2025年江苏省常州市中考物理模拟练习卷

2025年常州市中考物理模拟练习卷 一．选择题（共15小题，满分30分，每小题2分） 1．（2分）2025年迎新元旦联欢会上，初二年级小雯等同学带来的“器乐串烧”让观众感受到了东西方音乐交融的独特魅力，观众能辨别出其中的二胡声，是依据声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 2．（2分）关于物态变化，下列说法正确的是（　　） A．纸锅中烧水，过一会水沸腾，纸锅不会燃烧，是由于水沸腾时不需要加热 B．东北地区冬季比较寒冷，早晨起来看到窗玻璃外侧有美丽的冰花形成 C．寒冬，堆好的雪人，过了几天发现变小了，是因为雪吸热后熔化 D．打开冰箱门，看到冒“白气”，这是由于冰箱外水蒸气遇冷液化形成的 3．（2分）如图所示，小红走进装有抛光不锈钢墙面的电梯，在墙面中看到自己的像。下列说法正确的是（　　） A．墙面中自己的像是由于光的折射现象形成的 B．墙面中自己的像与水中“倒影”成像原理相同 C．当小红走向墙面时，墙面中自己的像远离墙面 D．墙面中自己的像是实像 4．（2分）当蜡烛、透镜和光屏放置在如图位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．光屏上成倒立、放大的实像 B．该透镜的焦距可能是8cm C．将蜡烛移到30.0cm刻度线处，光屏移到90.0cm刻度线处，光屏上可以再次成清晰的像 D．保持蜡烛和透镜的位置不变，换用焦距更长的透镜，要在光屏上呈现清晰的像，需将光屏向左移动 5．（2分）2024年12月8日，盐城大洋湾龙舟队荣获中国龙舟大奖赛年度总冠军。比赛时，以船为参照物，队员小张是静止的。以下表述能说明“运动的相对性”的是（　　） A．以船上的小张为参照物，船是静止的 B．以岸上的观众为参照物，小张是运动的 C．以船上的队友小王为参照物，小张是静止的 D．以岸上的观众为参照物，船是运动的 6．（2分）小昕坐飞机去旅游，当飞机在高空平稳飞行时，她从背包中取出一袋密封的薯片，发现薯片袋子比起飞前膨胀一些。若如图的点M表示起飞前薯片袋内气体的“m﹣V”关系，则能正确表示起飞后袋内气体的“m﹣V”关系的是（　　） A．点N B．点O C．点P D．点Q 7．（2分）重庆今年夏天高温持续时间长，雨水稀少，大量竹子、红薯等植物枯死，高温也严重影响了其它植物的生长，出现了桂花花未开的现象，下列诗句中与分子热运动有关的是（　　） A．中亭地白树栖鸦，冷霜无声湿桂花 B．安知南山桂，绿叶垂芳根 C．飞鸿归尽燕将还，亭院深沉人倚栏 D．桂花香馅裹胡桃，江米如珠井水淘 8．（2分）下列运动场景中，力的作用效果与其他几项不同的是（　　） A．运动员用头将飞来的足球顶飞 B．进站的火车受阻力缓缓停下 C．运动员用力将铅球抛出 D．运动员跳水前将跳板压弯 9．（2分）如图是探究“二力平衡的条件”实验示意图。小车置于水平桌面，两端的轻质细绳绕过定滑轮挂有等重钩码。F1是小车受到的向左的拉力，F2是小车受到的向右的拉力，F1与F2在同一水平直线上。若忽略摩擦，下列说法中错误的是（　　） A．小车在水平方向上就只受到F1、F2作用 B．增减钩码个数，可探究二力大小对小车平衡的影响 C．F1、F2大小相等时，小车可处于平衡状态 D．将小车水平扭转90°时，F1、F2仍在同一直线上 10．（2分）如图所示，水平桌面上放有甲、乙两个完全相同的圆柱形容器，甲容器内只有水，乙容器中放入木块静止时漂浮在水面上，此时两容器内水面相平。若在两容器中分别抽取相同体积的水，最终木块仍能漂浮在水面上，此时剩余部分的水对容器底部的压强为p甲、p乙，容器对地面的压力为F甲、F乙，则（　　） A．p甲＝p乙；F甲＝F乙 B．p甲＝p乙；F甲＞F乙 C．p甲＞p乙；F甲＞F乙 D．p甲＞p乙；F甲＝F乙 11．（2分）如图所示，工人用A、B两个相同的滑轮组成的滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10s。不计绳重及摩擦，则下列说法正确的是（　　） A．拉力F所做功的功率为1200W B．C处天花板受到的拉力为660N C．若匀速提升重240N的物体，滑轮组机械效率为80% D．动滑轮重为120N 12．（2分）下列关于温度、热量、内能的说法正确的是（　　） A．温度高的物体，内能一定大 B．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大 C．物体的温度升高，一定是吸收了热量 D．热传递过程中，温度从高温物体传给低温物体 13．（2分）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，甲、乙两个电表示数之比为4：3。此时灯L1和L2的电阻之比为（　　） A．1：3 B．3：1 C．3：4 D．4：3 14．（2分）2024年9月25日，中国人民解放军火箭军成功发射一发洲际弹道导弹，准确落入预定海域。发射导弹需要两名指挥官共同完成，他们将各自的钥匙（相当于两个开关）插入发射控制台，同时旋转钥匙接通电路激活导弹发射系统。下列电路图符合此要求的是（　　） A． B． C． D． 15．（2分）电路如图所示，电源电压恒为U，R1、R3为定值电阻，R2为滑动变阻器。已知各种状态下滑动变阻器的滑片均可从最左端滑到最右端，a、b为电流表或电压表且不相同。当只闭合开关S1时，电表均有示数，下列说法中正确的是（　　） A．a为电压表，b为电流表 B．先闭合S1，保持滑片位置不变，再闭合S2时，电压表V1示数变大，a表示数变大 C．闭合S1、S2，调节滑动变阻器的滑片，电路的总功率最大值为 D．只闭合S1，向左移动滑动变阻器的滑片，则b示数变化量与a示数变化量之比减小 二．填空题（共10小题，满分26分） 16．（3分）如图所示，“埙（xūn）”是我国最早的吹奏乐器之一。其发出的声音是由于埙内空气 　 　而产生的；吹奏时，埙能发出宫、商、角、徵、羽五音，相当于现在的do、re、mi、sol、la，“五音”是指声音的 　 　（填写声音的特性）。若在深夜演奏此乐器，其优美的声音 　 　（选填“是”或“不是”）噪声。 17．（3分）如图是盐水在凝固过程的温度与时间关系图，从图像中可以看出盐水凝固持续了 　 　min，该盐水的凝固点为 　 　℃。