2025届湖北省黄冈市黄梅县育才高级中学高三下学期模拟预测物理试题

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斯坦的光子说，D正确. 2.C?射线比Y射线的穿透能力弱，只能穿透儿毫米厚的铝板，无法穿透几十厘米厚的混凝土，A错误：反应堆中是利用 镉棒吸收中子，来控制链式反应的速度，慢化剂的作用是将快中子变成慢中子便于核燃料捕获，B错误：U与器T相 比，电荷数（质子数）大2，质量数（质子数与中子数之和）只大1，因此中子必然少了1个，C正确：锦T经过2次3衰变 后转化为另外一种核燃料铀爱U,衰变过程释放能量，因此翻U的比结合能更大，D错误. 3.B从一=1s开始，人先进人失重状态，所以一定是开始下蹲的过程，A错误：根据动量定理，整个下蹲过程中重力的冲 量和支持力的冲量大小相等，方向相反.所以图中1、2两块的面积必须相等，B正确：从图中可知，站在力传感器上的人 的质量约为50kg,重力大小等于静止时的压力，为500N,C错误；图中前面的一段波动图线表示下蹲过程，后面的一段 波动图线表示站起的过程，D错误， 4.C篮球在空中只受重力，设球抛出时的速度为，球的运动时间为1=红血37，球在水平方向上有(12.6+9)m= 0s37°.2n37,解得球的初速度为U=15m/s,球运动的时间为1=1.8s,A,B错误：接球者的位移为x=9m,运动 时间为1=1.8s,故奔跑速度为=号=5m/s,C正确：篮球在空中做斜上抛运动，故其速度先减小后增大，加速度不 变，D错误 5.A接1挡时，电风扇的输人功率较小，则电风扇两端的电压较小，变压器副线圈的输出电压较小，故开关接a处为1 挡，根据功率公式有P入=U1,解得通过原线圈的电流为I=0.2A,接1挡时变压器原、副线圈的匝数比为10：1，可 知1：=光：光=1：10，解得5=2A,根据能量守恒定律，可知电风扇的热功率为P,=P人一P=5n解得 电风扇的内阻为r=2,开关接b时为2挡，可知此时电风扇的热功率为P',=P2人一P2出=，r,解得了2=3A,变压 器输入的功率为P人=U,解得U:=警V.根据变压比可知U:U,=心：匙，解得儿·=15：2，A正确 6.C以斜面及两物体整体为研究对象，整体只受重力和支持力，相对地面并无运动趋势，故不受摩擦力，A错误：对B所 受重力进行正交分解，在垂直于斜面的方向有N一Mg©os37°=0，则N的大小与物体A的质量无关，B错误：据题意知 T=mg,当Mgsin37°=mg时，物体B受到的摩擦力为零，当Mgsin37大于mg时，物体B受到的摩擦力沿斜面向上， 若为最大静摩擦力，则有Mgsin37°=mg十f,f=Mgcos37°代人得M=5m,C正确；物体B受到的摩擦力沿斜面向上 时，物体B受到的摩擦力随着m的增大而逐渐诚小，D错误。 7,C光源处于0点时，光线从AB和AC边出射，介质的折射率越大，结合mC-可知，临界 角越小，L越小，A,B错误：假设光源位于BC上D点，过D点作AB、AC边的垂线，垂足分别 为EF,设DF=a,DE=b,由于三角形ABC是等腰直角三角形，由几何关系可知，当光源的位B乙b 置改变时，十b不变.设光线发生全反射的临界角为0，当光源从O点向左或向右运动时，若发生全反射的临界光线没 有到达任一顶点，则总有L=2atan0+2tan0=2(a十b)tan0,L.不变，若有临界光线到达了任一顶点，则光源继续运动 时L变小，C正确，D错误 8.CD在金属块滑下的过程中动能增加了12J,金属块克服摩擦力做功8J,重力做功24J,根据动能定理得W。=W。十 W电十W,=△E,解得W=一4J,所以金属块克服静电力做功4J,金属块的电势能增加4J,由于金属块下滑，静电力 做负功，所以金属块带正电荷，故A错误，D正确：在金属块滑下的过程中重力做功24」，重力势能减少24J,动能增加了 12J,所以金属块的机械能减少12J,故C正确，B错误 9,BC乙卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得2K=心R,乙卫星在轨运行的机械能为E=E十 1 md一G联立解得E=+E三一GM心，根据开普勒第三定律可得中·其中a=R十2R十5迟 4R 2 R心一2R,则甲卫星和乙卫星在轨运行的周期之比为是-√（祭）-2平，B,C正确 10.BD根据波的传播方向，由“同侧法”可知，t=0时刻x=一2.1m处质点正向y轴负方向振动，x=5.1m处质点同样 正向y轴负方向振动，但两波波长不同，故位移大小不等，故A错误；根据1=0时刻两波传播的位置可知，x轴上第一 个位移到十6cm的质点一定出现在x轴的正半轴，由波形图可知两列波的波长分别为λ甲=4m,A=2m,两列波的频 率小一器-0k=言，么-光-心罗=日，两列波频率相同，因此两列波相酱时能够发生稳定的干 2 涉，甲波的第一波峰传播到=0处所用的时间为一品一品、2，乙波的第一个波蜂传播到：=6m处所用的时 间==0.5 一姿一0。云8=25，可知从1=0时刻开始，经过相同的时间两列波的波峰在x轴正半轴相距6m,而同种介质中 波的传播速度相同，因此可知两列波的被峰将会同时到达x=3m处，由此可知x轴上第一个位移到十6m的质点是 横坐标为x-3m,故B正确；1=0时刻x=一1m处于波峰，加速度不为0，C错误：由于两波频率相同，则可知两波的 周期均为T一-8，甲波在=0处的振动传播到=2m处所用的时间么一产-。55一8则猁余时间内甲波 在x=2m处的质点振动的周期数为m=6一8s=4是，乙波在x=5m处的振动传插到x=2m处所用的时间4 T 一号-Q云、=12s,则剩余时间内乙波在=2m处的质点振动的周期数为2=6一2s-4十，由此可知甲波在 == 3 1=46s时刻在x=2m处的质点正处于波谷，乙波在x=2m处的质点也正处于波谷，则可得1=46s时刻x=2m处 质点的位移为一6cm,故D正确 11.(1)AD(2分)(2)0.65(0.640.66)(1分)0.84(0.830.85)(1分)(3)B1分)D(2分) 解析：(1)小车要带动纸带运动，纸带有阻力，因此补偿阻力时小车要连接纸带，A正确：在小车质量远大于槽码总质 量，绳的拉力可近似等于槽码的总重力，这样引起的误差属于系统性误差，B错误：调节滑轮高度使细绳与长木板平行， C错误：探究小车的加速度与力和质量的关系实验，可知力和质量是两个变量，因此该实验的科学思想方法为控制变 量法，D正确. (2)两点间的时间间隔为T=5×子=0.1s计数点2的读数是9.75cm,计数点4的读数是2.81cm,打下计数点3时 小车的速度为=》=2裂}5×0.01ms=Q.65m/s通过纸带数据计算出小车的加速度4=鱼 2×0.1 4T 22.84-9.75-9.75×0.01m/5=0.84m/s 4×0.1 (3)由题图得，当外力F=0时小车就已经有了加速度，可知小车和长木板之间的摩擦力平衡过度，故选B:图像的末端 出现弯曲是由于小车的质量没能远大于重物的总质量，导致随着重物的质量增加，加速度较大时，小车受到的牵引力 明显小于重物的重力，导致图像偏离，故选D. 12.(1)1.125(1.124~1.126均可)(2分)(2)AE(2分)(3)图见解析(2分) (④金漏管线长度12分)葉货2分 解析：(1)螺旋测微器固定刻度读数为1mm,可动刻度读数为12.5×0.01mm-0.125mm,故金属管线的外径d= 1tmm+0.125mm=1.125mm. (2由于电压表的量程为3V.则通过金属信线的最大电流约为I一是-=号A =0.6A.所以电流表应选择A:由于Ix>0.3A,D不符合安全用电原则.而且 D的总电阻太大，不方便调节，故滑动变阻器选E (3)由于R<√RR,所以电流表外接，要求电表示数可以从0开始调节，则滑 动变阻器采用分压接法.电路连线如图所示. (④)金属管线中空部分的横截面积S=子一S,由R=P知，金属管线金 属部分的横截面积S=P是，所以还需要测量金属管线的长度L,金属管线中空部分的横截面积S=子一P卡， 18解：由题意可知，封闭气体发生等压变化，由盖一吕萨克定律可得片-片 (1分) 其中V,=10cm×10cm=100cm V2=10cm2×15cm=150cm 解得T1=450K(1分) (2)气体膨胀过程外界对气体做的功为 W=-△V=-5J(1分) 由热力学第一定律有U=W十Q(2分) 得△U=-5J+70J=65J(1分) ③)对左边气体，由理想气体状态方程有兴-学1分 T 其中= 对右边气体，由理想气体状态方程有学=兴 To (2分) 其中V3=100cm2,V,=50cm 解得T2=900K(1分) 1解：1小滑块B从C点冲上圆弧，-mgh,=0-之m21分 解得ha=0.05m(1分) 设对应转过的圆心角为.0s0=R=0.9975>c0s5.所以长5，可看成单摆的部分运动（1分) R ta=Ng =√2πs(1分) (2)以圆弧轨道与B为研究对象，根据系统水平方向动量守恒，从C点到最高点的过程 m=(M十m)(1分) 解得6=号ms1分) 根据系统机械能守恒，弓m2=子M十ma十mgh（2分) 解得方=动m（1分) (3)以A与B为研究对象，由于AC间距足够大，所以最终两者共速，根据系统动量守恒， mh=(M十m),解得h=2m/s(1分) 设B相对A运动的距离为△，根据系统能量守恒，受m=号(M什m十mg△①(2分) 当A与C碰撞后B继续向前做匀减速运动，2一2=2g△②(1分) △x1十△x=L,将①②式代入(1分) 解得4=0.3(1分) 15.解：(1)电子在加速电场加速，设电子加速后的速度为，由动能定理得 eU=之md1分 2eU (2分) (2)电子在（十之）T到（十1）Tm取01,2…)时向段内射入并射出偏转电场时，偏转距离最小， 即”=0(1分)》 电子在偏转电场中全过程受电场力作用，偏转距离最大，即为=之a(2分) 其中a= mL (1分) ·(1分) (2分) (3)电子沿中线射出时，设电子在荧光屏所在的竖直线上得到的长度为，轨迹圆弧的半径为R 则有4=2R=常(=)2分) 电子沿最大偏转距离射出时，设在荧光屏所在的竖直线上得到的长度为2，轨迹圆弧的半径为R:,出射方向与水平方 向的夹角为8，由几何关系得2=2R2cos0(1分) R:=m eB (1分) 2mv.cos o 2mu B eB (2分) 因为=，所以亮线长度应与电子射出偏转电场时最大偏移距离相等，即为y一光 (2分)