精品解析：北京交通大学附属中学2024-2025学年高二下学期期中考试 化学试题

北京交大附中2024-2025学年第二学期期中练习 高二化学 2025.04 说明：本试卷共9页，共100分。考试时长90分钟。 可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Ⅰ卷 选择题(每小题只有一个选项符合题意，本题共14小题，每小题3分，共42分) 1. 下列各组表达式意义相同的是 A. ﹣NO2；NO2 B. ﹣OH； C. ﹣C2H5；﹣CH2CH3 D. HCOOCH3；HOOCCH3 2. 下列反应不是取代反应的是 A. B. C. +HNO3+H2O D. 3. 下列有机物的名称与结构简式对应关系不正确的是 A B C D 2-甲基丁烷 顺-2-戊烯 2-甲基-1，3-丁二烯 聚乙烯 A. A B. B C. C D. D 4. 下列各组物质中，互为同系物的是 A. B. 乙二醇和丙三醇 C. 葡萄糖和果糖 D. CH3COOCH3和CH3COOC（CH3）3 5. 下列说法不正确的是 A. 葡萄糖、蔗糖、纤维素都是糖类物质，都可发生水解反应 B. 天然植物油中不饱和脂肪酸甘油酯含量高，常温下呈液态 C. 氨基酸、二肽、蛋白质均既能与强酸又能与强碱反应 D. 淀粉水解液加足量碱后，再加新制氢氧化铜浊液，加热，产生砖红色沉淀 6. 下列反应产物不能用反应物中键的极性解释的是 A. B. C. D. 7. 新鲜水果和蔬菜中富含维生素，在作用下可转化为脱氢维生素，原理如下： 下列关于维生素的说法正确的是 A. 分子式为 B. 难溶于水，易溶于有机溶剂 C. 维生素C与脱氢维生素都可使酸性溶液褪色 D. 与脱氢维生素互为同分异构体 8. 为提纯下列物质(括号内的物质为杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是 选项 被提纯物质 除杂试剂 分离方法 A 乙烷(乙烯) 酸性高锰酸钾溶液 洗气 B 乙醇(乙酸) 氢氧化钠溶液 分液 C 溴苯(溴单质) 氢氧化钠溶液 蒸馏 D 乙酸乙酯(乙酸) 饱和碳酸钠溶液 萃取分液 A. A B. B C. C D. D 9. 某同学做如下实验，对照实验不能达到实验目的的是 A. ①、②对照,比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性 B. ②、③对照,说明中C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子 C. ④、⑤对照,能说明苯环对羟基的化学性质产生影响 D. ②和③、④和⑤对照,说明官能团对有机物的化学性质起决定作用 10. 下列实验方案能达到实验目的的是 A．比较碳酸、苯酚的酸性强弱 B．检验溴乙烷水解产物中含有 C．实验室制取乙酸乙酯 D．检验乙醇与浓硫酸共热生成乙烯 A. A B. B C. C D. D 11. 有机小分子X通过选择性催化聚合可分别得到聚合物Y、Z。 下列说法不正确的是 A. X的结构简式是 B. Y和Z中都含有酯基 C. Y和Z的链节中C、H、O的原子个数比相同 D. Y和Z分别通过化学反应均可形成空间网状结构 12. 采用惰性电极电解制备乙醛酸()的原理如下所示。E室电解液为盐酸和乙二醛()的混合溶液，F室电解液为乙二酸溶液。下列说法不正确的是 A. a为电源正极 B. H+从E室迁移至F室 C. 外电路中每通过2mol电子，理论上就有1mol乙醛酸生成 D. E室中乙二醛被氧化的化学方程式：H2O+Cl2++2HCl 13. 脲醛树脂可用于生产木材黏合剂、电器开关等。尿素(H2N-CO-NH2)和甲醛在一定条件下发生类似苯酚和甲醛的反应得到线型脲醛树脂，再通过交联形成网状结构，网状结构片段如图所示(图中~表示链延长)。下列说法不正确的是 A. 形成线型结构的过程发生了缩聚反应 B. 线型脲醛树脂的结构简式可能是：H-[-NH-CO-NH-CH2-]n-OH C. 网状脲醛树脂在自然界中不可能发生降解 D. 线型脲醛树脂能通过甲醛交联形成网状结构 14. 高分子树脂X的合成路线如下。 下列说法不正确的是 A. 高分子X中存在氢键 B. 甲的结构简式为 C. ①的反应中有水生成 D. 高分子X水解可得到乙 Ⅱ卷 15. 研究有机化合物X的分子结构、性质的过程如下。 （1）确定X的分子式 通过燃烧法确定X的实验式为C3H8O2，用质谱法测得X的相对分子质量为76。则X的分子式是___________。 （2）确定X的分子结构 使用仪器分析法测定X的分子结构，结果如下表： 谱图 数据分析结果 红外光谱 含有C—O、C—H和O—H 核磁共振氢谱 峰面积比为3︰2︰1︰1︰1 结合红外光谱与核磁共振氢谱，可以确定X的结构简式是___________。 （3）研究X的分子结构与性质的关系 ①根据X的分子结构推测，其可以发生的反应类型有___________(填字母，下同)。 a．加成反应 b．取代反应 c．消去反应 d．氧化反应 ②以2—溴丙烷为主要原料制取X过程中，发生反应的反应类型依次是___________。 a．加成、消去、取代 b．消去、加成、取代 c．取代、消去、加成 ③X与己二酸[HOOC(CH2)4COOH]在一定条件下可反应生成一种高分子。反应的化学方程式是___________。 16. 功能高分子P的合成路线如下： 已知：(R、R＇表示烃基或氢) （1）A的分子式是C7H8，试剂a为___________。 （2）E的结构简式___________。 （3）F的分子式是C4H6O。F中含有的官能团的名称为___________。 （4）B→C的化学反应方程式___________。 （5）F→G中与ⅰ银氨溶液反应的化学反应方程式___________。 （6）H＋D→P的化学反应方程式___________。 17. 某化学小组为研究卤代烃水解反应与消去反应的规律，进行如下研究 Ⅰ．探究卤代烃的水解反应与消去反应： 实验ⅰ 向烧瓶A中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的水溶液，加热；B中溶液褪色。 实验ⅱ 向烧瓶A中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的乙醇溶液，加热；B中溶液褪色。 实验ⅲ 分别取实验ⅰ和ⅱ中上层清液于试管中，先加硝酸酸化，再加AgNO3 溶液，均产生黄色沉淀。 （1）烧瓶中加入碎瓷片的作用是___________。 （2）实验ⅰ中发生了水解反应，反应方程式为___________。 （3）甲同学认为实验ⅰ中高锰酸钾溶液褪色，因此发生了消去反应，乙同学认为反应体系中的物质___________(填名称)也能使其褪色，否定了甲的结论。 Ⅱ．在实验ⅱ的体系中同时检出水解产物与消去产物，进一步查阅文献资料研究 文献资料： a．与官能团相连的碳称为碳，碳相连的碳原子称为碳 b．碳上的氢活性越高，消去反应的速率越大 c．碳个数越多，取代反应的速率减慢，消去反应的竞争增大 文献数据： 表1.两种卤代烃在强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量 卤代烃 取代产物/% 消去产物/% CH3CH2CH2CH2Br 90 10 5 95 表2.两种卤代烃在有、无强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量 卤代烃 强碱的醇溶液 取代产物/% 消去产物/% 0 97 3 0.2 mol/L 21 79 0 81 19 0.2 mol/L 7 93 （4）由以上研究得到结论： ①不同的卤代烃在相同条件下取代反应与消去反应产物含量不同。 表1中消去反应产物含量比CH3CH2CH2CH2Br提升的原因是___________。 ②强碱的存在有利于消去反应的发生。 消去反应中常采用乙醇钠盐作为强碱性试剂，请用离子方程式解释乙醇钠的水溶液显碱性的原因___________。 ③消去产物的含量与卤代烃自身的结构有关。 相同条件下的消去产物比的消去产物含量高，结合材料解释原因___________。 ④卤代烃的取代反应与消去反应是共存与竞争的关系，反应受___________(写出两个即可)因素的影响。 18. Daprodustat是一种用于治疗贫血的药物，其中间体J的合成路线如图所示。 已知：。 回答下列问题： （1）B→C的反应类型是________。 （2）一定条件下，反应Ⅱ的化学方程式是________。 （3）D→E的过程中，D中的________（填官能团名称，下同）变为E中的________。 （4）F不能水解，G的核磁共振氢谱中有2组峰。H与乙二胺（）在一定条件下反应生成七元环状化合物的化学方程式是________。 （5）由中间体J合成Daprodustat的过程中需经历以下三步： 其中试剂1的分子式为，J生成K为加成反应，则试剂1和L的结构简式分别为________和________。 19. 开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体的合成路线如下： 已知： i．