海＞江），关于轮船受到水的浮力和船身的运动情况判断正确的是（　　） A．浮力不变，船身上浮 B．浮力不变，船身下沉 C．浮力变小，船身上浮 D．浮力变小，船身下沉 【答案】B 【详解】一艘轮船从东海驶入长江（海＞江），根据可知，轮船处于漂浮状态，浮力等于重力，轮船的重力不变，所以，浮力不变，g值是常量，液体密度和轮船排开液体的体积成反比，即海＞江，则V排海＜V排江，所以，轮船要下沉一些，故B正确，ACD错误。 故选B。 4．浸没在水中质量相等的实心铜球和铝球（铜>铝），它们所受浮力的大小关系为（　　） A．铜球大 B．铝球大 C．大小相等 D．无法确定 【答案】B 【详解】质量相等的实心铜球和铝球，由 可知，密度越大，体积越小，所以铝球体积大于铜球体积，当它们都浸没时，铝球排开水的体积大于铜球排开水的体积，由公式可知，铝球浮力大于铜球浮力。 故选B。 5．体积为1×10－3米3的物体，重力为20牛，物体上表面位于水面下0.2米深的水中，物体受到的浮力为 牛，物体上表面受到水的压强为 帕。如果物体静止于盛水容器的底部，则物体受到的合力为 牛。 【答案】 10 0 【详解】[1]由于物体完全浸没在水中，可以使用阿基米德原理来计算浮力，物体受到的浮力为 [2]物体上表面受到水的压强为 [3]由于物体静止，物体处于平衡状态。因此，物体受到的合力为0N。 6．如图所示，用弹簧测力计提着重为5.0牛的物体A静止于水中，此时测力计的示数为2.0牛，A受到的浮力大小为 牛。减小A浸没在水中的深度，测力计的示数 ，A底部受到的水的压强 （后两空选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】 3.0 不变 变小 【详解】[1]由称重法知道，物体A受到的浮力 [2]减小A浸没在水中的深度，液体密度不变，排开液体的体积不变，根据阿基米德原理知道，浮力不变。 [3]由知道，当深度减小时， A底部受到的水的压强减小。 7．如图所示，重为7牛的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为4牛，则金属块A所受浮力为 牛。剪断连接金属块的细线，金属块下沉过程中，其上表面受到水的压强将 ，水对金属块向上、向下的压力差将 。（后两空选填“变大”“变小”“不变”） 【答案】 3 变大 不变 【详解】[1]金属块静止在水面下，根据称重法可知，金属块受到的浮力为 [2]剪断连接金属块的细线，金属块下沉，金属块上表面浸在水中的深度h变大，根据可知，其上表面受到水的压强变大。 [3]金属块下沉时，金属块排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知，金属块受到的浮力大小不变，由浮力产生的原因可知，物体受到向上和向下的压力差将不变。 8．如图所示，在“验证阿基米德原理”的实验中，重9牛的柱体A静止在水中，弹簧测力计的示数为5牛，柱体A所受浮力F浮为 牛，柱体A上、下表面受到水的压力分别为F向下、F向上，则F浮 F向上 （选填“大于”、“等于”或“小于”）。继续增大柱体浸入水中的深度它受到的浮力 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。 【答案】 4 小于 不变 【详解】[1]根据称重法，柱体A所受浮力为 [2]浮力是物体上下表面所受液体的压力差，根据压力差法可知。 [3]根据，继续增大柱体浸入水中的深度，排开液体的体积不变，液体的密度不变，它受到的浮力不变。 9．水中的乒乓球在细线剪断前后，均能处于静止状态，如图（a）（b）所示。与图（a）相比，则乒乓球在图（b）中所受的（　　） A．浮力一定变大 B．浮力可能不变 C．合力可能变大 D．合力一定不变 【答案】D 【详解】AB．图示（a）中，乒乓球浸没水中，排开水的体积等于自身的体积，（b）中乒乓球漂浮水中，排开水的体积小于自身体积，即（a）中乒乓球排开水的体积比（b）中的大，据阿基米德原理知，与（a）相比，在图（b）中，乒乓球所受的浮力变小，故AB不符合题意； CD．两图中，乒乓球都处于静止，所受的力都是平衡力，合力都为0，所以合力一定不变，故C不符合题意，D符合题意。 故选D。 10．将同一支密度计分别置于甲、乙两种液体中，静止后如图所示，由密度计在甲液体中受到的浮力 在乙液体中受到的浮力，可知甲液体密度 乙液体的密度（前两空均选填“小于”“等于”或“大于”），因此密度计的刻度值从上向下逐渐 （选填“变小”或“变大”）。 【答案】 等于 大于 变大 【详解】[1]同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，由漂浮条件得到 F浮甲=F浮乙=G 密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力相等。 [2][3]由图可知密度计排开液体的体积 V排甲<V排乙 且 F浮甲=F浮乙 根据F浮=ρ液V排g可得两种液体的密度关系 ρ甲>ρ乙 故密度计的刻度值从上向下应逐渐变大。 11．甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为、，液体对容器底部的压强变化量为、，则（　　） A．， B．， C．， D．， 【答案】D 【详解】将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示，由图示可知 根据 可知 两个密度计完全相等，分别在甲、乙液体中漂浮，根据浮沉条件可知，漂浮时，浮力等于重力，即 所以两个小球受到的浮力相等，浮力都等于密度计的重力，所以密度计在液体中，容器底部的压力变化量等于密度计的重力，又因为两个容器是相同的，底面积相等，故压强的变化量相等，即 故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 综合题——计算题 12．轮船漂浮在水面上，测得它排开水的体积为2m3，求轮船所受浮力F浮的大小。 【答案】 【详解】轮船受到的浮力为 13．将一块重为10牛的合金块浸没在水中，合金块排开水的体积为米3。求： （1）合金块所受浮力的大小； （2）合金块所受重力与浮力的合力的大小与方向。 【答案】（1）4.9N；（2）5.1N，竖直向下 【详解】解：（1）合金块所受浮力大小为 F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10-4m3=4.9N （2）合金块所受重力与浮力是同一直线上，方向相反的两个力，所以合金块所受重力与浮力的合力大小为 F合=G-F浮=10N-4.9N=5.1N 方向与重力方向一致，竖直向下。 答：（1）合金块的浮力为4.9N； （2）合金块重力与浮力的合力为5.1N，方向竖直向下。 押题猜想十二 压强、液体压强单选压轴题 1．如图所示，质量相等的实心均匀圆柱体放在水平面上（S甲>S乙），现沿水平方向切去相同的高度，则关于甲、乙剩余部分对水平面压强p甲′、p乙′，及甲、乙剩余部分对水平面压力F甲′、F乙′的大小关系是（　　） A．F甲′可能大于F乙′ B．F甲′一定小于F乙′ C．p甲′可能大于p乙′ D．p甲′一定小于p乙′ 【答案】C 【详解】AB．由题意可知 m甲=m乙① 由于圆柱体V=Sh，根据可得 变形可得 ② 设切去高h，则甲剩余的质量为 ③ 乙剩余的质量为 ④ 由①③可得 ⑤ 将②带入⑤可得 ⑥ 由于图可知，圆柱体高度的关系为h甲>h乙，并比较④⑥可得 由于F甲′=m甲′g，F乙′=m乙′g，所以F甲′>F乙′，即F甲′一定大于F乙′，故AB不符合题意； CD．甲剩余部分对水平面压强为 乙剩余部分对水平面压强为 由于F甲′>F乙′，S甲>S乙，故p甲′与p乙′的大小关系不能确定，故C符合题意，D不符合题意。 故选C。 押题解读 规则柱体的压强、液体压强动态问题是中考热点、难点。固体压强动态问题的考查方式主要有，切割（或截取）、叠放、旋转及其综合问题，液体压强的主要考查方式有：小球（或规则柱体）入水问题，注水、抽水及其综合问题，等等。 1．如图所示，实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对地面的压强相等。若在甲、乙上各沿水平方向切去相同体积部分，并叠放在对方剩余部分的上方，叠放后与切去前相比，甲、乙对地面压强的变化量为Δp甲、Δp乙，叠放后甲、乙对地面的压强为p甲、p乙。则下列说法正确的是（　　） A．Δp甲>Δp乙，p甲>p乙 B．Δp甲<Δp乙，p甲<p乙 C．Δp甲>Δp乙，p甲<p乙 D．Δp甲<Δp乙，p甲>p乙 【答案】D 【详解】放置在水平地面上的物体对地面的压力的大小与其受到的重力大小相等，实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对地面的压强相等，则 放在水平面上的正方体对底面的压强 故有 由图知 故 若在甲、乙上各沿水平方向切去相同体积部分，甲截去部分的重力 乙截去部分的重力 则 即 叠放后甲对地面的压强为 叠放后乙对地面的压强为 故 甲对地面压强的变化量为 乙对地面压强的变化量为 压力变化的绝对值相等，由于甲的受力面积大于乙的受力面积，故 综上分析知，故ABC错误，D正确。 故选D。 2．如图所示，质量相等的实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上。现沿水平或者竖直方向切去相同厚度∆h，使得剩余部分对地面的压强相等，下列方案中可行的有（　　） ①甲、乙都水平切 ②甲、乙都竖直切 ③甲水平切、乙竖直切 ④甲竖直切、乙水平切 A．①和③ B．①和④ C．②和③ D．②和④ 【答案】A 【详解】设甲的边长为，甲的密度为，乙的边长为，乙的密度为，质量相等的实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，则根据质量相等，可以列等式 ①甲、乙都水平切，切去后，甲仍然是均匀的柱状体，则剩余部分甲对地面的压强为 同理剩余部分乙对地面的压强为 若剩余部分压强相等，则可以列等式 经整理可知 从图可知看出 则 而 则 且 故切去的高度大于0，故①可行； ②甲、乙都竖直切，则甲剩余部分对地面的压强为 同理乙剩余剩余部分对地面的压强为 而 故剩余部分的压强不可能相等，故②不可行； ③甲水平切、乙竖直切，则甲剩余部分对地面的压强为 乙竖直切，乙剩余部分对地面的压强为 若剩余部分压强相等，则 经整理可知 故③可行； ④甲竖直切、乙水平切，则甲剩余部分对地面的压强为 乙剩余部分对地面的压强为 将剩余部分的压强相减，即可知 因为 故 剩余部分不可能相等，故④不可行，故综上所述，①和③可行，A符合题意。 故选A。 3．如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　） A．大于，p甲大于p乙 B．大于，p甲小于p乙 C．小于，p甲大于p乙 D．小于，p甲小于p乙 【答案】A 【详解】由题意知，A、B两个实心小球的体积相同，A排开的液体的体积大于B排开的液体的体积，取出小球后，乙液面的深度要大于甲液面的深度，此时两液体对容器底部的压强相等，根据p=ρgh可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即：ρ甲大于ρ乙； 根据图示可知，A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，又有甲液体的密度大于乙液体的密度，由F浮=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为F浮A>F浮B，因为A小球在甲液体中悬浮，受到的重力GA等于浮力F浮A，B小球漂浮在乙液体中，受到的重力GB等于浮力F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB；又因为液体对容器底部的压强相等，面积相同，压力也相等，则液体重力相同，且容器相同，所以左侧装置的总重力大于右侧装置的总重力，水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，则左侧装置对地面的压力大于右侧装置对地面的压力，受力面积相同，根据可知，p甲大于p乙，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4．