章末检测试卷(一)遗传的基本规律-（课件PPT+Word教案）【步步高】2024-2025学年高一生物必修2遗传与进化教师用书（浙科版2019）

章末检测试卷(一)　[分值：100分] 一、选择题(本题包括20小题，每小题2.5分，共50分) 1．(2024·杭州高一期中)下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是(　　) A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉 B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉 C．F1自交，其F2中出现白花的根本原因是性状分离 D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为完全显性 答案　D 解析　应在花粉尚未成熟时对母本去雄以防自花授粉，A错误；完成人工授粉后仍需套上纸袋，可以避免外来花粉的干扰，B错误；F1自交，其F2中同时出现白花和紫花，这种现象是性状分离，出现性状分离的原因是等位基因分离，而后通过雌雄配子随机结合形成的，C错误；紫花和白花杂交，F1全部为紫花，说明紫花为显性性状，白花为隐性性状，即紫花基因对白花基因为显性，D正确。 (2023·杭州高一统考)阅读下列材料，完成第2～4小题。 玉米是雌雄同株、雌雄异花的农作物。A基因控制果实产生红色素，等位基因a1或a2不产生红色素。a1和a2很不稳定，在含有a1或a2基因的果实发育中均有部分细胞逆转为野生型。a1较晚发生逆转，且逆转频率高；a2较早发生逆转，但逆转频率低。a1和a2基因可同时起作用，且互不干扰，A对a1和a2为完全显性。 2．玉米是良好的遗传学实验材料，其原因不包括(　　) A．雌雄异花，杂交时不用人工去雄 B．雌雄同株，易于自花闭花授粉 C．有易于区分的相对性状 D．产生的种子数量多，便于统计分析 答案　B 解析　玉米是雌雄同株异花农作物，杂交时不用人工去雄，便于杂交实验操作，A正确，B错误；玉米有多对易于区分的相对性状，易于观察，C正确；玉米籽粒多，便于统计分析，D正确。 3．下列有关基因型和表型的叙述，错误的是(　　) A．基因型为Aa1的玉米表型为红色 B．基因型为a1a1的玉米表型为小而多的红斑 C．基因型为a2a2的玉米表型为大而少的红斑 D．基因型为a1a2的玉米既有小红斑，又有大红斑，大红斑数量更多 答案　D 4．将基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代表型及其所占比例正确的是(　　) A．红色占1/4 B．小而多的红斑占1/4 C．大而少的红斑占1/4 D．既有小红斑，又有大红斑占1/4 答案　D 解析　基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代基因型及比例为AA∶Aa1∶Aa2∶a1a2＝1∶1∶1∶1，由于A基因控制果实产生红色素，a1、a2可发生逆转，且a1和a2基因可同时表达，互不干扰，A对a1和a2为完全显性，故子代中红色(A_)占3/4，既有小红斑，又有大红斑(a1a2)占1/4，故选D。 5．(2024·温州高一期中)孔雀鱼尾色受一对等位基因控制。科研人员选用深蓝尾和紫尾进行杂交实验，F1均为浅蓝尾，F1随机交配，F2中同时出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾。下列叙述正确的是(　　) A．孔雀鱼尾色的显性现象的表现形式为共显性 B．孔雀鱼尾色的表型可以反映它的基因型 C．F2中出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾是基因自由组合的结果 D．F2中深蓝尾雌性和浅蓝尾雄性交配，子代中深蓝尾约占1/4 答案　B 解析　孔雀鱼尾色的相关基因表现为不完全显性，A错误；孔雀鱼尾色的表型可以反映它的基因型，若相关基因用B/b表示，则浅蓝尾的基因型为Bb，而深蓝尾和紫尾均为纯合子，B正确；F2中同时出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾的现象称为性状分离，是等位基因分离的结果，C错误；F2中深蓝尾雌性(BB或bb)和浅蓝尾雄性(Bb)交配，子代中深蓝尾约占1/2，D错误。 6．(2023·温州高一期末)豌豆的基因A控制紫花性状，基因a控制白花性状，基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，在F4中紫花豌豆的比例为(　　) A．9/16 B．11/16 C．17/32 D．21/32 答案　C 解析　基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，其中杂合子Aa＝(1/2)4＝1/16，AA＝(1－1/16)/2＝15/32，F4中紫花(AA、Aa)豌豆所占比例＝15/32＋1/16＝17/32。 7．(2024·台州高一期中)拟南芥生长期短，基因组小，且为闭花授粉，是研究遗传的模式植物，被称为“植物界的果蝇”。其叶片正常和叶片卷曲由一对基因控制，叶片正常对叶片卷曲为完全显性。欲判断一株正常叶拟南芥是否为纯合子，下列方法不可行的是(　　) A．与纯合正常叶拟南芥杂交 B．与卷曲叶拟南芥杂交 C．该正常叶拟南芥自交 D．与一株杂合正常叶拟南芥杂交 答案　A 解析　与纯合正常叶拟南芥杂交，后代都是叶片正常，A错误；与卷曲叶拟南芥杂交，如果后代都是叶片正常，则是纯合子，如果后代有叶片正常，也有叶片卷曲，则是杂合子，B正确；该正常叶拟南芥自交，若为纯合子，则子代全为叶片正常，若为杂合子，则子代发生性状分离，C正确；与一株杂合正常叶拟南芥杂交，如果后代都是叶片正常，则是纯合子，如果后代有叶片正常，也有叶片卷曲，则是杂合子，D正确。 8．(2023·湖州高一质检)孟德尔被称为遗传学之父。他利用豌豆作为实验材料，成功地发现了生物的遗传规律。下列有关孟德尔遗传定律的叙述，错误的是(　　) A．在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离 B．在形成受精卵时，决定不同性状的基因自由组合 C．孟德尔通过测交实验验证他对遗传现象的解释 D．一对和两对相对性状的实验中都运用了“假说—演绎”法 答案　B 解析　孟德尔的分离定律认为，在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离，分别进入不同的配子中，A正确；孟德尔的自由组合定律认为，在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，B错误；孟德尔让F1与隐性纯合个体进行杂交，即测交实验，从而验证了他对遗传现象的解释(假说)，C正确。 9．下列选项中最有可能发生基因自由组合现象的是(　　) A．基因型为EeFf的个体产生比例相等的4种配子 B．A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子 C．以纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆为亲本杂交得到F1 D．开粉红色花的金鱼草自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型 答案　A 解析　基因型为EeFf的个体产生4种比例相等的配子，说明F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，即发生了基因的自由组合现象，A符合题意；A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子，是基因分离和雌、雄配子随机结合的结果，没有发生基因的自由组合现象，B不符合题意；基因的自由组合定律的实质是在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆中不存在等位基因，所以没有发生基因的自由组合现象，C不符合题意；开粉红色花的金鱼草自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型，是不完全显性的结果，没有发生基因的自由组合现象，D不符合题意。 10．(2024·宁波高一期末)同学X把材质、大小相同的两种颜色的球等量标记后，放入罐中模拟自由组合定律，如图所示。以下同学对该做法的评价正确的是(　　) A．同学甲认为罐子中的白球和黑球的数量可不等，且从罐子里摸出两个球并记录就能模拟自由组合定律 B．同学乙认为要把该罐子标记为雄1，取出所有白色球放入标记为雌1的罐子，再分别摸一球并记录就能模拟自由组合定律 C．同学丙认为要把罐子里的白球换成大球，每次摸一大一小两球并记录就能模拟自由组合定律 D．同学丁认为如果罐子里只有白球，该过程模拟了成对遗传因子的分离和雌雄配子的随机结合 答案　C 解析　罐子里球的材质、大小相同，在摸球的时候无法区分两对等位基因的区别，故无论是摸两个球还是四个球，均不能模拟自由组合定律，A错误；自由组合定律是两对等位基因参与的，该罐子标记为雄1，取出所有白色球放入标记为雌1的罐子，再分别摸一球只能模拟形成配子的过程，B错误；白球换成大球，每次摸一大一小两球并记录，此方法取出的球为独立遗传的非等位基因，可模拟自由组合定律，C正确；由于罐子中有白球A、a，随机抓取一个白球，只能获得A或a中的一个，说明等位基因的分离；需要从两个装有白球的罐子中分别抓取一个白球，不同字母的随机结合，模拟生物在受精过程中，雌雄配子的随机组合，D错误。 11．如图为某植株自交产生后代过程的示意图，下列对此过程及结果的叙述，正确的是(　　) AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵子代N种基因型，P种表型(13∶3) A．该植株产生的含AB的雄配子与含Ab的雌配子数量相等 B．独立遗传的非等位基因在过程②实现基因的自由组合 C．一般情况下，M等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积 D．M、N、P分别为16、13和3，子代有1/4的个体为纯合子 答案　C 解析　该植株产生的雄配子的数量远远多于雌配子的数量，A错误；在形成配子的过程中，非等位基因自由组合，即过程①，B错误；M表示雌、雄配子的结合方式，一般情况下，等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积，C正确；由图中表型为13∶3可知，A_B_、A_bb、aabb(或A_B_、aaB_、aabb)表现为一种性状，aaB_(或A_bb)表现为另一种性状，M、N、P分别为16、9和2，子代有1/2×1/2＝1/4的个体为纯合子，D错误。 