重庆市巴蜀中学校2024-2025学年高二下学期5月期中物理试题

高 2026 届高二（下）期中考试 参考答案 一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D B C D C D AD BD BD 1.【详解】A．气体的膨胀现象说明分子在做无规则运动，故 A 错误； B．随着温度的降低，气体分子的平均速率减小，并不是所有气体分子热运动的速率都减小； C．当分子间的距离大于平衡距离r0时，分子间距离增大，作用力做负功，分子势能增大，故 C 正确； D．布朗运动是指悬浮在液体或气体中的固体颗粒的无规则运动，故 D 错误。 2.【详解】A．扩散现象是分子运动形成的，固体、液体、气体分子都在永不停息地做无规则运动，所以 固体、液体、气体都有扩散现象，故 A 错误； B．物理性质具有各向同性的物体是非晶体或多晶体，故 B 错误； C．由于液体表面分子间距离大于平衡位置间距r0，故液体表面存在表面张力，故 C 错误； D．放在衣料上、下面的棉纸内有许多细小的孔道起着毛细管的作用，当蜡受热熔化成液体后，由于毛细 现象，它们就会被棉纸吸走，故 D 正确。 3.【详解】A．麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在，选项 A 错误； B．电场和磁场都是客观存在的一种物质，选项 B 正确； C．根据麦克斯韦的电磁场理论，均匀变化的磁场产生了稳定电场，均匀变化的电场产生了稳定磁场，选 项 C 错误； D．红外线、可见光、紫外线都是电磁波，超声波是机械波，不是电磁波，选项 D 错误。 4.【详解】A．第二类永动机违背热力学第二定律，但不违反能量守恒定律，故 A 错误； B．热力学第二定律认为，热量不可能自发的从低温物体传到高温物体，但可以通过额外做功达到,故 B 错 误； C．热力学第一定律实际上是内能与其他形式能量发生转化时的能量守恒定律，揭示了热力学第一定律与 能量守恒定律之间的关系，故 C 正确； D．热平衡定律是指温度相等的两个热力学系统之间不发生热传递，故 D 错误。 5.【详解】A．图甲中交流电电压的有效值为U1 ′ = U0 √2 = 50√2V，故 A 错误； B．设图乙中交流电电压的有效值为U2 ′，则有 (2U0) 2 R ⋅ T 2 + U0 2 R ⋅ T 2 = U′2 2 R ⋅ T 解得U2 ′ = √10U0 2 = 50√10V，故 B 错误； C.该交流电压瞬时值的表达式为 u = 100sin 2π T t(V) = 100sin100πt(V)，故 C 错误； D．0~ T 2 时间内，图甲中交流电电压的有效值为 U1 = U0 √2 ，定值电阻 R1 上产生的热量为 Q1 = U1 2 R1 T 2 = U0 2T 8R2 图乙中交流电电压的有效值为 U2 = 2U0 ，定值电阻 R2 上产生的热量为Q2 = U2 2 R2 T 2 = 2U0 2T R2 解得 Q1: Q2 = 1: 16，故 D 正确； 6.【详解】A. 大量氢原子从高能级向n = 1能级跃迁时，发出的光子能量最大为 13.6eV，最小为 10.2eV， 比可见光的最大光子能量 3.11eV 大得多，所以频率比紫光还高，发出的光不可能像红外线那样具有显著的 热效应，A 错误； B．大量氢原子从高能级向 n=3 能级跃迁时，发出的光子能量，最大为 1.51eV，小于可见光的最小光子能 量 1.62eV，为红外线，不可能像紫外线那样具有荧光效应，B 错误； C．处于第 4 能级状态的氢原子从 n=4 跃迁到 n=1 能级时放出的光子能量分别为 ΔE1 = E4 − E1 = 12.75eV ΔE2 = E4 − E2 = 2.55eV ΔE3 = E4 − E3 = 0.66eV ΔE4 = E3 − E2 = 1.89eV ΔE5 = E3 − E1 = 12.09eV ΔE6 = E2 − E1 = 10.2eV 由于可见光的光子能量范围为 1.61~3.10eV，可知则处于第 4 能级状态的氢原子，发射光的谱线在可见光 范围内的有 2 条，C 正确； D．用动能为 Ek 的电子撞击一群处于基态的氢原子，发现能产生 6 种频率的光子，由C4 2=6可知氢原子被 激发到 n=4 的激发态，所以有 12.75eV≤Ek<13.06eV，D 错误。 7.【详解】A. 减震器受到的安培力为 F安 = nBIL = nB ⋅ nBLv R ⋅ L = n2B2L2v R 刚进入磁场减速瞬间减震器的加 速度为 a = F 安 m = n2B2L2v mR = 16m/s2,故 A 错误； B．设向右为正方向，对减震器进行分析，由动量定理I = Δp可得 F安t = − n2B2L2v R ⋅ t = − n2B2L2 R ⋅ 2d = mv′ − mv0，解得v ′ = v0 − 2n2B2L2d mR = 1.8m/s，故 B 错误； C．每一个线圈进入磁场的过程中，减震器速度减小量Δv = 1.6m/s，线圈的个数为N = 5 1.6 = 3.125个，则 需要 4 个线圈，故 C 错误， 线圈产生的热量等于动能的减少量。第一个线圈恰好完全进入磁场时v1 = v − Δv = 3.4m/s，最后一个线 圈刚进入磁场时v4 = 0.2m/s，因此k = 1 2 mv2− 1 2 mv1 2 1 2 mv4 2 = 336故选 D。 8.【详解】A.由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的匝数不变，升 压变压器的输出电压U2不变，根据P = UI可知，输电线上的电流增大，降压变压器的匝数不变，则降压变 压器输出电流变大，即电流表示数变大，A 正确 B 错误； C.远距离输电可以提高输电电压降低线路中的损耗，不能提高用户电压，C 错误； D.由于负载增加，降压变压器输出的功率增加，负载线路电流变大，故高压输电线上的电流变大，P损 = I 2R， 损失功率变大，D 正确。 9.【详解】A.加正向电压时，将滑片 P 向右滑动，由题图可知，光电管两端的电压增大，产生的光电流会 增大，所以电流表的示数会增大，但是光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与两端电压无关，所以 A 错误。BC.由图乙可知 a 光的遏止电压是 6V，所以 a 光照射该金属发出电子的最大初动能为Ek = eUc = 6eV说明 a 光的能量一定大于6eV，所以该光为氢原子从第 4 能级跃迁到 n=1 能级发出的光子，B 正确。 a 光子对应的能量为Ea = E4 − E1 = 12.75eV该金属的逸出功W = Ea − Ek = 6.75eV，b 光为 3 能级跃迁到 基态时所发的光，b 光的光子能量为Eb = 12.09eV，根据光电效应规律有Ek = Eb − W = eUb，则 b 光照射 金属时的遏制电压为Ub = 5.34V，C 错误； D.1 秒时间内回路截面的光电子数目 n = It e = 1 × 1013个 ，E = nℎν = n[(−3.4eV) − (−13.6eV)] = 1.02 × 1014eV，D 正确. 10.【详解】A.感应电动势 BLvE = ，其变化率 BLa t E =   ，由于安培力F = B2L2v R ，因此加速度a = g − B2L2v mR ， 因此感应电动势随时间的变化率为 )( 22 mR vLB gBLBLa t E −==   ，A 选项错误 B.轿厢速度为 v 时，ab 边所受安培力F = ILB = B2L2v R ，由牛顿第三定律可知，轿厢系统所受的磁场力 F′ = F，轿厢系统速度最小时，加速度a = 0，所以mg = F′，联立上式得最小速度v = mgR B2L2 轿厢系统下落 h 的过程中，对轿厢系统、线圈，由能量守恒得Q = 1 2 mv0 2 − 1 2 mv2 + mgℎ 将 v 代入上式Q = mgℎ + 1 2 mv0 2 − m3g2R2 2B4L4 ，B 选项正确 C.在轿厢系统下落 h 过程中，由动量定理 I合 = Δp ，mgt − BI ̅Lt = mv − mv0 ，q = I̅ ⋅ t = BLℎ R 联立得mgt − B2L2ℎ R = m2gR B2L2 − mv0，解得t = mR B2L2 − v0 g + B2L2ℎ mgR ，因此下落时间与下落高度有关，C 错误 D. 两匝线圈总电阻变为2R，由F = nILB，因此mg = 4B2L2v 2R 知最小速度变为原来的 2 1 ，D 正确。 二、实验题（每空各 2分） 11.上 600Ω B 【详解】（1）若要使启动报警的温度降低些，相当于增大临界状态的热敏电阻阻值，为了仍等于电磁铁将 衔铁吸引下来的电流临界值，则需要减小滑动变阻器的阻值，即滑片 P 向上移动。 （2）报警时，控制电路总电阻为R总 = E Ic = 18V 10mA = 900Ω，热敏电阻R1达到 100℃电阻大小为 300Ω，滑动 变阻器的最大阻值至少为 600Ω. （3）B 12.（1）p1V1=p2V2 气体体积由 V1 变到 V2 的过程中，气体对外界所做的功（仅回答做功得 1 分） （2）A （3）注射器与压强传感器连接部分气体的体积 V0 未计入等 【详解】（1）[1]根据玻意耳定律可知 p1V1=p2V2 ，[2] 气体体积由 V1 变到 V2 的过程中，气体对外界所做 的功。 （2）由玻意耳定律 pV T = C可得p = CT ⋅ 1 V ，则等温变化时p − 1 V 图象为直线，由于漏气或者环境温度降低使 得气体的压强减小，图线向下弯曲。故选 A。 （3）p − 1 V 图象不过原点的原因可能为注射器与压强传感器连接部分气体的体积 V0未计入、实验过程温度 未完全恒定等。 三、计算题 13. (10 分）解:（1）初始状态，对管内水银柱分析有: P1+ ρgh =P0 ① 代入数据，可得 P1=20mmHg ② （2）由题意可知，管内气体发生等温变化 :P1V1=P2V2 ③ 其中 P1=20mmHg V1=80s V2=100s 代入数据.可得 P1=16mmHg ④ 对末状态的管内水银柱受力分析有 P2+ ρgh =Px Px为大气压强,解 Px=736mmHg ⑤ 评分标准:本题共 10分,①②③④⑤每式给 2分。 14.(10 分) 解:(1)加热过程球内气体压强不变，气体做等压变化，由盖一吕萨克定律得 𝑉0 𝑇0 = 𝑉1 𝑇1 ① 其中 V0和 V1 对应的都是质量为 m 的气体则有 𝑚 𝜌0 𝑇0 = 𝑚 𝜌1 𝑇1 ,得 ρ1= 𝜌0𝑇0 𝑇1 ② (2)恰好能向上浮起时 ,由受力分析可得𝜌0𝑔𝑉0 = (𝑚0 + 𝑚)𝑔 + 𝜌2𝑔𝑉0 ③ 由第(1)问中的结论可知 ρ2= 𝜌0𝑇0 𝑇2 解得 T2= 𝜌0𝑉0𝑇0 𝜌0𝑉0−(𝑚0+𝑚) ④ 评分标准:本题共 10分，①②④式各 2分，③式 3 分。 15.(12 分)解(1)由分析可知，初始弹簧处于压缩状态，设其压缩量为 x1 初始状态对活塞受力分析: P0S=0.8P0S+kx1 ① x1=0.2L ② （2）若活塞恰好与卡销接触，设弹簧的形变量为 x2对活塞受力分析：P0S+kx2= P3S ，P3=1.5p0 ③ 气体由初始状态到恰好与卡销接触,由理想气体状态方程可得 0.8𝑃0∙0.8 𝐿𝑆 𝑇0 = 𝑃31.5LS 𝑇3 ④ 联立⑦⑧得𝑇3 = 225 64 𝑇0 ⑤ （3）气体从初始状态到弹簧恢复原长过程，外界对气体做功 W1= 0.8𝑃0S+𝑃0S 2 × 0.2𝐿 = −0.18𝑃0𝑆𝐿 ⑥ 气体从弹簧恢复原长到话塞恰与卡销接触,外界对气体做功 W2=− 𝑃0S+1.5𝑃0S 2 × 0.5𝐿 = −0.625𝑃0𝑆𝐿 ⑦ 整个过程气体对外做力:W=W1+W2 由热力学第一定律∆U =W+Q 得∆U=0.195P0SL ⑧ 评分标准:本题共 12分，①④⑥⑦式每式 2分，其余每式 1分 16. （18 分）解:（1）对 Q 下滑过程:m2gh= 1 2 𝑚𝑞𝑣2 2 ① 𝑣2 = 3𝑚/𝑠 ② （2）对金属棒 M 受力分析 M1gsin 37°-B1IL=ma，其中，I= ∆𝑄 ∆𝑇 ③ 对电容器充电过程有∆𝑄 = 𝐶 ∙ ∆𝑈 = 𝐶𝐵1𝐼∆𝑉 ④ 由③.④可得 a=3m/s2 ⑤ 可知.导体棒 M 沿斜面向下做匀加速直线运动 v=at=9m/s ⑥ M 运动至水平轨道后,M 和 P 组成的系统动量守恒,设其共同速度为 V1， m1V=(m1 +m2)V1 ⑦ V1=3m/s ⑧ （3）设 Q 下滑到斜面底端的速度为 v2 mQ=m1=1kg mP=m2=2kg P、Q 第 1 次发生弹性碰撞,规定向左为正方向 𝑚𝑄𝑣2 − 𝑚𝑃𝑣1 = 𝑚𝑄𝑣𝑄1 + 𝑚𝑃𝑣𝑃1 ⑨ 1 2 𝑚𝑄𝑣2 2 + 1 2 𝑚𝑃𝑣1 2 = 1 2 𝑚𝑄𝑣𝑄1 2 + 1 2 𝑚𝑃𝑣𝑃1 2 ⑩ 解得𝑣𝑄1 = −5𝑚/𝑠 𝑣𝑃1 = 1𝑚/𝑠 发生第 1次碰撞后,金属棒P向左运动的位移为 x1，根据动量定理得:− B2L2x1 R1+R2 = 0 − 𝑚𝑃𝑣𝑃1 x1 = 2.4m (11) P、Q 第 2 次发生弹性碰撞，有:𝑚𝑄|𝑣𝑄1| = 𝑚𝑄𝑣𝑄2 + 𝑚𝑃𝑣𝑃2 （12） 1 2 𝑚𝑄𝑣𝑄1 2 = 1 2 𝑚𝑄𝑣𝑄2 2 + 1 2 𝑚𝑃𝑣𝑃2 2 (13) 解得𝑣𝑄2 = − 1 3 |𝑣𝑄1| 𝑣𝑃2 = 2 3 |𝑣𝑄1| 第 2 次碰撞后,金属棒 P 向左运动的距离为 x2 根据动量定理，得− B2L2x2 R1+R2 = 0 − 𝑚𝑃𝑣𝑃2 x2 = 2 3 × (R1+R2)𝑚𝑃 B2L2 |𝑣𝑄1| （14） 同理可知,第 3 次碰后,𝑣𝑄3 = − ( 1 3 ) 2 |𝑣𝑄1| 𝑣𝑃3 = 2 3 × 1 3 |𝑣𝑄1| x3 = 2 3 × 1 3 (R1+R2)𝑚𝑃 B2L2 |𝑣𝑄1| 第 n 次碰撞后，𝑣𝑄𝑛 = − ( 1 3 ) 𝑛−1 |𝑣𝑄1| 𝑣𝑃𝑛 = 2 3 × ( 1 3 ) 𝑛−2 |𝑣𝑄1| xn = 2 3 × ( 1 3 ) 𝑛−2 (R1+R2)𝑚𝑃 B2L2 |𝑣𝑄1| (15) 因此,发生第一次碰撞,到最终两棒都停止的全过程，金属棒 P 的位移 x = x1 + x2+x3 + ⋯ + xn 联立以上表达式,并代入数据,可得 x=14.4m (16) 评分标准:本题共 18分,①③式 2分，其余每式 1分 重庆市巴蜀中学教育集团高2026届高二(下)期中考试 物理试卷 注意事项: 1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号、班级、学校在答题卡上填写清楚。 2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡 皮擦干净后,再选涂其他答案标号。在试卷上作答无效。 3.考试结束后,请将答题卡交回,试卷自行保存。满分100分,考试用时90分钟。 一、选择题(其中1-7题为单项选择题,每题3分,共21分:8-10题为多项选择题,每题5 分,共15分;每小题有多个选项符合题目要求,全部选对得5分,选对但不全得3分,有选 错得0分)。 1. 关于分子动理论,下列说法正确的是( _ A. 气体的膨胀现象说明气体分子间存在斥力 B. 随着温度的降低,所有气体分子热运动的速率都减小 C. 当分子间的距离大于平衡距离ro时,分子势能随分子间距的增大而增大 D. 布朗运动就是分子的无规则运动 2. 关于固体、液体和气体,下列说法中正确的是( 。 A. 只有气体和液体有扩散现象,固体没有 B. 物理性质具有各向同性的物体一定是非晶体 C. 由于液体表面分子间距离小于平衡位置间距r。,故液体表面存在表面张力 D. 把两层棉纸分别放在蜡迹处衣服的上面和下面,然后用热熨斗在棉纸上来回烫熨可 以把凝固在衣料上的蜡迹去掉,这是毛细现象 3. 下列说法正确的是( A. 赫兹预言了电磁波,麦克斯韦用实验证实了电磁波的存在 B. 电场和磁场都是客观存在的物质 C. 变化的电场周围一定产生变化的磁场,变化的磁场周围也一定产生变化的电场 D. 红外线、可见光、紫外线、超声波都是电磁波 4. 关于热力学定律的说法正确的是( A. 第二类永动机设计思想违背了能量守恒定律 B. 热力学第二定律认为,低温物体的热量不可能传到高温物体 C. 热力学第一定律实际上是内能与其他形式能量发生转化时的能量守恒定律 高二物理试卷 第1页(共8页) 表进 扫描全能王 创建 D. 热平衡定律是指做功和热传递在改变物体内能时是等效的 5. 如图甲、乙所示的交流电分别加在两定值电阻R/、R2两端,已知R/-2R2,Uo-100V, 7-0.02s,图甲为正弦曲线。则下列说法正确的是( ) 2U 过置置。 ##### 甲 乙 A. 甲图中交流电压的有效值为100v2V B. 乙图中交流电压的有效值为150V C. 甲图中交流电压瞬时值的表达式为u=100sin50rxt(V) D. 0~时间内两定值电阻R/、R2上产生的热量之比为1:16 6. 丹麦的物理学家破尔在原子的核式结构学说的基础上提出自己的能级理论。关于氢原 子能级图如图所示,已知可见光的光子能量范围约为1.62eV3.11eV,则下列说法正确的 是() A. 大量氢原子从高能级向n三1能级跃迁时,发出的光 2-0.54eV 具有显著的热效应 --0.85eV B. 大量氢原子从高能级向n三3能级跃迁时,发出的光 --1.51eV 具有荧光效应 --3.40eV C. 处于第4能级状态的氢原子,发射光的谱线在可见光 范围内的有2条 D. 用动能为E的电子撞击一群处于基态的氢原子,能产 --13.6eV 生6种频率的光子,E一定等于12.75eV 7. 小巴和小蜀两位同学利用电磁感应原理设计一个电磁减震器。如图所示,该减震器由 绝缘滑动杆及固定在杆上多个相互紧靠的相同矩形线圈构成;减震器右侧是一个由电磁铁 产生的磁场,碰感应强度大小B一0.2T,磁场范围足够大。已知滑动杆及线圈的总质量m= 1.0kg,每个矩形线圈abcd匝数n=100匝,电阻值R=1.0O,ab边长L=20cm,bc边长d= 10cm,整个过程不考虑互感影响,不考虑线圈个数变化对减震器总质量的影响,则下列说 法正确的是() 高二物理试卷 第2页(共8页) 表进 扫描全能王 创建 $×\× \x\×\ ×\x < x \x \x \ x x 效。 x x x x x xx x x x x x x A. 若减震器初速度v。=1m/s,刚进入磁场时减震器的加速度大小为5m/s2 B. 若减震器初速度vo三5.0m/s,第二个线圈恰好完全进入磁场时,减震器的速度为 1m/s C. 若减震器的初速度v。一5m/s,则滑动杆上需安装3个线圈才能使其完全停下来 D. 若减震器的初速度vo=5m/s,磁场中第1个线圈和最后1个线圈产生的热量比k= 336 8. 如图所示为某发电厂远距离输电的简化电路图,升压变压器与降压变压器视为理想变 压器,电表均为理想电表,发电厂输出电压V与输电线的电阻R不变,则( ) 错0误O。 册 A. 若发电厂输出功率增大,电流表示数变大 B. 若发电厂输出功率增大,电流表示数变小 C. 远距离输电时可采用高压输电,提高用户使用电压来降低线路中的损耗 D. 增加用户端用电器的数量,输电线上损失的功率增大 9.如图所示,一群处于第4能级的氢原子发光,将这些光分别照射到图甲电路阴极K的金 属上,只能测得3条电流随电压变化的图像(如图乙)。已知氢原子的能级图如图丙所示。 则) ({{卷{ .rey _=08 --3.40 --V.0 --13.6 甲 乙 A.加正向电压时,将滑片P向右滑动,可增大光电子的最大初动能,电流表的示数增大 B.a光为氢原子从第4能级跃迁到第1能级发出的光子 高二物理试卷 第3页(共8页) 表进 扫描全能王 创建 C.b光照射金属时的遏止电压为5.43V D.只有c光照射金属时,调节光电管两端电压,达到饱和光电流I三1.6uA,每秒钟照射到 阴极K的光子总能量1.02×1014eV 10.某小组设计了一种汽车电磁感应悬架系统模型,其原理示意图如图所示。质量为m的 重物系统MNPQ内存在方向水平、垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度大小为B,系统 正下方的水平地面上固定有闭合的单匝矩形线圈,其电阻为R、ab边长为L。某次测试过 程中,当重物底部MQ与线圈ab边重合时,重物系统的速度为vo,向下运动一段距离h后, 速度达到最小值,此时NP未碰到ab边上的弹策,重物系统未碰到地面,已知重力加速度 为g,不计一切摩擦,则() A.重物系统速度为vo时,线圈中的感应电动势随时间的 重物系统 变化率为B2ra,其中a为瞬时加速度 。 B.向下运动人的过程中,线圈中产生的焦耳热为O= mgh+1-n C b C.重物系统向下运动h的时间与线圈电阻R无关 线圈 D.若在线圈中串联一个完全相同的线圈,将单匝线圈换 成两匝线圈,,则重物系统的最小速度变为原来的一 二、实验题(本题2个小题,共14分。第11题6分,第12题8分) 11.某同学在做“利用传感器制作简单的自动控制装置”的实验,该自动控制装置主要用于温 度过高时报警器响,所用热敏电阻R-的阻值随温度升高而减小,由该热敏电阻Rt作为传 感器制作的自动报警器原理图如图所示,其中左侧为控制电路,右侧为工作电路。 工作电路 (1)若要使报警温度从120oC降低到100oC,应将滑动变阻器的滑片P向_(选填“上” 或“下”)移动。 (2)直流电源E.电动势为9V(内阻不计),热敏电阻R达到100oC电阻大小为300Q。 高一物理试卷 第4页(共8页) 表 扫描全能王创建 流过热敏电阻R-的电流超过/.时就会报警,1.为10mA,则滑动变阻器的最大阻值至少应 为 _。 (3)如果环境未达报警温度,报警器开始报警,调节滑动变阻器的滑片位置无法解决该 问题,检查后发现电路连接完好,各电路元件完好,则造成电路不能正常工作的原因可能 A、电源提供的电压太小 B、热敏电阻R-和滑动变阻器的总电阻之和过小 C、弹赞劲度系数太大 12.如图是“用压强传感器研究在温度不变时,一定质量的气体压强与体积的关系”的实验装 置。 活塞 主要步骤如下: 压传艺 ①将压强传感器调零 针简 ②把活塞移至注射器满刻度处; ③逐一连接注射器、压强传感器、数据采集器、计算机; ④推动活塞,记录多组注射器内气体的体积V,以及相应的压强传感器示数p (1)根据记录的实验数据,做出了如图12-1所示的p-V图。对图线进行分析,如果在误 差允许范围内,p、P、V、V2之间满足关系式 。图线在V、V之间所围的面 积的物理意义为 图12-1 图12-2 (2)其中一小组根据测量的数据,绘出图12-2所示的p-V图像(实线是实验所得图线. 虚线为一根参考双曲线),则该小组画出的p一图象应当是 $/ D. (3)另一小组同学作出p-图象不过原点,其可能原因是 高二物理试卷 第5页(共8页) 扫描全能王 创建 三、解答题(共4个小题,50分。13题10分,14题10分,15题12分,16题18分,要 求解题过程写出必要的文字说明和方程) 13.学校的实验室里,通常使用水银气压计测当地的大气压强,若某一水银气压计中不慎混 入了部分空气,导致该水银柱的上方不是真空。如图甲所示用该气压计测量压强时,其示 数为740mmHg,此时水银面顶端到玻璃管顶端的距离为h=80mm,求: (1)若大气压强Po-760mmHg,则水银柱上方的封闭气体的压强是多少? (2)假设环境温度保持不变,中水银面上方玻璃管的总长度保持不变,如图乙所示, 当水银气压计的示数为720mmHg时,求此时的大气压强?(结果均用mmHg表示) #K# # 740mm 720mm 水银 水银 图甲 图乙 14、乘坐热气球飞行是人们喜爱的一种航空体育运 动,目前国际上最为普及的热气球为AX-7级热气球 已知该热气球的球囊体积为V,空载时热气球自身 质量为M,且热气球的下端有小口,可确保球内外 压强相等,不计燃料燃烧的过程中热气球自身质量 的变化。若地面附近空气温度为T:空气密度为p。 重力加速度为g,大气视为理想气体,现对球内气体 加热。 (1)当球内的气体温度为T,时,求此时球内空气的密度。 (2)当热气球载有质量为M的重物时,若热气球恰好能向上浮起,求此时球内气体的温 度。 高二物理试卷 第6页(共8页) 表进 扫描全能王 创建 15、如图所示,竖直放置的绝热汽缸内密封有一定质量的理想气体,在距气缸底部1.5L 缸底部另一端和轻质活塞相连。初始时,缸内气体的压强为0.8P,温度为T,活塞静止 在距离气缸底部0.8处。已知轻质活塞的横截面积为S,大气压强为P,现通过电阻丝对 缸内气体加热,使活塞发生缓慢的移动,电阻丝体积忽略不计。求; (1)最初弹赞的压缩量x; (2)当活塞恰好与卡销接触时,求此时气体的温度(结果用分数表示); (3)从初始状态到活塞恰好与卡销接触的过程中,气体吸收热量O-PSL,求该过程中气 体内能的变化。 1.51 0.8. 电阻丝 MWWA 表进 扫描全能王 创建 16、如图所示,间距为L-1m的足够长的光滑金属导轨由水平轨道BC、B'C和两个倾斜轨 道ABBA'、CDDC通过光滑小圆狐平滑连接,其中BB是绝缘小圆张,CC是金属小圆张。 ABBA轨道的倾角为370,A、A间接一电容C=1F的不带电的电容器,匀强磁场B;的磁感 应强度大小为1T,方向垂直于ABBA平面向上;水平轨道BCCB上存在磁感应强度大小 B-1T、方向竖直向上的匀强磁场,距BB'足够远处静置一质量m2-2kg、电阻R-0.80、 长度L=lm的细金属棒P(简称P棒);现将质量均为m=1kg、长度均为I-1m的细金属 棒M(简称M棒)和细绝缘棒O(简称O棒)从如图所示位置由静止释放,已知M棒的 电阻R-0.4O,M棒从释放后经-3s恰好运动到水平轨道上,O棒释放时距离水平轨道的 高度h-0.45m。当M棒、P棒在水平轨道上运动至二者间距最小时锁定M棒,此时P棒 恰好与运动至CC处的O棒发生弹性碰撞。若P、O此后每次发生弹性碰撞时P棒均已停 止运动,且运动过程中M、P、O三细棒始终与导轨垂直并接触良好,已知重力加速度为 g,导轨电阻均不计,求: (1)Q棒运动至水平轨道CC处的速度大小 (2)在M棒被锁定时,P棒的速度大小 (3)P棒与O棒第1次碰撞后至最终两者都停止运动的过程中,P棒位移的大小。 B_=T B__ D 绝缘小圆引 金瞩]圆 P棒 绝小圆引 金□小圆△C 高二物理试卷 第8页(共8页) 表进 扫描全能王 创建