专题卷(十) 有机化学基础-【鱼跃龙门卷】2025年高三化学二轮复习专题卷（河南专版）

4. 从中草药中提取的calehinA(结构篇式如图)可用干治阿尔淡海默量.下列关于calelinA 2024一2025学年度高三二轮复习专题卷(士 的谥法量误的是 化学·有机化学基础 ## (考试对回5分0,满分100分 可能用到的相对厚子质量:H1 C12 N14 D1% N23 Cu 61 一、选择题;本题共14小题,每小题3分,共42分,在每小题给出的匹个选项中,只有一项是符 A. 这有祖物分子中存在5种含气官能团 B 该有相物分子中最多有21个C原子共平面 题目要求的。带·题目为献力提升题,分值不计入总分. C.1o该有提物可以与?m0H发生成度 1. 中国文物运说着中华文明的情大与那照,下列掉物官中的珍费文物,主要材料填于有机高分 D. 1mnl该有机物与足量NH反,可以酒耗3molNs0H 子化合物的是 1. 根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是 主看提和现也 文化王” 青支松竹梅人校 北子 实站论 将乙脆加入酸中.产生翁气体通人笨纳济流中,笨 t 性:乙一一警 向漫的合物中加人这量的铁屑,将产生的气体选人 1 AgD.洛中.设楚包京浣生流 与发生了代区 。 将位粉暗过与极确般挂垫一段时卧,人氢化修溶演 性,再加入少量遗求,洛激安要益 解完全 2. 乙醒是医院常用的麻醉,实验室分离乙醇和乙应选择的装置是 1 挠型中加人0无水乙,再加人1-没了婉,微热,将 1深丁婉发生指去反点生境 产生龄气林遇入视本中,识水视色 ## 6. 科哥人员开发了俱一受共价有机架限域超精细双金国P:基结来困(丙).结构如图所 ##}_ 示(部分产糊省略)。 1 , 1 D 3. 下列有关会点亮分子部生物大分子的说法请谋的 A. 含有环的近自质居激确酸会发生色反 B 技和蓬酸生&技酸的过程中发生了取代反 中 乙 coo. C.有机璃+cH-C士 由甲基丙燥融甲发生加聚反得 下列迷错的是 A.答上述反京分两步进行,第一步为幅或反应,则高二步为酒去反应 B. 乙,内都含藏性官能团,能与质子形成配位措 C. 0.1mol甲与是量新刻Cu(0H).共热生成2.8s短色因体 1. 两分子中区上的一度代物有7幅 受学C·考(十]第1页[共8页) △既门& 学C·考(十1第:页(共8页) 7. 以乙快为原料合成有机物G的流程如图所示 已知,相对链状烧怪,分子缺2个复时不也和度为1. io. =c0 -CH 下列有关述错设的是 C A. 它门都能发生淹去反点,水解反成,加或反应 B. 在浪的四氧化读中分别滴加机物甲,乙,溶液鄙会视色且分 C. 1mol甲多能涌耗4mol H 关干上道程的选错提的是 D. 01m乙量多能清样12.0:a比 A. 上述道程中,共有个切或反点期2个取代反序 11. 一种出地板混度调节的热稳定且可化学回收化学品的转化如图所示 B. A→E转化中断裂了。姚和:键,形成。 #-1O C. 上述该程中,“PdCC0”主要降低双建与B.加成反应的活化的 D.一*在加热条料下生)1或)! 乙 8. 某多默G的组或为C.H.O.N.G.完全水解得到三种氢耳酸; . 下列叙述错误的是 A. 用红外充谱位可测定甲的官能团 B. 甲在殿排介廷中水解生成?种产勃 C. 乙属于人工合成的线型高分子材 无 D. nmol甲完全反泣时合或2ml乙 下{短过正的品 12. 请其素是我国科学家从传统中药中发现的能治行后疾的有机化合物,可以用有机落剂X从 A. 等物败的量的上选三种氢基酸量多消耗NO日的量相等 中两中提取,健用理代分析报器对有规化合物3的分子结构进行测定,相关结果短图断示 B 物质的量的上选三氢基酸最多消程H以的量相等 {选 0)选 C. 