如图所示，水平面上的两个圆柱形容器中分别盛有甲、乙两种液体，现在两容器中分别抽去部分液体，抽去液体后，使两容器中液体的高度均为h。若此时甲、乙剩余部分液体对容器底部的压力相等，则两容器中甲、乙液体原先对容器底部的压强p甲、p乙和压力F甲、F乙的关系是 A．p甲＜p乙， F甲＞F乙 B．p甲＜p乙， F甲＜F乙 C．p甲＞p乙， F甲＞F乙 D．p甲＞p乙， F甲＜F乙 【答案】B 【详解】两容器中液体的高度均为h时，此时甲、乙剩余部分液体对容器底部的压力相等，而压力即液体重，即液体重相等，质量相等； 乙容器细，所以乙液体体积小，根据，乙液体的密度大； 原先时，乙容器液体的密度大，液体深度也大，根据可知，； 如图原来时上面部分的液体体积乙大于甲，根据，密度大，体积大，所以质量大，重力大，即乙液体对容器底部的压力大，，故B正确，ACD错误。 选B。 5．如图所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙置于水平地面，液体甲对容器底部的压强等于乙对地面的压强。现从容器内抽取部分液体甲并沿水平方向截取部分圆柱体乙，使得它们剩余部分的深度或高度均为，则甲、乙的密度以及液体甲对容器底部、乙对地面的压强变化量∆p的关系是（　　） A．； B．； C．； D．； 【答案】C 【详解】薄壁容器的质量和厚度均可忽略，液体甲对容器底部的压强等于乙对地面的压强，则有。由图可知，，则。设液体甲的高度减少，乙的高度减少，则抽取或截取前，液体甲对容器底部的压强等于乙对地面的压强，即 ① 抽取或截取后，液体甲对容器底部的压强为 乙对地面的压强 已知，则 ② 综合①②可得 即∆p甲<∆p乙。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 6．如图所示，两个足够高的薄壁轻质圆柱形容器A、B（底面积SA>SB）置于水平地面上，容器中分别盛有体积相等的液体甲和乙，它们对各自容器底部的压强相等。下列选项中，一定能使甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部压强的操作方法是（　　） ①分别倒入相同深度的液体甲和乙 ②分别倒入相同质量的液体甲和乙 ③分别倒入相同体积的液体甲和乙 ④分别抽出相同高度的液体甲和乙 A．① B．②③ C．①④ D．①②③ 【答案】A 【详解】液体对容器底部的压强相等，且A容器内液体甲的高度小于B容器内液体乙的高度，根据公式可知 已知容器中原来分别盛有液体甲和乙的体积相等，即 根据和可得 由于，所以 ①分别倒入相同深度的液体甲和乙，则甲液体对容器底部的压强 乙液体对容器底部压强 由于， 则，①符合题意； ②分别倒入相同质量的液体甲和乙；由于柱状容器中液体对底部的压力等于液体的重力，则甲液体对容器底部的压强 乙液体对容器底部压强 由于， 则，②不符合题意； ③分别倒入相同体积的液体甲和乙时，则甲液体对容器底部的压强 乙液体对容器底部压强 由于， 则，③不符合题意； ④两容器中抽出相同高度h的液体后，液体甲对容器底减少的压强Δp甲=ρ甲gh 液体乙对容器底减少的压强Δp乙=ρ乙gh 由于，所以Δp甲>Δp乙 此时剩余液体甲对容器底的压强一定小于剩余液体乙对容器底的压强， ④不符合题意； 综上所述，能使甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部压强的操作方法是①。 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 押题猜想十三 电磁学基础（Ⅰ）—概念辨析与填空 1．电功的单位是（　　） A．焦耳（J） B．瓦特（W） C．安培（A） D．伏特（V） 【答案】A 【详解】A．焦耳是电功或电能的单位，故A符合题意； B．瓦特是电功率单位，故B不符合题意； C．安培是电流的单位，故C不符合题意； D．伏特是电压的单位，故D不符合题意。 故选A。 押题解读 掌握电磁学有关基础概念、电磁学常识、物理学人物关系；电磁学基础计算，如电功的计算，注意单位的换算，“度”与千瓦时之间的关系；常用电学仪器的测量工具及连接方式，如电流表、电压表、电能表。 1．通过大量实验研究，得出电流与电压关系的物理学家是（　　） A．托里拆利 B．库仑 C．安培 D．欧姆 【答案】D 【详解】物理学家欧姆，利用大量的实验得出电流与电压、电阻的关系，命名为欧姆定律，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 2．影响导体电阻大小的因素可以是（　　） A．长度 B．电流 C．电压 D．电荷量 【答案】A 【详解】A．导体电阻的大小与导体材料、导体的长度、导体横截面积有关，故A符合题意； BCD．导体的电阻大小与导体两端的电压和通过导体的电流、电荷量无关，故BCD不符合题意。 故选A。 3．测量家庭消耗电能的仪表是 表，家庭电路中的电灯和电视机是 （选填“串联”或“并联”）连接的，若要在A．“220V  8W”和B．“110V  8W”两只灯泡中，选择一只在上海地区的家庭中使用，应选择 （选填“A”或“B”）。 【答案】 电能 并联 A 【详解】[1]在生活中，测量家庭消耗电能多少的仪表是电能表。 [2]家庭电路中的电灯和电视机之间工作时互不影响，可以独立工作，所以它们之间是并联的。 [3]上海地区的家庭电路中的电压为220V，则只有A灯泡可以在上海地区的家庭中正常使用。 4．家用电饭锅正常工作时的电压为 伏，其工作时将 能转化为内能。煮粽子时能闻到粽子的香味，说明分子热运动与 有关。 【答案】 220 电 温度 【详解】[1]我国家庭电路的电压为220V，家用电饭锅正常工作时的电压为220V。 [2]电饭锅属于电热器，工作时将电能转化为内能。 [3]煮粽子时能闻到粽子的香味，说明分子热运动与温度有关，温度越高，分子运动越快。 5．在家庭电路中，用电器之间是 连接的（选填“串联”“并联”）；消耗的电能用 表测量；同时使用的用电器增多时，电路中总电阻将 （选填“变大”“变小”“不变”）。 【答案】 并联 电能 变小 【详解】[1]家庭电路中的各用电器工作时互不影响，它们之间都是并联连接。 [2]电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表。 [3]家庭电路中同时工作的用电器越多，即并联的用电器越多，由于电阻越并越小，电路中的总电阻就越小。 6．发电站是通过 输电线路将电能输送至用电区的（选填“高压”“低压”）；某电热器铭牌上标有“220V  800W”的字样，其正常工作电压为 伏，正常工作1小时耗电 度。 【答案】 高压 220 0.8 【详解】[1]根据可知，在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输送过程中电能的损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电。 [2]电热器铭牌上标有“220V 800W”的字样，说明额定电压为220V，即正常工作的电压为220V。 [3]电热器的额定功率 正常工作1小时耗电 7．家庭电路中，照明灯和电饭煲是 （选填“串联”“并联”）的，若多一盏照明灯工作，家庭电路的总电流 （选填“变大”“不变”或“变小”）；电饭煲工作时，主要将 能转化为内能。 【答案】 并联 变大 电 【详解】[1]家庭电路中，照明灯和电饭煲是并联的。因为并联电路中各用电器两端电压相等，且能独立工作，互不影响。 [2]家庭电路中各用电器并联，根据并联电路电流特点，总电流等于各支路电流之和，每多开一盏照明灯，就多了一条支路电流，所以家庭电路的总电流会变大。 [3]电饭煲的主要部件是电热丝或加热盘等发热元件。工作时，电流通过这些发热元件，将电能转化为内能，从而使食物被煮熟。 （改编）8．一节新干电池的电压为 伏，家中用 表计量消耗电能的多少，家中多点亮一盏电灯，电路的总电阻 （选填“增大”“不变”或“减小”）。 【答案】 1.5 电能 减小 【详解】[1]一节新干电池的电压为1.5伏。 [2]家庭中测量消耗电能多少的仪表是 电能表（或电度表），单位为千瓦时（度）。 [3]家庭电路中，各盏电灯之间是并联的，根据并联电路的电阻是并联越多，电阻越小，所以，家中电路的总电阻将减小。 9．2024年，嫦娥六号实现世界首次月球背面采样返回，它是依靠 （选填“声波”或“无线电波”）与地球之间进行通信的。嫦娥六号返回器准确着陆于预定位置，在减速着陆的过程中，它相对于地面是 （选填“静止”或“运动”）的，其动能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 无线电波 运动 减小 【详解】[1]电磁波可以在真空中传播，声波不可以在真空中传播，无线电波（电磁波）可以传递信息，探测器与地球之间的信息传递依靠的是无线电波（电磁波）。 [2]返回器减速着陆的过程中，它相对于地面位置变化，是运动的。 [3]返回器减速着陆的过程中，其质量不变、速度减小，则动能减小。 10．如图所示，小磁针处于静止，闭合开关S后小磁针发生大角度偏转的是（　　） A．   B．   C．   D．   【答案】C 【详解】A．由图A知，闭合开关S后，电流从螺线管左端流入，右端流出，根据安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的右端是N极，左端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故A不符合题意； B．由图B知，闭合开关S后，电流从螺线管右端流入，左端流出，根据由安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故B不符合题意； C．由图C知，闭合开关S后，电流从螺线管左端流入，右端流出，根据安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的N极，小磁针会发生大角度偏转，故C符合题意； D．由图D知，闭合开关S后，电流从螺线管左端流入，右端流出，根据安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故D不符合题意。 故选C。 11．上海家庭中使用的空调正常工作时的电压为 V，它与照明电灯之间是 连接的（选填“串联”或“并联”），若这台空调的功率为，正常工作，消耗的电能为 。 【答案】 220 并联 20 【详解】[1]我国家庭电路的电压为220V，上海家庭中使用空调正常工作时的电压为220V。 [2]空调与照明电灯之间的工作互不影响，是并联连接。 [3]正常工作10h，空调消耗的电能 12．写出对应科学家 最早得出电流与电压的关系； 最早发现电流周围存在磁场 首先用实验测定大气压强的值； 在伽利略等人的基础上得出惯性定律。 【答案】 欧姆 奥斯特 托里拆利 牛顿 【详解】[1]欧姆是德国物理学家，他在19世纪初期做了大量实验，归纳得出了电流与电压、电阻之间的关系。 [2]1820年丹麦物理学家奥斯特第一次发现通电导线周围存在磁场。 [3]意大利的科学家托里拆利利用装有水银的细玻璃管测出了大气压的值。 [4]“惯性定律”就是牛顿第一定律，是牛顿在总结伽利略、笛卡尔等人结论的基础上得出的。 13．标有“220V120W”的LED电视机正常工作2小时，耗电 度，其消耗的电能可用 表测量。电能的广泛应用需要有效传输，远距离输电通常采用 （选填“高压”或“低压”）输电的模式。 【答案】 0.24 电能 高压 【详解】[1][2]由可知，LED电视机正常工作2小时，耗电为；电能表可以用来测量消耗的电能。 [3]由可知，输电功率一定时，提高输电电压，可以减小输电线的电流，从而减小因发热损失的电能，所以远距离输电通常采用高压输电。 押题猜想十四 电磁学基础（Ⅱ）—概念、公式、规律的应用 1．一个5欧的电阻与一个1欧的电阻并联后，其总电阻（　　） A．大于5欧 B．小于5欧大于1欧 C．等于1欧 D．小于1欧 【答案】D 【详解】电阻并联后总电阻小于任一电阻的阻值，则一个5欧的电阻与一个1欧的电阻并联后，其总电阻小于1欧，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 押题解读 串、并联电路的应用；电阻的串、并联的应用；电流的定义式，欧姆定律公式的计算应用，电阻的影响因素结合考查；电阻的影响因素在串、并联电路的应用；模拟电器电路中的传感器、多开关问题。 