12．(2024·绍兴高一期末)黄色圆形(YyRr)豌豆自交，F1中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝9∶3∶3∶1，再对F1中所有黄色圆形个体进行测交得到F2。下列相关叙述错误的是(　　) A．亲本豌豆植株上采得的种子就是F1统计对象 B．F1中黄色与绿色属于两种不同性状 C．F1中杂合的黄色圆形豌豆占50% D．F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1 答案　B 解析　本题调查的是种皮的颜色和种子的形状，因此亲本豌豆植株上采得的种子就是F1统计对象，A正确；黄色和绿色属于一对相对性状，是同一性状的两种表现类型，B错误；F1黄色圆形基因型为Y_R_，其中纯合个体基因型为YYRR，占1/16，所以杂合的黄色圆形占8/16，即50%，C正确；F1黄色圆形基因型为Y_R_(YYRR1/9、YyRr4/9、YYRr2/9、YyRR2/9)，所以产生的配子及比例为YR4/9、Yr2/9、yR2/9、yr1/9，对F1中所有黄色圆形个体进行测交得到F2，F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1，D正确。 13．(2024·宁波高一期中)家蚕中有黄茧和白茧两个品种，两个品种相互交配，F1全为白茧；将F1的白茧家蚕相互交配，F2中白茧∶黄茧＝13∶3。下列分析错误的是(　　) A．白茧与黄茧至少受两对等位基因的控制 B．F2黄茧家蚕基因型有2种 C．若让F1白茧家蚕测交，则后代表型及比例为白茧∶黄茧＝3∶1 D．F2白茧家蚕中纯合子占4/13 答案　D 解析　由题意“F2中白茧∶黄茧＝13∶3”可知，13∶3为9∶3∶3∶1的变式，故白茧与黄茧至少受两对等位基因的控制，且遵循基因自由组合定律，A正确；设该性状受2对等位基因A/a、B/b的控制，则F1白茧的基因型为AaBb，F2中白茧的基因型为9A_B_、3A_bb(或3aaB_)、1aabb，黄茧的基因型为3aaB_(或3A_bb)，故F2黄茧家蚕基因型有2种：aaBB、aaBb(或AAbb、Aabb)，B正确；若让F1白茧家蚕测交，即AaBb×aabb，则后代表型及比例为白茧∶黄茧＝3∶1，C正确；F2白茧家蚕的比例为13/16，纯合子的白茧家蚕为3/16，故F2白茧家蚕中纯合子＝3/16÷13/16＝3/13，D错误。 14．某植物的花色受两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用(如AaB_表型为粉色)。将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1自交后代中花色的表型及比例是(　　) A．白色∶粉色∶红色，3∶10∶3 B．白色∶粉色∶红色，10∶3∶3 C．白色∶粉色∶红色，4∶9∶3 D．白色∶粉色∶红色，6∶9∶1 答案　C 解析　将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，F1的基因型为AaBb；再将F1自交，理论上后代基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，但结合题意可得后代表型及比例为白色(3aaB_＋1aabb)∶粉色(3A_bb＋4AaBb＋2AaBB)∶红色(3AAB_)＝4∶9∶3，C符合题意。 15．旱金莲由三对等位基因(分别用A与a、B与b、C与c表示)控制花的长度，这三对基因独立遗传，作用相等且具叠加性。已知每个显性基因控制花长为5 mm，每个隐性基因控制花长为2 mm。花长为24 mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离，其中与亲本具有同等花长的个体所占的比例是(　　) A．1/16 B．1/8 C．5/16 D．3/8 答案　D 解析　根据题意可知，花长为24 mm的个体中应该有显性基因4个，且后代有性状分离，不可能是纯合子，所以基因型可能是AaBbCC、AaBBCc、AABbCc。以基因型AaBbCC为例，其自交后代含有4个显性基因的比例为1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝3/8。 16．香豌豆的花色由染色体上多对等位基因控制，每对基因至少都有一个显性基因时才开红花，其余的基因型对应花色均为白花。若每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175，则香豌豆的花色至少由几对等位基因控制(　　) A．5对 B．4对 C．3对 D．2对 答案　B 解析　根据题干中“每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175”可知，红花个体占全部子代个体的比例为81÷(81＋175)＝81÷256＝(3/4)4，所以可判断香豌豆的花色至少由4对等位基因控制，B正确。 17．已知某雌雄同株的植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制，其中基因组合AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因组合BB和Bb控制红色，基因组合bb控制白色。基因型为AaBb的植株自交，取F1中红色小花瓣植株自交得到F2，则F2红色大花瓣植株中，纯合子占(　　) A．1/8 B．3/5 C．5/7 D．1/2 答案　B 解析　基因型为AaBb的植株自交，F1中红色小花瓣植株基因型为1/3AaBB、2/3AaBb，自交得到F2，则F2红色大花瓣植株基因型为AABB、AABb，纯合子AABB所占比例为1/3×1/4＋2/3×1/4×1/4＝3/24，AABb所占比例为2/3×1/4×1/2＝2/24，F2红色大花瓣植株中，纯合子占3/24÷(3/24＋2/24)＝3/5。 18．(2024·金华高一期中)科研人员在研究三种哺乳动物时发现它们都存在胚胎或配子致死的现象，如表是科研人员分别进行甲、乙、丙三组遗传学实验。已知两对相对性状均由常染色体上的两对等位基因控制，实验结果如表所示。下列推断错误的是(　　) 组别 亲本 选择F1中两对等位基因均杂合的个体进行随机交配 F2性状分离比 甲 A×B 4∶2∶2∶1 乙 C×D 5∶3∶3∶1 丙 E×F 6∶3∶2∶1 A.三组实验中两对相对性状的遗传均遵循基因的自由组合定律 B．甲组可能是任意一对基因显性纯合均使胚胎致死，亲本A和亲本B不一定都为杂合子 C．乙组可能是含有两个显性基因的雄配子或雌配子致死，F2中纯合子所占的比例为3/16 D．丙组可能是一对基因显性纯合时胚胎致死，F2中杂合子所占的比例为5/6 答案　C 解析　三组实验中两对相对性状杂交在F2中均出现了9∶3∶3∶1的变式的分离比，所以均遵循基因的自由组合定律，A正确；甲组F2中性状分离比为4∶2∶2∶1＝(2∶1)×(2∶1)，出现该比例的原因是由于任意一对基因显性纯合均使胚胎致死，若将这两对等位基因分别用A/a和B/b表示，则AA和BB致死，亲本基因型可以是AaBb和aabb，而aabb是纯合子，B正确；如果含有两个显性基因的雄配子或雌配子致死，即AB的雌配子或雄配子致死，则后代出现5∶3∶3∶1的比例，F1基因型是AaBb，纯合子基因型有AAbb、aaBB和aabb，所以F2中纯合子所占的比例为1/4，C错误；丙组F2中性状分离比为6∶3∶2∶1＝(3∶1)×(2∶1)，所以由一对基因纯合子致死，即AA或BB致死，假设AA致死，纯合子基因型有aaBB和aabb，即F2中纯合子所占比例为1/6，杂合子所占的比例为5/6，D正确。 19．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是(　　) A．夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所生孩子听觉均正常 C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为 D．基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为 答案　D 解析　根据题干信息分析，正常个体的基因型为D_E_，若夫妇中有一方耳聋，另一方基因型为DDEE，则后代的听觉全部正常，A正确；只有耳蜗管正常(D_ee)与只有听神经正常(ddE_)的夫妇，产生的后代基因型可能全为DdEe，表现为听觉正常，B正确；基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为1－×＝，C正确；基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子(_ _E_)的概率为，D错误。 20．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是(　　) A．任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律 B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C．欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交 D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株杂交 答案　B 解析　依据所给四个植株的基因型，任选两植株杂交都能产生含有单对等位基因的后代，可用于验证基因的分离定律，A正确；验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误；欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，产生后代的基因型为AaBbDd，再让其自交即可产生基因型为aabbdd的植株，C正确；欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株杂交，都可产生基因型为Bb的植株，D正确。 二、非选择题(本题包括5小题，共50分) 21．(8分)人类有多种血型系统。ABO血型系统是由复等位基因IA、IB和i控制的，IA可控制合成A抗原，IB可控制合成B抗原，ABO血型抗原—抗体系统如表。Rh血型系统是由等位基因R与r控制的，表型有Rh阳性(显性性状)和Rh阴性(隐性性状)。控制ABO血型和Rh血型的基因独立遗传。 