电功和电功率综合练习-2025年中考物理专项训练

电功和电功率综合练习-2025年中考物理专项训练 一、单选题 1．下列对一些物理量的估测中比较贴近事实的是（　　） A．人托起一个鸡蛋的力约为1N B．教室内单盏护眼灯的功率约是1000W C．跑完50m后人体体温约为37.8℃ D．中学生正常步行一分钟大约走80m 2．下列做法符合安全用电要求的是（　　） A．经常用湿抹布擦拭电器，保证电器的清洁 B．发现有人触电，赶快用手将其拉开 C．有金属外壳的电器一定要接地线 D．为了方便，电动车在室内充电 3．小雅家安装的电能表如图甲所示，书房灯L及三孔插座的安装电路如图乙所示，为保证安全用电，下列说法正确的是（　　） A．小雅家的电能表必须用在110V的电路中 B．若保险丝熔断，可用铁丝代替 C．三孔插座的安装不符合安全用电原则 D．a端应接火线，b端应接零线 4．如图甲所示的电路，电源电压不变，L是标有“2.5V”字样的小灯泡，R0的电阻为30，电压表的量程为0~15V，两个电流表的量程均为0~0.6A，图乙是小灯泡L的电流随其电压变化的图像。当S闭合，S1、S2断开，将滑片P移到变阻器R的中点时，小灯泡L恰好正常发光，电压表示数为5V。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为5V B．变阻器R的最大阻值为20 C．移动滑片P当灯泡L的功率为2W时，变阻器R接入的阻值为7.25 D．当S、S1、S2都闭合，为保证电路安全，变阻器R消耗的最大功率为2.625W 5．图甲是科技小组设计的“闯红灯违规模拟记录器”，控制电路电源电压为6V，电磁继电器线圈电阻为10Ω，R为压敏电阻，其阻值大小随压力F的变化关系如图乙所示。当光控开关接收到绿光时断开，工作电路中指示灯亮，电控照相机不工作；当光控开关接收到红光时自动闭合，且当压敏电阻受到车的压力增大到一定数值，控制电路中的电流等于或大于60mA时，电控照相机开始拍照，g取10N/kg。下列说法正确的是（　　） A．压敏电阻R随压力F的减小而减小 B．图甲中a处是电控照相机，b处是指示灯 C．当控制电路中的电流等于60mA时，闯红灯的车的质量为400kg D．当质量更大的车闯红灯时，控制电路的总功率会减小 6．电是无声的万能之手，点亮文明每个角落，驱动万物有序运转，从指尖微光到城市动脉，电流编织着现代文明的神经网络，将人类文明推入永不停歇的加速轨道。下列与“电”相关的应用，说法正确的是（　　） A．甲图：电磁弹射车模型加速启动原理与生活中发电机的工作原理是相同的 B．乙图：在电动汽车集中充电站中的每一个充电桩上都应安装充电保险装置 C．丙图：电热水壶正常工作1min可使“600imp/kW·h”的电能表闪烁300次 D．丁图：全自动洗衣机进水阀门通过如图所示的电流时，电磁铁上端为极 二、填空题 7．如图所示，该电能表的示数为 kW·h。将此电能表接入家庭电路中，关闭其他用电器，让一台空调单独工作6min，观察到电能表的转盘正好转了60圈，则该段时间内空调消耗的电能为 kW•h，该空调的实际功率为 W。 8．如图所示的电路中，开关S和S1闭合后，为使电阻R1、R2组成串联电路，则甲、乙两表均为 （选填“电流表”或“电压表”），此时甲、乙两电表的示数之比为3∶2，则R1和R2的电阻之比为 ；若将甲、乙两表均换为另一种电表，闭合开关S、断开开关S1后，则R1和R2消耗的功率之比为 。 9．小明家新购了一款电热水壶，他发现标识牌上有“额定电压：；额定加热功率：1000W；额定保温功率：110W”字样，其简化电路如图所示，、均为电热丝，不计温度变化对电阻的影响。该电热水壶在额定保温功率下工作时的电流为 A；该电热水壶使用几年以后，在不计热量损失情况下，小明发现该热水壶加热挡正常工作，将质量为的水加热升温，用时，由此可判断电热水壶的加热功率 （填变化情况）；若要恢复该电热水壶的额定加热功率，可选择一段电阻值为 ，Ω的新电热丝与之并联。（取水的比热容） 10．我国电动汽车的多项技术已领跑世界，某型号国产电动汽车电池容量为，额定电压为，充满电后，它储存了 的能量；如图静止在地面上的足球，受到的重力与支持力的关系是 。 11．如图所示电路，电源电压恒定，电流表量程为0~3A，小灯泡L标有“6V 3W”字样，R1的阻值为40Ω，滑动变阻器R2标有“40Ω 2A”字样，只闭合开关S2，R2的滑片P移至中点时，电流表的示数为0.5A，则电源电压为 V。只闭合开关S1，电流表的示数为0.35A，10s内小灯泡中电流做功为 J。闭合开关S1，S2和S，为保证电路安全，R2允许调节的阻值范围为 Ω，移动R2的滑片P的过程中，R2的电功率与R1的电功率的最大比值为 。 12．电热煮茶壶有加热和保温两种功能。如图是其简化电路图，L是电功率忽略不计的电源指示灯，R1和R2为发热电阻，电源电压为220V，加热状态时的功率为440W，保温状态时的功率为110W。求： (1)电源指示灯的电阻RL （选填“远大于”或“远小于”）发热电阻R1的阻值； (2)加热状态时，电热煮茶壶工作5min消耗的电能 ； (3)保温状态时，电路中的电流 ； (4)保温状态时，发热电阻R2两端的电压 。 13．如图所示的是定值电阻R和灯泡L的图像，将定值电阻R和灯泡L串联接在某电源两端，此时通过定值电阻R的电流为0.5A，通电1min整个电路消耗电能 J。 14．最近，城区出现了智能快递车，如图甲，该车配有一块“50V 30A·h”的电池，“30A·h”表示电池充满电后，通电电流与可供电时间的乘积。快递站的充电桩有两挡功率。设电池当前储能与充满时储能之比为D，当时，充电桩保持功率。 充电，D达到80%后，充电桩保持功率 继续充电，直至充满。 (1)某次快递运送，该车在平直路面上由静止开始运动，速度 v 随时间t 变化关系如图乙，7~15 min 内车移动的距离是 m。 (2)图丙是快递站充电桩的电能表，示数为 kW·h，现充电桩以功率。 给快递车充电，电能表的指示灯在2min内闪烁了240次，不计能量损失，充入快递车的电能为 kW·h，此时充电桩功率为，= W (3)D从70%增长至80%所需时间与D从80%增长至90%所需时间之比为5∶8，则当D为70%时开始充电计时，该车充满电需 min。 三、实验题 15．如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。甲、乙是完全相同的密闭容器，里面密封着等量的空气，闭合开关前，A、B 两 U 形管内液面相平。 (1)实验中，乙容器外部的电阻的作用是为了使左右容器内通过导体的 不相等； (2)由于电流产生的热量不易直接测量，因此在实验中是通过观察 来比较甲、乙容器内空气温度的变化，这里采用的物理研究方法 是 ； (3)通过对比观察，发现 （选填“甲”或“乙”）容器中导体的 电阻产生的热量较多。由此可知，在电阻和通电时间相同时， 越大，导体产生的热量越多。 16．小明用如图甲电路测量额定电压为2.5V小灯泡L1的额定功率，电源电压调节为4.5V不变（提示：电源电压可调），规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器。 (1)检查电路，小明发现一根导线连接错误，请将图中连接错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； (2)小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，则他在操作中存在的不当之处是 ； (3)改正所有问题并正确完成了实验，他根据实验数据绘制了小灯泡的I﹣U图象（如图乙）；小明发现图像是曲线，原因是小灯泡灯丝的电阻随 的变化而变化，小灯泡的额定功率是 W； (4)小明将电路中小灯泡分别改接5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻，探究电流与电阻的关系；电源电压可调，实验时若控制定值电阻两端电压保持2V不变，为使三个电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压应不高于 V； (5)完成上述实验后，小明设计了如图丙所示电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。方案如下（电源电压未知但保持不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R0，滑动变阻器R2最大阻值未知）； ①按电路图连接实物电路； ②只闭合开关S、S2，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为 ，灯泡正常发光； ③只闭合开关S、S1，保持R1滑片的位置不变，调节变阻器R2的滑片，使电流表的示数为I额； ④保持R2滑片的位置不变，只闭合开关S、S1，将R1的滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I2； ⑤小灯泡额定功率的表达式为P额= （用I额、I1、I2、R0表示）。 17．小明在“探究电流与电压的关系”实验中，保持定值电阻不变，设计了如图甲所示的电路并进行实验。 (1)请用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整，要求滑片向端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大 （连线时导线不允许交叉）； (2)连接好电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，电压表的示数约为且保持不变，电流表的示数几乎为零，则电路的故障可能是（　　） A．滑动变阻器短路 B．定值电阻断路 C．定值电阻短路 (3)排除故障后，小组成员测得多组实验数据，根据数据绘制出电阻的图像如图乙所示，由图像可得：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 比（填“正”或“反”）； (4)将定值电阻换成标有“2.5V”字样的小灯泡继续实验，根据数据绘制出小灯泡I-U图像如丙所示。 ①小灯泡的额定电功率为 W； ②小组成员发现两次绘制出的I-U图像不同，这是因为灯泡电阻 ； ③当灯泡实际电压为额定电压一半时的实际电功率为P1，当灯泡实际电流为额定电流的一半时的实际电功率为P2，分析图像发现，P1 P2（填“大于”、“小于”或“等于”）。 18．在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压U额为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）： (1)同组的小红发现电路连接有错误，如果此时闭合开关，小灯泡不发光。请你在接错的那根导线上打“×”，并另画一根导线，使电路连接正确 。为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 （填字母）； A．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器           B．“20Ω 0.5A”的滑动变阻器 (2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是 ； (3)排除故障，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端移动； (4)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知： ①该小灯泡正常发光时的额定功率为 W； ②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受 变化的影响； (5)完成上述实验后，小明在缺少电压表的情况下，根据绘制出的小灯泡电流与电压关系图像，设计出了一个测未知定值电阻的电路，如图丁所示。请根据电路图写出其中一次测量的实验步骤： ①开关S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数I为0.2A； ② 。 ③表达式：Rx= （用已知量和所测量的字母符号表示）。 四、计算题 19．小明家新买了一个智能电热水壶如图甲所示，其内部简化电路如图乙所示，与均为电热丝，该智能电热水壶额定电压为220V，其加热挡额定电功率为1100W，保温挡额定电功率为88W。小明想利用这个电热水壶烧开一壶水，并探究其节能效果。他进行了如下实验：在一个标准大气压下，电热水壶处于加热状态正常工作，耗时将的水从加热到。已知水的比热容为。求： (1)电热丝的阻值； (2)壶内水所吸收的热量； (3)上述过程中，该电热水壶的加热效率。（用百分数表示，计算结果保留一位小数） 20．如图甲所示的某家用饮水机具有加热和保温两个挡位，图乙是其内部简化电路图，其中R2=1039.5Ω。当处于加热挡时，饮水机的加热功率为800W，求： (1)R1的阻值； (2)此饮水机处于保温档的功率； (3)当饮水机将储存的2kg温度为28℃的水，在标准大气压下水加热至沸腾，需要加热15分钟，则此饮水机的加热效率为多少？（c水=4.2×103J/kg·℃） 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《电功和电功率综合练习-2025年中考物理专项训练》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 答案 D C D D C B 1．D 【详解】A．人托起一个鸡蛋的力约为0.5N，故A不符合题意； B．教室内单盏护眼灯的功率约为15W，故B不符合题意； C．人体温度的正常范围是在36.1~37.0℃之间。跑完50米后人体的体温会有所升高，但一般还处于正常范围内，则跑完50m后人体体温约为37℃左右，故C不符合题意； D．步行的速度约为1.2m/s，由得，中学生正常步行一分钟大约走 接近80m，故D符合题意。 故选D。 2．C 【详解】A．湿抹布导电，擦拭电器时易引发触电，故A不符合题意； B．直接用手拉触电者会导致施救者触电，应切断电源或用绝缘体分离，故B不符合题意； C．金属外壳电器接地线可将漏电电流导入大地，避免触电风险，故C符合题意； D．电动车室内充电易引发火灾，应在通风处充电，故D不符合题意。 故选C。 3．D 【详解】A．中国家庭电路的标准电压是220V，电能表上的220V表示适用于220V电路。故A错误； B．保险丝的熔点较低，能在电流过大时熔断以保护电路。铁丝电阻低、熔点高，不能在电流过大时自动切断电路无法起到保险作用，强行使用可能导致火灾，故B错误； C．三孔插座应符合 “左零右火上地”的标准接线，图乙中三孔插座符合安全用电原则，故C错误； D．开关应控制火线（a端接火线），以确保断开时灯具不带电，符合安全用电原则。b端接零线形成回路。故D正确。 故选D。 4．D 【详解】A． 当S闭合， S1、S2断开时，该电路为R和L的串联电路，电流表A测电路中的电流，电压表测R两端的电压，当滑片P在中点时，L正常发光，即L两端的电压为 已知电压表示数为5V，即R两端的电压为 由串联电路的电压特点可知电源电压为 故A错误； B． 