2025年普通高中学业水平选择性考试(押题密卷二)物理试题-【创新教程】2025年高考物理押题密卷

绝密★启封并使用前 ２０２５年普通高中学业水平选择性考试(押题密卷二) 物　理 (时间:７５分钟　满分:１００分) 注意事项: １．答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置,认真核对条形码上的姓名、准考证 号,并将条形码粘贴在指定位置上． ２．选择题答案必须使用２B铅笔(按填涂样例)正确填涂;非选择题答案必须使用０􀆰５毫米黑色签 字笔书写,字体工整,笔迹清楚． ３．请按照题号在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上 答题无效．保持卡面清洁,不折叠、不破损． 一、单项选择题(本题共７小题,每小题４分,共２８分．在每小题给出的四个选项中,只有一项是 符合题目要求的．) １．２０２４年８月３日,中国选手郑钦文在巴黎奥运会网球女子单打中夺得金牌．比赛中运动员常会 高抛发球,假设网球抛出的初速度竖直向上,忽略空气阻力,某同学想用图像描述该竖直上抛 运动,下列判断正确的是 (　　) A．甲图可能是速度Ｇ时间图像 B．甲图可能是位移Ｇ时间图像 C．乙图可能是位移Ｇ时间图像 D．乙图可能是路程Ｇ时间图像 ２．“玉兔二号”上装配的放射性同位素电池能将２３８９４Pu衰变释放的部分核能转化成电能．２３８９４Pu的半 衰期是８７􀆰７年,２３８９４Pu发生衰变的核反应方程为２３８９４Pu→２３４９２U＋X,下列正确的是 (　　) A．X是α粒子 B．温度升高,２３８９４Pu的半衰期变大 C．X是β粒子 D．１００个 ２３８ ９４Pu经过８７􀆰７年剩余５０个 )页８共(　页１第　)二(题试理物 ３．２０２４年１０月３０日１１时００分,“神舟十九号”飞船与天宫空间站顺利对 接．如图所示,飞船与空间站对接前在各自预定的圆轨道Ⅰ、Ⅲ上运动,Ⅱ 为对接转移轨道,下列说法正确的是 (　　) A．飞船在Ⅰ轨道运行速度小于在Ⅲ轨道上的运行速度 B．飞船在三个轨道上的运行周期TⅠ＜TⅡ＜TⅢ C．飞船在Ⅱ轨道上的机械能大于在Ⅰ轨道上的机械能 D．飞船在三个轨道上运行时与地球连线在单位时间内扫过的面积相等 ４．如图所示,由两种单色光组成的复色光,通过足够大的长方体透明材料后分 成a、b两束,则 (　　) A．在该透明材料中,a光的传播速度小于b光的传播速度 B．遇到障碍物时,a光更容易发生明显的衍射现象 C．该透明材料对这两种光的折射率na＜nb D．从该透明材料射入空气发生全反射时,a光的临界角较大 ５．用活塞式气筒向一个容积为V 的容器内打气,每次把体积为V０、压强为p０ 的空气打入容器 内．若容器内原有空气的压强为p０,打气过程中温度不变,则打了n次气后容器内气体的压 强为 (　　) A．np０ V０ V B．p０＋np０ C．p０＋n p０V０ V D．p０＋ V０ V æ è ç ö ø ÷ n p０ ６．如图甲所示,O点为均匀带电圆环的圆心,在圆环轴线上离O点x 处的电场强度大小如图乙所 示．将一质量为m、电荷量为q的带电粒子从x＝r处由静止释放,带电粒子仅受电场力作用． 下列说法正确的是 (　　) A．若粒子带负电,则粒子向右运动 B．若粒子带正电,则粒子运动过程中的最大加速度大于 ３qE０ ２m C．根据题图可知,轴线上x＝r２ 处的电势最大 D．x＝r处与x＝３r处的电势差小于 ７E０r ５ )页８共(　页２第　)二(题试理物 ７．如图甲所示为安装在某特高压输电线路上的一个六分导线间隔棒,图乙为其截面图．间隔棒将 ６条输电导线分别固定在一个正六边形的顶点a、b、c、d、e、f上,O 为正六边形的中心．已知通 电导线在周围形成磁场的磁感应强度与电流大小成正比,与到导线的距离成反比,某瞬时, ６条输电导线中通过垂直纸面向外,大小相等的电流,其中a导线中的电流对b导线中电流的 安培力大小为F,该时刻 (　　) A．O点的磁感应强度方向垂直于cf 向上 B．c导线所受安培力方向沿Oc指向c C．d导线中电流对a 导线中电流的安培力为２F D．a导线所受安培力为２．５F 二、多项选择题(本题共３小题,每小题６分,共１８分．在每小题给出的四个选项中,有多项符合 题目要求．全部选对的得６分,选对但不全的得３分,有选错的得０分．) ８．２０２４年９月２５日,中国人民解放军火箭军向南太平洋相关公海海域成功 发射了一枚携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹,全射程约１２０００公里,末 端速度接近３０马赫．下列说法正确的是 (　　) A．导弹在加速直线上升过程中,加速度方向与速度方向相同 B．导弹的加速度与速度变化量成正比,与运动时间成反比 C．导弹运动时,速度的变化量越大,加速度也越大 D．导弹点火将要升空瞬间,导弹的速度为零,但加速度很大 ９．２０２５年２月２１日１８时１１分,在西藏日喀则市定日县发生３􀆰７级地震,震源深度１０公里．“地 震预警”是指在地震发生以后,抢在地震波传播到受灾地区前,向受灾地区提前发出警报,通知 目标区域从而实现预警．科研机构对波的特性展开研究,某机械波沿x 轴传播,图甲为t＝ ０．６s时的波动图像,图乙为x＝５m 处 A 质点的振动图像,此时 P、Q 两质点的位移均为 －１cm,下列说法正确的是 (　　) )页８共(　页３第　)二(题试理物 A．这列波沿x轴负方向传播 B．P 质点的振动方程为y＝２sin５π３t＋ π ６ æ è ç ö ø ÷(cm) C．t＝０．６s时,P、Q 两质点加速度大小相同,方向相反 D．从t＝０．６s开始经过０􀆰３s,P、Q 两质点经过的路程不相等 １０．电子感应加速器是加速电子的一类常见加速器,结构示意主视图、俯视图如甲所示,上下为电 磁铁的两个磁极,磁极之间有一个环形真空室,电子在真空室中做圆周运动．电磁铁线圈中电 流的大小、方向变化,产生的感生电场使电子加速,规定图甲中所示电流产生的磁场方向为正 方向．磁极在真空室区域内产生磁感应强度大小为B＝kt(k＞０)的变化磁场,使电子逆时针加 速,已知磁场随时间均匀变化时感生电场的大小E＝ １２πR 􀅰ΔΦ Δt ,其中R 为此时电子做圆周运 动的轨迹半径,元电荷电荷量为e,则下列说法正确的是 (　　) A．电子绕真空室一圈,动能增量为ekπR２ B．磁感应强度随时间线性减小时,电子也能被加速 C．若磁感应强度随时间按图丙所示规律变化,电子在加速器中全程均可被加速 D．若磁感应强度随时间按图丙所示规律变化,电子在加速器中仅在１４ 周期内可被加速 三、非选择题(本题共５小题,共５４分．) １１．(６分)现有一个待测电源,某同学想要测量它的电动势,于是在学校实验室开展了如下实验． 实验室有如下实验器材: A．待测电源(内阻r约为０．５Ω) B．电压表 V(量程为３V,内阻约为４kΩ) C．微安表 A(量程为２００μA,内阻为３０００Ω) D．定值电阻R１＝１Ω E．定值电阻R２＝１０Ω F．滑动变阻器R(０~１０Ω) G．数字多用电表 H．开关、导线若干 )页８共(　页４第　)二(题试理物 (１)该同学首先想到用电压表V或者数字多用电表直流电压２V挡(内阻远大于电压表内阻)粗测 电源电动势,测量的结果分别如图①、②所示,选用哪个电表测量结果更接近真实值　　　　,(选 填“电压表”或“数字多用电表”),测量值为　　　　V．(２分) ①　　　② (２)微安表的量程太小,于是该同学想到用定值电阻　　　(R１ 或R２)与微安表 A　　　(选 填“串联”或“并联”),使其量程满足实验需求．(２分) (３)用改装后的电流表完成实验,为使测量结果更加准确,请用笔画代替导线将图③所示实物 图连接成完整的电路．(２分) ③ １２．(１０分)某实验小组计划利用小钢球的自由落体运动来测量当地的重力加速度．如图所示,四 个光电门水平固定在竖直杆上,相邻两个光电门发光点之间的间距Δh＝２０􀆰０cm,小球直径d ＝１􀆰００cm,小球在０号光电门上方某一高度h０ 处静止释放,数据记录如下: 光电门 ０号 １号 ２号 ３号 下落高度 H(m) h０ h０＋ Δh h０＋３Δh 通过光电门时间t/s ０􀆰００５０８ ０􀆰００３５８ ０􀆰００２９３ ０􀆰００２５４ 通过光电门的速度v/(m/s) ２􀆰７９ ３􀆰４１ ３􀆰９４ 通过光电门的速度的平方v２/(m/s)２ ７􀆰７８ １１􀆰６３ １５􀆰５２ 通过光电门的速度的三次方v３/(m/s)３ ２１􀆰７２ ３９􀆰６５ ６１􀆰１６ )页８共(　页５第　)二(题试理物 (１)小球由静止下落到２号光电门的高度h２＝ 　　　　(用h０ 和Δh表示结果);(２分) (２)小球通过０号光电门的瞬时速度v０＝ 　　　　m/s(结果保留两位小数);(２分) (３)以 H 为横坐标,以　　　　(填“v”、“v２”或“v３”)为纵坐标进行作图,获得图像为过原点的 直线,若图像的斜率为k,则当地的重力加速度g ＝ 　　　　(用符号k表示);(４分) (４)忽略空气阻力带来的影响,若增大小球在０号光电门上方的释放高度h０,则测得的当地的 重力加速度将　　　　(填“偏大”、“偏小”或“不变”)．(２分) １３．(１０分)如图甲所示,粗糙的水平地面上有长木板P,小滑块 Q(可看作质点)放置于长木板上 的最右端．现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端,让长木板从静止开始运动,一段时 间后撤去力F的作用．滑块、长木板的速度图像如图乙所示,已知小滑块 Q 与长木板P的质 量相等,小滑块 Q始终没有从长木板P上滑下．重力加速度g＝１０m/s２．求: (１)滑块 Q与长木板P之间的动摩擦因数;(３分) (２)长木板P与地面之间的动摩擦因数;(３分) (３)长木板P停下来的时间．(４分) )页８共(　页６第　)二(题试理物 １４．(１３分)如图所示,弹丸和足球的初速度均为v１＝５０m/s,方向水平向右．设它们与木板作用 的时间都是０􀆰５s,那么: (１)弹丸击穿木板后速度大小变为３０m/s,求弹丸击穿木板过程的加速度大小及方向;(６分) (２)足球与木板作用后反向弹回的速度大小为３０m/s,求足球与木板碰撞反弹过程的加速度 大小及方向．(７分) )页８共(　页７第　)二(题试理物 １５．(１５分)如图所示,在平面直角坐标系确定的平面内,虚线OM 与x 轴负方向的夹角为４５°,虚线OM 右侧区域Ⅰ内存在垂直 xOy平面向里的匀强磁场,虚线OM 左侧区域Ⅱ内存在沿y轴 正方向的匀强电场．一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从 原点O 沿x 轴正方向以速度v０ 射入磁场,此后当粒子第一次 穿过边界线OM 时速度方向与y 轴平行,并恰好能到达x轴上的P 点．