湖南省湘西州2025届高三下学期高考模拟物理试卷（二）

答案第 1页，共 6页 湘西州 2025 年高考模拟试卷 物 理 一、单选题：本题共 6小题，每小题 4分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的。 1．下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（ ） A．甲图中，原子核 D和 E聚变成原子核 F要吸收能量。 B．乙图中，若氢原子从 2n  能级跃迁到 1n  能级时辐射出 A光，只要用波长小于 A 光波长的光照射，都能使氢原子从 1n  跃迁到 2n  C．丙图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，得出原子的核式结构模型。 D．丁图中，汤姆孙通过对阴极射线的研究揭示了原子核内还有复杂结构 2．下列光路或光现象的描述，正确的是（ ） A．单色光通过双缝，屏上出现明暗相间且等间距的条纹 B．青蛙在井底 P处“观天”的光路 C．插针法测玻璃折射率的部分光路 D．白光照射肥皂膜发生干涉，此时膜的厚度为上宽下窄 3．如图所示，一半径为 R的均匀带正电圆环水平放置，环心为 O点，质量为 m的带正电的小球从 O点正上方 h高的 A点由静止释放，并穿过带电环，关于 小球从 A到 A关于 O的对称点 A′过程加速度（a）、重力势能（EpG）、机械能（E）、 电势能（Ep 电）随位置变化的图象一定错误的是（取 O点为坐标原点且重力势 能为零，竖直向下为正方向，无限远电势为零）（ ） A． B． C． D． 答案第 2页，共 6页 4．城市用电通常分为高峰和低谷，某发电站为了保证功率稳定，采用了储能站在用电 低谷时将多余电能储存起来。如图所示，发电机的输出电压 1 250 VU  ，输出功率为 500 kW。 降压变压器的原、副线圈匝数比 3 4: 50 :1n n  ，输电线总电阻 62.5ΩR  。其余线路电阻不计， 用户端电压 4 220 VU  ，低谷耗电功率为 88 kW，所有变压器均为理想变压器。下列说法 正确的是( ) A．用电高峰时用户端消耗的功率为 500 kW B．用电低谷时，输电线上损失的功率为 4.8 kW C．用电低谷时，储能站储存电能的功率为 408 kW D．用电低谷时，升压变压器的匝数比为 1 2: 1: 46n n  5.套圈是游乐场上常见的项目，要提高命中率，我们常将圆环斜向上抛出，大人和小孩 向 P抛出圆环，轨迹如图所示。下列说法正确的是（ ） A．两个人抛出的初速度初速度大小一定相同 B．两个圆环 p点的速度大小可能相同 C．两个圆环最高点速度可能相同 D．在空中两个圆环的速度变化可能相等 6．如图所示，足够长的木板置于光滑水平面上，倾角θ = 53°的斜劈放在木板上，一平 行于斜面的细绳一端系在斜劈顶，另一端拴接一可视为质点的小球，已知木板、斜劈、 小球质量均为 1 kg，斜劈与木板之间的动摩擦因数为μ，重力加速度 g = 10 m/s2，现对 木板施加一水平向右的拉力 F，（其中 sin53 0.8  ，cos53 0.6  ）下列说法错误的是（ ） A．若μ = 0.2，不论 F多大，小球均能和斜劈保持相对静止 B．若μ = 0.5，当 F = 10 N时，木板相对斜劈向右滑动 C．若μ = 0.8，当 F = 22.5 N时，小球对斜劈的压力为 0 D．若μ = 0.8，当 F = 26 N时，细绳对小球的拉力为2 41N 二、多选题：本题共 4小题，每小题 5分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有 多项符合题目要求。全部选对的得 5分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分。 7．地球和木星绕太阳运行的轨道可以看作是圆形的，它们各自的卫星轨道也可看作是 圆形的。已知木星的公转轨道半径约为地球公转轨道半径的 5倍，木星半径约为地球半 径的 11倍，木星质量大于地球质量。