第三章 烃的衍生物【单元卷·测试卷】-2024-2025学年高二化学单元速记·巧练（人教版2019选择性必修3）

第三章 烃的衍生物 测试卷 （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 第I卷 选择题（共42分） 1、 选择题（本大题共14个小题，每题3分，共42分，每题只有一个选项符合题目要求。 1．“原子经济性”是“绿色化学”的核心理念之一、理想的“原子经济性”反应中，原料分子中的所有原子全部转变成所需产物，不产生副产物，实现零排放。以下反应中符合“原子经济性”的是 A．丙烷与氯气反应制2-氯丙烷 B．溴乙烷与NaOH醇溶液共热制乙烯 C．氯乙烯在一定条件下制聚氯乙烯 D．乙醇催化氧化制乙醛 2．下列卤代烃在KOH醇溶液中加热不发生消去反应的是 ①②③(CH3)3CCH2Cl④CHCl2-CHBr2⑤⑥CH3Cl A．①③⑥ B．②③⑤ C．全部 D．②④ 3．乙醇分子中的各种化学键如图所示，关于乙醇的各种反应中断裂键的说法错误的是 A．和金属钠反应时键①断裂 B．在铜催化共热下与反应时断裂①和③ C．乙醇与浓硫酸混合迅速加热到时断裂②⑤ D．与乙酸发生酯化反应时断裂② 4．有机物的基团间会相互影响，关于以下有机物的说法不正确的是 A．甲基使苯环活化，所以苯环上与甲基处于邻、对位的氢原子活化而易被取代 B．由于乙醇羟基中氢原子的活性弱于水中羟基中氢原子的活性，因此乙醇和钠反应不如钠和水反应剧烈 C．碳酸钠溶液中加入过量的苯酚发生反应：2 D．苯酚钠溶于醋酸： 5．下列实验方法正确的是 A．将混合气体通入的溶液除去丙烷中的少量乙烯 B．向混合物中加入足量浓溴水，再过滤，除去苯中的少量苯酚 C．用溴水鉴别乙醇、乙醛和苯酚溶液 D．用分液漏斗分离甘油和水 6．下列离子方程式正确的是 A．醋酸与碳酸钙的反应： 2 H+＋CO→CO2↑＋H2O B．甲酸溶液与新制氢氧化铜反应： 2H+＋Cu(OH)2→Cu2+＋2H2O C．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳： C6H5O-＋CO2＋H2O→C6H5OH＋HCO D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热CH3CHO+2[Ag(NH3)2]OHCH3COO- +NH+2Ag↓+3NH3+H2O 7．化合物()是制备药物洛索洛芬钠的关键中间体的原料，它可以通过与反应制得()，下列有关说法正确的是 A．化合物的分子式为 B．和含有的官能团分别为醛基和羟基 C．化合物到的反应是氧化反应 D．既能发生消去反应又能发生取代反应 8．使用具有放射性的同位素示踪法探究羧酸与醇发生酯化反应的机理如下图所示（其他元素原子均无放射性），下列说法不正确的是 A．第一步过程中形成了配位键 B．以上反应生成的分子内一定不含有 C．物质a中所有碳原子均为杂化 D．若改用与乙醇反应生成的乙酸乙酯中一定不含有 9．下列物质中均含杂质(括号中是杂质)，除杂质方法不正确的是 A．乙醇(水)：加入足量生石灰，蒸馏 B．溴苯(溴)：加入氢氧化钠溶液洗涤，分液 C．乙醇(乙醛)：加入新制氢氧化铜煮沸，过滤 D．乙酸乙酯(乙酸)：饱和Na2CO3溶液，分液 10．碳酸甘油酯是一种重要的绿色有机化合物，其一种合成方法如下： 下列有关说法正确的是 A．环氧丙烷分子中三种原子的电负性大小为 B．碳酸丙烯酯分子中键和键数目比为 C．甘油在水中的溶解度比碳酸甘油酯在水中的溶解度大 D．1，丙二醇与足量氢溴酸混合共热最多生成2种有机取代产物 11．