短醒(短基乙酸)是上述三种氢基酸的同系将 D1个6分子完全水解生段一订)个天冬题酸分子 9. 一种治疗心血管疾病的荡物中问体结构加图所系,下列说法正确的是 。 4m30007801000 )40300和 A. 该中间体中的所有唤原子可处于同一平面 cr ,游 乙i B 该中体爱生取代,成,看聚反应 河 核避共复谱 C. 这 回体与潦水N.NH.NC0或性KM.落液反 下列有关X的述错视的是 D. 该中向体中采取杂化的碳好子与采取化的碳原子的数日之比为4 A. X的障尔量为74j.mol B. X的分子式为CH.0.属于幅贵 10. 某深题组利用高效的自由基联环化,通过一个共同中间体,完或两个天然产物scbrolide C. x的结构式为C.H.0.H D. X的同分异体有3 A(甲)和hovellockste(乙)的发式合成(M-代表甲基). 13. 下列陈述1和陈述?帮正确日二有相奖性的是 露 乙二呈 乙二醇分子间存在较过 B 2.二甲基1很丙烧不辈及生酒会泣 2.-二甲基1境裂 廿是性化沿物 , 它是怪的衍生物,分子内贵生合反应 吐在一定条件下语安生解及应 名吐含在殖基,它是高子与合与 受学C,考(十】第③页[共8页) △既门& 交学C·考题(十1第1页共8页) 14. 化合物G在先学材料中具有分子开关的潜在应用,其结构简式如图序 起答下列问题 (1中幽 示,下列关于G分子的叙述中错误的是 (填名称)官能团会被NB目.还则:还题后经”反应?”形成B的反应型 A. 不含手性原子 名 是 (2)B与FeBr/B.短应得 B. 具有抗酸窝性能 社一无漠代产物;为了使目转化为C的原子利用家为 C. 能发生加成,水反京 100%合适的达X是 D. 菜取杂化的元素有2种 (3已知确系子上些有4个不同的原子或掉子团时,被称为手性碳别子,D分子其有 ·下列有关同分异构体种数(不包括立体导体)的拟断皆误的是 个手性碳子,一定条件下.1moCICOCH.C与是量NOH水路液反成,量多清耗 段蓬甘 mol NaOH. 项 同隐体 (4)中间产物E分子内环化生成F(C。H.NO.).写出产物F的结构离式。_. 分子式为C凡O含单官到 A ,种 (5)参考上述合成路线,F经 (填“aBH”改“LiAH”)还以及殿处理形成 相分子量为7的怪的一氧物 ,种 喜栏 Nefopam. 种 分子式%CH0且与×0H ()写出符合下列条件的目的回分异构体: (任写一个。 的二凝代物 ①能发生银趁反京 ②其水幅产物之一遇F(3旅色 ②含有两个笨环和一个五 ·杯号经是第三代题分子,具有熟稳定性好,可修饰位点多,空舱尺寸的调节具有一定自由度等 优点,由候来二阶与醒类在酸般化条件下缩合可以形成一种杯芳怪(图甲1.杯芳怪经修悔 16.(15分)H为一种重要的化工原料,其一种合成路线如图所示。 oconicit t. 水性烧基皆可提到杯芳怪衍生物 一碳化杯茅怪《图乙),它可以与多种阳离子和中性分子特 m0 - 异性识期,下列说法错混的是 □ C 。 CH.CH.Of B C _rt 乙-37%1H 一 m0t m 二二二 m BCHO 1 。 r , 。 A. 带化杯怪与杯苦怪相比有束好的浇水性 。 B. 间二阶与醒类形成杯芳怪过程中有H.D生或 C. 中性分子被碳化杯怪识别,与碳化杯芳是之间形成兴价键 回答下列问题 (1)A中官国的名称为 D. 确化杯芳是对能够识别的阳离子和中性分子有一定的尺寸要求 .A→B的反应是 (2试R是 (填结构简式). 二、非选择题:本题共4小题,共58分。带·题目为能力提升题,分值不计入总分。 ③H有 个手性碳原子,C中碳原子的杂化方式为 15. (15分)肉格池题Nefom的合成路线如图所示(一表示环). (4)E→F反庭化学方程式为 要 图 ()M是B的同分异构体,同时具备下列条件的M狗结构有 神(不考虑立体是构)。 其中,在枝融共据努道上有4阻峰日峰面积比为1.?!2!3的结构简式为 1 ①l mol有物多与3molNOH反 ②遇FeCl.济流发生色及,除环外不含其勉环 ②不与浪的现勃化送落防发生成厚皮 1{ (6)设计以本阶为原料合成1.2二澳环已煌的合成路线. efnm (无机试任选)。 受学C,考(十】第三页[共8页) △既门& 交学C·考题(十1第6页(共8页) 17.(14分)一种恰疗精尿病药物的合成路线如图所示(部分反应条件已省略) (2)E中含氢官能园购名称是 )分一> :→的反应类型是 (3)D的结构高式为 。 B (4A一B的化学友程武为 O○○ (言)芳委族化合物M是D的同分异构体,则符合下列条件的M的结构有 种不含立 构异构)。 ①分子中欧某环外不含其他的环 ②笨环上有6个取代基且有一个为一N一N一CH. 1 回答下0问题: :C一D反应为 (无机试测和凉别选) (1)有礼物1中含复官能团的名称为 ·某治疗流感药物的中间体E合成路线如图渐示,回答下列问题 (2)反应②的化学方程式为 ## (3)H是一种氢基酸,发生现合及应所得高分予化合物的结构简式为 (4)符合下列条件的E的同分异构体有 种,其中校逝共振氢语有组峰,且峰面程 .(任写1) 之比为6.212:11的结构简式为 。 ①层于香族化合指且茅环上有;个取代耳 ②既可发生银掩反应,文可发生水解反皮 (5)设计以甲醛,甲笨为起始原料刚备 一CooCH一CH的合成路线: p 1 (无机试任用). 已知。No.F:NH..代表乙. 18.(14分)化合物6是一三确类药物的重要中阅体,其某种合成路线如图所示. (1约分子式为 (2B中最多有 b 个原子共面;化合物CHCOCH(OOE:中官能团的名称为 ootAo. (3)反应的反应类型是 ,反应的化学方程式为 (4)A水解的有机产物的名称为 -m□. .考香族化合物M的相对分子看量比A的水解严物 70)o 多14.且M与A的水解产物互为回系物,则M的可能结构有 鞋,其中满足核 共振谐峰离积之比为2.2·21·1的结构简式为 (5)设计以CHO为起始原料备CH.0一 答下问题: C-NH.的合成路线: (1)A名称为 (注明条件,无机试任选). 受学C,考(十】第1页[共8页) 既门& C·考题(十1第8页(共8页)高三二轮复习专题卷 振氢谱中有5组峰。 (3)①元素非金属性越强电负性越大，故S、As和Se电负性由大到小的顺序为S>Se>As。 ②H2O、H2S、H2Se三者均为分子晶体，但水分子间可形成氢键，沸点较高，故H2O、H2S、H2Se中 沸点最高的是H2O。 (4)S0,中中心S原子价层电子对数为3+6一？X3=3,不含有孤电子对，空间结构为平面三 2 角形。 (5)以顶点的S分析，距离S最近且相等的Fe2+位于棱心，共有6个。 (6)S位于顶点和面心，个数为8×日+6×号=4，Pe位于棱心和体心，个数为12×+1=4， 4×120 1个晶胞的质量为4X120 NA NAg,晶胞体积为(aX10)'cm,则Fes晶胞的密度p=aX10)g· cm3-4.8X103 VAa38·cm3。 化学（十） 一、选择题 1,B【解析】陶瓷的主要成分是硅酸盐，属于无机非金属材料；木雕鸟纹权杖材质为木材，木材主 要成分是纤维素，属于有机高分子化合物：北燕青铜虎子材质为青铜，属于金属材料：玉石属于无 机非金属材料。 2.C【解析】乙醇和乙醚互溶，乙醚沸点低于乙醇，采用蒸馏操作分离。 3.D【解析】生成核苷酸的过程中，磷酸与核苷之间通过酯化反应形成磷酯键：聚甲基丙烯酸甲酯 由其单体甲基丙烯酸甲酯发生加聚反应得到；D项中的结构简式为2羟基丁酸的缩聚产物。 4.A【解析】该有机物分子中存在醚键、羟基、羰基和酯基4种含氧官能团。 