【智乐星中考】2025山东日照初中学业水平考试物理全真模拟卷6（PPT）

日照市2025年初中学业水平考试 物　理　试　题 (考试时间：90分钟　满分：100分) 1 　　注意事项： 　　1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号等填写在试卷和答题卡上规定的位置。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 　　2.第Ⅰ卷共12小题，每小题选出答案后，须用2B铅笔把答题卡上对应题号的答案标号涂黑，如需改动，必须先用橡皮擦干净后，再改涂其他答案标号。 　　3.第Ⅱ卷共9小题，所有题目的答案，考生须用0.5毫米的黑色签字笔答在答题卡上各题目指定的区域内，在试卷上答题无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。 2 第Ⅰ卷(选择题　共40分) 一、单项选择题(本大题包括8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求) 1.2025蛇年春晚开场，一曲由多民族乐器合奏的传统音乐《春回大地》便震撼了全场。这首曲目融合了二胡、古筝、琵琶、笛子等中国传统乐器的音色，旋律悠扬。下列说法正确的是(　　) A.弹奏的琵琶声越大，在空气中的传播速度就越快 B.吹笛子时，空气柱振动产生了声音 C.拉二胡时，手按压弦的不同位置，是为了改变声音的响度 D.用大小不同的力拨动古筝琴弦的同一位置，发出声音的音色不同 3 【考点】声音的产生与传播；声音的特性。 【解析】A.声音在空气中的传播速度与声音的大小无关，故A错误。 C.拉二胡时，手按压弦的不同位置是为了改变声音的音调，故C错误。 D.用大小不同的力拨动古筝琴弦的同一位置，发出声音的响度不同，故D错误。 4 2.甲、乙两小车在同一地点向同一方向出发做直线运动，两小车行驶的路程随时间的变化图像如图所示，下列说法正确的是(　　) A.乙小车比甲小车早出发5 s B.甲小车一直做匀速直线运动 C.5～10 s内，甲、乙两小车的平均速度相等 D.整个20 s内，乙小车的平均速度是2 m/s 5 【考点】s-t图像的理解；速度的计算。 【解析】A.由图像可知，乙小车比甲小车晚5 s出发，故A错误。 B.由图像可知，10～20 s甲小车静止，故B错误。 C.5～10 s，甲小车行驶的路程s2=30 m-20 m=10 m，甲小车的平均速度v2===2 m/s，由图像知，5～20 s，乙小车做匀速直线运动，乙小车的平均速度v3===2 m/s，故C正确。 D.由图像可知，整个20 s内，乙小车行驶的路程s1=30 m，所用时间t1=20 s，乙小车的平均速度v1===1.5 m/s，故D错误。 6 3.如图甲所示，将质量相等的M、N两种固体分别放入两支小试管，置于同一大烧杯中，在标准大气压环境下，用水浴法加热，它们的温度随加热时间的变化曲线如图所示(M为实线，N为虚线)。下列说法正确的是(　　)  A.N的熔点为80 ℃ B.由图乙可知，在10～25 min内M停止吸热 C.M物质熔化过程持续了25 min D.固态M的比热容一定小于固态N的比热容 7 【考点】温度—时间图像；固体熔化的特点；比热容的理解。 【解析】A.N在熔化过程中，温度不断升高，没有固定的熔点，故A错误。 BC.M有固定的熔化温度，是晶体，10～25 min是M物质的熔化过程，持续吸热，温度不变，持续了15 min，故BC错误。 D.吸收相同的热量，质量相同的固态M升温比固态N升温快，根据Q=cmΔt知，固态M的比热容小于固态N的比热容，故D正确。 8 4.下列关于电流和电路的表述正确的是(　　) A.摩擦起电的本质是创造了电荷 B.电路中电流的方向总是从电源正极出发流向负极 C.通过导体的电流为零，则该导体的电阻也为零 D.一个开关同时控制两盏灯的亮、灭，两盏灯可能是并联的 9 【考点】摩擦起电的本质；电流和电路；电阻的影响因素。 