卷14 阶段综合检测(3)(9-11章)（含答题卡）-【创新教程】2026年高考物理总复习大一轮创新示范卷

创新示范卷（十四） 阶段综合检测(3) (9-11章) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的) 1.(2025·湖南省模拟)某数码相机的锂电池电动势为3.6V,容量为1000mA·h,若关闭液晶屏拍摄， 每拍一张照片约消耗电能32J,根据以上信息估算每充满电一次可拍摄多少张照片 A.150 B.200 C.300 D.400 2.(2025·江苏高三开学考)有研究表明，当兴奋情绪传播时，在人的体表可以测 出与之对应的电势变化.某一瞬间人体表面的电势分布图如图所示，图中实线 的 为等差等势面，标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c、d为等 势面上的点，该电场可等效为两等量异种电荷产生的电场，、b为两电荷连线 上对称的两点，，d为两电荷连线中垂线上对称的两点.下列说法中正确的是 -15 mV -10mV +15 mV 数 A.a、b两点的电场强度不同 -05mV B.c点的电势大于d点的电势 +05 m1o miv C.将带正电的试探电荷从b点移到d点，其电势能增加 D.负电荷在c点的电势能小于在a点的电势能 3.如图所示，由均匀导线制成的边长为l的正方形导线框abd用绝缘细线悬挂于天花板 上，导线框的c、d两点与一恒流源（未画出）相连接，连接电源的导线质量及其所受安 中 培力均忽略不计，导线框中的电流从c点流入，d点流出.现在虚线框区域（虚线框的高 度小于)加一个垂直纸面向里的匀强磁场（未画出），其磁感应强度大小为B,导线框 静止不动，细线中的拉力为F,若把虚线框内的磁场向下平移（距离，导线框仍静止， 福 细线中的拉力变为F,则恒流源中电流的大小为 ( B司 C. (F:-F,) D. 2(F:+F1) BL Bl 4.(2025·江苏省开学考试)在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电 路.当电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为I,和U:当电动机正常 运转时，电流表和电压表的示数分别为1，和U.不计一切阻力，电表均为理想电 表，电源内阻不计，则有关这台电动机正常运转时的说法正确的是 M A,电动机的内电阻为宁 阳 总 L)×100% B.电动机正常工作时的效率为1一， C.电动机的输出功率为U:12一U,1 D.若电动机拉着质量为m的重物以速度v匀速上升，则U2I2=mgv 5.(2025·重庆市合川区联考)在如图所示的电路中，电表均为理想电表，当闭 合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下凋节，则下列说法正确的是 A.电路再次稳定时，电源效率增加 B.灯L变暗，电流表的示数减小 C.灯L,变亮，电压表的示数减小 D.电容器存储的电势能增加 6.(2025·湖南娄底高三联考)图中所示虚线1、2、3、4为静电场的等势面，相邻的等势面之 间的电势差相等，其中等势面3的电势为0.一个电子在运动中仅受静电力的作用，经过 a、b点的动能分别为2eV和17eV,则下列说法正确的是 A.电子一定是从a点运动到b点 B.等势面1的电势为10V C.电子在等势面2上的电势能为一5eV D.电子的电势能为一3eV时，它的动能为15eV 14-1 7.(2025·河南省天一大联考)如图所示，圆形区域的圆心为O,区域内有垂直于纸面向 N 外的匀强磁场，MN为圆的直径，从圆上的A点沿AO方向，以相同的速度先后射入 甲、乙两个粒子，甲粒子从M点离开磁场，乙粒子从N点离开磁场.已知∠AON= A 60°，不计粒子受到的重力，下列说法正确的是 A.乙粒子带正电荷，甲粒子带负电荷 M B.乙粒子与甲粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为3：1 C.乙粒子与甲粒子的比荷之比为3：1 D.乙粒子与甲粒子在磁场中运动的时间之比为3：1 二，多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要 求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.