ABO血型抗原—抗体系统 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 注：红细胞凝集的实质是红细胞膜上的抗原和血清中相应的抗体发生反应，例如，A抗原能与抗A抗体发生反应。 现有一对夫妇，妻子是Rh阴性A型血，丈夫是Rh阳性血，丈夫的母亲为Rh阴性O型血。请回答下列问题： (1)(3分)若只考虑ABO血型系统，AB型的基因型为__________。若只考虑ABO血型系统，该对夫妇及其儿子的血型各不相同，妻子的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集，则丈夫的基因型为______，儿子的基因型为________。 (2)(1分)Rh阴性血型的女性生育过Rh阳性血型孩子后，体内会产生抗Rh阳性的抗体，再怀Rh阳性胎儿时会使胎儿发生溶血。若只考虑Rh血型系统，该对夫妻生育的第二胎发生溶血的概率为______________________________________________________________________。 (3)(1分)若同时考虑两种血型系统，则该对夫妻生出Rh阴性AB血型孩子的概率为________。 (4)(3分)若只考虑ABO血型系统，请用遗传图解表示这对夫妇产生子代的过程。 答案　(1)IAIB　IBi　ii　(2)1/4　(3)1/8　 (4)如图所示 解析　(1)ABO血型系统中，AB血型的红细胞膜上含有A抗原和B抗原，其基因型为IAIB。由于妻子是A型血，因此红细胞膜上含有A抗原；而题中提出“她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集”，因此她的丈夫和儿子的血清中含抗A抗体，因此他们的血型可能是O型或B型。如果丈夫是O型血，而儿子的血型只能是O型血或A型血，此血型和双亲之一相同，不符合题意，因此丈夫的血型只能是B型血，则儿子为O型血(ii)，由此可确定双亲的基因型分别为IBi(父亲)和IAi(母亲)。(2)若只考虑Rh血型系统，由于妻子是Rh阴性A型血，则基因型为rr，丈夫是Rh阳性血型，故基因型为R_，又已知丈夫的母亲为Rh阴性O型血，基因型为rr，故丈夫的基因型为Rr，故其后代的基因型及比例为Rr∶rr＝1∶1。他们将来生育的第二胎发生溶血需要符合一胎为阳性，二胎也为阳性，故概率为1/2×1/2＝1/4。(3)若同时考虑两种血型系统，ABO血型系统中，丈夫和妻子的基因型分别为IBi和IAi，故后代的基因型有IAIB、IBi、IAi、ii 4种；Rh血型系统中，妻子的基因型为rr，丈夫的基因型为Rr，故后代的基因型有Rr、rr 2种；故该对夫妻生出Rh阴性AB血型孩子(rrIAIB)的概率为1/2×1/4＝1/8。 22．(10分)(2024·浙江9＋1联盟高一期中)某雌雄同株异花植物的花着生位置和叶片形状分别受A/a和B/b两对基因控制，两对基因独立遗传。研究人员用一株顶生花圆叶植株(甲)与腋生花狭叶植株(乙)进行杂交，观察后代表型。若甲为母本，则F1只有腋生花圆叶、腋生花狭叶两种表型；若乙为母本，则F1有四种表型且数目相等。请回答下列问题： (1)(4分)上述实验杂交类型为________。从上述杂交过程和结果来看，________(填“能”或“不能”)判断植株甲体内控制这两对性状的基因在遗传时遵循自由组合定律，原因是________________________________________________________________________。 (2)(3分)甲的基因型为________。甲作为母本时，F1只有两种表型的原因是_______________，若将这两种表型的F1个体自由繁殖一代，所得F2中狭叶个体所占比例为________。 (3)(3分)为进一步验证(2)中原因的正确性，可以选择F1中表型为________的个体自交，所得子代表型和比例为________________________时，即可证明推测的正确性。 答案　(1)正反交　不能　甲基因型不确定，如为单杂合子，在产生配子时非等位基因无法自由组合 (2)AaBb或Aabb　含A基因的雌配子致死　9/16或7/16　(3)顶生花　顶生花∶腋生花＝1∶1 解析　(1)由题意可知，若甲为父本，乙为母本为正交，则甲为母本，乙为父本为反交，实验杂交类型为正反交。从上述杂交过程和结果来看，不能判断植株甲体内控制这两对性状的基因在遗传时遵循自由组合定律，原因是甲基因型不确定，如为单杂合子，在产生配子时非等位基因无法自由组合。(2)若乙为母本，则F1有四种表型且数目相等，可推出杂交组合为AaBb×aabb或Aabb×aaBb。当甲(顶生)为母本，乙(腋生)为父本，子代只有腋生，若设甲(顶生)母本为aa，则乙(腋生)父本为Aa，雄配子a致死可得到子代全为腋生，但当乙(Aa)为母本，甲(aa)为父本，雄配子a致死则无可育配子，与题意不符；若设甲(顶生)母本为Aa，则乙(腋生)父本为aa，雌配子A致死可得到子代全为腋生，当乙(aa)为母本，甲(Aa)为父本，雌配子A致死，子代表型及比例符合题意，综上所述甲为AaBb或Aabb；甲为母本时不论是AaBb×aabb还是Aabb×aaBb，F1均为1/2aabb和1/2aaBb，F1个体自由繁殖一代，只考虑狭叶(B/b)，可知B＝1/4，b＝3/4，进一步推知bb＝3/4×3/4＝9/16，B_＝1－9/16＝7/16，狭叶为bb＝9/16或B_＝7/16。(3)为进一步验证(2)中原因的正确性，可以选择F1中表型为顶生花(Aa)自交，雌配子A致死，雌配子只有a，雄配子A∶a＝1∶1，可得Aa∶aa＝1∶1，即顶生花∶腋生花＝1∶1。 23．(8分)(2024·浙江浙南名校高一期中)植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果如表(实验②中F1自交得F2)。 实验 亲本 F1 F2 ① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 — ② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮，3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮 回答下列问题： (1)(3分)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均遵循分离定律，判断的依据是_____________________________________________________________________________。 根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是________________。 (2)(1分)甲、乙、丙、丁中可以产生两种或两种以上配子的是________。 (3)(1分)实验②的F2中纯合子所占的比例是________。 (4)(3分)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是________________________________________________________________________，判断的依据是________________________________________________________________________。 答案　(1)基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律　缺刻叶和齿皮　(2)甲和乙　(3)1/4　(4)果皮　F2中齿皮∶网皮＝48∶16＝3∶1，说明受1对等位基因控制 解析　(1)实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计2对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性，齿皮对网皮为显性。(2)假设缺刻叶和全缘叶这对相对性状用基因A/a表示，齿皮和网皮这对相对性状用基因B/b表示，根据已知条件，甲、乙、丙、丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮(A_bb)，实验①杂交的F1结果类似于测交，说明甲为杂合子，基因型为Aabb，则乙的基因型为aaBb，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1的基因型为AaBb，则丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，所以甲、乙可以产生两种或两种以上配子。(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮＝45∶15∶3∶1，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝60∶4＝15∶1，可推知叶形受两对等位基因控制，齿皮∶网皮＝48∶16＝3∶1，可推知果皮受1对等位基因控制。 24．(16分)某种植物在自然状态下是自花传粉且闭花授粉，该植物的果皮颜色有紫色和绿色两种，受两对独立遗传的等位基因控制。某实验小组以纯合个体为亲本进行杂交得到F1，F1自交得到F2，结果如表所示。回答下列问题： 项目 F1/株数 F2/株数 紫色果皮 绿色果皮 紫色果皮 绿色果皮 ①紫色果皮×绿色果皮 212 0 641 43 ②紫色果皮×绿色果皮 76 0 276 91 (1)该种植物与果皮颜色相关的基因的遗传遵循________________定律，判断的理由是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (2)果皮的紫色和绿色这对相对性状中，显性性状是________。若控制该相对性状的基因用A/a、B/b表示，则表中组合①的两个亲本基因型为________________，理论上，组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为________。 (3)若要鉴定组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，请设计最简便的实验进行探究，完善下列实验思路并预期实验结果。 实验思路：____________________________，统计子代的表型及比例。 预期实验结果：若后代__________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子；若后代中____________________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子。 答案　(1)自由组合(或分离定律和自由组合)　组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式　(2)紫色　AABB、aabb　1/5　(3)让F2中的紫色果皮植株进行自交　全为紫色果皮植株　紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1 解析　(1)由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，所以该种植物与果皮颜色相关的基因遵循基因的自由组合定律。(2)根据组合①中F1都是紫色果皮，说明紫色为显性性状。由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，说明果皮颜色由两对等位基因控制，亲本都是纯合子，则亲本的基因型为AABB和aabb，F2中绿色果皮植株(aabb)占1/16，其余都是紫色果皮植株(A_B_、A_bb、aaB_)，纯合的紫色果皮植株的基因型为1/16AABB、1/16AAbb、1/16aaBB，所以组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为1/5。(3)为了探究组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，则最简便的实验方法是让F2中的紫色果皮植株进行自交，并统计子代的表型及比例。组合②中F2的表型及比例约为3∶1，说明符合分离定律，紫色是显性性状，设F2中的紫色果皮植株的基因型为AAbb、Aabb。实验思路：让F2中的紫色果皮植株进行自交，统计子代的表型及比例，判断紫色果皮植株的基因型。预期实验结果：如果组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子(AAbb)，则纯合子自交后代还是纯合子，F2自交后代表型全部是紫色果皮植株。如果组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子，则基因型为Aabb，自交后代基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，表型为紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1。 25．(每空1分，共8分)(2024·浙江山海协作体高一期中)某种植物在自然状态下自花传粉且闭花授粉。科研小组对其花色性状的遗传机理进行研究，他们让纯合红花植株和纯合白花植株进行杂交获得F1，发现F1植株成熟后全部开粉红色花。请回答下列问题： (1)对此植物进行杂交实验，操作流程是去雄→_____________________________________(用文字和箭头将操作流程补充完整)，其中去雄操作应在________________前完成。 (2)对于上述杂交结果，研究小组提出了甲、乙不同的假说。 甲：花色性状受一对等位基因(A、a)控制； 乙：花色性状受两对等位基因(A、a和B、b)控制，基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。 ①若假说甲成立，则子一代粉红色花的出现从显性相对性方面可解释为红色基因A对白色基因a为____________，F1的基因型为________________。F1自交得到的F2表型及比例为____________________________________。 ②若假说乙成立，则白花亲本的基因型为aaBB或________。F1自交得到的F2表型及比例分别为____________________和____________________。 答案　(1)套袋→授粉→套袋(→挂标签)　花粉尚未成熟　(2)①不完全显性　Aa　红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1　②AABB　红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7　红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1 解析　(1)杂交实验的操作流程：去雄→套袋→授粉→套袋(→挂标签)，而去雄应该在花粉尚未成熟前，即花蕾期完成。(2)①纯合红花植株和纯合白花植株进行杂交获得F1，发现F1植株成熟后全部开粉红色花，若花色只受一对等位基因控制，也说明红色基因A对白色基因a为不完全显性，F1的基因型为Aa，其中AA为红色，Aa为粉红色，aa为白色，所以F2中红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1。②若花色受两对等位基因控制，且基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化，可知白花基因型为AABB、AaBB、aaB_、aabb，红花基因型为A_bb，粉红花基因型为AaBb、AABb，亲本为纯合植株，且F1植株全部开粉红色花，则亲本白花的基因型为aaBB或AABB，红花基因型为AAbb，F1为AABb或者AaBb，则自交后代F2为红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1或者红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7。 学科网（北京）股份有限公司 $$ 章末检测试卷(一) 第一章 遗传的基本规律 <<< 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D B D D B C A B 题号 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 A C C B D C D B 题号 17 18 19 　20 答案 B C D 　B 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 题号 21 答案 (1)IAIB　IBi　ii　(2)1/4　(3)1/8　 (4)如图所示 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 题号 22 答案 (1)正反交　不能　甲基因型不确定，如为单杂合子，在产生配子时非等位基因无法自由组合　(2)AaBb或Aabb　含A基因的雌配子致死　9/16或7/16　(3)顶生花　顶生花∶腋生花＝1∶1 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 题号 23 答案 (1)基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律　缺刻叶和齿皮　(2)甲和乙　(3)1/4　(4)果皮　F2中齿皮∶网皮＝48∶16＝3∶1，说明受1对等位基因控制 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 题号 24 答案 (1)自由组合(或分离定律和自由组合)　组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式　(2)紫色　AABB、aabb　1/5　(3)让F2中的紫色果皮植株进行自交　全为紫色果皮植株　紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 题号 25 答案 (1)套袋→授粉→套袋(→挂标签)　花粉尚未成熟 (2)①不完全显性　Aa　红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1　 ②AABB　红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7　红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 1.(2024·杭州高一期中)下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是 A.豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉 B.完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉 C.F1自交，其F2中出现白花的根本原因是性状分离 D.F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为完全显性 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 应在花粉尚未成熟时对母本去雄以防自花授粉，A错误； 完成人工授粉后仍需套上纸袋，可以避免外来花粉的干扰，B错误；F1自交，其F2中同时出现白花和紫花，这种现象是性状分离，出现性状分离的原因是等位基因分离，而后通过雌雄配子随机结合形成的，C错误； 紫花和白花杂交，F1全部为紫花，说明紫花为显性性状，白花为隐性性状，即紫花基因对白花基因为显性，D正确。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (2023·杭州高一统考)阅读下列材料，完成第2～4小题。 玉米是雌雄同株、雌雄异花的农作物。A基因控制果实产生红色素，等位基因a1或a2不产生红色素。a1和a2很不稳定，在含有a1或a2基因的果实发育中均有部分细胞逆转为野生型。a1较晚发生逆转，且逆转频率高；a2较早发生逆转，但逆转频率低。a1和a2基因可同时起作用，且互不干扰，A对a1和a2为完全显性。 2.玉米是良好的遗传学实验材料，其原因不包括 A.雌雄异花，杂交时不用人工去雄 B.雌雄同株，易于自花闭花授粉 C.有易于区分的相对性状 D.产生的种子数量多，便于统计分析 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 玉米是雌雄同株异花农作物，杂交时不用人工去雄，便于杂交实验操作，A正确，B错误； 玉米有多对易于区分的相对性状，易于观察，C正确； 玉米籽粒多，便于统计分析，D正确。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 3.下列有关基因型和表型的叙述，错误的是 A.基因型为Aa1的玉米表型为红色 B.基因型为a1a1的玉米表型为小而多的红斑 C.基因型为a2a2的玉米表型为大而少的红斑 D.基因型为a1a2的玉米既有小红斑，又有大红斑，大红斑数量更多 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 4.