【解析】A.摩擦起电的本质是电荷的转移，故A错误。 B.在电源的外部，电流从正极出发，经过电路中的用电器，最后流回电源的负极；在电源的内部，电流的方向是从负极流向正极，故B错误。 C.电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，而与通过导体的电流无关，故C错误。 D.在并联电路中，如果开关位于干路上，它可以控制所有并联灯泡的亮灭，故D正确。 10 5.以下四图节选自我国古代科技巨著《天工开物》，其中说法正确的是 (　　)   A.图甲“南丹水锡”中，水由高处流下是因为水具有惯性 B.图乙“试弓定力”中，秤钩对弓的拉力与重物对弓的拉力是一对平衡力 C.图丙“透火焙干”中，把湿纸贴在墙上利用了分子间存在相互作用的引力 D.图丁“淘洗铁砂”中，扁担做成扁平状是为了增大对人体的压强 11 【考点】重力；平衡力与相互作用力的区分；分子动理论；增大或减小压强的方法。 【解析】A.水由高处流下是因为水受到重力的作用，故A错误。 B.秤钩对弓的拉力等于弓和重物的重力，重物对弓的拉力等于重物的重力，两者大小不相等，不是一对平衡力，故B错误。 D.扁担做成扁平状是通过增大受力面积来减小对人体的压强，故D错误。 12 6.小明在妈妈的指导下制作爆米花，下列有关说法中正确的是(　　) A.将玉米粒放在锅中翻炒加热，是通过热传递的方式增加玉米粒的内能 B.玉米粒内部的水分变成水蒸气后将玉米爆开的瞬间，能量转化情况与内燃机的排气冲程相同 C.闻不到生玉米的气味，但能闻到刚出锅的爆米花的香味，说明只有高温物体的分子在不停地做无规则运动 D.爆米花温度逐渐降低的过程中，其含有的热量逐渐减少 13 【考点】改变内能的方式；能量转化；内燃机冲程的判断；分子动理论；内能、温度、热量之间的关系。 【解析】A.将玉米粒放在锅中翻炒加热，是通过热传递的方式增加玉米粒的内能，翻炒的作用是使玉米粒受热均匀，故A正确。 B.玉米粒内部的水分变成水蒸气后将玉米爆开的瞬间，水蒸气对外做功，内能减小，内能转化为机械能，与内燃机做功冲程的能量转化情况相同，故B错误。 C.任何物质的分子都在不停地做无规则运动，闻不到生玉米的气味，但能闻到刚出锅的爆米花的香味，说明分子热运动的剧烈程度与温度有关，故C错误。 D.热量是表示热传递过程中转移内能多少的物理量，不能用“含有”表述，故D错误。 14 7.2024年11月17日，我国自主设计建造的首艘大洋钻探船“梦想”号在广东广州正式入列。其排水量为42 600 t，最大钻深可达11 000 m。关于“梦想”号下列说法正确的是(　　)   A.“梦想”号在海上航行时受到的浮力大于重力 B.“梦想”号吃水深度越深，船底受到水的压强越大 C.“梦想”号的通信保障系统是利用超声波与外界沟通的 D.“梦想”号搭载高清摄像系统，摄像机的镜头与近视眼镜片是同一种透镜 15 【考点】物体浮沉条件的应用；液体内部压强的特点；电磁波的应用；凸透镜成像规律的应用；近视眼的矫正。 【解析】A.“梦想”号在海上航行时处于漂浮状态，由物体浮沉条件可知，“梦想”号受到的浮力等于其重力，故A错误。 C.“梦想”号的通信保障系统是利用电磁波与外界沟通的，故C错误。 D.摄像机的镜头是一个凸透镜，而近视眼镜片是一个凹透镜，故D错误。 16 8.如图，将定值电阻R1、R2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在图甲中R1的功率为4 W，在图乙中R1的功率为9 W。下列说法中正确的是(　　) A.甲、乙两个电路中通过R1的电流之比是4∶9 B.R1、R2的电阻之比为2∶1 C.甲、乙两电路中R1两端的电压之比是4∶9 D.甲、乙两电路中的总功率之比是3∶2 17 【考点】动态电路的分析；串、并联电路中电压、电流的规律。 【解析】AC.由==知，甲、乙两电路中通过R1的电流比=，根据U=IR，甲、乙两电路中R1两端的电压之比是2∶3，故AC错误。 