如图所示，在水平面内有一匀强电场，电子从O点以10V的初动能沿某一方向O。 30 x/cm 射出，该电子通过了点M(10√3cm,10cm)时的动能是初动能的5倍：若电子以 同样的初动能沿另一方向射出，恰好通过点V(5√3cm,15cm)时的动能为初动 M 能的3倍.设O点的电势为零，OM、ON坐标轴间的夹角如图所示.则下列说法中 正确的是 y/cm A.M点电势为40V B.N点电势为-20V C.电场方向沿x轴负方向，电场强度大小为4003Vm 3 D.电场方向沿MO方向，电场强度大小为400W3V!m 9.阻值相等的三个电阻R、电容为C的平行板电容器，电动势为E且内阻可以忽略的 电源与开关S连接成如图所示的电路，其中电源负极接地.开始时，开关S断开，电 P: 路稳定后有一带电液滴位于电容器极板间的P点并处于静止状态，整个装置处于 真空中，重力加速度为g,下列说法正确的是 ( A.若减小电容器两极板的正对面积，则液滴向下加速运动 B.若将电容器上极板上移少许，则P点电势降低 C.闭合S,则电路稳定后电容器所带电荷量比原来增加CE D,闭合S,若电路稳定后液滴还在板间运动，则其加速度大小为 8 10.(2025·北京市模拟)如图甲所示的平面直角坐标系 中，x轴上方有磁感应强度大小为B、垂直纸面向外的 匀强磁场，在O点处有一粒子源，沿纸面不断地放出同· 种粒子，粒子的速率均为，粒子射入磁场的速度方向 与x轴正方向的夹角范围为60°~120°.粒子的重力及 粒子间的相互作用均不计.图乙中的阴影部分表示粒 甲 子能经过的区域，其内边界与x轴的交点为E,外边界 与x轴的交点为F,与y轴的交点为D(a,0),下列判断正确的是 A.粒子带正电 BOF的长度为 C粒子源放出的粒子的比荷为品 D,从点E离开磁场的粒子在磁场中运动的时间可能为 3 三，非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分)某电阻R,的阻值约为1002，现要用如图所示的电路测量其阻值，可 a 选器材如下： A.电源E(电动势约3V): A B.滑动变阻器R,(最大阻值为10kΩ)： C.滑动变阻器R:(最大阻值为10Ω)： D.电压表V(量程0~3V,内阻为1k2): 14-2 E.电流表A,(量程0~10mA,内阻约为1Q): F.电流表A.(量程0~30mA,内阻约为32)： G.开关、导线若干 (1)电流表应选择 (填“E”或“F”) (2)某同学做实验的过程中发现滑动变阻器的滑片即便在很大范围内滑动，电压表和电流表的示数都 几平为零，不方便获得多组电压、电流数据，于是向你求助，你检查后发现器材完好，电路连接无误，各 接线柱接触良好.请帮助该同学判断最有可能存在的问题并告诉他解决问题的办法： (3)为了消除因电表内阻造成的系统误差，测量时S,应接 (填“α”或“b”).某次测量中读得电 压表的示数为1,60V,电流表的示数为17.2mA,消除系统误差之后，算得R,的阻值为 n (结果保留3位有效数字). 12.(8分)(1)在“练习使用多用电表”的实验中，小强用欧姆挡去测量“220V100W”的白炽灯不发光时 的灯丝电阻，在拍照的时候未把多用电表的选择挡位旋钮拍进去，如图甲所示，那么你认为此挡位是 (填“×1”“×10”或“×100”). 乡22990裂5品山 DCV.A 100 32 A-V-1 甲 (2)由于欧姆表@自带电源，可将某挡位下的欧姆表@等效为一直流电源，为了测量该直流电源的电 动势和内阻，小芳又从实验室拿到一个毫安表（内阻约10Ω）、一个滑动变阻器R。(0一200Ω)以及开 关和导线.利用上述器材，请在虚线框内设计测量电路 (3)若某次测量时毫安表示数如图乙所示，则电流I mA. 20 0 8a小a52 mA 乙 (4)小芳同学调节滑动变阻器得到多组欧姆表的示数R与毫安表的示数I,并建立RI坐标系，将测 得的数据描点连线，如图丙所示，由图像可知该挡位下欧姆表等效电源的电动势为 V,等效 电源的内阻为 Ω.（结果均保留两位小数） IR/V 1.50 1.40 1.30 1.20 1.10 1.00 0.0 1/mA 01(020304050 丙 14-3 13.(12分)(2024·广东佛山市一模)如图，在空间直角坐标系O-xy之中，界面I 与Oyz平面重叠，界面I、Ⅱ、Ⅲ相互平行，且相邻界面的间距均为L,与x轴 的交点分别为O、O,O,:在界面I、Ⅱ间有沿y轴负方向的匀强电场，在界面 Ⅱ、Ⅲ间有沿之轴正方向的匀强磁场.一质量为m、电荷量为十g的粒子，从) 轴上距0点二处的P点，以速度沿x轴正方向射人电场区域，该粒子刚好 从点O进入磁场区域.粒子重力不计.求： (1)电场强度E的大小： (2)要让粒子刚好不从界面Ⅲ飞出，磁感应强度B应多大， 14.(12分)如图所示，长度为0.7m的斜面AC的倾角为37°，在它的A端周定一个长度0.2 m,管壁厚度可忽略不计的光滑管道AQ,管道内部固定一个长度也为0.2m的轻质弹 簧，在Q点右侧有竖直向下，电场强度E-100V/m的匀强电场.斜面的C端与一半径 为0.105m的光滑圆弧轨道相切于C点，O为圆心，D在圆心O的正上方，A,B、C D均在同一平面内.在Q点放置一个质量为m=0.2kg、带电荷量q=0.02C的小物 块P,使P缓慢压缩弹簧到某点由静止释放，要使P能够到达圆弧轨道，并在经过圆 弧轨道时不脱离圆弧轨道，试分析P经过Q点时的速度应满足什么条件？已知小物块P与斜面间的 动摩擦因数4=0.25，小物块P的电荷量恒定不变，sin37°=0.6，cos37°=0.8.g=10m/s.计算结 果保留两位有效数字 15.(16分)(2024·安徽省皖南八校联考)如图所示的平面直角坐标系xOy,在第一象1 限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向：在第四象限的正三角形abc区P 域内有匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里，正三角形边长为L·且ab边与y轴平0 行.一质量为m、电荷量为g的粒子，从y轴上的P(0,h)点，以大小为，的速度沿 x轴正方向射人电场，通过电场后从x轴上的a点(2h,0)进人第四象限，经过磁场 后又从y轴上的某点进人第三象限，且速度与y轴负方向成45°角，不计粒子所受 的重力.求： (1)电场强度E的大小： (2)abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值： (3)粒子从P点出发到回到y轴上所用时间的最大值。 14-4 创新示范卷（十四） (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘片达（居巾） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将白己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置附 正确填涂 好条形马。 违纪 2.选择题必须使用2B棉笔填涂：非选择题必须使开0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 蓬的袋宁笔节马.要求宁体工整.笔连清楚。 3严格按照题号在相应的答题区域内作答，超山答题区域书写的答案无效。 ☑X☒) 4保持面消洁，不装订，不要折叠，不要破损。 )0】子 选择题 (共46分，1一7小题，每小题4分，8~10小题，每小题6分) 正确填涂 请 1ABC回 2ABCD 3ABCD 4ABCD 5闪回gD 6ABCD 7ABCD 8ABCD 9AEC回 10ABCD 各题目的答题区 非选择题（共54分）（需用0.5毫米黑色签字笔书写） 11.(6分) 内作答 (1) (2) ,超出边框的答案无效 (3) 12.(8分) (1) (2) (3)】 (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的容案无效 物理答题卡（十四）第1页（共4页） 请在各题目的答题区城内作答，超出边框的答案无效 13.(12分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十四）第2页（共4页） 考生 考生务必将姓名，座号用0.5毫米黑色签字笔认真填写在书写框内，座号的 必填 姓名 座号 每个书写框只能填写一个阿拉伯数字.填写样例：若座号02，则填写为回② 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(12分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十四）第3页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十四）第4页（共4页）创新示范卷·参考答案 创新示范卷（十四） 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 D C C B C D C AC BD CD 1.D[已知q=1000mA·h=1000×10-3×3600C 电容器两端的电压等于并联部分的电压，电压变小， =3.6×103C,鲤电池做功的最大值为W=qE-3.6 由Q=CU知电容器的电荷量诚少，电容器存储的电 ×10×3.6J=1.296×10J,可拍摄照片的张数为n 势能减小，故D错误.] =w=1.296X10」=405，故选D.] 6.D[电子不一定是从a点运动到b点，故A错误；若 W 32J 电子从口点运动到b点，根据动能定理，静电力做正功 2.C[该电势分布图可等效为等量异种电荷产生的，a、 为Wb=-eUw=17cV-2cV=15eV,得Uh= b为两电荷连线上对称的两点，所以a、b两点的电场 一15V,即%一9。=15V,可见相邻的等势面之间的 强度大小、方向相同，故A错误：(、d两点位于同一条 电势差为5V,因为=0，所以约1=一10V,故B错 等势线上，则c,点的电势等于d点的电势，故B错误： 误：由上述知2=一5V,所以电子在等势面2上的电 正电荷在电势高的地方电势能大，所以将带正电的试 探电荷从b点移到d点，其电势能增加，故C正确；负 势能为E2=一eg=5eV,故C错误：电子在等势面1 电荷在电势低的地方电势能大，所以负电荷在（点的 上的电势能为Epl=一e91=10eV,电子运动中动能 电势能大于a点的电势能，故D错误.] 和电势能之和不变，为E-Eol十Ek=I2eV,所以电 3.C[由题图，导线cd与导线cbad并联，电阻之比为1 子的电势能为一3eV时，它的动能为Ek=l5eV,故 :3,设恒流源中的电流为I,由并联电路的分流规律 D正确.] 7.C[由粒子偏转方向，根据左手定 可知，b中的电流为d中的电流为头，电流方向 则可知，乙粒子带负电荷，甲粒子带0 都向左，由左手定则可知，两种情形导线框所受安培 正电荷，故A错误：由题意可知，粒AO 力方向海整直向下，所以R=mg+以，，=mg十 子的轨迹如图所示，设圆形磁场的 半径为R,由几何关系可知甲的转2 M 3BL,联立解得1=2(FF,故C正确，A,BD错 动半径为r2=Rtan60°=√3R,乙的 4 BL 误.] 4.B[依题意，电动机停止转动时，为纯电阻，其内电阻 转动丰径为n=Ran30=R,期 0 乙粒子与甲粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为 为R-号，故A错头：电动机正含工作时，偷出功率为 r1:r2=1:3,故B错误：由洛伦兹力提供向心力，可 P输出=P总一P热=U2l2一R,联立可得P绘出= 得9b=m2 ，可得乙粒子与甲粒子的比荷之比为 1一票，故C错揉：电动机正常工作时的效率为 1:=r2:n=3:1故C正确：粒子的运动周期 m112 Uzl2-1度1×100%=（1 P临出×100%=U212 为T-智一霜，可得乙数子与甲粒子的周期比为 U乌)×100%，故B正确：若电动机拉着质量为m的 U2h T:T=1:3,粒子在磁场中造瑞时间为1=号，共 重物以速度v匀速上升，则P输出=mgU,即U2I2 中日为速度的偏转角，则乙粒子与甲粒子在磁场中运 动的时间之比为t1:2=2:3,故D错误.门 gmg0,故D错试门 8.AC[电子从O到M过程，根据动能定理有-eUM 5.C[电源的效年7=是×100%= IU U ×100%= =5Ek0一Ek0,其中U0M=P0一9M=一9，解得PM 40V,故A正确：电子从O到N过程，根据动能定理 R外 1 R+1叶 一X100%,将滑动变阻器的滑片P向 有-eUN=3Ek-Eko,其中UaN=90一N=一PN 解得9v=20V,故B错误；令OM的中点为P,由于 下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路电阻减 OP=PM,根据匀强电场的特征，可知UP=)一P 小，则电源的效率减小，故A错误：将滑动变阻器的滑 =UM=9p-PM,解得9p=20V=9N可知，PN连线 片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯 为一条等势线，根据题中给出坐标值可知，P的横坐 L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电 标等于N点的横坐标，即PN垂直于x轴，又由于电 路欧姆定律分析得知，干路电流「增大，路端电压U 场线垂直于等势线，由高电势点指向低电势，点，可知电场 减小，则电压表示数减小，灯L,变亮.R与灯L2并联 方向沿x轴负方向，根据匀强电场电场强度与电势差的 电路的电压U并=U一U1,U减小，U1增大，U并减小， 灯L2变暗，流过电流表的电流IA=1一12，I增大，I2 送系有EmX0Vm09Vm故C 20 3 减小，IA增大，电流表的示数增大，故B错误，C正确： 正确，D错误.] 答案-29 物理 9.BD[减小电容器两极板的正对面积，两极板间电压 (2)用毫安表能测量出电路中的 不交，根据Ew- 可知，两极板间电场强度不变，液 电流，欧姆表能得到外电路的电 阻，则电路如图所示， 滴所受的静电力不变，仍然保持静止，故A错误：若将 (3)由题图乙所示表盘知，毫安表 电容器上极板上移少许，即电容器两极板间距离d变 量程是0~50mA,分度值是 大，根据E场=a U 可知，E场减小，因为电容器下极板 1mA,则毫安表示数是32.0mA (4)由闭合电路欧姆定律知，电源电动势E=I(r十 接地，电势为零，由P点电势中p=E场dp可知，P点 R)=Ir+IR,则IR=E-Ir由题图丙IR一I图线可 电势降低，故B正确：开关S断开时有Q1=CU1,U1= 知，等效电源的电动势E=1.43V,等效电源的内阻 泵R-号开关S用合时有Q:-C,- E· RiR r=△1R_1.43-0.90 2≈10.82n. △149X10-3 -号则Q一Q-愕，即用合S电路稳定后电容 答案：(1)×10(2)见解析图 (3)32.0(4)1.4310.82 器所学电符量比原来减少号，故C错误：S新开时，液 13.解析：(1)粒子在电场区城 做类平抛运动，设电场中 请持土，则有E4g-9-贸=mgS闭合时有0 粒子加速度为a,沿x轴 正方向看，如图所示， 一E6'q=ma,E场'q=d=3d 029=Eg 3mg,联立解得a 粒子从O1点进入右边磁 场，则 =了g,故D正确门 L=vot, 10.CD[由左手定则可知，粒子带负电，选项A错误： 由几何关系可知，OD=a=R,OF=2R=2a,选项B qE=ma, 蜡误：根据B=m发解得品-录品选项C正 联立解得E=m 确：从，点E离开磁场的粒子在磁场中转过的角度可 qL 能为120°，也可能是240°，则在碰场中运动的时间可 (2)设粒子到O1点时的速度为，与x轴正方向夹角 为0，如图所示，则 能为1-哥-甜也可能是1-哥-铝选项D正 3v y=at,v=√/6+，2， 确.] 11.解析：(1)由电路图可知，采用的是“分压式”接法，R, tan 0= 00 可获得的电压范围为0一3V,故通过R,的最大电流 故tan0=1, 约为Imax=30mA,故电流表应选择F. 即有0=45，v=2%, (2)实验的过程中，发现滑动变阻器的滑片即便在很 在磁场区域，粒子做匀速圆周运动，粒子刚好不从界 大范国内滑动，电压表和电流表的示数都几乎为零， 不方便获得多组电压、电流数据，可能是滑动变阻器 面Ⅲ飞出，如图所示，则gB=mR: 的规格选择错误，应选用最大阻值为10D的滑动变 又根据几何关系R十Rcos45°=L, 阻器. 解得B= (W2+1)m% (3)根据题中所给器材，电压表的内阻已知，而电流 qL 表的内阻未知，因此可根据电压表示数得到流过它 的电流值，故采用电流表外接法，故S接b:电压表 答案：(1)m（2)2+1m 分得的电流W一品=16mA,截流迹尼，的电洗 14.解析：若P刚好能够到达C点，则℃=0，小物块由Q 沿斜面上滑到C的过程，根据动能定理有 1=17.2mA-1.6mA=15.6mA,故由欧姆定律 1 得民-=是≈1osn moi-[(qE+-mg)sin 37+u(qE+mg)cos 37r. 答案：(1)F(2)见解析(3)b103 得Q1=4,0mfs, 若刚好能够到达与O在同一水平面且在O点右侧的 Ua定2_202 12,解析：1)订泡正常发光时的电阻R-P文-100 K点，则vK=O,小物块由Q到K的过程，根据动能 =484,由于灯泡电阻随温度升高而增大，因此灯 定理有 泡在常温下的电阻阻值小于灯泡正常发光时的电阻 m-[(qE+mg)sin 3+u(qE+mg)cos+ 阻值，灯泡在常温下的阻值小于484，约为几十欧 (gE+mg)Rcos 37. 