第1章 遗传的基本规律 水平测试-【金版教程】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化 创新导学案word（浙科版2019）

第一章水平测试 一、选择题 1．下列关于一对相对性状的纯合子和杂合子的叙述，错误的是(　　) A．纯合子和纯合子交配，后代可能是纯合子也可能是杂合子 B．杂合子的测交后代一定含纯合子 C．杂合子连续自交，后代中纯合子所占比例会逐渐增大 D．鉴定某显性性状的植株是否为纯合子只能采用测交法 答案　D 解析　纯合子和纯合子交配，后代可能是纯合子也可能是杂合子，如AA与AA杂交后代是纯合子，而AA和aa杂交后代是杂合子，A正确；杂合子的测交后代既有纯合子，也有杂合子，B正确；杂合子连续自交，后代中纯合子所占比例会逐渐增大，C正确；鉴定某显性性状的植株是否为纯合子可以采用测交法，也可以采用自交法，D错误。 2．把黄玉米和白玉米隔行种植在一块试验田里，让它们在自然条件下传粉，结果黄玉米植株结出的果穗上籽色全部是黄色，白玉米植株结出的果穗上籽色有黄有白。以下叙述正确的是(　　) A．黄色对白色为显性，黄玉米是纯合子，白玉米是杂合子 B．黄色对白色为显性，黄玉米和白玉米都是纯合子 C．白色对黄色为显性，白玉米是纯合子，黄玉米是杂合子 D．白色对黄色为显性，白玉米和黄玉米都是纯合子 答案　B 解析　黄玉米果穗上全部是黄色，白玉米果穗上有黄色也有白色，说明黄色对白色为显性。白玉米果穗上有白色，是自花传粉所致。黄玉米不管是自花传粉，还是异花传粉，后代全为黄色，说明未出现性状分离。所以，黄玉米是纯合子，白玉米为隐性，也是纯合子。 3．豌豆的花色受一对基因控制，A控制紫花，a控制白花，A对a完全显性。现欲研究某株紫花豌豆是纯合子还是杂合子，最简便的方法是(　　) A．测交 B.自交 C．与基因型为AA的植株杂交 D.与基因型为Aa的植株杂交 答案　B 解析　鉴别一株紫花豌豆是不是纯合体，可用测交法和自交法，豌豆是闭花自花授粉(自交)植物，因此自交法最简便。 4．玉米种子颜色由三对等位基因控制，符合基因自由组合定律。A、C、R基因同时存在时为有色，其余基因型都为无色。一棵有色种子的植株Z与三棵植株杂交得到的结果为：①AAccrr×Z→有色∶无色＝1∶1　②aaCCrr×Z→有色∶无色＝1∶3　③aaccRR×Z→有色∶无色＝1∶1 植株Z的基因型为(　　) A．AaCCRr B．AACCRr C．AaCcrr D．AaCcRR 答案　A 解析　玉米有色种子必须同时具备A、C、R三个基因，否则无色，则有色种子的基因型是A_C_R_，其余基因型都为无色。一棵有色种子的植株Z与三棵植株杂交得到的结果为：①AAccrr×Z→有色∶无色＝1∶1，则植株Z的基因型是__CcRR或__CCRr；②aaCCrr×Z→有色∶无色＝1∶3，则植株Z的基因型是Aa__Rr；③aaccRR×Z→有色∶无色＝1∶1，则植株Z的基因型是AaCC__或AACc__；根据上面三个过程的结果可以推知该有色植株的基因型为AaCCRr，故选A。 5．孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花授粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是(　　) A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 答案　D 6．辣椒抗病(B)对不抗病(b)为显性，基因型为BB的个体花粉败育，不能产生正常花粉。现将基因型为Bb的辣椒植株自由交配两代获得F2。F2中抗病与不抗病植株的比例和花粉正常与花粉败育植株的比例分别为(　　) A．5∶1　2∶1 B．2∶1　5∶1 C．2∶1　7∶1 D．1∶1　5∶1 答案　B 解析　基因型为Bb的个体自交后代的基因型及比例是BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，其中BB的个体花粉败育，F1个体进行自由交配时，产生的雌配子的基因型及比例是B∶b＝1∶1，由于BB不能产生花粉，F1产生的雄配子基因型及比例是B∶b＝1∶2，所以，自由交配直至F2，F2中抗病(BB、Bb)与不抗病植株(bb)的比例为(1/2×1/3＋1/2×2/3＋1/2×1/3)∶(1/2×2/3)＝2∶1。花粉正常(Bb、bb)与花粉败育植株(BB)的比例为(1/2×2/3＋1/2×1/3＋1/2×2/3)∶(1/2×1/3)＝5∶1。 7．若某哺乳动物毛发颜色由基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是(　　) A．若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表型 B．若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表型 C．若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表型 D．若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表型 答案　B 解析　若De对Df共显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表型2种，则F1有4×2＝8种表型，A错误；若De对Df共显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表型3种，则F1有4×3＝12种表型，B正确；若De对Df不完全显显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表型2种，则F1有4×2＝8种表型，C错误；若De对Df完全显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表型3种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表型3种，则F1有3×3＝9种表型，D错误。 8．豌豆子叶的黄色(Y)、圆形种子(R)均为显性，两亲本杂交的F1表型如下图所示，让F1中黄色圆形豌豆与绿色皱形豌豆杂交，F2的性状分离比为(　　) A．2∶2∶1∶1 B.1∶1∶1∶1 C．9∶3∶3∶1 D.3∶1∶3∶1 答案　A 解析　由F1中圆形∶皱形＝3∶1可知，亲代相应基因型为Rr、Rr；由F1中黄色∶绿色＝1∶1可知，亲代相应基因型为Yy、yy，故亲代基因型组合为YyRr×yyRr。F1中黄色圆形豌豆的基因型为YyRR、YyRr，F1中绿色皱形豌豆基因型为yyrr。F1中黄色圆形豌豆与绿色皱形豌豆杂交，则有：YyRR×yyrr→YyRr、yyRr；YyRr×yyrr→YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr。F2的性状分离比为YyRr∶yyRr∶Yyrr∶yyrr＝2∶2∶1∶1。 9．一个生物种群中，如果隐性个体的成体没有繁殖能力，一个杂合子(Aa)自交，得子一代(F1)个体，在F1个体可以自由交配和只能自交两种情况下，F2中有繁殖能力的个体分别占F2总数的(　　) A．2/3　1/9 B．1/9　2/3 C．8/9　5/6 D．5/6　8/9 答案　C 解析　一个杂合子(Aa)自交，得子一代(F1)个体的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中隐性个体的成体(aa)没有繁殖能力，因此具有繁殖能力的个体及比例为1/3AA、2/3Aa。在F1个体只能自由交配的情况下：A的频率＝1/3＋2/3×1/2＝2/3，a的频率＝1/3，F2中AA的频率＝2/3×2/3＝4/9，Aa的频率＝2×1/3×2/3＝4/9、aa的频率＝1/3×1/3＝1/9，因此F2中有繁殖能力的个体占F2总数的8/9；在F1个体只能自交的情况下：1/3AA自交后代不发生性状分离，而2/3Aa自交后代发生性状分离(1/4AA、1/2Aa、1/4aa)，因此F2中有繁殖能力的个体占F2总数的1/3＋2/3×(1/4＋1/2)＝5/6，故选C。 