如图所示是地球和木星的不同卫星做圆周运动的 半径 r的立方与周期 T的平方的关系图象，已知万有引力常量为 G，地球的半径为 R。 下列说法正确的是（ ） A．木星与地球的质量之比为11 bd ac B．木星与地球的线速度之比为 1： 5 C．地球密度为 3 3 a GdR  D．木星密度为 3 3 125 b GcR  答案第 3页，共 6页 8．如图甲所示，在 xOy平面内有两个沿 y轴方向做简谐运动的点波源 1S 和 2S 分别位于 5mx   和 7mx  处，某时刻波源 1S 在 x轴上产生的波形图如图乙所示，波源 2S 的振动图像 如图丙所示，由两波源所产生的简谐波波速均为 1m/s 3 ，质点 a、b、p的平衡位置分别位 于 3max  、 2mbx   、 1mpx  处。已知在 5st  时，两波源均在平衡位置且振动方向相同， 下列说法正确的是（ ） A．两波源所产生的简谐波在叠加的区域内会发生稳定干涉 B．稳定后质点 a的振幅为 5cm C．在32s 50s 内，质点 b运动的总路程是 2.10m D．稳定后质点 P振动的表达式为 535sin 6 6y t        9．如图所示，足够长的直角支架 aOb固定在竖直平面内，其中细杆Oa粗糙，沿水平方 向，细杆Ob光滑，沿竖直方向。质量分别为 m和3m的小圆环 P和 Q分别套在两个细杆 上，两个小圆环用轻绳拴接。初始时，圆环 P被锁定，绷紧的轻绳与水平方向的夹角为 37  ，圆环 P与细杆Oa间的动摩擦因数为 0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力 加速度为 g，sin37 0.6  ， cos37 0.8  ，则下列说法正确的是（ ） A．初始时，轻绳上的拉力大小为 5mg B．解除 P锁定后瞬间，轻绳上的拉力大小为 3mg C．解除 P锁定后瞬间，圆环 P的加速度大小为 2g D．解除 P锁定后瞬间，圆环 Q的加速度大小为 8 13 g 10．粒子以速度 2 0 水平向左垂直于最右边磁场的进入匀强电、磁场区域，其中磁场方向 均垂直于纸面向里，磁感应强度大小均为 04 mvB qL  ，电场方向均沿 x轴负方向，电场强度 大小均为 2 0 8  mvE qL ，电、磁场区域的宽度均为 L。已知粒子的质量为 m、电荷量为  0q q  ， 虚线边界上有电场（ ） A．粒子出第一个磁场时与水平方向的夹角为 45 B．取粒子刚离开匀强电、磁场区域中第一个电场区域 时速度与水平方向的夹角为 2 ，则 2 2sin 4   C．粒子刚离开第一个电场区时速度大小为 02 v2 2v  D．粒子在第 4层磁场中达到轨迹最左端 答案第 4页，共 6页 三、非选择题：本题共 5小题，共 56分。 11．（8分）某实验小组对水平面内的圆周运动进行探究，装置如图甲所示。滑块套在水 平杆上，随水平杆一起绕竖直杆做匀速圆周运动，力传感器通过一细绳连接滑块，用来 测量细绳拉力 F的大小，滑块上固定一遮光片，宽度为 d，遮光片与固定在铁架台上的 光电门可测量滑块的角速度，滑块旋转半径为 r，滑块受到的最大静摩擦力等于滑动 摩擦力。 (1)若测得遮光片经过光电门时的遮光时间为Δt，则角速度  ； (2)为了提高实验精度，挡光条的宽度应适当 （填“小”或“大”）些； (3)改变水平杆转动的角速度，测得多组数据，以 F为纵坐标，以 2 1 (Δ )t 为横坐标，在坐标 纸中描出数据点，请在图乙中作出 F的图像 ； (4)若 2 1 (Δ ) F t  图像的斜率为 k，纵截距为 b ，重力加速度为 g，则滑块的质量m  ， 滑块与水平杆间的动摩擦因数  。（用题中物理量 k、b、d、r、g表示） 12．（10分）超纯水在电子元件、半导体、光电子、光纤、航天等研究领域有着广泛的 应用。电阻率是衡量水的纯度的重要指标，某公司生产了一批超纯水，在商品宣传页（图 甲）显示了该商品的标准参照值，当电阻率不小于 51.8 10 Ω m  时即为达标。为了检测该 超纯水的电阻率是否达标，教师带领实验小组设计了以下实验方案来进行检测。 ①如图乙，在长方体绝缘槽内壁插入两片竖直金属薄板（薄板略小于容器横截面积）； ②选择合适器材，按图丙所示连接电路，电源的电动势为3 V，先将 a、b接线柱用导线 直接连接，调节滑动变阻器 R，使灵敏电流计G达到满偏，满偏电流为  61 A 1 A 1 10 A    ； ③保持滑动变阻器滑片位置不变，用导线将图乙的A、B分别与图丙的 a、b接线柱连接， 在槽内。缓慢倒入超纯水，直到灵敏电流计指针指到0.25 A 时，记录倒入超纯水的体积 为 3720 cm 。 答案第 5页，共 6页 (1)根据所学知识分析，超纯水的导电性能越 （填“强”或“弱”）水的纯度越 高。 (2)用游标卡尺测得槽内部底面长度如图丁所示，则底部长度为 cm。 (3)根据数据分析，此部分超纯水的电阻为 Ω，该超纯水电阻率 （填“达标”或“不 达标”）。 13．（10分）将一个粗细均匀的小玻璃瓶装入适量的水后，开口向下倒扣入塑料水瓶中， 使小玻璃瓶中封闭一段空气，拧紧塑料水瓶的瓶盖。用手挤压塑料水瓶，小玻璃瓶会缓 慢下沉到底部；适当减小挤压塑料水瓶的程度，小玻璃瓶会缓慢上浮。现在将上述过程 简化如图所示，水面倒扣一个横截面积为 S1的圆柱形玻璃瓶，上端气体A的高度为 5cm， 水缸的上部用质量为 m=0.2kg的活塞封闭一段气体 B，水缸的横截面积为 S2=0.01m2。 装置稳定时，A中气体上端高出水缸水面的高度为 2cm。已知，大气压为 ax101 50 PP  ，重 力加速度为 g=10m/s2，水的密度为 33 m/g10x1 K ，玻璃瓶竖直高度为 h=10cm，水深为 H=40cm，忽略玻璃瓶进入水中后对活塞下面气体 B体积的影响，所有装置导热良好， 外界气体温度不变，不计玻璃瓶的底部厚度。 当在活塞上施加压力，玻璃瓶刚好完全没入水面下方时，气体 A的压强为多大？ 当在活塞上施加压力，玻璃瓶刚好在水中后，玻璃瓶维持原样下沉，不考虑气体 A在水 中下沉过程中体积的变化，通过计算比较玻璃瓶刚好在水面下方时和刚到水缸底部时， 加在活塞上压力大小之比？ 14.(12分)如图所示，两间距为 L的平行倾斜光滑导轨与足够长的水平平行光滑导轨用绝 缘体平滑连接，导轨电阻不计，倾斜导轨的上端连接电阻 R1,倾斜导轨倾角为，水平导 轨的下方连接有电阻 R2和电容器 C。整个装置都处于磁感应强度为 B竖直向下的匀强 磁场。质量为 m，电阻为 R的导体棒 a垂直于倾斜导轨，从离水平导轨高 h（未知）处 由静止释放，经 t时间刚好以最大速度达到导轨底端。取电容器在充电过程中，R2和电 容器 C的等效电阻为 R，电容器不带电，不考虑电容器在充电过程中的电磁辐射，重力 加速度为 g。 （1）当导体棒 a在倾斜导轨上达到最大速度 v1时，v1为大少？ （2）导体棒 a在倾斜导轨上时放点的高度 h为多少？ （3）当 a棒匀速后，继续在斜面上相同位置释放一根与 a完全相同的导体棒 b，当 b 导体棒进入水平导轨与 a保持相对位置不再改变时，取走 a，继续在斜面上放置同样 的导体帮 c，循环操作。导体棒 a记为第 1根导体棒，导体棒 b记为第 2根导体棒， 当第 n根导体棒匀速时，电容器上的电荷量为多大？（本问中认为 v1为已知量） 答案第 6页，共 6页 15．（16分）如图所示，足够长的水平光滑地面上左端固定有一小球发射器 A，可以不 断地发射速度均为 v0的小球 B，小球滑上半径为�的 1 4 圆弧形滑块 C。取发射器 A、小球 B和1 4 圆弧形滑块 C的质量分别是mA、mB、mC，且mC = 2mB = 2m，一切摩擦和空气阻 力均可忽略，重力加速度为 g。 (1)若小球的速度足够大，可以从1 4 圆弧形滑块 C的顶端飞出，求小球上升的最大高度 H 为多少？ (2)1号小球从滑块 C上端飞出后，在空中飞行一段距离后又会从滑块 C的上端进入1 4 圆 弧形轨道，然后从滑块 C的底部与 C分离，此时我们再从弹射器 A上发射一个同样的 2号小球，速度也是 v0，每次有小球从滑块 C上分离时，都从发射器发射一个小球。小 球的大小可以忽略，小球之间的碰撞都是弹性碰撞，若 1号球再次从滑块 C底部滑入， 且刚好上升到 1 4 圆弧形最高点，求 1 4 圆弧形滑块 C的半径 R满足的关系？ (3)如果发射器 A不固定，且mA = 4m，并安装有 6个小球，每次发射小球离开发射器 相对发射器的速度都是 v0 ，按第（2）问的方式发射小球，试确定 6个小球发射过程中， 是否会出现小球不能追上滑块 C的情况？如果会出现，是第几个小球发射后，出现小球 追不上滑块 答案第 1页，共 10页 湘西州 2025 年高考模拟试卷 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A D D B B BC AD AD BC 1．C 【详解】A．甲图中，原子核 D和 E聚变成原子核 F要吸收能量，核子的平均质量减小， 该反应过程要放出能量，故 A错误； B．根据能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，若氢原子从 2n  能级跃迁到 1n  能级时辐射出 A光，只有用波长等于 A光波长的光照射，才能使氢原子从 1n  跃迁到 2n  ，故 B错误； C．卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，得出原子的核式结构模型，故 C正确； D．丁图中，汤姆孙通过对阴极射线的研究揭示了原子有一定结构，而天然放射现象的发现 揭示了原子核内还有复杂结构，故 D错误。 故选 C。 2．A 【详解】A．单色光通过双缝发生的是干射，其条纹间距相等，故 A正确 B．分析 B图中光路，光从空气到水，入射角小于折射角，光路错误，故 B错误； C．连接 C图中的 1O 、 2O 可知，光在 1O 点折射时，折射角大于入射角，光路错误，故 C错 误；； D．肥皂薄膜上出现彩色条纹属于薄膜干涉现象，根据条纹间距确定此时膜的厚度为上窄下 宽，故 D错误。 故选 A。 3．【详解】A．圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从 A点到圆环中心的过 程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力可能先增大后减小，方向竖直向上，重 力不变，由牛顿第二定律得知，则加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环后，小球所受的 电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加 速度先增大后减小，故 A是可能的，故 A不符合题意； B．小球从 A到圆环中心的过程中，重力势能 pGE mgh 答案第 2页，共 10页 小球穿过圆环后 pGE mgh  根据数学知识可知， B是可能的，故 B不符合题意； C．小球从 A到圆环中心的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环后，电场力 做正功，机械能增大，故 C不符合题意； D．由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是 非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以 D是不可能的，故 D符合 题意。 故选 D。 4．D 【详解】：解析：第一步：分析输电线电阻对用户端功率的影响 发电机输出功率为 500 kW，储能站在用电高峰不工作，输电线上有能量（功率）损失，用 户端得到的实际功率小于 500 kW，A错误。 第二步：分析储能站工作时能量传输的变化 用电低谷时，用户端得到 88 kW 的功率，则有 3 3 4 4 4220 V 88 kWU I U I I    ，根据变 压器变压规律有 3 3 4 4 U n U n  ，解得 3 311000 V 8 AU I ， ，则输电线上损失的功率为 2 3  4 kWP I R 损 ，B错误；根据能量守恒可知用电低谷时，储能站获得的功率为 500 kW 4 kW 88 kW 408 kW   ，但考虑到能量转化过程的损失，可知储能站储能功 率小于 408 kW，C错误；结合上述分析有 2 3 3 11500 VU I R U   ，则 1 2 1 2: : 250 :11500 1: 46n n U U   ，D正确。 