； ii．； （1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是___________。 （2）B中含有，试剂a是___________。 （3）D的结构简式是___________。 （4）中，反应i的化学方程式为___________。 （5）下列关于有机物和的说法正确的是___________(填字母)。 a．和均没有手性碳原子 b．和均能与反应 c．和均能与银氨溶液反应 （6）H与反应得到I经历了下图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含键。 中间产物1、中间产物3的结构简式是___________、___________。 （7）的过程中，转化为含价Se的化合物，反应中和I的物质的量之比为___________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 北京交大附中2024-2025学年第二学期期中练习 高二化学 2025.04 说明：本试卷共9页，共100分。考试时长90分钟。 可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Ⅰ卷 选择题(每小题只有一个选项符合题意，本题共14小题，每小题3分，共42分) 1. 下列各组表达式意义相同的是 A. ﹣NO2；NO2 B. ﹣OH； C. ﹣C2H5；﹣CH2CH3 D. HCOOCH3；HOOCCH3 【答案】C 【解析】 【详解】A．﹣NO2　NO2，前者为硝基，属于有机物的官能团，后者为氮元素的氧化物，二者表示的意义不同，故A不符合题意； B．﹣OH为羟基，羟基中氧原子最外层7个电子，表示的是阴离子，二者表示的意义不同，故B不符合题意； C．二者表示的取代基类型不同，前者为乙烯基，后者为乙烷基，表示的都是取代基，表达式意义相同，故C符合题意； D．前者表示的是甲酸甲酯，属于酯类，后者表示的是乙酸，属于羧酸，二者互为同分异构体，表示的物质不同，故D错误； 故选C。 2. 下列反应不是取代反应的是 A. B. C. +HNO3+H2O D. 【答案】B 【解析】 【分析】取代反应为有机物分子中的原子或原子团被其他原子或原子团替代的反应。 【详解】A．组成中的溴原子被羟基替代生成，属于取代反应，A项错误； B．发生氧化反应生成，再发生中和反应生成了，不属于取代反应，B项正确； C．甲苯结构中甲基对位H原子被替代生成对硝基甲苯，属于取代反应，C项错误； D．该反应是酯化反应，属于取代反应，可以看成结构中的被替代生成乙酸乙酯，D项错误； 答案选B。 3. 下列有机物的名称与结构简式对应关系不正确的是 A B C D 2-甲基丁烷 顺-2-戊烯 2-甲基-1，3-丁二烯 聚乙烯 A. A B. B C. C D. D 【答案】D 【解析】 【详解】A．由结构简式可知，烷烃分子中最长碳链含有4个碳原子，侧链为甲基，名称为2-甲基丁烷，故A正确； B． 由结构简式可知，烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有5个碳原子，名称为顺-2-戊烯，故B正确； C．由结构简式可知，烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有4个碳原子，侧链为甲基，名称为2-甲基-1，3-丁二烯，故C正确； D．一定条件下，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，聚乙烯的结构简式为，故D错误； 故选D。 4. 下列各组物质中，互为同系物的是 A. B. 乙二醇和丙三醇 C. 葡萄糖和果糖 D. CH3COOCH3和CH3COOC（CH3）3 【答案】D 【解析】 【分析】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物。 【详解】A．前者官能团为酚羟基，后者官能团为醇羟基，二者结构不相似，不属于同系物； B．乙二醇含有2个羟基，丙三醇含有3个羟基，结构不相似，二者不属于同系物。 C．葡萄糖为多羟基醛，果糖为多羟基酮，官能团不同，二者不属于同系物； D．二者均含有1个酯基，结构相似，且分子组成上相差3个CH2，故二者属于同系物。 答案选D。 【点睛】同系物要求结构相似，要求官能团的种类及数目均相同。有的物质之间满足“相差一个或若干个CH2原子团”，但结构不相似，就不属于同系物。 