1．将电阻R与5Ω的电阻并联后总电阻小于1Ω，下列判断正确的是（  ） A．R一定小于1Ω B．R一定大于1Ω C．R可能大于1Ω D．R不可能为1Ω 【答案】C 【详解】根据并联电阻的规律，由题意有   ① 故 R1.25Ω 故R可能小于1Ω、可能大于1Ω、也可能为1Ω。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 2．某导体两端的电压为6伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦，该导体两端电压改变为3伏时，其电阻为 欧． 【答案】 0.3 18 20 【详解】[1]根据题意知道，通过该导体的电流是： ， [2]由欧姆定律知道，导体的电阻是： ， 电流做的功是： W=UIt=UQ=6V×3C=18J； [3]导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关，因此当导体两端电压改变为3伏时，其电阻仍为20Ω． 3．某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库，通过该导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦；当该导体两端电压降低到0伏时，其阻值为 欧 【答案】 0.6 36 10 【详解】[1]通过该导体的电流为 [2]这段时间内电流做功 W=UIt=6V×0.6A×10s=36J [3]该导体的电阻 因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以当该导体两端电压降低到0伏时，其阻值仍为10Ω。 4．生活中蕴含着很多物理知识：液位计利用 原理工作的；电影道具中的“石块”用泡沫塑料制成，这是因为泡沫塑料密度很 ；图中的汽车油量表实际上是一只 。 【答案】 连通器 小 电压表 【详解】[1]连通器的上端开口，下端相连通，连通器中液体的液面高度相同，所以液位计利用连通器的原理工作的。 [2]电影道具中的“石块”用泡沫塑料制成，这是因为泡沫塑料密度比石块密度小，相同体积时，电影道具中的“石块”比真石块的质量小，倒塌时不至于压伤人。 [3]由于电压表与被测电路并联，电流表与被测电路串联，图中油量表与R1并联，所以油量表是电压表。 5．小磁针两端的磁场最 （选填“强”或“弱”）；如图所示，将一枚可以自由转动的小磁针放在水平桌面上，当导线与电池触接时，小磁针发生偏转，说明 周围存在磁场；断开电路后，当小磁针静止时，它的N极指 （选填“南”或“北”）。 【答案】 强 通电导线 北 【详解】[1]小磁针类似于条形磁体，两端的磁场最强。 [2]在实验中，当直导线接触电池通电时，可以看到小磁针发生偏转，即小磁针受到磁场力的作用，说明通电导线周围存在磁场。 [3]断开电路后，当小磁针静止时，在地磁场的作用下，它的N极指北。 6．某导体两端的电压为6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安；当该导体两端的电压为3伏时，其电阻为 欧。图（a）为一个悬浮地球仪，其内部装有磁铁，使其悬浮的底座内部装有按图（b）所示方式放置的通电螺线管，该螺线管上端的磁极为 （选填“N”“S”）极。 【答案】 0.3 20 S 【详解】[1]由知道，通过该导体的电流 [2]由欧姆定律知道，导体的电阻 因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以当该导体两端的电压为3V时，导体的电阻仍为20Ω。 [3]由安培定则和图示知道，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端，因此电磁铁的下端为N极、上端为S极。 7．常用电蚊拍具有灭蚊和照明功能。当只闭合开关时，电蚊拍只起到灭蚊的作用；当同时闭合开关时，电蚊拍同时起到灭蚊和照明的作用。在如图所示电路中能实现该功能的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】根据题意可知，灭蚊网和灯泡工作时互不影响，因此灭蚊网和灯泡并联；当只闭合开关S1时，电蚊拍只起到灭蚊的作用，这说明开关S1能控制灭蚊网；当同时闭合开关S1、S2时，电蚊拍同时起到灭蚊和照明的作用，这说明S2只控制灯泡，则开关S1在干路中控制整个电路，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 8．如图所示，两段材料和长度相同但粗细不同的金属导体AB与BC连在一起，将AC两端接入电路中，则通过AB的电流IAB，加在它两端的电压UAB和通过BC的电流IBC、加在它两端的电压UBC的大小关系是（　　） A．IAB>IBC  UAB>UBC B．IAB<IBC  UAB<UBC C．IAB=IBC  UAB<UBC D．IAB=IBC  UAB>UBC 【答案】D 【详解】由题意可知，将两导体串联，串联电路中电流处处相等，故IAB=IBC；两导体长度相同、材料相同而粗细不同，且AB比BC的横截面积小，所以AB的电阻大于BC的电阻，由U=IR可知，AB段的电压大于BC段的电压，即UAB>UBC。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 9．将甲、乙两根长度相同、粗细不同的锰铜丝以某种方式同时接入电路中（甲比乙粗），关于通过它们电流和的大小关系，下列说法中正确的是（　　） A．若甲、乙串联，则 B．若甲、乙串联，则 C．若甲、乙并联，则 D．若甲、乙并联，则 【答案】C 【详解】AB．若甲、乙串联，据串联电路的电流特点知，通过两锰钢丝的电流相等，故AB错误； CD．甲和乙的长度和材料相同，甲比乙粗，则甲的电阻比乙的小，甲和乙并联在电路中，据知，通过甲的电流比乙的大，故C正确，D错误。 故选C。 10．甲和乙是由同种材料制成的导体，当L甲>L乙，则关于甲和乙的横截面积S及电阻R的大小关系，下列说法正确的是（    ） A．若S甲>S乙，则R甲一定大于R乙 B．若S甲<S乙，则R甲一定大于R乙 C．若S甲=S乙，则R甲一定小于R乙 D．若S甲>S乙，则R甲一定等于R乙 【答案】B 【详解】导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积有关，在材料相同时，长度越长、横截面积越小，电阻越大。本题中甲和乙由同种材料制成，且已知L甲>L乙，在此基础上分析横截面积不同时电阻的大小关系。 A．若S甲>S乙，虽然甲的长度更长，但横截面积也更大，此时无法确定电阻R甲一定大于R乙。因为长度使电阻增大，横截面积使电阻减小，两个因素相互影响，不能简单得出结论，故A错误； B．若S甲<S乙，甲的长度更长且横截面积更小，根据电阻与材料、长度、横截面积的关系，在材料相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大，所以R甲一定大于R乙，故B正确； C．若S甲=S乙，在材料相同且横截面积相同的情况下，长度越长电阻越大，已知L甲>L乙，所以R甲一定大于R乙，故C错误； D．若S甲>S乙，甲长度长，即使横截面积相等或甲的横截面积更大，由于长度的影响，也不能得出R甲一定等于R乙的结论，故D错误。 故选B。 11．如图为某智能光控照明装置的电路图，传感器天亮时相当于一个断开的开关，天黑时相当于一个闭合的开关。电路各处接触良好，各元件可正常工作。下列说法中正确的是（   ） A．若天黑时灯L不发光，则开关可能是断开的 B．若要实现智能光控功能，应闭合开关和 C．若要实现智能光控功能，应仅断开开关，天亮时灯L发光 D．若要关闭智能光控功能且灯L发光，则开关和一定是闭合的 【答案】D 【详解】A．开关是总开关，在实行智能光控时是闭合的，若天黑时灯L不发光，则可能是灯泡断路，故A错误； B．若要实现智能光控功能，由于天亮时灯泡不发光，因此开关S2应断开，故B错误； C．若要实现智能光控功能，仅断开开关，天亮时传感器断开，灯泡不发光，故C错误； D．若要关闭智能光控功能且灯L发光，则灯泡一直是通路，开关和一定是闭合的，故D正确。 故选D。 12．图是一个加热器的模拟电路，电路中两电阻的阻值R1小于R2，该加热器通过控制开关S1、S2的断开或闭合，来实现三种不同挡位工作，其中低温挡工作电流最小，高温挡工作电流最大，则下列选项中正确的是（　　） A．只闭合开关S1时，加热器处于高温状态 B．只闭开关S2时，加热器处于中温状态 C．同时闭合开关S1、S2时，加热器处于低温状态 D．同时闭合开关S1、S2时，加热器处于高温状态 【答案】D 【详解】AB．只闭合开关S1时，电路阻值R1的简单电路，只闭合开关S2时，电路阻值R2的简单电路，两电阻的阻值R1小于R2，由可知R1的电功率大于R2的电功率，只闭合开关S1时，为中温挡，只闭合开关S2时，为低温挡，故AB错误； CD．同时闭合开关S1、S2时两电阻并联，电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，处于高温挡，故D正确，C错误。 故选D。 13．在物理学习的过程中经常会用到一些科学研究方法，下述事例中运用相同科学研究方法的是（　　） （1）用水流比作电流               （2）探究导体中电流与电压的关系 （3）探究物质的质量与体积的关系   （4）用总电阻替代两个并联的电阻 A．（1）与（3） B．（1）与（4） C．（2）与（3） D．（2）与（4） 【答案】C 【详解】（1）用水流比作电流，采用类比法 ； （2）探究导体中电流与电压的关系，采用控制变量法； （3）探究物质质量与体积的关系，采用控制变量法 ； （4）用总电阻替代两个串联的电阻，采用等效替代法。 故选C。 押题猜想十五 电学单选压轴题 1．在如图所示的电路中，定值电阻和滑动变阻器接入的阻值相等，闭合开关，下列操作中能够使电压表和电流表示数比值比原先小的是（　　） A．闭合开关，断开开关 B．闭合开关，向右移动滑片P C．减小电源电压 D．增大电源电压，向右移动滑片P 【答案】B 【详解】闭合开关S2，断开S1，电路为只有滑动变阻器的简单电路，电压表测量电源电压，根据，电压表示数与电流表示数的比值为滑动变阻器的阻值。 A．闭合开关S1，断开开关S2，电路为只有定值电阻的简单电路，根据，电压表示数与电流表示数的比值为定值电阻的阻值。因为滑动变阻器接入电路的阻值与定值电阻的阻值相等，所以电压表示数与电流表示数的比值不变，故A不符合题意； B．闭合开关，两电阻并联，无论怎样移动滑片，此时两电阻并联的总阻值都比原来只有滑动变阻器的阻值小。根据，电压表示数与电流表示数的比值为此时总电阻的阻值，故电压表示数与电流表示数的比值变小，故B符合题意； C．减小电源电压，此时电压表示数与电流表示数的比值为滑动变阻器的阻值，滑片不动，滑动变阻器的阻值不变，电压表示数与电流表示数的比值不变，故C不符合题意； D．增大电源电压，向右移动滑片P，此时电压表示数与电流表示数的比值为滑动变阻器的阻值，向右移动滑片P，滑动变阻器的阻值变大，故电压表示数与电流表示数的比值变大，故D不符合题意。 故选B。 押题解读 动态电路分析 1. 串联电路 2. 并联电路 3. 开关通断引起的动态电路 1．在图所示电路中，电源电压不变，、为定值电阻，闭合开关S，电流表示数为I。现用电阻替换或，再闭合开关S，电流表示数为2I，则下列判断正确的是（　　） A．若替换，则可能等于 B．若替换，则一定大于 C．若替换，则可能等于 D．若替换，则一定小于 【答案】D 【详解】AC．由题意可知 若替换时，当，即 即不能成立，所以不可能等于，同理也不可能等于，故AC错误； BD．由题意可得 将式子两边乘以2时，得 ……① 若替换时 ……② 比较①和②得，因为，所以，解得，同理，若替换，则一定小于。故B错误，D正确。 故选D。 2．在吸图所示的电路中，滑动变阻器标有“”字样，其滑片P位于中点附近，电流表、的量程均选择“”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，下列操作中可使电流表和电流表示数的比值最小的是（    ） A．