抗凝血药物替罗非班合成中间体结构如图。下列说法错误的是 A．该有机物有4种含氧官能团 B．该有机物的化学式为 C．1mol该物质最多与3molNaOH反应 D．其酸性条件水解产物均可与溶液反应 12．下列关于常见有机物的说法不正确的是 A．沸点高低顺序为：新戊烷>异戊烷>正戊烷 B．可利用乙醇的还原性检验是否“酒驾” C．油脂在碱性条件下能水解，可用于制肥皂 D．乳酸与乙醇、乙酸均可发生酯化反应 13．甲基丙烯酸甲酯是合成有机玻璃的单体。 合成路线Ⅰ：① ；②。 合成路线Ⅱ：。下列说法错误的是 A．有机物中含有的官能团的名称为碳碳双键、羧基 B．的结构式为 C．属于不饱和烃，能发生加聚反应 D．相比于合成路线Ⅰ，合成路线Ⅱ的优点是没有副产物，原料利用率高，对设备腐蚀性小 14．对氨基苯甲酸通常以甲苯为原料进行合成。如图为对氨基苯甲酸的一种合成路线(已知：烷基为苯环上的邻对位定位基，羧基为苯环上的间位定位基)。下列说法错误的是 A．反应①的条件是浓硝酸，浓硫酸，加热 B．若反应①和②对换，最终会得到是 C．实验室可通过电解在阳极完成反应③的转化 D．甲苯和对氨基苯甲酸的核磁共振氢谱峰的组数相同 第II卷 非选择题（共58分） 2、 非选择题（本大题共5个小题，共58分） 15．（10分）已知有A、B、C、D、E5种有机物，其结构简式如下。 (1)属于醚类物质的是 (填字母，下同)，属于羧酸类物质的是 。 (2)A的名称是 ，A的一溴代物有 种(不考虑立体异构)。 (3)A与溶液发生反应的化学方程式为 。 (4)E可由苯酚和 (填物质名称)发生缩聚反应制得。 (5)已知反应：，B发生类似反应可生成物质M。M的结构简式为 ，M与新制悬浊液反应的化学方程式为 。 16．（12分）A、B、C、D四种化合物，有的是药物，有的是香料。它们的结构简式如下所示： (1)化合物A的分子式是 ；A中含有的官能团的名称是 。 (2)A、B、C、D四种化合物中互为同分异构体的是 。 (3)化合物B的核磁共振氢谱中出现 组峰。 (4)1molD最多能与 mol的氢气发生加成反应。 (5)写出D聚合成高聚物的化学反应方程式 。 17．（10分）某研究性学习小组为合成1-丁醇，查阅资料得知一条合成路线：CH3CH=CH2+CO+H2CH3CH2CH2CHOCH3CH2CH2CH2OH (1)写出合成路线中丁醛生成丁醇的化学方程式： 。 (2)制备本合成路线的原料丙烯时，还会产生少量SO2、CO2及水蒸气，只用一种试剂就能检验混合气体中的SO2，该试剂可能是 (填序号)。 ①溴水      ②酸性KMnO4溶液        ③澄清石灰水        ④品红溶液 (3)正丁醛经催化剂加氢得到含少量正丁醛的1-丁醇粗品，为纯化1-丁醇，该小组查阅文献得知： ①R—CHO+NaHSO3(饱和)→RCH(OH)SO3Na↓； ②沸点：乙醚34℃，1—丁醇118℃，并设计出如下提纯路线： 操作2用到的主要玻璃仪器为 (填名称)，操作3的名称为 。 (4)写出正丁醛发生银镜反应的化学方程式 。 18．（10分）某有机物M，结构简式如图所示： 已知：①苯环上羟基(酚羟基)能与氢氧化钠反应，也能与钠反应，但不能与反应。 ②羧基、酯基中的碳氧双键不能与氢气加成。 回答下列问题： (1)M中所含官能团有酚羟基、 (填名称)。 (2)M与乙醇在浓硫酸，加热条件下发生反应，反应类型是 (填代号)。 A．加成反应        B．取代反应        C．氧化反应 (3)最多能消耗 。 (4)在催化剂、加热条件下，最多消耗 。 (5)最多能消耗 。 19．