将基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代表型及其所占比例正确的是 A.红色占1/4 B.小而多的红斑占1/4 C.大而少的红斑占1/4 D.既有小红斑，又有大红斑占1/4 √ 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代基因型及比例为AA∶Aa1 ∶Aa2∶a1a2＝1∶1∶1∶1，由于A基因控制果实产生红色素，a1、a2可发生逆转，且a1和a2基因可同时表达，互不干扰，A对a1和a2为完全显性，故子代中红色(A_)占3/4，既有小红斑，又有大红斑(a1a2)占1/4，故选D。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 5.(2024·温州高一期中)孔雀鱼尾色受一对等位基因控制。科研人员选用深蓝尾和紫尾进行杂交实验，F1均为浅蓝尾，F1随机交配，F2中同时出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾。下列叙述正确的是 A.孔雀鱼尾色的显性现象的表现形式为共显性 B.孔雀鱼尾色的表型可以反映它的基因型 C.F2中出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾是基因自由组合的结果 D.F2中深蓝尾雌性和浅蓝尾雄性交配，子代中深蓝尾约占1/4 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 孔雀鱼尾色的相关基因表现为不完全显性，A错误； 孔雀鱼尾色的表型可以反映它的基因型，若相关基因用B/b表示，则浅蓝尾的基因型为Bb，而深蓝尾和紫尾均为纯合子，B正确； F2中同时出现深蓝尾、浅蓝尾和紫尾的现象称为性状分离，是等位基因分离的结果，C错误； F2中深蓝尾雌性(BB或bb)和浅蓝尾雄性(Bb)交配，子代中深蓝尾约占1/2，D错误。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 6.(2023·温州高一期末)豌豆的基因A控制紫花性状，基因a控制白花性状，基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，在F4中紫花豌豆的比例为 A.9/16 B.11/16 C.17/32 D.21/32 √ 基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，其中杂合子Aa＝(1/2)4＝1/16，AA＝(1－1/16)/2＝15/32，F4中紫花(AA、Aa)豌豆所占比例＝15/32＋1/16＝17/32。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 7.(2024·台州高一期中)拟南芥生长期短，基因组小，且为闭花授粉，是研究遗传的模式植物，被称为“植物界的果蝇”。其叶片正常和叶片卷曲由一对基因控制，叶片正常对叶片卷曲为完全显性。欲判断一株正常叶拟南芥是否为纯合子，下列方法不可行的是 A.与纯合正常叶拟南芥杂交 B.与卷曲叶拟南芥杂交 C.该正常叶拟南芥自交 D.与一株杂合正常叶拟南芥杂交 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 与纯合正常叶拟南芥杂交，后代都是叶片正常，A错误； 与卷曲叶拟南芥杂交，如果后代都是叶片正常，则是纯合子，如果后代有叶片正常，也有叶片卷曲，则是杂合子，B正确； 该正常叶拟南芥自交，若为纯合子，则子代全为叶片正常，若为杂合子，则子代发生性状分离，C正确； 与一株杂合正常叶拟南芥杂交，如果后代都是叶片正常，则是纯合子，如果后代有叶片正常，也有叶片卷曲，则是杂合子，D正确。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 8.(2023·湖州高一质检)孟德尔被称为遗传学之父。他利用豌豆作为实验材料，成功地发现了生物的遗传规律。下列有关孟德尔遗传定律的叙述，错误的是 A.在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离 B.在形成受精卵时，决定不同性状的基因自由组合 C.孟德尔通过测交实验验证他对遗传现象的解释 D.一对和两对相对性状的实验中都运用了“假说—演绎”法 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 孟德尔的分离定律认为，在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离，分别进入不同的配子中，A正确； 孟德尔的自由组合定律认为，在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，B错误； 孟德尔让F1与隐性纯合个体进行杂交，即测交实验，从而验证了他对遗传现象的解释(假说)，C正确。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 9.下列选项中最有可能发生基因自由组合现象的是 A.基因型为EeFf的个体产生比例相等的4种配子 B.A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子 C.以纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆为亲本杂交得到F1 D.开粉红色花的金鱼草自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 基因型为EeFf的个体产生4种比例相等的配子，说明F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，即发生了基因的自由组合现象，A符合题意； A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子，是基因分离和雌、雄配子随机结合的结果，没有发生基因的自由组合现象，B不符合题意； 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 基因的自由组合定律的实质是在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆中不存在等位基因，所以没有发生基因的自由组合现象，C不符合题意； 开粉红色花的金鱼草自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型，是不完全显性的结果，没有发生基因的自由组合现象，D不符合题意。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 10.(2024·宁波高一期末)同学X把材质、大小相同的两种颜色的球等量标记后，放入罐中模拟自由组合定律，如图所示。以下同学对该做法的评价正确的是 A.同学甲认为罐子中的白球和黑球的数量可不等，且从罐子里 摸出两个球并记录就能模拟自由组合定律 B.同学乙认为要把该罐子标记为雄1，取出所有白色球放入标记 为雌1的罐子，再分别摸一球并记录就能模拟自由组合定律 C.同学丙认为要把罐子里的白球换成大球，每次摸一大一小两球 并记录就能模拟自由组合定律 D.同学丁认为如果罐子里只有白球，该过程模拟了成对遗传因子的分离和雌雄配 子的随机结合 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 罐子里球的材质、大小相同，在摸球的时候无法区 分两对等位基因的区别，故无论是摸两个球还是四 个球，均不能模拟自由组合定律，A错误； 自由组合定律是两对等位基因参与的，该罐子标记 为雄1，取出所有白色球放入标记为雌1的罐子，再 分别摸一球只能模拟形成配子的过程，B错误； 白球换成大球，每次摸一大一小两球并记录，此方法取出的球为独立遗传的非等位基因，可模拟自由组合定律，C正确； 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 由于罐子中有白球A、a，随机抓取一个白球，只能获得A或a中的一个，说明等位基因的分离；需要从两个装有白球的罐子中分别抓取一个白球，不同字母的随机结合，模拟生物在受精过程中，雌雄配子的随机组合，D错误。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 11.如图为某植株自交产生后代过程的示意图，下列对此过程及结果的叙述，正确的是 A.该植株产生的含AB的雄配子与含Ab的雌配子数量相等 B.独立遗传的非等位基因在过程②实现基因的自由组合 C.一般情况下，M等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积 D.M、N、P分别为16、13和3，子代有1/4的个体为纯合子 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 该植株产生的雄配子的数量远远多于雌配子的数量，A错误； 在形成配子的过程中，非等位基因自由组合，即过程①，B错误； M表示雌、雄配子的结合方式，一般情况下，等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积，C正确； 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 由图中表型为13∶3可知，A_B_、A_bb、aabb(或A_B_、aaB_、aabb)表现为一种性状，aaB_(或A_bb)表现为另一种性状，M、N、P分别为16、9和2，子代有1/2×1/2＝1/4的个体为纯合子，D错误。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 12.(2024·绍兴高一期末)黄色圆形(YyRr)豌豆自交，F1中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝9∶3∶3∶1，再对F1中所有黄色圆形个体进行测交得到F2。下列相关叙述错误的是 A.