5. 下列说法不正确的是 A. 葡萄糖、蔗糖、纤维素都是糖类物质，都可发生水解反应 B. 天然植物油中不饱和脂肪酸甘油酯含量高，常温下呈液态 C. 氨基酸、二肽、蛋白质均既能与强酸又能与强碱反应 D. 淀粉水解液加足量碱后，再加新制氢氧化铜浊液，加热，产生砖红色沉淀 【答案】A 【解析】 【详解】A．葡萄糖为单糖，不能水解，故A错误； B．植物油为不饱和高级脂肪酸甘油酯，为液态，故B正确； C．二肽、氨基酸、蛋白质的结构中都是既含有羧基，又含有氨基的，则它们都可以既能与酸反应，又能与碱反应，故C正确； D．淀粉水解液加过量氢氧化钠溶液后，加新制氢氧化铜悬浊液，加热，若有砖红色沉淀生成，说明淀粉发生了水解且生成了具有还原性的葡萄糖，故D正确； 故选A。 6. 下列反应产物不能用反应物中键的极性解释的是 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】共价键的极性会使成键原子带部分正/负电荷，反应中通常带部分正电的基团与带部分负电的基团结合得到产物，据此分析： 【详解】A．乙醛的是极性键，氧电负性大于碳，羰基碳带部分正电；是极性键，带部分负电，加成时负电的连接带正电的羰基碳，正电的连接带负电的氧，得到对应产物，可以用键的极性解释，A不符合题意； B．乙酰氯的是极性键，酰基碳带部分正电；中氮原子带部分负电，负电的氮进攻正电的酰基碳，带负电的结合中带正电的生成，得到对应产物，可以用键的极性解释，B不符合题意； C．乙醇的是极性键，烷基碳带部分正电；中带部分负电，取代连接带正电的碳，带正电的和带负电的结合生成水，得到，可以用键的极性解释，C不符合题意； D．反应物中是碳原子间形成的非极性键，也是非极性键，不存在键极性导致的电荷偏移，该加成反应的产物不能用反应物键的极性解释，D符合题意； 故选D。 7. 新鲜水果和蔬菜中富含维生素，在作用下可转化为脱氢维生素，原理如下： 下列关于维生素的说法正确的是 A. 分子式为 B. 难溶于水，易溶于有机溶剂 C. 维生素C与脱氢维生素都可使酸性溶液褪色 D. 与脱氢维生素互为同分异构体 【答案】C 【解析】 【详解】A．由结构简式可知，维生素C的分子式为C6H8O6，故A错误； B．羟基为亲水基，有利于有机物溶于水，由结构简式可知，维生素C分子中含有多个亲水基，所以易溶于水，故B错误； C．由结构简式可知，维生素C分子中含有的碳碳双键和醇羟基能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，脱氢维生素C分子中含有的醇羟基能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，所以维生素C与脱氢维生素C都可使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确； D．由结构简式可知，维生素C与脱氢维生C素的分子式不相同，所以不可能同分异构体，故D错误； 故选C。 8. 为提纯下列物质(括号内的物质为杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是 选项 被提纯物质 除杂试剂 分离方法 A 乙烷(乙烯) 酸性高锰酸钾溶液 洗气 B 乙醇(乙酸) 氢氧化钠溶液 分液 C 溴苯(溴单质) 氢氧化钠溶液 蒸馏 D 乙酸乙酯(乙酸) 饱和碳酸钠溶液 萃取分液 A. A B. B C. C D. D 【答案】D 【解析】 【详解】A．乙烯会被酸性高锰酸钾溶液氧化为，在除去乙烯的同时又产生了新的杂质气体，A项错误； B．乙醇溶液与氢氧化钠溶液互溶，因此不能用分液的方法分离，B项错误； C．溴单质和氢氧化钠溶液反应生成无机盐(NaBr，NaBrO)，溴苯与氢氧化钠溶液不反应、不互溶，可以通过分液的方法将溴苯分离出来，C项错误； D．乙酸乙酯中的乙酸可以与饱和碳酸钠溶液反应而除去，乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度小，通过分液的方法分离，D项正确； 故选D。 9. 某同学做如下实验，对照实验不能达到实验目的的是 A. ①、②对照,比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性 B. ②、③对照,说明中C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子 C. ④、⑤对照,能说明苯环对羟基的化学性质产生影响 D. ②和③、④和⑤对照,说明官能团对有机物的化学性质起决定作用 【答案】C 【解析】 【详解】A. 