将滑片P移到最右端 B．将滑片P向左移动，直到电流表的示数为3安 C．断开开关S D．用电阻替换电阻（） 【答案】B 【详解】AB．闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A1测通过R2的电流I2，电流表A2测干路电流I，根据并联电路规律可知电流表A2的示数大于电流表A1的示数，电流表A1示数和电流表A2示数的比值小于1的；电流表A1示数和电流表A2示数的比值为 要使得比值最小，则I2最大，但电流表不能超量程，由题意知干路的电流最大为3A，则将滑片P向左移动，直到电流表的示数为3A时，I2最大，故B符合题意，A不符合题意； C．断开开关S，电路为定值电阻的简单电路，两电流表都测通过定值电阻的电流，两表示数相等，电流表A1示数和电流表A2示数的比值等于1，比原来大了，故C不符合题意。 D．用电阻R0替换电阻R1（R0＞R1），由于定值电阻的电流变小，故I2：（I1+I2）比值会更大，故D不符合题意； 故选B。 3．图示的电路中，电源电压保持不变，开关、闭合时，电流表示数为、电压表示数为。现断开开关，以下判断中正确的是（　　） A．向右移动滑片，电压表示数可能为 B．向左移动滑片，电压表示数可能为 C．向右移动滑片，电流表示数可能为 D．向左移动滑片，电流表示数可能为 【答案】D 【详解】由电路图知道，开关S1、S2闭合时，定值电阻R1和电压表都被短路，电压表示数为U0=0，电流表示数为I0；现断开开关S2，两电阻串联，电压表测量定值电阻R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，此时电路中的电流小于I0。 AC．向右移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律得电路中的电流变小，电流表示数变小，电流表示数小于I0；由U=IR知道，定值电阻R1两端的电压变小，但大于U0，故AC错误； BD．向左移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律得电路中的电流变大，电流表示数变大，当滑动变阻器减小的阻值等于R1时，电流表示数变为I0；由U=IR知道，定值电阻R1两端的电压变大，且大于U0，故B错误，D正确。 故选D。 4．电梯超载容易引发安全隐患。图所示为某电梯超载报警电路工作原理图，电源电压恒定不变，为保护电阻，为压敏电阻（阻值随压力的变化而变化）。当电梯超过其载重上限时，电流表示数超过设定值就会触发报警器（图中未画出）工作。则（　　） A．当人进入空载电梯后，压敏电阻的阻值增大 B．当人进入空载电梯后，电压表示数与电流表示数之比不变 C．若要适当降低电梯载重上限，可换用电压更小的电源 D．若要适当降低电梯载重上限，可换用阻值更小的 【答案】D 【详解】AB．当电梯超过其载重上限时，压力大，电流表示数超过设定值I0就会触发报警器，由知电路中的电阻减小，所以当人进入空载电梯后，压力增大，压敏电阻减小，由知电压表示数与电流表示数之比等于压敏电阻的阻值，由于压敏电阻变小，所以当人进入空载电梯后，电压表示数与电流表示数之比变小，故AB不符合题意； CD．要适当降低电梯载重上限，即压力更小，在压敏电阻的阻值更大时报警，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知需减小定值电阻接入电路的阻值或增大电源电压，故C不符合题意，D符合题意。 故选D。 5．在图所示的电路中，电源电压保持不变。当对电路进行某种操作后，电压表V示数与电流表A示数的比值变大，则此过程中（　　） A．电流表A1的示数变小 B．电流表A2的示数变大 C．电流表A示数与电流表A1示数的差值不变 D．电流表A示数与电流表A2示数的差值不变 【答案】D 【详解】AB．由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流，开关控制R2支路；因电压表测电源的电压，且电源的电压保持不变，所以，电压表的示数不变，则电压表V示数与电流表A示数的比值变大时电流表A的示数变小，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1支路的电流不变，故进行的操作可能是开关S由闭合到断开、可能是两电阻并联时通过滑动变阻器的电流减小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，当开关S由闭合到断开时，电流表A2的示数减小，故AB错误； C．电流表A示数变小，电流表A1示数不变，其比值变小，故C错误； D．电流表A示数与电流表A1示数的比值不变，则电流表A与A2示数的差值不变；当两电阻并联时通过滑动变阻器的电流减小时，电流表A示数与电流表A2示数的差值仍等于电流表A1的示数，则电流表A与A2示数的差值不变，故D正确。 故选D。 押题猜想十六 电路故障（填空题） 1．如图所示电路，电源电压为，已知电路中有一处故障，且只发生在或上。 (1)小明认为，闭合开关S后，无法通过电压表的示数来判断具体故障。你 （选填“支持”或“不支持”）他的观点，请结合电压表的示数说明理由； (2)小明设想经过下列操作，通过观察电压表示数在操作前后的变化情况来判断具体故障。其中可行的有______ A．将与的位置互换 B．用一个完好的定值电阻R来替换 C．将一跟导线并联在两端 【答案】(1) 支持 若断路或短路，电压表的示数均为；若短路或断路，电压表示数均为0 (2)B 【详解】（1）[1][2]支持小明的观点。闭合开关S，两电阻串联，电压表测量R1两端的电压。若R1短路，电压表示数为0，若R2断路，电压表示数同样为0；若R1断路或者R2短路，电压表示数都为电源电压U0，所以无法通过电压表的示数来判断具体故障。 （2）A．将与的位置互换，若短路或断路，电压表的示数均为；若断路或短路，电压表示数均为0，仍不能判断具体故障，故A不符合题意； B．用一个完好的定值电阻R来替换，若电压表无示数，说明R1短路，若电压表有示数，说明R2断路，故B符合题意； C．将一跟导线并联在两端，R2被短路，电压表测量电源电压，无法通过电压表判断电路故障，故C不符合题意。 故选B。 押题解读 1.电路故障 电路故障一般都含有两方面内容：一是故障的性质，即是短路还是开路；二是故障的位置，即故障发生在哪个元件上。所以一个电路中故障，要从这两个方面分析。 2．串联电路故障 R1 R2 A S 开关s闭合后，电路正常工作，如果电路某一处出现故障，引起的电表变化现象如下表。 故障 电流表A示数变化 电压表V1示数变化 电压表V2示数变化 R1断路 变小 变大 变小 R1短路 变大 变小 变大 R2断路 变小 变小 变大 R2短路 变大 变大 变小 3．并联电路故障 开关S闭合后，电路正常工作，如果并联电路出现故障，根据并联电路特点，即电压表不发生改变，且不会出现电阻短路故障，只会出现断路故障，因此故障现象减少，如下表。 R1 R2 S A A1 A2 V 故障 电流表A1示数变化 电流表A2示数变化 电流表A示数变化 R1断路 变小 不变 变小 R2断路 不变 变小 变小 R1、R2断路 变小 变小 变小 1．在图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1的阻值为R0，R2的阻值为2R0，电路中可能在R1或R2上存在一处断路故障。 (1)为了正确快速判断出电路中是否存在故障，电流表串联在 （选填“R1支路”“R2支路”或“干路”）上最为合适； (2)按上述电流表串联的位置，若存在故障，请写出开关S闭合前后，电流表的示数及对应的故障。 【答案】(1)干路 (2)见解析 【详解】（1）由图可知，开关断开时，只有R2的简单电路，开关闭合时，两个电阻并联，为了判断电路中是否存在故障，电流表串联在干路中。 （2）开关闭合前后，电流表示数由0变为，电阻R2断路。开关闭合前后，电流表示数均为，电阻R1断路。 2．在图所示的电路中，电源电压为不变。闭合开关后，电路正常工作，一段时间后，观察到电压表示数为。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻或上。 (1)故障可能是 ； (2)为确定具体故障，小嘉提出三种方法：①闭合开关，移动滑动变阻器的滑片；②用完好电阻替换，闭合开关；③将滑动变阻器与电压表位置互换，闭合开关。请选出可行的方法，写出观察到的电表示数（或示数变化情况）及对应的故障。 【答案】(1)短路或断路 (2)见解析 【详解】（1）已知电源电压为U0不变，闭合开关S后电路正常工作，一段时间后观察到电压表示数为U0，且电路中仅有一处故障，只发生在电阻R1或R2上。  若R1短路，此时电压表与电源两极相连，电压表测量的是电源电压，所以电压表示数为U0。若R2断路，电压表与R1串联在电路中，电压表测电源电压，示数也为U0。当R1断路时没有电流通过电压表，电压表的示数为0；R2短路时，电压表也被短路，此时电压表的示数也为0。因此，故障可能是R1短路或R2断路。 （2）方法①：闭合开关，移动滑动变阻器R2的滑片P，若故障是R1短路，电路中只有R2工作，其两端电压等于电源电压。移动滑片的过程中，电压表示数始终为U0。若故障是R2断路，移动滑片R2仍断路，电压表与R1串联在电路中测电源电压 ，电压表示数始终为U0。 两种情况下电压表的示数相同，该方法无法区分故障是R1短路还是R2断路。 方法②：用完好电阻R0替换R1，闭合开关，若故障是R1短路，用完好电阻R0替换R1后，R0与R2串联，电压表测量的是R2两端的电压，由串联电路电压规律可知，此时电压表示数小于U0。 若故障是R2断路，用完好电阻R0替换R1后，电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数为U0。两种情况下电压表的示数不同，通过电压表示数是否变化可以确定故障，所以该方法可行。 方法③：将滑动变阻器R2与电压表位置互换，闭合开关，若故障是R2断路，电压表串联在电路中，测电源电压，示数为电源电压U0。 若故障是R1短路，电压表直接测量电源电压，电压表示数为U0，两种情况下电压表示数相同，不能通过电压表示数确定电路故障。此方法不可行。 3．现有三个电阻R1、R2、R3，其中一个短路，一个断路，一个完好。小华为了确定三个电阻的具体情况，选择合适的器材，进行如下操作： (1)他按图所示正确连接电路，闭合开关S，观察到电流表示数为0，电压表示数为6伏，则可以确定的具体情况是 ； (2)在电路安全的条件下，小华选用上述器材，设计并连接电路确定另两个电阻的具体情况。请在方框内画出他的电路图，并写出闭合开关S后，电表示数情况及对应两个电阻的具体情况。 【答案】(1)R1断路 (2)见解析 【详解】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路的电流，闭合开关S，电流表示数为0，说明电路中有断路，电压表示数为6V，说明电压表与电源两极是通路，则故障为R1断路。 （2）已知R1断路，要确定R2和R3的情况，由于两电阻有一个短路，在电路安全的条件下，两电阻不能并联，则可设计如下电路图：将R2和R3串联接入电路，电压表并联在R2两端，电流表串联在电路中，如下图所示： 闭合开关S后，可能出现以下两种电表示数情况及对应的电阻情况： 情况一：若R2短路，R3完好。因为R2短路，相当于一根导线， 电压表被短路，所以无示数，电流通过R3和短路的R2形成回路，电流表有示数，即电压表无示数，电流表有示数。 情况二：若R2完好，R3短路。电路相当于只有R2接入电路，电压表测量R2两端的电压，则电流表、电压表都有示数。 4．在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变，闭合开关S后，电路正常工作。一段时间后，电流表A的示数变小，已知故障只有一处，且发生在电阻R1或R2上，则此时电压表V的示数为 ，故障可能是 。若选择一个完好的定值电阻R替换R2，并观察比较电流表替换前、后示数，则电阻R需要满足一定的条件才能确定故障。若R大于R2，判断能否确定故障并说明理由 。 