第3节 变压器-【创新教程】2024-2025学年高中物理选择性必修第二册五维课堂（人教版2019）

第三章 交变电流 第3节 变压器 知识导图 核心素养 1.物理观念;借助原线圈、副线圈等概念,体会物理观念的生成 过程 变压器 [变压器的原理 2.科学探究:通过探究原、副线圈电压与匝数的关系,体会科学探 佬红 [理想变压器 究在物理规律形成过程中的作用 的关 3.科学思维:通过对理想变压器电压与匝数的关系的应用,体会物 理模型建立的重要意义 [交压器问题的分析与计算 4.科学态度与责任:通过变压器在生产、生活中的应用,体会科技 对社会发展的推动作用 自主预习探新知 [知识梳理] 3.作用:改变交变电流的电压,在输入的电压 知识点一 变压器的原理 一定时,原、副线圈取不同的 ,副线 1.变压器的构造 由 圈输出的电压也不一样. 和绕在铁芯上的两个线圈组 成,如图所示 4.理想变压器:没有 损失的变压器 原线 副线 知识点二、电压与匝数的关系 0 AC) .AG 1.电压关系:理想变压器的原、副线圈电压之 _ △ ,: 比,等于原、副线圈的 之比公式: 芯 51 号 2.变压器效率:变压器的 功率与 功率之比. (1)原线圈:与 连接的线圈,也叫 3.两类变压器 (1)降压变压器; 的电压比 (2)副线圈:与 连接的线圈,也叫 电压低的变压器 2.原理: (2)升压变压器: 现象是变压器的工作基础 的电压比 电流通过原线圈时在铁芯中激发 电压高的变压器 由于电流的大小、方向不断变化,铁芯中的 4.变压器电能输送:变压器输送电能是利用了 也在不断变化,变化的磁场在副线 圈中产生 .75. 物理·选择性必修第二册 [基础自测] 2.如果将变压器的原线圈接到直流电源上,在 1.思考判断(正确的打“/”,错误的打“×”) 副线圈上还能输出电压吗? (1)理想变压器原、副线圈的电压之比等于两 C 个线圈的匝数之比. ) (2)实际变压器输入功率一定大于输出功率, C ) (3)学校中用的变压器工作时没有能量损失. C ) (4)变压器原线圈相对电源而言起负载作用,而 副线圈相对负载而言起电源作用 ( ) 台作探究攻重难 窃1 理想变压器的特点及原理 2.工作原理 原线圈 [探究导引] 变压器的变压原理是电 副线 如图所示,一蓄电池连接在低压交流变压器 磁感应,如图所示,当原 上,闭合开关会观察到瞬间灯泡发光,然后 线圈上加交流电压U 。_ 熄灭,你能解释这种现象发生的原因吗 时,原线圈中就有交变 铁 电流,它在铁芯中产生交变的磁通量,在原。 副线圈中都要产生感应电动势,如果副线圈 是闭合的,则副线圈中将产生交变的感应电 流,它也在铁芯中产生交变磁通量,在原、副 线圈中同样要引起感应电动势,由于互感现 象,原、副线圈间虽然不相连,电能却可以通 过磁场从原线圈传递到副线圈,其能量转换 方式为原线圈电能→磁场能→副线圈电能 [例1 关于理想变压器的工作原理,以下说 [探究归纳] 法正确的是 1.理想变压器的特点 A.通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通 (1)原、副线圈的电阻不计,不产生热量 量不变 (2)变压器的铁芯无漏磁,原,副线圈磁通量无 B.穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都 差别. 不相等 (3)变压器自身的能量损耗不计,原线圈的输 C.穿过副线圈磁通量的变化使副线圈产生 人功率等于副线圈的输出功率 (4)原、副线圈的交变电流的周期T和频率/ 感应电动势 相同. D.原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈 .76. 第三章 交变电流 [易错警示 理想变压器的三点注意 (2)接通学生电源,读出电压值,并记录在表 (1)变压器不能改变直流电压。 格中. (2)变压器只能改变交变电流的电压和电流 (3)保持匝数不变,多次改变输入电压,记录每 不能改变交变电流的频率, 次改变后原、副线圈的电压值 (3)理想变压器本身不消耗能量 (4)保持输入电压、原线圈的匝数不变,多次改 [跟进调练] 变副线圈的匝数,记录下每次的副线圈币 _~ 1. 