水和乙醇中均有羟基氢，①、②对照，反应均产生氢气但反应剧烈程度不同，故可比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性，A能达到目的，A不选； B. 煤油和乙醇分子中，乙醇中有一个羟基氢，其余都是单键碳原子上的氢，②、③对照，乙醇和钠反应产生了氢气，说明C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子，B能达到目的，B不选； C. 苯和苯酚中均含有苯环，④、⑤对照，④中只有萃取而不反应、⑤中产生白色沉淀三溴苯酚，故对照，能说明羟基对苯环的化学性质产生影响，C不能达到预期目的，C选； D. 乙醇的官能团是醇羟基、苯酚的官能团是酚羟基，结合上面分析可知：②和③、④和⑤对照，说明官能团对有机物的化学性质起决定作用，D能达到目的，D不选； 答案选C。 10. 下列实验方案能达到实验目的的是 A．比较碳酸、苯酚的酸性强弱 B．检验溴乙烷水解产物中含有 C．实验室制取乙酸乙酯 D．检验乙醇与浓硫酸共热生成乙烯 A. A B. B C. C D. D 【答案】C 【解析】 【详解】A．乙酸易挥发，二氧化碳、乙酸能都能与苯酚钠反应生成苯酚沉淀，且右侧试管口不能用塞子塞住，故A错误； B．检验溴乙烷水解产物中含有Br-，应该先向水解液中加硝酸中和氢氧化钠，再滴加硝酸银溶液，故B错误； C．乙醇、乙酸在浓硫酸作用下生成乙酸乙酯，用饱和碳酸钠溶液收集乙酸乙酯，故C正确； D．乙醇易挥发，乙醇和浓硫酸反应可能生成还原性气体二氧化硫，乙烯、乙醇、二氧化硫都能使高锰酸钾溶液褪色，高锰酸钾褪色，不能说明乙醇与浓硫酸共热生成乙烯，故D错误； 故答案为C。 11. 有机小分子X通过选择性催化聚合可分别得到聚合物Y、Z。 下列说法不正确的是 A. X的结构简式是 B. Y和Z中都含有酯基 C. Y和Z的链节中C、H、O的原子个数比相同 D. Y和Z分别通过化学反应均可形成空间网状结构 【答案】A 【解析】 【详解】A．由Y的结构简式知，X含有碳碳双键和酯基，X的结构简式是 ，A错误； B．Y中含有酯基，Z中也含有酯基，B正确； C．Y和Z都是由 聚合而成，Y和Z的链节中C、H、O的原子个数比相同，C正确； D．Y中含有酯基、Z中含有碳碳双键，分别通过化学反应均可形成空间网状结构，D正确； 故选A。 12. 采用惰性电极电解制备乙醛酸()的原理如下所示。E室电解液为盐酸和乙二醛()的混合溶液，F室电解液为乙二酸溶液。下列说法不正确的是 A. a为电源正极 B. H+从E室迁移至F室 C. 外电路中每通过2mol电子，理论上就有1mol乙醛酸生成 D. E室中乙二醛被氧化的化学方程式：H2O+Cl2++2HCl 【答案】C 【解析】 【分析】左侧电极上氯离子失电子生成氯气，为阳极，则a电极为正极；b为负极，右侧电极为阴极，据此分析解答； 【详解】A．由以上分析可知a为电源正极，故A正确； B．电解池中H+向阴极移动，则H+从E室迁移至F室，故B正确； C．由装置可知阴阳极区均有乙醛酸生成，则外电路中每通过2mol电子，理论上有2mol乙醛酸生成，故C错误； D．阳极生成的氯气与反应生成乙醛酸，1mol氯气得2mol电子，1mol反应时失2mol电子，根据得失电子守恒及元素守恒得反应方程式：H2O+Cl2++2HCl，故D正确； 故选：C。 13. 脲醛树脂可用于生产木材黏合剂、电器开关等。尿素(H2N-CO-NH2)和甲醛在一定条件下发生类似苯酚和甲醛的反应得到线型脲醛树脂，再通过交联形成网状结构，网状结构片段如图所示(图中~表示链延长)。下列说法不正确的是 A. 形成线型结构的过程发生了缩聚反应 B. 线型脲醛树脂的结构简式可能是：H-[-NH-CO-NH-CH2-]n-OH C. 网状脲醛树脂在自然界中不可能发生降解 D. 线型脲醛树脂能通过甲醛交联形成网状结构 【答案】C 【解析】 【详解】A．该高分子化合物可由尿素和甲醛通过缩聚反应得到，所以得到该物质的反应为缩聚反应，A正确； B．根据图判断其结构简式可能为：H-[-NH-CO-NH-CH2-]n-OH，B正确； C．网状脲醛树脂中含肽键，可以发生水解反应，即该物质在自然界中可以降解，C错误； D．由图示结构可知，甲醛可以和线型脲醛树脂中的亚氨基继续加成反应生成网状结构的脲醛树脂，D正确； 故选C。 14. 高分子树脂X的合成路线如下。 下列说法不正确的是 A. 高分子X中存在氢键 B. 