精品解析：辽宁省朝阳市建平县实验中学2024-2025学年高一上学期12月月考物理试题

建平县实验中学2024-2025学年度上学期12月月考试题 高一物理 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题中只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1. 下列说法正确的是（　　） A. 裁判在给正在进行花样滑冰的运动员打分时，可以将运动员看成质点 B. 我们说“日落西山”，是以太阳为参考系 C. 两个运动的物体的位移大小均为20m，这两个位移一定相同 D. 长度能忽略的汽车经过某一站牌的速度72km/h是瞬时速度 2. 物体的图像如图所示，根据图像判断下列说法正确的是（　　） A. 物体在0~5s内的平均速度为2.4m/s B. 物体在0~5s内的平均速率为1.2m/s C. 物体在第3s末的速度为2m/s D. 物体在第4s末运动方向改变 3. 物体运动的速度－时间图象如图，由图可知(　　) A. 0～2s物体做匀速直线运动 B. 2～6s物体静止 C. 2～6s内物体的位移为8m D. 0～2s内物体的加速度为1m/s2 4. 一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（ ） A. 物体在2s末的速度是20 m/s B. 物体在第5s内的平均速度是3.6m/s C. 物体自由下落的加速度是5 m/s 2 D. 物体在5s内的位移是50m 5. 气球以10m/s速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经15s到达地面．则物体刚脱离气球时气球的高度和物体从气球上掉下到达地面经历的路程分别是（ ） (g=10m/s2) A. 1125 m, 1125 m B. 1125 m， 975 m C. 975 m, 985 m D. 985 m, 985 m 6. 如图所示，某同学在家用拖把拖地，拖把由拖杆和拖把头构成．设某拖把头的质量为m，拖杆质量可忽略，拖把头与地板之间的动摩擦因数为，重力加速度为g。该同学用沿拖杆方向的力F推拖把，让拖把头在水平地板上向前匀速移动，此时拖杆与竖直方向的夹角为。则下列判断正确的是（　　） A. 地面受到的压力 B. 拖把头受到地面摩擦力 C. 推力 D. 推力 7. 如图甲所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为m1的物体，∠ACB＝30°；如图乙所示的轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G被细绳EG拉住，EG与水平方向成30°角，轻杆的G点用细绳GF拉住一个质量为m2的物体，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A. 图甲中BC对滑轮的作用力大小为 B. 图乙中HG杆受到绳的作用力为m2g C. 细绳AC段拉力TAC与细绳EG段的拉力TEG之比为1∶1 D. 细绳AC段的拉力TAC与细绳EG段的拉力TEG之比为m1∶2m2 8. 关于速度、速度的变化量、加速度的关系，下列说法正确的是（　　） A. 物体加速度增大时，速度可能减小 B. 物体速度变化量越大，则加速度越大 C. 物体速度变化越快，则加速度也越大 D. 物体速度越大，加速度一定越大 9. 如图，小明手握酱油瓶，瓶身竖直，使酱油瓶在水平面内做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ） A. 手对酱油瓶的弹力是由于手发生弹性形变产生的 B. 酱油瓶受到的摩擦力大小一定与手对酱油瓶的弹力成正比 C. 酱油瓶受到的重力和酱油瓶对手的摩擦力是一对相互作用力 D. 手对酱油瓶的摩擦力和酱油瓶受到的重力是一对平衡力 10. 如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过，框架与小球始终保持静止状态。在此过程中下列说法正确的是（ ） A. 拉力F先减小后增大 B. 框架对小球的支持力先减小后增大 C. 拉力F的最小值为 D. 框架对地面的压力先增大后减小 二、实验题：本题共2小题，共14分。 11. 某同学在做“练习使用打点计时器”实验时打出的纸带如图所示，每相邻两计数点之间还有四个计时点没有画出来。图中标识的数字为相邻两计数点间的距离，打点计时器的电源频率为。 （1）打点计时器使用的是________（选填“直流”或“交流”）电源。 （2）打标记为4的计数点时纸带的运动速度________（结果保留三位有效数字）：小车带动纸带运动的加速度大小为________（结果保留三位有效数字）。 12. 物理实验一般都涉及实验原理、实验仪器、实验方法、数据分析等。例如： （1）实验原理与方法：“探究力的合成的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。 图乙中的F与两力中，方向一定沿AO方向的是________； （2）本实验采用的科学方法是________。 A 理想实验法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 （3）“探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系”实验中需要测量弹簧原长，采用下列哪种方式合适________。 A. 将弹簧自然放在水平桌面上测量 B. 将弹簧竖直悬挂在铁架台上自然下垂后测量 C. 以上两种方式均可以 （4）某同学做“在竖直弹簧下加挂钩码”的实验，得到了如图的结果，下列说法中正确的是________。 A. 图线延长后没有通过坐标原点，是因为实验误差 B. 图中A点的数值就是弹簧的原长 C. 若钩码质量已知，也无法求出弹簧的劲度系数 D. 弹簧长度与所挂钩码个数成正比 三、计算题：本题共3小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13. 一个物体做初速度为2m/s的匀加速直线运动，4s内通过的位移是32m，求： （1）物体的加速度大小； （2）物体在4s末的速度大小； （3）物体在第5秒内的位移。 14. 如图所示，在水平地面上放一质量为的木块，木块与地面间的动摩擦因数为，在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力、，已知、，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取，则 （1）与的合力是多少？ （2）木块受到的摩擦力为多少？ （3）若将图中顺时针转，此时与的合力又是多少？ （4）若将图中顺时针转，此时木块受的摩擦力大小为多少？ 15. 某一长直的赛道上，一辆F1赛车前方200 m处有一安全车正以10 m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以2 m/s2的加速度追赶。 (1)求赛车出发3 s末的瞬时速度大小； (2)赛车何时追上安全车？追上之前与安全车最远相距多少米？ (3)当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4 m/s2 的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相碰） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 建平县实验中学2024-2025学年度上学期12月月考试题 高一物理 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题中只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1. 下列说法正确的是（　　） A. 裁判在给正在进行花样滑冰的运动员打分时，可以将运动员看成质点 B. 我们说“日落西山”，是以太阳为参考系 C. 两个运动的物体的位移大小均为20m，这两个位移一定相同 D. 长度能忽略的汽车经过某一站牌的速度72km/h是瞬时速度 【答案】D 【解析】 【详解】A．裁判在给正在进行花样滑冰的运动员打分时，运动员的形状大小不能忽略不计，不可以将运动员看成质点，故A错误； B．我们说“日落西山”，是以地面为参考系，故B错误； C．两个运动的物体的位移大小均为20m，这两个位移不一定相同，因为位移的方向可能不同，故C错误； D．长度能忽略的汽车经过某一站牌的速度72km/h是瞬时速度，故D正确。 故选D。 2. 物体的图像如图所示，根据图像判断下列说法正确的是（　　） A. 物体在0~5s内的平均速度为2.4m/s B. 物体在0~5s内的平均速率为1.2m/s C. 物体在第3s末的速度为2m/s D. 物体在第4s末运动方向改变 【答案】D 【解析】 【详解】A．由图像可知，物体在0~5s内通过的位移为0，根据可知，平均速度为0，故A错误； B．由图像可知，物体在0~5s内通过的路程为 则平均速率为 故B错误； C．根据图像的斜率表示速度，可知物体在第3s末的速度为0，故C错误； D．