B.甲电路中，电路的总电阻R=R1+R2，甲电路的电流I甲==，乙电路中，通过R1的电流I1乙=，因此==，所以=，故B正确。 D.乙电路中的总电阻R总=，由P=得，甲、乙两电路的总功率之比P甲∶P乙===，故D错误。 18 二、多项选择题(本大题包括4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选 项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 9.探究声音产生条件时，将悬挂着的乒乓球接触正在发声的音叉，可观察 到乒乓球被弹开，下列实验研究方法与此方法相同的是(　　) A.探究平面镜成像的特点 B.探究动能大小的影响因素 C.探究压力作用效果的影响因素 D.探究电流与电压、电阻的关系 19 【考点】物理学方法。 【解析】探究声音产生条件实验中采用了转换法，将音叉的微小振动转换为乒乓球的明显振动。 A.探究平面镜成像的特点主要运用了等效替代法，故A不符合题意。 B.探究动能大小的影响因素时，利用物体撞击木块后木块移动的距离来反映物体动能的大小，是转换法的应用，故B符合题意。 C.探究压力作用效果的影响因素时，利用海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，是转换法的应用，故C符合题意。 D.探究电流与电压、电阻的关系时，需要分别控制电阻和电压不变，是控制变量法的应用，故D不符合题意。 20 【方法点拨】 物理研究方法 研究方法 常考应用 控制 变量法 (1)探究影响滑动摩擦力大小的因素(压力、接触面粗糙程度) (2)探究影响压力作用效果的因素(压力、受力面积) (3)探究影响液体压强的因素(液体密度、深度) (4)探究影响浮力大小的因素(液体密度、排开液体的体积) (5)探究影响物体动能大小的因素(质量、速度) (6)探究影响导体电阻大小的因素(材料、长度、横截面积等) (7)探究电流与电压的关系时，电阻不变、改变电阻两端的电压 (8)探究电流与电阻的关系时，电阻两端电压不变，改变电阻的阻值 (9)探究电流产生的热量与什么因素有关(电流、电阻、通电时间) 21 研究方法 常考应用 转换法 (1)用海绵凹陷的程度来判断压力作用效果的大小 (2)通过U形管两侧液面高度差比较液体压强大小 (3)用小木块被撞开距离的远近来比较小球动能的大小 (4)通过扩散现象研究分子的热运动 (5)用温度计示数的高低来判断电流产生热量的多少或物质吸热能力的强弱 (6)用电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁的磁性强弱 (7)通过灵敏电流计指针是否偏转判断电路中是否有感应电流 22 研究方法 常考应用 等效 替代法 (1)探究平面镜成像的特点(用一支相同的未点燃的蜡烛代替点燃的蜡烛与其像比较) (2)用量筒测量固体的体积 模型法 (1)光线(表示光传播的径迹和方向) (2)磁感线(描述磁场) 科学 推理法 (1)真空罩中的闹钟实验(推导真空不能传声) (2)忽略各种阻力，在理想情况下，小球将一直沿直线运动下去(提出牛顿第一定律) 23 10.我国电动汽车产业发展迅猛，产销量已经位列全球首位。现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量。下列四个装置中与此原理相同的是(　　) 24 【考点】电磁现象的辨识。 【解析】在汽车刹车时，将机械能转化为电能，利用了电磁感应原理，故BD正确。 25 11.周末，小海在某山景公园匀速登山锻炼身体，他的质量为60 kg，公园的等高线如图所示，g=10 N/kg。下列说法正确的是(　　)  A.从A点到达B点的过程中，小海克服重力做功6×104 J B.从A点到达B点的过程中，小海的动能转化为重力势能 C.从A点绕100 m等高线匀速观光时，小海的机械能不变 D.