亲本豌豆植株上采得的种子就是F1统计对象 B.F1中黄色与绿色属于两种不同性状 C.F1中杂合的黄色圆形豌豆占50% D.F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 本题调查的是种皮的颜色和种子的形状，因此亲本豌豆植株上采得的种子就是F1统计对象，A正确； 黄色和绿色属于一对相对性状，是同一性状的两种表现类型，B错误； F1黄色圆形基因型为Y_R_，其中纯合个体基因型为YYRR，占1/16，所以杂合的黄色圆形占8/16，即50%，C正确； F1黄色圆形基因型为Y_R_(YYRR1/9、YyRr4/9、YYRr2/9、YyRR2/9)，所以产生的配子及比例为YR4/9、Yr2/9、yR2/9、yr1/9，对F1中所有黄色圆形个体进行测交得到F2，F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形＝4∶2∶2∶1，D正确。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 13.(2024·宁波高一期中)家蚕中有黄茧和白茧两个品种，两个品种相互交配，F1全为白茧；将F1的白茧家蚕相互交配，F2中白茧∶黄茧＝13∶3。下列分析错误的是 A.白茧与黄茧至少受两对等位基因的控制 B.F2黄茧家蚕基因型有2种 C.若让F1白茧家蚕测交，则后代表型及比例为白茧∶黄茧＝3∶1 D.F2白茧家蚕中纯合子占4/13 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 由题意“F2中白茧∶黄茧＝13∶3”可知，13∶3为9∶3∶3∶1的变式，故白茧与黄茧至少受两对等位基因的控制，且遵循基因自由组合定律，A正确； 设该性状受2对等位基因A/a、B/b的控制，则F1白茧的基因型为AaBb，F2中白茧的基因型为9A_B_、3A_bb(或3aaB_)、1aabb，黄茧的基因型为3aaB_(或3A_bb)，故F2黄茧家蚕基因型有2种：aaBB、aaBb(或AAbb、Aabb)，B正确； 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 若让F1白茧家蚕测交，即AaBb×aabb，则后代表型及比例为白茧∶黄茧＝3∶1，C正确； F2白茧家蚕的比例为13/16，纯合子的白茧家蚕为3/16，故F2白茧家蚕中纯合子＝3/16÷13/16＝3/13，D错误。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 14.某植物的花色受两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用(如AaB_表型为粉色)。将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1自交后代中花色的表型及比例是 A.白色∶粉色∶红色，3∶10∶3 B.白色∶粉色∶红色，10∶3∶3 C.白色∶粉色∶红色，4∶9∶3 D.白色∶粉色∶红色，6∶9∶1 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 将基因型为AABB的个体与基因型 为aabb的个体杂交得到F1，F1的基 因型为AaBb；再将F1自交，理论 上后代基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，但结合题意可得后代表型及比例为白色(3aaB_＋1aabb)∶粉色(3A_bb＋4AaBb＋2AaBB)∶红色(3AAB_)＝4∶9∶3，C符合题意。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 15.旱金莲由三对等位基因(分别用A与a、B与b、C与c表示)控制花的长度，这三对基因独立遗传，作用相等且具叠加性。已知每个显性基因控制花长为5 mm，每个隐性基因控制花长为2 mm。花长为24 mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离，其中与亲本具有同等花长的个体所占的比例是 A.1/16 B.1/8 C.5/16 D.3/8 √ 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 根据题意可知，花长为24 mm的个体中应该有显性基因4个，且后代有性状分离，不可能是纯合子，所以基因型可能是AaBbCC、AaBBCc、AABbCc。以基因型AaBbCC为例，其自交后代含有4个显性基因的比例为1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝3/8。 答案 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 16.香豌豆的花色由染色体上多对等位基因控制，每对基因至少都有一个显性基因时才开红花，其余的基因型对应花色均为白花。若每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175，则香豌豆的花色至少由几对等位基因控制 A.5对 B.4对 C.3对 D.2对 √ 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 根据题干中“每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175”可知，红花个体占全部子代个体的比例为81÷(81＋175)＝81÷256＝(3/4)4，所以可判断香豌豆的花色至少由4对等位基因控制，B正确。 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 17.已知某雌雄同株的植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制，其中基因组合AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因组合BB和Bb控制红色，基因组合bb控制白色。基因型为AaBb的植株自交，取F1中红色小花瓣植株自交得到F2，则F2红色大花瓣植株中，纯合子占 A.1/8 B.3/5 C.5/7 D.1/2 √ 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 基因型为AaBb的植株自交，F1中红色小花瓣植株基因型为1/3AaBB、2/3AaBb，自交得到F2，则F2红色大花瓣植株基因型为AABB、AABb，纯合子AABB所占比例为1/3×1/4＋2/3×1/4×1/4＝3/24，AABb所占比例为2/3×1/4×1/2＝2/24，F2红色大花瓣植株中，纯合子占3/24÷(3/24＋2/24)＝3/5。 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 18.(2024·金华高一期中)科研人员在研究三种哺乳动物时发现它们都存在胚胎或配子致死的现象，如表是科研人员分别进行甲、乙、丙三组遗传学实验。已知两对相对性状均由常染色体上的两对等位基因控制，实验结果如表所示。下列推断错误的是 组别 亲本 选择F1中两对等位基因均杂合的个体进行随机交配 F2性状分离比 甲 A×B 4∶2∶2∶1 乙 C×D 5∶3∶3∶1 丙 E×F 6∶3∶2∶1 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 A.三组实验中两对相对性 状的遗传均遵循基因的 自由组合定律 B.甲组可能是任意一对基 因显性纯合均使胚胎致 死，亲本A和亲本B不一定都为杂合子 C.乙组可能是含有两个显性基因的雄配子或雌配子致死，F2中纯合子所 占的比例为3/16 D.丙组可能是一对基因显性纯合时胚胎致死，F2中杂合子所占的比例为5/6 √ 组别 亲本 选择F1中两对等位基因均杂合的个体进行随机交配 F2性状分离比 甲 A×B 4∶2∶2∶1 乙 C×D 5∶3∶3∶1 丙 E×F 6∶3∶2∶1 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 三组实验中两对相对性状杂交在F2中均出现了9∶3∶3∶1的变式的分离比，所以均遵循基因的自由组合定律，A正确； 甲组F2中性状分离比为4∶2∶2∶1＝(2∶1)×(2∶1)，出现该比例的原因是由于任意一对基因显性纯合均使胚胎致死，若将这两对等位基因分别用A/a和B/b表示，则AA和BB致死，亲本基因型可以是AaBb和aabb，而aabb是纯合子，B正确； 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 如果含有两个显性基因的雄配子或雌配子致死，即AB的雌配子或雄配子致死，则后代出现5∶3∶3∶1的比例，F1基因型是AaBb，纯合子基因型有AAbb、aaBB和aabb，所以F2中纯合子所占的比例为1/4，C错误； 丙组F2中性状分离比为6∶3∶2∶1＝(3∶1)×(2∶1)，所以由一对基因纯合子致死，即AA或BB致死，假设AA致死，纯合子基因型有aaBB和aabb，即F2中纯合子所占比例为1/6，杂合子所占的比例为5/6，D正确。 答案 选择题 19.人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是 A.夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所生孩 子听觉均正常 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 根据题干信息分析，正常个体的基因型为D_E_，若夫妇中有一方耳聋，另一方基因型为DDEE，则后代的听觉全部正常，A正确； 只有耳蜗管正常(D_ee)与只有听神经正常(ddE_)的夫妇，产生的后代基因型可能全为DdEe，表现为听觉正常，B正确； 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 选择题 20.已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是 A.任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律 B.欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C.欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交 D.欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株 杂交 √ 答案 依据所给四个植株的基因型，任选两植株杂交都能产生含有单对等位基因的后代，可用于验证基因的分离定律，A正确； 验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误； 欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，产生后代的基因型为AaBbDd，再让其自交即可产生基因型为aabbdd的植株，C正确； 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株杂交，都可产生基因型为Bb的植株，D正确。 