由于图像可知物体在第4s末运动方向改变，故D正确。 故选D。 3. 物体运动的速度－时间图象如图，由图可知(　　) A. 0～2s物体做匀速直线运动 B. 2～6s物体静止 C. 2～6s内物体的位移为8m D. 0～2s内物体的加速度为1m/s2 【答案】D 【解析】 详解】A．由图像可知，0～2s物体做匀加速直线运动，故A错误； B．由图像可知，2～6s物体做匀速直线运动，故B错误； C．2～6s内物体的位移为 故C错误； D．图像斜率表示加速度，0～2s内物体的加速度为 故D正确。 故选D。 4. 一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（ ） A. 物体在2s末的速度是20 m/s B. 物体在第5s内的平均速度是3.6m/s C. 物体自由下落的加速度是5 m/s 2 D. 物体在5s内的位移是50m 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】第5s内的位移等于5s内的位移减去4s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=求出速度和位移 AC．第5s内的位移是18m，有： gt12﹣gt22=18m，t1=5s，t2=4s 解得：g=4m/s2．所以2s末的速度： v=gt=8m/s 故AC错误． B．第5s内的平均速度： 故B错误． D．物体在5s内的位移： x=gt2=×4×25m=50m 故D正确． 故选D 5. 气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经15s到达地面．则物体刚脱离气球时气球的高度和物体从气球上掉下到达地面经历的路程分别是（ ） (g=10m/s2) A. 1125 m, 1125 m B. 1125 m， 975 m C. 975 m, 985 m D. 985 m, 985 m 【答案】C 【解析】 【详解】设物体脱离气球时的高度为h，选向下为正方向，据匀变速运动规律 h＝−v0t+gt2， 代入数据解得： h=975m； 物体从脱落气球到到达最高点时上升的高度 物体从气球上掉下到达地面经历的路程 s=h+2h´=985m A. 1125 m，1125 m，与结论不相符，选项A错误； B 1125 m，975 m，与结论不相符，选项B错误； C. 975 m，985 m，与结论相符，选项C正确； D. 985 m，985 m，与结论不相符，选项D错误． 6. 如图所示，某同学在家用拖把拖地，拖把由拖杆和拖把头构成．设某拖把头的质量为m，拖杆质量可忽略，拖把头与地板之间的动摩擦因数为，重力加速度为g。该同学用沿拖杆方向的力F推拖把，让拖把头在水平地板上向前匀速移动，此时拖杆与竖直方向的夹角为。则下列判断正确的是（　　） A. 地面受到的压力 B. 拖把头受到地面的摩擦力 C. 推力 D. 推力 【答案】D 【解析】 【详解】拖把头受到重力、支持力、推力和摩擦力处于平衡状态，受力如图所示 A．将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，竖直方向上根据平衡条件可得 根据牛顿第三定律可得地面受到的压力为 故A错误 B．根据滑动摩擦力的计算公式可得 故B错误； CD．拖把头在水平地板上向前匀速移动，水平方向根据平衡条件可得 即 解得推力 故C错误，D正确。 故选D。 7. 如图甲所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为m1的物体，∠ACB＝30°；如图乙所示的轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G被细绳EG拉住，EG与水平方向成30°角，轻杆的G点用细绳GF拉住一个质量为m2的物体，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A. 图甲中BC对滑轮的作用力大小为 B. 图乙中HG杆受到绳的作用力为m2g C. 细绳AC段的拉力TAC与细绳EG段的拉力TEG之比为1∶1 D. 细绳AC段的拉力TAC与细绳EG段的拉力TEG之比为m1∶2m2 【答案】D 【解析】 【详解】A．题图甲中，两段绳的拉力大小都是m1g，互成120°角，因此合力大小是m1g，根据共点力平衡，BC杆对滑轮的作用力大小也是m1g（方向与竖直方向成60°角，斜向右上方），故A错误； B．题图乙中，以G为研究对象，分析受力情况如图，由平衡条件得 THGtan30°＝m2g 得 THG＝m2g 即HG杆受到绳的作用力为，故B错误； CD．