第17课 基因的分离定律-【提分宝典】2026年新高考生物一轮全考点普查教学课件

普查与练习 17 基因的分离定律 一张图学透 六组题学透 目录 遗传学概念 第（1）题 第（2）题 第（3）题 人工杂交的实验过程 基因的分离定律 性状分离比的模拟实验 第（4）题 第（5）题 第（6）题 第（7）题 第（8）题 第（9）题 第（10）题 第（11）题 第（12）题 第（13）题 第（14）题 第（15）题 第（16）题 用假说—演绎法分析实验 第 17 课 基因的分离定律 1 1 课后提分练 17 目录 A组 B组 第 17 课 基因的分离定律 第1题 第2题 第3题 第4题 第5题 第6题 第7题 第8题 第9题 随堂普查练 17 第1题 第2题 第3题 第4题 第5题 第6题 第7题 第12题 第11题 第10题 1 1 一张图学透遗传学概念 一 张 图 学 透 遗传学概念 相同 同一 相对 相同 1 1 一 张 图 学 透 遗传学概念 一张图学透遗传学概念 1 1 一 张 图 学 透 人工杂交的实验过程 外来花粉 自花传粉 一张图学透人工杂交的实验过程 1 1 一 张 图 学 透 用假说—演绎法分析实验 遗传因子 成对 一张图学透用假说—演绎法分析 实验 1 1 一张图学透 性状分离比的模拟实验 一 张 图 学 透 性状分离比的模拟实验 1 1 一张图学透基因的分离定律 一 张 图 学 透 基因的分离定律 同源染色体 1 1 （1）（2022.1浙江真题，2分）孟德尔杂交实验成功的重要因素之一是选择了严格自花受粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是（　　） 豌豆是严格自花受粉的植物，随连续自交代数的增加，杂合子比例逐渐减小，纯合子比例逐渐增大，因此豌豆在自然条件下经过连续数代自花受粉后，大多数是纯合子，故D项符合题意。 解析： 六 组 题 学 透 第17课 第（1）题 P143 A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 D 1 1 第17课 小积累 P143 常见遗传学模式生物的特点 小积累 1 1 第17课 小积累 P143 常见遗传学模式生物的特点 小积累 1 1 第17课 小积累 P143 常见遗传学模式生物的特点 小积累 1 1 A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花受粉 B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花受粉 C．F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离 D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性 人工异花授粉过程为去雄（在花蕾期除去雄蕊）→套上纸袋→人工异花授粉（待花成熟时，采集另一植株的花粉涂在去雄花的雌蕊的柱头上）→套上纸袋。豌豆花瓣开放前（花蕾期）需对母本去雄以防自花受粉，故A项错误。完成人工授粉后仍需套上纸袋以防外来花粉的干扰，故B项错误。F1自交，其F2中出现白花属于性状分离现象，其原因是等位基因分离，故C项错误。F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性，故D项正确。 （2）（经典题，2分）下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是（　　） 第17课 第（2）题 P143 解析： D 1 1 第17课 小提示 P143 小提示 1 1 A．孟德尔在一对相对性状的遗传实验中提出了性状是由染色体上的遗传因子控制的 孟德尔在“一对相对性状的遗传实验”中提出了遗传因子的说法，他认为生物的性状是由遗传因子决定的，但并未提出遗传因子位于染色体上的说法，故A项错误，符合题意。 （3）（2026改编，2分）假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种方法。假说是在观察分析、提出问题的基础上通过推理和想象提出的，演绎是根据假说进行的推理预测过程。演绎的结果是否正确需要通过实验来检验。若实验结果与演绎结果相符，则假说正确；反之，假说错误。下列说法正确的是（　　） 第17课 第（3）题 P143 解析： 1 1 B．孟德尔针对豌豆相对性状进行研究的过程中提出的“受精时，雌雄配子的结合是随机的”属于假说 “生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在，配子中只含有每对遗传因子中的一个；受精时，雌雄配子随机结合”属于假说的内容，故B项正确，不符合题意。 第17课 第（3）题 P143 （3）（2026改编，2分）假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种方法。假说是在观察分析、提出问题的基础上通过推理和想象提出的，演绎是根据假说进行的推理预测过程。演绎的结果是否正确需要通过实验来检验。若实验结果与演绎结果相符，则假说正确；反之，假说错误。下列说法正确的是（　　） 解析： 1 1 C．孟德尔针对豌豆相对性状进行研究的过程中进行的测交实验属于演绎 D．萨顿运用假说—演绎法得出了基因在染色体上的推论 孟德尔针对豌豆相对性状进行研究的过程中进行的测交实验属于实验验证，故C项错误。萨顿运用类比推理法得出了基因在染色体上的推论，故D项错误。 第17课 第（3）题 P143 解析： （3）（2026改编，2分）假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种方法。假说是在观察分析、提出问题的基础上通过推理和想象提出的，演绎是根据假说进行的推理预测过程。演绎的结果是否正确需要通过实验来检验。若实验结果与演绎结果相符，则假说正确；反之，假说错误。下列说法正确的是（　　） 1 1 （3）（2026改编，2分）假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种方法。假说是在观察分析、提出问题的基础上通过推理和想象提出的，演绎是根据假说进行的推理预测过程。演绎的结果是否正确需要通过实验来检验。若实验结果与演绎结果相符，则假说正确；反之，假说错误。下列说法正确的是（　　） A．孟德尔在一对相对性状的遗传实验中提出了性状是由染色体上的遗传因子控制的 B．孟德尔针对豌豆相对性状进行研究的过程中提出的“受精时，雌雄配子的结合是随机的”属于假说 C．孟德尔针对豌豆相对性状进行研究的过程中进行的测交实验属于演绎 D．萨顿运用假说—演绎法得出了基因在染色体上的推论 第17课 第（3）题 P143 B 1 1 第17课 小提示 P143 小提示 1 1 第17课 第（4）题 P143 图2中③受精作用过程中，雌雄配子随机结合，所以后代基因型及比例为Dd∶dd＝1∶1，其中基因型为Dd的子代所占比例为1/2 ，故A项正确，不符合题意。图1中D、d是位于同源染色体上的等位基因，随同源染色体的分离而分离，揭示了基因分离定律的实质， 故B项正确，不符合题意。 解析： （4）（2026汇编，2分）关于下列图解的理解错误的是（　　） A．图2中由于③过程的随机性，基因型为Dd的子代占所有子代的1/2 B．图1揭示了基因分离定律的实质 1 1 第17课 第（4）题 P143 测交后代性状比为1∶1，可以从个体水平上说明基因分离定律的实质，故C项错误，符合题意。 （4）（2026汇编，2分）关于下列图解的理解错误的是（　　） 解析： C．测交后代性状比为1∶1可以从细胞水平上说明基因分离定律的实质 1 1 （4）（2026汇编，2分）关于下列图解的理解错误的是（　　） 第17课 第（4）题 P143 图1揭示了减数分裂过程中，伴随同源染色体1、2的分离，等位基因D、d也分离，进入不同的配子，故D项正确，不符合题意。 解析： D．图1揭示了减数分裂过程中，伴随同源染色体1、2的分离，等位基因D、d也随之分离，进入不同的配子 1 1 （4）（2026汇编，2分）关于下列图解的理解错误的是（　　） 第17课 第（4）题 P143 A．图2中由于③过程的随机性，基因型为Dd的子代占所有子代的1/2 B．图1揭示了基因分离定律的实质 C．测交后代性状比为1∶1可以从细胞水平上说明基因分离定律的实质 D．图1揭示了减数分裂过程中，伴随同源染色体1、2的分离，等位基因D、d也随之分离，进入不同的配子 C 1 1 第17课 易错警示 P144 易错警示 1 1 第17课 第（5）题 P144 （5）（全国Ⅲ经典真题，9分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米籽粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。 ①在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是　　　　　　。 显性性状 （5）①在一对等位基因控制的相对性状中，通常杂合子表现的性状是显性性状。 解析： 1 1 第17课 第（5）题 P144 （5）（全国Ⅲ经典真题，9分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米籽粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。 ②现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米籽粒和一些凹陷的玉米籽粒，若要用这两种玉米籽粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。 ②分离定律是指杂合子形成配子时，等位基因发生分离并分别进入不同的配子中。验证分离定律常采用自交法或测交法。因所给玉米的基因型未知，可采用以下方案验证分离定律。 思路a：两种玉米分别自交，若某些玉米自交子代出现3∶1的性状分离比，则该玉米为杂合子，通过该玉米的自交子代性状分离比可验证分离定律。 解析： 1 1 第17课 第（5）题 P144 思路b：两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子（即子代不发 生性状分离的）进行杂交，获得F1，F1自交子代中若出现3∶1的性状分 离比，即可验证分离定律。 思路c：两种玉米杂交，若F1只出现一种性状，则该性状为显性性状，F1为表现出显性性状的杂合子，F1自交后代中若出现3∶1的性状分离比，可验证分离定律。思路d：两种玉米杂交，若后代出现1∶1的性状分离比，则说明一种玉米为杂合子，另一种玉米为隐性纯合子，杂合子的测交可验证分离定律。 解析： （5）（全国Ⅲ经典真题，9分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米籽粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。 ②现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米籽粒和一些凹陷的玉米籽粒，若要用这两种玉米籽粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。 1 1 第17课 第（5）题 P144 （5）（全国Ⅲ经典真题，9分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。 ②现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒，若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。 思路及预期结果：a.两种玉米分别自交，若某些玉米自交后，子代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。b.两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。c.让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1都表现一种性状，则用F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。d.让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1表现两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，则可验证分离定律。（任选两种即可） 1 1 第17课 方法便笺 P144 方法便笺 验证分离定律的方法 1 1 第17课 方法便笺 P144 方法便笺 验证分离定律的方法 1 1 （6）（2026改编，2分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，玉米颖果的球形和扁球形是一对相对性状，受一对等位基因的控制。某同学用一株结球形果的玉米植株（植株甲）进行了如下实验。 第17课 第（6）题 P144 ①植株甲自交，子代中球形果∶扁球形果＝3∶1 ②植株甲与结扁球形果植株杂交，子代全为球形果植株 ③植株甲与结扁球形果植株杂交，子代中出现扁球形果植株 ④植株甲与另一结球形果植株杂交，子代全为球形果植株 其中能够判定显隐性关系的实验是（不考虑突变）（　　） A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ 植株甲自交，子代出现性状分离，且子代中球形果∶扁球形果＝3∶1，说明球形是显性性状，扁球形是隐性性状，①符合题意。结球形果植株甲和结扁球形果植株杂交，子代只出现了球形果，说明球形是显性性状，扁球形是隐性性状，②符合题意。 解析： 1 1 （6）（2026改编，2分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，玉米颖果的球形和扁球形是一对相对性状，受一对等位基因的控制。某同学用一株结球形果的玉米植株（植株甲）进行了如下实验。 第17课 第（6）题 P144 ①植株甲自交，子代中球形果∶扁球形果＝3∶1 ②植株甲与结扁球形果植株杂交，子代全为球形果植株 ③植株甲与结扁球形果植株杂交，子代中出现扁球形果植株 ④植株甲与另一结球形果植株杂交，子代全为球形果植株 其中能够判定显隐性关系的实验是（不考虑突变）（　　） A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ 结球形果植株甲与结扁球形果植株杂交，子代中出现扁球形果植株，无法判断显隐性关系，③不符合题意。结球形果植株甲与另一结球形果植株杂交，子代全为球形果植株，无法判断显隐性关系，④不符合题意。综上所述，故A项符合题意。 解析： 1 1 （6）（2026改编，2分）玉米是一种二倍体异花传粉作物，玉米颖果的球形和扁球形是一对相对性状，受一对等位基因的控制。某同学用一株结球形果的玉米植株（植株甲）进行了如下实验。 第17课 第（6）题 P144 ①植株甲自交，子代中球形果∶扁球形果＝3∶1 ②植株甲与结扁球形果植株杂交，子代全为球形果植株 ③植株甲与结扁球形果植株杂交，子代中出现扁球形果植株 ④植株甲与另一结球形果植株杂交，子代全为球形果植株 其中能够判定显隐性关系的实验是（不考虑突变）（　　） A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ A 1 1 方法便笺 第17课 方法便笺 P145 性状显隐性的判断方法 1 1 方法便笺 第17课 方法便笺 P145 性状显隐性的判断方法 1 1 （7）（全国Ⅱ经典真题，6分）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。其中能够判定植株甲为杂合子的实验是（　　） ①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 ②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶 第17课 第（7）题 P145 ①若植株甲自花传粉，子代出现性状分离，则可以说明全缘叶为显性性状，且甲为杂合子。②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，可以说明甲和另一全缘叶植株至少有一个为纯合子，不能判断相对性状的显隐性，也不能确定甲是否为杂合子。 A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ 解析： 1 1 （7）（全国Ⅱ经典真题，6分）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。其中能够判定植株甲为杂合子的实验是（　　） ③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1　 ④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1 第17课 第（7）题 P145 ③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代性状分离比为1∶1，杂交类型属于测交，不能判断性状的显隐性，甲可能为杂合子（全缘叶为显性性状时），也可能为隐性纯合子（全缘叶为隐性性状时）。④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶比例为3∶1，说明甲为杂合子，另一全缘叶植株也为杂合子，且全缘叶为显性性状。故B项符合题意，A、C、D项不符合题意。 解析： A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ 1 1 （7）（全国Ⅱ经典真题，6分）某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。其中能够判定植株甲为杂合子的实验是（　　） ①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离 ②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶 ③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1　 ④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例 为3∶1 第17课 第（7）题 P145 B A.①或② B.①或④ C.②或③ D.③或④ 1 1 第17课 方法便笺 P145 方法便笺 纯合子与杂合子的判断方法 1 1 第17课 方法便笺 P145 方法便笺 纯合子与杂合子的判断方法 1 1 第17课 方法便笺 P145 方法便笺 纯合子与杂合子的判断方法 1 1 第17课 方法便笺 P145 方法便笺 纯合子与杂合子的判断方法 1 1 A．亲本果蝇的表型分别为野生型和间断翅脉 第17课 第（8）题 P145 （8）（湖北武汉模拟，2分）外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%，隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是（　　） 由题意可知，亲本是一对黑腹果蝇，F1中出现基因型为ii的间断翅脉个体，且F1的表型及比例为野生型∶间断翅脉＝11∶9，接近1∶1，再结合基因I和i的外显率可推断亲本的基因型应为Ii、ii，表型有2种情况，一种是均表现为野生型，另一种是分别表现为野生型与间断翅脉，故A项错误。 解析： 1 1 B．F1中野生型果蝇的基因型可能为Ii或ii 第17课 第（8）题 P145 （8）（湖北武汉模拟，2分）外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%，隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是（　　） F1的基因型及比例为Ii∶ii＝1∶1，其中ii中有10%表现为野生型，因此F1中野生型果蝇的基因型为Ii或ii，故B项正确。 解析： 1 1 C．F1中果蝇自由交配，得到F2中野生型∶间断翅脉＝7∶9 第17课 第（8）题 P145 （8）（湖北武汉模拟，2分）外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%，隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是（　　） F1中果蝇的基因型及比例为1/2Ii、1/2ii，自由交配，则F1产生雌、雄配子种类及比例均为1/4I、3/4i，自由交配子代的基因型及比例为II∶Ii∶ii＝1∶6∶9，由于i基因的外显率为90%，所以得到的F2中野生型∶间断翅脉＝79∶81，故C项错误。 解析： 1 1 D．F1的比例说明该性状的遗传不遵循基因的分离定律 第17课 第（8）题 P145 （8）（湖北武汉模拟，2分）外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%，隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是（　　） F1的表型比例是测交结果1∶1的变式，说明该性状的遗传遵循基因的分离定律，故D项错误。 解析： 1 1 A．亲本果蝇的表型分别为野生型和间断翅脉 B．F1中野生型果蝇的基因型可能为Ii或ii C．F1中果蝇自由交配，得到F2中野生型∶间断翅脉＝7∶9 D．F1的比例说明该性状的遗传不遵循基因的分离定律 第17课 第（8）题 P145 （8）（湖北武汉模拟，2分）外显率指某基因型个体显示预期表型的比例。黑腹果蝇中，显性的野生型基因I的外显率为100%，隐性的间断翅脉基因i的外显率为90%，即90%的ii基因型个体为间断翅脉，其余10%为野生型。将一对黑腹果蝇杂交后，F1中野生型∶间断翅脉＝11∶9，下列说法正确是（　　） B 1 1 第17课 方法便笺 P146 方法便笺 亲子代基因型、表型的推导方法 1 1 第17课 方法便笺 P146 方法便笺 亲子代基因型、表型的推导方法 1 1 第17课 方法便笺 P146 方法便笺 亲子代基因型、表型的推导方法 1 1 第17课 第（9）题 P146 （9）（全国模拟，6分）某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（　　） A．若Aa植株自交，淘汰掉F1中的aa植株，剩余植株自由交配，F2中 圆形∶针形＝8∶1 Aa植株自交得F1，若淘汰掉aa，则有1/3AA和2/3Aa（可产生的配子及比例为2/3A、1/3a），其自由交配得F2，F2中圆形∶针形＝8∶1，故A项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（9）题 P146 （9）（全国模拟，6分）某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（　　） B．若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，后代圆形∶针形＝5∶1 若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，雄配子有2/3A、1/3a，雌配子有1/2A、1/2a，后代圆形∶针形＝5∶1，故B项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（9）题 P146 （9）（全国模拟，6分）某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（　　） C．若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的子代随机交配，后代中Aa所 占比例为1/2 若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的子代基因型及比例为1/2AA、1/2Aa，再随机交配，雄配子全是A，雌配子为3/4A、1/4a，因此所得植株的基因型及比例为AA∶Aa＝3∶1，即后代中Aa所占比例为1/4，故C项错误，符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（9）题 P146 （9）（全国模拟，6分）某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（　　） D．若AA基因型致死，则圆叶植株自交得F1，F1自由交配所得后代中 圆形∶针形＝1∶1 若AA基因型致死，则圆叶植株的基因型均为Aa，其自交所得的F1为2/3Aa、1/3aa，F1自由交配，F2的基因型及比例为1/2Aa、1/2aa，即圆形∶针形＝1∶1，故D项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（9）题 P146 （9）（全国模拟，6分）某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（　　） A．若Aa植株自交，淘汰掉F1中的aa植株，剩余植株自由交配，F2中 圆形∶针形＝8∶1 B．若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，后代圆形∶针形＝5∶1 C．若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的子代随机交配，后代中Aa所 占比例为1/2 D．若AA基因型致死，则圆叶植株自交得F1，F1自由交配所得后代中 圆形∶针形＝1∶1 C 1 1 第17课 第（10）题 P146 （10）（安徽阜阳模拟，3分）让基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，下列说法错误的是（　　） A.a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例 具有一对相对性状的杂合子自交n代，后代杂合子所占的比例为1/2n，纯合子所占的比例为1－（1/2n） ，其中显性纯合子的比例＝隐性纯合子的比例＝（1/2）×[1－（1/2n）]。由此可见，随着自交代数的增加，后代纯合子所占的比例逐渐增大，且无限接近于1，所以a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例，故A项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（10）题 P146 （10）（安徽阜阳模拟，3分）让基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，下列说法错误的是（　　） B.b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例 C.隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小 随着自交代数的增加，显性纯合子和隐性纯合子的比例逐渐增大，且无限接近于1/2，所以b曲线可代表自交n代后显性纯合子或隐性纯合子所占的比例，故B项正确，不符合题意；C项错误，符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（10）题 P146 （10）（安徽阜阳模拟，3分）让基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，下列说法错误的是（　　） 随着自交代数的增加，杂合子所占比例越来越小，且无限接近于0，所以c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化，故D项正确，不符合题意。 D.c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化 解析： 1 1 第17课 第（10）题 P146 （10）（安徽阜阳模拟，3分）让基因型为Aa的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比例绘制成如图所示的曲线，据图分析，下列说法错误的是（　　） A.a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例 B.b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例 C.隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小 D.c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化 C 1 1 第17课 方法便笺 P146 方法便笺 不同条件下连续自交和自由交配的分析 1 1 第17课 方法便笺 P146 方法便笺 不同条件下连续自交和自由交配的分析 1 1 第17课 方法便笺 P147 方法便笺 不同条件下连续自交和自由交配的分析 1 1 第17课 方法便笺 P147 方法便笺 不同条件下连续自交和自由交配的分析 1 1 第17课 第（11）题 P147 （11）（江苏经典真题，2分）有一观赏鱼品系体色为橘红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制。某养殖者在繁殖橘红带黑斑品系时发现，后代中2/3为橘红带黑斑，1/3为野生型性状，下列叙述错误的是（　　） A.橘红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子 由题意可知，该鱼体色受一对等位基因控制，设相关基因为A、a，繁殖橘红带黑斑品系时，后代出现的表现型及比例为橘红带黑斑∶橄榄绿带黄斑＝2∶1，说明橘红带黑斑为显性性状。橘红带黑斑品系的后代出现性状分离，说明该品系为杂合子，故A项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（11）题 P147 （11）（江苏经典真题，2分）有一观赏鱼品系体色为橘红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制。某养殖者在繁殖橘红带黑斑品系时发现，后代中2/3为橘红带黑斑，1/3为野生型性状，下列叙述错误的是（　　） B.突变形成的橘红带黑斑基因具有纯合致死效应 解析： 由上述分析可知，橘红带黑斑为显性性状，则突变形成的橘红带黑斑基因为显性基因，杂合橘红带黑斑鱼（Aa）相互交配，子代表型比例为2∶1，可推知基因型为AA的个体死亡，即橘红带黑斑基因具有纯合致死效应，故B项正确，不符合题意。 1 1 第17课 第（11）题 P147 （11）（江苏经典真题，2分）有一观赏鱼品系体色为橘红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制。某养殖者在繁殖橘红带黑斑品系时发现，后代中2/3为橘红带黑斑，1/3为野生型性状，下列叙述错误的是（　　） C.自然繁育条件下，橘红带黑斑性状容易被淘汰 D.通过多次回交，可获得性状不再分离的橘红带黑斑品系 由于橘红带黑斑基因具有纯合致死效应，自然繁育条件下，该显性基因的频率会逐渐下降，所以橘红带黑斑性状容易被淘汰，故C项正确，不符合题意。橘红带黑斑基因显性纯合时致死，则无论回交多少次，所得橘红带黑斑品系均为杂合子，故D项错误，符合题意。  解析： 1 1 第17课 第（11）题 P147 （11）（江苏经典真题，2分）有一观赏鱼品系体色为橘红带黑斑，野生型为橄榄绿带黄斑，该性状由一对等位基因控制。某养殖者在繁殖橘红带黑斑品系时发现，后代中2/3为橘红带黑斑，1/3为野生型性状，下列叙述错误的是（　　） A.橘红带黑斑品系的后代中出现性状分离，说明该品系为杂合子 B.突变形成的橘红带黑斑基因具有纯合致死效应 C.自然繁育条件下，橘红带黑斑性状容易被淘汰 D.通过多次回交，可获得性状不再分离的橘红带黑斑品系 D 1 1 第17课 第（11）题 P147 方法便笺 常染色体遗传中的致死问题 1 1 第17课 第（11）题 P147 方法便笺 常染色体遗传中的致死问题 1 1 第17课 第（12）题 P148 （12）（经典题，4分）果蝇的某一对相对性状由等位基因（N、n）控制，其中一个基因在纯合时能使合子致死（注：NN、XnXn、XnY等均视为纯合子）。有人用一对果蝇杂交，得到F1中果蝇共185只，其中雄蝇63只。 控制这一性状的基因位于　　　　染色体上。 X F1中果蝇共185只，其中雄蝇63只，则雌蝇 ∶雄蝇≈2 ∶1，说明致死基因导致雄蝇部分致死，由此可知该基因位于X染色体上。 解析： 变式训练 1 1 第17课 小提示P148 小提示 1 1 第17课 第（13）题 P148 （13）（2023全国Ⅰ真题，6分）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）；基因A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性，A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（　　） A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 解析： 由题意可知，全抗植株的基因型有3种：A1A1、A1A2、A1a，抗性植株的基因型有2种：A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，有六种交配情况：A1A1与A2A2（或A2a）交配，子代全是全抗植株；A1A2与A2A2（或A2a）交配，子代 1 1 第17课 第（13）题 P148 （13）（2023全国Ⅰ真题，6分）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）；基因A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性，A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（　　） A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 解析： 全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2A2交配，子代全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2a交配，子代全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1，故A项错误，符合题意；D项正确，不符合题意。 1 1 第17课 第（13）题 P148 （13）（2023全国Ⅰ真题，6分）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）；基因A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性，A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（　　） B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1 C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1 解析： 抗性植株与易感植株杂交，若是A2a与aa交配，子代抗性（A2a）∶易感（aa）＝1∶1，故B项正确，不符合题意。全抗植株与易感植株杂交，若是A1A1与aa交配，子代全为全抗（A1a）；若是A1A2与aa交配，子代全抗（A1a）∶抗性（A2a）＝1∶1；若是A1a与aa交配，子代全抗（A1a）∶易感（aa）＝1∶1，故C项正确，不符合题意。 1 1 第17课 第（13）题 P148 （13）（2023全国Ⅰ真题，6分）水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个（A1、A2、a）；基因A1控制全抗性状（抗所有菌株），基因A2控制抗性性状（抗部分菌株），基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性，A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是（ ）　 A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1 C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1 D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 A 1 1 第17课 小提示 P148 小提示 1 1 第17课 第（14）题 P148 （14）（浙江经典真题，2分）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马＝1∶2∶1.下列叙述正确的是（　　） A.马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性 B.F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果 分析题中信息“棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马＝1∶2∶1”可知，马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，故A项错误。F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，故B项错误。 解析： 1 1 第17课 第（14）题 P148 （14）（浙江经典真题，2分）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马＝1∶2∶1.下列叙述正确的是（　　） C.F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为 D.F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表型的比 例相同 F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为（1/4）＋（1/2）×（1/4）＝3/8，雌性棕色马所占的比例为（1/2）×（3/8）＝3/16，故C项错误。假设相关基因为A、a，F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型及比例为AA∶Aa＝1∶1，表型为棕色马与淡棕色马，比例为1∶1，故D项正确。 解析： 1 1 第17课 第（14）题 P148 （14）（浙江经典真题，2分）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马＝1∶2∶1.下列叙述正确的是（　　） A.马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性 B.F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果 C.F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为 D.F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表型的比 例相同 D 1 1 第17课 小提示 P148 小提示 1 1 第17课 第（15）题 P148 （15）（经典题，2分）已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（　　） A.若双亲无角，则子代全部无角 B.若双亲有角，则子代全部有角 双亲无角，如果母本的基因型是Hh，则子代雄性中会出现有角个体，故A项错误。双亲有角，如果父本的基因型是Hh，母本的基因型是HH，则子代雌性中会出现无角个体，故B项错误。 解析： 1 1 第17课 第（15）题 P148 （15）（经典题，2分）已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（　　） C.绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律 D.若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为1∶1 绵羊角的性状遗传遵循基因分离定律，在减数分裂过程中，等位基因H、h发生分离，故C项错误。双亲基因型为Hh，则子代雄性个体中有角与无角的数量比为3∶1，雌性个体中有角与无角的数量比为1∶3，所以子代有角与无角的数量比为1∶1，故D项正确。 解析： 1 1 第17课 第（15）题 P148 （15）（经典题，2分）已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（　　） A.若双亲无角，则子代全部无角 B.若双亲有角，则子代全部有角 C.绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律 D.若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为1∶1 D 1 1 小提示 第17课 小提示 P148 1 1 第17课 第（16）题 P149 （16）（吉林二模，2分）下列对二倍体生物的遗传分析和推理，错误的是（　　） A．对AaBb进行测交，可以根据测交结果判断两对基因之间的位置关系 B．将具有相对性状的个体进行杂交，一定能判断性状的显隐关系 若AaBb测交后代只有2种表型，则AaBb只能产生两种配子，可以确定两对基因位于一对同源染色体上；若AaBb测交后代有4种表型，说明AaBb能够产生四种配子，可以确定两对基因位于两对同源染色体上，故A项正确，不符合题意。具有相对性状的两亲本杂交，若子代有两种性状，则无法判断性状的显隐性，如显性杂合体Aa和隐性个体aa杂交，故B项错误，符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（16）题 P149 （16）（吉林二模，2分）下列对二倍体生物的遗传分析和推理，错误的是（　　） C．连续自交并筛选，可以提高水稻种群中显性纯合子的比例 D．可通过正、反交来确定基因位于常染色体上还是X染色体上 连续自交并逐代淘汰隐性个体可以提高水稻种群中显性纯合子的比例，故C项正确，不符合题意。如果正、反交后代表型都相同，说明该对基因位于常染色体上；如果正、反交后代表型不相同，说明该对基因位于X染色体上，故D项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第（16）题 P149 （16）（吉林二模，2分）下列对二倍体生物的遗传分析和推理，错误的是（　　） A．对AaBb进行测交，可以根据测交结果判断两对基因之间的位置关系 B．将具有相对性状的个体进行杂交，一定能判断性状的显隐关系 C．连续自交并筛选，可以提高水稻种群中显性纯合子的比例 D．可通过正、反交来确定基因位于常染色体上还是X染色体上 B 1 1 第17课 方法便笺P149 方法便笺 几种交配方式的应用 1 1 第17课 方法便笺P149 方法便笺 几种交配方式的应用 1 1 第17课 第1题 P149 随 堂 普 查 练 1. （2023海南真题，3分）某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（　　） A.①和②杂交，产生的后代雄性不育 ①（P）dd（雄性不育）作为母本和②（H）dd（雄性可育）作为父本杂交，产生的后代的基因型均为（P）dd，表现为雄性不育，故A项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第1题 P149 1. （2023海南真题，3分）某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（　　） B.②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变 ②③④均为雄性可育的纯合子，可稳定遗传，自交后代均为雄性可育，且基因型不变，故B项正确，不符合题意。 解析： 随 堂 普 查 练 1 1 第17课 第1题 P149 1. （2023海南真题，3分）某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（　　） C.①和③杂交获得生产上可利用的杂交种，其自交后代出现性状分离，故需年年制种 ①（P）dd（雄性不育）作为母本和③（H）DD（雄性可育）作为父本杂交，产生的后代的基因型为（P）Dd，为杂交种，自交后代会表现出性状分离，因而需要年年制种，故C项正确，不符合题意。 解析： 随 堂 普 查 练 1 1 第17课 第1题 P149 1. （2023海南真题，3分）某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（　　） D.①和③杂交后代作父本，②和③杂交后代作母本，二者杂交后代雄性可育和不育的比例为3∶1 ①和③杂交后代的基因型为（P）Dd，②和③杂交后代的基因型为（H）Dd，若前者作父本，后者作母本，则二者杂交的后代的基因型有（H）DD、（H）Dd、（H）dd，均为雄性可育，故D项错误，符合题意。 解析： 随 堂 普 查 练 1 1 第17课 第1题 P149 1. （2023海南真题，3分）某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（　　） A.①和②杂交，产生的后代雄性不育 B.②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变 C.①和③杂交获得生产上可利用的杂交种，其自交后代出现性状分离，故需年年制种 D.①和③杂交后代作父本，②和③杂交后代作母本，二者杂交后代雄性可育和不育的比例为3∶1 D 随 堂 普 查 练 1 1 第17课 第2题 P149 2. （北京丰台区一模，2分）现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是（　　） A.穗形性状中稀穗对正常穗为隐性 B.控制穗形的基因遵循基因分离定律 根据题意和表格可知，甲和乙是野生型，为正常穗，而丙是稀穗突变体。甲×丙杂交后产生F1，F1自交后得F2，F2中正常∶突变＝91∶27≈3∶1；乙×丙杂交后产生F1，F1自交后得F2，F2中正常∶突变＝860∶272≈3∶1。 解析： 1 1 第17课 第2题 P149 2. （北京丰台区一模，2分）现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是（　　） A.穗形性状中稀穗对正常穗为隐性 B.控制穗形的基因遵循基因分离定律 2种杂交组合的F2穗形的比例说明稀穗突变为隐性性状，正常穗为显性性状，且控制穗形的基因的遗传遵循基因分离定律，故A、B项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第2题 P149 2. （北京丰台区一模，2分）现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是（　　） C.F1测交后代中正常株∶突变株≈1∶1 2种杂交组合的F2中正常∶突变≈3∶1，说明F1为杂合子，F1测交后代中正常株∶突变株≈1∶1，故C项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第2题 P149 2. （北京丰台区一模，2分）现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是（　　） D.控制甲和乙穗形的基因是非等位基因 2种杂交组合的F2中正常∶突变≈3∶1，说明F1为杂合子，F1测交后代中正常株∶突变株≈1∶1，故C项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第2题 P149 2. （北京丰台区一模，2分）现有野生型水稻品种甲和品种乙，甲用γ射线诱变处理后，经筛选获得稀穗突变体丙，丙分别与甲和乙杂交，统计F2穗形，结果如表。以下分析不正确的是（　　） A.穗形性状中稀穗对正常穗为隐性 B.控制穗形的基因遵循基因分离定律 C.F1测交后代中正常株∶突变株≈1∶1 D.控制甲和乙穗形的基因是非等位基因 D 1 1 第17课 第3题 P149 3. （北京朝阳区一模，2分）极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，将其与正常纤维陆地棉杂交获得F1，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙）。经研究发现，乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应。据此推测合理的是（　　） A．甲与正常纤维陆地棉的杂交后代不发生性状分离 极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，说明甲是杂合体。将甲与正常纤维陆地棉杂交，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙），其原因是乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗 解析： 1 1 第17课 第3题 P149 3. （北京朝阳区一模，2分）极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，将其与正常纤维陆地棉杂交获得F1，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙）。经研究发现，乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应。据此推测合理的是（　　） A．甲与正常纤维陆地棉的杂交后代不发生性状分离 传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应，说明乙是显性纯合体。正常纤维陆地棉是隐性个体，甲是杂合体，甲与正常纤维陆地棉的杂交后代发生性状分离，故A项不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第3题 P149 3. （北京朝阳区一模，2分）极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，将其与正常纤维陆地棉杂交获得F1，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙）。经研究发现，乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应。据此推测合理的是（　　） B．乙与正常纤维陆地棉的杂交后代会发生性状分离 C．甲与正常纤维陆地棉的杂交后代无致死个体 乙是显性纯合体，与正常纤维陆地棉的杂交后代不会发生性状分离，故B项不符合题意。甲是杂合体，与正常纤维陆地棉的杂交后代不会出现显性纯合体，因此无致死个体，故C项符合题意。 解析： 1 1 第17课 第3题 P149 3. （北京朝阳区一模，2分）极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，将其与正常纤维陆地棉杂交获得F1，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙）。经研究发现，乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应。据此推测合理的是（　　） D．乙与正常纤维陆地棉的杂交后代有致死个体 乙是显性纯合体，与正常纤维陆地棉的杂交后代都是杂合体，不会有致死个体，故D项不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第3题 P149 3. （北京朝阳区一模，2分）极短纤维陆地棉（甲）显性纯合致死，将其与正常纤维陆地棉杂交获得F1，F1自交产生的F2中发现一些极短纤维陆地棉为纯合子（乙）。经研究发现，乙获得了正常纤维陆地棉的另一对独立遗传的隐性基因，抑制了极短纤维的致死效应。据此推测合理的是（　　） A．甲与正常纤维陆地棉的杂交后代不发生性状分离 B．乙与正常纤维陆地棉的杂交后代会发生性状分离 C．甲与正常纤维陆地棉的杂交后代无致死个体 D．乙与正常纤维陆地棉的杂交后代有致死个体 C 1 1 第17课 第4题 P149 4. （2024安徽真题，3分）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） A．1/2　　B．3/4　　C．15/16　　D．1 由题意可知，控制白色的基因在雄虫中不表达。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性。若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为AA或Aa或aa。 解析： 1 1 第17课 第4题 P149 A．1/2　　B．3/4　　C．15/16　　D．1 若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1。 解析： 4. （2024安徽真题，3分）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） 1 1 第17课 第4题 P149 A．1/2　　B．3/4　　C．15/16　　D．1 若黄色雄虫基因型为Aa，则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16。 解析： 4. （2024安徽真题，3分）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） 1 1 4. （2024安徽真题，3分）某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） 第17课 第4题 P149 A．1/2　　B．3/4　　C．15/16　　D．1 若黄色雄虫基因型为aa，则F1基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，F2雌性中白色个体的比例为3/4。综上所述，故A项符合题意。 解析： A 1 1 第17课 第5题 P150 5．（广东模拟，2分）紫罗兰花色分为紫色和白色两种，分别受等位基因D和d控制，且含有D基因的雄配子的存活率为1/2。某实验小组为模拟基因型为Dd的紫花植株的自交过程，取甲、乙两个桶，甲代表雌性生殖器官，乙代表雄性生殖器官，向两桶中分别放入标有D和d的小球若干，摇匀后随机抓取进行组合。下列说法错误的是（　　） A．甲桶中放入D和d小球的比例应为1∶1，乙桶中放入的比例应为 1∶2 甲桶模拟雌配子产生情况，放入的D和d小球的比例是1∶1；乙桶模拟雄配子产生情况，由于含D基因的雄配子的存活率为1/2，所以乙桶中放入D和d小球的比例应为1∶2，故A项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第5题 P150 5．（广东模拟，2分）紫罗兰花色分为紫色和白色两种，分别受等位基因D和d控制，且含有D基因的雄配子的存活率为1/2。某实验小组为模拟基因型为Dd的紫花植株的自交过程，取甲、乙两个桶，甲代表雌性生殖器官，乙代表雄性生殖器官，向两桶中分别放入标有D和d的小球若干，摇匀后随机抓取进行组合。下列说法错误的是（　　） B．甲桶中小球和乙桶中小球的总数量不是必须相等的 甲、乙两桶分别代表雌性和雄性的生殖器官，而自然条件下，雌配子和雄配子的数目往往不相等，因此甲桶中小球和乙桶中小球的总数量不是必须相等的，故B项正确，不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第5题 P150 5．（广东模拟，2分）紫罗兰花色分为紫色和白色两种，分别受等位基因D和d控制，且含有D基因的雄配子的存活率为1/2。某实验小组为模拟基因型为Dd的紫花植株的自交过程，取甲、乙两个桶，甲代表雌性生殖器官，乙代表雄性生殖器官，向两桶中分别放入标有D和d的小球若干，摇匀后随机抓取进行组合。下列说法错误的是（　　） C．子代中，DD、Dd、dd三种组合的比例应为1∶3∶3 由于含D基因的雄配子的存活率为1/2，所以雄配子中D∶d＝1∶2，雌配子中D∶d＝1∶1，雌雄配子随机结合后，DD∶Dd∶dd＝1∶3∶2，故C项错误，符合题意。 解析： 1 1 第17课 第5题 P150 5．（广东模拟，2分）紫罗兰花色分为紫色和白色两种，分别受等位基因D和d控制，且含有D基因的雄配子的存活率为1/2。某实验小组为模拟基因型为Dd的紫花植株的自交过程，取甲、乙两个桶，甲代表雌性生殖器官，乙代表雄性生殖器官，向两桶中分别放入标有D和d的小球若干，摇匀后随机抓取进行组合。下列说法错误的是（　　） D．每次抓取之后，需要将小球重新放回桶中 每次抓取之后，需要将小球重新放回桶中，防止改变抓取的概率，故D项正确，不符合题意。 解析： 1 1 5．（广东模拟，2分）紫罗兰花色分为紫色和白色两种，分别受等位基因D和d控制，且含有D基因的雄配子的存活率为1/2。某实验小组为模拟基因型为Dd的紫花植株的自交过程，取甲、乙两个桶，甲代表雌性生殖器官，乙代表雄性生殖器官，向两桶中分别放入标有D和d的小球若干，摇匀后随机抓取进行组合。下列说法错误的是（　　） 第17课 第5题 P150 A．甲桶中放入D和d小球的比例应为1∶1，乙桶中放入的比例应为 1∶2 B．甲桶中小球和乙桶中小球的总数量不是必须相等的 C．子代中，DD、Dd、dd三种组合的比例应为1∶3∶3 D．每次抓取之后，需要将小球重新放回桶中 C 1 1 第17课 第6题 P150 6．（山东联考，2分）已知兔子的毛色受一组复等位基因C、cch、ch、c控制，上述基因均位于常染色体上。不同基因型兔子的表型如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 在完全显性的情况下，显性纯合子与杂合子的表型相同，都是显性性状，隐性纯合子表现出隐性性状。据表可知，cchcch的表型为灰毛，cchch、cchc的表型都为浅灰毛，即cch、ch、c之间是不完全显性关系，因此C、cch、ch、c之间不具有一定次序的完全显隐性关系，故A项错误。 解析： A．由表可知，C、cch、ch、c之间具有一定次序的完全显隐性关系 1 1 第17课 第6题 P150 6．（山东联考，2分）已知兔子的毛色受一组复等位基因C、cch、ch、c控制，上述基因均位于常染色体上。不同基因型兔子的表型如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 不同基因型的浅灰毛兔相互交配，即cchch×cchc，后代的基因型及比例为cchcch（灰毛兔）∶cchc（浅灰毛兔）∶cchch（浅灰毛兔）∶chc（爪等体端黑色的白毛兔）＝1∶1∶1∶1，即后代的表型为灰毛∶浅灰毛∶爪等体端黑色的白毛＝1∶2∶1，故B项错误。 B．不同基因型的浅灰毛兔相互交配，后代的表型为灰毛∶浅灰毛＝3∶1 解析： 1 1 第17课 第6题 P150 6．（山东联考，2分）已知兔子的毛色受一组复等位基因C、cch、ch、c控制，上述基因均位于常染色体上。不同基因型兔子的表型如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 若想确定某只雄兔的基因型，可采用测交的方式，即可让其与多只雌性白毛兔（基因型为cc）交配，看后代表型即可判断，故C项正确。 解析： C．若想确定某只雄兔的基因型，则可让其与多只雌性白毛兔交配，看后、 代表型即可判断 1 1 第17课 第6题 P150 6．（山东联考，2分）已知兔子的毛色受一组复等位基因C、cch、ch、c控制，上述基因均位于常染色体上。不同基因型兔子的表型如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 结合B选项的分析可知，当亲本的基因型组合为cchch×cchc时，后代也出现3种表型，故D项错误。 解析： D．若后代出现3种表型，则亲本的基因型组合一定为Ccch×cchch 1 1 A．由表可知，C、cch、ch、c之间具有一定次序的完全显隐性关系 B．不同基因型的浅灰毛兔相互交配，后代的表型为灰毛∶浅灰毛＝3∶1 C．若想确定某只雄兔的基因型，则可让其与多只雌性白毛兔交配，看后 代表型即可判断 D．若后代出现3种表型，则亲本的基因型组合一定为Ccch×cchch 第17课 第6题 P150 6．（山东联考，2分）已知兔子的毛色受一组复等位基因C、cch、ch、c控制，上述基因均位于常染色体上。不同基因型兔子的表型如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） C 1 1 （1）以品系甲（基因型为D1D1）为材料，获得D1功能缺失的纯合突变体1，进行了四组杂交实验，测定所结种子的萌发率，结果如图1。杂交一和杂交二的实验结果表明D1基因的功能是_______________。 第17课 第7题 P150 7．（北京东城区二模，10分）为探究影响拟南芥种子萌发的分子机制，研究人员进行了如下实验。 （1）由题意可知，突变体1是D1功能缺失的纯合子，设基因型为DD。杂交一中，品系甲自交，即D1D1自交，种子萌发率＞40%，而杂交二中，DD自交，种子萌发率约为13%，则杂交一和杂交二的实验结果表明D1基因的功能是促进种子萌发。 解析： 促进种子萌发 1 1 （2）现有基因型为D2D2的拟南芥品系乙，表型与品系甲同为高萌发率。研究人员利用品系甲和品系乙进行杂交实验，并分别提取种子中的RNA，逆转录后用相同引物进行扩增，结果见图2。上述实验结果是否支持来自父本的D基因表达受抑制这一推测，请说明理由。 第17课 第7题 P150 （2）据图可知，图2中第3组结果显示D1基因转录量高于D2基因，第4组结果显示D2基因转录量高于D1基因，均为来自父本的D基因转录量低于来自母本的D基因，说明来自父本的D基因表达受抑制，故上述实验结果支持来自父本的D基因表达受抑制这一推测。 解析： 1 1 （2）现有基因型为D2D2的拟南芥品系乙，表型与品系甲同为高萌发率。研究人员利用品系甲和品系乙进行杂交实验，并分别提取种子中的RNA，逆转录后用相同引物进行扩增，结果见图2。上述实验结果是否支持来自父本的D基因表达受抑制这一推测，请说明理由。 第17课 第7题 P150 支持；图2中第3组结果显示D1基因转录量高于D2，第4组结果显示D2基因转录量高于D1，均为来自父本的D基因转录量低于来自母本的D基因，说明来自父本的D基因表达受抑制 1 1 （3）研究人员分别检测了图2中3组和4组所结种子中D基因的甲基化情况，实验结果为_______________________________________________________ _________________________________，证实DNA甲基化水平升高会抑制基因的表达，D基因的表达受到表观遗传调控。 第17课 第7题 P150 （3）据图可知，3组和4组是正反交实验，3组和4组的D1基因和D2基因均表达，而1组表达D1基因，2组表达D2基因。若DNA甲基化水平升高会抑制基因的表达，D基因的表达受到表观遗传调控，则预测实验结果为：3组所结种子D1基因的甲基化水平低于D2基因，4组所结种子D1基因的甲基化水平高于D2基因。 解析： 3组所结种子D1基因的甲基化水平低于D2基因，4组所结种子D1基因的甲基化水平高于D2基因 1 1 （4）R基因控制去甲基化酶的合成，推测R可以降低来自父本的D基因甲基化程度，防止其表达完全被抑制。通过一代杂交实验，并检测子代D基因的转录情况，可验证该推测。请利用下列实验材料设计实验组和对照组的杂交方案。 实验材料：品系甲、品系乙、突变体2（诱导品系甲的R基因功能缺失 获得的纯合突变体）、突变体3（诱导品系乙的R基因功能缺失获得的 纯合突变体） 第17课 第7题 P150 （4）假设R基因功能缺失的纯合突变体为R－R－，若R基因通过控制去甲基化酶的合成来降低来自父本的D基因甲基化程度，则可选择实验组：雌性突变体2（R－R－D1D1）×雄性突变体3（R－R－D2D2），对照组：雌性品系甲（D1D1）×雄性品系乙（D2D2），（或实验组：雌性突变体3×雄性 解析： 1 1 第17课 第7题 P150 突变体2；对照组：雌性品系乙×雄性品系甲），实验组的子一代基因型为R－R－D1D2，对照组的子一代基因型为D1D2，若假设正确，则实验组的甲基化程度应高于对照组，且实验组D基因的转录量低于对照组。 解析： （4）R基因控制去甲基化酶的合成，推测R可以降低来自父本的D基因甲基化程度，防止其表达完全被抑制。通过一代杂交实验，并检测子代D基因的转录情况，可验证该推测。请利用下列实验材料设计实验组和对照组的杂交方案。 实验材料：品系甲、品系乙、突变体2（诱导品系甲的R基因功能缺失 获得的纯合突变体）、突变体3（诱导品系乙的R基因功能缺失获得的 纯合突变体） 1 1 第17课 第7题 P150 实验组：雌性突变体2（R－R－D1D1）×雄性突变体3（R－R－D2D2），对照组：雌性品系甲（D1D1）×雄性品系乙（D2D2），（或实验组：雌性突变体3×雄性突变体2；对照组：雌性品系乙×雄性品系甲） （4）R基因控制去甲基化酶的合成，推测R可以降低来自父本的D基因甲基化程度，防止其表达完全被抑制。通过一代杂交实验，并检测子代D基因的转录情况，可验证该推测。请利用下列实验材料设计实验组和对照组的杂交方案。 实验材料：品系甲、品系乙、突变体2（诱导品系甲的R基因功能缺失 获得的纯合突变体）、突变体3（诱导品系乙的R基因功能缺失获得的 纯合突变体） 1 1 第17课 第1题 P73 1．（全国Ⅰ经典真题，6分）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇），子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1。据此无法判断的是（　　） 课 后 提 分 练 A.长翅是显性性状还是隐性性状 B.亲代雌蝇是杂合子还是纯合子 由题意可知，长翅果蝇与长翅果蝇杂交后代中出现截翅果蝇，说明截翅是隐性性状，长翅是显性性状，故A项不符合题意。根据杂交的后代发生了性状分离可知，亲代雌蝇一定为杂合子，故B项不符合题意。 解析： 1 1 第17课 第1题 P73 1．（全国Ⅰ经典真题，6分）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇），子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1。据此无法判断的是（　　） C.该等位基因位于常染色体还是X染色体上 D.该等位基因在雌蝇体细胞中是否成对存在 无论控制翅形的基因位于X染色体上还是常染色体上，后代中均会出现长翅∶截翅＝3∶1的情况，故C项符合题意。根据后代中长翅∶截翅＝3∶1可知，控制翅形的基因的遗传遵循基因的分离定律，因此可推测该等位基因在雌蝇体细胞中是成对存在的，故D项不符合题意。 解析： 课 后 提 分 练 1 1 第17课 第1题 P73 1．（全国Ⅰ经典真题，6分）已知果蝇的长翅和截翅由一对等位基因控制。多只长翅果蝇进行单对交配（每个瓶中有1只雌果蝇和1只雄果蝇），子代果蝇中长翅∶截翅＝3∶1。据此无法判断的是（　　） A.长翅是显性性状还是隐性性状 B.亲代雌蝇是杂合子还是纯合子 C.该等位基因位于常染色体还是X染色体上 D.该等位基因在雌蝇体细胞中是否成对存在 C 课 后 提 分 练 1 1 2. （辽宁沈阳模拟，2分）我国著名遗传学家谈家桢早年研究异色瓢虫斑纹遗传特征时发现了“镶嵌显性”这一遗传现象，即双亲的性状在F1同一个体的不同部位表现出来，形成镶嵌图式。如图是异色瓢虫两种纯合子杂交实验的结果，有关判断正确的是（　　） 第17课 第2题 P73 1 1 A．瓢虫鞘翅斑纹的遗传不遵循孟德尔分离规律 由图可知，瓢虫鞘翅斑纹的遗传受到SA和SE这一对等位基因的控制，说明该性状的遗传遵循基因的分离定律，故A项错误。 有关判断正确的是（　　） 第17课 第2题 P73 解析： 1 1 B．F2中表型与亲本相同的个体，基因型也与亲本相同 F1个体间自由交配，F2中出现的3种基因型，比例为SASA∶SASE∶SESE＝1∶2∶1，根据图中信息可知，黑缘型（SASA）与均色型（SESE）均为纯合子，与对应亲本基因型相同，故B项正确。 有关判断正确的是（　　） 解析： 第17课 第2题 P73 1 1 C．除去F2中的黑缘型，其他个体间随机交尾，F3中均色型占1/9 除去F2中的黑缘型，新类型和均色型个体比例为SASE∶SESE＝2∶1，个体间随机交尾，产生配子种类及比例为SA∶SE＝1∶2，F3中均色型所占比例为（2/3）× （2/3） ＝4/9，故C项错误。 有关判断正确的是（　　） 第17课 第2题 P73 解析： 1 1 D．新类型个体中，SE在鞘翅前缘为显性，SA在鞘翅后缘为显性 F1表现为鞘翅前缘和后缘均有黑色斑，说明SA在鞘翅前缘为显性，SE在鞘翅后缘为显性，故D项错误。 有关判断正确的是（　　） 第17课 第2题 P73 解析： 1 1 2. （辽宁沈阳模拟，2分）我国著名遗传学家谈家桢早年研究异色瓢虫斑纹遗传特征时发现了“镶嵌显性”这一遗传现象，即双亲的性状在F1同一个体的不同部位表现出来，形成镶嵌图式。如图是异色瓢虫两种纯合子杂交实验的结果，有关判断正确的是（　　） A．瓢虫鞘翅斑纹的遗传不遵循孟德尔分离规律 B．F2中表型与亲本相同的个体，基因型也与亲本相同 C．除去F2中的黑缘型，其他个体间随机交尾，F3中均色型占1/9 D．新类型个体中，SE在鞘翅前缘为显性，SA在鞘翅后缘为显性 B 第17课 第2题 P73 1 1 A．需要准备三种不同颜色的彩球，分别标记为D、d、Y，以表示 XD、Xd、Y 抗维生素D佝偻病为伴X染色体显性遗传病，故在模拟实验中需要准备三种不同颜色的彩球，分别标记为D、d、Y，以表示XD、Xd、Y，故A项正确，不符合题意。 3. （山东威海模拟，2分）某生物兴趣小组利用性状分离比的模拟实验探究人类抗维生素D佝偻病的遗传规律，下列叙述中错误的 是（　　） 解析： 第17课 第3题 P73 1 1 B．甲桶装入D、d两种彩球各10个，乙桶装入Y彩球、另一种彩球 各10个 用碘液检测基因型为Bb的植株产生的花粉，结果是一半显蓝色，一半显棕色，说明形成配子时B基因和b基因发生了分离，能验证基因的分离定律，故A项不符合题意。基因型为Dd的植株自交，产生的子代中矮茎植株占1/4，说明高茎和矮茎的比例是3∶1，能验证基因的分离定律，故B项不符合题意。 解析： 3. （山东威海模拟，2分）某生物兴趣小组利用性状分离比的模拟实验探究人类抗维生素D佝偻病的遗传规律，下列叙述中错误的 是（　　） 第17课 第3题 P73 1 1 C．每次抓取彩球统计后，需将彩球放回原来的桶内并摇匀，再进 行下一次抓取 D．通过模拟正常女性与患病男性婚配的实验，可得出该病具有隔 代交叉遗传的特点 为了保证每种配子被抓取的概率相等，每次抓取彩球统计后，应将彩球放回原来的桶内并摇匀，再进行下一次抓取，以减少实验误差，故C项正确，不符合题意。抗维生素D佝偻病属于X染色体上的显性遗传病，具有连续遗传的特点，故D项错误，符合题意。 解析： 3. （山东威海模拟，2分）某生物兴趣小组利用性状分离比的模拟实验探究人类抗维生素D佝偻病的遗传规律，下列叙述中错误的 是（　　） 第17课 第3题 P73 1 1 3. （山东威海模拟，2分）某生物兴趣小组利用性状分离比的模拟实验探究人类抗维生素D佝偻病的遗传规律，下列叙述中错误的 是（　　） A．需要准备三种不同颜色的彩球，分别标记为D、d、Y，以表示 XD、Xd、Y B．甲桶装入D、d两种彩球各10个，乙桶装入Y彩球、另一种彩球 各10个 C．每次抓取彩球统计后，需将彩球放回原来的桶内并摇匀，再进 行下一次抓取 D．通过模拟正常女性与患病男性婚配的实验，可得出该病具有隔 代交叉遗传的特点 D 第17课 第3题 P73 1 1 4．（海南经典真题，2分）孟德尔的豌豆杂交实验和摩尔根的果蝇杂交实验是遗传学的两个经典实验。下列有关这两个实验的叙述，错误的是（　　） A．均将基因和染色体行为进行类比推理，得出相关的遗传学定律 B．均采用统计学方法分析实验结果 两个实验都是采用假说—演绎法得出相关的遗传学定律，孟德尔的豌豆杂交实验没有将基因和染色体的行为进行类比推理，故A项错误，符合题意。孟德尔豌豆杂交实验和摩尔根果蝇杂交实验都采用了统计学方法分析实验数据，进而得出实验结论，故B项正确，不符合题意。 第17课 第4题 P73 解析： 1 1 4．（海南经典真题，2分）孟德尔的豌豆杂交实验和摩尔根的果蝇杂交实验是遗传学的两个经典实验。下列有关这两个实验的叙述，错误的是（　　） C．对实验材料和相对性状的选择是实验成功的重要保证 D．均采用测交实验来验证假说 孟德尔豌豆杂交实验成功的原因之一是选择了豌豆作为实验材料，并且从豌豆的众多性状中选择了易于区分的7对相对性状；摩尔根的果蝇杂交实验成功的原因之一是选择了果蝇作为实验材料，同时也从果蝇的众多性状当中选择了易于区分的白、红眼性状进行研究，故C项正确，不符合题意。这两个实验都采用测交实验来验证假说，故D项正确，不符合题意。 解析： 第17课 第4题 P73 1 1 4．（海南经典真题，2分）孟德尔的豌豆杂交实验和摩尔根的果蝇杂交实验是遗传学的两个经典实验。下列有关这两个实验的叙述，错误的是（　　） A．均将基因和染色体行为进行类比推理，得出相关的遗传学定律 B．均采用统计学方法分析实验结果 C．对实验材料和相对性状的选择是实验成功的重要保证 D．均采用测交实验来验证假说 A 第17课 第4题 P73 1 1 5．（北京西城区二模，2分）基因E编码玉米花青素合成途径的关键蛋白，其等位基因E′通过某种机制加速E基因的mRNA降解，导致花青素产量减少。下列对实验结果的分析，正确的是（　　） A．E′基因对E基因为隐性 B．F1个体的基因型为E′E′ 分析题意可知，正常色素量（EE）和微量色素量（E′E′）杂交获得的F1全为微量色素，可以推测微量色素量对正常色素量为显性，即E′基因对E基因为显性，故A项错误。亲代正常色素量（EE）和微量色素量（E′E′）杂交，产生的F1基因型均为EE′，故B项错误。 解析： 第17课 第5题 P73 1 1 5．（北京西城区二模，2分）基因E编码玉米花青素合成途径的关键蛋白，其等位基因E′通过某种机制加速E基因的mRNA降解，导致花青素产量减少。下列对实验结果的分析，正确的是（　　） C．E′基因影响E基因的转录 D．E′对E的影响可传递给子代 根据题意可知，E′通过某种机制加速E基因的mRNA降解，影响E基因的翻译过程，导致花青素产量减少，故C项错误。结合B项分析，F1基因型均为EE′，自交产生的F2代基因型为EE、EE′、E′E′，但F2中的三种基因型植株均表现为微量色素，与F1表型一致，可推测E′对E的影响可传递给子代，故D项正确。 解析： 第17课 第5题 P73 1 1 5．（北京西城区二模，2分）基因E编码玉米花青素合成途径的关键蛋白，其等位基因E′通过某种机制加速E基因的mRNA降解，导致花青素产量减少。下列对实验结果的分析，正确的是（　　） A．E′基因对E基因为隐性 B．F1个体的基因型为E′E′ C．E′基因影响E基因的转录 D．E′对E的影响可传递给子代 D 第17课 第5题 P73 1 1 6．（2022湖南真题，13分）中国是传统的水稻种植大国，有一半以上人口以稻米为主食。在培育水稻优良品种的过程中，发现某野生型水稻叶片绿色由基因C控制。回答下列问题： （1）突变型1叶片为黄色，由基因C突变为C1所致，基因C1纯合幼苗期致死。突变型1连续自交3代，F3成年植株中黄色叶植株占______。 2/9 （1）由题可知，突变型1的基因型为C1C，第1次自交后，子代成年植株中C1C占2/3，CC占1/3，第2次自交后，子代成年植株中C1C占2/5，CC占3/5，第3次自交后，子代成年植株中C1C占2/9，CC占7/9，所以突变型1连续自交3代后，F3成年植株中黄色叶植株占2/9。 解析： 第17课 第6题 P73 1 1 （2）测序结果表明，突变基因C1转录产物编码序列第727位碱基改变，由5′－GAGAG－3′变为5′－GACAG－3′，导致第_____位氨基酸突变为________，从基因控制性状的角度解释突变体叶片变黄的机理________ ____________________________________________。（部分密码子及对应氨基酸：GAG谷氨酸；AGA精氨酸；GAC天冬氨酸；ACA苏氨酸；CAG谷氨酰胺） 243 （2）突变基因C1转录产物（mRNA）编码序列中3个相邻碱基构成一个密码子，第727位碱基属于第243个密码子的第1个碱基；翻译是从5′端到3′端方向进行的，密码子由GAG变为CAG，氨基酸由谷氨酸变为谷氨酰胺；该野生型水稻叶片绿色由基因C控制，推测基因C为与叶绿素合成相关的酶的基因，所以突变体叶片变黄的机理是基因通过控制酶的合成控制代谢过程，进而控制生物性状。 解析： 谷氨酰胺 基因通过 控制酶的合成控制代谢过程，进而控制生物性状 第17课 第6题 P73 1 1 （3）由C突变为C1产生了一个限制酶酶切位点。从突变型1叶片细胞中获取控制叶片颜色的基因片段，用限制酶处理后进行电泳（电泳条带表示特定长度的DNA片段），其结果为图中___（填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）。 （3）由题可知，突变型1的基因型为C1C，基因C无酶切位点，基因C1有一个酶切位点，用限制酶处理后，突变型1会产生3种长度的DNA片段，所以结果为图中Ⅲ。 解析： Ⅲ 第17课 第6题 P73 1 1 （4）突变型2叶片为黄色，由基因C的另一突变基因C2所致。用突变型2与突变型1杂交，子代中黄色叶植株与绿色叶植株各占50%。能否确定C2是显性突变还是隐性突变？____（填“能”或“否”），用文字说明理由： ______________________________________________________________________________________________________________________________ ______________________________________________________________ _____________________________________________________________ _______。 若C2是隐性突变，则突变型2为纯合子，则子代CC2表现为绿色，C1C2表现为黄色，子代中黄色植株和绿色植株各占50%。若C2为显性突变，突变 型2（C2C）与突变型1（C1C）杂交，子代表型及比例为黄色∶绿色＝ 3∶1；突变型2（C2C2）与突变型1（C1C）杂交，子代全为黄色，与题 意不符 （4）如果C2是显性突变，C2C和C1C杂交后代中黄色∶绿色＝3∶1；C2C2和C1C杂交后代全为黄色，如果C2是隐性突变，则突变型2为纯合子，C1C与C2C2杂交后代中C1C2为黄色，CC2为绿色，黄色叶植株与绿色叶植株各占50%，符合题中黄色∶绿色＝1∶1。 解析： 能 第17课 第6题 P73 1 1 7．（2023天津真题，11分）植酸合成酶基因A位于水稻4号染色体，其缺失导致水稻不能合成植酸而死亡。某小组对A进行基因编辑，获得2个突变基因，一个删除了3个相邻核苷酸（A－3），不影响植酸合成；另一个删除了25个相邻核苷酸（A－25），对植株的影响未知。 （1）在获得的AA－25植株中，A与A－25互称　　　　基因。为研究A－25对植株的影响，以A－25被删除的序列设计正向引物，以其下游0.5 kb处的一段序列设计反向引物，通过PCR分析AA－25自交子代基因型，电泳发现所有样本的DNA均能扩增出目标条带，未发现无扩增条带样本的原因是　　　　　　　　　　。在样本基因组DNA量及扩增条件一致时，目标条带的亮度有强有弱，亮度强的样本基因型是　　　　，比例为　　　　。 第17课 第7题 P74 1 1 第17课 第7题 P74 （1）由题干信息可知，A－25是由A基因通过基因突变产生的，因此二者属于等位基因。基因型为AA－25的植物自交产生后代的基因型及其比例为AA∶AA－25∶A－25A－25＝1∶2∶1。当对这些后代进行PCR时，正向引物与A25－被删除的序列配对，反向引物在其下游0.5 kb处，由此可 解析： （1）在获得的AA－25植株中，A与A－25互称　　　基因。为研究A－25对植株的影响，以A－25被删除的序列设计正向引物，以其下游0.5 kb处的一段序列设计反向引物，通过PCR分析AA－25自交子代基因型，电泳发现所有样本的DNA均能扩增出目标条带，未发现无扩增条带样本的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。在样本基因组DNA量 及扩增条件一致时，目标条带的亮度有强有弱，亮度强的样本基因 型是　　　　，比例为　　　　　　　　。 1 1 第17课 第7题 P74 推知，A－25基因无法与正向引物配对，从而不能进行扩增，因此只含有A－25基因的个体（基因型为A－25A－25）不具有条带。A基因能够与正向引物和反向引物进行碱基互补配对，从而扩增出条带，因此基因型为AA、AA－25的个体均具有条带，且A基因个数越多，扩增产物越多， 解析： （1）在获得的AA－25植株中，A与A－25互称　　　基因。为研究A－25对植株的影响，以A－25被删除的序列设计正向引物，以其下游0.5 kb处的一段序列设计反向引物，通过PCR分析AA－25自交子代基因型，电泳发现所有样本的DNA均能扩增出目标条带，未发现无扩增条带样本的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。在样本基因组DNA量 及扩增条件一致时，目标条带的亮度有强有弱，亮度强的样本基因 型是　　　　，比例为　　　　　　　　。 1 1 第17课 第7题 P74 条带越明亮，因此基因型为AA的植物具有较明亮的条带，基因型为AA－25的植物具有较暗的条带。由于该植物的全部后代PCR产物电泳结果都具有条带，说明基因型为A－25A－25的植株死亡（或A－25纯合致死），只有基因型为AA和AA－25的个体能够存活下来，并通过PCR 解析： （1）在获得的AA－25植株中，A与A－25互称　　　基因。为研究A－25对植株的影响，以A－25被删除的序列设计正向引物，以其下游0.5 kb处的一段序列设计反向引物，通过PCR分析AA－25自交子代基因型，电泳发现所有样本的DNA均能扩增出目标条带，未发现无扩增条带样本的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。在样本基因组DNA量 及扩增条件一致时，目标条带的亮度有强有弱，亮度强的样本基因 型是　　　　，比例为　　　　　　　　。 1 1 （1）在获得的AA－25植株中，A与A－25互称　　　基因。为研究A－25对植株的影响，以A－25被删除的序列设计正向引物，以其下游0.5 kb处的一段序列设计反向引物，通过PCR分析AA－25自交子代基因型，电泳发现所有样本的DNA均能扩增出目标条带，未发现无扩增条带样本的原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。在样本基因组DNA量 及扩增条件一致时，目标条带的亮度有强有弱，亮度强的样本基因 型是　　　　，比例为　　　　　　　　。 第17课 第7题 P74 扩增出了条带，因此亮度强的条带代表基因型为AA的植物，其所占比例为1/3。 解析： 等位 A－25纯合致死（或A－25A－25植株死亡） AA 1/3（或33.3%） 1 1 （2）为进一步研究A－25对植株的影响，在A－3A－25愈伤组织中转入A，获得6号染色体插入一个A的植株，表示为A－3A－25A，该植株自交子代中含有A－25A－25的比例为　　　　　　　。 第17课 第7题 P74 （2）由题意可知，基因A－3和A－25都在4号染色体上，再将一个A基因插入6号染色体后获得A－3A－25A的植株，由于它们位于不同的染色体上，因此该植株经过减数分裂产生的配子基因型有A－3A、 A－25A、A－3、A－25，所占比例均为1/4；该植物自交子代中，基因型为A－25A－25的个体死亡，所占比例为（1/4）×（1/4）＝1/16，那么存活的个体所占比例为1－（1/16）＝15/16。含有A－25A－25的子代存活个体基因型有2种，分别是A－25A－25AA和A－25A－25A，其中基因型为A－25A－25AA的比例为（1/4）×（1/4）＝1/16，基因型为 A－25A－25A的比例为（1/4）×（1/4）×2＝2/16，二者共占3/16，因此该植物自交子代中含有A－25A－25的比例是（3/16）÷（15/16）＝1/5。 解析： 1/5（或20%） 1 1 （3）自然状态下水稻严格自交。某逆境下，A－3A－3植株的适应能力比AA及AA－3强，每代植株数增加10%。一株AA－3水稻在该逆境下自然繁殖，每代基因频率如表，请填写表格空白处（保留至小数点后一位）。 第17课 第7题 P74 （3）基因型为A－3A的植物自交产生子代的基因型及比例为1/4AA、 1/2A－3A、1/4A－3A－3。由题干可知，基因型为A－3A－3的植物每代数量增加10%，则子一代中A－3A－3所占比例为（1/4）＋（1/4）×10%＝ 11/40， 解析： 此表表明，种群基因频率发生了变化，这种变化是_________的结果。 1 1 （3）自然状态下水稻严格自交。某逆境下，A－3A－3植株的适应能力比AA及AA－3强，每代植株数增加10%。一株AA－3水稻在该逆境下自然繁殖，每代基因频率如表，请填写表格空白处（保留至小数点后一位）。 第17课 第7题 P74 因此子一代中AA∶A－3A∶A－3A－3＝（1/4）∶（1/2）∶（11/40）＝10∶20∶11，可计算出三者的基因型频率：AA的基因型频率为10÷（10＋20＋11）＝10/41，A－3A的基因型频率为20÷（10＋20＋11）＝20/41， 解析： 此表表明，种群基因频率发生了变化，这种变化是_________的结果。 1 1 （3）自然状态下水稻严格自交。某逆境下，A－3A－3植株的适应能力比AA及AA－3强，每代植株数增加10%。一株AA－3水稻在该逆境下自然繁殖，每代基因频率如表，请填写表格空白处（保留至小数点后一位）。 第17课 第7题 P74 A－3A－3的基因型频率为11÷（10＋20＋11）＝11/41。进一步计算出子一代中A基因频率为（10/41）＋（1/2）×（20/41）≈48.8%，A－3基因频率为（11/41）＋（1/2）×（20/41）≈51.2%。自然选择导致具有有利变异 解析： 此表表明，种群基因频率发生了变化，这种变化是_________的结果。 1 1 （3）自然状态下水稻严格自交。某逆境下，A－3A－3植株的适应能力比AA及AA－3强，每代植株数增加10%。一株AA－3水稻在该逆境下自然繁殖，每代基因频率如表，请填写表格空白处（保留至小数点后一位）。 第17课 第7题 P74 的个体存活下来，具有不利变异的个体被淘汰，使后代中决定有利变异的基因频率增大，决定不利变异的基因频率减小，因此种群基因频率的改变是自然选择的结果。 解析： 51.2 此表表明，种群基因频率发生了变化，这种变化是_________的结果。 48.8 自然选择 1 1 8．（天津一中月考，4分）椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，子代旋向只由其母本核基因型决定，而与其自身基因型无关。以下对杂交结果的推测（设杂交后全部分开饲养）正确的是（　　） 第17课 第8题 P74 A.♀DD×♂dd，F1全是右旋，F2出现性状分离 由于子代旋向只由其母本核基因型决定而与其自身基因型无关，因此♀DD×♂dd ，F1基因型全为Dd，但其性状与母本一致，均为右旋，同理，F2不管为何种基因型个体，仍全表现为右旋，故A项错误。 解析： 1 1 8．（天津一中月考，4分）椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，子代旋向只由其母本核基因型决定，而与其自身基因型无关。以下对杂交结果的推测（设杂交后全部分开饲养）正确的是（　　） 第17课 第8题 P74 B.椎实螺外壳的旋向遗传不符合分离定律 由题意可知，椎实螺外壳的旋向遗传受一对核基因控制，因此符合分离定律，故B项错误。 解析： 1 1 8．（天津一中月考，4分）椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，子代旋向只由其母本核基因型决定，而与其自身基因型无关。以下对杂交结果的推测（设杂交后全部分开饲养）正确的是（　　） 第17课 第8题 P74 C. ♀dd×♂Dd， F2中基因型为dd的表现为左旋 ♀dd×♂Dd， F1表现母本核基因型（dd）控制的性状，全为左旋，F1基因型为Dd和dd，由于杂交后全部分开饲养，即进行自体受精，则情况分两种：第一种，基因型为Dd的雌、雄个体交配；第二种，基因型为dd的雌、雄个体交配，则F2中基因型为dd的个体在第一种情况下表现为右旋，在第二种情况下表现为左旋，故C项错误。 解析： 1 1 8．（天津一中月考，4分）椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，子代旋向只由其母本核基因型决定，而与其自身基因型无关。以下对杂交结果的推测（设杂交后全部分开饲养）正确的是（　　） 第17课 第8题 P74 D. ♀DD×♂Dd，F2个体中表现为右旋的纯合体比例为3/4 ♀DD×♂Dd，F1为1/2DD和1/2Dd，然后两种基因型雌雄个体再分别交配（自交），则F2个体中有1/2DD右旋，[（1/2）×（1/4）]DD右旋，[（1/2）×（1/2）]Dd右旋，[（1/2）×（1/4）]dd右旋，则表现为右旋的纯合体比例为（1/2）＋（1/8）＋（1/8）＝3/4，故D项正确。 解析： 1 1 8．（天津一中月考，4分）椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，子代旋向只由其母本核基因型决定，而与其自身基因型无关。以下对杂交结果的推测（设杂交后全部分开饲养）正确的是（　　） 第17课 第8题 P74 A.♀DD×♂dd ，F1全是右旋，F2出现性状分离 B.椎实螺外壳的旋向遗传不符合分离定律 C.♀dd×♂Dd， F2中基因型为dd的表现为左旋 D.♀DD×♂Dd，F2个体中表现为右旋的纯合体比例为3/4 D 1 1 9.（广东华大联考，2分）已知果蝇长翅和残翅受常染色体上的一对等位基因控制。现有具有亲子代关系的甲、乙两管果蝇，其中甲管果蝇既有长翅又有残翅，乙管果蝇只有长翅。由于忘记贴标签，不清楚甲管果蝇是亲代（甲管中长翅和残翅果蝇逐对交配得到乙管果蝇），还是乙管果蝇是亲代（乙管中长翅果蝇相互交配得到甲管果蝇）。下列叙述错误的是（　　） 设控制长翅、残翅的基因为等位基因A、a。根据题意可知，若甲管果蝇（既有长翅又有残翅）是亲代，乙管果蝇（只有长翅）是子代，则长翅为显性，残翅为隐性，甲管果蝇为纯合子（长翅AA×残翅aa），乙管果蝇为杂合子（Aa）；若乙管果蝇为亲代，甲管果蝇为 解析： 第17课 第9题 P75 A．甲管中一定含有基因型纯合的长翅果蝇 1 1 9.（广东华大联考，2分）已知果蝇长翅和残翅受常染色体上的一对等位基因控制。现有具有亲子代关系的甲、乙两管果蝇，其中甲管果蝇既有长翅又有残翅，乙管果蝇只有长翅。由于忘记贴标签，不清楚甲管果蝇是亲代（甲管中长翅和残翅果蝇逐对交配得到乙管果蝇），还是乙管果蝇是亲代（乙管中长翅果蝇相互交配得到甲管果蝇）。下列叙述错误的是（　　） A．甲管中一定含有基因型纯合的长翅果蝇 子代，则长翅为显性，残翅为隐性，乙管果蝇为长翅Aa（或Aa和AA），甲管果蝇长翅为AA和Aa、残翅为aa。甲管果蝇长翅有两种可能，都是纯合子（AA）或既有纯合子（AA）又有杂合子（Aa），因此甲管中的长翅果绳一定含有纯合子，故A项正确，不符合题意。 第17课 第9题 P75 解析： 1 1 9.（广东华大联考，2分）已知果蝇长翅和残翅受常染色体上的一对等位基因控制。现有具有亲子代关系的甲、乙两管果蝇，其中甲管果蝇既有长翅又有残翅，乙管果蝇只有长翅。由于忘记贴标签，不清楚甲管果蝇是亲代（甲管中长翅和残翅果蝇逐对交配得到乙管果蝇），还是乙管果蝇是亲代（乙管中长翅果蝇相互交配得到甲管果蝇）。下列叙述错误的是（　　） B．不管哪一管果蝇为亲代，乙管中果蝇均有杂合子 C．不管哪一管果蝇为亲代，残翅都是隐性性状 由上述分析可知，不管哪一管果蝇为亲代，乙管果蝇中一定含有杂合子，故B项正确，不符合题意。不管哪一管果蝇为亲代，残翅都是隐性性状，故C项正确，不符合题意。 第17课 第9题 P75 解析： 1 1 9.（广东华大联考，2分）已知果蝇长翅和残翅受常染色体上的一对等位基因控制。现有具有亲子代关系的甲、乙两管果蝇，其中甲管果蝇既有长翅又有残翅，乙管果蝇只有长翅。由于忘记贴标签，不清楚甲管果蝇是亲代（甲管中长翅和残翅果蝇逐对交配得到乙管果蝇），还是乙管果蝇是亲代（乙管中长翅果蝇相互交配得到甲管果蝇）。下列叙述错误的是（　　） D．可用乙管果蝇相互交配的实验结果判断哪管果蝇为亲代 乙管果蝇无论是亲代还是子代，长翅果蝇中都有杂合子，相互交配后子代都是既有长翅又有残翅，因此无法判断亲子代关系，故D项错误，符合题意。 第17课 第9题 P75 解析： 1 1 9.（广东华大联考，2分）已知果蝇长翅和残翅受常染色体上的一对等位基因控制。现有具有亲子代关系的甲、乙两管果蝇，其中甲管果蝇既有长翅又有残翅，乙管果蝇只有长翅。由于忘记贴标签，不清楚甲管果蝇是亲代（甲管中长翅和残翅果蝇逐对交配得到乙管果蝇），还是乙管果蝇是亲代（乙管中长翅果蝇相互交配得到甲管果蝇）。下列叙述错误的是（　　） A．甲管中一定含有基因型纯合的长翅果蝇 B．不管哪一管果蝇为亲代，乙管中果蝇均有杂合子 C．不管哪一管果蝇为亲代，残翅都是隐性性状 D．可用乙管果蝇相互交配的实验结果判断哪管果蝇为亲代 C 第17课 第9题 P75 1 1 10．（山东模拟，2分）玉米叶片叶绿素的合成受其7号染色体上一对等位基因（A、a）的控制，同时也受光照的影响。在玉米植株中，体细胞含2个A的植株叶片呈深绿色，含一个A的植株叶片呈浅绿色；体细胞没有A的植株叶片呈黄色，会在幼苗期后死亡。现有一浅绿色突变体成熟植株甲，其任何体细胞都是一条7号染色体的片段缺失，记为q，另一条正常的7号染色体记为p，如图所示。片段m缺失的花粉会失去受精 第17课 第10题 P75 活力，且胚囊中卵细胞若无A或a基因则不能完成受精作用。若变异 发生在形成甲的配子中，则以下说法错误的是（　　） 1 1 A．若植株甲自交，F1全为浅绿色植株，则植株甲中A位于q上，a位于 p上 B．推测植株甲的A或a基因可在片段m上 10．若变异发生在形成甲的配子中，则以下说法错误的是（　　） 若植株甲中A位于q上，a位于p上，则植株甲自交，由于片段m缺失的花粉（A）会失去受精活力，aa会在幼苗期死亡，所以F1全为浅绿色植株Aa，故A项正确，不符合题意。若植株甲的A或a基因在片段m上，且其叶片呈浅绿色，则植株甲的基因型为AO（缺失的a基因用O表示）；而片段m缺失的花粉会失去受精活力，且胚囊中卵细胞若无A或a基因则不能完成受精作用，因此植株甲不可能出现，与题意不符，因此植株甲的A或a基因不在片段m上，故B项错误，符合题意。 解析： 第17课 第10题 P75 1 1 C．若植株甲自交后代深绿∶浅绿＝1∶1，则甲体细胞中基因A位于p 上，基因a位于q上 D．叶绿素的合成说明生物体的性状由基因和环境因素共同调节 若甲体细胞中基因A位于p上，基因a位于q上，片段m缺失的花粉（a）会失去受精活力，因此植株甲自交后代为AA∶Aa＝1∶1，即深绿∶浅绿＝1∶1，故C项正确，不符合题意。叶绿素的合成受基因控制和光照影响，说明生物体的性状由基因和环境因素共同调节，故D项正确，不符合题意。 解析： 第17课 第10题 P75 10．若变异发生在形成甲的配子中，则以下说法错误的是（　　） 1 1 A．若植株甲自交，F1全为浅绿色植株，则植株甲中A位于q上，a位于 p上 B．推测植株甲的A或a基因可在片段m上 C．若植株甲自交后代深绿∶浅绿＝1∶1，则甲体细胞中基因A位于p 上，基因a位于q上 D．叶绿素的合成说明生物体的性状由基因和环境因素共同调节 B 第17课 第10题 P75 10．若变异发生在形成甲的配子中，则以下说法错误的是（　　） 1 1 （1）品系甲与品系乙杂交，获得的F1表现为全雌，说明全雌为_____ 性状。将F1与品系甲杂交，获得的子代表型及比例为_______________ ____________，表明该相对性状由一对等位基因控制。研究人员发 现给品系甲施加乙烯，也可以增加雌花的比例。以上事实说明性状 是____________________的结果。 11.（北京东城区一模，11分）黄瓜为雌雄同株异花植物，同一植株上既有雌花也有雄花，雌花率影响黄瓜产量。研究人员利用黄瓜纯合雌雄同株品系甲培育出全雌株（只有雌花）品系乙。为确定全雌性状形成的分子机制，研究人员进行了如下实验。 显性 （1）品系甲与品系乙杂交得到的F1全部为全雌，说明全雌为显性性状。若该性状由一对等位基因控制，则F1与品系甲杂交，子代显隐性比例为1∶1，即全雌株∶雌雄同株＝1∶1。给品系甲施加乙烯，可以增加雌花的比例，说明生物的性状由基因控制，但受环境影响，即生物性状是基因与环境共同作用的结果。 解析： 同株＝1∶1 全雌株∶雌雄 基因与环境共同作用 第17课 第11题 P75 1 1 由上述结果推测，品系乙可能是由于________________________ ______________________，从而促进了雌花的发育。 （2）进一步研究发现控制全雌性状的基因位于3号染色体上，品系甲、乙3号染色体上部分基因情况如图1所示，同时发现品系乙花蕾细胞中ASC基因的mRNA和MYB1基因的mRNA含量显著高于品系甲，而BCAT基因的mRNA无显著差异。 ASC或MYB1基因数量多，表达相应的蛋白质量多 （2）根据题意分析，品系乙中ASC基因与MYB1基因数量多于品系甲，且两种基因对应的mRNA含量也多于甲，说明品系乙的全雌性状可能是由于ASC或MYB1基因数量多，表达相应的蛋白质量多，从而促进了雌花的发育。 第17课 第11题 P75 解析： 1 1 （3）为进一步确定控制全雌性状的基因，研究人员利用CRISPR－Cas9系统对相关基因进行编辑。该系统的核心组成包括gRNA和Cas9，gRNA可以识别并结合靶基因，引导Cas9蛋白对靶基因进行剪切，进而破坏靶基因结构。 由于品系乙难以被直接编辑，研究人员以品系甲为背景选育了转基因植株丙和丁（图2），分别与品系乙进行杂交，结果见表。 第17课 第11题 P75 1 1 ①图2中转入的基因可随配子传递给子代，表达的CRISPR－Cas9系统可在受精卵中发挥基因编辑作用。请解释植株丙与品系乙杂交结果产生的原因：____________________________________________ _________________________________________________________________________________。 （3）①植株丙为转基因杂合子，减数分裂后产生含有转入基因（专一切除ASC基因）与不含有转入基因的配子的比例为1∶1。含有转入基因的配子形成受精卵后，gRNA和Cas9蛋白破坏了细胞中的ASC基因， 第17课 第11题 P75 解析： 1 1 ①图2中转入的基因可随配子传递给子代，表达的CRISPR－Cas9系统可在受精卵中发挥基因编辑作用。请解释植株丙与品系乙杂交结果产生的原因：____________________________________________ _________________________________________________________________________________。 解析： 表现为雌雄同株。不含有转入基因的配子形成受精卵后，细胞中仍含有ASC基因，表现为全雌株。因此子代雌雄同株和全雌株的比例为1∶1，说明ASC基因控制全雌性状。 第17课 第11题 P75 1 1 植株丙为转基因杂合子，减数分裂后产生含有与不含有转入基因的配子的比例为1∶1。含有转入基因的配子形成受精卵后，细胞中的ASCa基因和ASCb基因结构均被破坏，表现为雌雄同株。不含有转入基因的配子形成受精卵后，细胞中仍含ASCa和ASCb基因，表现为全雌株，因此子代雌雄同株和全雌株的比例为1∶1 ①图2中转入的基因可随配子传递给子代，表达的CRISPR－Cas9系统可在受精卵中发挥基因编辑作用。请解释植株丙与品系乙杂交结果产生的原因：____________________________________________ _______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 第17课 第11题 P75 1 1 ②植株丁与品系乙杂交结果为_________________，说明MYB1基因不是控制全雌性状的基因。 F1均表现为全雌株 解析： ②植株丁也为转基因杂合子，减数分裂后产生含有转入基因（专一切除MYB1基因）与不含有转入基因的配子的比例为1∶1。含有转入基因的配子形成的受精卵的MYB1基因被破坏，不含有转入基因的配子形成的受精卵仍然含有MYB1基因，若MYB1基因不是控制全雌性状的基因，则子代表型为全雌株。 第17课 第11题 P75 1 1 12. （经典题，10分）分析有关遗传的资料，回答下列问题： 材料1：兔子控制毛色的基因在常染色体上，灰色由显性基因（B）控制，青色（b1）、白色（b2）、 黑色（b3）、褐色（b4）均为B基因的等位基因，且b1、b2、b3、b4之间具有一定次序的完全显隐性关系。将不同毛色的兔子进行杂交，实验结果如表所示： 第17课 第12题 P76 1 1 （1）据表分析，b1、b2、b3、b4之间的显性顺序是______________。 b1＞b3＞b2＞b4 （1）由杂交实验甲可以分析出青毛对白毛为显性，由杂交实验乙可以分析出黑毛对褐毛为显性，由杂交实验丙可以分析出青毛对黑毛为显性，黑毛对白毛为显性，白毛对褐毛为显性，所以显隐性关系是b1>b3>b2>b4。 第17课 第12题 P76 解析： 1 1 （2）若一只灰毛雄兔与群体中多只不同毛色的纯种雌兔交配，子代中灰毛兔占50%，青毛兔、白毛兔、黑毛兔和褐毛兔各占12.5%，则该灰毛雄兔的基因型是_______。 Bb4 （2）若一只灰毛雄兔B_与群体中多只不同毛色的纯种雌兔交配，子代中灰毛兔占50%，青毛兔、白毛兔、黑毛兔和褐毛兔各占12.5%，因为能出现褐毛兔即b4b4，所以该灰毛雄兔的基因型是Bb4。 解析： 第17课 第12题 P76 1 1 材料2：某种小鼠的毛色由常染色体上的一组复等位基因A1、A2和A3控制，且A1、A2和A3之间共显性（即A1、A2和A3任意两个组合在一起时，各基因均能正常表达）。如图表示基因对毛色的控制关系。 第17课 第12题 P76 1 1 （3）该小鼠种群关于体色共有_____种基因型，其中白色个体的基因型为____________________。 6 A2A2、A3A3、A2A3 （3）该小鼠关于体色有A1A1、A2A2、A3A3、A1A2、A1A3和A2A3共6种基因型。由图示的基因型和表型的关系可知，只要没有A1基因小鼠就表现为白色，所以白色个体的基因型有A2A2、A3A3、A2A3共3种。 第17课 第12题 P76 解析： 1 1 （4）若一白色雄性个体与黑色雌性个体交配的后代有三种毛色，则其基因型为______。 A2A3 （4）分析题图可知，黑色个体的基因型只能是A1A3，该白色雄性个体与黑色雌性个体交配，后代中出现棕色（A1A2）个体，说明该白色个体必定含有A2基因，其基因型只能是A2A2或A2A3。若基因型为A2A2，则子代只能有棕色（A1A2）和白色（A2A3）两种类型；若基因型为A2A3，则子代会有棕色（A1A2）、黑色（A1A3）和白色（A2A3、A3A3）三种类型。 第17课 第12题 P76 解析： 1 1 （5）研究发现小鼠尾长的性状由位于常染色体上的基因D（短尾）和d（长尾）控制，且短尾基因（D）有纯合致死现象（在胚胎时期就使个体死亡）。取雌雄两只棕色短尾鼠交配，F1表型为白色长尾的个体所占的比例是______。 1/12 （5）研究发现小鼠尾长性状由基因D（短尾）和d（长尾）控制，且短尾基因（D）有纯合致死现象（在胚胎时期就使个体死亡），说明基因型为DD的个体不会存在。取雌雄两只棕色短尾鼠（基因型为A1A2Dd）交配，F1表型为白色长尾（基因型为A2A2dd）的比例是（1/4）×（1/3）＝1/12。 第17课 第12题 P76 解析： 1 1 $$