【答案】 电源电压 R1断路或R2断路 见解析 【详解】[1][2]根据电路图可知，两电阻并联，电流表测量干路电流，电压表测量电源两端电压，一段时间后，电流表A的示数变小，说明电路中的总电流变小，电路中的总电阻变大，根据并联电路电阻规律可知，故障可能是并联电路中某一个电阻断路，即R1断路或R2断路，因为电压表测量电源电压，所以电压表的示数不变，电压表的示数是电源电压。 [3]若R1断路，当R>R2时，用R替换R2后，由于电阻增大了，根据欧姆定律可知，电路中的电流会变小，即电流表示数变小；若R2断路，用某完好的定值电阻R替换R2后，由于有电流通过R和R1，根据并联电路的电流特点可知，电流表示数会变大，故R大于R2，可以确定故障。 5．电阻和的阻值规格均为，电阻的阻值规格为。小王将和按如图所示方式连入电路中，闭合开关S，观察到两电表指针均发生偏转；然后用替换，与替换前相比，电流表示数减小了。经过思考后，小王认为电路中存在故障。已知电路中的电源电压始终保持不变，3个电阻中只有1个电阻存在故障，请根据以上信息判断： (1)电路中的故障可能是 ； (2)请写出替换后两电表示数及对应的故障 。 【答案】(1)短路/断路 (2)若两电表示数均为0，则断路；若电流表示数为、电压表示数为，则短路 【详解】（1）由图示知，两个电阻串联在电路中，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，若两个电阻都无故障，则电路中的总电阻为 用R3替换R1，则电路的总阻值减小，电路的电流增大。而用R3替换了R1后，电流表示数减小了I0，说明替换后，电路的总阻值增大了。则可能是R1短路了，替换后，电路的总阻值由2R0变成了R′=R3+R2=R0+2R0=3R0 或者是R3断路了，替换后，整个电路断路，通过的电流减小为0。 （2）若R3故障，则整个电路断路，电路中的电流为0，电流表示数为0，电压表与电源的连接断开，示数也为0；若R1短路，替换前，电路中的电流 替换后，电路中的电流 则有 解得电源电压 替换后，电流表示数 电压表示数 押题猜想十七 综合信息题 1．下表记录了声波在不同种类的气体和温度下的速度，请依据表中的相关数据回答问题： 气体种类（米/秒）                                      声速 温度（℃） 空气 氢气 氦气 氮气 二氧化碳 0 331 1261 891 337 269 10 337 1284 908 343 273 20 343 1306 924 349 279 30 349 1328 939 355 283 (1)当温度为10℃时，声波在空气中的传播速度为 米/秒。 (2)声波的传播速度与温度的关系是： 。 (3)历史首次超音速飞行是：耶格尔驾驶X-1飞机上升到12800米高空，在此高度上达到299米/秒的速度，成为人类突破音障的第一人。请你通过上述事实和表格中的数据进行分析，耶格尔驾驶的飞机速度仅为299米/秒，却超过了音速的可能原因是： 。 【答案】(1)337 (2)在同种气体中，声波的传播速度随气体温度升高变快 (3)随着海拔高度增加，气体温度降低，声波的传播速度变慢。 【详解】（1）由表中的数据知：当温度为10℃时，声波在空气中的传播速度为337m/s。 （2）观察表格中不同温度下声波在空气中的传播速度，可以发现随着温度的升高，声速也在逐渐增大。因此，可以得出结论：在同种气体中，声波的传播速度随气体温度升高变快。 （3）因为声音在空气中传播的速度与温度有关，而且温度越低时，声音传播的越慢，故最大飞行速度一定的飞机在空气中会更容易实现超音速飞行，所以随着海拔高度增加，气体温度降低，声波的传播速度变慢。 押题解读 解题参考策略 1. 认真、耐心地阅读提供的背景材料，尤其是近几年的图表数据类，掌握题目中的中心主题和核心内容、提取物理信息． 2．综合运用所学知识、理解和判断出物理信息内容． 3．带着问题仔细阅读，从材料和图表数据中分析和概括出其中所蕴含的物理问题或物理规律. 4．结合学过的有关物理知识和规律，把新旧知识联系起来． 5．抓住关键词语，准确地利用物理知识解题． 1．《中华人民共和国民法典》把“高空坠物”纳入了违法行为。小明猜想高空坠物的破坏力可能与物体的质量、所处的高度有关。他用质量不同的小球从同一高度自由下落到沙坑，通过小球落入沙坑的深度来反映高空坠物的破坏力，实验数据如表所示。 实验序号 1 2 3 4 质量m（克） 20 40 60 80 落入沙坑的深度d（厘米） 1.2 1.4 1.6 1.7 (1)分析上述实验数据及相关条件，可以得出的结论是： ； (2)小明查阅资料后得知：撞击时动能越大，破坏力越强。请从机械能及其转化的角度阐述重物从高处下落比从低处下落时造成破坏力更大的原因。 【答案】(1)见解析 (2)见解析 【详解】（1）由上述实验数据及相关条件可知，小球下落高度相同，质量越大，沙坑的深度越大，说明高空坠物的破坏力与物体的质量有关。 （2）物体在下落的过程中，重力势能转化为动能，质量相同的物体，高度越大，重力势能越大，则撞击时动能越大，即重物从高处下落比从低处下落撞击时动能大，则造成破坏力更大。 2．近视眼已经成为影响青少年健康的突出问题，为此某兴趣小组开展“近视眼成因”的探究。他们查阅资料获知：①眼睛前端的晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，能将来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体清晰的像，如图所示。②视网膜到晶状体的距离几乎不变，当被观察的物体到眼睛的距离发生变化时，睫状肌会通过调节晶状体的厚度来改变其焦距，使视网膜上的像保持清晰。③近视眼患者的晶状体较厚，且睫状肌调节能力有限。接着，小组成员选用焦距不同的凸透镜做“模拟人眼看物体”的实验，并记录了成清晰像时的物距、像距和焦距，数据见下表。 序号 物距/厘米 像距/厘米 焦距厘米 1 17.1 15.0 8.0 2 30.0 15.0 10.0 3 60.0 15.0 12.0 (1)分析上表数据发现：人眼从近处看向远处时，为了能在视网膜上始终成清晰的像，眼睛晶状体的焦距会变 （选填“大”或“小”）； (2)请结合以上信息及所学物理知识，解释近视眼患者看不清较远处物体的原因 。 【答案】(1)大 (2)见详解 【详解】（1）人眼从近处看向远处时，物距变大，根据凸透镜成像规律知像距变小，像成在视网膜前方，为了使像成在视网膜上，应增大眼睛晶状体的焦距。 （2）人眼看物体相当于凸透镜成像，看物体时，视网膜到晶状体的距离几乎不变，要看清楚远处，晶状体焦距要变大，才能在视网膜上成清晰像。而近视眼患者晶状体厚度大，即焦距小，因睫状肌调节能力有限，较难增大晶状体焦距，无法在视网膜上成清晰的像。 3．小明为研究凸透镜成像时所成像与凸透镜焦距的关系，选取高度为10厘米的发光物、光屏和不同焦距的凸透镜进行实验，得到相关数据记录在表中。 序号 焦距（厘米） 物距（厘米） 像距（厘米） 像高（厘米） 1 5 60 5.5 0.9 2 10 60 12.0 2.0 3 15 60 20.0 3.3 4 20 60 30.0 5.0 (1)根据表1中像高、像距与焦距的关系，可以得出的结论是：凸透镜成缩小的实像时，物高和物距不变， 。 (2)小明是一名摄影爱好者，图所示的三张照片，是他用同一架照相机换三个不同焦距的镜头、在相同位置拍摄远处同一景物的照片。其中图 的照片是使用焦距最大的镜头拍摄的，你判断的理由是： 。 【答案】(1)凸透镜焦距越大，像越大 (2) （c） 物距不变时，焦距越大，像距越大，像越大 【详解】（1）分析表1中像高h像、像距v与焦距f的关系可知，凸透镜成缩小的实像时，物高和物距不变，凸透镜的焦距越大，像高越大，即像越大。 （2）[1][2]用同一架照相机换三个不同焦距的镜头、在相同位置拍摄远处同一景物的照片，物高和物距不变，凸透镜的焦距越大，像越大，故凸（c）是使用焦距最大的镜头拍摄的。 4．下表记录了干燥空气在不同气压和温度时的密度，请依据表中的相关数据回答问题： 气压（帕） 密度（千克/米3） 温度（℃） 93300 96000 101000 104000 5 1.17 1.20 1.27 1.30 10 1.15 1.18 1.25 1.28 15 1.13 1.16 1.23 1.26 20 1.11 1.14 1.21 1.24 (1)当温度为20℃、气压为104000帕时，干燥空气的密度为 千克/米3； (2)干燥空气的密度与气压的关系是： ； (3)某同学根据表中数据规律，认为：“因为一般情况下，上海地区冬季温度比夏季温度低，所以上海地区冬季干燥空气的密度大于夏季干燥空气的密度。”你是否同意他的判断，并说明理由： 。 【答案】(1)1.24 (2)当温度相同时，干燥空气的密度随气压的增大而增大 (3)见解析 【详解】（1）由实验数据可知，干燥空气的密度在不同气压和温度时，密度是不同的，当温度为20℃、气压为104000帕时，干燥空气的密度为1.24kg/m3。 （2）由控制变量法分析表中实验数据可知：当温度一定时，随着气压的增大，空气密度逐渐增大，所以干燥空气的密度与气压的关系是：当温度相同时，气压越大，密度越大。 （3）同意他的判断，由控制变量法分析表中实验数据可知：当气压一定时，温度越低，空气密度越大，海地区冬季温度比夏季温度低，所以该地区冬季干燥空气的密度大于夏季干燥空气的密度。 5．小明发现在日常生产和生活中，导线的线芯主要由铜或铝制成，也有小部分导线用银和铁作为线芯，但它们的应用场景并不相同。为此他查阅了这四种金属的相关性能参数，具体包括：（1）长1米，横截面积1平方毫米的四种金属导体在18℃时的电阻值；（2）金属的密度值；（3）2025年3月的金属市场价格；（4）金属的机械强度和耐腐蚀性。并将相关数据和结果汇总在表二中。 表二 金属 电阻（Ω） 密度（千克/米） 价格（元/吨） 机械强度 耐腐蚀性 铜 0.017 79970 高 优 铝 0.027 21040 中 良 银 0.016 8340000 低 优 铁 0.099 2500-10000 高 差 (1)家庭电路所用的导线除了考虑电阻和经济性以外，还必须有较高的机械强度和很好的耐腐蚀性，表二中适合家庭布线的导线线芯是金属 ； (2)长距离架空输电线路中，为大幅减少杆塔、绝缘子等支撑结构的承重要求，降低建设成本，主要采用铝芯电缆线；而为了弥补其导电性不足，通常采用增加横截面积的方法。请综合比较表二中铜和铝两种金属的相关性能参数，并结合所学知识分析解释其中的主要原因 。 【答案】(1)铜 (2)见解析 【详解】（1）家庭布线需要综合考虑电阻、经济性、机械强度和耐腐蚀性。从表格数据看，电阻方面银电阻最小，铜次之，铝再次之，铁电阻较大。电阻小能减少电能在导线上的损耗。经济性方面银价格高，不适合大规模家庭布线；铁价格虽相对低，但电阻大且耐腐蚀性差；铝价格相对较低，但机械强度和耐腐蚀性不如铜；铜价格相对合理，且机械强度高、耐腐蚀性优，综合性能适合家庭布线 。 （2）从密度角度看，铝的密度远小于铜的密度 。在长距离架空输电线路中，导线长度长，根据，相同体积下铝线质量小。这样可以大幅减少杆塔、绝缘子等支撑结构的承重要求，降低建设成本。从电阻与横截面积角度看，长1米，横截面积1平方毫米的四种金属导体在18℃时的电阻值，铝的电阻0.027Ω大于铜的电阻0.017Ω 。在材料和长度一定时，增大横截面积可减小电阻。通过增加铝线的横截面积，能在一定程度上弥补铝导电性不足的问题，使输电线路电阻不至于过大，减少电能损耗。 押题猜想十八 作图题 1．如图所示，静止在水平地面上的物体所受重力大小为10牛，用力的图示法画出物体受到的重力G。 【答案】 【详解】重力的作用点在重心，方向竖直向下，重力大小为G=10N，选取标度为5N，从重心开始竖直向下画一条带箭头的线段，使线段的长度为标度的2倍，并标出重力的符号和大小，如图所示： 押题解读 作图题是上海中考物理的重点、热点题型，每年占比稳定，覆盖力学、光学、电磁学等内容。作图题不仅能提高学生的作图技能，还能培养其严谨认真的科学态度和利用图像分析、解决问题的能力。 1．重为10牛的物体静止在斜面上，对斜面的压力为6牛，请用力的图示法在图中画出斜面受到的压力F。 【答案】 【详解】物体对斜面的压力，作用点在接触面的中点处，方向垂直于斜面向下，大小为6N；选取标度为3N，则所画线段长度为标度的两倍，如图所示： 2．根据平面镜成像特点，在图中画出物体在平面镜中所成的像。 【答案】 【详解】根据平面镜成像的特点，像与物关于镜面对称，所成的像是虚像。