5.D【解析】将乙酸加入碳酸钠溶液中，产生的二氧化碳中含有CH,COOH,没有进行除杂，气体 通入苯酚钠溶液中产生苯酚，无法证明碳酸酸性强于苯酚：苯和液溴反应后的气体产物中混有 B2,再通人AgNO,溶液中也可以产生浅黄色沉淀，无法证明苯与液溴发生了取代反应；碘水应 在酸性条件下加入，氢氧化钠可以与碘单质发生反应，无法检验淀粉是否水解完全：产生的气体 中混有乙醇，但乙醇不能使溴水褪色，故可以证明1-溴丁烷发生消去反应生成烯烃。 6.D【解析】若甲和乙第一步发生加成反应，则氨基和醛基发生加成生成羟基，第二步消去水生成 碳氮双键；乙、丙都含氨基，能与氢离子形成配位键；甲分子含2个醛基，0.1mol甲与足量新制 Cu(OH)2完全反应生成0.2 mol Cu2O,质量为28.8g;丙分子含4个苯环，苯环上共有6种氢原 子，故苯环上的一溴代物有6种。 7.C【解析】题述流程中，三键与H2生成双键，pd-CCO3降低三键与氢气加成反应的活化能，使 双键不与氢气反应。 8.D【解析】题给3种氨基酸分子中含氨基、羧基数目不完全相等，等物质的量的3种氨基酸最多 消耗NaOH或HC的量不相等；同系物分子中含官能团种类和数目完全相同，分子式相差若干 个“CH”,甘氨酸是丙氨酸的同系物，不是另两种氨基酸的同系物；多肽水解时水参与反应，根据 C、N原子守恒，题给3种氨基酸中C、N原子数与G分子中C、N原子数相等，因水分子数不确 定，故H、O数不能列出关系式，设1个G分子完全水解最终生成丙氨酸、天冬氨酸、赖氨酸分子 数依次为x、y、z,有3x十4y十6z=a,x十y十2z=d,解得y=a一3d。 ·40 ·化学· 参考答案及解析 9.D【解析】根据题给结构简式可知，该中间体中含有多个直接相连的饱和碳原子，故所有碳原子 不可能处于同一平面；该中间体不能发生缩聚反应；该中间体中不含有羧基和酚羟基，不能与 NaCO3反应；该中间体中采取sp2杂化的碳原子与采取sp3杂化的碳原子的数目之比为16： 4=4:1。 10.B【解析】有机物甲、乙与溴加成产物能溶于四氯化碳，不分层。 11.B【解析】甲分子结构对称，在酸性介质中水解生成1种有机化合物。 12.D【解析】C,H1。O的同分异构体为醚类、醇类，醚类有3种（含本身），醇类有4种，符合条件的 结构有6种。 13.A【解析】乙二醇分子间存在氢键，它们分子间作用力较强，具有黏稠状；卤代烃发生消去反 应，要断裂C一X键、邻位C一H键；甘氨酸是两性化合物，因为它含羧基、氨基；多肽含肽键（或 酰胺基)，故可以发生水解反应。 14.B【解析】G分子不含手性碳原子；G分子中酰胺基在酸性、碱性条件下都能发生水解反应；G 分子中含酰胺基能发生水解反应，碳碳双键、苯环能发生加成反应；G分子中采取s即3杂化的元 素有C、N两种。 *C【解析】有机物分子式为C,HO含1个双键或环且只含一个官能团的有机物，即丙醛、丙酮、 环氧丙烷、甲基环氧乙烷、环丙醇，共5种。用余数法计算，相对分子质量为72的烃为C5H12,戊 烷的一氯代物有8种。有机物分子式为CsHO2,含1个双键，它能与氢氧化钠反应，它可能是羧 酸或酯，采用分类法书写同分异构体，第一类为羧酸，C4H,COOH有4种：第二类为酯类，列表 如下： 序号 羧酸 醇 酯 ① 甲酸(1种) 丁醇(4种) 4种 ② 乙酸(1种) 丙醇(2种) 2种 ③ 丙酸(1种) 乙醇(1种) 1种 ④ 丁酸(2种) 甲醇(1种) 2种 符合条件的同分异构体有13种。异丙苯的结构简式为 〉〈，两个溴原子位于侧链有3种： 一个溴原子位于侧链，另一个溴原子位于苯环，有6种：两个溴原子位于苯环，有6种，符合条件的 同分异构体有15种。 C【解析】磺酸基是亲水基团，用其修饰疏水性烷基链会增强杯芳烃的亲水性；根据化合物甲的 结构简式可知，反应过程中间苯二酚中苯环中的H和醛基中的O结合生成H,O:中性分子与磺 化杯芳烃间形成的是非共价键：磺化杯芳烃的空腔尺寸在一定范围内可以调节，因此对能够识别 的微粒具有一定尺寸要求。 二、非选择题 15.(1)(酮)羰基酯化反应（或取代反应） (2)7CH,NH2 (3)13 Ph ·41 高三二轮复习专题卷 (5)LiAIH HCOO (6) 等（任写一个即可） OOCH OOCH 【解析】A经NaBH,还原后（酮）羰基转化为醇羟基，醇羟基再与羧基发生酯化反应生成B,B 与CH,NH2发生反应生成C,C在LiA1H4作用下脱出（酮）羰基生成D,D与 发生取 代反应生成E,E中氯原子与一NH一发生分子内取代反应生成F( ),F发生还原反 CH 应再经酸化得到Nefopam。 (2)B与FeBr3/Br2发生苯环上的取代反应，B中有两个苯环，其中Ph代表的苯环中存在三种 类型的氢原子，另一苯环中存在4种类型的氢原子，故共有7种一元溴代产物；为了使B转化为 C的原子利用率为100%，对比B和C的结构简式可知，合适的试剂X应为CHNH2。 (3)根据手性碳原子的概念，D中只有羟基所连碳为手性碳原子；在CICOCH2Cl中1mol氯原 子可消耗1 mol NaOH,其中ClCO一中氯原子被取代后生成一COOH,能继续消耗NaOH,因 此1 mol CICOCH2Cl可消耗3 mol NaOH。 (5)由A→B、C→D的转化过程可知LiAH,能将羰基直接脱氧，因此F经LiAIH,处理才能得 到Nefopam。 (6)①能发生银镜反应，可知分子中存在醛基或甲酸酯基结构：②其水解产物之一遇FCl3溶液 显色，可知分子中存在酯基，结合氧原子个数及能发生银镜反应，可知分子中存在甲酸酯基，且 甲酸酯基结构直接与苯环相连：③含有两个苯环和一个五元环，则符合条件的B的同分异构体 HCOO 可能的结构有 Q入 等。 16.(1)醛基、醚键 取代反应 (2)CH,CH,COOH (3)2sp2、sp 催化剂 (4) HOO HOO CH,CH2 OH (5)13 CHCOO OH OH OH (6) H 浓硫酸 (或其他合理答案) 催化剂/△ △ Br 【解析】(5)M是B的同分异构体，符合条件：②遇FCl3溶液发生显色反应，除苯环外不含其他 环，说明含有酚羟基：③不能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，说明不含有碳碳双键、碳碳三 键；①1mol有机物最多能与3 mol NaOH反应，结合①②③，说明除了含有1mol酚羟基外，还 ·42. ·化学· 参考答案及解析 OH 含有1mol酚酯基。根据上述分析，符合条件的M的结构有13种，分别为 OOCCH OH OH OH OH OH CH3 CH3 OOCCH OOCH HCOO OOCCH, OOCH OH OH OH OH HCOO CH3 OOCH CHs HCOO CH: OH OH OH HCOO OOCH :其中核磁共振氢谱显示有4组峰且峰 CH, OOCH CH; CH 面积比为1：2：2：3的结构简式是CH,COO OH。 17.(1)羧基酰胺基（肽键）氧化反应 H2O、 (2) +NaOH> +NaCl OH H-IN-CH-CLOH (3) CH H,C 4)16 H-60-cH,- (或HCOCH2 CH H,C CH CH CH HCHO.HCI NaOH ZnCl, H,O/△ (5) CH-CI CH.OH CH COOCH,- 〉-CH KMnO/H' COOH H. COOH 雷尼镍 【解析】A与HCHO、HCI在ZnCl2的催化作用下发生反应生成B,B在NaOH水溶液中发生 取代反应生成C(〉人》 ),C发生催化氧化反应得到D,D再发生氧化反应得到E,E OH 与H2发生加成反应得到F,F与SOCL2发生取代反应生成G,H是一种氨基酸，G与H发生取 ·43 高三二轮复习专题卷 代反应生成I,结合G、I的结构简式可以推知H为 NH2 COOH (1)由I的结构简式可知，I中含氧官能团的名称为羧基、酰胺基（肽键）；由分析可知，C为 ,C发生氧化反应得到D。 OH (2)B在NaOH水溶液中发生取代反应生成 ,反应②的化学方程式为 OH +NaOH H:O +NaCl. ci OH (3)由分析可知，H的结构简式为 NH:,其分子中含有羧基和氨基，可以发生聚合反 COOH 0 HIN-CH-CLOH 应，所得高分子化合物的结构简式为 CH, (4)E的同分异构体满足条件：①属于芳香族化合物且苯环上有3个取代基：②既可发生银镜反 应，又可发生水解反应，说明其分子中含有醛基和酯基，结合E的分子式可以推知其分子中含有 基团HCOO一。综上所述，若苯环上的取代基为HCOO一、一CH3、一C2H,此时有10种情 况，若苯环上的取代基为HCOOCH2一、一CH、一CH3,此时有6种情况，因此符合条件的E的 同分异构体有16种，其中峰面积之比为6：2：2：1：1的结构简式为 CHa H,C H-C-OCH2- 或HCOCH2 CH H,C (5)以甲醛、甲苯为起始原料制备 COOCH2一《CH,由逆向分析法知， HOCH.CH, 与 -COOH 发生酯化 反应可以得到 COOCH,《》CH,HOCH,《》CH可由《》CH,发生类似题干①②的 反应得到 COOH可由 CH先氧化再加成得到，由此即可推知合成路线。 18.(1)氯苯 (2)(酮)羰基、硝基氧化反应 (3a-Q-○ (4)CI+HNO, NO2+H2O (5)13 OH (6) H.O CH COOOH 催化剂 催化剂 CH-CI H0人（合理即可 OH ·44 ·化学· 参考答案及解析 【解析】A是氯苯，A与(CHCO),O在AICL催化作用下发生取代反应生成C,C与HNNH 发生取代反应生成D,则D为CHL NN阳：结合D、E结构简式可知，B为 C)-NO,A与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生取代反应生成B;B,D发生取代反应生成 E,E与CH,COOOH在CH2CL2条件下发生氧化反应生成F,F在酸性条件下水解生成G。 (1)根据A的结构简式可知，A的名称为氯苯。 (2)根据E的结构简式可知，E分子中的含氧官能团名称为（酮）搬基、硝基；由分析可知，E发生 氧化反应生成F。 (3)根据上述分析可知，D的结构简式为H NH (4)A是〈C1,A与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生取代反应生成B和H,O,该反应的化学方 程式为C+HNO,C NO2 +H2O. (5)D的结构简式为HC-〈-○n,其分子式为C:HON,芳香族化合物M是D的 同分异构体，满足条件：①分子中除苯环外不含其他的环，②苯环上有6个取代基且有一个为 一N一N一CH,则符合条件的M的结构可以是苯环上连3个一CH3、1个一OH、1个一CH一CH2、 1个一N一N一CH3,有10种结构；也可以是苯环上连4个一CH、1个一CHO、1个一N一N一CH, 有3种结构，所以符合条件的M的结构共有10十3=13种。 *(1)C:HOg (2)15酯基 (酮)羰基 0 (3)取代反应 +Br(CH,),Br Br+KBr COOH (4)邻苯二甲酸 10 CH COOH 浓硫酸、浓硝酸 (5)CH O- 50-60℃ cH,0〉-No,eHCH,O NH2 【解析】(1)由A的结构简式可知，A的分子式为CH,O3。 (2)B中含有苯环和羰基，二者都是平面结构，而一NH一中N原子采用sp3杂化，是立体结构，则 B中最多有15个原子共面；化合物CH,COCH2 COOEt中官能团的名称为酯基和（酮）羰基。 (3)由D和E的结构简式推知，反应④的反应类型是取代反应；反应③中C与Br(CH2),Br发生取 代反应生成D,其反应的化学方程式为 K+Br(CH-).Br Br+KBr。 COOH (4)A中含有酯基，可以发生水解反应，水解产物为「 ,名称为邻苯二甲酸：芳香族化合 COOH ·45 高三二轮复习专题卷 物M的相对分子质量比A的水解产物多14，且M与A的水解产物互为同系物，说明M中苯环 上的取代基为2个一COOH、1个-CH3或1个-COOH、1个一CH2COOH或-CH(COOH)2, 则M的可能结构有10种；其中满足核磁共振氢谱峰面积之比为2：2：2：1：1的结构简式 COOH 为 H COOH (5)由逆向分析法可知，CHO《 NH,可由CH,O〈》一NO2发生还原反应得到， CH,O-〈 一NO,可以由CH,O〈》发生硝化反应得到，则合成路线为CH,O《 浓硫酸、浓硝酸 50~60℃ CHO -NO,Fe.HCI NH2 o 化学（十一） 一、选择题 1.D【解析】根据NO分子的结构推测其电子式为N:N:O。 2.B【解析】由图甲可知升高温度平衡转化率增大，说明平衡正向移动，CH(g)一C3H(g)十 H2(g)△H>0,根据反应特点，反应条件为高温低压；在温度不变时，加压，化学平衡逆向移动， CH。的物质的量分数增大，A点表示0.1MPa、556℃时CaHg平衡时的物质的量分数，则 CH、H,平衡时物质的量分数均为25%，K,=p(CH,):(H) p(C Hg) 0.1MPa×25%×0.1MPaX25%=0.0125MPa;C0,可以与C反应生成C0,用C0,氧化 0.1MPa×50% C,H。脱氢制丙烯可以消除积碳；1个C,Hg直接脱氢生成1个C,H。,转移2个电子，1个CO2氧 化1个CH:脱氢生成C3H。和CO也转移2个电子，则两者制得等量的丙烯转移电子数相同。 3.D【解析】由题图可知，c(OH)=0时，c2(A)=20×10-1mol2·L-,此时c(R+)≈c(A), 则K(RA)=c(R+)·c(A-)≈c2(A-)=2×10-o;难溶性盐RA在水溶液中存在溶解平衡 RA(s)R+(aq)十Aˉ(aq),在ROH溶液中，相当于在水中增加R,RA的溶解平衡逆向移 动，溶解度减小，故RA在水中的溶解度大于在ROH溶液中的溶解度：ROH是一元弱碱，Aˉ不 发生水解，所以等体积、等浓度的ROH溶液与HA溶液混合所得溶质RA为强酸弱碱盐，溶液 中存在质子守恒c(H+)=c(ROH)十c(OH-);pH=6时，c(OH)=10-8mol·L1,此时 c2(A)=3×10-0mol·L2,c(A)=√3×10-5mol·L-1<2×10-5mol·L1。 4.B【解析】由图像可知，常温下，当V(NaOH溶液)=0时，对应溶液的pH=3,此时溶液中的 c(H)=0.O01m0lL,则有K,=cH)cAuC2）≈10；根据电荷守恒，在n点存在 c(HAuCl,) c(H)+c(Na)=c(OH)+c(AuCl),n点时温度高于25℃，故Kw>10-4,当c(H+)= 10-7mol·L1时，c(OH)>c(H),则有c(Na+)>c(AuCI);升高温度能促进AuCl的水 解，水解平衡常数增大，温度T(p)<T(n)<T(q),则p、n、q三点对应AuCl的水解平衡常数 Kb(p)<Kh(n)<Kh(q);p点时，V(NaOH溶液)=10mL,根据电荷守恒有c(H)十c(Na)= c(OH)+c(AuCl),根据元素守恒可得2c(Na+)=c(HAuCl,)+c(AuCI:),两式联立消去 c(Na)可得2c(H+)+c(HAuCI,)=2c(OH)+c(AuCl)。 5.A【解析】NaHA溶液中存在质子守恒c(H2A)十c(H)=c(OH)+c(A2-);当V(NaOH溶 ·46✉