10．下列关于“模拟孟德尔一对相对性状杂交实验”的叙述，错误的是(　　) A．“雄1”和“雌1”信封内的卡片数可以不同 B．从“雄1”“雌1”中各取1张卡片，模拟F1雌雄个体产生配子 C．将从“雄1”和“雌1”取出的卡片组合在一起，共有3种组合方式 D．每次记录后需将卡片放回原信封内，以保持信封内两种卡片的比例不变 答案　C 解析　由于雌雄个体产生的配子的数量不等，因此理论上，雌1信封中的卡片数和雄1信封中的卡片数可以不相等，A正确；从“雄1”“雌1”信封内各随机取出1张卡片，分别模拟F1雌雄个体产生配子，B正确；将从“雄1”和“雌1”取出的卡片组合在一起，共有4种组合方式，C错误；实验时，要确保信封中代表显、隐性基因的卡片数相等，抽出的卡片记录后放回原信封内，以使代表显、隐性基因的卡片再次被抽到的机会相等，D正确。 11．下列有关遗传规律的叙述，正确的是(　　) A．孟德尔对自由组合现象的解释中提出：受精时，雌雄配子的结合方式有9种 B．孟德尔在探索遗传规律时，提出问题是建立在纯合亲本杂交和F1自交的实验基础上的 C．孟德尔根据一对相对性状的杂交实验现象提出基因在配子中成对存在 D．基因的自由组合定律的实质是非等位基因的分离和组合是互不干扰的 答案　B 12．孟德尔遗传定律在探索过程中，运用了“假说—演绎”法，下列叙述错误的是(　　) A．“生物的性状由体细胞中成对的遗传因子决定，在形成配子时，成对的遗传因子彼此分离，在配子中成单存在”属于假说 B．“受精时雄配子和雌配子随机结合”属于假说 C．“若假说成立，则测交实验后代应出现比例为1∶1的两种表型”属于演绎 D．“测交后代共得166株，其中85株开紫花，81株开白花，两者接近1∶1”属于演绎 答案　D 解析　“测交后代共得166株，其中85株开紫花，81株开白花，两者接近1∶1”属于验证，D错误。 13．如图表示某一植物花色形成的遗传机理，其中字母表示控制对应过程所需的基因，且各等位基因表现出完全显性，非等位基因间独立遗传。若紫色色素与红色色素同时存在时，则表现为紫红色。下列叙述错误的是(　　) A．基因型为aaBBDD与aabbdd的植株表型一样 B．考虑三对等位基因，该植株花色共有5种表型 C．考虑三对等位基因，能产生红色色素的基因型共有8种 D．纯合紫花植株与纯合红花植株杂交，子一代全开红花 答案　C 解析　基因型为aa的个体都是无色的，A正确；该植株花色有无色、白色、紫色、红色、紫红色5种表型，B正确；因紫红色植株和红色植株都能产生红色色素，若只考虑两对等位基因，则能产生含红色色素的植株基因型为A_D_，共有4种，而第3对基因与红色色素的产生无关，又因为第3对基因可以有BB、Bb和bb三种，所以同时考虑三对等位基因，则能产生含红色色素的植株基因型有4×3＝12种，C错误；纯合紫花植株与纯合红花植株的基因型分别是AAbbdd和AABBDD，杂交所得F1的基因型为AABbDd，表型为红花，D正确。 14．将株高70 cm的小麦(以下株高值代表相应的植株)和50 cm杂交，F1自交得到F2，F2中70 cm∶65 cm∶60 cm∶55 cm∶50 cm的数量比例约为1∶4∶6∶4∶1。下列叙述中，错误的是(　　) A．F1只有一种基因型，F2中60 cm有三种基因型 B．若F1与50 cm杂交，理论上杂交后代的表型比例为1∶2∶1 C．若60 cm杂合子和65 cm杂交，理论上杂交后代中60 cm的比例为1/4 D．若F2中60 cm随机授粉，理论上自由交配后代中70 cm的比例为1/36 答案　C 解析　根据题意分析可知，小麦株高符合基因自由组合定律，属于数量遗传。株高为70 cm的植株应含有4个显性基因，株高为50 cm的植株不含显性基因。任一显性基因对株高的增加效应也是相同的，所以每个显性基因增加的高度为(70－50)÷4＝5 cm。设亲本的基因型为AABB和aabb，则F1的基因型只有AaBb一种。F2中60 cm含有2个显性基因，有三种基因型AaBb、AAbb和aaBB，A正确；若F1(AaBb)与50 cm(aabb)杂交，理论上杂交后代的基因型为AaBb∶(Aabb＋aaBb)∶aabb＝1∶2∶1，所以后代的表型比例为60 cm∶55 cm∶50 cm＝1∶2∶1，B正确；一株65 cm含有3个显性基因，所以基因型为AaBB或AABb。一株60 cm应含有2个显性基因。若60 cm杂合子(AaBb)和65 cm(AaBB或AABb)杂交，理论上杂交后代中60 cm的比例为2/8AaBb＋1/8aaBB(或AAbb)＝3/8，C错误；F2中60 cm的基因型为1/16AAbb、1/16aaBB和4/16AaBb，这些自由交配的植株中AAbb占1/6、aaBB占1/6、AaBb占4/6，理论上，只有AaBb植株自由交配的后代中才能出现70 cm的植株，故后代中70 cm(AABB)的植株所占比例为4/6×4/6×1/16＝1/36，D正确。 15．玉米是雌雄同株异花植物，线粒体中的T基因编码合成的T蛋白会导致雄性不育，位于细胞核中的显性核恢复基因R编码的恢复蛋白与T蛋白结合可使育性恢复。[注：括号外表示质基因，括号内表示核基因，如T(RR)]。下列叙述正确的是(　　) A．玉米体细胞中，R基因成对存在而T基因非成对存在 B．具有T基因的植株均为雌株，杂交时只能作为母本 C．雄性不育玉米的基因型可能是T(rr)或T(Rr) D．基因型为T(Rr)的玉米自交，子代中1/2为雄性不育 答案　A 解析　在玉米体细胞中，核基因R基因位于染色体上，成对存在，而T基因位于线粒体中，不成对存在，A正确；根据题意可知，位于细胞核中的显性核恢复基因R编码的恢复蛋白可与T蛋白结合从而使育性恢复，所以含有R和T基因的个体，杂交时可作父本，B错误；由题意可知，雄性可育玉米的基因型为T(RR)或T(Rr)，雄性不育玉米的基因型是T(rr)，C错误；R基因能恢复育性，则核(质)基因型为T(Rr)的玉米自交，子代中出现雄性不育个体T(rr)的概率是1/4，D错误。 16．已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型的个体(aa的个体在胚胎期致死)，两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，Aabb∶AAbb＝1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是(　　) A．5/8 B．3/5 C．1/4 D．3/4 答案　B 解析　由Aabb∶AAbb＝1∶1可知，所产生的雌雄配子中，Ab∶ab＝3∶1。自由交配的后代是由Ab、ab两类雌雄配子随机结合所得到的，故子代中AAbb＝，Aabb＝，aabb＝，又因aa个体致死，所以存活个体中，能稳定遗传的个体所占比例为＝。 17．某生物体能产生四种配子，即Ab∶aB∶AB∶ab＝4∶4∶1∶1，此生物自交得到的后代中，基因型为AABb的个体出现概率是(　　) A. B. C. D. 答案　C 二、非选择题 18．如图为孟德尔的豌豆杂交过程示意图，图中两亲本A、B均为纯种。回答下列问题： (1)孟德尔选用豌豆作为实验材料，能成功地揭示出其中的遗传规律，原因之一是：孟德尔选择了______________差异明显的豌豆进行杂交，然后根据各代间性状的表现进行分析和研究。 (2)为保证杂交的顺利进行，图中①操作在________________________时进行，然后在花朵外套纸袋；操作②结束后仍套上纸袋，并____________________。 (3)亲本A与亲本B杂交后，得到的子一代表型与A完全一致，根据显性现象的表现形式进行分类，这属于________。子一代自交，取子二代中的所有显性个体在自然状态下繁殖一代，则后代中高茎与矮茎的个体数量之比是________。 (4)若模拟孟德尔的高茎与矮茎的相对性状的杂交实验，在其中一个写着“雄”的信封内装入“高茎D”“矮茎d”的卡片各10张，则该信封表示的是________(填“亲本A”“亲本B”或“A与B杂交的子一代”)，若从该信封内取出一张卡片，模拟的是______________________。 (5)用遗传图解表示该实验中的亲本产生子一代的实验过程(相关字母用D或d表示，要求写出配子)。 答案　(1)相对性状(或形状)　(2)花粉尚未成熟　挂上标签以便识别　(3)完全显性　5∶1　(4)A与B杂交的子一代　它(F1)产生配子 (5) 解析　(1)孟德尔选择了相对性状(或形状)差异明显的豌豆进行杂交，便于对后代的性状进行区分，然后根据各代间性状的表现进行分析和研究才更可靠。 (2)为保证杂交的顺利进行，因为豌豆是严格的闭花授粉植物，故在进行去雄操作时，图中①操作需要在花粉尚未成熟时进行，然后在花朵外套纸袋；操作②授粉结束后仍套上纸袋，并挂上标签以便识别。 (3)亲本A与亲本B杂交后，得到的子一代表型与A完全一致，根据显性现象的表现形式进行分类，这属于完全显性。若相关基因用D/d表示，则子一代(Dd)自交，取子二代中的所有显性个体(1/3DD、2/3Dd)在自然状态下繁殖一代(自交)，则后代中只有(2/3Dd)会发生性状分离，会有矮茎个体出现，其比例为2/3×1/4＝1/6，高茎的比例为1/3＋2/3×3/4＝5/6，故后代中高茎与矮茎的个体数量之比是5∶1。 (4)若模拟孟德尔的高茎与矮茎的相对性状的杂交实验，在其中一个写着“雄”的信封内装入“高茎D”“矮茎d”的卡片各10张，因为能产生两种配子，故该信封表示的是A与B杂交的子一代，若从该信封内取出一张卡片，模拟的是它(F1)产生配子。 19．在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表型与基因型的关系如表(注：AA纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题： 表型 黄色 灰色 黑色 基因型 Aa1、Aa2 a1a1、a1a2 a2a2 (1)若亲本基因型为Aa1×Aa2，则其子代的表型可能为__________。 (2)两只鼠杂交，后代出现三种表型。则该对亲本的基因型是____________，它们再生一只黑色雄鼠的概率是________。 (3)假设进行很多对Aa2×a1a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多对Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生________只小鼠。 (4)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？实验思路如下： ①选用该黄色雄鼠与多只________色雌鼠杂交。 ②____________________。 结果预测： ①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为________。 ②如果后代出现____________，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。 答案　(1)黄色、灰色　(2)Aa2、a1a2　1/8　(3)6 (4)实验思路：①黑　②观察后代的毛色 结果预测：①Aa1　②黄色和黑色 解析　(1)若亲本基因型为Aa1和Aa2，则其子代的基因型和表型为AA(死亡)、Aa1(黄色)、Aa2(黄色)、a1a2(灰色)。 (2)由后代有黑色a2a2可推知其父母均有a2，又因后代由3种表型，所以亲本的基因型为Aa2和a1a2，它们再生一只黑色鼠为1/4，雄性概率为1/2，所以黑色雄鼠为1/8。 (3)Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代只有3/4存活，所以8×3/4＝6。 20．某单子叶植物的非糯性(B)对糯性(b)为显性，抗病(R)对不抗病(r)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传。非糯性花粉遇碘液呈蓝色，糯性花粉遇碘液呈棕色。