已知原点O与P 点间 的距离为d,不计粒子受到的重力,求: (１)匀强磁场的磁感应强度大小B;(４分) (２)匀强电场的电场强度大小E;(５分) (３)粒子从O点射出至第四次穿过边界线OM 所用的时间t总 以及此时到O点的距离．(６分) )页８共(　页８第　)二(题试理物 ２０２５年普通高中学业水平选择性考试(押题密卷二) 选择题答案速查 题号 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ ９ １０ 答案 C A C A C D D AD ABD AD １．C　[网球竖直向上抛出,做匀减速直线运动,加速度 为重力加速度,到达最高点时,速度为零,然后反向做 自由落体运动,加速度不变,但速度方向相反,所以甲 图可能是速率Ｇ时间图线,故 A 错误,B错误;上升阶 段,速度减小,图线的斜率减小,位移增大,路程增大, 到达最高点时,速度为零,斜率为零,位移达到最大, 之后反向自由落体运动,速度增大,斜率增大,位移减 小,路程增大,故乙图可能是位移Ｇ时间图线,不可能 是路程Ｇ时间图线,故C正确,D错误．] ２．A　[根据核反应的质量数守恒和电荷数守恒可知,方 程中的X质量数为４,电荷数为２,则X是４２He,即α粒 子,故 A正确,C错误;半衰期只与原子核内部结构有 关,与外界环境因素无关,故B错误;原子核的半衰期 是针对大量原子核得出的统计规律,对少数原子核衰 变不适用,故 D错误．] ３．C　[根据万有引力等于向心力GMm r２ ＝mv ２ r ,可得v ＝ GMr ,可知飞船在Ⅰ轨道运行速度大于在Ⅲ轨道上 的运行速度,选项 A错误;根据开普勒第三定律r ３ T２ ＝ k,由r１＜aⅡ＜rⅢ,可知飞船在三个轨道上的运行周 期TⅠ＜TⅡ＜TⅢ,选项B正确;飞船从轨道Ⅰ到轨道 Ⅱ要进行加速,机械能增加,则飞船在Ⅱ轨道上的机 械能大于在Ⅰ轨道上的机械能,选项 C正确;根据开 普勒第二定律可知,飞船在三个不同轨道上运行时, 与地球连线在单位时间内扫过的面积不相等,选项 D 错误．] ４．A　[根据折射定律n＝sinisinr ,可知该透明材料对这两 种光的折射率na＞nb,根据v＝ c n ,可知在该透明材料 中,a光的传播速度小于b 光的传播速度,故 A 正确, C错误;波长越长时,越容易发生明显衍射现象,b光 波长较大,更容易发生明显的衍射现象,故 B错误;根 据临界角与折射率的关系n＝ １sinC ,可知,b光的临界 角较大,故 D错误．] ５．C　[以容器内原有的气体和打进的气体为研究对象, 初态是压强p０,体积V＋nV０,末态压强是p′,体积V, 由玻意耳定律p０(V＋nV０)＝p′V, 所以p′＝p０＋ np０V０ V ． ] ６．D　[若粒子带负电,粒子受到的电场力向左,则粒子 向左运动,故 A 错误;带电粒子从x＝r处由静止释 放,若粒子带正电,粒子向右运动,则粒子刚开始运动 时,粒子受到的电场力最大,加速度最大,粒子运动过 程中的最大加速度约为am＝ Fm m ＝ １．２qE０ m ＜ ３qE０ m ,故 B错误;根据沿电场线电势降低,轴线上x＝０处的电 势最大,故C错误;EＧx 图像与坐标轴围成的面积表 示电势差,若x＝r处与x＝３r处的电势均匀减小,则 x＝r处与x＝３r处的电势差U＝ ０．２E０＋１．２E０ ２ ×２r０ ＝ ７E０r ５ ,实际EＧx 图线与坐标轴围成的面积小于x＝ r处与x＝３r处的电势均匀减小时EＧx 图线与坐标轴 围成的面积,故x＝r 处 与x＝３r 处 的 电 势 差 小 于 ７E０r ５ ,故 D正确．] ７．