由图乙可知当L两端的电压为2.5V，通过L的电流为0.4A，即电路中的电流为I=0.4A 由可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为 则滑动变阻器的最大阻值为 故B错误； C． 由P=UI结合图乙可知，当灯泡L的功率为2W时，L两端的电压为 通过L的电流为0.5A，即电路中的电流为 由串联电路的电压特点可知此时R两端的电压为 由可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为 D. 当S、S1、S2都闭合，L被短路，该电路为R和R0的并联电路，电流表A1测通过R0的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源电压， 由欧姆定律可知通过R0的电流为 电流表的量程为0~0.6A，即干路电流最大为 由并联电路的电流特点可知通过滑动变阻器的最大电流为 则变阻器R消耗的最大功率为 故D正确。 故选D。 5．C 【详解】A．由图乙可知，压力F越大，压敏电阻R的阻值越小，即压敏电阻R随压力F的增大而减小，故A错误； B．由图甲可知，光控开关接收到绿光时断开，此时电磁铁中没有电流通过，电磁铁没有磁性，a处接入电路，此时工作电路中指示灯亮，电控照相机不工作，即a处为指示灯，则b处是电控照相机，故B错误； C．当控制电路中的电流等于60mA时，控制电路中的总电阻为 电磁继电器线圈电阻为10Ω，则压敏电阻的阻值为 由图乙可知，此时压力大小为，则闯红灯的车的质量为 故C正确； D．当质量更大的车闯红灯时，压敏电阻受到的压力更大，压敏电阻的阻值更小，控制电路中的电流更大，根据可知，控制电路的总功率会增大，故D错误。 故选C。 6．B 【详解】A．甲图：电磁弹射车模型加速启动原理与生活中电动机的工作原理是相同的，都是利用通电导体在磁场中受力的作用工作的，故A错误； B．乙图：为了用电安全，在电动汽车集中充电站中的每一个充电桩上都应安装充电保险装置，故B正确； C．丙图：电热水壶的电功率约为1000W，由得，电热水壶正常工作1min消耗的电能约为 可使“600imp/kW·h”的电能表闪烁 故C错误； D．丁图：全自动洗衣机进水阀门通过如图所示的电流时，即电流从电磁铁上端流入，由右手螺旋定则得，电磁铁下端为极，故D错误。 故选B。 7． 314.5 0.1 1000 【详解】[1]由图示知，电能表的示数为314.5kW•h。 [2]由电能表的参数可知，每消耗1kW•h的电能，电能表表盘转过600圈，6min电能表的转盘正好转了60圈，空调消耗的电能为 [3]空调的电功率为 8． 电压表 1∶2 2∶1 【详解】[1]闭合开关S和S1，若电阻 R1、R2组成串联电路，则甲、乙两电表所在的支路在电路中应都相当于断路，故两表均为电压表。 [2]此时电压表甲测量电源电压，电压表乙测量电阻R2两端的电压，此时甲、乙两电表的示数之比为3∶2，即 故 由串联电路的分压规律知道 [3]若甲、乙两表均为电流表，闭合开关S，断开开关S1，R1与R2并联，由知道，R1和R2消耗的功率之比 9． 0.5 变小 484 【详解】[1]由得，该电热水壶在额定保温功率下工作时的电流为 [2]质量为1kg的水加热升温45℃吸收的热量为 不计热量损失，则此过程中热水壶消耗的电能为 此过程中电热水壶的加热功率为 则电热水壶的加热功率变小。 [3]若要恢复该电热水壶的额定加热功率，则与阻值并联的的新电热丝的电功率为 由得，电阻的阻值为 10． 80 平衡力 【详解】[1]充满电后，它储存的能量为 [2]如图静止在地面上的足球，此时的足球在重力与支持力的作用下处于平衡状态，受到的重力与支持力是平衡力。 11． 16 7 8~40 5︰1 【详解】[1]只闭合开关S2，R2的滑片P移至中点，滑动变阻器接入电路的电阻为最大阻值的一半，即为20Ω，滑动变阻器与灯泡L组成串联电路，电流表测电路中的电流，由P=UI可得，灯泡L的额定电流 因为此时电路中的电流为0.5A，即通过灯泡L的实际电流等于额定电流，即灯泡L正常发光，此时滑动变阻器的两端电压为 因此电源电压为 [2]只闭合开关S1，R1、灯泡L串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律可知，R1两端的电压 由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的电压为 则10s内小灯泡中电流做的功 [3][4]闭合开关S1、S2和S，滑动变阻器R2、电阻R1并联，灯泡被短路；电流表测干路电流，因为电流表的量程为0~3A，所以干路的最大电流为3A，此时通过R1的电流为 由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的最大电流为 所以滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻为 因此滑动变阻器接入的电阻范围为8~40Ω，由P=UI可知，R2的电功率与R1的电功率的最大比值为 12．