专题四 [重点突破] 第4练 基因互作与遗传定律-【步步高·考前三个月】2025年高考生物学复习讲义课件（鲁湘辽吉黑）（课件PPT+word教案）

[重点突破]　第4练 基因互作与遗传定律 专题四　 真题演练 模拟预测 内容索引 1.(2024·山东，22节选)某二倍体两性花植物的花色、茎高和籽粒颜色3种性状的遗传只涉及2对等位基因，且每种性状只由1对等位基因控制，其中控制籽粒颜色的等位基因为D、d；叶边缘的光滑形和锯齿形是由2对等位基因A、a和B、b控制的1对相对性状，且只要有1对隐性纯合基因，叶边缘就表现为锯齿形。 真题演练 PART ONE 1 2 3 4 5 6 7 为研究上述性状的遗传特性，进行了如表所示的杂交实验。 1 2 3 4 5 6 7 组别 亲本杂交组合 F1的表型及比例 甲 紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒 紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1 乙 锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒 全部为光滑叶黄粒 据表分析，甲组F1随机交配，若子代中高茎植株占比为________，则能确定甲组中涉及的2对等位基因独立遗传。 9/16 设茎高由等位基因E、e控制，由乙组结果可知，黄粒为显性性状。假设①，若高茎为显性性状，组合甲为：Ddee×ddEe→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝7∶9，高茎占7/16； 假设②，若高茎为隐性性状，组合甲为：DdEe×ddee→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝9∶7，高茎占9/16。若要确定甲组中涉及的2对等位基因是独立遗传，即验证2对等位基因自由组合，即验证DdEe→DE∶de∶De∶dE＝1∶1∶1∶1，就必须选用DdEe作为亲本之一，因为Ddee×ddEe无论是不是连锁，产生的配子都没有区别，起不到验证作用。所以只能是假设②的杂交组合，即高茎占9/16。 1 2 3 4 5 6 7 2.(2021·湖南，17)油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。 1 2 3 4 5 6 7 回答下列问题： (1)根据F2表型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是_________ ________________________________，杂交组合①的F1产生各种类型的配子比例相等，自交时雌雄配子有____种结合方式，且每种结合方式概率相等。F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是___________ ____________________________________________________________________________________。 1 2 3 4 5 6 7 由两对位 于非同源染色体上的隐性基因控制 16 F1减数分裂 产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合 1 2 3 4 5 6 7 根据分析可推测，半矮秆突变体S是双隐性纯合子，只要含有显性基因即表现为高秆，杂交组合①的F1为双杂合子，减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以产生4种比例相等的配子，自交时雌雄配子有16种结合方式，且每种结合方式 概率相等，导致F2出现高秆 ∶半矮秆≈15∶1。 (2)将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表型及比例，分为三种类型，全为高秆的记为F3－Ⅰ，高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2基本一致的记为F3－Ⅱ，高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3－Ⅲ。产生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高秆植株数量比为________。产生F3－Ⅲ的高秆植株基因型为_____________ (用A、a；B、b；C、c……表示基因)。用产生F3－Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，能否验证自由组合定律？______。 1 2 3 4 5 6 7 7∶4∶4 Aabb、aaBb 不能 1 2 3 4 5 6 7 杂交组合①的F2所有高秆植株 基因型包括1AABB、2AABb、 2AaBB、4AaBb、1AAbb、 2Aabb、1aaBB、2aaBb，所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表型及比例，含有一对纯合显性基因的高秆植株(1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB)占高秆植株的比例为7/15，其后代全为高秆，记为F3－Ⅰ；AaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例≈15∶1，和杂交组合①、②的F2基本一致，记为F3－Ⅱ； 1 2 3 4 5 6 7 2Aabb、2aaBb占高秆植株的比 例为4/15，自交后代高秆与半 矮秆比例和杂交组合③的F2基 本一致，记为 F3－Ⅲ，产生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高秆植株数量比为7∶4∶4。用产生F3－Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，不论两对基因位于一对同源染色体上，还是两对同源染色体上，亲本均产生两种数量相等的雌雄配子，子代均出现高秆∶半矮秆＝3∶1，因此不能验证基因的自由组合定律。 1 2 3 4 5 6 7 3.(2023·辽宁，24节选)萝卜是雌雄同花植物，其贮藏根(萝卜)红色、紫色和白色由一对等位基因W、w控制，长形、椭圆形和圆形由另一对等位基因R、r控制。一株表型为紫色椭圆形萝卜的植株自交，F1的表型及其比例如表所示。回答下列问题： F1 表型 红色 长形 红色 椭圆形 红色 圆形 紫色 长形 紫色 椭圆形 紫色 圆形 白色 长形 白色 椭圆形 白色 圆形 比例 1 2 1 2 4 2 1 2 1 注：假设不同基因型植株个体及配子的存活率相同。 1 2 3 4 5 6 7 (1)控制萝卜颜色和形状的两对基因的遗传______(填“遵循”或“不遵循”)孟德尔第二定律。 F1 表型 红色 长形 红色 椭圆形 红色 圆形 紫色 长形 紫色 椭圆形 紫色 圆形 白色 长形 白色 椭圆形 白色 圆形 比例 1 2 1 2 4 2 1 2 1 遵循 F1中红色∶紫色∶白色＝1∶2∶1，椭圆形∶圆形∶长形＝2∶1∶1，说明两对性状均属于不完全显性且独立遗传，即遵循孟德尔第二定律。 1 2 3 4 5 6 7 (2)表中F1植株纯合子所占比例是______；若表中F1随机传粉，F2植株中表型为紫色椭圆形萝卜的植株所占比例是______。 F1 表型 红色 长形 红色 椭圆形 红色 圆形 紫色 长形 紫色 椭圆形 紫色 圆形 白色 长形 白色 椭圆形 白色 圆形 比例 1 2 1 2 4 2 1 2 1 1/4 1/4 1 2 3 4 5 6 7 紫色椭圆形萝卜(WwRr)的植株自交，得到F1，表中F1植株纯合子为WWRR、WWrr、wwRR、wwrr，所占比例是1/4。若表中F1随机传粉，就颜色而言，F1中有1/4WW、1/2Ww、1/4ww，产生配子为1/2W、1/2w，雌雄配子随机结合，子代中紫色(Ww)占1/2；就形状而言，F1中有1/4RR、1/2Rr、1/4rr，产生配子为1/2R、1/2r，雌雄配子随机结合，子代中椭圆形(Rr)占1/2，因此，F2植株中表型为紫色椭圆形萝卜的植株所占比例是1/2×1/2＝1/4。 1 2 3 4 5 6 7 4.(2024·甘肃，20)自然群体中太阳鹦鹉的眼色为棕色，现于饲养群体中获得了甲和乙两个红眼纯系。为了确定眼色变异的遗传方式，某课题组选取甲和乙品系的太阳鹦鹉做正反交实验，F1雌雄个体间相互交配，F2的表型及比值如表。回答下列问题(要求基因符号依次使用A/a，B/b)： 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 1 2 3 4 5 6 7 (1)太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制，判断的依据为______________ ____________________________；其中一对基因位于Z染色体上，判断依据为________________。 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 6∶2∶3∶5(3∶ 5∶3∶5)是9∶3∶3∶1的变式 正反交结果不同 1 2 3 4 5 6 7 (2)正交的父本基因型为________，F1基因型及表型为_________________ ______________。 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 aaZBZB AaZBZb(棕眼)、 AaZBW(棕眼) 1 2 3 4 5 6 7 依据正交结果，F2中棕眼∶红眼＝9∶7，说明棕眼为双显性性状，红眼为单显性或双隐性性状，鹦鹉为ZW性别决定类型，在雄性个体中，棕眼为6/8＝3/4×1，在雌性个体中，棕眼为3/8＝3/4×1/2，故可推知，F1的基因型为AaZBZb、AaZBW，表型均为棕色，亲本为纯系，其基因型为aaZBZB(父本)、AAZbW(母本)。 1 2 3 4 5 6 7 (3)反交的母本基因型为________，F1基因型及表型为_________________ ______________。 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 aaZBW AaZBZb(棕眼)、 AaZbW(红眼) 1 2 3 4 5 6 7 依据反交结果并结合第(2)问可知，亲本的基因型为AAZbZb、aaZBW，则F1的基因型为AaZBZb、AaZbW，对应的表型依次为棕眼、红眼。 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 1 2 3 4 5 6 7 (4)图示为太阳鹦鹉眼色素合成的可能途径，写出控制酶合成的基因和色素的颜色________________________________________________。 基因①为A(或B)；基因②为B(或A)；③红色；④棕色 结合第(2)问可知，棕眼为双显性性状，红眼为单显性或双隐性性状，故可知基因①为A(或B)，控制酶1的合成，促进红色前体物合成红色中间物，基因②为B(或A)，控制酶2的合成，促进红色中间物合成棕色产物。 1 2 3 4 5 6 7 5.(2023·全国甲，32节选)乙烯是植物果实成熟所需的激素，阻断乙烯的合成可使果实不能正常成熟，这一特点可以用于解决果实不耐储存的问题，以达到增加经济效益的目的。现有某种植物的3个纯合子(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合子进行杂交实验，F1自交得F2，结果如表。回答下列问题： 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 1 2 3 4 5 6 7 (1)从实验①和②的结果可知，甲和乙的基因型不同，判断的依据是_________________________________________________。 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 实验①和实验②的F1性状不同，F2的性状分离比不相同 甲与丙杂交，F1的表型为不成熟，F2的表型及比例为不成熟∶成熟＝3∶1，所以甲的不成熟相对于成熟为显性；乙与丙杂交，F1的表型为成熟，F2的表型及比例为成熟∶不成熟＝3∶1，所以乙的不成熟相对于成熟为隐性。即实验①和实验②的F1性状不同，F2的性状分离比不相同，故甲和乙的基因型不同。 1 2 3 4 5 6 7 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 1 2 3 4 5 6 7 (2)已知丙的基因型为aaBB，且B基因控制合成的酶能够催化乙烯的合成，则甲、乙的基因型分别是______________；实验③中，F2成熟个体的基因型是______________，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为______。 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 AABB、aabb aaBB和aaBb 3/13 1 2 3 4 5 6 7 由于甲的不成熟为显性，且丙的基因型为aaBB，所以甲的基因型为AABB；乙的不成熟为隐性，所以乙的基因型为aabb；则实验③的F1的基因型为AaBb，F2中成熟个体的基因型为aaBB和aaBb，不成熟个体占13/16；而纯合子的基因型为AABB、AAbb、aabb，占3/16，所以不成熟个体中的纯合子占3/13。 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 1 2 3 4 5 6 7 6.(2022·湖北，22节选)“端稳中国碗，装满中国粮”，为了育好中国种，科研人员在杂交育种与基因工程育种等领域开展了大量的研究。二倍体作物M的品系甲有抗虫、高产等多种优良性状，但甜度不高。为了改良品系甲，增加其甜度，育种工作者做了如下实验： 实验一：遗传特性及杂交育种的研究 在种质资源库中选取乙、丙两个高甜度的品系，用三个纯合品系进行杂交实验，结果如表。 杂交组合 F1表型 F2表型 甲×乙 不甜 1/4甜、3/4不甜 甲×丙 甜 3/4甜、1/4不甜 乙×丙 甜 13/16甜、3/16不甜 1 2 3 4 5 6 7 杂交组合 F1表型 F2表型 甲×乙 不甜 1/4甜、3/4不甜 甲×丙 甜 3/4甜、1/4不甜 乙×丙 甜 13/16甜、3/16不甜 实验二：甜度相关基因的筛选 通过对甲、乙、丙三个品系转录的mRNA分析，发现基因S与作物M的甜度相关。 1 2 3 4 5 6 7 根据研究组的实验研究，回答下列问题： (1)假设不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，则乙、丙杂交的F2中表现为甜的植株基因型有______种。品系乙基因型为__________。若用乙×丙中F2不甜的植株进行自交，F3中甜∶不甜比例为__________。 杂交组合 F1表型 F2表型 甲×乙 不甜 1/4甜、3/4不甜 甲×丙 甜 3/4甜、1/4不甜 乙×丙 甜 13/16甜、3/16不甜 7 aabb 1∶5 1 2 3 4 5 6 7 品系甲为纯合不甜品系，基因型为AAbb，根据实验一结果可推得品系乙基因型为aabb，品系丙基因型为AABB，乙、丙杂交的F2基因型有3×3＝9(种)，假设不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，F2中表现为甜的植株基因型有7种。若用乙×丙中F2不甜的植株进行自交，F3中不甜比例＝1/3＋2/3×3/4＝5/6，F3中甜∶不甜比例为1∶5。 1 2 3 4 5 6 7 (2)图中，能解释(1)中杂交实验结果的代谢途径有_______。 ①③ 1 2 3 4 5 6 7 不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，只有A导致不甜，当A与B同时存在时，表现为甜，故选①③。 1 2 3 4 5 6 7 7.(2021·海南，23节选)科研人员用一种甜瓜(2n)的纯合亲本进行杂交得到F1，F1经自交得到F2，结果如表。 性状 控制基因及其 所在染色体 母本 父本 F1 F2 果皮 底色 A/a， 4号染色体 黄绿色 黄色 黄绿色 黄绿色∶ 黄色≈3∶1 果肉 颜色 B/b， 9号染色体 白色 橘红色 橘红色 橘红色∶ 白色≈3∶1 果皮 覆纹 E/e，4号染色体 F/f，2号染色体 无覆纹 无覆纹 有覆纹 有覆纹∶ 无覆纹≈9∶7 1 2 3 4 5 6 7 已知A、E基因同在一条染色体上，a、e基因同在另一条染色体上，当E和F同时存在时果皮才表现出有覆纹性状。不考虑互换、染色体变异、基因突变等情况，回答下列问题： (1)F1的基因型为____________，F1产生的配子类型有_____种。 AaBbEeFf 8 由于F2中黄绿色∶黄色≈3∶1，可推知F1应为Aa，橘红色∶白色≈3∶1，F1应为Bb，有覆纹∶无覆纹≈9∶7，则F1应为EeFf，故F1基因型应为AaBbEeFf；由于A和E连锁，a和e连锁，而F、f和B、b独立遗传，故F1产生的配子类型有2(AE、ae)×2(F、f)×2(B、b)＝8(种)。 1 2 3 4 5 6 7 (2)F2的表型有_____种，F2中黄绿色有覆纹果皮、黄绿色无覆纹果皮、黄色无覆纹果皮的植株数量比是_________，F2中黄色无覆纹果皮橘红色果肉的植株中杂合子所占比例是_____。 6 9∶3∶4 5/6 结合表格可知，F2中关于果肉颜色的表型有2种，由于A、E基因同在一条染色体上，a、e基因同在另一条染色体上，单独观察果皮底色及果皮覆纹的表型，有无覆纹黄绿色、无覆纹黄色、有覆纹黄绿色三种表型，故F2的表型有2×3＝6(种)；由于A和E连锁，a和e连锁。F2中基因型为A_E_的占3/4，aaee的占1/4，F2中黄绿色有覆纹果皮(A_E_F_)、黄绿色无覆纹果皮(A_E_ff)、黄色无覆纹果皮(aaeeF_、aaeeff)的植株数量比是(3/4×3/4)∶(3/4×1/4)∶(1/4×3/4＋1/4×1/4)＝9∶3∶4；F2中黄色无覆纹果皮中的纯合子占1/2，橘红色果肉植株中纯合子为1/3，纯合子所占比例为1/6，故杂合子所占比例是1－1/6＝5/6。 1 2 3 4 5 6 7 1 2 3 4 5 模拟预测 PART TWO 1.(2024·湖南联盟高三联考)柞蚕(ZW型性别决定)有较高的经济价值，养殖中出现了青绿色、黄色、红色、白色和蓝色等多种体色，已知柞蚕幼虫体色由两对等位基因G/g、Y/y控制。基本色泽基因G表现为黄绿色，只有g存在时，表现为白色，Y与G共存时，表现为黄色。现以黄绿色雌蚕和白色雄蚕为材料进行杂交，F1为黄色雄蚕∶白色雌蚕＝1∶1，F1相互杂交，F2中雌蚕∶雄蚕＝1∶1，黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1。回答下列问题： (1)柞蚕的幼虫体色有青绿色、黄色、红色、白色和蓝色等多种体色，这是柞蚕发生_______________后经长期___________的结果。 突变、基因重组 (人工)选择 1 2 3 4 5 (2)G和g基因的根本区别在于___________________________________。G/g和Y/y基因位于非同源染色体上，判断依据是_____________________ __________________________________________________________________________。 脱氧核苷酸(或碱基对)的排列顺序不同 F2中雌蚕∶雄蚕＝1∶1， 黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，遵循基因的自由组合定律 G和g是等位基因，两者根本区别在于脱氧核苷酸(或碱基对)的排列顺序不同。根据题意，F2中黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1，且雌蚕∶雄蚕＝1∶1，即黄色雌蚕∶白色雌蚕∶黄绿色雌蚕∶黄色雄蚕∶白色雄蚕∶黄绿色雄蚕＝3∶4∶1∶3∶4∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，故G/g、Y/y基因位于非同源染色体上。 1 2 3 4 5 (3)实验中亲本的基因型为_________________，F1雌蚕产生的配子为_____________________。让F2中的黄色柞蚕进行杂交，子代中出现黄色雄蚕的比例为______。 yyZGW、YYZgZg YZg、YW、yZg、yW 4/9 根据亲本到F1的杂交结果可判断控制体色的基因与性别有关，而G/g、Y/y位于非同源染色体上，因此，其中一对基因位于性染色体上，一对基因位于常染色体上，进一步判断可知Y/y位于常染色体上，G/g位于Z染色体上，且W上没有其等位基因，Y_ZG_为黄色，_ _ZgZg、_ _ZgW为白色，yyZG_为黄绿色，实验中亲本的基因型为yyZGW、YYZgZg，F1的基因型为YyZGZg、YyZgW，雌蚕产生的配子为YZg、YW、yZg、yW。F1相互杂交，F2的基因型为(YY、2Yy、yy)(ZGZg、ZgZg、ZGW、ZgW)，让F2中的黄色柞蚕进行杂交，即(YY、2Yy)ZGZg与(YY、2Yy)ZGW杂交，子代基因型为(4/9YY、4/9Yy、1/9yy)(ZGZG、ZGZg、ZGW、ZgW)，则子代中出现黄色雄蚕的比例为8/9×1/2＝4/9。 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 (4)随机选取F2中的一只白色雄蚕，欲判断其基因型，请设计实验并预期实验结果和结论。 实验思路：_____________________________________________________。 实验结果和结论：_______________________________________________ ___________________________________________________________________________________________________________________________________________。 让该白色雄蚕与多只黄绿色雌蚕杂交，统计子代的表型及比例 若子代出现黄色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为YYZgZg；若子代出现黄色∶黄绿色∶白色＝1∶1∶2，则该白色雄蚕基因型为YyZgZg；若子代出现黄绿色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为yyZgZg F2中白色雄蚕的基因型可能为YYZgZg或YyZgZg或yyZgZg，欲判断其基因型，可让该白色雄蚕与多只黄绿色雌蚕(yyZGW)杂交。若子代出现黄色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为YYZgZg；若子代出现黄色∶黄绿色∶白色＝1∶1∶2，则该白色雄蚕基因型为YyZgZg；若子代出现黄绿色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为yyZgZg。 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 2.(2024·长沙高三模拟)茄子中小分子花青素可使花和果皮呈紫色。为研究与花青素合成有关的基因，科研人员选用纯合子亲本P1和P2进行杂交实验，实验过程如图1。科研人员开发分子标记对P1、P2、F1和F2的3对等位基因的3个特定位点分别进行检测，结果如表。已知紫果为野生型，白果为突变型，P1只有第2对基因发生突变。请回答下列问题： 1 2 3 4 5 基因 第1对 第2对 第3对 测定植株 测序结果 T/T A/A G/G P1 C/C T/T C/C P2 T/C A/T G/C F1 C/C A/T G/C F2紫花白果 C/C T/T G/G F2紫花白果 C/C A/T G/G F2紫花白果 C/C T/T G/C F2紫花白果 注：T/T表示同源染色体相同位点，一条DNA上为T－A碱基对，另一条DNA上为T－A碱基对。已知F2紫花白果的所有测序结果如表所示。 1 2 3 4 5 (1)根据杂交实验结果可知，茄子的花色受____对等位基因的控制，F2中紫花紫果的基因型有_____种。 两 8 据图1可知，F1紫花自交，F2中紫花∶ 白花＝36∶28＝9∶7，是9∶3∶3∶1 的变式，说明茄子的花色受两对等位 基因控制；紫花受两对等位基因控制， 紫果在紫花的基础上还受另一对等位 基因的控制，若控制花色的基因为A/a、B/b，控制果色的基因为C/c，结合表格可知，F2中紫花紫果的基因型为A_B_C_，共2×2×2＝8(种)。 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 (2)据图1和表格分析，F2紫花白果中能稳定遗传的个体占_____，对F2中紫花紫果纯合子三个位点进行检测，测序结果依次是_______________。 1/9 T/T、T/T、G/G 1 2 3 4 5 据图1和表格分析，F2紫花白果(A_B_) (C基因可忽略)中能稳定遗传的个体 AABB占1/9；已知紫果为野生型，白 果为突变型，P1的碱基序列是T/T、 A/A、G/G，只有第2对基因发生突变， P2碱基序列是C/C、T/T、C/C，是第1对和第3对突变，结合两种突变序列能够推知野生型的碱基序列应为T/T、T/T、G/G(P1的第一和第三以及P2的第二)，对应F2中紫花紫果纯合子三个位点。 1 2 3 4 5 (3)分析表格和图2，第1对基因在_____(填序号)过程中发挥作用。 ④ 分析表格和图2可知，第一对基因是决定果色的基因，应在④过程中发挥作用。 1 2 3 4 5 3.(2024·宜春高三二模)南瓜的果实形状有扁盘形、圆球形、长圆形三种。为了探究南瓜果实形状的遗传机制，科研人员用甲、乙、丙三个纯合品种做了以下实验(表中的F2由F1自交得到)。回答下列问题(说明：若控制果实形状的等位基因为一对用A/a表示，为两对则用A/a、B/b表示，为三对则用A/a、B/b、C/c表示，以此类推)： 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 1 2 3 4 5 (1)南瓜果实长圆形、圆球形和扁盘形属于相对性状。相对性状是指__________________________________。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 一种生物的同一性状的不同表现类型 1 2 3 4 5 (2)某同学根据实验组一得出结论：南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。该同学的判断________(填“正确”或“不正确”)，理由是___________________________。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 不正确 实验组二的F2出现了9∶6∶1 1 2 3 4 5 根据实验组一和实验组二中F2的性状分离比9∶6∶1可以看出，南瓜果实形状的遗传受2对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律，长圆形为aabb，扁盘形为A_B_，圆球形为A_bb或aaB_，因此乙为AABB，甲为AAbb或aaBB，丙为aabb，实验组一的F1为AABb或AaBB，因此根据实验组一的结果，不能得出南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 1 2 3 4 5 (3)要得到实验组二F2中的性状分离比，需要满足的条件有_____________ _______________________________________________________________(写3个)。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 两对等位基因 位于两对同源染色体上；配子间随机结合；各种基因型的后代存活率相等 1 2 3 4 5 (4)品种乙的基因型是________，品种甲的表型是________。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 AABB 圆球形 由(2)可知，乙的基因型为AABB，甲的基因型为AAbb或aaBB，甲的表型为圆球形。 1 2 3 4 5 (5)让实验组三F2中的圆球形南瓜自交，子代中杂合子占____。让实验组二F2中的扁盘形南瓜自交，F3的表型及比例是_______________________ ____________。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 1/3 扁盘形∶圆球形∶长圆形 ＝25∶10∶1 1 2 3 4 5 实验组三F2中的圆球形南瓜基因型为A_bb或aaB_，以A_bb为例，其中为1/3AAbb、2/3Aabb，F2自交，子代杂合子为2/3×1/2＝1/3；实验组二的F2中扁盘形南瓜的基因型有1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，其中，1/9AABB的扁盘形南瓜植株自交，子代全表现为扁盘形；2/9AaBB和2/9AABb的扁盘形南瓜植株各自自交，子代表型为扁盘形∶圆球形＝3∶1,4/9AaBb自交，后代表型为扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1，故后代表型为扁盘形(1/9＋2×2/9×3/4＋4/9×9/16)∶圆球形(2×2/9×1/4＋4/9×6/16)∶长圆形(4/9×1/16)＝25∶10∶1。 1 2 3 4 5 4.(2024·丹东高三二模)某XY型性别决定的雌雄异株植物中，所有开白花的植株均为雄株。为探究该植物花色的遗传方式，研究小组选择4株植物(雌雄各2株)进行两组杂交实验，结果如表所示。查阅资料得知：由常染色体上基因控制的性状，表型受性别影响的现象称为从性遗传；由性染色体上基因控制的性状，表型和性别相关联的现象称为伴性遗传。请回答下列相关问题： 杂交组合 F1的表型及比例 F2的表型及比例 一 白花雄株×红花雌株 均为红花 雌株全开红花； 雄株中，红花∶白花＝15∶1 二 红花雄株×红花雌株 1 2 3 4 5 (1)请根据实验结果进行合理的推理： ①该植物花色遗传属于__________(填“从性遗传”或“伴性遗传”)。 ②白花性状至少由____对等位基因控制，______(填“遵循”或“不遵循”)孟德尔的遗传定律。 杂交组合 F1的表型及比例 F2的表型及比例 一 白花雄株×红花雌株 均为红花 雌株全开红花； 雄株中，红花∶白花＝15∶1 二 红花雄株×红花雌株 从性遗传 2 遵循 1 2 3 4 5 由表格信息可知，两个杂交组合的子二代的雄株中的红花和白花比例都为15∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明该花的颜色至少由2对等位基因控制，如果相关基因用A(a)、B(b)表示，只要有一个显性基因就开红花，A、B都不存在(没有显性基因)，开白花；题干信息“所有开白花的植株均为雄株”，因此基因不位于性染色体上，而是位于常染色体上，双隐性个体雌株仍然开红花，雄株开白花。综上分析，该植物花色遗传属于从性遗传，白花性状至少由2对等位基因控制，遵循孟德尔的遗传定律。 1 2 3 4 5 (2)依据上述假说，杂交组合二亲本红花雄株的基因型为______________ ________(注：该性状若由一对基因控制，用A、a表示，若由两对基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推)。F2雄株红花个体中纯合子所占的比例为_____。 杂交组合 F1的表型及比例 F2的表型及比例 一 白花雄株×红花雌株 均为红花 雌株全开红花； 雄株中，红花∶白花＝15∶1 二 红花雄株×红花雌株 AABB或AAbb 或aaBB 1/5 1 2 3 4 5 雌株无论是何种基因型均为红花，雄株只有aabb表现为白花，其他基因型均为红花。表格中子二代的雄株中的红花和白花比例都为15∶1，说明F1的基因型为AaBb，因此杂交组合二亲本基因型可以是红花雄株(AABB)和红花雌株(aabb)杂交，也可以是红花雄株(AAbb)和红花雌株(aaBB)杂交，还可以是红花雄株(aaBB)和红花雌株(AAbb)杂交，因此杂交组合二亲本红花雄株的基因型为AABB或AAbb或aaBB。