5．B 【详解】A.根据图像运动 1的初始高度大，则运动 1的最高点高度低，则运动 1的时间短， 可以确定运动 1的水平速度大，竖直速度小，无法判断初速度大小，故 A错误; B.当运动 1和运动 2 的高度差符合 12 2 1 2 2 hg2vv  时，两个运动到 P点的速度相等；B正 确 C.根据运动可知运动最高点速度与水平速度相等，确定运动 1的水平速度大。C错误 D.速度变化量为 gt，根据时间关系可知，运动 2的速度变化量大于运动 1。D错误 答案第 3页，共 10页 故选 B。 6．B 【详解】A．若μ = 0.2，假设斜劈与球保持相对静止，则对斜劈与球构成的系统，最大加速 度为 2max0 ( ) 2m/sm m ga m m      当球刚好要离开斜劈时，受到重力和绳子拉力作用，有 tan 53 mg ma  球 解得 2 max07.5m/sa a 球 可知此情况下不论 F多大，小球均能和斜劈保持相对静止，故 A正确，不符合题意； B．若μ = 0.5，当 F = 10 N时，假设板、斜劈、球三者相对静止，则对板、斜劈、球构成的 系统，有 3F ma 解得 210 m/s 3 a  对斜劈与球构成的系统，最大加速度为 2max1 ( ) 5m/sm m ga a m m       可知此时木板与斜劈相对静止，故 B错误，符合题意； C．若μ = 0.8，假设板、球和斜劈相对静止，则球和斜劈构成的系统能够获得的最大加速为 2 max2 ( ) 8m/sm m ga m m      此时对板、球和斜劈构成的系统，有 max 23 24N 22.5NF ma  界临 当 F = 22.5 N时，板、球和斜劈相对静止，有 27.5m/s 3 Fa a m     球 可知此时球刚好要离开斜劈，故 C正确，不符合题意； D．若μ = 0.8，当 F = 26 N时，球离开斜劈，在重力和绳子拉力作用下与斜劈保持相对静止， 此时球和斜劈的加速度均为 2max 2 8m/sa  ，对球分析，有 2 2T max 2( ) ( ) 2 41NF mg ma   故 D正确，不符合题意。 故选 B。 7．BC 【详解】．根据 2 2 2 4GMm mr r T   得 2 3 24 GMTr   可知图线的斜率 24 GMk   由于木星的质量大于地球的质量，可知图线斜率较大的是绕木星做圆周运动轨道半径和周期 的关系图线，图线斜率较小的是绕地球做圆周运动半径和周期的关系图线。对于地球 答案第 4页，共 10页 24 GMak d    地 解得地球的质量 24 aM Gd地   则地球的密度 3 3M a V dR G   地 对于木星 24 GMbk c    木 解得木星的质量 24 bM Gc  木 则木星的密度  3 3 3 3= 133111 M b b V GcRGc R    木木 木 则木星与地球的质量之比为 M bd M ac 木 地 故 AD错误，C正确； B．根据 GMv r  太 可知木星与地球的线速度之比为 1 5 v r v r  木 地 地 木 故 B正确。 故选 BC。 8．AD 【详解】A．由图乙可知，波源 1S 的波长 1 4m  ，可得波源 1S 的频率为   1 1 1 1 Hz 12 v f 由图丙可知波源 2S 的振动周期为 2 12sT  波源 2S 的频率为 2 2 1 1 Hz 12 f T   所以波源 1S 和波源 2S 的频率相同，两列波振动方向相同，相位差恒定，为相干波源，则两 波源所产生的简谐波在叠加的区域内会发生稳定干涉，故 A正确； B．质点 a到波源 1S 的距离为 8m，质点 a到波源 2S 的距离为 4m，质点 a到两波源的距离差 为 4max    a点为振动加强点，a点的振幅 1 2 15cm 20cm 35cmaA A A     故 B错误； C．质点 b到波源 1S 的距离为 3m，质点 b到波源 2S 的距离为 9m，质点 b到两波源的距离差 为 36m 2b x    可知 b点为振动减弱点，则 b点的振幅为 20cm 15cm 5cm 0.05mbA     在32s 50s 内，质点经过了时间 3' 50s 32s 18s 2 t T     则质点 b运动的总路程为 6 6 0.05m 0.30mbs A    故 C错误； 答案第 5页，共 10页 D．