第1章 微课2 自由组合定律的重点题型及解法(课件PPT)-【勤径学升】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化同步练测（人教版2019）

单击此处添加文本具体内容 第1章　 遗传因子的发现 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 [对应学生用书第22页] 题型一　利用基因的分离定律解决自由组合定律的问题 1.解题原则：先分后合、概率相乘。 　　第一步：将多对相对性状分开，针对每一对相对性状分别按基因的分离定律进行相应的推算（基因型或表型及其概率，基因型或表型种类数，产生的配子类型及其比例等）； 　　第二步：根据解题需要，将第一步中的结果进行组合，即得到所需的基因型（或表型、配子种类等），对应的概率相乘，即得到相应基因型（或表型、配子种类等）的概率。 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 2.基本题型 （1）利用分离定律求解多对性状杂交后代的基因型种类。 ①AaBbCc与AaBBCc杂交，求其后代的基因型种类数。 解题思路：可分解为三个分离定律 Aa×Aa→后代有3种基因型（1AA∶2Aa∶1aa）； Bb×BB→后代有2种基因型（1BB∶1Bb）； Cc×Cc→后代有3种基因型（1CC∶2Cc∶1cc）。 因此，AaBbCc×AaBBCc的后代中有3×2×3＝18（种）基因型。 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 ②AaBbCc与AaBBCc杂交，求其后代中AaBBcc出现的概率。 1/2（Aa）×1/2（BB）×1/4（cc）＝1/16。 （2）根据子代基因型及其比例推断亲本的基因型。 根据子代基因型及其比例，拆分为分离定律的基因型及比例，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合在一起。 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 子代基因型及比例 亲本基因型 AA∶Aa＝1∶1 AA×Aa Aa∶aa＝1∶1 Aa×aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1 Aa×Aa AA AA×AA Aa AA×aa aa aa×aa 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 （3）根据子代表型及比例推断亲本基因型。 规律：根据子代表型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。 ①9∶3∶3∶1⇒（3∶1）（3∶1）⇒（Aa×Aa）（Bb×Bb） ②1∶1∶1∶1⇒（1∶1）（1∶1）⇒（Aa×aa）（Bb×bb） ③3∶3∶1∶1⇒（3∶1）（1∶1）⇒（Aa×Aa）（Bb×bb） ④3∶1⇒（3∶1）×1⇒（Aa×Aa）（BB×BB）或（Aa×Aa）（BB×Bb）或（Aa×Aa）（BB×bb）或（Aa×Aa）（bb×bb） 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 1.已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是（　　） A.表型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16 B.表型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16 C.表型有8种，Aabbcc个体的比例为1/8 D.表型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 解析　3对基因的遗传遵循自由组合定律，其中每对基因的遗传仍遵循分离定律，故Aa×Aa杂交后代表型有2种，aa出现的概率为1/4；Bb×bb杂交后代表型有2种，Bb出现的概率为1/2；Cc×Cc杂交后代表型有2种，Cc出现的概率为1/2，所以AaBbCc×AabbCc两个体杂交后代表型有2×2×2＝8种，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16。 答案　D 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 2.在家蚕的遗传中，黑色（A）与淡赤色（a）是有关蚁蚕（刚孵化的蚕）体色的相对性状，黄茧（B）与白茧（b）是有关茧色的相对性状，假设这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后得到的数量比如表所示，下列说法不正确的是（　　） 组别 黑蚕黄茧 黑蚕白茧 淡赤蚕黄茧 淡赤蚕白茧 组合一 9 3 3 1 组合二 0 1 0 1 组合三 3 0 1 0 A.组合一亲本一定是AaBb×AaBb B.组合三亲本可能是AaBB×AaBB C.若组合一和组合三亲本杂交，子代表型及比例与组合三的相同 D.组合二亲本一定是Aabb×aabb 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 解析　由于组合一后代性状比为黑蚕∶淡赤蚕＝3∶1，黄茧∶白茧＝3∶1，杂交后代比例为9∶3∶3∶1，因此两亲本的基因型一定是AaBb×AaBb，A正确；组合三杂交后代只有黄茧，且黑蚕与淡赤蚕的比例为3∶1，所以亲本为AaBB×AaBB或AaBb×AaBB或AaBB×Aabb，B正确；由于组合一的亲本是AaBb，而组合三亲本有多种可能，因此组合一和组合三亲本杂交，子代表型及比例与组合三的不完全相同，只有组合一与组合三的亲本AaBB杂交，子代表型及比例才与组合三的相同，C错误；组合二后代性状比为黑蚕∶淡赤蚕＝1∶1，且只有白茧一种性状，所以亲本一定是Aabb×aabb，D正确。 答案　C 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 题型二　自由组合定律的9∶3∶3∶1的变式应用 1.基因互作效应 F1（AaBb）自交后代比例 原因分析 测交后代比例 9∶7 当双显性基因同时出现时为一种表型，其余的基因型为另一种表型 ∶ 　 9　∶　 　　　7 1∶3 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 F1（AaBb）自交后代比例 原因分析 测交后代比例 9∶3∶4 存在aa（或bb）时表现为同一种性状，其余正常表现 ∶∶或 　 9∶　3　∶　 　4 ∶∶ 　 9∶　3　 ∶　 　4 1∶1∶2 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 F1（AaBb）自交后代比例 原因分析 测交后代比例 9∶6∶1 双显、单显、双隐三种表型 ∶∶ 　 9 ∶　　　6　　∶　1 1∶2∶1 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 F1（AaBb）自交后代比例 原因分析 测交后代比例 15∶1 只要具有显性基因，其表型就一致；双隐性表现为另一种表型 ∶ 　　　　 15　 　　　∶　1 3∶1 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 F1（AaBb）自交后代比例 原因分析 测交后代比例 13∶3 双显性、双隐性和一种单显性表现为一种性状，另一种单显性表现为另一种性状 ∶ 或 　　　　 13　　　　∶　3 ∶ 　　　　 13　　　　∶　 　3 3∶1 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 2.累加效应 （1）表现 （2）原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 题型三　致死效应引起的特殊性状分离比问题 1.胚胎致死 （1）显性纯合致死 致死基因 F1自交后代基因型及比例 F1测交后代基因型及比例 AA和 BB致死 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型个体致死 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 致死基因 F1自交后代基因型及比例 F1测交后代基因型及比例 AA（或 BB）致死 AaB_∶aaB_∶Aabb∶aabb＝6∶3∶2∶1（或A_Bb∶A_bb∶aaBb∶aabb＝6∶3∶2∶1），其余基因型个体致死 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 （2）隐性纯合致死 致死类型 F1自交后代基因型及比例 F1测交后代基因型及比例 双隐性致死 A_B_∶A_bb∶aaB_＝9∶3∶3 — 单隐性致死 A_B_∶A_bb＝9∶3或A_B_：aaB_＝9∶3 — 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 2.配子致死 　　某种基因型个体产生的某种配子不能存活等。如基因型为AB的花粉不能发育，则AaBb个体不能产生基因型为AB的雄配子，会使后代比例发生改变。 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 5.基因型为Aa的豌豆植株自交时，下列叙述错误的是 （　　） A.若自交后代的基因型及比例是Aa∶aa＝2∶1，则可能是由显性纯合子死亡造成的 B.若自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，则可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的 C.若自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1，则可能是由隐性个体有50%死亡造成的 D.若自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，则可能是由含有隐性基因的配子有50%死亡造成的 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 解析　基因型为Aa的豌豆自交时，后代基因型及比例理论上应该是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代的基因型及比例是Aa∶aa＝2∶1，后代中没有基因型为AA的个体，则可能是由显性纯合子死亡造成的，A正确；若自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，说明基因型为Aa和aa的个体分别有1/4和1/2死亡，则可能是由含有隐性基因的花粉有50%死亡造成的，B正确；若自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1，则可能是由杂合子和隐性个体都有50%死亡造成的，C错误；若含有隐性基因的配子有50%死亡，则基因型为Aa的个体产生的配子中A∶a＝2∶1，自交后代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，D正确。 答案　C 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 6.已知某一动物种群中仅有aaBb和aabb两种类型的个体（BB的个体在胚胎期致死），两对性状遵循自由组合定律，aaBb∶aabb＝1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是（　　） A.5/8 B.3/5 C.1/4 D.3/4 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 解析　由题意可知，aaBb∶aabb＝1∶1，且该种群中雌、雄个体比例为1∶1，该种群能进行自由交配，雌性个体产生的配子的类型及比例是aB∶ab＝1∶3，雄性个体产生的雄配子的类型及比例是aB∶ab＝1∶3，该种群自由交配产生的胚胎致死的基因型aaBB的比例是1/4×1/4＝1/16，存活个体的比例是15/16，能稳定遗传的个体aabb的比例是3/4×3/4＝9/16，因此该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是9/16÷15/16＝3/5，B正确。 答案　B 微课2　自由组合定律的重点题型及解法 题型二　自由组合定律的9∶3∶3∶1的变式应用 3．(山西晋中期中)某植物花的色素由A和B基因编码的酶催化合成(其对应的等位基因a和b编码无功能蛋白)，并且两对基因独立遗传，如图所示。亲本基因型为AaBb的植株自交产生子一代，下列相关叙述正确的是(　　) 白色物质 eq \o(——→,\s\up17(酶A)) 黄色物质 eq \o(——→,\s\up17(酶B)) 红色物质 A．子一代的表现型及比例为红色∶黄色＝9∶7 B．子一代的白色个体基因型为Aabb和aaBb C．子一代的表现型及比例为红色∶白色∶黄色＝9∶4∶3 D．子一代红色个体中能稳定遗传的基因型占1/3 解析　由题图可知，白花植株的基因型为aaB_、aabb，黄花植株的基因型为A_bb，红花植株的基因型为A_B_，又因A/a、B/b这两对基因独立遗传，则A/a、B/b这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。子一代的表现型及比例为红色∶白色∶黄色＝9∶4∶3，A错误，C正确；子一代的白色个体基因型为aaBB、aaBb和aabb，B错误；子一代红色个体(A_B_)中能稳定遗传的基因型(AABB)占1/9，D错误。 答案　C 4．某植物的花色受独立遗传的两对基因A、a，B、b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用。现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1的自交后代中花色的表型比例是(　　) A基因　　 　B基因 ↓　　　　 　↓ 白色色素 eq \o(——→,\s\up17(酶A)) 粉色色素 eq \o(——→,\s\up17(酶B)) 红色色素 A．白∶粉∶红＝3∶10∶3 B．白∶粉∶红＝3∶12∶1 C．白∶粉∶红＝4∶9∶3 D．白∶粉∶红＝6∶9∶1 解析　基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1的基因型为AaBb，F1自交后代中花色的表型及比例为白(aaB_＋aabb)∶粉(A_bb＋AaB_)∶红(AAB_)＝(1/4×3/4＋1/4×1/4)∶(3/4×1/4＋1/2×3/4)∶(1/4×3/4)＝4∶9∶3。 答案　C $$