(1)远小于 (2) (3) (4) 【详解】（1）由于电源指示灯的功率忽略不计，故电源指示灯的电阻远小于发热电阻R1的阻值。 （2）加热状态时，电热煮茶壶工作5min消耗的电能为 （3）保温状态时，电路中的电流为 （4）由图可知，当开关接1时，只有R1接入电路，电路中总电阻最小，此时为加热状态，故R1的阻值为 当开关接2时，R1和R2串联，电路中总电阻最大，此时为保温状态，故电路中总电阻为 故电阻R2的阻值为 则保温状态时，发热电阻R2两端的电压 13．210 【详解】定值电阻R和灯泡L串联，根据串联电路电流规律，当通过定值电阻R的电流为0.5A，灯泡的电流也为0.5A，由图像可知，此时R两端电压为5V，灯两端电压为2V，根据串联电路电压规律，则电源电压为 通电1min整个电路消耗电能 14．(1)240 (2) 15372.6 0.2 6 (3)6.3 【详解】（1）由图知第7~15分钟，快递车行驶的时间 快递车移动的速度为v=5m/s，快递车移动的距离是 （2）[1]电能表读数时，数字方框中最后一位是小数，单位是kW·h，由图可知，此时电能表的示数为15372.6 kW·h。 [2]电能表参数N=1200imp/kW·h 表示用电器每消耗1kW·h的电能，电能表的指示灯闪烁1200次； 电能表的指示灯闪烁n=240次时，充入快递车的电能 [3]充电时间 此时充电桩功率为 （3）D从70%增长至80%增加了D1=80%-70%=10% 所需时间t1，D从80%增长至90%增加了D2=90%-80%=10% 所需时间t2，电池储能的增加量 由题意知 根据可得， 可得 根据电池参数“50V 30Ah”可得电池储能 D从70%增长至80%，充电量 充电时间 D从80%增长至充满，充电量 充电时间 则当D为70%时开始充电计时，该车充满电需的时间 15．(1)电流 (2) U型管两液面高度变化 转换法 (3) 甲 电流 【详解】（1）如图所示，甲中一个5Ω电阻与乙中两个5Ω电阻的并联电路串联，则通过甲容器中电阻的电流等于并联电路中两个支路电流之和；由此可知，乙容器外部的电阻的作用是为了使左右容器内通过导体的电流不相等。 （2）[1][2]实验中，通过观察U形管中液面高度的变化来反映密闭空气温度的变化，进而比较甲、乙容器内电阻产生的热量。这种方法称为转换法，即用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量。 （3）[1][2]实验中，通过对比观察，发现A管的液面高度差比B管的液面高度差大，说明甲容器中气体膨胀程度较大，温度上升得较高。因此，甲容器中电阻产生的热量较多。由此可知，在电阻和通电时间相同时，电流越大，导体产生的热量越多。 16．(1) (2)没有将滑片移动到最左端 (3) 温度 0.625 (4)1.8 (5) I额 【详解】（1）原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，应将电流表与灯串联，电压表与灯并联，改接电路如下图所示： （2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，可知电路的电流过大，则他在操作中存在的不当之处是没有将滑片移动到阻值最大处，即最左端。 （3）[1]根据实验数据绘制小灯泡的I﹣U图像；发现图像是曲线，可知灯的电阻不是一个定值，原因是小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化。 [2]小灯泡的额定功率是 （4）根据串联电路的规律及分压原理有 方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，这时电压表控制的电压最小，即 控制的最小电压为UV=1.8V，为使三个电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压应不高于 1.8V。 （5）[1][2]在②中，灯泡、电流表和R1串联，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光；在③中，R2、电流表和R1串联，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，因为电路中电流仍为I额，所以R2=RL；在④中，保持R2滑片位置不动，将R1滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I2，变阻器R1的最大阻值为R0，因电源电压不变，则由串联电路特点和欧姆定律可得 解得；小灯泡额定功率的表达式为 17．(1) (2)B (3)正 (4) 0.625 受温度影响 大于 【详解】（1）要求滑片向端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，故应将开关与滑动变阻器B接线柱相连，如图所示 （2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，电流表无示数，说明电路是断路；电压表有示数且约为3V，说明电压表与电源正负极连通，则故障可能是定值电阻断路，故AC不符合题意，B符合题意。 