质点 p到两波源的距离差为 0p  ，可知 p点为振动加强点，则 p点的振幅为 20cm 15cm 35cm 0.35mpA     而 12 2 rad/s rad/s 12 6 f       由题意，在 5t s 时两波源均在平衡位置且向下振动，而有： 1 1 36m 2 S p   ， 2 2 36m 2 S p   所以在 5st  时 p质点在平衡位置且向上振动，相位为 0，设质点 p的初相位为 0 ，则当 5st  时有 0 0t   可得： 0 5 6    所以稳定后质点 p振动的表达式为 535sin cm 6 6 y t       故 D正确。故选 AD。 9．AD 【详解】A．初始时以 Q为研究对象，根据受力平衡可得 3 5 sin mgT mg    故 A正确； BCD．设解除锁定瞬间绳子拉力为 T′，以 Q为研究对象，根据牛顿第二定律可得 Q3 sin 3mg T ma  以 P为研究对象，根据牛顿第二定律可得 PcosT f ma   ， NsinT mg F    ， Nf F 两球沿绳子方向的加速度相等，则 Q Psin cosa a  联立解得 25 13 T mg  ， P 6 13 a g ， Q 8 13 a g 故 D正确，BC错误。 故选 ABD。 10. BC 【详解】A.粒子刚进入第一个磁场时的速度为 2 0 1  V ，粒子在第一个磁场中运动有 2 1 1 1 vqv B m r  解得 1 2r L 由几何关系，粒子出磁场时与水平方向的夹角为30o。故 A错误； B.则粒子刚进入电场时水平方向的速度为 01 1 3cos30 4x vv v  竖直方向的速度为 01 1sin30 4y vv v  由运动学公式得 2 2 2 1 2x xv v aL  其中 qE ma 答案第 6页，共 10页 粒子刚离开第一个电场区时速度大小为 2 22 2 1 0 2 2x y v v v v   所以 2 2sin 4   。故 B.C正确； D.设在第 n个磁场中达到距 y轴最远，在 y轴方向，由动量定理得 Δ Δx yqv B t m v   因为 yqBx mv磁 由动能定理得   2 21 1 11 2 2y qE n L mv mv   联立解得 2x nL磁 又  1n L x nL  磁 即3 2 2 3 2 2n    整理得 5n  。故 D错误 11．(1) d t r  (2)小(3) (4) 2 kr d 2bd gkr 【详解】（1）物体转动的线速度为 dv t   由 v r 解得 d t r     （2）时间极短时，平均速度可近似等于瞬时速度，为了提高实验精度，需要缩短挡光时间， 即挡光条的宽度应适当小些。 （3）将 2 1 (Δ ) F t  图像中的点连接，舍弃明显偏离的点迹，如下图所示 （4）[1][2]对滑块进行受力分析，合外力提供滑块的向心力，即 2F f m r  且 maxf f mg  答案第 7页，共 10页 方程联立可得 2 2 1 (Δ ) mgmdF tr   可知 2mdk r  ， b mg   则滑块的质量 2 krm d  滑块与水平杆间的动摩擦因数 2b bd mg gkr    12．(1)弱(2)12.230(3) 69 10 达标 【详解】（1）电阻率的大小反映了各种材料导电性能的好坏，电阻率越大，导电性能越弱。 （2）20分度游标卡尺的精确度为0.05 mm，由图可知槽内部底面的长度为 122 mm 6 0.05 mm 122.30 mm 12.230 cm    （3）[1][2]令 0 gR R R R r   内 由闭合电路欧姆定律可知，满偏电流 g EI R  内 当电流为0.25 A 时 g4 x I E R R   内 可得槽内超纯水的电阻 63 9 10 ΩxR R  内 根据已知数据，可得电阻率 3 6 5 5 720cm9 10 Ω 12.230cm 4.33 10 Ω m 1.8 10 Ω m 12.230cm xR S L            所以该超纯水电阻率达标。 