训练4 孟德尔实验方法的启示、孟德尔遗传规律的再发现和应用(word练习)-【勤径学升】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化同步练测（人教版2019）

[对应素能提升训练第10页] 1.孟德尔揭示了基因的分离定律和自由组合定律，他获得成功的主要原因有 （　　） ①选取豌豆作实验材料　②科学地设计实验程序　③进行人工杂交实验　④应用统计学方法对实验结果进行分析　⑤选用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法　⑥先选择豌豆再选择紫茉莉、草莓等植物作实验材料 A.①②③④ B.①②④⑤ C.②③④⑤ D.③④⑤⑥ 解析　豌豆是严格的自花传粉植物，自然状态下获得的后代均为纯种，①正确；孟德尔进行豌豆杂交实验研究时，采用了假说—演绎法，②正确；进行人工杂交实验是孟德尔遗传实验的过程，不是其获得成功的原因，③错误；孟德尔用统计学方法对较大的实验群体进行实验结果的数据处理，看似毫无联系的数据中总结出具有一定规律的比值，④正确；实验方法上先研究一对性状的遗传，再研究多对性状的遗传，从简单到复杂，更容易得出规律，⑤正确；孟德尔没有选择紫茉莉、草莓等植物，⑥错误。 答案　B 2.下列关于等位基因的叙述中，不正确的是 （　　） A.等位基因存在于生物体的所有细胞中 B.形成配子时，等位基因分离 C.等位基因（A、a）控制着生物的一种性状 D.含等位基因的个体一定是杂合子 解析　等位基因只存在于真核细胞中。 答案　A 3.杂交育种是植物育种的常规方法，其选育新品种的一般方法是 （　　） A.根据杂种优势原理，从子一代（F1）中即可选出 B.从子三代（F3）中选出，因为子三代才出现纯合子 C.既可从子二代（F2）中选出，也可从子三代（F3）中选出 D.只能从子四代（F4）中选出能稳定遗传的新品种 解析　杂交育种的一般过程：首先亲本杂交产生F1，F1自交产生F2，如果选择的新品种是双隐性性状，则从F2中就可选出；如果需要选择含有显性性状的品种，则需要进一步自交后，从F3或其多次自交后代中选出。所以杂交育种选育的新品种既可从F2中选出，也可从F3中选出。 答案　C 4.基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交，两对基因独立遗传，则后代中 （　　） A.表型4种，比例为3∶1∶3∶1；基因型6种 B.表型2种，比例为3∶1；基因型3种 C.表型4种，比例为9∶3∶3∶1；基因型9种 D.表型2种，比例为1∶1；基因型3种 解析　可分解为两个分离定律：Aa×aa→Aa∶aa＝1∶1，Bb×Bb→B_∶bb＝3∶1，则后代有4种表型且比例为（1∶1）（3∶1）＝3∶1∶3∶1，基因型有2×3＝6种。 答案　A 5.水稻高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗稻瘟病（R）对易感稻瘟病（r）为显性，两对相对性状独立遗传。用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病的高秆品种（易倒伏）杂交，F1自交，F2中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为 （　　） A.RRdd，1/8 B.Rrdd，1/8 C.RRdd，1/16和Rrdd，1/8 D.rrDD，1/16和RRDd，1/8 解析　一个纯合易感病的矮秆品种（rrdd）与一个纯合抗病高秆品种（RRDD）杂交，F1的基因型为RrDd，F1自交得F2，F2中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型为R_dd，其中RRdd占的比例为1/4×1/4＝1/16，Rrdd占的比例为1/2×1/4＝1/8。 答案　C 6.家兔的黑色对白色为显性，短毛对长毛为显性，这两对基因是等位基因。下列关于利用黑色短毛纯种兔和白色长毛纯种兔培育出黑色长毛纯种兔的做法，不正确的是 （　　） A.黑色短毛纯种兔×白色长毛纯种兔，得F1 B.选取F1个体即所选育个体 C.从F2中选取健壮的黑色长毛兔与白色长毛兔测交 D.根据测交结果，选取F2中稳定遗传的黑色长毛雌、雄兔 解析　F1为黑色短毛杂合子，不是所选育的个体。 答案　B 7.在某些植物中，红色素是由无色前体在酶的催化下合成的，紫色素是红色素分子在另一种酶的作用下加上一个—OH形成的。在某双亲均为紫色植株的杂交中，所得F1中有81株紫色、27株红色、36株白色个体。下列分析正确的是 （　　） A.假如白色与白色植株杂交，子代全是白色 B.假如红色与红色植株杂交，子代全是红色 C.