题图甲中绳AC段的拉力 TAC＝m1g 题图乙中由于 TEGsin30°＝m2g 得 TEG＝2m2g 解得 故C错误，D正确。 故选D。 8. 关于速度、速度的变化量、加速度的关系，下列说法正确的是（　　） A. 物体加速度增大时，速度可能减小 B. 物体速度变化量越大，则加速度越大 C. 物体速度变化越快，则加速度也越大 D. 物体速度越大，加速度一定越大 【答案】AC 【解析】 【详解】A．当物体做减速运动时，物体加速度增大时，速度会减小，A正确； B．加速度表示物体速度变化快慢的物理量，由于时间不确定，物体速度变化量越大，加速度不一定越大，B错误； C．加速度表示物体速度变化快慢的物理量，物体速度变化越快，则加速度也越大，C正确； D．加速度表示物体速度变化快慢的物理量，物体速度越大，加速度不一定越大，D错误； 故选AC。 9. 如图，小明手握酱油瓶，瓶身竖直，使酱油瓶在水平面内做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ） A. 手对酱油瓶的弹力是由于手发生弹性形变产生的 B. 酱油瓶受到的摩擦力大小一定与手对酱油瓶的弹力成正比 C. 酱油瓶受到的重力和酱油瓶对手的摩擦力是一对相互作用力 D. 手对酱油瓶的摩擦力和酱油瓶受到的重力是一对平衡力 【答案】AD 【解析】 【详解】A．手对酱油瓶的弹力是由于手发生弹性形变产生的，A正确； B．酱油瓶受到的摩擦力大小一定与酱油瓶的重力大小相等，不是手对酱油瓶的弹力越大，摩擦力越大，B错误； C．手对酱油瓶的摩擦力和酱油瓶对手的摩擦力是一对相互作用力，C错误； D．手对酱油瓶的摩擦力和酱油瓶受到的重力都作用在酱油瓶上，且合力是零，是一对平衡力，D正确。 故选AD。 10. 如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过，框架与小球始终保持静止状态。在此过程中下列说法正确的是（ ） A. 拉力F先减小后增大 B. 框架对小球的支持力先减小后增大 C. 拉力F的最小值为 D. 框架对地面的压力先增大后减小 【答案】AC 【解析】 【详解】ABC．以小球为研究对象，对小球受力分析如图所示 根据几何关系可知，外力F顺时针转动至竖直向上之前，支持力逐渐减小，F先减小后增大，当F的方向沿圆的切线方向向上时，F最小，根据矢量三角形法则可得F的最小值为 A正确，B错误，C正确； D．以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用。设F在顺时针转动的过程中与水平面的夹角为，小球质量为，框架质量为，在竖直方向，根据平衡条件有 当F转动过程中由增大到，由受力分析图 可知力F在竖直方向的分量一直增大，所以地面对框架的支持力始终在减小，根据牛顿第三定律可知框架对地面的压力始终减小，D错误。 故选AC。 二、实验题：本题共2小题，共14分。 11. 某同学在做“练习使用打点计时器”实验时打出的纸带如图所示，每相邻两计数点之间还有四个计时点没有画出来。图中标识的数字为相邻两计数点间的距离，打点计时器的电源频率为。 （1）打点计时器使用的是________（选填“直流”或“交流”）电源。 （2）打标记为4的计数点时纸带的运动速度________（结果保留三位有效数字）：小车带动纸带运动的加速度大小为________（结果保留三位有效数字）。 【答案】（1）交流 （2） ①. 1.20 ②. 1.98 【解析】 【小问1详解】 打点计时器使用的是交流电源。 【小问2详解】 [1]根据匀变速运动的物体平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则打标记为4的计数点时纸带的运动速度为 [2] 根据逐差法求出小车带动纸带运动的加速度大小为 代入数据解得加速大大小为 12. 物理实验一般都涉及实验原理、实验仪器、实验方法、数据分析等。例如： （1）实验原理与方法：“探究力的合成的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。 图乙中的F与两力中，方向一定沿AO方向的是________； （2）本实验采用的科学方法是________。 A. 理想实验法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 （3）“探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系”实验中需要测量弹簧原长，采用下列哪种方式合适________。 A. 将弹簧自然放在水平桌面上测量 B. 