下列关于变压器的说法正确的是 数和对应的电压值 3.实验结论 A.变压器工作的基础是自感现象 B.在原线圈中,电能转化为磁场能 实验分析表明,原、副线圈的电压之比等于 C. 电能能够从原线圈传递到副线圈,是因 为原、副线圈通过导线连在一起 4.注意事项 D.变压器对恒定电流也能变压 (1)在改变学生电源的电压、线圈匝数前均要 2.(多选)理想变压器正常工作时,在其两侧的 先断开开关,再进行操作 原、副线圈中一定相同的物理量是 ) (2)为了保证人身安全,学生电源的电压不能超 A.交流电的频率 过12V,通电时不能用手接触裸露的导线 B.输人、输出功率 和接线柱. C. 磁通量的变化率 (3)为了保证多用电表的安全,使用交流电压 D.电压的最大值 档测电压时,先用最大量程档试测,大致确 播育2 实验:探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系 定被测电压后再选用适当的档位进行 1.实验器材 测量. 两只多用电表、学生电源(低压交流电源)、 5.实验误差分析 开关、可拆变压器(如图甲)、导线若干. 实验中的误差主要是:①实验所用变压器存 在各种损耗;②多用电表的读数存在误差。 学生电源 [例2] 在“探究变压器原、副线圈电压与匝 12510014 数的关系”的实验中 线圈 副线圈 (1)为了确保实验的安全,下列做法正确的 _。 是 。f 甲 乙 A.为了保证人身安全,只能使用低压直流 说明 电源,所用电压不要超过12V 可拆变压器原、副线圈中的数字0.2表示对 B.连接好电路后,可不经检查电路是否正 应接线柱间的匝数是200匝,0.4表示对应 确,直接接通电源 接线柱间的匝数是400匝,其余类似。 C.因为使用电压较低,通电时可用手直接 2.实验步骤 接触裸露的导线、接线柱 (1)按图乙所示连接好电路,将两个多用电表 D. 为了保证多用表的安全,使用交流电压 调到交流电压档,并记录两个线圈的币数 档测电压时,使用最大量程档试测 ·77. 物理·选择性必修第二册 (2)某实验小组通过实验,记录的数据如 [探究归纳] 下表: 1.理想变压器的基本规律 原线圈匝数n(匝) 100 200 400 400 (1)电压关系 400 400 200 副线圈匝数n。(匝) 800 由于不计原、副线圈的电阻,因此原线圈两 原线圈两端的电压U.(V) 1.96 4.90 8.00 4.86 端的电压U一E,副线圈两端的电压U。 副线圈两端的电压U。(V) 7.80 9.76 3.90 9.64 #E,所以## 通过分析实验数据可得出的实验结论是 ... [跟进训练] 12 为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数 (2)功率关系 的关系”的实验,必须要选用的是 对于理想变压器,不考虑能量损 A.有闭合铁芯的原、副线圈 失,P一P. B. 无铁芯的原、副线圈 (3)电流关系 C.交流电源 ①由功率关系,当只有一个副线圈时,LU D.直流电源 ##.U$#,得## .1 .2 E.多用电表(交流电压档 F.多用电表(交流电流档) ②当有多个副线圈时,I.U. -I.U。十IU 用匝数n一60和n.-120的变压器,实验 十..得 测量数据如表: In.-In+I。n十... U./V 1.80 2.80 3.80 4.90 2.理想变压器各物理量间的制约关系 #,得 U./V 4.00 6.01 8.02 19.98 (1)输入电压决定输出电压:由 n。 根据测量数据可判断连接电源的线圈是 (填“n”或“n”). 7 霍容3 理想变压器规律及制药关系 当U.不变时,U。也不会变,与负载电阻R [探究导引] 多大及是否变化无关 学生电源(低压交流12V). (2)输出功率决定输入功率:对理想变压器P 可拆变压器,多用表(交流 一P. 电压档),电路图如图所 (3)负载决定输出电流:当U. 一定时,U。也一 示,对于理想变压器,只有一组副线圈的情 U 况下,原线圈和副线圈的电流跟它们的匝数 的关系. I. 也随之变化,即R变大,I。变小;R变 小,I.变大. (4)输出电流决定输入电流:由n.L一n。