D　[由题意可知,a与d、b与e、c与f 在O 点的磁场 大小相等、方向相反,故O 点的磁感应强度为零,A 错 误;根据安培定则,其他５根输电线在c处产生的磁场 方向垂直fc向上,根据左手定则,c导线所受安培力 方向沿Oc指向O,B错误;由题意可知,b、f对a 的安 培力大小为F,c、e对a 的安培力为 ３３F ,d 对a 的安 培力为F ２ ,则a导线所受安培力为Fa＝２Fsin３０°＋２ × ３３Fsin６０°＋ F ２＝２．５F ,C错误,D正确．] ８．AD　[导弹在加速直线上升过程中,加速度方向与速 度方向相同,A正确;加速度a＝ΔvΔt ,是加速度的比值 定义式,不能说导弹的加速度与速度变化量成正比, 与运动时间成反比,B错误;由加速度的定义式可知, 在任意相等时间内,速度的变化量越大,加速度才越 大,故C错误;导弹点火将要升空瞬间,导弹的速度为 零,但加速度很大,D正确．] ９．ABD　[由乙图可知,在t＝０􀆰６s时,A 质点正在沿y 轴负方向运动,根据“同侧法”可知,波沿x 轴负向传 播,故 A正确;P 质点的振动方程为x＝Asin(ωt＋φ) cm,而ω＝２πT＝ ２π １．２rad /s＝５π３rad /s,将t＝０􀆰６s,y＝ －１cm 代入解得φ＝ π ６ 或５π ６ ,因t＝０时刻,质点P 沿 ＋y方向运动,故取φ＝ π ６ ,因此P 质点的振动方程为 x＝２sin ５π３t＋ π ６( ) cm,故 B正确;t＝０􀆰６s时,质点 P、Q 点在x 轴下方,加速度方向都沿y轴正方向,P、 Q 两质点位移相同,加速度大小相同,故 C错误;波向 x轴负方向传播可知t＝０􀆰６s时质点P 在x 下方并 向y 轴负方向减速运动;Q 在x 轴下方并向y 轴正方 向加速运动,又０．３s＝T４ ,所以从t＝０􀆰６s开始经过 ０􀆰３s,P、Q 两质点经过的路程不相等,故 D正确．] １０．AD　[该过程中感生电场 E＝ １２πR 􀅰ΔΦ Δt＝ １ ２πR 􀅰 kT１􀅰πR２ T１ ＝kR２ ,该过程属于变力做功,则由动能定 理有eE􀅰２πR＝ΔEk,则 ΔEk＝ekπR２,A 正确;使电 子被逆时针加速,涡旋电场方向应为顺时针方向,当 俯视时,若原磁场方向垂直向内、大小线性减小时, 产生的感应电场为顺时针,但此时电子所受洛伦兹 力背离圆心,无法提供向心力,电子会撞上真空室 壁,B错误;变化时对应的电场方向如图所示(俯视) 发现电子只可能在第一个、第三个１ ４ 周期内被加速, 但第三个１ ４ 周期时,电子所受洛伦兹力背离圆心,无 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ５－案答 参 考 答 案 法提供向心力,所以电子在该加速器中仅在第一个 １ ４ 周期内可被加速,C错误;D正确．] １１．解析:(１)因数字多用电表直流电压２V 挡内阻远大 于电压表内阻,则用数字多用电表测量电动势测量 结果更接近真实值,测量值为１􀆰５５３V; (２)微安表的量程太小,于是该同学想到用定值电阻 R１ 与微安表 A并联,可使量程达到I＝ Igrg R１ ＋Ig≈ ０．６A,使其量程满足实验需求． (３)改装后的电流表内阻已知,则相对电源来讲采用 电流表内接,则测量电路如图 答案:(除 标 注 外,每 空 １ 分)(１)数 字 多 用 电 表 　１􀆰５５３ (２)R１　并联 (３) (２分) １２．解析:(１)根据图中数据可知,小球由静止下落到２ 号光电门的高度h２＝h０＋２Δh; (２)由于小球直径很小,小球通过光电门的平均速度 近似 等 于 其 瞬 时 速 度 v０ ＝ d t０ ＝ ０．