F1的基因型为AaBb，F2雄株红花个体基因型为A_B_、A_bb、aaB_，其中纯合子为AABB、AAbb、aaBB，纯合子所占的比例为1/5。 1 2 3 4 5 5.(2024·泰安高三一模)某昆虫(2n＝56)的性别决定方式为XY型，其眼色由两对等位基因A/a、B/b控制。现让一只纯合白眼雄昆虫与纯合红眼雌昆虫多次杂交，F1中雌雄昆虫均表现为红眼，F1雌雄昆虫相互交配，F2中红眼∶朱砂眼∶白眼＝12∶3∶1。回答下列问题： (1)A/a、B/b两对基因的遗传遵循________________定律，判断依据是_____________________________________________。 基因的自由组合 F2的性状分离比为12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式 根据F2中红眼∶朱砂眼∶白眼＝12∶3∶1可知，控制该昆虫眼色的两对等位基因遵循自由组合定律。 1 2 3 4 5 (2)进一步研究发现，B/b基因位于X染色体上，且F2中朱砂眼昆虫均为雄性，则F2中红眼雌昆虫的基因型有_____种；让F2中朱砂眼昆虫与F1红眼昆虫杂交，子代的表型及比例为___________________________________ ___________________________________________________________________________________________。 6 红眼∶朱砂眼∶白眼＝6∶5∶1(或红眼雌昆虫∶朱砂眼雌昆虫∶白眼雌昆虫∶红眼雄昆虫∶朱砂眼雄昆虫∶白眼雄昆虫＝6∶5∶1∶6∶5∶1) 根据B/b基因位于X染色体上，且F2中朱砂眼昆虫均为雄性，可推知红眼昆虫的基因型为A_XB_、aaXB_，朱砂眼昆虫的基因型为A_Xb_，白眼昆虫的基因型为aaXbY、aaXbXb，故F1的基因型为AaXBXb、AaXBY，F2红眼雌昆虫的基因型为_ _ XBXB、_ _ XBXb，共有6种。F2中朱砂眼昆虫的基因型为1/3AAXbY、2/3AaXbY，与F1红眼昆虫(AaXBXb)杂交，后代中红眼昆虫的比例为1/2、朱砂眼为5/6×1/2＝5/12、白眼为1/6×1/2＝1/12，故子代的表型及比例为红眼∶朱砂眼∶白眼＝6∶5∶1，每种眼色中雌雄比例均为1∶1。 1 2 3 4 5 $$ [重点突破]　第4练　基因互作与遗传定律　[分值：100分] 1．(2分)(2024·山东，22节选)某二倍体两性花植物的花色、茎高和籽粒颜色3种性状的遗传只涉及2对等位基因，且每种性状只由1对等位基因控制，其中控制籽粒颜色的等位基因为D、d；叶边缘的光滑形和锯齿形是由2对等位基因A、a和B、b控制的1对相对性状，且只要有1对隐性纯合基因，叶边缘就表现为锯齿形。为研究上述性状的遗传特性，进行了如表所示的杂交实验。 组别 亲本杂交组合 F1的表型及比例 甲 紫花矮茎黄粒×红花高茎绿粒 紫花高茎黄粒∶红花高茎绿粒∶紫花矮茎黄粒∶红花矮茎绿粒＝1∶1∶1∶1 乙 锯齿叶黄粒×锯齿叶绿粒 全部为光滑叶黄粒 据表分析，甲组F1随机交配，若子代中高茎植株占比为________，则能确定甲组中涉及的2对等位基因独立遗传。 答案　9/16　 解析　设茎高由等位基因E、e控制，由乙组结果可知，黄粒为显性性状。假设①，若高茎为显性性状，组合甲为：Ddee×ddEe→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝7∶9，高茎占7/16；假设②，若高茎为隐性性状，组合甲为：DdEe×ddee→F1：Ee∶ee＝1∶1→随机交配→F2：E_∶ee＝7∶9，即高茎∶矮茎＝9∶7，高茎占9/16。若要确定甲组中涉及的2对等位基因是独立遗传，即验证2对等位基因自由组合，即验证DdEe→DE∶de∶De∶dE＝1∶1∶1∶1，就必须选用DdEe作为亲本之一，因为Ddee×ddEe无论是不是连锁，产生的配子都没有区别，起不到验证作用。所以只能是假设②的杂交组合，即高茎占9/16。 2．(每空2分，共12分)(2021·湖南，17)油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。 回答下列问题： (1)根据F2表型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是________________________________________________________________________， 杂交组合①的F1产生各种类型的配子比例相等，自交时雌雄配子有______种结合方式，且每种结合方式概率相等。F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表型及比例，分为三种类型，全为高秆的记为F3－Ⅰ，高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2基本一致的记为F3－Ⅱ，高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3－Ⅲ。产生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高秆植株数量比为________。产生F3－Ⅲ的高秆植株基因型为________(用A、a；B、b；C、c……表示基因)。用产生F3－Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，能否验证自由组合定律？______。 答案　(1)由两对位于非同源染色体上的隐性基因控制　16　F1减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合　(2)7∶4∶4　Aabb、aaBb　不能 解析　(1)根据分析可推测，半矮秆突变体S是双隐性纯合子，只要含有显性基因即表现为高秆，杂交组合①的F1为双杂合子，减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以产生4种比例相等的配子，自交时雌雄配子有16种结合方式，且每种结合方式概率相等，导致F2出现高秆∶半矮秆≈15∶1。(2)杂交组合①的F2所有高秆植株基因型包括1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表型及比例，含有一对纯合显性基因的高秆植株(1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB)占高秆植株的比例为7/15，其后代全为高秆，记为F3－Ⅰ；AaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例≈15∶1，和杂交组合①、②的F2基本一致，记为F3－Ⅱ；2Aabb、2aaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例和杂交组合③的F2基本一致，记为 F3－Ⅲ，产生F3－Ⅰ、F3－Ⅱ、F3－Ⅲ的高秆植株数量比为7∶4∶4。用产生F3－Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，不论两对基因位于一对同源染色体上，还是两对同源染色体上，亲本均产生两种数量相等的雌雄配子，子代均出现高秆∶半矮秆＝3∶1，因此不能验证基因的自由组合定律。 3．(每空1分，共3分)(2023·辽宁，24节选)萝卜是雌雄同花植物，其贮藏根(萝卜)红色、紫色和白色由一对等位基因W、w控制，长形、椭圆形和圆形由另一对等位基因R、r控制。一株表型为紫色椭圆形萝卜的植株自交，F1的表型及其比例如表所示。回答下列问题： F1 表型 红色 长形 红色 椭圆形 红色 圆形 紫色 长形 紫色 椭圆形 紫色 圆形 白色 长形 白色 椭圆形 白色 圆形 比例 1 2 1 2 4 2 1 2 1 注：假设不同基因型植株个体及配子的存活率相同。 (1)控制萝卜颜色和形状的两对基因的遗传____(填“遵循”或“不遵循”)孟德尔第二定律。 (2)表中F1植株纯合子所占比例是__________；若表中F1随机传粉，F2植株中表型为紫色椭圆形萝卜的植株所占比例是________。 答案　(1)遵循　(2)1/4　1/4　 解析　(1)F1中红色∶紫色∶白色＝1∶2∶1，椭圆形∶圆形∶长形＝2∶1∶1，说明两对性状均属于不完全显性且独立遗传，即遵循孟德尔第二定律。(2)紫色椭圆形萝卜(WwRr)的植株自交，得到F1，表中F1植株纯合子为WWRR、WWrr、wwRR、wwrr，所占比例是1/4。若表中F1随机传粉，就颜色而言，F1中有1/4WW、1/2Ww、1/4ww，产生配子为1/2W、1/2w，雌雄配子随机结合，子代中紫色(Ww)占1/2；就形状而言，F1中有1/4RR、1/2Rr、1/4rr，产生配子为1/2R、1/2r，雌雄配子随机结合，子代中椭圆形(Rr)占1/2，因此，F2植株中表型为紫色椭圆形萝卜的植株所占比例是1/2×1/2＝1/4。 4．(9分)(2024·甘肃，20)自然群体中太阳鹦鹉的眼色为棕色，现于饲养群体中获得了甲和乙两个红眼纯系。为了确定眼色变异的遗传方式，某课题组选取甲和乙品系的太阳鹦鹉做正反交实验，F1雌雄个体间相互交配，F2的表型及比值如表。回答下列问题(要求基因符号依次使用A/a，B/b)： 表型 正交 反交 棕眼雄 6/16 3/16 红眼雄 2/16 5/16 棕眼雌 3/16 3/16 红眼雌 5/16 5/16 (1)(3分)太阳鹦鹉的眼色至少由两对基因控制，判断的依据为________________________________________________________________________； 其中一对基因位于Z染色体上，判断依据为____________________。 (2)(2分)正交的父本基因型为____________，F1基因型及表型为__________________。 (3)(2分)反交的母本基因型为__________，F1基因型及表型为________________________________________________________________________。 (4)(2分)图示为太阳鹦鹉眼色素合成的可能途径，写出控制酶合成的基因和色素的颜色________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)6∶2∶3∶5(3∶5∶3∶5)是9∶3∶3∶1的变式　正反交结果不同　(2)aaZBZB　AaZBZb(棕眼)、AaZBW(棕眼)　(3)aaZBW　AaZBZb(棕眼)、AaZbW(红眼)　(4)基因①为A(或B)；基因②为B(或A)；③红色；④棕色 解析　(2)依据正交结果，F2中棕眼∶红眼＝9∶7，说明棕眼为双显性性状，红眼为单显性或双隐性性状，鹦鹉为ZW性别决定类型，在雄性个体中，棕眼为6/8＝3/4×1，在雌性个体中，棕眼为3/8＝3/4×1/2，故可推知，F1的基因型为AaZBZb、AaZBW，表型均为棕色，亲本为纯系，其基因型为aaZBZB(父本)、AAZbW(母本)。(3)依据反交结果并结合第(2)问可知，亲本的基因型为AAZbZb、aaZBW，则F1的基因型为AaZBZb、AaZbW，对应的表型依次为棕眼、红眼。(4)结合第(2)问可知，棕眼为双显性性状，红眼为单显性或双隐性性状，故可知基因①为A(或B)，控制酶1的合成，促进红色前体物合成红色中间物，基因②为B(或A)，控制酶2的合成，促进红色中间物合成棕色产物。 5．(5分)(2023·全国甲，32节选)乙烯是植物果实成熟所需的激素，阻断乙烯的合成可使果实不能正常成熟，这一特点可以用于解决果实不耐储存的问题，以达到增加经济效益的目的。现有某种植物的3个纯合子(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合子进行杂交实验，F1自交得F2，结果如表。回答下列问题： 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及分离比 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 (1)(2分)从实验①和②的结果可知，甲和乙的基因型不同，判断的依据是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)(3分)已知丙的基因型为aaBB，且B基因控制合成的酶能够催化乙烯的合成，则甲、乙的基因型分别是________________；实验③中，F2成熟个体的基因型是________________，F2不成熟个体中纯合子所占的比例为________。 答案　(1)实验①和实验②的F1性状不同，F2的性状分离比不相同　(2)AABB、aabb　aaBB和aaBb　3/13 解析　(1)甲与丙杂交，F1的表型为不成熟，F2的表型及比例为不成熟∶成熟＝3∶1，所以甲的不成熟相对于成熟为显性；乙与丙杂交，F1的表型为成熟，F2的表型及比例为成熟∶不成熟＝3∶1，所以乙的不成熟相对于成熟为隐性。即实验①和实验②的F1性状不同，F2的性状分离比不相同，故甲和乙的基因型不同。(2)由于甲的不成熟为显性，且丙的基因型为aaBB，所以甲的基因型为AABB；乙的不成熟为隐性，所以乙的基因型为aabb；则实验③的F1的基因型为AaBb，F2中成熟个体的基因型为aaBB和aaBb，不成熟个体占13/16；而纯合子的基因型为AABB、AAbb、aabb，占3/16，所以不成熟个体中的纯合子占3/13。 6．(每空2分，共8分)(2022·湖北，22节选)“端稳中国碗，装满中国粮”，为了育好中国种，科研人员在杂交育种与基因工程育种等领域开展了大量的研究。二倍体作物M的品系甲有抗虫、高产等多种优良性状，但甜度不高。为了改良品系甲，增加其甜度，育种工作者做了如下实验： 实验一：遗传特性及杂交育种的研究 在种质资源库中选取乙、丙两个高甜度的品系，用三个纯合品系进行杂交实验，结果如表。 杂交组合 F1表型 F2表型 甲×乙 不甜 1/4甜、3/4不甜 甲×丙 甜 3/4甜、1/4不甜 乙×丙 甜 13/16甜、3/16不甜 实验二：甜度相关基因的筛选 通过对甲、乙、丙三个品系转录的mRNA分析，发现基因S与作物M的甜度相关。 根据研究组的实验研究，回答下列问题： (1)假设不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，则乙、丙杂交的F2中表现为甜的植株基因型有______种。品系乙基因型为__________。若用乙×丙中F2不甜的植株进行自交，F3中甜∶不甜比例为__________。 (2)图中，能解释(1)中杂交实验结果的代谢途径有__________。 答案　(1)7　aabb　1∶5　(2)①③ 解析　(1)品系甲为纯合不甜品系，基因型为AAbb，根据实验一结果可推得品系乙基因型为aabb，品系丙基因型为AABB，乙、丙杂交的F2基因型有3×3＝9(种)，假设不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，F2中表现为甜的植株基因型有7种。若用乙×丙中F2不甜的植株进行自交，F3中不甜比例＝1/3＋2/3×3/4＝5/6，F3中甜∶不甜比例为1∶5。(2)不甜植株的基因型为AAbb和Aabb，只有A导致不甜，当A与B同时存在时，表现为甜，故选①③。 7．(每空1分，共5分)(2021·海南，23节选)科研人员用一种甜瓜(2n)的纯合亲本进行杂交得到F1，F1经自交得到F2，结果如表。 性状 控制基因及其 所在染色体 母本 父本 F1 F2 果皮 底色 A/a， 4号染色体 黄绿色 黄色 黄绿色 黄绿色∶ 黄色≈3∶1 果肉 颜色 B/b， 9号染色体 白色 橘红色 橘红色 橘红色∶ 白色≈3∶1 果皮 覆纹 E/e， 4号染色体 F/f， 2号染色体 无覆纹 无覆纹 有覆纹 有覆纹∶ 无覆纹≈9∶7 已知A、E基因同在一条染色体上，a、e基因同在另一条染色体上，当E和F同时存在时果皮才表现出有覆纹性状。不考虑互换、染色体变异、基因突变等情况，回答下列问题： (1)F1的基因型为____________，F1产生的配子类型有____________种。 (2)F2的表型有____________种，F2中黄绿色有覆纹果皮、黄绿色无覆纹果皮、黄色无覆纹果皮的植株数量比是__________，F2中黄色无覆纹果皮橘红色果肉的植株中杂合子所占比例是____________。 