在登顶过程中，小海位于200 m等高线时的重力势能最大 26 【考点】功的计算；机械能及其转化。 【解析】A.重力做功W=Gh=mgh=60 kg×10 N/kg×100 m=6×104 J，故A正确。 B.从A点到达B点的过程中，小海的质量不变，速度不变，高度增大，则动能不变，重力势能增大，故B错误。 C.从A点绕100 m等高线匀速观光时，小海的质量不变，速度不变，高度不变，则动能不变，重力势能不变，机械能不变，故C正确。 D.在登顶过程中，小海位于200 m等高线时高度不是最大，重力势能不是最大，故D错误。 27 12.如图所示电路，闭合开关S后，移动滑动变阻器滑片(滑动变阻器连接 正确)，小灯泡始终不发光，用电压表判断电路故障，下列说法中正确的 是(　　)   A.将电压表接在A、B两点间，若电压表无示数，一定是L短路 B.将电压表接在A、B两点间，若电压表有示数，一定是L断路 C.将电压表接在B、C两点间，若电压表有示数，可能是R断路 D.不能把电压表直接接在A、D两点间 28 【考点】电路故障判断；电压表的使用。 【解析】A.将电压表接在A、B两点间，若电压表无示数，可能是L短路，也可能是R或开关S断路，故A错误。 B.将电压表接在A、B两点间，若电压表有示数，说明A点到电源负极、B点到电源正极为通路，且电压表没有被短路，则L不亮一定是L断路，故B正确。 C.将电压表接在B、C两点间，若电压表有示数，可能是R断路，也可能是L短路，故C正确。 D.电压表可以直接并联在电源两端，因此可以直接接在A、D两点间，故D错误。 29 第Ⅱ卷(非选择题　共60分) 三、填空题(本大题包括3小题，每空2分，共12分) 13.2025年1月1日，漳州核电1号机组正式投入商业运行。目前核电站的核 反应堆中发生的是人工可以控制的核______(选填“聚变”或“裂变”)，核能 属于_________(选填“可再生”或“不可再生”)能源。  裂变 不可再生 30 【考点】核能的利用；能源的分类。 【解析】核电站的核反应堆中发生的是人工可以控制的核裂变。产生核能的物质在短期内不能从自然界得到补充，因此核能属于不可再生能源。 31 14.三峡大坝是三峡水电站的主体工程，其船闸的设计利用了________的 原理；两艘轮船在长江上不能近距离并排行驶，是因为流体流速大的位 置压强____。  【考点】连通器；流体压强与流速的关系。 【解析】船闸是利用连通器的原理工作的，流体在流速越大的位置压强越小。 连通器 小 32 15.太阳能热水器是将太阳能转化为______的装置。小明家的太阳能热水器 的水箱中装有初温为15 ℃，质量为50 kg的水，集热管每小时接收的太阳能 为1.89×107 J，则每小时该热水器里的水能升高的温度是____℃。[标准大 气压下，不计热量损失，c水=4.2×103 J/(kg·℃)]  内能 85 33 【考点】能量的转化；热量的相关计算。 【解析】太阳能热水器是将太阳能转化为内能的装置。每小时该热水器里的水能升高的温度Δt===90 ℃，90 ℃+15 ℃=105 ℃，因为在标准大气压下，水的沸点为100 ℃，继续加热，温度不变，所以水的末温是100 ℃，该热水器里的水能升高的温度是100 ℃-15 ℃=85 ℃。 34 四、作图题(本大题包括2小题，共6分) 16.(3分)小海利用铁架台、烧杯、温度计、硬纸板、石棉网等实验器材探究水在沸腾前后温度的变化特点，记录数据如表所示，请你帮他在坐标纸中绘制出水的温度随时间变化的图像。 时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 35 【考点】作温度—时间图像。 【解析】根据表格中数据描点、连线。 36 17.(3分)闭合开关后，小磁针静止时北极的指向如图所示，请标出螺线管右端的磁极名称，并画出螺线管上导线的绕向。 37 【考点】通电螺线管作图。 【解析】由异名磁极相互吸引知，螺线管右端为N极，根据安培定则画出螺线管上导线的绕向。 