甲的结构简式为 C. ①的反应中有水生成 D. 高分子X水解可得到乙 【答案】D 【解析】 【分析】在酸性条件下加热反应生成甲，则甲为；结合高分子X的结构简式及乙的分子式可知，乙的结构为，甲与乙发生加聚反应生成高分子X。 【详解】A．高分子X中含有羧基、酰胺键，因此可以形成氢键，A正确； B．根据分析可知，甲的结构简式为，B正确； C．①的反应为2分子的与HCHO反应生成乙，根据原子守恒可知反应中有水生成，C正确； D．甲和乙发生加聚反应生成高分子X，而不是缩聚反应，因此高分子X水解无法得到乙，D错误； 答案选D。 Ⅱ卷 15. 研究有机化合物X的分子结构、性质的过程如下。 （1）确定X的分子式 通过燃烧法确定X的实验式为C3H8O2，用质谱法测得X的相对分子质量为76。则X的分子式是___________。 （2）确定X的分子结构 使用仪器分析法测定X的分子结构，结果如下表： 谱图 数据分析结果 红外光谱 含有C—O、C—H和O—H 核磁共振氢谱 峰面积比为3︰2︰1︰1︰1 结合红外光谱与核磁共振氢谱，可以确定X的结构简式是___________。 （3）研究X的分子结构与性质的关系 ①根据X的分子结构推测，其可以发生的反应类型有___________(填字母，下同)。 a．加成反应 b．取代反应 c．消去反应 d．氧化反应 ②以2—溴丙烷为主要原料制取X过程中，发生反应的反应类型依次是___________。 a．加成、消去、取代 b．消去、加成、取代 c．取代、消去、加成 ③X与己二酸[HOOC(CH2)4COOH]在一定条件下可反应生成一种高分子。反应的化学方程式是___________。 【答案】（1） （2） （3） ①. bcd ②. b ③. 【解析】 【小问1详解】 设X的分子式为(C3H8O2)n，由相对分子质量可得：n==1，则X的分子式为C3H8O2，故答案为：C3H8O2； 【小问2详解】 由红外光谱和核磁共振氢谱可知，X的结构简式为，故答案为：； 【小问3详解】 ①由结构简式可知，X分子中含有羟基，一定条件下可以发生取代反应、消去反应、氧化反应，不能发生加成反应，故选bcd； ②以2—溴丙烷为主要原料制取X的步骤为2-溴丙烷在氢氧化钠醇溶液中共热发生消去反应生成丙烯，丙烯与溴水发生加成反应生成1，2-二溴丙烷，1，2-二溴丙烷在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成，则制备过程中发生反应的反应类型依次是消去反应、加成反应、取代反应，故选b； ③一定条件下X与己二酸发生缩聚反应生成和水，反应的化学方程式为，故答案为：。 16. 功能高分子P的合成路线如下： 已知：(R、R＇表示烃基或氢) （1）A的分子式是C7H8，试剂a为___________。 （2）E的结构简式___________。 （3）F的分子式是C4H6O。F中含有的官能团的名称为___________。 （4）B→C的化学反应方程式___________。 （5）F→G中与ⅰ银氨溶液反应的化学反应方程式___________。 （6）H＋D→P的化学反应方程式___________。 【答案】（1）浓硫酸、浓硝酸 （2） （3）碳碳双键、醛基 （4） （5） （6） 【解析】 【分析】A的分子式是，结合最终产物P的结构采用逆合成思路可知，A是甲苯，D为，从A到B是苯环上引入硝基，B为对硝基甲苯，C为，最终产物P的结构采用逆合成思路可知H为，则G为，由F与银氨溶液反应、酸化后生成G，则F为，结合E生成F的反应条件，根据已知反应可知，E为。 【小问1详解】 根据上述分析可知，A的分子式是，结合最终产物P的结构可知，A是甲苯，从A到B是苯环上引入硝基，B为对硝基甲苯，该反应是甲苯的硝化反应，则试剂a是浓硫酸、浓硝酸，在加热条件下发生反应；故答案为：浓硫酸、浓硝酸； 【小问2详解】 根据已知反应以及F的分子式，逆推可知E为乙醛，结构简式是；故答案为：； 【小问3详解】 E()在/△条件下发生已知反应生成F，F的分子式是，根据反应机理可知F的结构简式为，其中含有的官能团是碳碳双键、醛基；故答案为：碳碳双键、醛基； 【小问4详解】 B是对硝基甲苯，B生成C是在光照条件下甲基上的氢原子被氯原子取代，反应的化学方程式为； 【小问5详解】 F()中醛基与银氨溶液发生银镜反应，醛基被氧化为羧基，羧基再与氨水反应生成羧酸盐，反应方程式为； 【小问6详解】 由高分子P逆推，D为、H为，二者发生酯化反应生成高分子P及水，反应化学方程式为。 17. 某化学小组为研究卤代烃水解反应与消去反应的规律，进行如下研究 Ⅰ．探究卤代烃的水解反应与消去反应： 实验ⅰ 向烧瓶A中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的水溶液，加热；B中溶液褪色。 实验ⅱ 向烧瓶A中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的乙醇溶液，加热；B中溶液褪色。 实验ⅲ 分别取实验ⅰ和ⅱ中上层清液于试管中，先加硝酸酸化，再加AgNO3 溶液，均产生黄色沉淀。 （1）烧瓶中加入碎瓷片的作用是___________。 （2）实验ⅰ中发生了水解反应，反应方程式为___________。 （3）甲同学认为实验ⅰ中高锰酸钾溶液褪色，因此发生了消去反应，乙同学认为反应体系中的物质___________(填名称)也能使其褪色，否定了甲的结论。 Ⅱ．在实验ⅱ的体系中同时检出水解产物与消去产物，进一步查阅文献资料研究 文献资料： a．与官能团相连的碳称为碳，碳相连的碳原子称为碳 b．碳上的氢活性越高，消去反应的速率越大 c．碳个数越多，取代反应的速率减慢，消去反应的竞争增大 文献数据： 表1.两种卤代烃在强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量 卤代烃 取代产物/% 消去产物/% CH3CH2CH2CH2Br 90 10 5 95 表2.两种卤代烃在有、无强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量 卤代烃 强碱的醇溶液 取代产物/% 消去产物/% 0 97 3 0.2 mol/L 21 79 0 81 19 0.2 mol/L 7 93 （4）由以上研究得到结论： ①不同的卤代烃在相同条件下取代反应与消去反应产物含量不同。 表1中消去反应产物含量比CH3CH2CH2CH2Br提升的原因是___________。 ②强碱的存在有利于消去反应的发生。 消去反应中常采用乙醇钠盐作为强碱性试剂，请用离子方程式解释乙醇钠的水溶液显碱性的原因___________。 ③消去产物的含量与卤代烃自身的结构有关。 相同条件下的消去产物比的消去产物含量高，结合材料解释原因___________。 ④卤代烃的取代反应与消去反应是共存与竞争的关系，反应受___________(写出两个即可)因素的影响。 【答案】（1）防止暴沸 （2） （3）1-丁醇 （4） ①. 中碳上的氢活性比高 ②. ③. 侧链比多，则消去反应的竞争增大，消去反应产物越多 ④. 碳上的氢活性和碳上的侧链多少 【解析】 【分析】本题围绕卤代烃的水解反应与消去反应展开，通过实验探究不同条件下卤代烃的反应情况，并结合文献资料分析影响反应的因素。 【小问1详解】 在加热液体时，液体可能会因局部过热而暴沸，加入碎瓷片可以增大液体的接触面积，使液体受热更均匀，从而防止液体暴沸，所以烧瓶中加入碎瓷片的作用是防止暴沸。 【小问2详解】 实验ⅰ是1-溴丁烷在氢氧化钠水溶液中加热发生水解反应，其化学方程式为。 【小问3详解】 实验ⅰ中产物会有1-丁醇，其具有挥发性，挥发出的1-丁醇也能使酸性高锰酸钾褪色，所以乙同学否定了甲的结论。 【小问4详解】 ①根据文献资料，碳上的氢活性越高，消去反应的速率越大，因此可知表1中去反应产物含量比CH3CH2CH2CH2Br提升的原因是中碳上的氢活性比高。 ②乙醇钠是强碱弱酸盐，其中的会发生水解反应生成乙醇和，使溶液显碱性，离子方程式为。 ③由文献资料知碳个数越多，取代反应的速率减慢，消去反应的竞争增大。侧链有3个甲基侧链，而侧链有2个甲基侧链，所以相同条件下的消去产物比的消去产物含量高，则消去反应的竞争增大，消去反应产物越多。 ④由反应的数据和资料可知，卤代烃的取代反应与消去反应受碳上的氢活性以及碳上的侧链多少两方面因素的影响。 18. Daprodustat是一种用于治疗贫血的药物，其中间体J的合成路线如图所示。 已知：。 回答下列问题： （1）B→C的反应类型是________。 （2）一定条件下，反应Ⅱ的化学方程式是________。 （3）D→E的过程中，D中的________（填官能团名称，下同）变为E中的________。 （4）F不能水解，G的核磁共振氢谱中有2组峰。H与乙二胺（）在一定条件下反应生成七元环状化合物的化学方程式是________。 （5）由中间体J合成Daprodustat的过程中需经历以下三步： 其中试剂1的分子式为，J生成K为加成反应，则试剂1和L的结构简式分别为________和________。 