选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 21.人类有多种血型系统。ABO血型系统是由复等位基因IA、IB和i控制的，IA可控制合成A抗原，IB可控制合成B抗原，ABO血型抗原—抗体系统如表。Rh血型系统是由等位基因R与r控制的，表型有Rh阳性(显性性状)和Rh阴性(隐性性状)。控制ABO血型和Rh血型的基因独立遗传。 ABO血型抗原—抗体系统 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 注：红细胞凝集的实质是红细胞膜上的抗原和血清中相应的抗体发生反应，例如，A抗原能与抗A抗体发生反应。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 现有一对夫妇，妻子是Rh阴性 A型血，丈夫是Rh阳性血，丈 夫的母亲为Rh阴性O型血。请 回答下列问题： (1)若只考虑ABO血型系统，AB 型的基因型为_____。若只考虑 ABO血型系统，该对夫妇及其儿子的血型各不相同，妻子的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集，则丈夫的基因型为___，儿子的基因型为____。 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B IAIB IBi ii 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 ABO血型系统中，AB血型的红细胞膜上含有A抗原和B抗原，其基因型为IAIB。由于妻子是A型血，因此红细胞膜上含有A抗原；而题中提出“她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集”，因此她的丈夫和儿子的血清中含抗A抗体，因此他们的血型可能是O型或B型。如果丈夫是O型血，而儿子的血型只能是O型血或A型血，此血型和双亲之一相同，不符合题意，因此丈夫的血型只能是B型血，则儿子为O型血(ii)，由此可确定双亲的基因型分别为IBi(父亲)和IAi(母亲)。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (2)Rh阴性血型的女性生育过Rh阳性血型孩子后，体内会产生抗Rh阳性的抗体，再怀Rh阳性胎儿时会使胎儿发生溶血。若只考虑Rh血型系统，该对夫妻生育的第二胎发生溶血的概率为____。 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 1/4 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 若只考虑Rh血型系统，由于妻子是Rh阴性A型血，则基因型为rr，丈夫是Rh阳性血型，故基因型为R_，又已知丈夫的母亲为Rh阴性O型血，基因型为rr，故丈夫的基因型为Rr，故其后代的基因型及比例为Rr∶rr＝1∶1。他们将来生育的第二胎发生溶血需要符合一胎为阳性，二胎也为阳性，故概率为1/2×1/2＝1/4。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (3)若同时考虑两种血型系统， 则该对夫妻生出Rh阴性AB血 型孩子的概率为____。 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 1/8 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 若同时考虑两种血型系统，ABO血型系统中，丈夫和妻子的基因型分别为IBi和IAi，故后代的基因型有IAIB、IBi、IAi、ii 4种；Rh血型系统中，妻子的基因型为rr，丈夫的基因型为Rr，故后代的基因型有Rr、rr 2种；故该对夫妻生出Rh阴性AB血型孩子(rrIAIB)的概率为1/2×1/4＝1/8。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (4)若只考虑ABO血型系统，请用遗传图解表示这对夫妇产生子代的过程。 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 答案　如图所示 答案 非选择题 22.(2024·浙江9＋1联盟高一期中)某雌雄同株异花植物的花着生位置和叶片形状分别受A/a和B/b两对基因控制，两对基因独立遗传。研究人员用一株顶生花圆叶植株(甲)与腋生花狭叶植株(乙)进行杂交，观察后代表型。若甲为母本，则F1只有腋生花圆叶、腋生花狭叶两种表型；若乙为母本，则F1有四种表型且数目相等。请回答下列问题： (1)上述实验杂交类型为________。从上述杂交过程和结果来看，____(填“能”或“不能”)判断植株甲体内控制这两对性状的基因在遗传时遵循自由组合定律，原因是___________________________________________ _______________________。 正反交 不能 甲基因型不确定，如为单杂合子，在产生配子时非等位基因无法自由组合 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 由题意可知，若甲为父本，乙为母本为正交，则甲为母本，乙为父本为反交，实验杂交类型为正反交。从上述杂交过程和结果来看，不能判断植株甲体内控制这两对性状的基因在遗传时遵循自由组合定律，原因是甲基因型不确定，如为单杂合子，在产生配子时非等位基因无法自由组合。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (2)甲的基因型为____________。甲作为母本时，F1只有两种表型的原因是_____________________，若将这两种表型的F1个体自由繁殖一代，所得F2中狭叶个体所占比例为__________。 AaBb或Aabb 含A基因的雌配子致死 9/16或7/16 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 若乙为母本，则F1有四种表型且数目相等，可推出杂交组合为AaBb ×aabb或Aabb×aaBb。当甲(顶生)为母本，乙(腋生)为父本，子代只有腋生，若设甲(顶生)母本为aa，则乙(腋生)父本为Aa，雄配子a致死可得到子代全为腋生，但当乙(Aa)为母本，甲(aa)为父本，雄配子a致死则无可育配子，与题意不符；若设甲(顶生)母本为Aa，则乙(腋生)父本为aa，雌配子A致死可得到子代全为腋生，当乙(aa)为母本，甲(Aa)为父本，雌配子A致死，子代表型及比例符合题意，综上所述甲为AaBb或Aabb； 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 甲为母本时不论是AaBb×aabb还是Aabb×aaBb，F1均为1/2aabb和1/2aaBb，F1个体自由繁殖一代，只考虑狭叶(B/b)，可知B＝1/4，b＝3/4，进一步推知bb＝3/4×3/4＝9/16，B_＝1－9/16＝7/16，狭叶为bb＝9/16或B_＝7/16。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (3)为进一步验证(2)中原因的正确性，可以选择F1中表型为________的个体自交，所得子代表型和比例为________________________时，即可证明推测的正确性。 顶生花 顶生花∶腋生花＝1∶1 为进一步验证(2)中原因的正确性，可以选择F1中表型为顶生花(Aa)自交，雌配子A致死，雌配子只有a，雄配子A∶a＝1∶1，可得Aa∶aa＝1∶1，即顶生花∶腋生花＝1∶1。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 23.(2024·浙江浙南名校高一期中)植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 杂交实验及结果如表(实验②中F1自交得F2)。 实验 亲本 F1 F2 ① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 — ② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮，3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 回答下列问题： (1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均遵循分离定律，判断的依据是___________________________________________________________ ____________________________________________________________________________________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是_____________。 基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律 缺刻叶和齿皮 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计2对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均遵循分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性，齿皮对网皮为显性。 答案 非选择题 (2)甲、乙、丙、丁中可以产生两种或两种以上配子的是_______。 假设缺刻叶和全缘叶这对相对性状用基因A/a表示，齿皮和网皮这对相对性状用基因B/b表示，根据已知条件，甲、乙、丙、丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮(A_bb)，实验①杂交的F1结果类似于测交，说明甲为杂合子，基因型为Aabb，则乙的基因型为aaBb，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1的基因型为AaBb，则丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，所以甲、乙可以产生两种或两种以上配子。 