38 五、实验探究题(本大题包括2小题，共20分) 18.(9分)为进一步探究光的反射和折射现象，小海根据老师的要求认真完成 了下列实验。 (1)为了证明在反射过程中反射光和入射光在同一平面内，小海做了如图甲 所示实验。将平面镜水平放置，将一块白板倾斜地放在平面镜上，使白板 底边恰好经过O点，让一束光紧贴白板斜射到平面镜上O点，绕O点缓慢翻 折、转动白板，观察到当__________________时，反射光束也呈现在白板 上，说明入射光和反射光在同一平面内。实验中为了显示光路，白板的表 面应______(选填“光滑”或“粗糙”)些。  白板和平面镜垂直 粗糙 39 (2)如图乙所示，一束白光经三棱镜折射后，在光屏上形成自上而下为红、 橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，分析实验现象可知：三棱镜对____色光 的折射能力最强。  紫 40 (3)在探究凸透镜成像规律时，记录的实验数据如表。 凸透镜的焦距f=10.0 cm 实验序号 物距u/cm 像距v/cm 像的性质 1 30.0 15.0 倒立、缩小、实像 2 20.0 20.0 倒立、等大、实像 3 15.0 a 倒立、放大、实像 4 10.0   不成像 5 5.0   正立、放大、虚像 41 ①根据折射现象中光路是________，表格中漏写的内容a为_____。  ②实验一段时间后，蜡烛变短，烛焰的像不在光屏中央，若要像重新回 到光屏中央，应将凸透镜向____(选填“上”或“下”)移。  ③当光屏上呈现清晰的像时，一只蚊子飞来落在凸透镜镜片中央，则蚊 子在光屏上______(选填“能”或“不能”)成像。  ④分析表中数据可知，凸透镜成实像的条件是____________________。  可逆的 30.0 下 不能 u>f(或物距大于焦距) 42 【考点】探究光的反射定律；光的折射；探究凸透镜的成像规律。 【解析】(1)当入射光束呈现在白板上时，反射光束也呈现在白板上，说明此时白板和平面镜是垂直的，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。白板的表面应该粗糙一些，这是因为光照射在粗糙的表面上可以发生漫反射，使得光能够向各个方向反射，从而更容易被观察者看到。 (2)由图乙知，在色带中紫色光的偏折程度最大，也就是说，三棱镜对紫色光的折射能力最强。 43 (3)①由第1组数据可知，物距为30.0 cm，像距为15.0 cm，成倒立、缩小的实像，由光路的可逆性，当物距为15.0 cm，像距为30.0 cm，成倒立、放大的实像。 ②实验一段时间后，蜡烛变短，光屏上的像“跑”到光屏上方，若要像重新回到光屏中央，根据过光心的光传播方向不变可知，应将凸透镜向下移。 ③一只蚊子飞来落在凸透镜镜片中央，此时蚊子处于一倍焦距以内，成正立、放大的虚像，所以此时光屏上不能成蚊子的像。 ④分析表中数据可知，凸透镜成实像的条件是物距大于焦距。 44 19.(11分)小吴所在实验小组利用图甲中的器材探究导体A、B中电流与两端电压的关系，其中电源电压可调。 45 (1)请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整，要求：滑动变阻器滑片P向右移动时电阻变大，导线不交叉。 46 (2)连接好如图甲所示电路，试触开关，发现电流表无示数、电压表指针偏 转到最大值，原因可能是导体A发生______；排除故障后，闭合开关进行实 验，某次实验时电流表如图乙所示，示数为____A。  (3)多次改变导体A两端的电压，并记录对应的电流值。换用导体B重复上述 实验，根据实验数据绘制图像如图丙所示。分析图像得出电流与电压的关 系：____________________________________________________。  (4)学习过欧姆定律后，小吴同学根据图丙计算出导体B的阻值为____Ω。  