现提供4种纯合亲本： 亲本 性状 甲 非糯性　抗病　花粉粒长形 乙 非糯性　不抗病　花粉粒圆形 丙 糯性　抗病　花粉粒圆形 丁 糯性　不抗病　花粉粒长形 (1)若采用花粉粒形状鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本甲与亲本________杂交，然后观察F1的花粉。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，杂交时选择的亲本是________________。将杂交所得F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，统计花粉粒的数目，预期花粉粒的类型有____________________________，比例为________________。 (3)利用提供的亲本进行杂交，F2能出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株的亲本组合有________________，其中F2表型为非糯性、抗病、花粉粒圆形植株比例最高的亲本组合是________，在该组合产生的F2表型为非糯性、抗病、花粉粒圆形的植株中，能稳定遗传的个体所占的比例是________。 答案　(1)乙或丙 (2)甲和丙或乙和丁　圆形蓝色、圆形棕色、长形蓝色、长形棕色　1∶1∶1∶1 (3)甲和乙、甲和丙、乙和丙　乙和丙　1/9 解析　(1)采用花粉粒形状鉴定法验证基因的分离定律，亲本甲为长形花粉粒，只能与圆形花粉粒的亲本乙或丙杂交。 (2)采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，亲本需具备两对相对性状，选择乙和丁或甲和丙进行杂交，杂交后代产生四种数量相等的花粉粒。 (3)利用提供的亲本进行杂交，F2能出现非糯性、抗病、花粉粒圆形植株的亲本组合有三种，分别是甲和乙、甲和丙、乙和丙，甲和乙的F1的基因型为BBRrDd，F2中基因型为B_R_dd的概率是1×3/4×1/4＝3/16；甲和丙的F1的基因型为BbRRDd，F2中基因型为B_R_dd的概率是3/4×1×1/4＝3/16；乙和丙的F1的基因型为BbRrdd，F2中基因型为B_R_dd的概率是3/4×3/4×1＝9/16，其中能稳定遗传的个体基因型为BBRRdd，所占比例为1/9。 21．斑翅果蝇翅的黄色和白色、有斑点和无斑点分别由两对等位基因A/a、B/b控制。用纯合的黄色有斑点果蝇与白色无斑点果蝇进行杂交，F1全是黄色有斑点果蝇。让F1雌、雄果蝇交配得F2，F2表型的比例为7∶3∶1∶1。请分析回答： (1)斑翅果蝇翅的显性性状为________。 (2)针对“F2表型的比例为7∶3∶1∶1”这一结果，研究小组尝试作出解释： ①研究小组认为：控制斑翅果蝇翅的两对等位基因分别位于两对常染色体上，且存在雄配子不育的现象。据此推断，不育雄配子的基因型为________，F2的基因型共有________种，F2中纯合子的比率为________。 ②为验证上述解释的正确性，可重复上述实验，获得F1代后，选择F1中________(填“雌”或“雄”)果蝇进行测交。若测交后代表型的比例为________，则研究小组的解释是正确的。 答案　(1)黄色、有斑点 (2)①Ab或aB　8　1/4　②雄　1∶1∶1 解析　(2)①由题意，两对基因分别位于两对常染色体上，F2表型比例为7∶3∶1∶1，可推知双显性和一种单显性的基因型个体数量少，如果是一种雄配子不育造成的，则不可能是AB或ab。因为如果是AB雄配子不育，不会出现单显性的基因型个体数量少；如果是ab雄配子不育，双隐性的个体不会出现。所以不育雄配子的基因型为Ab或aB，以Ab为例，如果是Ab不育，则F1产生的雄配子为aB、AB、ab，F1产生的雌配子是Ab、aB、AB、ab，则F2的基因型有8种，AAbb不会出现，F2中纯合子比率为3/12＝1/4。②若研究小组解释正确由于雄配子不育，所以选择雄性F1进行测交，测交后代Aabb或aaBb不会出现，所以测交后代表型比例为1∶1∶1。 1 学科网（北京）股份有限公司 $$