13.解析：(1)气体 A 的初始压强 h 10 3g s mg 2 0  PPA ，体积为 h10 5 1SVA  ，当气体 A 完全没入水中后，由浮力和重力相等可知，现在气体 A的体积为 h 10 3 1SVA  ， ，由波意耳定 律由 ,, AAAA VPVP  代入数据可得 a10675.1 5, PPA  (2) 玻璃瓶刚好完全没入水中时，有 2 0 , s mgh 10 3g  FPPA  ，代入数据有 F=670N, 当玻璃瓶沉入水底时， 2 , s hg FHPA   ）（ ，则 F 30N 则压力之比为 67：70 答案第 8页，共 10页 14.解析：（1）取 a棒在倾斜导轨的最大速度为 v1，由受力分析可知  coscosvmgsin 1 1 BL RR LB   ，解得   222 1 1 cos sinmgv LB RR ）（   (2) 当导体棒 a在倾斜导轨上匀速时，由动量定理由 0mvtmgtsin 1 BLI ， 1 tan h tq RR BL I    代入 v1，可得   222 2 1 2 1 cos tansingmtansinmgth LB RR BL RR ）（）（     （3）当导体棒进入水平导轨时，取导体棒 a匀速时的速度为 v2，电容器两端的电压为 U1, 则有： C BLU 121 qv  ， 211 mvmvLqt  BBLI 解得 22 1 222 1 1 m mvv m mvq LCBLCB CBL     ， 当导体棒 b以速度 v1进入水平导轨后，在安培力作用下减速至速度 v3后不变，取此时得 电容器两端得电压为 U2，则有 C BLU 232 qv  ， 23123112 mvmvqqmvmvqqL2  ）（，）（ BLB 化简有 3 vvv 213   当导体棒 c以速度 v1进入水平导轨后，在安培力作用下减速至速度 v4后不变，取此时得 电容器两端得电压为 U3，则有 C BLU 343 qv  34234123 mvmvqqmvmvqqL2  ）（，）（ BLB 化简有 3 vvv 314   ， 循环操作，有 3 vvv n11n   合并后有： 答案第 9页，共 10页 2 1n 1 1-n 2 1n 1 1n 1111n v3 1v 2 3 11 v 3 1v 3 1....v 27 1v 9 1v 3 1v                          则                             22 1 1n 1 1n n m mv 3 1v 2 3 11 q LCB CBL 15.答案：（1） g3 vh 2 0 （2） g27 v 20R （3）会，第 2个 解析：（1）当小球与滑块相互作用时从 C 顶端飞出，在水平方向符合动量守恒 10 )2(mv vmm  有能量关系有 2 1 2 0 v2mm2 1mv 2 1mgh ）（  解之得： g3 vh 2 0 （2）当 1 号球再入滑块 C，从滑块 C 底部分离，可以认为 1 号球以速度 v0与滑块 C发生弹 性碰撞，由动量守恒和能量守恒由 2 2 2 2 2 0 220 mv2 2 1mv 2 1mv 2 1 mv2mvmv   ， ， 当 1 号球在 AC 之间水平面运动时，与 2 号小球发生等质量弹性碰撞，1 号小球与 2 号小球 进行速度交换，1 号球再次以 v0的速度继续向滑块 C运动 2 3 2 2 2 0 320 vm2m 2 12mv 2 1mv 2 1mg vm2mmv2mv ）（ ）（   R 解得 g27 v 20R （3）当发射器 A 发射 1 号球时，发射器和剩下小球的的速度为 u1，2 号球发射完成后速度 答案第 10页，共 10页 为 u2，依次由 u3、u4.....列式为 . . vummu6mu7 vummu7mu8 vummu8mu9 vummu90 0443 0332 0221 011 ）（ ）（ ）（ ）（     第 n 个小球发射完成后，发射器 A的速度和小球的速度为 0n0 0n v... n10 1... 