断路 0.2 在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 10 47 (5)在工程技术中用不同颜色的环对电阻进行标记，阻值是两位数以内的电 阻可以根据前两环的颜色来判断阻值，色环含义及导体A、B的色环如图丁 所示，若还需用到一个15 Ω的电阻，应选用图戊中电阻___(选填“d”“e”或 “f”)。  e 48 (6)小吴继续用上述器材验证导体中电流与电阻的关系，电源电压保持不 变。 ①电路中接入15 Ω的电阻，使电阻两端电压达到某一固定值，测出电流； ②将15 Ω的电阻替换为导体B，要使导体B两端电压达到固定值，滑动变 阻器接入电路的阻值应比前次实验更____(选填“大”或“小”)；  小 49 ③将导体B替换为导体A再次进行实验。三次实验数据如表所示，交流时小 欣发现第③次实验数据有误，这是由于接入导体A后忘记调节滑动变阻器， 滑片仍在第②次实验的位置，此时滑动变阻器接入的阻值是____Ω，调节 滑动变阻器正确操作后，准确测得A的电流应该为____A。  (7)在探究多个变量之间关系时，两实验均利用了__________法。  实验序号 ① ② ③ R/Ω 15 B A I/A 0.2 0.3 0.4 10 0.6 控制变量 50 【考点】探究电流与电压、电阻的关系。 【解析】(1)要求滑片P向右移动时电阻变大，所以开关应与滑动变阻器左下接线柱连接。 (2)试触开关，发现电流表无示数，则电路发生断路，电压表指针偏转到最大值，说明电压表两接线柱到电源两极的电路是通路，则原因可能是导体A发生断路。如图乙所示，电流表的量程为0～0.6 A，分度值为0.02 A，示数为0.2 A。 (3)由I-U图像可知，当电阻一定时，定值电阻两端的电压与通过定值电阻的电流的比值为一个定值，由此可得出实验结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 51 (4)(5)由欧姆定律可得，导体B的阻值RB===10 Ω，导体A的阻值RA===5 Ω，色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，由导体A和导体B的阻值和对应色环可知，黑色代表数字0，绿色代表数字5，棕色代表数字1，因此15 Ω 的电阻对应的色环十位数应为棕色，个位数应为绿色，故应选用图戊中电阻e。 52 (6)②导体B的阻值为10 Ω，将15 Ω的电阻换成阻值为10 Ω 的导体B，根据串联电路的分压原理知，导体B两端的电压变小，而在探究电流与电阻的关系时，应保持定值电阻两端的电压不变，所以使滑动变阻器分得的电压变小，需使其接入电路的阻值变小。 ③将导体B替换为导体A再次进行实验时，电源电压不变，滑动变阻器的阻值不变，由串联电路电压规律和表格数据可知，第②次的电源电压可表示为U=UB'+U滑=I2RB+I2R滑=0.3 A×10 Ω+0.3 A×R滑①， 53 第③次的电源电压可表示为U=UA'+U滑'=I3RA+I3R滑=0.4 A×5 Ω+0.4 A×R滑②，联立①②式可得，滑动变阻器接入电路的阻值R滑=10 Ω，电源电压U=6 V。由表格中数据知，实验中控制定值电阻两端电压U1=I1R1=0.2 A×15 Ω=3 V，故调节滑动变阻器正确操作后，测得通过导体A的电流I3===0.6 A。 (7)在探究多个变量之间关系时，应利用控制变量法。 54 六、计算题(本大题包括2小题，共22分。解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分) 20.(10分)小华家新买了一台电热淋浴器，如图甲所示。已知该电热淋浴器水箱的容量为50 L，额定电压为220 V，额定加热功率为2 000 W。假设电热淋浴器加热电阻的阻值不随温度变化。