I。得 2。,所以当I。变化时,I. 也随之变化. 72 即I。变大,I.变大;I。变小,I. 也变小. ·78. 第三章 交变电流 [例3] (多选)如图所 [规律总结 两类理想变压器的动态分析 示,一理想变压器的 #R# 问题 原线圈匝数n= (1)原、副线圈匝数比不变,分析各物理量随 1100匝,副线圈匝数n.一220匝.交流电源 负载电阻变化而变化的情况,进行动态分 的电压u-220/2sin100xt(V),电阻R 析的顺序是R→I.→P→P→I 440,电压表、电流表均为理想交流电表,则 (2)负载电阻不变,分析各物理量随原、副线 ) 下列说法正确的是 ( 圈匝数比的变化而变化的情况,进行动态 分析的顺序是n、n→U→I→P→P A.副线圈中交变电流的频率为50Hz →I. B.电压表的示数为44V [跟进训练] C. 电流表A.的示数为0.2A D.电流表A。的示数为1.4A 1. 一电器中的变压器可视为理想变压器,它将 [例4 如图所示,为一理想变压器,S为单刀 220V交变电流改变为110V.已知变压器 原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( 双掷开关,P为滑动变阻器触头,U. 为加在 A.200 B.400 原线圈两端的电压,L. 为原线圈中的电流强 C.1600 D.3200 度,则以下说法错误的是 ( 2.(多选)如图所示,理想变压器的副线圈上通 过输电线接有两个相同的灯泡L,和L。,输 电线的等效电阻为R.开始时,开关S断开 当开关S接通时,以下说法中正确的是 ( A.保持U.及P的位置不变,S由a合到/ ) 一行# 时,I将增大 B.保持P的位置及U.不变,S由合到 时,R消耗的功率将减小 C.保持U,不变,S合在a处,使P上滑,I A. 副线圈两端M.N的输出电压减小 将增大 B.副线圈输电线等效电阻R上的电压增大 D.保持P的位置不变,S合在a处,若U C.通过灯泡L 的电流减小 增大,I将增大 D.原线圈中的电流增大 游析易错提素养 [易错点1] 对变压器的工作原理理解不 个线圈,另一半通过中间的臂,已知线圈1、 透彻 2的匝数比n;n。一2:1,在不接负载的情 况下 [例1 (多选)在绕制变压 ) 器时,某人误将两个线圈 A. 当线圈1输入电压为220V时,线圈2 绕在如图 所示变压器铁 输出电压为110V 芯的左右两个臂上,当通以交变电流时,每 B. 当线圈1输入电压为220V时,线圈2输 个线圈产生的磁通量都只有一半通过另一 出电压为55V ·79· 物理·选择性必修第二册 C.当线圈2输入电压为110V时,线圈1输 理和法拉第电磁感应定律,有U.=n 去 出电压为220V △2 2,-△t# ##2△# △ D.当线圈2输入电压为110V时,线圈1输 出电压为110V △ △△。 [错解] AC △t △z [错因分析] 对变压器的工作原理理解不 此式适用于交变电流或电压(电流)变化的 直流电,但不适用于恒定电流, 选项. [易错点2 不能正确分析变压器的动态变 化问题 [正解] BD [例2] 如图所示,是通过变压器给用户供电 [解析 闭合铁芯中多了一个中间的臂,导 的示意图,变压器的输入电压是电网电压 致每个线圈中产生的交变磁通量,只有一半 基本稳定,输出电压通过输电线输送给用 通过另一个线圈,而另一半通过中间的臂, 户.输电线的电阻用R。表示,用变阻器的电 这就导致线圈中的感应电动势只有全部通 过时的一半,设线圈1两端输入电压为U 阻R表示用户用电器的总电阻,当变阻器 时,线圈2输出电压为U。,根据法拉第电磁 的滑动触头P向上移动时,以下说法正确 的是 ( 感应定律有U-去# ) △D 1,-n2△t △。 ,当线 A.相当于增加用电器的个数 B.V. 的示数随V。示数的增大而增大 圈1输入电压为220V时,-2,即 △t C. A. 的示数随A。示数的增大而增大 △ n△t D.变压器的输入功率减小 U. n.X2 乙一4解得 △ 2△t 72 U. -55V,选项B正确.当线圈2输入电压 [错解] AB [错因分析 ] 不明确线路中负载增加或减 少与电阻变化的对应关系,误认为负载增加 时,电阻增大,负载减少时,电阻减小,误认 为变压器的输入电压由输出电压决定, 正确。 [正解] CD [误区警示] 普通变压器 [解析 当变阻器的滑动触头P向上移动 的原线圈中磁通量发生变 时,用电器的总电阻增大,相当于并联的用 化时,环形铁芯中各处磁 电器数目减少,同时变压器的输入功率减 通量变化率^{①}都相等;当 △t 小,由于电网电压u不变,所以两个电压表 的示数不变,故选项A、B均错误,D正确; 遇到“ ”形变压器时(如图所示),若标 由于变压器的输出功率决定输入功率,所以 “1”处为输入端,那么根据变压器的变压原 A. 的示数随A。示数的增大而增大,故选项 C正确. ·80. 第三章 交变电流 [误区警示] 对理想变压器,要注意以下两 线圈有多个绕组时,由P 一P 的功率关 点:(1)副线圈的路端电压U。由输入电压 系来确定. U.和匝数比2共同决定,与负载电阻的大 [课堂小结] 变器的T作逐迷 #磁li 小无关,(2)变压器的输出功率和输入功率 -“ 变压器 遵循“用多少送多少”的原则,原线圈中的输 电、电流与厘数的关系 - 入电流I. 是由副线圈中的输出电流I.决定 功共系 -P 四数的关系 探变压器、线出压 课堂自测夯基础 1.(变压器的工作原理) 3.(变压器规律及制约关系)如图所示,理想变 (多选)如图是一个理想 压器原、副线圈匝数比n:n。三2:1,和 变压器的示意图,在它正 A均为理想电表,灯泡电阻R.-62,AB两 常工作时关于其说法正 端电压u.=122sin100xt(V).下列说法正 确的是 ( ) 确的是 ( ) A.副线圈中的电动势是因为电磁感应而产 生的 B.输送的电能经变压器先转化为磁场能, 再转化为电能 C.输送的电能经变压器先转化为电场能 A.电流频率为100Hz 再转化为电能 B.的读数为24V D.输送的电能经变压器的铁芯直接传输 C.④的读数为0.5A 过去 D.变压器输人功率为6W 2.(变压器规律及制约关系)在如图所示的电 4.(变压器中的动态分析)如图,理想变压器原 路中,理想变压器原、副线圈的匝数比n: 线圈输入电压u-U.sinot,副线圈电路中 n。:n。一6:3;1,电流表均为理想交流电 R。为定值电阻,R是滑动变阻器,和是 流表,两电阻阻值相同,当在原线圈两端加 上大小为U的交变电压时,三个电流表的 理想交流电压表,示数分别用U,和U。表 ( ) 示数之比L:I:I。为 示;A和是理想交流电流表,示数分别用 I.和I。表示,下列说法正确的是 ) B.1:2:1 A.1:2:3 A.L. 和I。表示电流的瞬时值 C.1:3:6 D.5:9:3 B.U.和U。表示电压的最大值 ·81. 物理·选择性必修第二册 C.滑片P向下滑动过程中,U。不变、I 变大 D. 滑片P向下滑动过程中,U。变小、I 变小 5.(变压器的工作原理)如图所示,变压器的输 & 人电压U一定,原线圈匝数为n,两个副 A.n2:n3 B.n。:n2 线圈的匝数分别是n。和n,当把电热器接 #C.}.n}# #D.{}:{} a、,让c、空载时,电流表读数是L;当把 c温攀提示 同一电热器接c、d,而a、空载时,电流表读 学习至此,请完成配套训练 数是I,则1:I等于 ( ) 第4节 电能的输送 知识导图 核心素养 电能的输送 1.科学思维:通过降低输电损耗的分析,体 会科学思维的在构建物理模型中的重要 电能输送 一 输电损耗、 远距离输 作用 基本要求 降损途径 电的原理 2.科学态度与责任:通过对简单的远距离 输电线路分析与计算,体会科技对社会 输电问题的分析与计算 发展的推动作用 自主预习探新知 [知识梳理] (1)减小输电线的电阻:在输电距离一定的情 知识点一 降低输电损耗的两个途径 况下,选用 较小的金属材料,尽可 能增大导线的 1.输送电能的基本要求 .但过粗的导线 (1)可靠:指保证 可靠地工作,故 会耗费太多的金属材料,而且输电线太重。 障少. 太粗也给铺设工程带来困难 电压和 (2)保质:保证电能的质量 (2)减小输电线中的电流:在保证功率不改变 稳定. 的情况下,要减小输送电流就必须提 高 (3)经济,指输电线路律造和运行的费用 电能损耗 前一种方法的作用十分有限,一般采用后 _. 