甲和乙 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (3)实验②的F2中纯合子所占的比例是____。 1/4 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是_____，判断的依据是__________________________ ____________________________。 假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮＝45∶15∶3∶1，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝60∶ 4＝15∶1，可推知叶形受两对等位基因控制，齿皮∶网皮＝48∶16＝3∶1，可推知果皮受1对等位基因控制。 果皮 F2中齿皮∶网皮＝48∶16＝ 3∶1，说明受1对等位基因控制 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 24.某种植物在自然状态下是自花传粉且闭花授粉，该植物的果皮颜色有紫色和绿色两种，受两对独立遗传的等位基因控制。某实验小组以纯合个体为亲本进行杂交得到F1，F1自交得到F2，结果如表所示。回答下列问题： 项目 F1/株数 F2/株数 紫色果皮 绿色果皮 紫色果皮 绿色果皮 ①紫色果皮×绿色果皮 212 0 641 43 ②紫色果皮×绿色果皮 76 0 276 91 答案 非选择题 (1)该种植物与果皮颜色相关的基因的遗传遵循______________________ __________定律，判断的理由是___________________________________ _______________________________________________________________________。 自由组合(或分离定律和 自由组合) 组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶ 1的变式 项目 F1/株数 F2/株数 紫色果皮 绿色果皮 紫色果皮 绿色果皮 ①紫色果皮×绿色果皮 212 0 641 43 ②紫色果皮×绿色果皮 76 0 276 91 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，所以该种植物与果皮颜色相关的基因遵循基因的自由组合定律。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (2)果皮的紫色和绿色这对相对性状中，显性性状是_____。若控制该相对性状的基因用A/a、B/b表示，则表中组合①的两个亲本基因型为_____________，理论上，组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为____。 紫色 AABB、aabb 1/5 项目 F1/株数 F2/株数 紫色果皮 绿色果皮 紫色果皮 绿色果皮 ①紫色果皮×绿色果皮 212 0 641 43 ②紫色果皮×绿色果皮 76 0 276 91 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 根据组合①中F1都是紫色果皮，说明紫色为显性性状。由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，说明果皮颜色由两对等位基因控制，亲本都是纯合子，则亲本的基因型为AABB和aabb，F2中绿色果皮植株(aabb)占1/16，其余都是紫色果皮植株(A_B_、A_bb、aaB_)，纯合的紫色果皮植株的基因型为1/16AABB、1/16AAbb、1/16aaBB，所以组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为1/5。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (3)若要鉴定组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，请设计最简便的实验进行探究，完善下列实验思路并预期实验结果。 实验思路：____________________________，统计子代的表型及比例。 预期实验结果：若后代_________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子；若后代中_________________________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子。 让F2中的紫色果皮植株进行自交 全为紫色果皮植株 紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 为了探究组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，则最简便的实验方法是让F2中的紫色果皮植株进行自交，并统计子代的表型及比例。组合②中F2的表型及比例约为3∶1，说明符合分离定律，紫色是显性性状，设F2中的紫色果皮植株的基因型为AAbb、Aabb。实验思路：让F2中的紫色果皮植株进行自交，统计子代的表型及比例，判断紫色果皮植株的基因型。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 预期实验结果：如果组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子(AAbb)，则纯合子自交后代还是纯合子，F2自交后代表型全部是紫色果皮植株。如果组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子，则基因型为Aabb，自交后代基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，表型为紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 25.(2024·浙江山海协作体高一期中)某种植物在自然状态下自花传粉且闭花授粉。科研小组对其花色性状的遗传机理进行研究，他们让纯合红花植株和纯合白花植株进行杂交获得F1，发现F1植株成熟后全部开粉红色花。请回答下列问题： (1)对此植物进行杂交实验，操作流程是去雄→______________________ ________(用文字和箭头将操作流程补充完整)，其中去雄操作应在_____________前完成。 套袋→授粉→套袋(→ 挂标签) 花粉尚未成熟 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 杂交实验的操作流程：去雄→套袋→授粉→套袋(→挂标签)，而去雄应该在花粉尚未成熟前，即花蕾期完成。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 (2)对于上述杂交结果，研究小组提出了甲、乙不同的假说。 甲：花色性状受一对等位基因(A、a)控制； 乙：花色性状受两对等位基因(A、a和B、b)控制，基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。 ①若假说甲成立，则子一代粉红色花的出现从显性相对性方面可解释为红色基因A对白色基因a为____________，F1的基因型为___。F1自交得到的F2表型及比例为____________________________。 不完全显性 Aa 红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 纯合红花植株和纯合白花植株进行杂交获得F1，发现F1植株成熟后全部开粉红色花，若花色只受一对等位基因控制，也说明红色基因A对白色基因a为不完全显性，F1的基因型为Aa，其中AA为红色，Aa为粉红色，aa为白色，所以F2中红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1。 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 ②若假说乙成立，则白花亲本的基因型为aaBB或________。F1自交得到的F2表型及比例分别为______________________________和___________ _________________。 AABB 红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7 红花∶粉红 花∶白花＝1∶2∶1 答案 非选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 若花色受两对等位基因控制，且基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化，可知白花基因型为AABB、AaBB、aaB_、aabb，红花基因型为A_bb，粉红花基因型为AaBb、AABb，亲本为纯合植株，且F1植株全部开粉红色花，则亲本白花的基因型为aaBB或AABB，红花基因型为AAbb，F1为AABb或者AaBb，则自交后代F2为红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1或者红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7。 答案 第一章 遗传的基本规律 <<< AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵子代N种基因型，P种表型(13∶3) AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵 子代N种基因型，P种表型(13∶3) AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵 子代N种基因型，P种表型(13∶3) C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为 D.基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为 基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为1－×＝，C正确； 基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子(_ _E_)的概率为，D错误。 $$