紫色素是在红色素基础上形成的，因此紫色植株是杂合体 D.假如纯合红色与纯合紫色植株杂交，子代红色∶紫色＝1∶1 解析　根据题意分析可知：双亲均为紫色植株的杂交中，所得F1中有81株紫色、27株红色、36株白色个体，比例为9∶3∶4，符合9∶3∶3∶1的变式，说明该植物花色可能受2对等位基因控制，且符合自由组合定律。设紫色为A_B_、红色为aaB_、白色为A_bb和aabb。假如白色（A_bb）与白色（A_bb）植株杂交，子代肯定含bb，所以全是白色，A正确；假如红色（aaB_）与红色（aaB_）植株杂交，子代不一定全是红色，也可能出现白色，B错误；红色素是由无色前体在酶的催化下合成的，紫色素是红色素分子在另一种酶的作用下加上一个—OH形成的，所以紫色植株是能合成两种酶的双显性个体（A_B_），可以是纯合体AABB，C错误；假如纯合红色（aaBB）与纯合紫色（AABB）植物杂交，子代全是紫色（AaBB），D错误。 答案　A 8.如图为某植株自交产生后代的过程示意图，下列叙述中正确的是 （　　） AaBbAB Ab aB ab配子间M种结合方式子代：N种基因型P种表型（12∶3∶1） A.A、a与B、b的自由组合发生在②过程 B.M、N、P分别代表16、9、4 C.植株产生的雌雄配子数量相等 D.该植株测交后代性状分离比为2∶1∶1 解析　基因A、a与B、b自由组合发生在形成配子的过程中，即图中的①过程，A错误；由分析可知，M是16，N是9，P是3，B错误；植株产生的雌雄配子种类相等，数量不一定相等，C错误；该植株测交后代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型的比例是2∶1∶1，D正确。 答案　D 9.某地开发培育出一种水果，其果皮有紫色的，也有绿色的；果肉有甜的，也有酸的。为了鉴别有关性状的显隐性，用紫色酸果植株分别和绿色甜果植株a、b进行杂交，让一绿色酸果品种自交，结果如表。请回答： 组合序号 杂交组合类型 F2的表型和植株数目 一 紫酸×绿甜a 紫色酸果210 绿色酸果208 二 紫酸×绿甜b 紫色酸果0 绿色酸果280 三 绿酸×绿酸 其他果765 紫色甜果52 （1）在上述两对性状中　　　　是显性性状，　　　　是隐性性状。其中判断依据最可靠的是第　　　　组，因为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （2）如果用C、c和D、d分别代表该水果的果色和果味的遗传因子，则亲本中紫色酸果、绿色甜果a和绿色甜果b的基因型分别是　　　　、　　　　、　　　　。 （3）判断种皮颜色和果肉风味的显隐性为什么要根据F2植株的表型？　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 解析　分析表格：第一组中，紫×绿→紫∶绿≈1∶1，属于测交类型，则亲本的基因型为cc、Cc；酸×甜a→酸，说明酸为显性性状，亲本的基因型为DD、dd。第二组中，紫×绿→绿，说明绿色为显性性状，亲本的基因型为cc、CC；酸×甜b→酸，说明酸为显性性状，亲本的基因型为DD、dd。第三组中，亲本均为绿酸，子代出现了紫色甜果，说明亲本的基因型均为CcDd。（1）根据上述分析可知，绿、酸为显性性状，则紫、甜为隐性性状。第三组亲本均为绿酸，杂交后代出现了紫甜，出现了性状分离，说明绿酸是显性杂合子，其最能说明绿酸是显性性状，紫甜是隐性性状。（2）结合上述分析及绿、酸为显性性状，紫、甜为隐性性状判断，亲本中紫色酸果为ccDD，绿色甜果a为Ccdd，绿色甜果b为CCdd。（3）只有在F2植株中才能充分观察到性状分离现象及比例，并判断其显隐性，所以判断种皮颜色和果肉风味的显隐性需要根据F2植株的表型。 答案　（1）绿酸　紫甜　三　绿酸的自交后代出现了紫甜，出现了性状分离，说明绿酸是显性杂合子，紫甜是隐性性状　（2）ccDD　Ccdd　CCdd　（3）只有在F2植株中才能充分观察到性状分离现象及比例，并判断其显隐性 10．(江苏泰州月考)现有两个小麦品种，一个纯种小麦的性状为高秆(D)抗锈病(T)，另一个纯种小麦的性状为矮秆(d)不抗锈病(t)，两对基因独立遗传。现要培育矮秆抗锈病的新品种，过程如下：高秆抗锈病小麦和矮秆不抗锈病小麦F1F2可稳定遗传的矮秆抗锈病新品种。 请回答下列问题： （1）上述过程a是________，b是________。 （2）c的处理方法是________________________________________。 （3）F1的基因型是________，表型是____________，可稳定遗传的矮秆抗锈病新品种的基因型应是________。 答案　（1）杂交　自交　（2）筛选和连续自交，直至后代不发生性状分离　（3）DdTt　高秆抗锈病　ddTT 11.