一种方法. 2.降低输电损耗的两个途径 3.高压输电 由公式P三^,知,有两个途径能减少输 电损耗: (1)现代远距离输电的电压都很高,目前我国 远距离送电采用的电压有110kV、 .82.参考答案 课堂自测·夯基础 基础自测 1,C[根据周期的定义知选项A,B错误：因为在一个周期的 L.(1)√(2)/(3)×(4)/ 时间内，交变电流会出现正向和负向最大值各一次，但相邻 2提示不能.变压器的工作原理是互感现象，在原线圈上接 两个峰值的时间间隔为半个周期：交变电流在一个周期内方 直流电源，在铁芯中不会形成变化的磁场，所以在副线圈上 向改变两次，即方向变化的频率为交变电流频率的2倍，故 不会有感应电动势产生， 11 合作探究·攻重难 选项C正确：由T=了元5=0.02s,知造项D错误.] 探究1 2,A[由题图可知T=0.2s,1n=10A.故频率f= 1 提示恒定电压加在原线圈上瞬何，线园内的磁通量发生 5H,=二=52A≈7.07A.A正确，B,CD错误.] 变化，因雨到线图中的孩道量色交生变化，所以由E=小盟 2 知，副线图中有感应电动势，灯泡闪亮，之后愿线圈中电流但 3,D[矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动， 定，线圈内的磁通量恒定不变，副线园中无电动势，因而灯泡 从中性面开始计时，产生正孩式交变电流，其表达式为心 熄灭. B血，当=君时报扬题意得3V=Em(停×君. [例门C[通有正弦交变电流的原线阁产生的磁场是变化 的，由于面积S不变，故磁通量中变化，A错误：因理想变压 解得E。=25V,故交变电流电动势的有效值为E=E 2 器无漏险，原，副线圆的磁通量总相等，故B错误；由互感现 象知C正确：原线图中的电能转化为磁场能又转化为副线 √6V,D正确.] 图的电能，原、副线图通过磁联系在一起，故D错误，] 4.CD[回路中感应电动势的最大值E=BSm,电流的最大 跟进训练 位1一景一食(=0时制线喝位于中性面：故也流的降时 1,B[变压器工作的基础是原、副线图的互相感应，并不是自 值表达式i=B加似.线圈中电流的有效值1= 感现象，在原线图中电能转化为破场能，副线图中磁场能转 R 化成电能，电能是通过磁场从原线图传递到副线园的，变压 P-R=家，故A,B错溪，CD正确.] 器只能对变化的电流有变压作用，综上所迷，只有B正确.门 2R 2.ABC[理想变压器原、副线图中的颜率相同，磁通量的变化 5.解析：(1)n=3000r/min=50r/s 率相同，电压不一定相同，功率相同，故A、B、C正确，D 线图的角速度m=2πn=100rrad:s 错误.] 感应电动势的最大值Em=NBSw=314V 探究2 所以感应电动势的瞬时值表达式为 [例2][解析](1)变压器改变的是交流电压，因此为了保 e=E cos mt=314 cos 100(V). 证人身安全，原线圈两端只能使用低压交流电源，所用电压 (②)感应电动势的有效值E=E 不超过12V,A错误：实验通电前必须要先检查电路是否正 2 确，通电时用手接触裸露的导线、接线柱等，会人体并联入 电流1=R干r E 电路中，导致所测数据不准确，同时也有安全隐患，B、C错 误：使用多用电表测电压时，先用最高量程档试测，再逃用恰 线图转一图R上产生的热量Q=RT=88.7J. 当的档位进行测量，故D正确.(2)分析每组实脸数据，可知 (3)线圈由题图所示位置转过90°的过程中.有△中= BSsin90° 是与的位近级知学，可得出的实验结论是，在接暖允许花 透注R的电行量g-P-01心 围内，变压器原，副线园的电压比等于匝数比. [答案](1)D(2)在误差允许范围内，变压器原、刷线圈 答案：(1)e==314cos100π1(V)(2)88.7J(3)0.1C 的电压比等于匝数比 第3节 变压器 跟进训练 自主预习·探新知 解析：变压器只能改变交流电压，需要使用交流电源，为了探 知识梳理 究电压与匝数关系，多用电表应使用交流电压档：为了让变 一、1.闭合铁芯(1)交流电源初级线圈(2)负载次级线 压效果明显，需要用含有闭合铁芯的原、副线圈，因此正确答 圈2.互感磁场磁场感应电动势3.匝数4.能量 案为A、C、E 由于实际实验中有福磁的情况，所以制线图测量电压应该 二，1.匝数2输出输人3.(1)副线圈原线圈 小于理论变压值，可知m为输入端，。为输出端， (2)副线圈原线圈4.电磁感应 答案：ACEn ·139. 物理·选择性必修第二册 探究3 2.D[由理想变压器原、副线周的电压比等于匝数比可知 提示 会-票国为A=月，即=1山总-是所 -4受-是解得U,=0.山，=U.设电流表入的示 以推导出宁-产 数为1即=1费-品期上-发-录-引：理8支压 U:U [例3]ABC[根据交流电源的电压u=220J2sin100πtV 器输入功率与输出功率相等，即U,I=UI十U1,解得 可知，该交流电源的电压的最大值为220√2V,电压的有效 值为220V,频率为50Hz,变压器可以改变交变电压和交变 =号1，则1h:1=5:9:3,故D正确，AB.C错误] 电流的大小，但不改变交变电流的频乘，故副线图中交变电 3.D[根据4，=122in1001(v)及U-号知U,=12V. √2 流的频率为50Hz,选项A正确：变流电表的示数为有效值， 根稀支压器原，制线图的电压关系号一费得U,=4V,即 一尝一0，选项A错民：核指号-是得山，-兴山 电压表的示数为44V,由欧好定律得上，=尺】A,根据支 合×12V-6V,即@的珠批为6V,选项B错送：又1-总 U 压器原，制线周的电流关系号一费，得1=0.2A,即电流表 =号A=1A,即①的读数为1A,选项C错误：根据P=P A,的示数为0.2A,A的示数为1A,选项B,C正确，D 及月是-号W=6W,选项DE流】 错误.] 4.C[交流电压表和交流电流表显示的示数都为有效值，A、B 倒1C[S由4合到b时m或小，品-是可如U:增 错误，由于愉入端电压U,和理想变压器臣数比不变，所以 U不变，滑片P向下滑动过程中，电阻变小，电流【2变大， 大A货A随之培大西B=R又月=U1从而 输出功幸变大，则输入功率变大，电流I,变大，C正确，D 错误.] 增大，A正确：S由b合到a时，与上述情况相反，P应减小， 5.C[由电压比知=业=，由P,=P,知当电热器接 U月 1133 B正确：P上滑时，R增大，图P=发，所以卫减小，又户 U =P=U1,从而，减小，C错送心，增大，始-会 a,b,让cd空载时，有1U=尺：当把同一电热器接c,d而 ab空载时，有r,U= 发，所以·广，=U明·g目 可知增大，所以乃增大，因而1增大，由二=是，所以 mn.] I,也增大，D正确.门 第4节 电能的输送 跟进训练 自主预习·探新知 1.B[根据理想变压器原，制线圈电压与匝数的关系 U 知识梳理 一1.(1)供电线路(2)频率(3)低少2.(1)电阻率横 4,得儿"心=800110=400，选项B正确.] 220 截面积(2)输电电压3.(2)绝缘性能(3)输送功率 2.BCD[由于输入电压不变，所以当S接通时，理想变压器副 二，1.网状输电网络2.(1)运输成本(2)调剂(3)调度 基础自测 线圈M、N两端输出电压不变，并联灯泡L2,总电阻变小，由 1.(1)×(2)×(3) 欧号宠律1，-是知，浅连R的电流增大·电上的电压U 2,提示不对，因为U是输电电压，而不是输电线上损失的电 一IR增大，别线图输出电流增大，根据输入功率等于擒出功 压△U,输电线中电流应为1=△儿 率1，U,=1U得.山2增大，原线图输入电流1也增大，U 合作探究·攻重难 不变，UR变大，所以U,变小，流过灯泡L的电流减小，综 探究1 上所述，逃项B、C、D正确.] 提示(1)用电高峰期高压输电线和变压器到家庭的输电线 课堂自测·夯基础 中电流较大，有较大的电压损失，因此加在白炽灯上的电压 1,AB[变压器的原理是原线圈的电流发生变化，从而引起副 变低，达不到额定功率，因此白炽灯灯光较暗. 线图中磁通量变化，产生电动势，故A正确：变压器电能的 (2)不矛盾.欧姆定律是对纯电阻耗能元件而成立的定律，而 给送是电能经变压器先转化为磁场能，再转化为电能输送到 “提高电压，降低电流”是从输送角度，由P=U,且在P一 副线图电路中，故B正确，CD错误.] 定的条件下得出的结论，两者没有联系。 ·140·