第3章 第4节 第2课时 羧酸衍生物(word练习)-【勤径学升】2024-2025学年高中化学选择性必修3同步练测（人教版2019）

训练（十四）　羧酸衍生物 [对应素能提升训练第34页] 1.(大庆高二期末)下列说法不正确的是(　　) A.胺和酰胺都是烃的含氧衍生物 B.胺和酰胺都含有C、N、H元素 C.胺可以认为是烃中氢原子被氨基取代的产物 D.酰胺中一定含酰基 解析　胺是氨分子中一个或多个氢原子被烃基取代的产物，分子中不含氧原子，不是烃的含氧衍生物，A错误；胺是氨分子中一个或多个氢原子被烃基取代的产物，酰胺是指羧酸中的羟基被氨基或胺基取代的有机物，胺和酰胺都含有C、N、H元素，B正确；胺是氨分子中一个或多个氢原子被烃基取代的产物，可以认为是烃中氢原子被氨基取代的产物，C正确；酰胺是指羧酸中的羟基被氨基或胺基取代的有机物，酰基是指含氧酸的分子失去一个羟基而成的原子团，则酰胺中一定含酰基，D正确。 答案　A 2.(宝鸡高二期中检测化学)油脂的以下性质和用途与其含有的双键()有关的是(　　) A.适量摄入油脂，有助于人体吸收多种脂溶性维生素和胡萝卜素 B.利用油脂在碱性条件下的水解，可以生产甘油和肥皂 C.植物油通过氢化可以制造植物奶油(人造奶油) D.脂肪是有机组织里储存能量的重要物质 解析　脂溶性维生素和胡萝卜素不易溶于水，但容易溶于油脂，因此适量摄入油脂，有助于溶解吸收多种脂溶性维生素，维持人体健康，与碳碳双键无关，A错误；油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，在碱性条件下水解得甘油和肥皂，与碳碳双键无关，B错误；植物油中含不饱和高级脂肪酸甘油酯，不饱和高级脂肪酸的烃基中含有不饱和碳碳双键，经过催化加氢反应，烃基由不饱和变为饱和，物质由液态植物油变成固态脂肪，即由植物油变为植物奶油，与分子内的碳碳双键有关，C正确；油脂在体内完全氧化时，提供的能量比糖类和蛋白质约高一倍，是产生能量最高的营养物质，因此油脂是人体中储存能量的重要物质，但与分子内的碳碳双键无关，D错误。 答案　C 3.某物质可能由甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯四种物质中的一种或几种物质组成，在进行鉴定实验时记录如下：①能发生银镜反应；②加入新制的Cu（OH）2少许，沉淀不溶解；③与含酚酞的NaOH溶液共热，发现溶液的红色逐渐变浅。下列叙述正确的是 （　　） A.一定含有甲酸乙酯，可能含有甲醇 B.四种物质都存在 C.一定含有甲酸乙酯和甲醇 D.一定含有甲酸乙酯和甲酸 解析　题给四种物质中，能发生银镜反应的物质有甲酸和甲酸乙酯；加入新制的Cu（OH）2不溶解，说明不含甲酸和乙酸；甲酸乙酯能与含酚酞的NaOH溶液反应生成甲酸钠和乙醇，溶液碱性逐渐减弱，红色逐渐变浅。综上所述，该物质一定含有甲酸乙酯，不含有甲酸和乙酸，无法确定是否含有甲醇。 答案　A 4.有机物有多种同分异构体，其中含有苯环且属于酯类的有 （　　） A.6种 B.5种 C.4种 D.3种 解析　苯环上只有1个侧链时，侧链有—COOCH3、—CH2OOCH、—OOCCH3，共3种；苯环上有2个侧链时，侧链为—OOCH和—CH3，有邻、间、对3种位置关系；故符合条件的同分异构体共6种，A项正确。 答案　A 5.麻黄碱能预防支气管哮喘发作，其结构如图所示。下列有关该化合物的叙述正确的是 （　　） A.分子式为C10H14NO B.能使酸性KMnO4溶液褪色 C.既能与NaOH溶液反应，也能与盐酸反应 D.在Cu作催化剂与O2反应时能生成含醛基的化合物 解析　由麻黄碱的结构简式可知，其分子式为C10H15NO，A项错误；麻黄碱分子中含有—OH，具有还原性，能与酸性KMnO4溶液反应而使酸性KMnO4溶液褪色，B项正确；麻黄碱分子中含有—NH—，能与盐酸反应，而—NH—和醇羟基都不能与NaOH溶液反应，C项错误；麻黄碱分子中与羟基相连的碳原子上只有1个氢原子，不能被催化氧化为醛基，D项错误。 答案　B 6.(河北石家庄期末)某兴趣小组用预处理后的废弃油脂制作肥皂(高级脂肪酸钠)并回收甘油，简单流程如图所示。下列说法错误的是(　　) A.步骤①中加入乙醇的目的是助溶，提高反应速率 B.步骤②中加入食盐细粒的目的是降低高级脂肪酸钠的溶解度 C.步骤③可借助装置M完成(夹持装置省略) D.步骤④中包含蒸馏操作 解析　乙醇是常用的有机溶剂，能够与水混溶，而油脂难溶于水，步骤①中加入乙醇的目的是增加油脂在NaOH溶液中的溶解度，使反应物充分接触发生反应，从而可提高反应速率，A正确；向混合物中加入食盐细粒，会降低高级脂肪酸钠的溶解度而析出结晶，即发生盐析现象，B正确；步骤③为过滤，用到的仪器为漏斗，而不是分液漏斗，C错误；甘油和水相互溶解，二者的沸点不同，用蒸馏操作分离出甘油，D正确。 答案　C 7.(湖北武汉华中师大一附中质检)酯在碱性条件下发生水解反应的历程如图所示，下列说法正确的是(　　) A.反应④为总反应的决速步 B.该反应历程中碳原子的杂化方式没有发生改变 C.反应①中OH－攻击的位置由C和O的电负性大小决定 D.若用18OH－进行反应，反应结束后醇和羧酸钠中均存在18O 解析　慢反应决定总反应速率的快慢，由题图可知反应①为慢反应，故反应①为总反应的决速步，A错误；反应①中C===O转化为C—O，碳原子的杂化方式由sp2变为sp3，反应②中C—O转化为C===O，碳原子的杂化方式由sp3变为sp2，B错误；反应①中OH－带负电，会攻击电负性较弱的C，故攻击的位置由C和O的电负性大小决定，C正确； R′OH＋RCO18O－RCO18ONa，则反应结束后醇中不存在18O，D错误。 答案　C 8.(浙江衢州高二质检)化合物“E7974”具有抗肿瘤活性，结构简式如图，下列有关该化合物的说法不正确的是(　　) A.分子中含有4个手性碳原子 B.分子中C原子有sp2、sp3两种杂化方式 C.该物质可以发生加成反应、水解反应、酯化反应 D.1 mol该物质最多可以和3 mol NaOH反应 解析　化合物“E7974”含有的手性碳原子如图(标*的为手性碳原子)，共3个，选项A不正确；分子中存在饱和碳原子、碳碳双键、碳氧双键，其中饱和碳原子中C原子均为sp3杂化，碳碳双键、碳氧双键中C原子均为sp2杂化，选项B正确；该物质中含有碳碳双键，可以发生加成反应，含有酰胺基可以发生水解反应，含有羧基可以发生酯化反应，选项C正确；分子中含有2个酰胺基、1个羧基，均能与NaOH溶液反应，故1 mol该物质最多可以和3 mol NaOH反应，选项D正确。 答案　A 9.(河北保定六校联盟高二期中联考)化合物Y具有抗菌、消炎作用，可由X制得。 下列有关化合物X、Y的说法正确的是(　　) A.X的分子式为C23H22O5 B.1 mol X最多能与2 mol NaOH反应 C.室温下，X、Y分别与足量Br2发生加成反应得到的产物分子中手性碳原子数目相等 D.Y与乙醇发生酯化反应可得到X 解析　根据X的结构可知其分子中存在2个苯环和4个双键，不饱和度为12，碳原子数为23，氧原子数为5，则氢原子数为23×2＋2－12×2＝24，X的分子式为C23H24O5，故A错误；X含有羧基和酚酯基，因此1 mol X最多能与3 mol NaOH反应，故B错误；X、Y与Br2发生加成反应得到的产物都有3个手性碳原子(带*号)，即，故C正确；Y含有酚羟基，能与乙酸发生酯化反应得到X，故D错误。 答案　C 10.有机物间的相互转化是制备各种物质的基本方法，正是因为不同类别间可实现相互转化，化学工作者才创造出了无数自然界中没有的物质。部分过度油炸的食品中会产生丙烯酰胺()，研究表明丙烯酰胺对人体存在致癌的风险。有机物H是丙烯酰胺的相邻同系物，存在下图所示转化过程；其中A为气态烃，标准状况下密度为2.5 g·L－1，其分子中有2个甲基，不存在顺反异构；E的分子式是C4H8O3，F为六元环状化合物。 回答下列问题： (1)下列关于丙烯酰胺的说法错误的是________(填字母)。 A.丙烯酰胺所有碳、氮原子可能在一个平面内 B.人们应改善膳食习惯，少食油炸食品 C.丙烯酰胺可发生加成和水解反应 D.酰胺类物质其实就是蛋白质 (2)丙烯酰胺中含有官能团的结构简式和名称分别是________________________________________________________________________。 (3)指出下列反应的反应类型。 反应①________，反应③________，反应⑤________。 (4)除反应①③⑤外，属于取代反应的有________(填序号)。 (5)反应②的试剂和条件是____________________，检验D中醛基除银氨溶液还可以用的试剂是________，具体操作方法及现象是________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 (6)写出下列物质的结构简式。 G的结构简式：________________；K的结构简式：________________。 (7)写出下列反应的化学方程式： C→D：_________________________________________________________________； E→F：__________________________________________________________________。 解析　同系物是指结构相似、分子组成相差一个或若干个“CH2”原子团的有机化合物；有机物H是丙烯酰胺的相邻同系物，结合EGFH转化及E的化学式、F为六元环状化合物，可知E、F、G、H分别为CH3CH2CHOHCOOH、、 CH3CH===CHCOOH、CH3CH===CHCONH2；H中含有碳碳双键，发生加聚反应生成K；A为气态烃，标准状况下密度为2.5 g·L－1(则相对分子质量为56)，其分子中有2个甲基，不存在顺反异构，结合E可知，A为CH3CH2CH===CH2；A和卤素加成生成卤代烃B，B发生取代反应引入羟基生成C，C中一端的羟基氧化生成醛基得到D，D中醛基氧化为羧基、酸化后得到E。 (1)碳碳双键一端的原子共面，羰基碳相连的原子共面，故丙烯酰胺所有碳、氮原子可能在一个平面内，A正确；丙烯酰胺含有碳碳双键和酰胺基，可发生加成和水解反应，C正确；蛋白质是有机大分子，而酰胺类物质也可能是小分子物质，D错误。 (2)丙烯酰胺中含有的官能团结构简式和名称分别是碳碳双键、—CONH2酰胺基。 (3)反应①为A和卤素加成生成卤代烃的反应，反应③为羟基被氧化的反应，反应⑤为在浓硫酸、加热条件下羟基发生消去反应生成碳碳双键。 (4)②为卤代烃发生取代生成醇；④为醛基被氧化为羧基的反应；⑥为酯化反应，属于取代反应；⑦为羧基和氨基发生取代反应生成酰胺基；⑧为加成聚合反应；故属于取代反应的有②⑥⑦。 (5)②为卤代烃发生取代生成醇的反应，反应②的试剂和条件是氢氧化钠水溶液、加热；检验D中醛基除银氨溶液外还可以用的试剂是新制氢氧化铜悬浊液，具体操作方法及现象是取一支洁净的试管加入样品，加入新制的氢氧化铜悬浊液，在酒精灯上加热至煮沸，若生成砖红色沉淀，则说明含有醛基。 (6)G的结构简式为CH3CH===CHCOOH；K的结构简式。 (7)C→D的反应为CH3CH2CHOHCH2OH在催化剂作用下生成CH3CH2CHOHCHO，化学方程式为2CH3CH2CHOHCH2OH＋O22CH3CH2CHOHCHO＋2H2O；E→F的反应为CH3CH2CHOHCOOH发生酯化反应生成，化学方程式为2CH3CH2CHOHCOOH＋2H2O。 答案　(1)D (2) 、碳碳双键，—CONH2、酰胺基 (3)加成反应　氧化反应　消去反应 (4)②⑥⑦ (5)氢氧化钠水溶液、加热　新制氢氧化铜　取一支洁净的试管加入样品，再加入新制氢氧化铜，在酒精灯上加热至煮沸，若生成砖红色沉淀，则说明含有醛基 (6)CH3CH2CCOOH　 (7)2CH3CH2CHOHCH2OH＋O22CH3CH2CHOHCHO＋2H2O 2CH3CH2CHOHCOOH＋2H2O 11.油脂是重要的营养物质，某天然油脂A可发生下列反应： 已知：A的分子式为C57H106O6，1 mol该天然油脂A经反应①可得到1 mol D、1 mol不饱和脂肪酸B和2 mol饱和直链脂肪酸C。经测定B的相对分子质量为280，原子个数比为C∶H∶O＝9∶16∶1。 （1）写出B的分子式：　　　　　。 （2）写出反应①的反应类型：　　　　　　　；C的名称（或俗称）是　　　　　　　　。 （3）反应②为天然油脂的氢化过程。下列有关说法不正确的是　　　　。 a.氢化油又称人造奶油，通常又叫硬化油 b.植物油经过氢化处理后会产生副产品反式脂肪酸甘油酯，摄入过多的氢化油，容易堵塞血管而导致心脑血管疾病 c.氢化油的制备原理是在加热植物油时，加入金属催化剂，通入氢气，使液态油脂变为半固态或固态油脂 d.油脂的氢化与油脂的皂化都属于加成反应 （4）D和足量金属钠反应的化学方程式为　 。 解析　（1）假设B的分子式为C9nH16nOn，有12×9n＋1×16n＋16×n＝280，求得n＝2，所以B的分子式为C18H32O2。（2）油脂的水解是取代反应，A的水解可以表示成：C57H106O6＋3H2O—→C3H8O3（甘油）＋C18H32O2＋2C，根据原子守恒可知C的分子式为C18H36O2，结合C是饱和直链脂肪酸，可知C的结构简式为CH3—（CH2）16—COOH，是硬脂酸或十八烷酸。（3）氢化油又称人造奶油，a正确；反式脂肪酸甘油酯摄入过多，容易堵塞血管而导致心脑血管疾病，b正确；氢化油的制备原理是油脂中的双键与氢气发生加成反应生成半固态或固态油脂，c正确；油脂的氢化属于加成反应，油脂的皂化属于取代反应，d错误。（4）油脂是高级脂肪酸甘油酯，水解生成高级脂肪酸和甘油，甘油含有羟基，羟基能与钠反应：2C3H5（OH）3＋6Na—→2C3H5（ONa）3＋3H2↑。 答案　（1）C18H32O2 （2）取代反应（或水解反应）　硬脂酸（或十八烷酸）　（3）d （4）2C3H5（OH）3＋6Na—→2C3H5（ONa）3＋3H2↑ 12.（辽宁高二期中联考）某抗结肠炎药物有效成分的合成路线如下（部分反应试剂和条件已略去）。 已知： （a） （b） 回答下列问题： （1）烃A的结构简式是　　　 　。 （2）条件X是　　　　　　　　　　　　；F→G的反应类型是　　　　　　。 （3）下列对抗结肠炎药物有效成分可能具有的性质推测正确的是　　　　（填字母）。 A.水溶性比苯酚好 B.能发生消去反应 C.能发生氧化反应 D.具有两性，能与酸、碱反应生成盐 （4）E与足量NaOH溶液反应的化学方程式是　 。 （5）写出所有符合下列条件的E的同分异构体的结构简式：　 。 a.与E具有相同的官能团； b.苯环上的一硝基取代物有两种。 解析　烃A和氯气发生取代反应生成B，B先发生水解反应，然后酸化得到C，由A→B→C反应过程中分子中碳原子个数不变，所以A为；根据E的结构简式可知，B为，C为；根据已知信息（a）可知，D为；D被氧化生成E，E先发生水解反应，然后酸化得到F，F为；根据已知信息（b）可知，G为，据此分析解答。 （1）烃A的结构简式是。（2）条件X是氯化铁作催化剂；F→G的反应类型是取代反应。（3）该分子中含有酚羟基、羧基及氨基，都属于亲水基，所以水溶性比苯酚好，故A正确；该分子中含有酚羟基，不能发生消去反应，故B错误；该分子中含有酚羟基，能发生氧化反应，故C正确；该分子中含有氨基和羧基，具有两性，所以能与酸、碱反应生成盐，故D正确。（5）E的同分异构体符合下列条件：与E具有相同的官能团，说明含有酯基和羧基；苯环上的一硝基取代物有两种，说明分子中苯环上有两种氢原子，符合条件的结构有、、。 答案　（1） （2）氯化铁作催化剂　取代反应　（3）ACD （4）＋3NaOH＋CH3COONa＋2H2O （5）、、 学科网（北京）股份有限公司 $$