姆，由题图甲所示表盘可知，指针示数为6，则欧姆表 挡位应是“×10” 得Q2=4.4m/s 若刚好能够通过D点，则在D点有 答案-30 创新示范卷·参考答案 ,62 当粒子从b点射出时，半径最大，磁场的磁感应强度 qE+mg=m R' 有最小值，运动轨迹如图所示 由Q到D,根据动能定理有 2 mvq-mvp-[(qE+mg)sin 37+u(qE+ 由几何知识得rmax 2 L. mg)·cos37]xQ+(gE+g)R(1十c0s37), 得Q3≈5.1m/s, 联立解得Bmin 20 综上所述，要使P能够到达圃轨道，并在经过圆轨道 (3)当磁感应强度最小时，运动时间最长：在电场中 时不脱离圆轨道，P经过Q点时的速度Q应满足 4.0mfs<vQ≤4.4mfs或o≥5.1ms. 运动时间为4=2弘 o 答案：4.0mfs<o≤4.4mfs或o≥5.1m/s 15.解析：(1)带电粒子在电场中y 磁场中的最长运动时间为2怎T, 做类平抛运动，水平方向有2h 又T=2xrms-2xm =01 qBmin 竖直方向有h=之aa= 1 xBx >c 由轨远国可如0=会解得红品， 联立解得E= 粒子出磁场后做匀速直线运动，水平分速度与粒子 2gh b 在电场中的水平分速度大小相等，故运动时间相等， (2)粒子到达a点时，沿y轴负方向的分速度为，= 则有t3=山 at=0, 粒子从P点出发到回到y轴上所用时间的最大值为 则粒子到达a,点时的速度大小为v=√垢十u,=√② 0·方向与x轴正方向成45”角. 1=十？+13=16h+x 40 粒子在磁场中运动时，由牛顿第二定律得B=m 答案：(1)m h (2)2m (3)16h+xL gL 4vo 创新示范卷（十五） 题号 1 2 3 4 公 6 7 8 9 10 答案 B A A 0 B C BC AC AB 1.B[线图A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随 4,A[由楞次定律及安培定则可知，圆环中有感应电流 时间均匀增大，根据楞次定律可知，导线中电流的 产生，方向为A一BCDA,A正确：由题图可知， 方向向下，已知导线、b相互吸引，则导线b中电流的 开始时周环中的磁通量为中1=BS, 方向也向下，则P1带正电，说明正离子向上偏转，根 拧成两个面积相等的小圆环，此时圆环中的磁通量为 据左手定则可判断，P1、P2两极板间磁场的方向为垂 中2=0，可得△中=中2一中1=一BS,所以，此过程中磁 直于纸面向里，故B正确，A、C、D错误.] 通量的变化量为BS,B、D错误：由法拉第电磁感应定 2.A[闭合开关S,由于线圈的自感作用，L1逐浙变亮， 然后保持不变，根据二极管的单向导电性可知，电流 律可知，E=兽由闭合电路的欧号定律可得1是， 不会通过L2,故L2不亮，B,C错误；当断开开关S时， 其中，电荷量为q=1·△1，联立可得，此过程中，通过 线圈与二极管D形成闭合回路，则有流过L2的电流， L2变亮后再熄灭，而流过L1的电流逐渐减小，故L1 侣环横我面的电行量为一梁袋≠0，心错误.】 逐渐变暗至熄灭，A正确，D错误.] 5.D[由牛顿第二定律得Mg-mgsin0=(M十m)a,解 3.C「原磁场向里减小，根据楞次定律可知，感应电流 得线框进入磁场前运动的加速度为Q 的磁场方向与原磁场方向相同，因此感应电流的方向 Mg-mgsin0,A错误：由平衡条件Mg一ngsin日- 为顺时针方向，故A错误：根据法拉第电磁感应定律 M十m 可知B=n碧n当L2,而L=,因比ab线周中 E安=0.又F=B山】長，EB弘u,联立解得线框 感应电动势之比为16：1，故B错误：线圆电阻R= 进入磁场时匀速运动的速度为u=Mg一ngsin)R B21 P5,故a6线圈电阻之比为4：1，由闭合电路欧好 B错误：线柜微匀速运动的总时间为1=丝 定律可知1-景则a,b线周中店应电流之比为4：1… B2片2 故C正确：电功率P=E1=R,两线图电流之比为4 Mg一mgsin0)R,C错误：由能量守恒定律，该匀速运 :1,电阻之比为4：1，则电功率之比为64：1，故D 动过程中产生的焦耳热等于系统重力势能的减小量， 错误.] 则Q=(Mg-ngsin0)l2,D正确.] 答案-31