（16分）很多重要的化工原料都来源于石油，如图中的苯、丙烯、有机物A等，其中A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平。请回答下列问题： 已知： (1)A 的结构简式为 。由A生成B的反应类型是 。 (2)D的化学名称为 。 (3)由苯制备C的化学方程式为 。 (4)F中官能团的名称为 。 (5)写出丙烯制取聚丙烯的化学方程式 。 (6)由E生成F 化学方程式为 。 (7)含有苯环，且与D含有相同官能团的同分异构体有 种，其中核磁共振氢谱显示的峰面积之比为1∶2∶6的结构简式为 (写出一种即可)。 试卷第14页，共14页 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $$ 第三章 烃的衍生物 测试卷 （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 第I卷 选择题（共42分） 1、 选择题（本大题共14个小题，每题3分，共42分，每题只有一个选项符合题目要求。 1．“原子经济性”是“绿色化学”的核心理念之一、理想的“原子经济性”反应中，原料分子中的所有原子全部转变成所需产物，不产生副产物，实现零排放。以下反应中符合“原子经济性”的是 A．丙烷与氯气反应制2-氯丙烷 B．溴乙烷与NaOH醇溶液共热制乙烯 C．氯乙烯在一定条件下制聚氯乙烯 D．乙醇催化氧化制乙醛 【答案】C 【分析】根据绿色化学的定义可知，原料分子中的原子全部转变成所需产物，不产生副产物，实现零排放，以此解答该题。 【解析】A．丙烷与氯气反应除生成2-氯丙烷外，还有1-氯丙烷等副产物，同时有HCl生成，原子利用率不是100%，故A不符合“原子经济性”； B．溴乙烷与NaOH醇溶液共热，除制得乙烯外还产生溴化钠和水，故B不符合“原子经济性”； C．氯乙烯在一定条件下制聚氯乙烯，原料分子中的所有原子全部转变成所需产物，没有产生副产物，实现零排放，故C符合“原子经济性”； D．乙醇催化氧化制乙醛，同时生成水，原子没有全部利用，，故D不符合“原子经济性”； 故答案选C。 2．下列卤代烃在KOH醇溶液中加热不发生消去反应的是 ①②③(CH3)3CCH2Cl④CHCl2-CHBr2⑤⑥CH3Cl A．①③⑥ B．②③⑤ C．全部 D．②④ 【答案】A 【分析】卤代烃发生消去反应的条件是：与卤素原子连接的碳原子的相邻碳原子上有氢原子。 【解析】①由结构简式可知，氯苯不能发生消去反应，故符合题意； ②由结构简式可知，在氢氧化钾醇溶液中共热能发生消去反应生成2﹣甲基丙烯，故不符合题意； ③由结构简式可知，(CH3)3CCH2Cl不能发生消去反应，故符合题意； ④由结构简式可知，CHCl2-CHBr2在氢氧化钾醇溶液中共热能发生消去反应，故不符合题意； ⑤由结构简式可知，在氢氧化钾醇溶液中共热能发生消去反应，故不符合题意； ⑥由结构简式可知，CH3Cl不能发生消去反应，故符合题意； ①③⑥符合题意，故选A。 3．乙醇分子中的各种化学键如图所示，关于乙醇的各种反应中断裂键的说法错误的是 A．和金属钠反应时键①断裂 B．在铜催化共热下与反应时断裂①和③ C．乙醇与浓硫酸混合迅速加热到时断裂②⑤ D．与乙酸发生酯化反应时断裂② 【答案】D 【解析】A．乙醇与钠反应生成乙醇钠和氢气，反应时羟基中的氢氧键断裂，故A正确； B．铜做催化剂作用下乙醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙醛和水，反应时断裂①和③键，故B正确； C．浓硫酸作用下乙醇在170°C条件下受热发生消去反应生成乙烯和水，反应时断裂②⑤，故C正确； D．