故选B。 （3）由图乙可知，电阻的图像是一条过原点的倾斜直线，说明定值电阻两端的电压和通过它的电流比值不变（是一个定值），由此可以得到当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。 （4）[1]从图丙可以看出，当灯泡电压为2.5V时，电流为0.25A，小灯泡的额定电功率为。 [2]灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而增大，所以绘制出小灯泡I-U图像中电流和电阻不成正比，两次绘制出的I-U图像不同。 [3]从图像丙可以看出，当实际电压是额定电压一半时，即此时的电压为1.25V，此时通过小灯泡的电流的范围为0.15～0.2A，此时的实际功率为P1。P1的最小值为 当实际电流是额定电流一半时，此时通过小灯泡的电流为0.125A，此时小灯泡的电压范围为0.5~1V之间，此时的实际功率为P2。P2的最大值为 ，故实际电功率P1大于P2。 18．(1) B (2)灯泡断路 (3)左 (4) 0.5 温度 (5) 只闭合S2，保持滑片P不动，记下电流表示数为I 【详解】（1）[1]根据实验，电路是串联的，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中的电流，甲图中电压表串联接入电路，因此改接正确的电路如下图所示： [2]已知灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为12Ω，则电路中的电流为 此时变阻器两端电压为 变阻器接入阻值约为 故B符合题意。 （2）串联电路中，闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路，电压表有示数，则可能是灯泡发生断路，电压表串联接入电路，测电源电压。 （3）乙图中电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，读数为2.2V，已知灯泡正常发光时电压为2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，需要使灯泡两端电压变大，变阻器两端电压变小，根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，即滑片向左移动。 （4）[1]丙图中小灯泡正常发光时的电流为0.2A，则额定功率为 [2]灯丝的电阻在实验过程中温度会升高，电阻变大，说明灯丝电阻受温度的影响会发生改变。 （5）[1][2]据丁图可知，开关S1闭合，S2断开，电路为未知电阻和灯泡并联，再与变阻器串联，电流表的灯泡支路电流，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数I为0.2A，此时灯泡正常发光，未知电阻两端电压与灯泡电压相等为2.5V，接下来只闭合S2，保持滑片P不动，电路连接方式不变，电流表此时测灯泡和未知电阻的总电流，电流表的示数为I，可得未知电阻的电流为 未知电阻的阻值为 19．(1)506Ω (2) (3) 【详解】（1）当开关、均闭合时，电路为的简单电路，被短路，电路总电阻较小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电热水壶处于加热挡；当开关闭合、断开时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，电热水壶处于保温挡； 加热挡时，根据可得，的阻值为 保温挡时，根据可得：两电阻串联之和的总电阻为 根据电阻串联的特点可知，的阻值为 （2）壶内水吸收的热量 （3）加热挡加热8分钟，消耗电能为 该电热水壶的加热效率为 20．(1)60.5Ω； (2)44W； (3)84% 【详解】（1）由图乙可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路特点可知，此时电路的总电阻最大，由可知，电路的总功率最小，饮水机处于保温挡； 当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最小，总功率最大，饮水机处于加热挡； 由可知，R1的阻值 （2）根据串联的电路的特点可知，饮水机保温挡工作时电路的总电阻R=R1+R2=60.5Ω+1039.5Ω=1100Ω 保温挡的电功率 （3）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×(100℃-28℃)=6.048×105J 饮水机消耗的电能W=P加热t=800W×15×60s=7.2×105J 饮水机的加热效率 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$