答案　(1)AaBbEeFf　8　(2)6　9∶3∶4　5/6 解析　(1)由于F2中黄绿色∶黄色≈3∶1，可推知F1应为Aa，橘红色∶白色≈3∶1，F1应为Bb，有覆纹∶无覆纹≈9∶7，则F1应为EeFf，故F1基因型应为AaBbEeFf；由于A和E连锁，a和e连锁，而F、f和B、b独立遗传，故F1产生的配子类型有2(AE、ae)×2(F、f)×2(B、b)＝8(种)。(2)结合表格可知，F2中关于果肉颜色的表型有2种，由于A、E基因同在一条染色体上，a、e基因同在另一条染色体上，单独观察果皮底色及果皮覆纹的表型，有无覆纹黄绿色、无覆纹黄色、有覆纹黄绿色三种表型，故F2的表型有2×3＝6(种)；由于A和E连锁，a和e连锁。F2中基因型为A_E_的占3/4，aaee的占1/4，F2中黄绿色有覆纹果皮(A_E_F_)、黄绿色无覆纹果皮(A_E_ff)、黄色无覆纹果皮(aaeeF_、aaeeff)的植株数量比是(3/4×3/4)∶(3/4×1/4)∶(1/4×3/4＋1/4×1/4)＝9∶3∶4；F2中黄色无覆纹果皮中的纯合子占1/2，橘红色果肉植株中纯合子为1/3，纯合子所占比例为1/6，故杂合子所占比例是1－1/6＝5/6。 1．(16分)(2024·湖南联盟高三联考)柞蚕(ZW型性别决定)有较高的经济价值，养殖中出现了青绿色、黄色、红色、白色和蓝色等多种体色，已知柞蚕幼虫体色由两对等位基因G/g、Y/y控制。基本色泽基因G表现为黄绿色，只有g存在时，表现为白色，Y与G共存时，表现为黄色。现以黄绿色雌蚕和白色雄蚕为材料进行杂交，F1为黄色雄蚕∶白色雌蚕＝1∶1，F1相互杂交，F2中雌蚕∶雄蚕＝1∶1，黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1。回答下列问题： (1)(2分)柞蚕的幼虫体色有青绿色、黄色、红色、白色和蓝色等多种体色，这是柞蚕发生__________后经长期________的结果。 (2)(3分)G和g基因的根本区别在于______________________________。G/g和Y/y基因位于非同源染色体上，判断依据是__________________________。 (3)(6分)实验中亲本的基因型为______________，F1雌蚕产生的配子为__________________。让F2中的黄色柞蚕进行杂交，子代中出现黄色雄蚕的比例为______。 (4)(5分)随机选取F2中的一只白色雄蚕，欲判断其基因型，请设计实验并预期实验结果和结论。 实验思路：________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 实验结果和结论：________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)突变、基因重组　(人工)选择　(2)脱氧核苷酸(或碱基对)的排列顺序不同　F2中雌蚕∶雄蚕＝1∶1，黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，遵循基因的自由组合定律　(3)yyZGW、YYZgZg　YZg、YW、yZg、yW　4/9　(4)让该白色雄蚕与多只黄绿色雌蚕杂交，统计子代的表型及比例　若子代出现黄色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为YYZgZg；若子代出现黄色∶黄绿色∶白色＝1∶1∶2，则该白色雄蚕基因型为YyZgZg；若子代出现黄绿色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为yyZgZg 解析　(2)G和g是等位基因，两者根本区别在于脱氧核苷酸(或碱基对)的排列顺序不同。根据题意，F2中黄色∶白色∶黄绿色＝3∶4∶1，且雌蚕∶雄蚕＝1∶1，即黄色雌蚕∶白色雌蚕∶黄绿色雌蚕∶黄色雄蚕∶白色雄蚕∶黄绿色雄蚕＝3∶4∶1∶3∶4∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，故G/g、Y/y基因位于非同源染色体上。(3)根据亲本到F1的杂交结果可判断控制体色的基因与性别有关，而G/g、Y/y位于非同源染色体上，因此，其中一对基因位于性染色体上，一对基因位于常染色体上，进一步判断可知Y/y位于常染色体上，G/g位于Z染色体上，且W上没有其等位基因，Y_ZG_为黄色，_ _ZgZg、_ _ZgW为白色，yyZG_为黄绿色，实验中亲本的基因型为yyZGW、YYZgZg，F1的基因型为YyZGZg、YyZgW，雌蚕产生的配子为YZg、YW、yZg、yW。F1相互杂交，F2的基因型为(YY、2Yy、yy)(ZGZg、ZgZg、ZGW、ZgW)，让F2中的黄色柞蚕进行杂交，即(YY、2Yy)ZGZg与(YY、2Yy)ZGW杂交，子代基因型为(4/9YY、4/9Yy、1/9yy)(ZGZG、ZGZg、ZGW、ZgW)，则子代中出现黄色雄蚕的比例为8/9×1/2＝4/9。(4)F2中白色雄蚕的基因型可能为YYZgZg或YyZgZg或yyZgZg，欲判断其基因型，可让该白色雄蚕与多只黄绿色雌蚕(yyZGW)杂交。若子代出现黄色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为YYZgZg；若子代出现黄色∶黄绿色∶白色＝1∶1∶2，则该白色雄蚕基因型为YyZgZg；若子代出现黄绿色∶白色＝1∶1，则该白色雄蚕基因型为yyZgZg。 2．(16分)(2024·长沙高三模拟)茄子中小分子花青素可使花和果皮呈紫色。为研究与花青素合成有关的基因，科研人员选用纯合子亲本P1和P2进行杂交实验，实验过程如图1。科研人员开发分子标记对P1、P2、F1和F2的3对等位基因的3个特定位点分别进行检测，结果如表。已知紫果为野生型，白果为突变型，P1只有第2对基因发生突变。请回答下列问题： 基因 第1对 第2对 第3对 测定植株 测序结果 T/T A/A G/G P1 C/C T/T C/C P2 T/C A/T G/C F1 C/C A/T G/C F2紫花白果 C/C T/T G/G F2紫花白果 C/C A/T G/G F2紫花白果 C/C T/T G/C F2紫花白果 注：T/T表示同源染色体相同位点，一条DNA上为T－A碱基对，另一条DNA上为T－A碱基对。已知F2紫花白果的所有测序结果如表所示。 (1)(2分)根据杂交实验结果可知，茄子的花色受______对等位基因的控制，F2中紫花紫果的基因型有__________种。 (2)(3分)据图1和表格分析，F2紫花白果中能稳定遗传的个体占__________，对F2中紫花紫果纯合子三个位点进行检测，测序结果依次是____________________。 (3)(1分)分析表格和图2，第1对基因在__________(填序号)过程中发挥作用。 答案　(1)两　8　(2)1/9　T/T、T/T、G/G　(3)④ 解析　(1)据图1可知，F1紫花自交，F2中紫花∶白花＝36∶28＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明茄子的花色受两对等位基因控制；紫花受两对等位基因控制，紫果在紫花的基础上还受另一对等位基因的控制，若控制花色的基因为A/a、B/b，控制果色的基因为C/c，结合表格可知，F2中紫花紫果的基因型为A_B_C_，共2×2×2＝8(种)。(2)据图1和表格分析，F2紫花白果(A_B_)(C基因可忽略)中能稳定遗传的个体AABB占1/9；已知紫果为野生型，白果为突变型，P1的碱基序列是T/T、A/A、G/G，只有第2对基因发生突变，P2碱基序列是C/C、T/T、C/C，是第1对和第3对突变，结合两种突变序列能够推知野生型的碱基序列应为T/T、T/T、G/G(P1的第一和第三以及P2的第二)，对应F2中紫花紫果纯合子三个位点。(3)分析表格和图2可知，第一对基因是决定果色的基因，应在④过程中发挥作用。 3．(每空2分，共16分)(2024·宜春高三二模)南瓜的果实形状有扁盘形、圆球形、长圆形三种。为了探究南瓜果实形状的遗传机制，科研人员用甲、乙、丙三个纯合品种做了以下实验(表中的F2由F1自交得到)。