浓硫酸作用下乙醇与乙酸共热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，反应时羟基中的氢氧键断裂，故D错误； 故选D。 4．有机物的基团间会相互影响，关于以下有机物的说法不正确的是 A．甲基使苯环活化，所以苯环上与甲基处于邻、对位的氢原子活化而易被取代 B．由于乙醇羟基中氢原子的活性弱于水中羟基中氢原子的活性，因此乙醇和钠反应不如钠和水反应剧烈 C．碳酸钠溶液中加入过量的苯酚发生反应：2 D．苯酚钠溶于醋酸： 【答案】C 【解析】A．甲苯分子中，甲基使苯环上与甲基处于邻、对位的氢原子活化，所以甲苯苯环上与甲基处于邻、对位的氢原子易被取代，故A正确； B．乙基是推电子基团，使乙醇羟基中氢氧键极性减弱，所以乙醇和钠反应不如钠和水反应剧烈，故B正确； C．苯酚的酸性比碳酸弱，碳酸钠溶液中加入过量的苯酚发生反应生成碳酸氢钠和苯酚钠，离子方程式为，C错误； D．醋酸的酸性比苯酚强，苯酚钠溶于醋酸，发生强酸制弱酸的反应，，D正确； 故选C。 5．下列实验方法正确的是 A．将混合气体通入的溶液除去丙烷中的少量乙烯 B．向混合物中加入足量浓溴水，再过滤，除去苯中的少量苯酚 C．用溴水鉴别乙醇、乙醛和苯酚溶液 D．用分液漏斗分离甘油和水 【答案】C 【解析】A．丙烷溶于四氯化碳，则不能用溴的四氯化碳溶液除去丙烷中的少量乙烯，故A错误； B．三溴苯酚不溶于水，但溶于有机溶剂苯，所以不能用浓溴水除去苯中的少量苯酚，故B错误； C．乙醇不能与溴水反应，乙醛能与溴水发生氧化反应使溶液褪色，苯酚能与溴水发生取代反应生成三溴苯酚沉淀，所以用溴水鉴别乙醇、乙醛和苯酚溶液，故C正确； D．甘油可以和水以任意比例互溶，所以不能用分液漏斗分离甘油和水，故D错误； 故选C。 6．下列离子方程式正确的是 A．醋酸与碳酸钙的反应： 2 H+＋CO→CO2↑＋H2O B．甲酸溶液与新制氢氧化铜反应： 2H+＋Cu(OH)2→Cu2+＋2H2O C．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳： C6H5O-＋CO2＋H2O→C6H5OH＋HCO D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热CH3CHO+2[Ag(NH3)2]OHCH3COO- +NH+2Ag↓+3NH3+H2O 【答案】C 【解析】A．醋酸是弱酸不拆，碳酸钙难溶也不拆，醋酸与碳酸钙的反应： ，A错误； B．甲酸是弱酸不拆，甲酸中含有醛基，与新制氢氧化铜会发生氧化还原反应，B错误； C．碳酸的酸性强于苯酚强于碳酸氢根离子的，苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳： C6H5O-＋CO2＋H2O→C6H5OH＋HCO，C正确； D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热CH3CHO+2[Ag(NH3)2]++2OH- CH3COO- +NH+2Ag↓+3NH3+H2O，D错误； 故选C。 7．化合物()是制备药物洛索洛芬钠的关键中间体的原料，它可以通过与反应制得()，下列有关说法正确的是 A．化合物的分子式为 B．和含有的官能团分别为醛基和羟基 C．化合物到的反应是氧化反应 D．既能发生消去反应又能发生取代反应 【答案】D 【解析】 A．化合物的分子式为，A错误； B．的官能团为酮羰基，含有的官能团为羟基，B错误； C．化合物→，酮羰基转变为醇羟基，是还原反应，C错误； D．