8 1 9 1 10 11uv v... n10 1... 8 1 9 1 10 1u ）（ ）（     当第 6个小球发射完成后，小球的速度与发射器 A的速度同向向左运动。所以会出现小球追 不上滑块 C。 当小球与滑块相互作用过程中，动量和能量关系为 . . . mv2 2 1mv 2 1uvm 2 1 mv2mvuvm mv2 2 1mv 2 1uvm 2 1 mv2mvuvm mv2 2 1mv 2 1uvm 2 1 mv2mvuvm 2 3 2 3 2 30 3330 2 2 2 2 2 20 2220 2 1 2 1 2 10 1110       ， ， ， ， ， ， ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ 对比小球的速度，在第 2 个小球发射时，小球速度小于滑块的速度，故第 2个小球发射后， 出现小球追不上滑块 C。 2025年高考物理模拟试卷2 整体难度：适中 考试范围：近代物理、力学、电磁学、光学、物理实验、热学 细目表分析 题号 难度系数 详细知识点 一、单选题 0.8 聚变，能级跃迁，原子核式结构，阴极射线 2 0.8 双缝干涉，光的折射，光的薄膜干涉 0.65 静电场的力性质，能量关系 4 0.65 电能输送，变压器 5 0.65 斜抛运动的速度关系 6 0.4 连接体的静力学分析 二、多选题 7 0.65 万有引力与航天，线速度，质量，密度的计算 0.65 机械振动与机械波，波的干涉、叠加，振动方程等 9 0.65 牛顿运动定律的应用， 10 0.4 组合场中带点粒子的运动分析 三、实验题 11 0.65 圆周运动探究，涉及光电门，摩擦因素的处理 12 0.65 电阻率的测量，长度的测量 四、解答题 13 0.65 气体的等温变化， 14 0.5 电磁感应中的单杆问题，杆容问题 15 0.4 多个物体的连续碰撞 知识点分析 序号 知识点 对应题号 1 近代物理 1 2 力学 5,6,7,8,9,15 3 电磁学 3,4,10,14 4 光学 5 物理实验 11,12 6 热学 132025年高考物理模拟试卷2 姓 名 贴条形码区 准考证号 (正面朝上，切勿贴出虚线方框) -----/ 1.答题前，考生先将自己的姓名、班级填写清楚，并贴好条形码。 2选择题必须使用2B铅笔填涂：解答题必须使用黑色墨水的签字笔书写， 3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域答题无效。 4.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破。 正确填涂！ 5.缺考标志：[】（若该生缺考由监考老师填涂） 错误填涂#$%。 ☐←此方框为缺考考生标记，由监考员用2B铅笔填涂。 选择题（一、二大题，共44分） 12 3456 78 9 1 AA AAA A B BB B B B B B B C c C C C C c DD DD DD D D D 非选择题（三、四大题，共56分） 11、(1) (1分)(2) (1分) (3) (2分) (4) (2分) (2分) 12、(1) (2分) (2) (2分) (3) (2分) (2分) 此区域 禁止作答 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 13.(10分) 14.(14分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 ■ 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 此区域 禁 止 作答 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 此 区 域 禁 止作答 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 此 区 域 禁 止 作 答 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效