先作出端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'用虚线连接A'B'即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示： 3．阳光斜射到平静的湖面上，它与湖面的夹角为60°，光路图如图所示。请在图中画出反射光线OB，并标出反射角的度数。 【答案】 【详解】入射光线与法线的夹角为入射角，由图可知，入射角为，由光的反射定律可知，反射角等于入射角，所以反射角为30°，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射光线与法线的夹角为反射角，据此画出反射光线OB如图所示： 4．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S后，灯和都能发光，且电流表只测量通过灯的电流。 【答案】 【详解】由题意可知，两灯并联，闭合开关S后，灯和都能发光，说明开关在干路上，电流表只测量通过灯的电流，则电流表串联在L2的支路上，因此应将电流表的“0.6”接线柱与L1右端相连，电流表的负接线柱与L2的右端相连，如图所示： 5．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，小灯亮度不变，电流表的示数变大。 【答案】 【详解】当滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯亮度不变， 电流表的示数变大，说明灯泡与滑动变阻器并联， 由于电流表示数变大，说明电流表与滑动变阻器串联， 且滑动变阻器接入电路的阻值变小，所以应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，实物图连接如图所示： 6．在如图所示电路中的〇里填上适当的电表符号。要求：闭合开关S，只有一个小灯发光。 【答案】 【详解】若最下边的电表为电压表，闭合开关，电路相当于断路，两灯泡均不亮，故最下边的电表为电流表；若中间的电表为电流表，闭合开关，两灯泡被短接，均不亮，故中间的电表为电压表；最上边的电表为电流表，闭合开关，右边的灯泡被短接，只有左边的灯泡发光，如图所示： 7．在图中标出通电螺线管和小磁针的N极，以及磁感线的方向。 【答案】 【详解】电流从螺线管的右端流入，由安培定则可判断出螺线管的右端为N极，在磁体外部磁感线是由N极指向S极，小磁针的N极与磁感线的方向一致，如图所示： 8．如图所示，杠杆OA在力、的作用下处于静止状态，是力的力臂，在图中画出力的力臂和力。 【答案】 【详解】作力F1的延长线，过支点O作力F1作用线的垂线段L1，则线段L1为力F1的力臂；过力臂L2的末端，作垂直于L2的线段，与杠杆OA的交点为力F2的作用点，力F2的方向斜向右上方，由于杠杆静止，处于平衡状态，故 由于L2小于L1，故F2大于F1，即F2的长度大于F1的长度，如图所示： 9．在图中画出该滑轮的支点O，并画出F1和F2的力臂。 【答案】 【详解】动滑轮的支点O在绳子与滑轮左边框的接触点上，支点到力的作用线的距离为力臂，过支点O作力F1及F2的垂线段即为两个力对应的力臂。如图所示： 押题猜想十九 压强、液体压强压轴计算题 1．如图所示，边长分别为0.1米和0.2米的实心正方体A、B，放置在水平地面上，A、B的密度分别为0.8×10³千克/米³和0.1×10³千克/米³，物体A质量为0.8千克。求： (1)物体A对地面的压力FA。 (2)物体B对地面的压强pB。 (3)若要使A、B对水平地面的压强相同，小明拟采用的办法如表所示： 分析计算过程 结论 小明 若只在物体A上沿水平方向截去一定厚度h后，物体A剩余部分对地面的压强为， pB=ρBghB=0.1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m 而pA=pB 解得 h=7.5×10-2米 在A物体上水平截取的厚度为7.5×10-2米的部分 ①请判断：小明的分析过程及结论是否正确。 ②小华设想在两物体中某一物体上部沿水平方向截去重为的G0部分，并置于另一物体上部后使二者对水平地面的压强相同，请通过计算分析小华的设想是否有可能实现，若有可能，求出G0的值；若没有可能，说明理由。 【答案】(1)8N；(2)200Pa；(3)①正确；②详见解析 【详解】解：(1)物体A对地面的压力 FA＇=GA=mAg=0.8kg×10N/kg=8N (2)物体B的质量 mB=ρBVB=ρBhB3 则B对地面的压强 (3)①由题意知，A对地面的压强大于B对地面的压强，在受力面积不变时，要使两物体对地面的压强相同，可以减小A的重力以减小A对地面的压强，所以小明沿水平方向将A截去一定厚度，其分析及结论是正确的。 ②由题意知，沿水平截去重为G0的部分，则两物体的重力变成GA+GB-G0，若将A放在B上面，则此时两物体对地面的压强 同理，B放在A上面，则两物体对地面的压强 而SA<SB，且在截取前后没变化，所以 pAB≠pBA 所以小华的设想不可能实现。 答：(1)物体A对地面的压力FA为8N； (2)物体B对地面的压强pB为200Pa； (3)小明的分析过程及结论是正确的，小华的设想不可能实现。 押题解读 规则柱体的压强、液体压强动态问题是中考热点、难点。固体压强动态问题的考查方式主要有，切割（或截取）、叠放、旋转；液体压强的主要考查方式有：小球（或规则柱体）入水问题，注水、抽水及其综合问题。 解题时注意分析始态、中间态、末态，以及在这个过程中物理量的变化量，尤其是，结合相应的物理公式进行分析、计算，以达到动态问题动态分析的目的。 1．有一质量分布均匀的长方体甲，其密度、底面积、高度的数据如下表所示： 密度（） 底面积（） 高度（m） 0.5 (1)求甲的质量； (2)薄壁柱形容器乙放置在水平桌面上，容器足够高，现将甲放入其中，再向乙中缓慢注入水，如图所示，当甲所受浮力等于其重力时， ①求乙中水的最小深度； ②沿水平方向切去甲露出水面的部分，若乙的底面积为，当甲静止时，求水对容器底部压强的变化量。 【答案】(1)0.2kg (2)0.4m，196Pa 【详解】（1）已知甲是圆柱体，则圆柱体的质量为 （2）由于甲所受浮力等于其重力即 ， 即，则乙中水的最小深度为 物体进入液体中的体积为 沿水平方向切去甲露出水面的部分，物体受到的浮力与甲当前的重力相等 即，解得 物体排开液体体积的变化量为 则水对容器底部压强的变化量为 2．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲、实心均匀长方体乙，分别置于水平面上。甲容器底面积为，盛有深为2h的水，水的质量为8kg。长方体乙的长、宽、高分别为h、h、2h。 （1）求水的体积； （2）求水面下0.1m处水的压强； （3）若将长方体乙浸没在甲容器水中，水不溢出，水对容器底部压强的变化量为；若将长方体乙顺时针旋转90°，如图（b）所示，乙对地面的压强变化量为；且。求长方体乙的质量。 【答案】（1）8×10-3m3；（2）1000Pa；（3）3kg 【详解】解：（1）甲容器中水的体积 （2）水面下0.1m处水的压强为 p水=ρ水gh水=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa （3）若将长方体乙浸没在甲容器水中，水不溢出，则 V排=V乙=h×h×2h=2h3 水的深度增加量 则 如图（b）所示，此时乙对地面的压强变化量为 已知：Δp乙=3Δp水，即 所以长方体乙的密度 ρ乙=1.5ρ水 又知水的体积 V水=4h2×2h=8h3 物体与水质量之比 长方体乙的质量 答：（1）求水的体积V水为； （2）求水面下0.1米处水的压强p水为1000Pa； （3）长方体乙的质量m乙为3kg。 3．如图所示，轻质薄壁圆柱形容器置于水平地面，其底面积为，高度为，内部盛有深度为的水。 圆柱体 密度 底面积 高度 A 1.5 B (1)若容器中水的质量为10千克，深度为0.2米。求： ①水的体积 ②水对容器底的压强。 (2)现有两个均匀实心圆柱体、，其规格如下表所示。选择其中一个轻放于容器内（圆柱体底与容器底接触），使容器对水平地面压强的变化量最小。请写出所选的圆柱体并说明理由，求出最小。 【答案】(1)①，② (2) 【详解】（1）水的体积 水对容器底的压强 （2）柱体的高度为，放入后，水满有溢出，最终水深为，溢出水的体积为 水平地面受到的压力变化量为 柱体B放入后浸没，，水未溢出，水平地面受到的压力变化量为 由于，根据可知，受力面积一定，放入，地面所受压力变化量最小 4．如图所示，盛有水的轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面上，容器底面积为米，其内部中央放有一个圆柱形物体乙。现分三次从容器中抽水，每次抽水后容器底受到水的压强及容器对地面的压强如表2所示。 (1)求未抽水时容器对地面压力大小。 (2)关于每次抽出水的深度和质量，两位同学发表了不同的观点。小王认为每次抽出水的深度是相同的；小红认为每次抽出水的质量是相同的。请判断两位同学说法是否正确，并说明理由。 (3)根据上述信息还可以作出推断： （a）第 次抽水后乙上表面开始露出水面； （b）甲、乙底面积之比为 。 表2 序号 1 2 3 4 状态 未抽水 第一次 第二次 第三次 容器底受到水的压强/帕 2500 2100 1700 1300 容器对地面的压强/帕 3100 2700 2375 2075 【答案】(1)124N (2)小红观点错误 (3) 二 4∶1 【详解】（1）根据题意知道，未抽水时容器对地面压强3100Pa，由 知道，此时容器对地面压力大小 （2）由表格数据知道，每次抽出水后，容器底受到水的压强的变化是相等的，大小是 由知道，每次抽出水的深度是相同的，故小王观点正确，由于圆柱形物体乙浸没在水中，所以每次抽出水的体积不同，即抽出水的质量是不相同的，故小红观点错误。 （3）[1]分析表格数据知道，第一次抽完后容器底受到水的压强与容器对地面的压强的变化量相等，而第二次抽完后容器底受到水的压强与容器对地面的压强的变化量则不再相等，说明第二次抽水后乙上表面开始露出水面。 [2]根据表格数据知道，第二次抽水后容器中水的深度 第三次抽水后容器中水的深度为 即每次水位下降，第二次抽水后，容器对地面的减小的压力 由此解得 故甲、乙底面积之比 押题猜想二十 电学计算题（含压轴） 1．在如图1所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，的阻值为5欧，闭合开关S，通过电路中的电流为0.6安。 表三 编号 滑动变阻器规格 A 10Ω  2A B 20Ω  1A C 50Ω  1A (1)求两端的电压。 (2)当滑片P移到某位置时，电压表示数如图2所示，若待选的滑动变阻器的规格如表三所示，请通过计算说明符合上述要求的变阻器，并求出变阻器接入的电阻值。 【答案】(1)3V (2)见解析 【详解】（1）据图1可知，电路是定值电阻R1和变阻器R2串联，电压表测变阻器R2两端电压，闭合开关S，通过电路中的电流为0.6安，则两端的电压为 （2）若图2中电压表选择的量程是0~3V，读数为2V，则定值电阻两端电压为 此时电路中的电流为 变阻器接入电路中的阻值为 此时变阻器的规格为A。若图2中电压表选择的量程是0~15V，读数为10V，则定值电阻两端电压为 此时电路中的电流为 变阻器接入电路中的阻值为 此时变阻器选择的规格为C。 押题解读 最值、范围类动态电路相关计算的解题步骤 1.标最值——标出已知元件的最值，如电压表和电流表的量程、滑动变阻器的最大电阻、最大电流及其变化量等； 2.定状态——分析限制条件和不同状态下的电路； 3.求最值——根据欧姆定律、电功率计算公式，计算各物理量的最值： 4.得范围——将所求最值与已知条件对比，求出各量的变化范围。 1．在图所示的电路中，电源电压为9伏且保持不变，电阻R2为10欧。闭合开关S后，电流表的示数为1.2安，求： （1）通过电阻R2的电流I2。 （2）电阻R1的阻值。 （3）根据并联电路电流、电压的特点及欧姆定律，推导出并联电路电阻的规律：=+。 【答案】（1）0.9安；（2）30欧；（3）见解析 【详解】解：（1）电路为R1、R2并联，R2两端电压为9V，通过电阻R2的电流 （2）电阻R1的电流 电阻R1的阻值 （3）根据欧姆定律 因为并联电路电流关系 所以 又因为 所以 =+ 答：（1）通过电阻R2的电流0.9A； （2）电阻R1的阻值30欧。 