(水的密度ρ=1.0×103 kg/m3) 55 (1)求电热淋浴器水箱装满水时所装水的质量； (2)求这台电热淋浴器正常加热10 min消耗的电能； (3)求加热电阻的阻值； (4)待工人师傅安装完成后，小华的妈妈急忙将电热淋浴器充满水就要插到电路中使用，小华发现后说：“别慌！”接着他先看了电热淋浴器的铭牌和家中的电能表(如图乙所示)，然后又观察家中此时正在工作的用电器有800 W电水壶一个、150 W电冰箱一台、300 W洗衣机一台，在上述电器正常工作的情况下，能否将这台电热淋浴器连接到电路中同时使用？ 56 解：(1)电热淋浴器水箱装满水时所装水的质量： m=ρV=1.0×103 kg/m3×50×10-3 m3=50 kg。…………2分 (2)这台电热淋浴器正常加热10 min消耗的电能： W=Pt=2 000 W×10×60 s=1.2×106 J。…………2分 (3)根据P=UI=可知，加热电阻的阻值： R===24.2 Ω。…………2分 57 (4)家中此时正在工作的用电器与电热淋浴器同时工作的总功率： P总=800 W+150 W+300 W+2 000 W=3 250 W，…………2分 观察电能表的铭牌，可知电能表允许通过的最大电流为 20 A。因此，家庭电路允许的最大功率： P最大=UI最大=220 V×20 A=4 400 W， 由于P总<P最大，所以可以将这台电热淋浴器连接到电路中同时使用。 …………2分 【考点】质量、电功率的相关计算。 58 21.(12分)某快递公司针对快递分拣问题，研发出了一款分拣机器人。如图甲，分拣机器人通过扫码，读取快递的目的地信息，然后准确快速地把快递运送并投入相应的分拣口，最后由专人打包，将快递运往全国各地。已知分拣机器人的行驶速度为2 m/s，空载时的质量是4 kg，轮子与水平地面的总接触面积是2×10-2 m2。某次分拣作业中，分拣机器人携带质量为2 kg的快递在水平路面上匀速行驶20 m后到达相应的分拣口，行驶过程中分拣机器人受到的阻力为15 N，g取10 N/kg。在该过程中，求： 59 (1)分拣机器人对水平地面的压强； (2)分拣机器人的牵引力做功的功率； (3)分拣机器人到达相应的分拣口后，伸缩杆会将托盘掀起，把放置在托盘中央位置的快递投入分拣口。把托盘看作一个杠杆，图乙和图丙中，A点为快递对托盘压力的作用点，B点是伸缩杆对托盘的力的作用点，已知AB=12 cm，OB=8 cm，伸缩杆对托盘的力始终与托盘表面垂直，忽略托盘的重力及转动时的摩擦，求图乙中伸缩杆顶起快递时对托盘的作用力。 60 解：(1)因为在水平地面上，所以分拣机器人对水平地面的压力等于机器人和快递的总重力， F=G总=(m机器人+m快递)g=(4 kg+2 kg)×10 N/kg=60 N，…………2分 分拣机器人对水平地面的压强： p===3×103 Pa。…………2分 (2)由于分拣机器人在水平路面上匀速行驶，所以牵引力等于阻力，F牵=f=15 N，…………1分 牵引力做功的功率：P===F牵v=15 N×2 m/s=30 W。…………2分 61 (3)快递的重力： G快递=m快递g=2 kg×10 N/kg=20 N，…………1分 托盘水平时，F2=G快递=20 N，l2=lAO=12 cm+8 cm=20 cm=0.2 m， l1=lOB=8 cm=0.08 m，…………2分 根据杠杆平衡条件知，图乙中伸缩杆顶起快递时对托盘的作用力： F1===50 N。…………2分 【考点】固体压强、功率的计算；杠杆平衡条件的应用。 62 【错题反思】 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到《中考备战》(或者手上的其他一轮资料)中再深入学习一遍。 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T7、T9、T13、T15、T16、T17 再接再厉鼓舞你 T5、T6、T8、T10、T14、T18 伤筋动骨磨炼你 T11、T12、T19 学霸登顶恭喜你 T20、T21 63 $$