中含有羟基且羟基的邻位碳原子上含有H原子，能发生消去反应，同时苯环、羟基、烃基都能发生取代反应，D正确； 故选D。 8．使用具有放射性的同位素示踪法探究羧酸与醇发生酯化反应的机理如下图所示（其他元素原子均无放射性），下列说法不正确的是 A．第一步过程中形成了配位键 B．以上反应生成的分子内一定不含有 C．物质a中所有碳原子均为杂化 D．若改用与乙醇反应生成的乙酸乙酯中一定不含有 【答案】D 【解析】A．第一步过程中碳氧双键中的氧原子有一对孤电子对，氢离子有空轨道，两者可形成配位键，A正确； B．分析反应机理图可知酯化反应时醇中的在酯中，生成的分子内一定不含有，B正确； C．物质a中所有碳原子均为饱和碳原子，均采取杂化，C正确； D．若改用与乙醇发生酯化反应，中间产物a中含有两个羟基，进攻过程中无法确定中间产物a中两个羟基哪一个羟基反应，所以生成的乙酸乙酯中可能含有，D错误； 故答案为：D。 9．下列物质中均含杂质(括号中是杂质)，除杂质方法不正确的是 A．乙醇(水)：加入足量生石灰，蒸馏 B．溴苯(溴)：加入氢氧化钠溶液洗涤，分液 C．乙醇(乙醛)：加入新制氢氧化铜煮沸，过滤 D．乙酸乙酯(乙酸)：饱和Na2CO3溶液，分液 【答案】C 【解析】A．加入足量生石灰，与水反应生成氢氧化钙，乙醇易挥发，蒸馏收集馏出物，可用蒸馏分离，A正确； B．溴与NaOH溶液反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，B正确； C．乙醛与新制氢氧化铜发生氧化反应后生成乙酸，与乙醇互溶，不能用过滤分离，C错误； D．乙酸与碳酸钠溶液反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可分离，D正确； 故选C。 10．碳酸甘油酯是一种重要的绿色有机化合物，其一种合成方法如下： 下列有关说法正确的是 A．环氧丙烷分子中三种原子的电负性大小为 B．碳酸丙烯酯分子中键和键数目比为 C．甘油在水中的溶解度比碳酸甘油酯在水中的溶解度大 D．1，丙二醇与足量氢溴酸混合共热最多生成2种有机取代产物 【答案】C 【解析】A．同周期从左到右，金属性减弱，非金属性变强，元素的电负性变强；同主族由上而下，金属性增强，非金属性逐渐减弱，元素电负性减弱；三种原子的电负性大小为，A错误； B．碳酸丙烯酯的结构式为，σ键和π键数目比为13:1，B错误； C．羟基是亲水基团，甘油分子中有更多的羟基，所以甘油在水中的溶解度比碳酸甘油酯在水中的溶解度大，C正确； D．1,2-丙二醇与足量氢溴酸混合共热，可发生一取代、二取代，生成的有机取代产物有 ，最多有3种，D错误； 故选C。 11．抗凝血药物替罗非班合成中间体结构如图。下列说法错误的是 A．该有机物有4种含氧官能团 B．该有机物的化学式为 C．1mol该物质最多与3molNaOH反应 D．其酸性条件水解产物均可与溶液反应 【答案】C 【解析】A．该有机物有羧基、酰胺基、酯基、醚键共4种含氧官能团，故A正确； B．根据结构简式，该有机物的化学式为，故B正确； C．1mol该分子含有羧基、酰胺基、酯基，能与3molNaOH反应，其中酯基水解后产物羟基直接连接在苯环上形成酚羟基，继续消耗1molNaOH，因此最多与4molNaOH反应，故C错误； D．酯基在酸性条件水解产物为乙酸，另一个产物中也含有羧基，因此均可与Na2CO3溶液反应，故D正确； 答案为C。 12．下列关于常见有机物的说法不正确的是 A．沸点高低顺序为：新戊烷>异戊烷>正戊烷 B．可利用乙醇的还原性检验是否“酒驾” C．油脂在碱性条件下能水解，可用于制肥皂 D．乳酸与乙醇、乙酸均可发生酯化反应 【答案】A 【解析】A．含碳原子数相同的烷烃，支链越多，沸点越低，故沸点高低顺序为：正戊烷>异戊烷>新戊烷，A错误； B．乙醇具有还原性，能将酸性重铬酸钾还原，使酸性重铬酸钾溶液由橙色变绿色，即可利用乙醇的还原性检验是否“酒驾”，B正确； C．油脂在碱性条件下的水解反应是皂化反应，可以用于生产甘油和肥皂，C正确； D．乳酸中含羟基和羧基，与乙醇、乙酸均可发生酯化反应，D正确； 故选A。 13．甲基丙烯酸甲酯是合成有机玻璃的单体。 合成路线Ⅰ：① ；②。 合成路线Ⅱ：。下列说法错误的是 A．有机物中含有的官能团的名称为碳碳双键、羧基 B．的结构式为 C．属于不饱和烃，能发生加聚反应 D．相比于合成路线Ⅰ，合成路线Ⅱ的优点是没有副产物，原料利用率高，对设备腐蚀性小 【答案】A 【解析】A．根据的结构简式可知，其官能团名称为碳碳双键、酯基，A错误； B．HCN中碳、氮均为8电子稳定结构，电子式为，结构式为，B正确； C．含有碳碳三键，属于不饱和烃，能发生加聚反应，C正确； D．合成路线Ⅱ没有副产物产生只生成目标产物，原子利用率为100%，且不会用到硫酸，对设备腐蚀性小，D正确； 故选A。 14．对氨基苯甲酸通常以甲苯为原料进行合成。如图为对氨基苯甲酸的一种合成路线(已知：烷基为苯环上的邻对位定位基，羧基为苯环上的间位定位基)。下列说法错误的是 A．反应①的条件是浓硝酸，浓硫酸，加热 B．若反应①和②对换，最终会得到是 C．实验室可通过电解在阳极完成反应③的转化 D．甲苯和对氨基苯甲酸的核磁共振氢谱峰的组数相同 【答案】C 【解析】A．由合成路线可知，反应①为甲苯的硝化反应，反应①的条件是浓硝酸，浓硫酸，加热，A正确； B．若反应①和②对换，由于-COOH为苯环上间位定位基，故硝基将取代苯环上与羧基处于间位的H原子，还原后羧基与氨基处于间位，B正确； C．反应③为还原反应，应该在阴极完成反应③的转化，C错误； D．题给路线中四种物质的氢原子种类分别为4、3、3、4，所以甲苯与对氨基苯甲酸的核磁共振氢谱峰的组数相同，D正确； 故选C。 第II卷 非选择题（共58分） 2、 非选择题（本大题共5个小题，共58分） 15．（10分）已知有A、B、C、D、E5种有机物，其结构简式如下。 (1)属于醚类物质的是 (填字母，下同)，属于羧酸类物质的是 。 (2)A的名称是 ，A的一溴代物有 种(不考虑立体异构)。 (3)A与溶液发生反应的化学方程式为 。 (4)E可由苯酚和 (填物质名称)发生缩聚反应制得。 (5)已知反应：，B发生类似反应可生成物质M。M的结构简式为 ，M与新制悬浊液反应的化学方程式为 。 【答案】(1) C D (2) 一氯环戊烷 3 (3) (4)甲醛 (5) 【解析】（1）属于醚类物质含有醚键：-O-,故答案选C；属于羧酸类含有羧基-COOH,故选D。 （2）A的名称是一氯环戊烷；A有三种环境的氢，故A的一溴代物有三种。 （3）卤代烃水解为醇，故方程式为。 （4）E可由苯酚与甲醛发生羟醛缩合反应得到，故答案为甲醛。 （5）根据反应特点，是断开碳碳双键，形成羰基或者醛基，故答案为OHCCH2CHO。 M含有两个醛基，所以与新制Cu(OH)2悬浊液反应的化学方程式为：OHCCH2CHO+4Cu(OH)2+2NaOH→NaOOCCH2COONa+2Cu2O↓+6H2O。 16．（12分）A、B、C、D四种化合物，有的是药物，有的是香料。它们的结构简式如下所示： (1)化合物A的分子式是 ；A中含有的官能团的名称是 。 (2)A、B、C、D四种化合物中互为同分异构体的是 。 (3)化合物B的核磁共振氢谱中出现 组峰。 (4)1molD最多能与 mol的氢气发生加成反应。 (5)写出D聚合成高聚物的化学反应方程式 。 【答案】(1) C8H8O3 酚羟基、羧基 (2)A、C (3)5 (4)4 (5)n 【解析】（1）由A结构可知，化合物A的分子式是C8H8O3；A中含有的官能团的名称是酚羟基、羧基； （2）分子式相同、结构不同的有机物互为同分异构体，以上四种物质中A、C为同分异构体； （3） 化合物B结构不对称，含5种位置的H，其核磁共振氢谱中出现5组峰。 （4）D中苯环、C=C均可与氢气发生加成反应，则1mol D最多能与4mol的氢气发生加成反应； （5） D分子中含有碳碳双键，能发生加聚反应生成高聚物，反应为：n。 17．（10分）某研究性学习小组为合成1-丁醇，查阅资料得知一条合成路线：CH3CH=CH2+CO+H2CH3CH2CH2CHOCH3CH2CH2CH2OH (1)写出合成路线中丁醛生成丁醇的化学方程式： 。 (2)制备本合成路线的原料丙烯时，还会产生少量SO2、CO2及水蒸气，只用一种试剂就能检验混合气体中的SO2，该试剂可能是 (填序号)。 ①溴水      ②酸性KMnO4溶液        ③澄清石灰水        ④品红溶液 (3)正丁醛经催化剂加氢得到含少量正丁醛的1-丁醇粗品，为纯化1-丁醇，该小组查阅文献得知： ①R—CHO+NaHSO3(饱和)→RCH(OH)SO3Na↓； ②沸点：乙醚34℃，1—丁醇118℃，并设计出如下提纯路线： 操作2用到的主要玻璃仪器为 (填名称)，操作3的名称为 。 (4)写出正丁醛发生银镜反应的化学方程式 。 【答案】(1)CH3CH2CH2CHO +H2 CH3CH2CH2CH2OH (2)④ (3) 分液漏斗 蒸馏 (4)CH3CH2CH2CHO＋2[Ag(NH3)2]OH CH3CH2CH2COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O 【分析】粗品中含有正丁醛，根据所给的信息利用饱和NaHSO3溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；由于饱和NaHSO3溶液是过量的，所以加入乙醚的目的是萃取溶液中的1-丁醇，因为1-丁醇和乙醚的沸点相差很大，因此可以利用蒸馏将其分离开，因此试剂1为饱和NaHSO3溶液，操作2为萃取，操作3为蒸馏； 【解析】（1）丁醛和氢气在催化剂加热条件下发生加成反应生成丁醇，反应为CH3CH2CH2CHO +H2 CH3CH2CH2CH2OH； （2）①溴水和二氧化硫、丙烯均反应导致溶液褪色，不合理；②酸性KMnO4溶液和二氧化硫、丙烯均反应导致溶液褪色，不合理；③澄清石灰水和二氧化硫、二氧化碳均反应生成白色沉淀，不合理；④二氧化硫具有漂白性，能使品红溶液褪色，其它气体不能使品红褪色，能检验二氧化硫，合理；故选④； （3）由分析可知，操作2为萃取，用到的主要玻璃仪器为分液漏斗，操作3的名称为蒸馏分离； （4）正丁醛含有醛基具有还原性，能和新制银氨溶液水浴加热发生银镜反应生成银单质，化学方程式为CH3CH2CH2CHO＋2[Ag(NH3)2]OH CH3CH2CH2COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O。 18．（10分）某有机物M，结构简式如图所示： 已知：①苯环上羟基(酚羟基)能与氢氧化钠反应，也能与钠反应，但不能与反应。 ②羧基、酯基中的碳氧双键不能与氢气加成。 回答下列问题： (1)M中所含官能团有酚羟基、 (填名称)。 (2)M与乙醇在浓硫酸，加热条件下发生反应，反应类型是 (填代号)。 A．加成反应        B．