2．如图（a）所示电路，电源电压为12V且保持不变，滑动变阻器标有“20Ω  2A”字样，电阻的阻值为10Ω，开关S闭合。 (1)求通过的电流。 (2)求连入电路的最小阻值。 (3)在干路中串联一个电流表，表盘如图（b）所示，电路能正常工作，在移动滑片的过程中，求电路总功率的最大值和最小值的比值。 【答案】(1)1.2A (2)6Ω (3) 【详解】（1）由图可知两个电阻并联，所以 由欧姆定律公式变形可得 （2）由公式可知，电压一定时，阻值越小，通过的电流越大，而通过电阻R1的最大电流为2A，所以R1连入电路的最小阻值 （3）通过电阻R1的最小电流 由并联电路的电流规律可得干路上的最小电流 干路上的最大电流 超出了电流表的最大量程，所以最大电流Imax=3A    则电路总功率的最大值和最小值的比值 3．在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1为定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω 2A”字样，电流表A的示数为1.2安，电流表的表盘如图（b）所示。 (1)求此时变阻器R2接入电路的阻值。 (2)移动滑片，求电流表A的示数的最小值。 (3)将电流表改接在干路中，再次移动滑片，发现电流表示数的最大变化量与原来电流表示数的最大变化量相同，求定值电阻R1允许的取值范围。 【答案】(1)10Ω (2)0.6A (3)R1≥12Ω 【详解】（1）由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联接入电路，电流表测量通过滑动变阻器的电流，由并联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压等于定值电阻两端电压等于电源电压，而通过滑动变阻器的电流等于电流表的示数，为1.2A，所以由欧姆定律可得此时滑动变阻器R2接入电路的阻值为 （2）由题意可知，电流表接入电路的量程为0-3A，因为电流表与滑动变阻器串联，测量通过滑动变阻器的电流，所以当滑动变阻器接入电路中的阻值为最大值时，电流表的示数最小，由欧姆定律可知最小值为 （3）由题意可知，改接前，电流表示数的最大值为滑动变阻器允许通过的电流的最大值2A，所以可得电流表示数的变化量为ΔI=I大-I小=2A-0.6A=1.4A，改接后，电流表最大示数为滑动变阻器允许通过的最大电流值2A加上通过R1的电流，因为电流表示数的最大变化量与原来电流表示数的最大变化量相同，所以可知电流表的最大示数为3A，则由并联电路的电流规律可知通过R1的电流最大值为I1m=Im-I2m=3A-2A=1A，所以可得，代入数据可解得R1≥12Ω。 4．如图（a）所示电路，R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2标有“1A”字样。 （1）闭合开关S后，电流表的示数为0.5A，求R1两端电压； （2）再用定值电阻R0替换R1，且在电路中并联一个电压表，当滑动变阻器滑片位于中点时，电流表的示数为0.7A，电压表的示数为3.5V。继续移动滑片P到达阻值最大一端，电压表示数如图（b）所示。求变阻器的最大阻值R2max。 某同学的解答过程如下： 若电压表V并联在R2两端，当滑片位于中点时 则 当滑片P移动到阻值最大一端的过程中，电压表V示数将变大，则U2´=10V 所以 此时I2´在变阻器允许通过的电流范围内，所以电压表V并联在R2两端，R2max=10Ω。请指出上述解答过程中的错误之处及理由，并计算变阻器的最大阻值R2max。 【答案】（1）5V；（2）30Ω 【详解】解：（1）R1两端电压 （2）只考虑了一种情况，另外一种情况也需要讨论，再分析。若电压表并联在R1两端，电流表的示数为0.7A，电压表的示数为3.5V，则此时电阻R1的阻值为 设电源电压为U，则滑动变阻器两端的电压为 此时滑动变阻器的阻值为 滑动变阻器的最大阻值为 当继续移动滑片P到达阻值最大一端，根据串联分压，滑动变阻器的阻值变大，那么滑动变阻器分担的电压变大，那么定值电阻R1分担的电压变小，故电压表的示数变小，故电压表选择小量程，分度值为0.1V，读数为2V，故电路中的电流为 则滑动变阻器两端的电压为 根据串联电路电压规律可以列等式 经整理可知 滑动变阻器的最大值为 答：（1）R1两端电压为5V； （2）滑动变阻器的最大值为30Ω。 5．在图所示的电路中，电源电压为，电阻的阻值为，电流表的表盘如图所示。 (1)闭合开关，求电流表的示数； (2)在该电路中再接入一个滑动变阻器。若以两种不同方式先后接入电路、两点间时，电路中电流表示数所达到的最大值、最小值的部分数据如下表所示。根据相关信息，求： ①允许通过变阻器的最大电流； ②变阻器的最大阻值。 电流表示数最小值 电流表示数最大值 方式一 0.3A 方式二 2.9A 【答案】(1)0.9A (2)2A，20Ω 【详解】（1）由电路图可知，电流表测量通过R1的电流，则电流表的示数 （2）①在该电路中再接入一个滑动变阻器，以两种不同方式先后接入电路、两点间，由表中数据可知，电流表示数最大值为2.9A，由于电阻串联时，电路中的总电阻越大，电路中的电流越小，所以方式二中，滑动变阻器与R1并联，由并联电路中电流规律可知，允许通过变阻器的最大电流 ②由表中数据可知，方式一中最小电流小于0.9A，所以方式一中，滑动变阻器与R1串联，当电路中的电流最小时，变阻器的阻值最大，由表中数据可知，电流表示数最小值为0.3A，则变阻器的最大阻值 6．在图（a）所示的电路中，电源电压为10伏且保持不变，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器R2上标有“10Ω 1A”字样。闭合开关S后，电路中的电流为1安。求： （1）电阻R1两端的电压； （2）变阻器R2连入电路的阻值； （3）现用R0（阻值可能为10欧、15欧或20欧）替换R1，并将一电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P到某位置，电路正常工作，电压表、电流表示数如图（b）所示。请通过计算判断电压表并联的位置及R0的阻值。    【答案】（1）5V；（2）5Ω；（3）见详解 【详解】（1）电阻R1两端的电压 U1=IR1=1A×5Ω=5V （2）此时变阻器两端的电压 UP=U-U1=10V-5V=5V 则变阻器R2接入电路的电阻 （3）第一种情况：若R0的阻值为10Ω，且电压表并联在R0上，由电压表示数可知，若读大量程，示数为10V，则电路中的电流为 图中电流表示数无论大量程还是小量程都不是1A，不符合题意；若电压表读小量程，则为2V，此时电路中的电流 由电流表示数可知不符合题意，故电压表不在R0两端并联；电压表并联在R2两端，则因为电源电压为10V，故电压表示数不可能为10V，只能读2V，此时R0两端电压则为8V，电路中的电流 由电流表示数可知不符合题意；若电压表并联在电源两端，则示数为10V，此时电路中的电流为0.4A，则电路中的总电阻 其中R0为10Ω，而滑动变阻器的最大阻值为10Ω，电路中的总电阻最大为20Ω，故不符合题意，由以上分析可知R0不可能是10Ω。 第二种情况：若R0为15Ω，且电压表并联在R0上，由电压表示数可知，若读大量程，示数为10V，则电路中的电流为 图中电流表示数无论大量程还是小量程都不是0.67A，不符合题意；若电压表读小量程，则为2V，此时电路中的电流 由电流表示数可知不符合题意，故电压表不在R0两端并联；若电压表并联在R2两端，则因为电源电压为10V，故电压表示数不可能为10V，只能读2V，此时R0两端电压则为8V，促使电路中的电流 由电流表示数可知不符合题意；若电压表并联在电源两端，则示数为10V，此时电路中的电流为0.4A，则电路中的总电阻 其中R0为15Ω，滑动变阻器的最大阻值为10Ω，电路中的总电阻最大为25Ω，符合题意，故由以上分析可知R0可以为15Ω，电压表并联在电源两端。 第三种情况：若R0为20Ω，且电压表并联在R0上，由电压表示数可知，若读大量程，示数为10V，则电路中的电流为 图中电流表示数无论大量程还是小量程都不是0.5A，不符合题意；若电压表读小量程，则为2V，此时电路中的电流 由电流表示数可知不符合题意，故电压表不在R0两端并联；若电压表并联在R2两端，则因为电源电压为10V，故电压表示数不可能为10V，只能读2V，此时R0两端电压则为8V，此时电路中的电流 由电流表示数可知，符合题意；若电压表并联在电源两端，则示数为10V，此时电路中的电流为0.4A，则电路中的总电阻 其中R0为20Ω，滑动变阻器接入5Ω，则符合题意，故由以上分析可知R0可以为20Ω，电压表并联在滑动变阻器两端或电源两端，接入电阻为5Ω。 综上所述，电阻R0为15Ω时，电压表并联在电源两端，选择大量程，滑动变阻器全部接入电路；电阻R0为20Ω时，电压表并联在滑动变阻器上，选择小量程；或并联在电源两端，选择大量程，都可以使电路正常工作。 押题猜想二十一 压轴实验题 1．小红和小华做“测定小灯泡的电功率”实验，现有两个滑动变阻器（A标有“10Ω  3A”、B标有“20Ω  2A”字样）可选，其余所有器材完全相同，且电压表只有0～3伏挡完好。他们分别选用其中一个滑动变阻器与电源（电压为2伏整数倍保持不变）、开关、小灯泡（标有“3.8V”字样）、电流表正确串联。小红将电压表并联在小灯泡两端，移动变阻器滑片移至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数如图所示，无法测出小灯泡的额定功率。小华也将电压表接入电路后进行实验，部分实验数据记录在下表中，其中序号1实验时，电压表示数超过量程。他们交流讨论后，根据实验现象和测量数据得出了小灯泡的额定功率。 物理量实验序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电压表与电流表示数的比值（欧） 1 0.24 2 3.0 0.40 3 5.0 (1)测定小灯泡电功率实验原理是 ； (2)小华实验中电压表并联在 两端（选填“小灯泡”“滑动变阻器”或“电源”）； (3)求小灯泡的额定功率P额。（需写出解答过程） 【答案】(1) (2)滑动变阻器 (3)1.672W 【详解】（1）实验中，通过测量小灯泡的两端电压以及通过灯泡的电流，根据P=UI即可得出小灯泡的电功率，所以测定小灯泡电功率的实验原理是P=UI。 （2）由于序号1实验时，电压表示数超过量程，即大于3V，根据表中数据可知，随着电压表示数的减小，电流表的示数反而增大，说明电压表示数随变阻器接入电路的阻值的减小而减小，根据串联分压规律，电压表应该并联在滑动变阻器的两端。 （3）由于序号1实验时，电压表示数超过量程，即大于3V，此时滑动变阻器接入电路的阻值 则小华选用“20Ω  2A”的滑动变阻器，小红选用“10Ω  2A”的滑动变阻器。 小华第二次实验，滑动变阻器接入电路的阻值 若小华第二次实验灯泡正常发光，则电源电压U=U灯+U滑=3.8V+3V=6.8V 6.8V不是2伏整数倍，则第二次小灯没有正常发光；由于三次实验，只有一次实验灯泡正常工作，第一次实验电路中的电流比第二次实验小，则第一次实验小灯泡也没有正常发光，所以小华第三次实验小灯正常发光。小红实验将电压表并联在小灯泡两端，移动变阻器滑片移至最大阻值处，则滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω；闭合开关，观察到电压表示数如图所示，电压表所选量程0~3V，则示数为2.5V；综合小华实验，滑动变阻器接入电路的电阻10Ω、12.5Ω、7.5Ω，由于7.5Ω<10Ω<12.5Ω，且电源电压不变，则当R滑=10Ω时，小红实验的电流I小红为0.24A<I小红<0.4A 电源电压U=UL+U滑=UL+I小红R滑 即2.5V+0.24A×10Ω<U<2.5V+0.4A×10Ω 解得4.9V<U<6.5V 由于电源电压为2V整数倍，则电源电压U=6V。小华第三次实验小灯正常发光，则滑动变阻器两端的电压 小灯泡的额定电流 小灯泡的额定功率P额=U额I额=3.8V×0.44A=1.672W 押题解读 压轴实验题——“测定小灯泡的电功率”实验，往往会结合电表示数、图表数据、实验操作中遇到的问题等综合考查，对学生的综合分析能力要求较高，也是考查学生的物理理论知识与实验操作的综合素养。