【答案】（1）还原反应 （2） （3） ①. 氨基 ②. 酰胺基 （4） （5） ①. ②. 【解析】 【分析】E的结构简式为，D与发生加成反应生成，推出D的结构简式为：，由C与氢气发生加成反应生成的D，推知C的结构简式为：，由B的分子式以及B到C的转化条件可知，B被还原为氨基生成C，推知B的结构简式为：，由B的结构简式和A的分子式可推知，A是一种芳香族化合物，分子式为C6H6，则A为苯，苯与浓硝酸、浓硫酸共热反应生成的B为硝基苯，E和I发生取代反应生成J为和HCl，则I为，H分子式为C3H4O4，SOCl2可将羧基中的羟基取代为氯原子，则逆推H为，根据信息反应，以及G的分子式，可知G为，结合F的分子式，则F为CH3COOH，据此解答。 【小问1详解】 B为硝基苯，硝基被Fe/HCl还原为氨基，反应类型为还原反应。 【小问2详解】 反应II为C与氢气加成生成D，方程式为+3H2。 【小问3详解】 根据分析，对比D与E官能团可知，D中的氨基变为E中的酰胺基。 【小问4详解】 据分析，F为乙酸，G为，符合核磁共振氢谱有2组峰，H为，H与乙二胺反应生成七元环状化合物的方程式为。 【小问5详解】 L发生酯的水解脱去C2H5OH，结合Daprodustat中羧基的位置可知，L的结构简式为，试剂1的分子式为C5H7O3N，J生成K为加成反应，K→L是异构化，则试剂1中含—COOC2H5，结合L的结构简式可知试剂1的结构简式为。 19. 开瑞坦是一种重要的脱敏药物，可用于治疗过敏性鼻炎、荨麻疹等各类过敏性疾病。开瑞坦的前体的合成路线如下： 已知： i．； ii．； （1）A的核磁共振氢谱有3组峰，A的结构简式是___________。 （2）B中含有，试剂a是___________。 （3）D的结构简式是___________。 （4）中，反应i的化学方程式为___________。 （5）下列关于有机物和的说法正确的是___________(填字母)。 a．和均没有手性碳原子 b．和均能与反应 c．和均能与银氨溶液反应 （6）H与反应得到I经历了下图所示的多步反应。其中，中间产物1有2个六元环，红外光谱显示中间产物2、3中均含键。 中间产物1、中间产物3的结构简式是___________、___________。 （7）的过程中，转化为含价Se的化合物，反应中和I的物质的量之比为___________。 【答案】（1） （2）HBr （3） （4） （5）bc （6） ①. ②. 或者 （7） 【解析】 【分析】由有机物的转化关系可知，核磁共振氢谱有3组峰的一定条件下与环氧乙烷反应生成，则A为、B为；与溴化氢发生取代反应生成，则C为；催化剂作用下与CH2(COOCH3)2发生取代反应生成，则D为；催化剂作用下与Br(CH2)2CHO发生取代反应生成，在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成 ，酸化生成，则F为；共热发生脱羧反应生成，则G为；一定条件下转化为，与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应生成，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，与二氧化硒发生氧化反应生成，则J为；催化剂作用下发生取代反应生成。 【小问1详解】 由分析可知，A的结构简式为； 【小问2详解】 由分析可知，与溴化氢发生取代反应生成和水，则试剂a为溴化氢； 【小问3详解】 由分析可知，D的结构简式为； 【小问4详解】 由分析可知，E→F中，反应i的反应为在氢氧化钠溶液中发生水解反应生成和甲醇，反应的化学方程式为； 【小问5详解】 由分析可知，F和G的结构简式为和； a．由结构简式可知，G分子中含有1个如图*所示的1个手性碳原子：，a错误； b．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与碳酸氢钠反应的羧基，故b正确； c．由结构简式可知，F和G分子中均含有能与银氨溶液反应的醛基，故c正确； 故答案选bc； 【小问6详解】 由分析可知，H→I的反应为与羟胺发生加成反应生成，发生消去反应生成，发生构型转化为或，或发生消去反应生成，则中间产物1的结构简式为，中间产物3的结构简式为或； 【小问7详解】 由分析可知，I→J的反应为与二氧化硒发生氧化反应生成，由得失电子数目守恒可知，反应中氧化剂二氧化硒和还原剂的物质的量之比为3:1。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $