山东省中昇教育2024-2025学年高三下学期4月大联考物理试题

物理 第 1页（共 9页） 2024-2025 学年高三 4 月大联考 物理参考答案 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1 2 3 4 5 6 7 8 B D A C A C D C 1.【答案】B 【解析】根据质量数和核电荷数守恒易知 B 正确；ACD 错误。 2.【答案】D 【解析】物块向上移动到某位置时到圆心的连线与竖直方向上的夹角为θ，由受力分析得 其受的支持力�� = ��cos�,摩擦力� = ���cos�, 随θ减小, ��增大, �增大,选项 A、B错 误;由整体法得�2 = �cos� = ���sin�cos�，θ在 0-90度增大过程，由于初始状态θ值不确 定，故半圆柱体与地面的摩擦力可能是先增大后减小，也可能是一直减小，故 C错误；重 力和拉力的合力与支持力和摩擦力的合力等大反向，支持力和摩擦力的合力方向与摩擦力 的方向夹角始终不变，拉力与摩擦力一直反向，则重力和拉力的合力方向始终与拉力的方 向的夹角始终不变，选项 D正确。 3.【答案】A 【解析】根据开普勒第三定律， T2 a3 = 常数，设地球的质量为Me，火星的质量为Mm。 对于地球同步轨道卫星： Te2 r3 = 4π 2 GMe ，对于火星探测器： Tm2 a3 = 4π 2 GMm ，根据题意， Tm = 2Te 解得 Me Mm = 4r 3 a3 4.【答案】C 【解析】根据库仑定律，则所受的静电力逐渐减小，受的静电力逐渐减小，静电力沿杆方 向的分量在 O点时为零，在无穷远处也为零，则静电力沿杆方向的分量先增加后减小，环 受重力不变，根据牛顿第二定律可知，小环运动的加速度先增加后减小，运动的速度越来 越大，由于电场力做正功，则小环与点电荷 Q所构成的系统的电势能越来越小，故选项 ABD错误， C正确。 5.【答案】A 【详解】A. A→B 过程是等温膨胀。在等温过程中，气体的温度保持不变，因此气体的内 物理 第 2页（共 9页） 能也不变。根据热力学第一定律，气体吸收的热量等于对外做的功。因此，选项 A正确。 B. B→C 过程是等容降温。在等容过程中，气体的体积保持不变，气体对外不做功。由于 温度降低，气体的内能减少，这意味着气体放出热量。然而，并不是所有气体分子的动能 都减小，因为分子动能的分布是统计性的，有些分子的动能可能增加，有些可能减少。因 此，选项 B错误。 C. C→D 过程是等温压缩。在等温过程中，气体的温度保持不变，因此气体分子的平均动 能不变。然而，由于体积减小，气体的压强增加，这意味着气体对外做功。因此，选项 C 错误。 D. D→A 过程是等容加热。在等容过程中，气体的体积保持不变，气体吸收热量，温度升 高，气体的内能增加。这意味着气体分子的平均动能增加，速率较大的气体分子所占比例 增加，而不是减少。因此，选项 D错误。 6.【答案】C 【详解】从开始起跳到脚离开地面做匀加速运动，加速度向上，处于超重状态，离开地面 到上升到最高点的过程中做竖直上抛运动，加速度向下，处于失重状态，A错误；根据平 均速度公式可知，起跳过程的平均速度等于离地上升到最高点过程的平均速度，均为 1.5m/s 2 vv   ，B错误；加速上升时间为 1 0.3s vt a   ，减速上升与加速下降时间相等， 均为 2 0.3s vt g   ，总时间为 1 22 0.9st t t   ，C正确；从开始起跳到脚离开地面， 重心上升 1 0.45mh  ， 2 12v ah ， N  F mg ma，离开地面到上升到最高点的过程中， 重心上升距离为 2 2.61 2.16m 0.45mh    ， 2 22v gh ，联立解得 3m/sv ， 210m/sa  ， N 1200NF  ，根据牛顿第三定律可得，起跳过程中该同学对地面的压力为 1200N，D错 误。 7.【答案】D 【解析】由图可知波的周期为0.4s，Q点的振动方程为  2sin( ) 4sin 5 cmy A t t T       , 故 A错误；0 0.1s 内，P点到达波峰时有 14sin 5 cm6 A t       ,解得 1 1 s 15 t  ,当 物理 第 3页（共 9页） 2 0.3st  ，Q点到达波峰，波从 P点传播至 Q点，有 2 1( ) 1mx v nT t t     （n＝0，1， 2，3…）,则波速为 30 m/s 12 7 v n   （n＝0，1，2，3…）,当该波的传播速度为 5 m/s 7 时， n不是整数，故该波的传播速度不可能为 5 m/s 7 ，故 C错误；当 2n  时，该波的传播速 度为 30 m/s 31 ，D正确;该波的波长为 12 m 12 7 vT n     （n＝0，1，2，3…）,当该波的 波长为 7.2m时，n不是整数，故当该波的波长不可能为 7.2m，故 B错误。 8.【答案】C 【解析】将平抛运动分解为沿斜面方向的匀加速运动和垂直斜面方向的类竖直上抛运动， 设调整后弹力球水平抛出时的速度大小沿垂直斜面方向的分速度大小为 1 sin 37v v   沿斜面方向的分速度大小为 1 cos37v v ∥ 垂直斜面方向的加速度大小为 cos37g g   沿斜面方向的加速度大小为 sin37g g ∥ 弹力球每次从斜面离开到再次落回斜面过程中用时为 2vt g    沿斜面方向有 21 ( ) 2 v nt g nt L    联立解得 227 6( ) 40 5 gLv n n   其中 L=4/3，g=10 n=1时 v的值 1 / s 8 m 3 v  n=2时 v的值 2 20 17 m / s 51 v  。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9 10 11 12 AC AD BC ABD 物理 第 4页（共 9页） 9.【答案】AC 【解析】变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比，即 1 2 2 1 1 3 I n I n   ，故 A正确；由 2P I R 得 R0 和 R1 的热功率之比为 1:9，故 B 错误；由图（b）可知交流电压最大值 m 51VU  周期 0.02sT  可由周期求出角速度的值为 100 rad/s  则可得交流电压u的 表达式 51sin100 (V)U t ，故 C正确； TR 处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变 大，电压表示数变小，故 D错误。 10.【答案】AD 【解析】 只有在平面镜反射光照亮的区域两束相干光才会发生干涉现象，呈现明暗相间的干涉条 纹，A正确;类比杨氏双缝干涉，光源与像相当于双缝，本题中“双缝间距”为 2d,根据双缝 干涉相邻条纹之间的距离公式可得 2 Lx d   ，可知 C错误，D正确；若将平面镜向右 平移，光源与像之间的距离以及它们到屏的距离都不变，则光屏上相邻明条纹中心间距 离不变，故 B错误。 11.【答案】BC 【解析】当 ad处在向内的磁场时，由右手定则可知，金属框中产生逆时针的感应电流， 由左手定则可知，受到安培力向右，当 ad处在向外的磁场时，金属框中产生顺时针的感 应电流，由左手定则可知，受到安培力向右，A错误，B正确；当金属框最终以 v0 达到 稳定时，设左、右边线框各受到安培力为 F，满足 f=2F，加速度 a=0，又 f=kv0，此时金 属框与磁场的相对速度为 0v v v   ，左、右边线框各受到安培力 2 2 1 2 0 2 2 ( )E E BL v B LF BIL BL BL v v R R R         ， 联立整理可得 2 2 0 2 2 4 4 B L vv kR B L   ，C 正确；稳定后系统消耗的功率为 2P I R ，其中 02 ( )BL v vI R   ，联立可解得 2 2 2 2 2 2 24 / ( 4 )kRP B L R k Bv L  ，D错误。 12.【答案】ABD 【详解】以沿传送带向上为正，在弹丸射入的过程中动量守恒  0 01mv m M v  得 物理 第 5页（共 9页） 1 4m sv  ， 2 21 0 01 1 1 2 2 E mv mv   7.92J ;A正确； 木块速度大于传送带时的加速度       1sin cosm M g m M g m M a       得 2 1 10m/sa  减至 共速 所需 时间 为 01 1 1 0.2sv vt a    ,之后 木块 速度 小于 传送 带       2sin cosm M g m M g m M a       得 22 2m/sa  继续减速至零，所需时间为 2 2 0vt a   1s ，第二颗弹丸刚要击中木块时木块的速度为  1 2 11v v a t   0.4m s 第二 颗 弹 丸 射 入 的 过 程 中 量 守 恒 0 1 02( ) ( )mv m M v m m M v     所 以 02 4m sv  , 2 2 2 0 02 1 1 2 2 E mv mv   7.92J ;B 正确;第二次击中木块 A后木块的运动过 程同第一次，第三击中木块时木块的速度为 2 0.4m sv  ，C错误； 第三颗子弹射入的过程中动量守恒 0 2 03(2 ) ( )mv m M v m m m M v      得 03 3.7m sv  减至共速，所需时间为 03 3 1 0.17sv vt a    ，继续减速 ,第四次击中木块 A 时， 3 2 3(1 ) 0.34m sv v a t    ，D正确。 三、非选择题：本题共 6小题，共 60 分。 13.【答案】（1）m M （2分） （2） MmgF M m   （2分） （3） 3 4 1 22100 x x x xa T     （2分） 【解析】设绳子的拉力为 F ，根据牛顿第二定律，对砝码盘和砝码有mg F ma  对小车及车中砝码有F Ma 解得 1 mgF m M   当m M 时，即当砝码和砝码盘的总重力远小于小车及车中砝码的重力时，绳子的拉 力近似等于砝码和砝码盘的总重力，不能够满足质量关系时， 1 mg MmgF m M m M    (3)由题图乙可知计数点之间的时间间隔 0 5T T 物理 第 6页（共 9页） 该小车的加速度 3 4 1 3 42 1 2 2 2 0 = 4 100 x x x x x x x xa T T       14.【答案】（1）①保护电源，防止短路； ②用于计算电流（或将电压传感器改装为电流传感器）（2分，每空 1分） （2）①.3.56②.1.24（4分，每空 2分） （3）2.56（2分） 【解析】（1）为防止滑动变阻器接入电路的阻值为零导致电路电流太大损坏电源，要在 电路中接入保护电阻，因此定值电阻 R0在电路中的作用是保护电源；由于电路中没有电 流表或电流传感器，可将电压传感器 2的电压比电阻 R0得到电流值。 (2)根据闭合电路欧姆定律 21 0 UU E Ir E r R     ,U I 图像表达式可知，电源电动势 3.56VE  ,内阻 1.03 1.2Ω=1.236Ωr   。 （3）由题意可知 1 2 1 0 U Uy IU P R    出， 1 0 1 2 U R Ux R U I    外 则功率   2 2 2 2 4 E EP I R R R r R r r R           出 外 外 外 外 外 当 1.24ΩR r 外 时，电源的输出功率最大 2 max 2.56W4 EP r   所以图线最高点 A点的纵坐标 2.56Wy  15.【解析】 解：(1)假设轮胎不存在漏气，气体做等容变化， 初态压强为 P1=2.4bar，温度为 T1=300K，末态压强为 P2，温度为 T2=275K，由查理定 律得： P1 T1 = P2 T2 (2分) 得 P2=2.2bar(1分) 故不漏气(1分) (2)假设原来轮胎内的气体全部变为 2.4bar，温度为 2℃，设此时的体积为 V1，轮胎的容 积为 V0，则：P2 V0=P1 V1(2分) 需要再充入气体质量为 m2,并将它变为 2.4bar，温度为 2℃，设此时的体积为 V2，则： V1+V2=V0(1分) 物理 第 7页（共 9页） m2 m1 = V2 V1 = 1 11(1分) 16.【解析】 （1）为使平行射入该光纤的光在转弯处均能发生全反射，则沿光纤最接近转弯处平行射 入的光刚好发生全反射，如图所示 此时入射角恰好达到临界角，可得 1sin RC R d n    (2分) 解得 1.5n (1分) （2）由 cn v  得 82.0 10 m/sv   (1分) 光纤中心轴线在“弯道”部分的长度为 1 1 2 ( ) mm 4 2 2 dL R     (1分) 沿光纤中心轴线射入的光在“弯道”部分的光路长度为 2 2( ) 2mm2 dL R   (1分) 故沿光纤中心轴线的光因转弯而“延误”的时间为 2 1L Lt v v    122.1 10 s  (2分) （ 122.2 10 s 也算对） 17.【解析】 (1)设 P 第一次滑上传送带时，物块 P 的速度大小为 v₁根据机械能守恒定律有 mgR = 1 2 mv12(1分) 解得v1 = 2gR 圆弧最低点时由牛顿第二定律得FN −mg = mv1 2 R (1分) 解得FN = 3mg 物理 第 8页（共 9页） 由牛顿第三定律得物块对轨道的压力FN' = FN = 3mg(1分) (2)设物块在传送带上先减速后匀速，则 匀减速运动的加速度大小 a=μg=0.4g(1分) 减速运动的距离 x = v1 2−y1 2 2a = 1.25R > R(1分) 假设不成立，因此 P第一次通过传送带一直做减速运动 设通过传送带的速度大小为 v₂，v1 2−v2 2 2a = R 解得v2 = 6 5 gR(1分) 设 Q、P碰撞后，P的速度大小为 v₃、Q的速度大小为 v₄ 根据动量守恒定律有 mv₂ =− mv₃ + 3mv₄(1分) 根据能量守恒有 1 2 mv22 = 1 2 mv32 + 1 2 × 3mv42(1分) 解得v3 = v4 = 1 2 v2 = 1 2 6 5 gR 碰撞过程中，Q对 P的冲量大小 I = mv2 +mv3 = 3m 30gR 10 (2分) (3)碰撞后 P向左减速至速度为 0过程位移x3 = v3 2 2μg = 3 8 R < R(1分) 又v3 < v₀(1分) 因此滑块 P第二次在传送带上先减速再反向加速运动，运动的时间 t2 = 2v2 μg = 15R 2g (1分) 最终 Q、P共速，它们间的最远距离 s = v4t2 = 3 2 R(1分) 18.【解析】 (1)β粒子恰好不能进入电场，则其做圆周运动的轨迹与 x轴相切， 根据几何关系有 2r₁ = d(1分) 又β粒子在磁场中做圆周运动有 ev0B = m v0 2 r0 (1分) 解得v0 = eBd 2m (1分) (2)设改变磁场磁感应强度后，新核 714N在磁场中做圆周运动的半径为 r₂ 根据几何关系有2r2 = d − 17 21 d(1分) 得r2 = 2 21 d 物理 第 9页（共 9页） 由动量守恒定律有 0 = mNv2 −mv1(1分) 新核 7 14N和β粒子分别在磁场中做圆周运动有 ev1B' = m v1 2 r1 (1分) 7ev2B' = mN v2 2 r2 (1分) 解得r1 = 7r2 = 2 3 d(1分) β粒子经过 x轴时，速度方向与 x轴正方向夹角为θ = 60° 此时vx = v0cosθ，vy = v0sinθ(1分) β粒子进入电场后，沿 x方向做匀速直线运动， ∆x = r1sinθ = 3 3 d(1分) t = ∆x vx (1分) 沿 y方向做初速为 0的匀加速直线运动 eE = ma vy = at 解得 E = 3edB 2 16m (1分) (3)设再次改变磁场磁感应强度后，β粒子和新核 714N在磁场中做圆周运动的半径为分别r3 和r4，由（2）中的分析知r3 = 7r4 根据几何关系有2r4 = d − 5 7 d 解得r3 = d(1分) 故β粒子在磁场中运动的总时间为t1 = 3 4 T = 3 4 ∙ 2πr3 v0 = 3πm eB (1分) 在电场场中往返运动的时间为t2 = 2 v0 a = m 3eB(1分) 从发生衰变到β粒子第 3次经过 x轴所用的时间为 t = t1 + t2 = 3πm eB + m 3eB (1分) 2024-2025学年高三4月大联考 4如图所示，在正点电背Q的电场中籽条直方向圆定一光滑绝峰无限长直杆，有一可视为圆 点的帝正电的小环套在直杆上，小环泥离点电黄最近的O点由静止释成，从O点沿杆向下 物理 运动，运动过程中小乐的电背量不变。以下说法正的是 本试卷共8可，18是，全卷满分100分，考试可时90分钟： A,小环运为的迎度先增大后减小 生意事项： B,小环运动的加速度来域大 中 1答卷前，考生务》将自己的姓名，准考证号等填可在箐局卡上， 到 2四答选择恩时，选出每小愿答案后，用铅笔托答恩卡上对应道目的答案标号涂氯。如窗 C小环所受的静电力越来越小 改动，用修皮擦干净后，再选豫其他答案标号。回答非选择题时，蒋答案写在答题卡上 写在本试卷上无效。 D.小环与点电背Q所构成的系统的电势能糖来城大 3,考试结束后，将本试卷和著题卡一并网 5一个热机脑环过程包新两个等温过程、和两个等容过程。其P一图像如图所示，一定量的 理怨气修在热交熟操之间来回流诗，从而实现内能和积被能的转化，关于该循环过程，下 一，单项遗择厦：本亚共8小题，每小题3分。共24分。每小题只有一个进项符合撒目要求， 列说法正调的是 1按计划，我因将在200年前实瑞成人登陆月球开展科学探索。在月球上有率富的氢3，它 是克美的核聚变燃料，无论是氨3之闻还是其与氘和氛葡可发生核聚变反应，以下关于核 景变反应说法正确的是 A一个氛传和一个氧枝聚变生成一个氯4核和一个质子，同时释放出能量 B.两个氧3核聚变生成一个氢4杭和两个质子，同时释放出险最 A,A→B过程是等温率展，气体吸收的热量等于对外常的功 C一个复-3梳和一个氟核聚变生成一个复-4核和一个中子，同时释成出能量 B.B→C过程是等容降温，所有气体分子的动能都减小 中 D.一个氢3核和一个原核案变生成一个氢4核和一个质子，同时释放出能量 CC+D过程是等温压缩，气体分子的平海动能减小 2知图所示，麦面粗橘的半暖柱体成置在地水平面上，物块与园桂面间的动摩擦国数为鼻，援 D,D◆A过程是等容如热，速率较大的气体分子所占比例碱少 用一方向帕终与盟柱面相切向上的拉力作用在物块上，使物块从圆柱体上人点开始罐慢向上 6体育误上，高短同华在进行原地然佛流高训依。已知该同学的周量m一6kg原地静止 情动。在到达缓柱体顶点B的过程中，率国柱体始终保特静止，下列说法正南的是 站立（不起前》摸高为216m,训练过程中，该同学先下尊，重心下降0.43m,经过 充分调整后，发力隔起模到了2,61m的高度，忽跳过程看成匀变速运功，余程忽略 空气阻力影响，g取10m2,则() A物块所受的支持力一定减小 B.物块所受的摩瓶力一是粮小 C半围柱体所受地面的摩擦力一直减小 D重力和拉力的合力与拉力的夹角始降不变 3地球同密轨道卫星的轨道半径为，某火星保测器绕火显运行的棉圆轨道华长轴为，适行 雨期为地球同步轨道卫星运行周期的2倍。