（不定项）豌豆的子叶颜色黄色对绿色为显性，籽粒的形状圆粒对皱粒为显性，两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。下列四个杂交实验结果中，能验证这两对性状的遗传遵循基因自由组合定律的是 （　　） A.黄色圆粒×绿色圆粒→黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝3∶1∶3∶1 B.黄色圆粒×绿色皱粒→黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1 C.黄色圆粒×黄色皱粒→黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝3∶3∶1∶1 D.黄色皱粒×绿色圆粒→黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1 解析　黄色皱粒×绿色圆粒→黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1，分析该实验，亲本黄色皱粒×绿色圆粒，子代中黄色∶绿色＝1∶1，圆粒∶皱粒＝1∶1，可知亲本的基因型为黄色皱粒（Yyrr）×绿色圆粒（yyRr），双亲都只有一对等位基因，双亲在产生配子时，不能发生两对等位基因的自由组合，因此该实验不能验证上述两对性状的遗传遵循基因自由组合定律，D错误。 答案　ABC 12.（不定项）某种玉米个体甲与基因型为aabb的乙杂交，正交和反交的结果如下表所示（以甲作为父本为正交）。则相关叙述正确的是 （　　） 杂交类型 后代基因型种类及比例 父本 母本 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb 甲 乙 1∶2∶2∶2 乙 甲 1∶1∶1∶1 A.两对基因的遗传符合基因自由组合定律 B.甲的基因型为AaBb C.甲作为父本只能产生三种类型的配子 D.甲作为母本可产生四种类型的配子 解析　据图中反交（乙为父本，甲为母本）结果，后代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，说明两对基因的遗传符合基因自由组合定律，A正确；反交（乙为父本，甲为母本）属于测交，乙的基因型为aabb，则甲为双杂合，即AaBb，B正确；据题中正交（甲为父本，乙为母本）后代四种基因型，说明甲作为父本能产生四种类型的配子，只是甲产生的AB配子有一半的致死率，C错误，D正确。 答案　ABD 13．(黑龙江牡丹江月考)某自花传粉的植物，花的颜色由两对基因(A和a，B和b)控制，其遗传符合自由组合定律。其中A基因控制红色素合成，B基因控制紫色素合成，当两种色素都能合成时，植物表现为品红花，两种色素都不能合成时，植物表现为白花。科研小组做了甲、乙两组人工杂交实验，结果如下。 甲：品红花×白花→F1：品红花、红花 乙：品红花×紫花→F1：品红花、红花、紫花、白花 请回答： （1）甲组品红花亲本和F1中品红花个体的基因型分别是________和________。 （2）乙组紫花亲本的基因型是________，F1中品红花、红花、紫花、白花的比例是________。 （3）欲判断乙组F1中某品红花植株的基因型，请你为该科研小组设计一个最简便的实验方案，并预测实验结果、结论： 让该品红花植株自交，观察并统计后代的表现型及比例。 ①若子代中品红花比例为________，则该品红花植株基因型为________。 ②若子代中品红花比例为________，则该品红花植株基因型为________。 解析　根据题干信息分析，品红花的基因型为A_B_，红花的基因型为A_bb，紫花的基因型为aaB_，白花的基因型为aabb。（1）甲组：品红花(A_B_)×白花(aabb)→F1：品红花(A_B_)、红花(A_bb)，F1没有白花(aabb)，说明亲本品红花基因型为AABb，F1品红花和红花的基因型分别为AaBb、Aabb。（2）乙组：品红花(A_B_)×紫花(aaB_)，F1中有白花(aabb)，说明亲本品红花基因型为AaBb，紫花基因型为aaBb，F1的表现型及比例为品红花∶红花∶紫花∶白花＝3∶1∶3∶1。（3）乙组F1中品红花植株的基因型可能为AaBb或AaBB，让该品红花植株自交，若子代品红花∶紫花＝3∶1，则该品红花植株的基因型为AaBB；若子代品红花∶紫花∶红花∶白花＝9∶3∶3∶1，则该品红花植株的基因型为AaBb(答案中，两种情况的顺序可交换)。 答案　（1）AABb　AaBb　（2）aaBb　3∶1∶3∶1　（3）①3/4　AaBB　②9/16　AaBb 学科网（北京）股份有限公司 $$