该实验验证了在下雪后往路面上撒盐，是为了 　 　（选填“升高”或降低）雪的熔点。 18．（3分）如图是一束光线射到空气和玻璃的界面上发生方向改变的光路图。图中两条直线MM'和NN'互相垂直，可以判断：反射角的大小是 　 　°，光的传播方向是从 　 　射到 　 　（选填介质名称）中。 19．（2分）现有a、b两个小球，其中一个是空心的，已知两种材料的密度分别为、，两小球质量之比为ma：mb＝3：2，体积之比为Va：Vb＝3：5，则 　 　（选填“a”或“b”）球是空心的；若将空心小球空心部分注满水，则该球的总质量与实心球的质量之比为 　 　。 20．（3分）每天锻炼一小时，幸福生活一辈子。羽毛球被击向空中后，因其具有 　 　而继续运动；篮球撞击篮板时会发出“嘭”的声音，声音主要是由篮板的 　 　产生的；以正在游泳的运动员为参照物，看台是 　 　（选填“静止”或“运动”）的。 21．（2分）如图为机翼的模型图，我国自主研制的国产大飞机C919在轨道上高速滑行时，机翼上方受到空气的压强 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）下方受到空气的压强；在我国的青藏高原，如果没有高压锅，“生米煮成熟饭”是不可能的，煮软了仍是夹生的，这是因为海拔越高，气压越低，沸点越 　 　。 22．（3分）用手提起重物，从生物学的视角，可认为桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动如图，从物理学的视角来看，这可以简化为一种简单机械模型。 　 　部位是支点，此模型属于什么杠杆 　 　？请说明理由 　 　。 23．（3分）某单缸四冲程汽油机在1s内完成了10个工作循环，则该汽油机工作时，飞轮的转速为 　 　r/min。此汽油机在一个工作循环中消耗了6g汽油（汽油的热值为4.6×107J/kg），已知这台汽油机的效率为30%，则它在一个工作循环中输出的有用机械能为 　 　J，该汽油机的输出功率为 　 　W。 24．（2分）坐位体前屈体质测试原理如图所示，电源电压恒为6V，R1＝30Ω，电阻丝R2粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0，电流表示数为0.05A；挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。挡板P由B端向A端滑动时，电流表示数 　 　。当推动挡板P到A端时，电压表示数是 　 　V。 25．（2分）如图所示是演示巨磁电阻（GMR）特性的原理示意图。开关S1、S2闭合时，向左稍微移动滑动变阻器的滑片P，指示灯的亮度明显变亮。滑动变阻器的滑片向左移动，电磁铁周围的磁场　 　（选填“增强”“减弱”或“不变”）。指示灯的亮度明显变亮，表明GMR阻值会随着它周围的磁场增强而　 　（选填“增大”或“减小”）。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 26．（2分）如图，小磁针静止，请标出通电螺线管C点的电流方向和小磁针D端的极性。 27．（2分）如图，一重为5N的木块沿斜面匀速下滑，作出木块所受力的示意图。 四．实验探究题（共3小题，满分18分，每小题6分） 28．（6分）小刚想测出一个实心塑料球的密度，但是发现塑料球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积。小刚设计了以下实验步骤： （1）把天平放在 　 　台面上，将游码移到标尺的零刻度线处时，若天平指针静止时如图甲所示，则此时应将平衡螺母向 　 　调节，使天平平衡。 （2）图乙中被测塑料球的质量是 　 　g；根据图丙可知，塑料球的体积V＝　 　cm3，计算出塑料球的密度ρ＝　 　g/cm3。 （3）小明利用电子秤、细针、烧杯和水进行测量，如图丁操作顺序为 A、B、C以及示数分别为m0、m1，m2。小明分析电子秤的数据可知，塑料球的密度为 　 　（用m0、m1，m2、ρ水表示）。 29．（5分）利用一块焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像规律： （1）把“F”光源移到如甲所示位置，此时应将光屏向 　 　移动，直到出现清晰的像并记录物距和像距；多次实验记录数据如表，表中空缺数据为 　 　； 次数 1 2 3 4 5 6 物距u/cm 60 30 20 16 14 像距v/cm 12 15 20 26.7 30 35 （2）如图乙，将蜡烛放在P点位置，若切除凸透镜中间的阴影部分，剩余部分不动，结果 　 　； A.蜡烛不能成像 B.蜡烛成1个完整的像 C.蜡烛成一半像 D.蜡烛成2个完整的像 （3）把光源放在距透镜11cm处，即使光屏移至光具座最右端也找不到清晰的像。于是小希拿起一副图丙的眼镜放在光源和凸透镜之间，则在光具座上移动光屏 　 　（能/不能）找到清晰的像； （4）实验室有一块焦距未知的凸透镜，如何利用图甲器材快速准确地找到等大的实像 　 　。 30．（7分）小明和小华一起进行了“不同物质吸热升温的现象”和“不同燃料燃烧放热能力”两项探究，他们设计的两组实验装置如下，若忽略热量的散失，且燃料燃烧时均匀放热。 （1）甲图中，除了图中的实验器材外，还需要的测量工具是天平和 　 　； （2）探究“不同燃料燃烧放热能力”应选用 　 　（甲/乙）组器材，实验时需测量使燃料 　 　（燃烧相同时间/全部燃烧完后）的水温；若图丙表示燃料1和燃料2对应的水温变化情况，则燃料 　 　（1/2）热值较大； （3）探究“不同物质吸热升温的现象”实验是通过 　 　（加热的时间/升高的温度）来比较不同物质吸收热量的多少，实验时不需要控制的变量是 　 　。 A．采用完全相同的加热方式 B．取相同质量的液体a和b C．酒精灯里所加的酒精质量相同 D．盛放液体a和b的容器相同 若图丙表示液体a和液体b的温度变化情况，则ca：cb＝ 　 　。 五．计算题（共3小题，满分22分） 31．（6分）总重为1.5×104N的小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶了5min，行驶过程中小汽车受到的阻力为总重的。（汽油的热值取4.5×107J/kg） （1）则小汽车在行驶过程中发动机牵引力是多少？ （2）发动机牵引力的功率是多少？ （3）小汽车行驶过程中消耗了汽油0.8kg，汽车发动机的效率为多少？ 32．（8分）2024年是中国农历龙年，小琳的爸爸买了一个铜制龙摆件，如图所示。小琳想测该摆件的体积，她把该摆件完全浸入盛满水的容器中，刚好溢出300g的水。已知，ρ铜＝8.9×103kg/m3，求： （1）该摆件的体积为多少cm3？ （2）若该摆件是实心的，则该摆件的质量为多少克？ （3）若该摆件实际的质量为445g，则空心部分体积为多少cm3？ 33．（8分）某型号的电饭煲有两挡，“1”挡是高温烧煮，“2”挡是焖饭、保温，其测试电路如图所示。开关S先后置于“1”挡和“2”挡时，电流表示数分别为5A和0.1A。 求：（1）当开关S置于“1”挡时，电饭煲的发热功率； （2）当开关S置于“2”挡时，电饭煲每分钟消耗的电能； （3）电阻R0和R的阻值。 2025年常州市中考物理模拟练习卷 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 C D B C B A D D D A C 题号 12 13 14 15 答案 B A C C 一．选择题（共15小题，满分30分，每小题2分） 1．【分析】音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别物体。 【解答】解：音色是取决于发声体本身的一种特性，观众能辨别出其中的二胡声是依据声音的音色。 故选：C。 【点评】本题考查了音色与音调和响度的区别，是一道声学基础题。 2．【分析】（1）水沸腾时，温度不变，持续吸热； （2）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华； （3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。 【解答】解：A、水沸腾时，温度不变，持续吸热，使纸的温度低于纸的着火点，因此纸锅不会燃烧，并非水沸腾时不需要加热，故A错误； B、冰花是房内水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，附着在玻璃窗内侧，故B错误； C、寒冬，堆好的雪人，过了几天发现变小了，是因为雪发生了升华现象变小，故C错误； D、打开冰箱门，看到冒“白气”，这是冰箱外空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查物态变化以及吸放热情况，会利用物态变化进行现象分析。 3．【分析】（1）平面镜成像特点：平面镜所成的像与物体大小相同，像和物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等。 （2）平面镜成像原理属于光的反射。 【解答】解：A、“墙面中自己的像”属于平面镜成像，是光的反射形成的，故A错误； B、“墙面中自己的像”属于平面镜成像，是光的反射形成的，“倒影”属于平面镜成像，是光的反射形成的，两者原理相同，故B正确； C、平面镜成像时像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，则当小红走向墙面时，墙面中自己的像靠近墙面，故C错误； D、墙面中自己的像是与自己大小相等的虚像，故D错误。 故选：B。 【点评】本题主要考查的是平面镜成像特点在生活中的应用，此类题目在近几年的中考中属于热点题目，解答此类题目的关键是牢记平面镜成像的特点。 4．【分析】（1）物距大于像距，成清晰的倒立、缩小的实像； （2）由图可知，物距大于像距，且u＞2f，f＜v＜2f，据此得出焦距的范围； （3）根据光路的可逆性分析； （4）保持蜡烛和透镜不动，换用焦距更长的透镜，凸透镜折光能力变弱，光线延迟会聚。 【解答】解：A、由题图可知，物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时光屏上成清晰的倒立、缩小的实像，故A错误； B、由图可知，物距大于像距，物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm＞2f，像距f＜v＝70.0cm﹣50.0cm＝20.0cm＜2f，可得10.0cm＜f＜20.0cm，故B错误； C、将蜡烛移到30.0cm刻度线处，光屏移到90.0cm刻度线处，像距与物距与图中情况恰好相反，根据光路的可逆性可知，光屏会成倒立、放大的实像，故C正确； D、保持蜡烛和透镜不动，换用焦距更长的透镜，凸透镜折光能力变弱，光线延迟会聚，故要在光屏上呈现清晰的像，需将光屏向右移动，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查凸透镜成像规律的应用，有一定难度。 5．【分析】运动的相对性是指选取的参照物不同时，同一个物体的运动状态不同，据此结合题意解答。 【解答】解：运动的相对性是指选取的参照物不同时，同一个物体的运动状态不同；以船为参照物，小明是静止的，研究对象是小明，需要选择不同的参照物，来证明小明是运动的。 A．以船上的小张为参照物，船是静止的，研究对象是船，没有证明小明是运动的，故A错误； B．以岸上的观众为参照物，小张是运动的，研究对象是小张，并且证明小张是运动的，故B正确； C．以船上的队友小王为参照物，小张是静止的，研究对象是小张，但是没有证明小张是运动的，故C错误； D．以岸上的观众为参照物，船是运动的，研究对象是船，不能说明运动的相对性，故D错误。 故选：B。 【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。 6．【分析】（1）质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关； （2）根据公式ρ＝判断袋内气体密度。 【解答】解：因为质量是物体的一种基本属性，当飞机在高空平稳飞行时，这袋密封的薯片的位置虽然变了，但薯片和袋内空气的质量均不变；而袋子比起飞前膨胀一些， 则袋内气体体积变大，由于气体的质量不变，根据公式ρ＝可知，袋内气体密度变小。 据“m﹣V”关系图可知只有点N对应气体的质量与点M对应气体的质量相等，且N对应气体的体积大于点M对应气体的体积。 故选：A。 【点评】本题考查了质量与体积的关系，抓住质量是物体的一种基本属性是解题关键，难度不大。 7．【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。 【解答】解：A、“冷霜无声湿桂花”是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在地面上的花草树木、植被茎叶上，故A错误； B、“安知南山桂，绿叶垂芳根”是桂花的根长在绿叶下面，故B错误； C、“飞鸿归尽燕将还，亭院深沉人倚栏”是鸿雁飞走，燕子将要飞回来，故C错误； D、“桂花香馅裹胡桃，江米如珠井水淘”是桂花的香味分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了分子的热运动，属于基础题。 8．【分析】力可以使物体发生形变；力可以改变物体的运动状态。 【解答】解： A.运动员用头将飞来的足球顶飞，是改变物体的运动的方向，属于改变物体的运动状态，故A不符合题意； B.进站的火车受阻力缓缓停下，改变物体的运动状态，故B不符合题意； C.运动员用力将铅球抛出，改变了物体的运动状态，故C不符合题意； D.运动员跳水前将跳板压弯，改变了物体的形状，故D符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查力的作用效果，属于基础题。 9．【分析】A、忽略摩擦，通过受力分析得出小车水平方向的受力情况； B、增减钩码个数，可改变力的大小，故可探究二力大小对小车平衡的影响； C、小车受力平衡时，小车可处于平衡状态； D、将小车水平扭转90°时，此时F1、F2不在同一直线上。 【解答】解：A、忽略摩擦，此时小车在水平方向上就只受到F1、F2作用，故A正确； B、增减钩码个数，可改变F1、F2力的大小，故可探究二力大小对小车平衡的影响，故B正确； C、F1、F2大小相等时，此时两个力是一对平衡力，小车受力平衡，故小车可处于平衡状态，故C正确； D、将小车水平扭转90°时，此时F1、F2不在同一直线上，故D错误。 故选：D。 【点评】本题探究“二力平衡的条件”实验，难度适中。 10．【分析】根据p＝ρgh分析压强的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，据此分析压力的大小关系。 【解答】解：根据题意可知，两容器内水面相平，在两容器中分别抽取相同体积的水，则液面下降的高度相同，剩余的水的深度相同，根据p＝ρgh可知，剩余部分的水对容器底部的压强相同，即：p甲＝p乙； 木块漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知，此时木块受到的浮力等于自身的重力；根据阿基米德原理可知，木块排开的水的重力等于浮力，所以木块的重力等于排开的水的重力；由此可知，甲、乙两个装置的总重力是相同的；在两容器中分别抽取相同体积的水，抽去的水的重力相同，剩余的重力也相同，对地面的压力相同，即：F甲＝F乙。 故选：A。 【点评】本题考查了压力和压强的大小比较、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，难度不大。 11．【分析】（1）由图可知，动滑轮上的绳子段数，根据v＝nv物可得拉力端绳子的速度，根据P＝＝＝Fv求拉力F做功的功率； （2）不计绳重及摩擦，根据F＝（G+G动）可得动滑轮的重；定滑轮的重等于动滑轮的重，则C处天花板所受的拉力等于装置的总重与绳端的拉力之差； （3）不计绳重和摩擦，根据η＝＝＝＝求匀速提升重240N的物体时滑轮组的机械效率。 【解答】解：A、由图可知，动滑轮上的绳子段数n＝3，拉力端绳子的速度：v＝nv物＝3×0.2m/s＝0.6m/s， 拉力F做功的功率：P＝＝＝Fv＝200N×0.6m/s＝120W，故A错误； BD、不计绳重及摩擦，根据F＝（G+G动）可得动滑轮的重：G动＝nF﹣G＝3×200N﹣540N＝60N， 定滑轮的重等于动滑轮的重，则C处天花板所受的拉力等于装置的总重与绳端的拉力之差，即： FC＝G总﹣F＝540N+60N+60N﹣200N＝460N，故BD错误； C、不计绳重和摩擦，匀速提升重240N的物体时滑轮组的机械效率： η＝＝＝＝＝×100%＝80%，故C正确。 故选：C。 【点评】本题主要考查功率、机械效率和有关滑轮组的力的计算，知道n的大小是关键之一。 12．【分析】（1）内能的大小跟质量、温度、状态有关； （2）晶体熔化过程吸收热量，温度不变； （3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程； （4）发生热传递时，传递的是热量。 【解答】解：A、内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度高的物体，内能不一定大，故A错误； B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B正确； C、物体的温度升高，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故C错误； D、热传递过程中，热量从高温物体传给低温物体，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点。 13．【分析】根据题意确定两电表的类型，然后根据串联电路的电流、电压规律和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。 【解答】解：由图知，如果甲、乙两个电表中任何一个为电流表，将会形成短路， 因此甲、乙都为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表乙测量L2两端电压，电压表甲测量电源电压； 因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，且甲、乙两个电表的示数之比是4：3， 所以灯L1、L2两端电压之比：U1：U2＝（U﹣U2）：U2＝（4﹣3）：3＝1：3； 又因为串联电路电流相等，即I1＝I2； 所以，由I＝可得两灯泡的电阻之比R1：R2＝：＝U1：U2＝1：3。 故选：A。 【点评】本题考查电压表和电流表在电路中的作用、串联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是明确甲乙仪表的种类和测量对象。 14．【分析】根据题意分析两个开关的连接方式，然后选出正确的电路图。 【解答】解：根据题意可知，发射中心的两名指挥官将各自的钥匙（相当于两个开关）插入发射控制台，同时旋转钥匙接通电路才能激活发射系统，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关串联后再与发射系统串联，故C正确。 故选：C。 【点评】本题考查了电路图的设计，属于基础题。 15．【分析】（1）若a为电压表，只闭合开关S1，根据电压表的特点分析判断出a、b表的种类； （2）根据电流表和电压表的特点判断出各种情况下电路的连接，根据欧姆定律和串联电路电压的规律以及P＝分析解答。 【解答】解：A、若a为电压表，只闭合开关S1，由于电压表的电阻很大，电路中几乎没有电流，b表示数为零，不符合题意，所以a为电流表，由于a、b为表类型不相同，所以b为电压表，故A错误； B、先闭合S1，电路为R1、R2、R3的串联电路，电压表V1测量R1和R2的总电压，保持滑片位置不变，再闭合S2时，R1被短路，电路为R2、R3的串联电路，电压表V1测量R2两端的电压，总电阻变小，电源电压恒定，电流增大，所以a表示数变大； 由于电流增大，所以R3分压变大，由于电源电压不变，则R2两端的电压变小，所以电压表V1的示数变小，故B错误； C、闭合S1、S2，R1被短路，电路为R2、R3的串联电路，调节滑动变阻器的滑片，当R2接入电路的阻值为零时，电路中接入总电阻最小，电路的总功率最大值为P＝，故C正确； D、只闭合S1，电路为R1、R2、R3的串联电路，向左移动滑动变阻器的滑片，则b示数变化量等于R1两端的电压变化量，b示数的变化量与a示数变化量之比为R1，大小不变，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查了欧姆定律公式和电功率公式的应用，掌握电路的连接是解题的关键。 二．填空题（共10小题，满分26分） 16．【分析】一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止； 声音的高低叫音调，音调与频率有关，频率越高，音调越高； 从环境保护的角度来看，凡是妨碍人们正常的休息、学习和工作的声音，都属于噪声。 【解答】解：声音是由于物体的振动而产生的，吹奏时，埙发出的声音是由于埙内空气振动产生的； 演奏者用相同力度吹埙，并按压不同的孔，可以改变空气柱的长度，从而改变空气柱振动的频率，从而改变声音的音调； 若在深夜演奏埙这种乐器，其声音虽然优美，但妨碍了人们正常的休息，属于噪声。 故答案为：振动；音调；是。 【点评】本题考查声音的产生和声音的特性、噪声，属于基础题。 17．【分析】（1）晶体凝固时温度保持不变，凝固时保持不变的温度即凝固点； （2）盐水的熔点比较低，在下雪的马路上撒盐是为了降低雪的熔点，使雪熔化的更快。 【解答】解：由图像可知，图像中有一段温度保持不变，可见盐水是晶体；盐水从第10分钟开始凝固，到第20分钟凝固完成，凝固过程用了10分钟； 保持不变的温度是﹣2℃，故该盐水的凝固点是﹣2℃； 盐水的熔点比较低，在下雪的马路上撒盐是为了降低雪的熔点，使雪熔化的更快。 故答案为：10；﹣2；降低。 【点评】本题主要考查学生对晶体凝固过程的理解和运用，难易程度适中。 18．【分析】首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线以及折射角的度数。 【解答】解：由图可知，∠BOM′＝30°，所以∠BON＝90°﹣30°＝60°，而∠BON＝∠AON＝60°，根据反射角等于入射角都等于60°，可知NN′为法线，MM′为界面； 而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；折射角为∠CON′，根据折射角小于入射角可知界面MM′的左边是空气，右方是玻璃，即光的传播方向是从空气斜射向玻璃中。 故答案为：60；空气；玻璃。 【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射规律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。 19．【分析】（1）知道两种材料的密度、两小球的质量之比，根据ρ＝求出甲、乙两种材料的体积之比（即实心部分的体积之比），然后与两球的实际体积相比较，从而判断只有一个球是空心时哪个球是空心的，根据两球的体积之比设出两球的体积，进一步得出两球材料的体积，然后求出空心球空心部分的体积与实心部分的体积之比；将空心球的空心部分装满水后水的体积等于空心部分的体积，根据m＝ρV求出两球总质量关系； （2）若两球均是空心的，根据两球材料的体积之比设出a球材料的体积，从而得出b球材料的体积，球的体积等于材料体积加上空心部分的体积，进一步根据不等式得出两球空心部分的体积关系。 【解答】解：（1）由ρ＝可得，甲、乙两种材料的体积之比（即实心部分的体积之比）： ＝＝＝＝，若只有一个球是空心，由前面计算可知b球的体积大于其材料的体积，故b球一定是空心，a球一定是实心； （2）若两球均是空心的，根据＝6：5，可设a球材料的体积为6V′，则b球材料的体积为5V′， 则两球的实际体积之比为：， 整理可得：Vb空＝Va空+5V′＞Va空， 所以，a球的空心部分体积不可能比b球的空心部分体积大，故B错误； 因两球的体积之比为Va：Vb＝3：5，则可设a球的体积为6V，b球的体积为10V， 由前面计算可知b球材料的体积为5V，b球空心部分的体积Vb空＝Vb﹣Vb实＝10V﹣5V＝5V， 所以，空心球的空心部分与实心部分体积之比为Vb空：Vb实＝5V：5V＝1：1； 将空心球的空心部分装满水后，水的体积等于空心部分的体积， a的质量为m＝6V×5g/cm3＝30g/cm3V； b的总质量m'＝5V×4g/cm3+5V×1g/cm3＝25g/cm3V， 该球的总质量与实心球的质量之比为：25g/cm3V：30g/cm3V＝5：6。 故答案为：b；5：6。 【点评】本题考查了有关空心问题的计算，利用赋值法解答问题时需要知道各量之间的关系。 20．【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；声音是由物体的振动产生的；在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。 【解答】解：羽毛球被击向空中后，因其具有惯性而继续保持原来的运动状态，向前运动； 篮球撞击篮板时会发出“嘭”的声音，声音主要是由篮板的振动产生的； 以正在游泳的运动员为参照物，看台的位置发生了改变，是运动的。 故答案为：惯性；振动；运动。 【点评】本题通过生活中的实例，考查了对惯性的应用，声音的产生，运动与静止的相对性等，属基础题。 21．【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大； （2）大气压与高度有关，高度越大，气压越低；液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。 【解答】解：（1）机翼模型上凸下平的形状导致机翼上方的空气流速比机翼下方的空气流速大。流速大的地方压强小，机翼上方的空气流速比机翼下方空气流速大，所以机翼上方受到空气的压强比机翼下方受到的压强小。 （2）大气压与高度有关，高度越大，气压越低；液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低，青藏高原海拔较高，大气压较低，气压低于1标准大气压时，水的沸点就会低于100℃，所以如果没有高压锅，“生米煮成熟饭”是不可能的。 故答案为：小于；低。 【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、沸点与气压的关系，属于基础题。 22．【分析】（1）杠杆绕着转动的固定点叫支点； （2）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解：用手提起重物时，前臂围绕肘关节转动，因此肘关节是支点； 用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给手的力是阻力，用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂属于费力杠杆。 故答案为：肘关节；费力杠杆；动力臂小于阻力臂。 【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种： ①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 23．【分析】（1）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次； （2）知道汽油的质量和热值，利用燃料完全放热公式Q放＝qm求汽油完全燃烧产生的热量（总能量）；知道汽油机的效率，利用效率公式求有用机械能； （3）汽油机在1s内完成了10个循环，则完成一个工作循环需要的时间t＝s； 根据P＝可求汽油机的输出功率。 【解答】解：（1）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次，所以汽油机在1s内完成了10个循环，转20圈，则1min转1200圈，即该汽油机工作时飞轮的转速为1200r/min。 （2）汽油的质量：m＝6g＝0.006kg， 汽油完全燃烧产生的热量： Q放＝qm＝4.6×107J/kg×0.006kg＝2.76×105J， 因为η＝，所以一个工作循环中输出的有用机械能： W有用＝ηW总＝30%×2.76×105J＝8.28×104J； （3）汽油机在1s内完成了10个循环，则完成一个工作循环需要的时间t＝s； 汽油机的输出功率：P＝＝＝8.28×105W。 故答案为：1200；8.28×104；8.28×105。 【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式、效率公式、功率的公式的应用，很多学生容易忽略有用功和总功的差别，是易错点。 24．【分析】（1）闭合开关，R1和R2串联，电压表测量与R2并联部分两端的电压，电流表测量电路电流，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可知挡板P由B端向A端滑动时，电流表示数和电压表示数是否变化； （2）电流表的示数为0.05A，根据欧姆定律计算R1两端的电压，根据串联电路电压规律计算当推动挡板P到A端时的电压表示数。 【解答】解：闭合开关，R1和R2串联，电压表测量与R2并联部分两端的电压，电流表测量电路电流，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，挡板P由B端向A端滑动时，电阻丝R2接入电路的电阻不变，电压表并联部分的电阻变大，由欧姆定律可知挡板移动过程中，电路中电流不变，即电流表示数不变； 闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0，电流表示数为0.05A，电路中电流始终不变，根据欧姆定律可知R1两端的电压 U1＝IR1＝0.05A×30Ω＝1.5V； 当推动挡板P到A端时，电压表测量整个R2的电压，根据串联电压规律，R2两端的电压U2＝U﹣U1＝6V﹣1.5V＝4.5V；即电压表示数是4.5V。 故答案为：不变；4.5。 【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，关键是分析得出电路中电流不变这一信息。 25．【分析】（1）先分析滑片向左移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况。 （2）先由指示灯的亮度变化情况得出电流大小变化情况，然后根据欧姆定律得出电阻大小变化情况。 【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器的阻值减小，由欧姆定律可知，线圈中的电流增大，则电磁铁的磁场增强。 （2）指示灯的亮度明显变亮，表明电路中的电流增大，由欧姆定律可知，电路中GMR的阻值显著减小。 故答案为：增强；减小。 【点评】本题的实验虽然是探究巨磁电阻的特性，不是初中物理的内容，但该题所考查的其实还是初中物理的知识：包括欧姆定律、影响电磁铁磁性强弱的因素，是一道好题。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 26．【分析】磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，据此可知通电螺线管的极性；根据安培定则判定通电螺线管线圈中的电流方向；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针D端的极性。 【解答】解：磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，由图可知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极； 根据安培定则，大拇指所指的方向﹣﹣通电螺线管的左端为N极，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，电流是从左端流入，右端流出，故通电螺线管C点电流方向是向上的； 根据异名磁极相互吸引可知，小磁针D端的极性为S极。如图所示： 【点评】对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺线管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。 27．【分析】对木块进行受力分析可知，木块受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力，力的作用点都可画在木块的重心上。 【解答】解： 木块沿斜面匀速下滑时，木块受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力； 过木块的重心分别沿竖直向下、垂直于斜面向上和沿斜面向上的方向画一条带箭头的线段，分别用G、F和f表示，且重力的大小为5N．如图所示： 【点评】此题主要考查了重力、支持力、摩擦力的画法，画图的关键是确定这几个力的方向。 四．实验探究题（共3小题，满分18分，每小题6分） 28．【分析】（1）天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将天平放在水平台上，游码移至零刻度线；天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢； （2）根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准； 用排水法测量塑料球的体积，读取塑料球的体积时，视线与液面（凹液面的底部）相平。先测量量筒水与沉锤的体积V1，然后测量塑料球、沉锤和水的总体积V2，V球＝V2﹣V1。 利用密度公式ρ＝，已知木块质量、体积，求出塑料球密度； （3）由图AC可得塑料球的质量，由图AB计算塑料球的体积，由ρ＝可求出塑料球的密度。 【解答】解：（1）天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将天平放在水平台上，游码移至零刻度线； 由图甲可知，指针偏向分度盘中线的左侧，应向右调节平衡螺母，使天平平衡； （2）由图乙可知，塑料球的质量：m＝10g+1.2g＝11.2g， 由图丙可知，塑料球的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3， 塑料球的密度：ρ＝＝＝0.56g/cm3； （3）①由图A、C可得塑料球的质量m球＝m2﹣m0， B中塑料球浸没中水中，受到竖直向上的浮力、竖直向下的压力和重力，且三个力平衡，结合图A、B可知： F浮＝G排＝G球+F＝（m1﹣m0）g， 则：m排＝ρ水V排＝m1﹣m0， 所以V球＝V排＝， 塑料球的密度：ρ球＝＝＝。 故答案为：（1）水平；右；（2）11.2；20；0.56；（3）。 【点评】测量固体的密度时，实验中有天平和量筒，分别测量固体的质量和体积。 实验中没有天平时，采用弹簧测力计测量重力求质量，或利用漂浮的物体浮力等于重力，再求质量。 实验中没有量筒或固体太大时，采用固体浸没在水中，利用阿基米德原理求体积，或利用溢水杯法，溢出水的体积等于固体体积。 总之，测量固体的密度时，要直接或间接测量固体的质量和体积，根据密度公式求密度。 29．【分析】（1）物距大于两倍焦距，相距处于一倍焦距与两倍焦距之间；根据光路可逆分析； （2）过光心的光线传播方向不变； （3）图丙的眼镜是近视眼镜，对光有发散作用，会使像距变得更大； （4）物距等于像距时，距离是焦距的两倍。 【解答】解：（1）根据凸透镜成实像时物距大于两倍焦距，相距处于一倍焦距与两倍焦距之间，此时应将光屏向左移动，才能得到清晰的像。；根据光路可逆分析，第2组数据与第5组数据恰好相反； （2）凸透镜成像的本质是光的折射，切除凸透镜中间的阴影部分，剩余部分仍然是凸透镜，只是通过凸透镜的光线减少了，但仍然能成完整的像，只是像的亮度会变暗，所以结果选 B； （3）把光源放在距透镜处，成倒立、放大的实像，像距大于20cm，即使光屏移至光具座最右端也找不到清晰的像，说明像距太大超出了光具座的长度。图丙的眼镜是近视眼镜，对光有发散作用，会使像距变得更大，所以在光具座上移动光屏不能找到清晰的像。 （4）物距等于像距时，距离是焦距的两倍，所以将光屏和光源从贴紧透镜开始，以相同速度（同步）远离透镜，直到光屏出现清晰的像为止。 故答案为：（1）左；15；（2）B；（3）不能；（4）将光屏和光源从贴紧透镜开始，以相同速度（同步）远离透镜，直到光屏出现清晰的像为止。 【点评】本题考查光的反射规律和凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。 30．【分析】探究“探究不同物质吸热情况”，需要用相同的加热装置，燃烧相同的燃料（根据转换法，确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度； 为比较不同燃料燃烧时的放热能力，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多。 【解答】解：（1）甲实验中，根据转换法，用加热时间表示不同物质吸热多少，甲组实验还需要测量加热时间，所用工具是秒表。 （2）研究不同燃料燃烧放热能力应选用不同的燃料给相同的物质加热，因此选乙组器材。 使燃料全部燃烧完后，放出的热量是通过液体升高的温度来反映的，此时燃料燃烧的质量相同，液体升高的温度越高，说明燃料放出热量越多。 燃料1对应的水升高的温度：Δt1＝100℃﹣20℃＝80℃， 燃料2对应的水升高的温度：Δt2＝80℃﹣20℃＝60℃， 燃料1对应的水升温更多，说明燃料1放出的热量大于燃料2放出的热量，燃料1的燃烧放热能力强。 （3）探究“不同物质吸热升温的现象”实验是通过加热的时间来比较不同物质吸收热量的多少，因为探究“不同物质吸热升温的现象”时运用转换法，将吸收的热量转换为加热的时间；使用相同的加热方式，在相等的时间内吸收的热量相等，加热时间越长，吸收的热量就越多，所以可以通过加热时间来反映吸收热量的多少。 A．“采用完全相同的加热方式”是为了确保水和沙子在相同时间内吸收的热量是相同的，故A不符合题意； B．“取相同质量的液体a和b”是为了在吸收相同热量时，比较它们温度升高的程度，从而比较其吸热能力，故B不符合题意； C．在本实验中，比较的是物质在吸收相同热量的温度变化，而不是酒精灯本身消耗的酒精量，故C符合题意； D．“盛放液体a和b的容器相同”是为了避免容器对实验结果的影响。不同的容器可能有不同的热传导性、热容量等性质，这些都会影响物质的吸热和温度变化，故D不符合题意。 故选C。 由于使用相同的加热方式，则在相等的时间内吸收的热量相等，所以加热液体b，15min吸收的热量是加热液体a，5min吸收热量的3倍，根据Q＝cmΔt可知 ； 故答案为：（1）秒表；（2）乙；全部燃烧完后；1；（3）加热的时间；C；1：4。 【点评】本题研究“不同物质吸热升温的现象”和“不同燃料燃烧的放热能力”，考查转换法和控制变量法及两实验的相同与不同之处。 五．计算题（共3小题，满分22分） 31．【分析】（1）根据f＝0.1G＝0.1mg求出小货车所受的阻力大小根据二力平衡条件得出牵引力的大小； （2）由P＝＝＝Fv可求得发动机牵引力的功率； （3）由P＝公式变形可求得发动机牵引力做功，由Q＝mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，由效率公式可得汽车发动机的效率。 【解答】解：（1）由题意知，f＝G＝×1.5×104N＝1800N， 小汽车在平直公路上匀速行驶，所以F＝f＝1800N； （2）发动机牵引力的功率： P＝＝＝Fv＝1800N×20m/s＝3.6×104W； （3）由P＝可得，小汽车在行驶过程中发动机牵引力做功： W＝Pt＝3.6×104W×5×60s＝1.08×107J， 汽油完全燃烧放出的热量Q＝mq＝0.8kg×4.5×107J/kg＝3.6×107J， 汽车发动机的效率η＝＝＝30%。 答：（1）小汽车在行驶过程中发动机牵引力是1800N； （2）发动机牵引力的功率是3.6×104W； （3）汽车发动机的效率为30%。 【点评】此题主要考查的是学生对功与功率的计算，以及二力平衡条件的应用等多个知识点的理解和掌握，但难度不大。 32．【分析】（1）根据密度公式的变形式V＝求出溢出水的体积，因容器中盛满水，则该摆件的体积等于溢出水的体积； （2）若该摆件是实心的，根据m＝ρV算出该摆件的质量； （3）若这个摆件实际的质量是445g，根据密度公式求出摆件中铜的体积（实心部分的体积），则空心部分的体积等于摆件的体积减去铜的体积。 【解答】解：由题知，ρ水＝1.0×103kg/m3＝1.0g/cm3，ρ铜＝8.9×103kg/m3＝8.9g/cm3； （1）由ρ＝可得溢出水的体积为： V溢水＝＝＝300cm3； 因容器中盛满水，则该摆件的体积等于溢出水的体积，即V摆件＝V溢水＝300cm3； （2）若该摆件是实心的，由ρ＝可得该摆件的质量为： m＝ρ铜V摆件＝8.9g/cm3×300cm3＝2670g； （3）若该摆件实际的质量为445g， 由ρ＝得，摆件中铜的体积（实心部分的体积）： V实＝＝＝50cm3； 则空心部分体积为：V空＝V摆件﹣V实＝300cm3﹣50cm3＝250cm3。 答：（1）该摆件的体积为300cm3； （2）若该摆件是实心的，则该摆件的质量为2670g； （3）这个摆件实际质量是445g，则空心部分体积为250cm3。 【点评】本题考查了密度公式的应用，关键要知道摆件完全浸没时溢出水的体积和自身的体积相等，计算时要注意单位的换算。 33．【分析】（1）由图可知，当开关S置于“1”挡时，只有R0工作，根据P＝UI求出此时电饭煲的发热功率； （2）当开关S置于“2”挡时，R0、R串联，根据W＝UIt求出电路每分钟消耗的电能； （3）根据欧姆定律求R0的阻值和R0、R的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R的阻值。 【解答】解：（1）由图可知，当开关S置于“1”挡时，只有R0工作，电流表测量电路中的电流， 此时电流表的示数为5A，则电饭煲的发热功率：P热＝UI＝220V×5A＝1100W； （2）当开关S置于“2”挡时，R0、R串联，此时电路中的电流I′＝0.1A， 则电路每分钟消耗的电能：W＝UI′t＝220V×0.1A×1×60s＝1320J； （3）由欧姆定律可知，R0的阻值：R0＝＝＝44Ω； R0、R的串联总电阻：R总＝＝＝2200Ω， 根据串联电路的电阻特点可知，R的阻值：R＝R总﹣R0＝2200Ω﹣44Ω＝2156Ω。 答：（1）当开关S置于“1”挡时，电饭煲的发热功率为1100W； （2）当开关S置于“2”挡时，电饭煲每分钟消耗的电能为1320J； （3）电阻R0和R的阻值分别为44Ω、2156Ω。 【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律和电功公式的应用，属于电功率多挡位问题，难度不大。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/1/24 11:36:41；用户：陈轩；邮箱：13625253945；学号：59240608 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$