则地球质量与火星质量之比为 B 物理第1页（共8网） 物螺第2页〔共80 A该同学起候后到上升到最高点一直处于想重状卷 二、多项选择题：本数共4小题，餐小镇4分，共6分。每小原有富个选符合悬目要果， B起疏过程的平均速度比离地上升到量高点过程的平均速度小 全部选对得4分，选对但不全的得2分。有远锈的得0分， C从开地起稀到双舞落地需要0,9 9,图()所示，理组变压写的顺、副线置的玉殿比为3：山，灯为夏值随温度开离而减小的热 D.起跳过程中运动员对地面的压力为1560N 做电阻，和：为阻值相等的定值电阻，电压表和电流表均为理想交流电表。原线题新接 7.一列箭请横波在介质传撞过程中经过P,Q两个国点，两个质点平衡位置之间的距离为1m: 电压丝随时间1按正驻规律变化，如图(b》所示。下列说法正确的是《) P,Q两个周点的凝动图像如图所示，其中实线为P点的餐清图辅，壹线为Q点韵振动图 线，则下列说法中正确的是《》 图 图) A变压露原、副线西中韵电浓之比为1☑ B.局和元的格功率之比为山 C.,箱t变化的规律为#=51(I00)W AQ点的银方程为y-4m5回 D.当电阻的温度降低时电浓表读数变小电压表的陕数不变 10,洛埃用平面镜将光一分为二得到了相干光，从而实规了与托马斯·杨利师发缝干沙实验几 B该波的波长可能为1m 平相网的实险凤象，如图所示为洛埃领实哈的基本装置，5为单色点龙潭，M为一平面镜： C该被的传领速度可管为m S发出波长为4的量色光可以直接风到光屏上，同时还会通过平面倾反射到光屏上，这两束 0 D.该波韵传播速度可能光 光在光屏上量加发生干袜形成明垂招间条饮。设光潭S到平面镜的看直距亮聚别光群的理 直距离分别为和L,下列说法正魂的是《) 8知图所示，长L■二田、领角7”的光滑斜面启图定在水平面上，现将一弹力球从斜 重的顶端A点以初速度作水平向右地出，春弹力球与斜霍醒推时，沿解面方向的速度不变。 玉直斜面方内的速度大小不变，方向反向，为快弹力球能梦落在斜面底端B点，初速度 的值可能为 A只有在平面镜反射光紧亮的区域才会星观期俯相间的干沙条纹 B.若将平面镜向右平移，则光屏上相第明条蚊中心阀距离将增大 77777777777777 C在光屏上相邻明条被申心间的距离为4一兰 C.20/7 sIm/s D2517 17/ 光屏上相邻暗条纹中心网的距离为出 物理第3页供8司 物理复本页（共8 11如阻所景，在水平地面上放有两根绝缘平行直导轨，轨间存在着等更离的正方形匀随场 A第一次射入木块A的过程中子弹司失的动霞为7.92] 局和刷，方向相反，瓦■武“B,导林上枚有金属框d,其边长等于航通闻距上（为视 B第二次射入米块A的过程中于弹提失的时就与第一次相同 数效果。图中所图金属框选长略大于物道间距)，金属框电阳为R,延场B,品：同时以速度 第三次击中术块A时，木块的速度大于传送梦的速度 D,第四放击中木块A时，木块的速度小于传送希的速度 ￥向右匀速运功从而带动金属相运动。金属框受到的图力幅为其速度的。倍，下列说法正确 三、非选绎题：本共6小题，共0分， 的是() 1小.心“探究加建度与力水、质量的关系“的实验装置图蜘图甲所深。小车及率中硅码的质 B B b 量用M表示，查及查中陆码的质量用m表示。 小军打点时器 W风装i年。tg×g1车·中x落×i+。 A,金属挺中的感应电流方向始线不变 (1)在平衡廖擦力之后，需抗选质量合适的购码。当M与深的大小关系南足 时， 日.金属框受到的安培力方向始蜂不变 才可以队为小车所受场子的拉力大小第于盘和陆码的重力 C金得根约最终速度为产 R+4B配 (2)著M与m的大小不能潮足(1】中的类系时，小车所受绳子的拉力大小 用M、限，g表家) D悬定后系统酒耗的功率为，4型 (3)圆乙为实验中得到的一条纸带的一事分，0、1、2、3、4为计数点，打点计时器打点 的时同间隔为T,该小车的如速度 2如图所示，模角为8-37”的足够长传递梦以y”2m的的恒定速度顺时针特动，一质量 14(信分)某阿学用DS测电源电动势和内电阻”实验电路如图(a)所示，其中定域电魁 M00%g的木块A与线送带闻的动啤瑞因数为05，左下方的发射器每隔一段时同发射 具=1加，某次实验两电压传感器示数心-马美系年图(b》所示， 一颗质量为m0.01好的子弹，子弹每次击中物体着的时速度大小均为一能s,方向平 行传透蒂向上，射入木块并留在其中。将术块A轻放在传送榜的最下端时。恰好该第一厕 U/V w 养丸击中，此后，母隔1会有一弹丸击中米块（木块和弹丸均可看成质点），意取10 y=-1.0Bx+356 m3T-0.6,093T-08 图( 图6) n (1)图《)中定恒电阳R在电路中的作用是① (2)由图(b)的可得，该电源电动势B-V,内阳r“一0（结果均保留3位 有效数字)。 物组第5页（共日0 物理第6页共8 (3)根都实险测得的颗据，若今少光，一公，则由计算机报合每出的)-图线如 (1)物块P运动到测弧最低点时对就道的压力大小： (2)P与Q能撞过程中，P对Q的神量大小： 图（©）所示，则图线最高点A点的纵坐标y■ W(结果保留3位有效数字)： (3》经撞之后，P、Q同的最大距离： 15《8分》汽车轮曲是汽车的重鬓组规都分，脸压原不使太高，也不能太低，否则会影响督 车安全。根据有美规定，我国新生产的车销郎必领安装T俗（船压直测系统）系转。家 用禁车轮阶船压植一股都要保持在2.4-2.5北r(1b一100Pa)的范国内.王老师在夏天气遇 为2订C时，通过TPMS系统重测到白己的汽车胎压值为24(1b一100kP),到冬季气 型为2℃时，测量到汽车的压值为22r (1)不考思汽车轮曲客积的变化，试判断该轮脸是否发生漏气， 18(16分某料研小组利用如图所示组合场研究C衰变后产生的新枝W和集放的检子在场中 2)在条季气温为2℃料，鬓使轮柏气压恢复到24北，需要再充入气体的质量是轮脸内原气 的运动。已知C变方程为C+N+一e,如图所示，在x轴下方有平行于y轴沿y轴 体质量的多少倍？ 负方向的匀函电场：在￥轴上方有垂直于第面向外的匀溪酰场：在磁场中P点有一普止的加。 16.(8分)随看科技的不斯发展，光纤成了现代信息传输额城不可或缺的一相分。但在使用 P到￥轴的距离为d。C发生意变时一爵间，产生的新核W沿x轴正方向运动，释放的金 过程中应尽量不要对光纤选行过度的弯储扭转。现有一机载面直径为0.4mm的光纤，在便 粒予恰好不能进入电场。不计新核N和产生的粒子间的相互作用及它们受到的重力。匀 用过程中光纤绕医柱转弯，如图所系，伦使平行射入该光纤的某单色光在转弯处光纤的外 强理场的醒感应强度大小为B,电子的电荷量为，围量为m,C每文衰变释放出的粒子 侧均能发生金反射该图桂练半径虎的量小植为0,8m,已知真空中的光速c=3.0×10m/s, 速度相同， 试求 《1)求释放的粒子在磁锅中做园周运动的速度%大小 (2)假议变磁场赋感应强度的大小，使衰变产生约新核州在藏场中运动前迹x轴最近面 (1)光杆对应该单色光的折附奉 (2》沿光纤中心轴线射入的完因转考面“延灵”的时闻（编果保留两位有效数字）： 离为品山，释放出的粒子两状提过x轴后恰好能同到P点，求匀强电场的电场强度大小 (3)再次改变磁编磁感应张度的大小，使熹变产生的新核指宝动轨迹离x轴的最近距离 4。求从发生表变到粒于第3次经过x轴新用的时间， 17.(14分)年图所示，固定在竖直面内半轻为我的四分之一光滑匮氟最糕点与水平传送榜相切 于B点，传送带左隋与足够长光滑水平面根切于点。传送带C之间的距离为民，传送槽 始共以大小为。√@的速度沿连到针匀迪转特，一质量为3州的物块Q静止在水平面C 端，将质量为m的物块P在习弧的最高点A由静止稀放，P沿图沉下滑并滑上使送参，运 动到水平面土后与Q发生弹性碰撞，P与传送帝间的动摩擦因取为04，不计物块的大小及 空气夏力。重力加速度大小为总果 物理第7可（共8 物进第8页共8如