回答下列问题(说明：若控制果实形状的等位基因为一对用A/a表示，为两对则用A/a、B/b表示，为三对则用A/a、B/b、C/c表示，以此类推)： 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形＝1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶ 长圆形＝9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形＝3∶1 (1)南瓜果实长圆形、圆球形和扁盘形属于相对性状。相对性状是指________________________________________________________________________。 (2)某同学根据实验组一得出结论：南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。该同学的判断________(填“正确”或“不正确”)，理由是________________________________ ________________________________________________________________________。 (3)要得到实验组二F2中的性状分离比，需要满足的条件有______________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________(写3个)。 (4)品种乙的基因型是________，品种甲的表型是________。 (5)让实验组三F2中的圆球形南瓜自交，子代中杂合子占________。让实验组二F2中的扁盘形南瓜自交，F3的表型及比例是______________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)一种生物的同一性状的不同表现类型　(2)不正确　实验组二的F2出现了9∶6∶1　(3)两对等位基因位于两对同源染色体上；配子间随机结合；各种基因型的后代存活率相等　(4)AABB　圆球形　(5)1/3　扁盘形∶圆球形∶长圆形＝25∶10∶1 解析　(2)根据实验组一和实验组二中F2的性状分离比9∶6∶1可以看出，南瓜果实形状的遗传受2对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律，长圆形为aabb，扁盘形为A_B_，圆球形为A_bb或aaB_，因此乙为AABB，甲为AAbb或aaBB，丙为aabb，实验组一的F1为AABb或AaBB，因此根据实验组一的结果，不能得出南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。(4)由(2)可知，乙的基因型为AABB，甲的基因型为AAbb或aaBB，甲的表型为圆球形。(5)实验组三F2中的圆球形南瓜基因型为A_bb或aaB_，以A_bb为例，其中为1/3AAbb、2/3Aabb，F2自交，子代杂合子为2/3×1/2＝1/3；实验组二的F2中扁盘形南瓜的基因型有1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，其中，1/9AABB的扁盘形南瓜植株自交，子代全表现为扁盘形；2/9AaBB和2/9AABb的扁盘形南瓜植株各自自交，子代表型为扁盘形∶圆球形＝3∶1,4/9AaBb自交，后代表型为扁盘形∶圆球形∶长圆形＝9∶6∶1，故后代表型为扁盘形(1/9＋2×2/9×3/4＋4/9×9/16)∶圆球形(2×2/9×1/4＋4/9×6/16)∶长圆形(4/9×1/16)＝25∶10∶1。 4．(每空2分，共10分)(2024·丹东高三二模)某XY型性别决定的雌雄异株植物中，所有开白花的植株均为雄株。为探究该植物花色的遗传方式，研究小组选择4株植物(雌雄各2株)进行两组杂交实验，结果如表所示。查阅资料得知：由常染色体上基因控制的性状，表型受性别影响的现象称为从性遗传；由性染色体上基因控制的性状，表型和性别相关联的现象称为伴性遗传。请回答下列相关问题： 杂交组合 F1的表 型及比例 F2的 表型及比例 一 白花雄株× 红花雌株 均为红花 雌株全开红花； 雄株中，红花∶白花 ＝15∶1 二 红花雄株× 红花雌株 (1)请根据实验结果进行合理的推理： ①该植物花色遗传属于____________(填“从性遗传”或“伴性遗传”)。 ②白花性状至少由________对等位基因控制，____________(填“遵循”或“不遵循”)孟德尔的遗传定律。 (2)依据上述假说，杂交组合二亲本红花雄株的基因型为________________(注：该性状若由一对基因控制，用A、a表示，若由两对基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推)。F2雄株红花个体中纯合子所占的比例为________。 答案　(1)①从性遗传　②2　遵循　(2)AABB或AAbb或aaBB　1/5 解析　(1)由表格信息可知，两个杂交组合的子二代的雄株中的红花和白花比例都为15∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明该花的颜色至少由2对等位基因控制，如果相关基因用A(a)、B(b)表示，只要有一个显性基因就开红花，A、B都不存在(没有显性基因)，开白花；题干信息“所有开白花的植株均为雄株”，因此基因不位于性染色体上，而是位于常染色体上，双隐性个体雌株仍然开红花，雄株开白花。综上分析，该植物花色遗传属于从性遗传，白花性状至少由2对等位基因控制，遵循孟德尔的遗传定律。(2)雌株无论是何种基因型均为红花，雄株只有aabb表现为白花，其他基因型均为红花。表格中子二代的雄株中的红花和白花比例都为15∶1，说明F1的基因型为AaBb，因此杂交组合二亲本基因型可以是红花雄株(AABB)和红花雌株(aabb)杂交，也可以是红花雄株(AAbb)和红花雌株(aaBB)杂交，还可以是红花雄株(aaBB)和红花雌株(AAbb)杂交，因此杂交组合二亲本红花雄株的基因型为AABB或AAbb或aaBB。F1的基因型为AaBb，F2雄株红花个体基因型为A_B_、A_bb、aaB_，其中纯合子为AABB、AAbb、aaBB，纯合子所占的比例为1/5。 5．(每空2分，共8分)(2024·泰安高三一模)某昆虫(2n＝56)的性别决定方式为XY型，其眼色由两对等位基因A/a、B/b控制。现让一只纯合白眼雄昆虫与纯合红眼雌昆虫多次杂交，F1中雌雄昆虫均表现为红眼，F1雌雄昆虫相互交配，F2中红眼∶朱砂眼∶白眼＝12∶3∶1。回答下列问题： (1)A/a、B/b两对基因的遗传遵循________________定律，判断依据是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)进一步研究发现，B/b基因位于X染色体上，且F2中朱砂眼昆虫均为雄性，则F2中红眼雌昆虫的基因型有________种；让F2中朱砂眼昆虫与F1红眼昆虫杂交，子代的表型及比例为________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)基因的自由组合　F2的性状分离比为12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式　(2)6　红眼∶朱砂眼∶白眼＝6∶5∶1(或红眼雌昆虫∶朱砂眼雌昆虫∶白眼雌昆虫∶红眼雄昆虫∶朱砂眼雄昆虫∶白眼雄昆虫＝6∶5∶1∶6∶5∶1) 解析　(1)根据F2中红眼∶朱砂眼∶白眼＝12∶3∶1可知，控制该昆虫眼色的两对等位基因遵循自由组合定律。(2)根据B/b基因位于X染色体上，且F2中朱砂眼昆虫均为雄性，可推知红眼昆虫的基因型为A_XB_、aaXB_，朱砂眼昆虫的基因型为A_Xb_，白眼昆虫的基因型为aaXbY、aaXbXb，故F1的基因型为AaXBXb、AaXBY，F2红眼雌昆虫的基因型为_ _ XBXB、_ _ XBXb，共有6种。F2中朱砂眼昆虫的基因型为1/3AAXbY、2/3AaXbY，与F1红眼昆虫(AaXBXb)杂交，后代中红眼昆虫的比例为1/2、朱砂眼为5/6×1/2＝5/12、白眼为1/6×1/2＝1/12，故子代的表型及比例为红眼∶朱砂眼∶白眼＝6∶5∶1，每种眼色中雌雄比例均为1∶1。 学科网（北京）股份有限公司 $$