综合分析法往往找到问题的切入点是解题的关键。 1．小嘉做“测定小灯泡的电功率”实验，现有滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”“20Ω 1A”字样），其他器材齐全且完好。小嘉选取其中一个变阻器与电源（电压为1.5伏的整数倍）、待测小灯（额定电压为“2.5V”或“4.5V”）、电流表、开关串联，将电压表并联在电路中，滑片移至变阻器一端。闭合开关，观察到电压表的示数如图（a）所示，小灯泡发光较亮，移动滑片，电压表示数变大，发现无法完成实验。他思考后做出调整，重新连接电路，并使变阻器接入电路中的电阻最大。闭合开关，观察到电流表示数如图（b）所示，移动滑片，小灯泡正常发光时，电流表的指针恰好指在表盘正中央。 (1)调整前，电压表并联在 两端。 (2)小嘉做出的调整为 。 (3)分析计算电源电压及小灯泡的额定功率。 【答案】(1)小灯泡 (2)将“10Ω 2A”变阻器换成“20Ω 1A”的变阻器 (3)6V，0.75W 【详解】（1）由题意知，闭合开关，观察到电压表的示数如图（a）所示，选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.8V，小灯泡发光较亮，移动滑片，电压表示数变大，说明闭合开关时，已经是滑动变阻器的最大阻值接入电路，且电压表是并联在小灯泡两端的，且小灯泡发光较亮，说明小灯泡的额定电压为2.5V。 （2）由上述可知，滑动变阻器的最大阻值太小，无法分走更多的电压，使小灯泡两端的电压达到额定电压，因此需要换用最大阻值更大的滑动变阻器，因此做出的调整是将“10Ω 2A”变阻器换成“20Ω 1A”的变阻器。 （3）将“10Ω2A”变阻器连入电路且接入阻值最大时，电压表示数为2.8V，小灯泡发光较亮，所以小灯泡的额定电压为2.5V。调整电路后，闭合开关，电流表示数为0.22A，小灯泡未正常发光，则电源电压 即U<2.5V+0.22A×20Ω=6.9V 移动滑片，指针指在表盘中央时，小灯泡正常发光，即。此时，变阻器连入电路的阻值一定大于10Ω，电源电压 U>2.5V+0.30A×10Ω=5.5V 则5.5V<U<6.9V 电源为1.5伏整数倍，则U=6V，小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5 V×0.30A=0.75W 2．小宝做“测定小灯泡的电功率”实验，所用器材有电源（电压有4伏和8伏两挡）、待测小灯（额定电压为“2.5V”或“4.5V”）、滑动变阻器（分别标有“20Ω  2A”“50Ω  1A”字样）、电压表、电流表、开关以及导线若干。他选用某挡电源电压，正确串联实验器材，并将电压表并联在电路中。闭合开关后，将变阻器滑片从一端向另一端移动的过程中，观察到小灯的亮度逐渐增加，但始终较暗，电压表的示数逐渐变小。 (1)请通过以上信息判断小宝同学将电压表并联在 （选填“电源”“待测小灯”或“滑动变阻器”）两端。 (2)经过思考，小宝仅对电源的挡位进行调整，重新实验，当变阻器的滑片位于中点附近时，小灯正常发光，电流表的示数如图所示。请通过计算说明： （Ⅰ）电流表的示数。 。 （Ⅱ）小灯的额定功率。 。 （Ⅲ）所用滑动变阻器规格。 。 【答案】(1)滑动变阻器 (2) 0.3A 1.35W 20Ω  2A 【详解】（1）根据题目信息可知：观察到小灯的亮度逐渐增加，说明电路中的电流越大，小灯两端电压越大，但电压表的示数越小，所以电压表并联在滑动变阻器两端。 （2）[1][2][3]第一次实验时，小灯始终较暗，仅调整电源后，小灯可正常发光，说明待测小灯的额定电压为4.5V，调整后的电源电压为8伏。若电流表示数为0.3A，使用“20Ω  2A”变阻器第二次实验时， 约为电源电压8伏；使用“50Ω  1A”变阻器第二次实验时 大于电源电压（舍去）。若电流表示数为1.5A，使用“20Ω  2A”变阻器第二次实验时 大于电源电压（舍去）；使用“50Ω  1A”变阻器第二次实验时 大于电源电压（舍去）。所以 3．小吴做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电源电压为2伏的整数倍）、待测小灯泡（标有“3.8伏”字样）、电流表、电压表（只有“0~3伏”挡完好）、开关、滑动变阻器（标有“20欧 1安”字样）各一个、以及导线若干。他正确连接电路，并将滑片移到最大阻值处，闭合开关时观察到电表的示数如图（a）、（b）所示，小灯发光较暗，移动滑片P，发现电压表示数超出了量程。为了测出小灯的额定功率，他改变了电压表接入的位置，并调整了电源电压，然后闭合开关，移动滑片，又进行两次实验，数据如下表所示。 实验序号 电流表（A） 电压表（V） 1 0.28 2.6 2 0.30 2.2 （1）测定小灯电功率的实验原理是 ； （2）小灯正常发光时，电源电压为 伏； （3）请根据相关信息计算出小灯的额定功率P额（需写出推理和计算过程） 。 【答案】 P=UI 6 1.14W，计算见解析 【详解】（1）[1]实验中用电压表测小灯泡两端的电压，用电流表测小灯泡中的电流，利用公式P＝UI计算电功率，在额定电压下测出的电功率就是额定功率，因此测定小灯电功率的实验原理是P=UI。 （2）[2]小吴正确连接电路，并将滑片移到最大阻值处，闭合开关时观察到电表的示数如图（a）、（b）所示，由图（a）可知，此时电路中电流为0.26A，小灯泡两端电压为2.8V，则滑动变阻器两端电压 原来的电源电压为 电压表只有“0~3伏”挡完好，调整了电源电压，则电源电压最大为 由于电源电压为2伏的整数倍，所以电源电压可能为4V或者6V。当电源电压为4V时，电压表为2.2V时，灯泡两端电压为1.8V，达不到额定电压3.8V，不满足条件；当电压为6V时，电压表为2.2V时，灯泡两端电压为3.8V，正常发光，满足题意。故电源电压为6V。 （3）[3]改变了电压表接入的位置，当U滑1=2.6V时 当U滑2=2.2V时 此时灯正常发光，所以 I额=I2=0.30A 所以 4．小明和小华做“测定小灯泡的电功率”实验。他们所用电源电压相同（电源电压为2伏的整数倍），标有“2.2V”和“3.8V”字样的待测小灯泡各一个，小灯泡的额定功率一个大于1瓦，另一个小于1瓦，两个开关、两个标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器，数字式电压表、电流表及导线若干。他们各自选好小灯，正确串联电路，将电压表并联在电路中。闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，分别将测得的三组数据记录在表1、表2中。其中各有一组数据对应小灯正常发光。 表1：小明 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电功率（瓦） 1 2.2 0.32 2 2.5 0.30 3 3.8 0.22 表2：小华 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 电功率（瓦） 1 2.2 0.20 2 2.5 0.22 3 3.8 0.24 (1)上述实验中，将电压表并联在滑动变阻器两端的是 （选填“小明”或“小华”）。 (2)小明和小华所用电源的电压为 伏。 (3)求出小明所选小灯的额定功率，并说明理由。 【答案】(1)小明 (2)6 (3)见解析 【详解】（1）由题意可知，灯与滑动变阻器串联，根据串联分压的特点，当滑动变阻器接入电阻变小时，电路中电流增大，灯两端电压变大，滑动变阻器两端电压变小。表格中数据可知，小明记录的数据中，电流随电压的增大而减小，小华记录的数据中，电流随电压的增大而增大，故小明将电压表并联在滑动变阻器两端，小华将电压表并联在灯泡两端。 （2）由题意可知，若小灯泡的额定功率都为1W，则“2.2V”小灯泡的额定电流为 “3.8V”小灯泡的额定电流为 因为在表1、表2中，其中各有一组数据对应小灯正常发光，且小灯泡的额定功率一个大于1瓦，另一个小于1瓦，由表中数据可知，若“2.2V”小灯泡的额定功率大于1瓦，则额定电流大于0.45A，与两表中数据不符，所以“2.2V”小灯泡的额定功率小于1瓦，“3.8V”小灯泡的额定功率大于1瓦，“3.8V”小灯泡的额定电流大于0.26A，即小明选用的是“3.8V”小灯泡，小华选用的是“2.2V”小灯泡。因为小明将电压表并联在滑动变阻器两端，且电源电压为2伏的整数倍，由表1中数据可知，小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为2.2V，电源电压为 （3）由表1中数据可知，小灯泡的额定电流为0.32A，小明所选小灯的额定功率 5．小华和小红做“测定小灯泡的电功率”实验，所用电源电压为2伏的整数倍的电源两个（两个电源电压不同）、有三个待测小灯泡分别标有“2.2V  0.3A”、“3.8V 0.3A”、“6.3V  0.3A”、电流表、电压表、开关各两个，滑动变阻器两种规格（A：“10欧 2安”、B：“50欧 2安”）各一个以及导线若干。他们各自挑选好器材，正确串联电路，将电压表并联在电路中。闭合开关后，他们各自移动变阻器的滑片，并在表格中分别记录了两组数据。 表一 小华   物理量 序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 1 1.5 0.26 2 3.0 0.32 表二 小红 物理量序号 电压表示数（伏） 电流表示数（安） 1 2.5 0.32 2 4.2 0.28 （1）小华判断小灯正常发光的方法是 ； （2）小华所选小灯的额定功率为 瓦； （3）求小红所用滑动变阻器的规格( )、电源电压( )以及小灯的额定功率( )，并计算说明理由。 【答案】 电压表的示数为2.2伏时，小灯泡正常发光 0.66 50欧 2安 10V 1.89W 【详解】（1）[1]两个实验中，灯与变阻器串联，电流表串联在电路中测电路的电流。小华的实验中，若电流变大时，根据U=IR，灯的电压应变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压应变小。根据小华的实验数据可知，电压表并联在灯的两端。而小红的实验中，电流随电压的变大而变小，故可知电压表并联在滑动变阻器的两端。实验中所有灯的额定电流均为0.3A，根据小华的实验数据可知，当电流为0.32A时，此时灯的实际电压一定大于灯的额定电压，根据已知条件，故小华的实验中，所用灯的额定电压一定小于3V，即所用灯的规格为“2.2V  0.3A”，灯在额定电压下正常发光，故当电压表的示数为2.2伏时，小灯泡正常发光。 （2）[2]小华所选小灯的额定功率为 P华=U华I=2.2V×0.3A=0.66W （3）[3]小红的实验中，电压表测变阻器的电压，由第2次实验数据结合欧姆定律，变阻器连入电路的电阻为 故滑动变阻器的规格为“50欧 2安”。 [4]小红的实验中，若选用灯的规格为“3.8V  0.3A”，当电流为0.28A（小于0.3A）时，此时灯的实际电压一定小于灯的额定电压，根据已知条件和串联电路电压的规律，所用的电源电压一定小于 U源1=3.8V+4.2V=8V 当电流为0.32A（大于0.3A）时，此时灯的实际电压一定大于灯的额定电压，根据已知条件，故小华的实验中，所用的电源电压一定大于 U源2=3.8V+2.5V=6.3V 不符合所用电源电压为2伏的整数倍，故小红的实验中，不可能选用“3.8V  0.3A” 的灯，故只能选用“6.3V  0.3A”。小红的实验中，当电流为0.28A（小于0.3A）时，此时灯的实际电压一定小于灯的额定电压，根据已知条件，故小华的实验中，所用的电源电压一定小于 U源3=6.3V+4.2V=10.5V 当电流为0.32A（大于0.3A）时，此时灯的实际电压一定大于灯的额定电压，根据已知条件，故小华的实验中，所用的电源电压一定大于 U源4=6.3V+2.5V=8.8V 因所用电源电压为2伏的整数倍，故电源电压为10V。 [4]小灯的额定功率为 P额＝U额I额＝6.3V×0.3A＝1.89W 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 2 / 8 学科网（北京）股份有限公司 $$