将弹簧竖直悬挂在铁架台上自然下垂后测量 C. 以上两种方式均可以 （4）某同学做“在竖直弹簧下加挂钩码”的实验，得到了如图的结果，下列说法中正确的是________。 A. 图线延长后没有通过坐标原点，因为实验误差 B. 图中A点的数值就是弹簧的原长 C. 若钩码质量已知，也无法求出弹簧的劲度系数 D. 弹簧长度与所挂钩码个数成正比 【答案】（1） （2）B （3）B （4）B 【解析】 【小问1详解】 由图发现F是根据平行四边形定则作出的理论值，而是用一根弹簧沿AO方向拉橡皮筋作出的实际值，则方向一定沿AO方向的是。 【小问2详解】 在探究力的平行四边形定则时，是通过将橡皮筋拉到同一点来断定两次力的作用效果是一样的，因此采用的是等效替代法，故选B。 小问3详解】 若放在水平桌面上测量弹簧原长，则竖直悬挂起来时弹簧自重对实验有影响，为减小实验误差，在测量弹簧的原长时，需使弹簧在竖直方向上自然下垂后测量。故选B。 【小问4详解】 A．图中是钩码个数n与弹簧长度l的关系，二者不是正比关系，图线本来就不过原点，不是因为实验误差，故A错误； B．当钩码个数为0时，A点的数值就是弹簧的原长，故B正确； C．若钩码质量已知，由，则根据图线斜率可以求出弹簧劲度系数，故C错误； D．弹簧伸长量与钩码个数成正比，弹簧长度与钩码个数不是正比关系，故D错误。 故选B。 三、计算题：本题共3小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13. 一个物体做初速度为2m/s的匀加速直线运动，4s内通过的位移是32m，求： （1）物体的加速度大小； （2）物体在4s末的速度大小； （3）物体在第5秒内的位移。 【答案】（1）；（2）；（3）15.5m，位移的方向与运动方向一致 【解析】 【详解】（1、2）由位移时间公式 代入数据得 由速度时间公式代入数据得 （3）由位移时间公式 得 位移的方向与运动方向一致。 14. 如图所示，在水平地面上放一质量为的木块，木块与地面间的动摩擦因数为，在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力、，已知、，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取，则 （1）与的合力是多少？ （2）木块受到的摩擦力为多少？ （3）若将图中顺时针转，此时与的合力又是多少？ （4）若将图中顺时针转，此时木块受的摩擦力大小为多少？ 【答案】（1）10N，合力方向与夹角为；（2）10N，与、的合力相反；（3）2N，方向与相同；（4）12N 【解析】 【详解】（1）由图可知，根据力的平行四边形定则，可得两个拉力的合力大小 由 得 合力方向与夹角为。 （2）木块的最大静摩擦力 拉力的合力小于最大静摩擦力，因此没拉得动木块，根据受力平衡条件，则有木块受到的摩擦力等于拉力的合力，即为，方向与、的合力相反。 （3）当将顺时针，则两个拉力的合力大小为 方向与相同 （4）若将图中顺时针转，所以此时两个力的合力为 此时物体开始滑动，摩擦力为滑动摩擦力，大小为。 15. 某一长直的赛道上，一辆F1赛车前方200 m处有一安全车正以10 m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以2 m/s2的加速度追赶。 (1)求赛车出发3 s末的瞬时速度大小； (2)赛车何时追上安全车？追上之前与安全车最远相距多少米？ (3)当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4 m/s2 的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相碰） 【答案】(1)6 m/s；(2)20 s，225 m；(3)20 s 【解析】 【详解】(1)赛车在3 s末的速度 v1＝a1t1＝2×3 m/s＝6 m/s (2)设经t2时间追上安全车，由位移关系得 v0t2＋200＝ 解得 t2＝20 s 此时赛车的速度 v＝a1t2＝2×20 m/s＝40 m/s 当两车速度相等时，两车相距最远。 由v0＝a1t3得两车速度相等时，需要的时间 两车最远相距 Δs＝v0t3＋200 － ＝(10×5+200-×2×52)m＝225 m (3)设再经t4时间两车第二次相遇，由位移关系得 vt4－＝v0t4 解得 t4＝15 s 由于赛车停下来的时间 所以t4＝15 s不合实际，所以两车第二次相遇再经时间t5，应满足 解得 t5＝20 s 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$