０１０．００５０８m /s ＝１．９７m/s; (３)根据运动学公式有v２＝２gH,以 H 为横坐标,以 v２ 为纵坐标进行作图,获得图像为过原点的直线,若 图像的斜率为k,则k＝２g,解得g＝k２ ; (４)忽略空气阻力带来的影响,若增大小球在０号光 电门上方的释放高度h０,则图像斜率不变,测得的当 地的重力加速度将不变． 答案:(每空２分)(１)h０＋２Δh (２)１􀆰９７ (３)v２　k２ (４)不变 １３．解析:(１)由乙图可知,力F 在５s时撤去,此时长木 板P的速度为v１＝５m/s,６s时两者速度相同为v２ ＝３m/s,在０~６s的过程,对 Q,由牛顿第二定律得 μ１mg＝ma２,根据图乙可知a２＝ Δv Δt＝０．５m /s２, 代入数据可得μ１＝０．０５． (２)５s~６s,对 P,由牛顿第二定律得μ１mg＋μ２􀅰 ２mg＝ma１,由乙图可知a１＝２m/s２,代入数据可得 μ２＝０．０７５． (３)６s末到长木板停下的过程,对长木板由牛顿第 二定律得μ２􀅰２mg－μ１mg＝ma３,代入数据可得a３ ＝１m/s２,这段时间 Δt＝ v２ a３ ＝３s,t＝９s． 答案:(１)０􀆰０５　(２)０􀆰０７５　(３)９s １４．解析:以初速度的方向为正方向,(１)弹丸击穿木板 过程:a１＝ Δv１ Δt＝ ３０－５０ ０．５ m /s２＝－４０m/s２,“－”表示 加速 度 方 向 与 初 速 度 方 向 相 反 (或 加 速 度 方 向向左)． (２)足球与木板碰撞反弹过程:a２＝ Δv２ Δt＝ －３０－５０ ０．５ m /s２ ＝－１６０m/s２,“－”表示加速度方向与初速度方向相反 (或加速度方向向左)． 答案:(１)a１＝４０m/s２,加速度方向向左;(２)a２＝１６０ m/s２,加速度方向向左 １５．解析:(１)由题意,可画出粒子在磁场和电场中的运 动轨迹如图所示 由于粒子在磁场中的匀速圆周运动,洛伦兹力提供 向心力,根据牛顿第二定律可得qv０B＝m v２０ r , 由几何关系得r＝d, 解得B＝ mv０ qd ． (２)粒子在电场中做匀减速运动,由动能定理,得－ qEd＝０－１２mv ２ ０, 解得E＝ mv２０ ２qd． (３)粒子在磁场中运动的周期为T＝２mπBq＝ ２dπ v０ , 粒子第一次在磁场中运动的时间为t１＝ ３ ４T＝ ３dπ ２v０ , 第一次穿过边界线OM 时到O 点的距离为l１＝ ２d, 在电场中的加速度为a＝qEm ＝ v２０ ２d , 粒子第 一 次 在 电 场 中 来 回 的 时 间 为t２＝２× ２d a ＝４dv０ , 粒子第二次在磁场中还是以速度v０ 运动,则粒子第 二次在磁场中的时间为t３＝ １ ４T＝ dπ ２v０ , 此时沿边界线OM 移动的距离为l２＝ ２d, 粒子第二次在电场中以初速度v０ 做类平抛运动,则 在x方向x＝v０t４, 在y方向y＝１２at ２ ４, 联立解得t４＝ ４d v０ , 此时沿边界线OM 移动的距离为l３＝４ ２d, 则粒子从O 点射出至第四次穿过边界线OM 的时间 t总＝t１＋t２＋t３＋t４＝ ２πd＋８d v０ , 第四次穿过边界线OM 时到O 点的距离为l总＝l１＋ l２＋l３＝６ ２d． 答案:(１)B＝ mv０ qd (２)E＝ mv２０ ２qd (３)t总＝２πd＋８dv０ ,l总＝６ ２d 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 􀪋 ６－案答 物　理