取代反应        C．氧化反应 (3)最多能消耗 。 (4)在催化剂、加热条件下，最多消耗 。 (5)最多能消耗 。 【答案】(1)酯基、羧基 (2)B (3)4 (4)3 (5)2 【解析】（1）由结构简式可知，M分子含有的官能团为酚羟基、酯基和羧基，故答案为：酯基、羧基； （2）由结构简式可知，浓硫酸作用下M分子含有的羧基能与乙醇共热发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故答案为：B； （3）由结构简式可知，M分子含有的官能团为酚羟基、酯基和羧基都能与氢氧化钠溶液反应，其中1mol酚酯基消耗2molNaOH，1mol酚羟基消耗1molNaOH，1mol羧基消耗1molNaOH，则1molM最多能消耗4molNaOH，故答案为：4； （4）由结构简式可知，M分子含有的苯环在催化剂、加热条件下能与氢气发生加成反应，则1molM最多消耗3molH2，故答案为：3； （5）由结构简式可知，M分子含有的酚羟基和羧基能与金属钠反应，1mol酚羟基消耗1molNa，1mol羧基消耗1molNa，则1molM最多能消耗2molNa，故答案为：2。 19．（16分）很多重要的化工原料都来源于石油，如图中的苯、丙烯、有机物A等，其中A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平。请回答下列问题： 已知： (1)A 的结构简式为 。由A生成B的反应类型是 。 (2)D的化学名称为 。 (3)由苯制备C的化学方程式为 。 (4)F中官能团的名称为 。 (5)写出丙烯制取聚丙烯的化学方程式 。 (6)由E生成F 化学方程式为 。 (7)含有苯环，且与D含有相同官能团的同分异构体有 种，其中核磁共振氢谱显示的峰面积之比为1∶2∶6的结构简式为 (写出一种即可)。 【答案】(1) 加成反应 (2)间硝基乙苯或者3-硝基乙苯 (3)＋HO－NO2+H2O (4)酰胺基 (5)nCH2=CHCH3 (6)+→+HCl (7) 13 或 【分析】A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平，A是乙烯，乙烯和氯化氢加成生成的B是氯乙烷，苯在浓硫酸、加热条件下和浓硝酸发生硝化反应生成的C是硝基苯，硝基苯和氯乙烷发生取代反应生成的D是，D发生还原反应生成E，E和(CH3)2CHCOCl发生取代反应生成F，据此解答。 【解析】（1）根据以上分析可知A是乙烯，结构简式为。由A生成B的反应类型是加成反应。 （2） D是，D的化学名称为间硝基乙苯或者3-硝基乙苯。 （3） 由苯制备硝基苯的化学方程式为+HO-NO2+H2O。 （4）根据F的结构简式可判断F中官能团的名称为酰胺基。 （5） 丙烯加聚生成聚丙烯，则制取聚丙烯的化学方程式为nCH2=CHCH3。 （6） 根据以上分析可知，由E生成F化学方程式为+→+HCl。 （7） 含有苯环，且与D含有相同官能团，即含有硝基，如果苯环上只有一个取代基，取代基应该是－CH2CH2NO2或－CH(CH3)NO2，各有1种满足条件的同分异构体；如果含有两个取代基可以是乙基和硝基或甲基和－CH2NO2，各有3种满足条件的同分异构体，不包括D，则有(2+3)种；如果是三个取代基，应该是2个甲基和1个硝基，满足条件的同分异构体有6种，共有1+1+2+3+6＝13种，其中核磁共振氢谱显示的峰面积之比为1∶2∶6的结构简式为或。 试卷第14页，共14页 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $$