2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练

2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、实验题 1．小红同学做测定小灯泡电功率实验，实验器材齐全且完好，待测小灯上标有“2.5V”字样，滑动变阻器有“10Ω  2Α”和“20Ω  1Α”两个规格，小红选择一个正确串联电路，并将电压表并联在电路中，实验操作正确，闭合电键，发现小灯发光偏暗，电压表、电流表示数分别如图（a）、（b）所示。 判断电压表的位置并说明理由： ； 判断小红所使用的滑动变阻器规格并说明理由： ； 小红重新正确连接电路，闭合电键，移动滑片直到小灯正常发光，此时滑片正好在中点上，求小灯的额定功率P额。 （写出计算过程） 2．某学习小组在老师的指导下，探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关．他们用的实验器材如图所示，两个透明容器中密封着等量空气，U形管中液面最初相平，两个密闭容器中都有一段电阻丝． （1）请你用笔画线代替导线，把图甲两个容器的电阻丝接到电路中 -． （2）实验中通过观察液面高度的变化来比较电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫 ． （3）接好电路，闭合开关，通电一段时间后， （填“左”或“右”）侧U形管中液面高度变化大，此实验现象表明，在电流和通电时间均相同的情况下， 越大，所产生的热量越多． （4）让两个密闭容器中的电阻一样大，在其中一个容器的外部将一个相同阻值的电阻和这个容器内的电阻并联（如图乙所示）．移走图甲中的电阻，换接图乙中的电阻到电路中，重新做这个实验．此时通过两容器中电阻的电流不同，在通电时间相同的情况下，观察U形管中液面高度变化，由此得到的结论是 （5）如果热量用Q表示，电流用I表示，电阻用R表示，时间用t表示，则Q＝ ． 3．在“探究小灯泡的亮度与电功率的关系”的实验中，实验小组选取了一个标有“2.5V”的小灯泡和必要的实验器材，连接的实物电路如图甲所示． （1）如图甲所示是小明同学连接的部分电路，请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡变暗． ( ) （2）电路连接正确后，闭合开关，小明发现电压表有明显示数，电流表指针几乎不动，小灯泡不发光，产生这一现象的原因可能是 ． （3）排出故障后，继续实验，调节滑片并把多次测量的电流和电压绘制成I-U图像，如图乙所示，根据图像可知，小灯泡正常发光时的电流为 A，额定功率为 W． （4）请你为实验需要测量和计算的物理量及记录的现象，在方框内画出一个记录实验数据的表格． ( ) 4．电流做的功跟电压、电流和通电时间三个因素都有关。小明想通过实验验证电功跟电压的关系，选用的器材如图所示。其中甲、乙两玻璃瓶内装有初始温度相同、等质量的煤油，两电阻丝阻值不同（）。 （1）将两根电阻丝串联后接入电路中，可控制 和 相同； （2）通电一段时间后，通过观察 来比较电流做功多少；这种研究方法是 法； （3）通过实验发现：在相同时间内，电流通过电阻丝 （选填“R1”或“R2”）做的功多；进一步研究发现电流所做的功与电压的关系表达式（用字母W1、W2、U1、U2表达） ； （4）若R1两端的电压为3V，电路中的电流为0.4A，则10s内电流通过R1做的功为 J； （5）请在虚线框内画出本题研究的电路图 。 5．物理科学兴趣小组在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，有两个规格分别为“10Ω1A”的A滑动变阻器和“50Ω2A”的B滑动变阻器，电源电压为6V。 （1）请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大 ； （2）连好电路后，用合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数，接下来应进行的操作是 ； A．断开开关，更换小灯泡 B．检查电路是否断路 C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光 （3）问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功串，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“右”或“左”）端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为 W； （4）本实验中应选择 滑动变阻器（选填“A”或“B”）。 6．小明同学在测定“小灯泡额定电功率”的实验中，使用的电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“10Ω  1Α”。 （1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变大）。 （2）小明连好电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电压表示数较大，电流表几乎无示数。他取下灯泡，电压表和电流表的示数均不变，其故障原因可能是： 。 （3）故障排除后，开始实验，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率是 W。 （4）小明又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗，他仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑，灯丝变细，消耗的实际功率变 的缘故（选填“大”或“小”）。 （5）小明通过实验数据，比较出“实际电压是额定电压一半时的电功率P1”和“实际电流是额定电流一半时的电功率P2”的大小，则P1 P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 （6）小明将灯泡换成阻值为5Ω的定值电阻继续探究“电流与电阻关系”，他调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为2V，读出电流表的示数。他接着进行正确的操作，将10Ω的电阻接入电路，为读取正确的电流值，他应将滑动变阻器的滑片向 移（选填“左”或“右”），当电压表示数为2V时，停止调节，读出电流表示数。按照小明的实验设计，为了能完成实验，所选定值电阻的最大值为 Ω。 7．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为“2.5V”，正常发光时的电阻约为8Ω。 (1)在图甲中，只有一根导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线补画一条线将电路连接正确； (2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最 端（选填“左”或者“右”）； (3)移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I-U图像，由图像可计算出小灯泡的额定功率是 W；本实验中多次实验的目的是 ； (4)完成上述测量后，不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流为I额的小灯泡的额定功率，已知定值电阻的阻值为R0，实验步骤如下，请补充完整： ①闭合开关S、S2，断开S1，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为 ； ② ，保持滑片位置不变，记录下此时电流表的示数为I； ③小灯泡的额定功率的表达式为 。 8．在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，小灯泡额定电压为3.8V，电源电压恒为6V。 (1)请你用笔画线代替导线，根据图甲电路图将图乙中的实物电路连接完整 ；（要求滑片向右移，灯泡变暗） (2)闭合开关后，小灯泡发光十分微弱，移动滑动变阻器的滑片也不能改变灯泡的亮度，则原因可能是 ； (3)排除故障后，继续进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表的示数为3V，为了使小灯泡正常发光，则应向 （选填“左”或“右”）端移动滑片； (4)当电压表示数为3.8V时，电流表的示数如图丙所示，为 A，由此可得小灯泡的额定功率为 W； (5)若实验室电流表损坏，小明借助了一个电阻已知的定值电阻R0，并设计了如图丁所示电路（电源电压为U，且保持不变），也正确地测量出了一个额定电压为U额的小灯泡的额定功率，其实验步骤如下，请补充完整： ①闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器R1的滑片，使电压表的示数为U1＝ ，此时小灯泡正常发光； ②闭合开关S、S2，断开S1， ，读出电压表示数为U2； ③则小灯泡额定功率的表达式为P额＝ （用U额、U、U2、R0表示）。 (6)若V表0～15V量程坏了，0～3V量程可用，不能更换仪器，请画出你设计的电路图 。 二、计算题 9．教室里有6盏40W的日光灯，如果同学们平时注意节约用电，做到人走灯熄，平均每天少开灯半小时，那么，一个月（30天）可节约几度电？ 10．如图1所示，电源电压为24V且保持不变，滑动变阻器R铭牌上的规格是“xxΩ 2.5A”。当S闭合、S1断开，滑片P滑到变阻器的中点时，电压表示数如图2所示；当开关S、S1均闭合，滑动变阻器的滑片P滑到a端时，电流表示数如图3所示。求 （1）滑动变阻器的最大阻值； （2）当开关S、S1均闭合，变阻器的滑片P滑到a端时，电流通过电阻R1在1min内产生的热量； （3）若电压表的量程为0~15V，电流表的量程为0~3A，S闭合、S1断开且该电路工作中各元件均安全的情况下，通过电阻R1的最小电流是多少?整个电路的总功率变化范围是多少? 11．小刘同学在南开中学校运会羽毛球比赛中获得冠军，学校奖励了一台超人牌空气炸锅，如图甲，因其烹制食物脂肪含量低，无油烟味，激发了小刘同学对其内部电路构造的好奇心。拆开后发现简化电路原理如图乙所示，定值电阻的额定电功率为。则： （1）空气炸锅加热食物非常迅速，用它加工薯条，很快就将的薯条从20℃加热至80℃，求这一过程中薯条吸收的热量；（不考虑薯条质量的变化，） （2）若用此空气炸锅加工鸡翅，电阻的实际电功率为，则实际电压为多少； （3）为了适应不同食物的制作需求，小刘对电路进行重新设计（如图丙），移动滑片可以连续调节的电功率，最低可调至额定功率的，滑动变阻器的最大阻值应为多少？ 12．如图所示电路中，电阻R=24Ω，灯泡L标有“12V 24W”的字样，闭合开关，灯泡正常发光。求电流表的示数。 13．如图是家庭、宾馆常用的电热水壶，表中列出了其部分技术参数．   （1）电热水壶正常工作时的电流是多少 ？     （2）电热水壶正常工作时，用6min就能将整壶水烧开，如果水吸收的热量是3.24×105J，则该电热水壶的效率是多少 ？     （3）有关电热水壶的安全使用，有下列几种说法，其中不正确的是 （填序号）．   ①电热水壶不用时，应拔下电源插头； ②当壶体和基座被弄脏时，放进清水中清洗； ③电热水壶工作时，身体不可靠近壶嘴； ④注入水时，水位不超过电热水壶的最高水位线． 14．图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻。当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态。 （1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？ （2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃。需用时14min[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]。求此加热过程中：①水吸收的热量；②饮水机的加热效率。 （3）求电阻R1的阻值（保温功率是指整个电路消耗的功率）。 15．如图甲为一款养生壶，额定电压为220V，最大容积为1L。其加热原理如图乙所示，R1、R2均是发热电阻。养生壶正常工作时，开关置于“1”为加热挡，电路中电流为4A；开关置于“2”为保温挡，保温功率为加热功率的。求： (1)加热挡的电功率； (2)电阻R1 和R2的阻值。 (3)某次家庭电路中只有该养生壶在工作，将满壶水从20℃加热到100℃，若发热电阻R1产生的热量有80％被水吸收，则该过程消耗的电能是多少？[c水 =4.2×103 J/（kg•℃）] 16．如图所示，电阻为，电源电压恒为30V，只闭合开关时，电流表的示数为1.5A，求： (1)电阻的阻值； (2)闭合开关和，电流表的示数； (3)闭合开关和，电路消耗的总功率。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2025年中考物理专题复习：电功率实验题、计算题综合训练》参考答案 1． 见解析 见解析 见解析 【详解】[1]由a图可知，电压表所选量程为0～15V，分度值是0.5A，示数为7.5V。小灯发光偏暗，小灯电压小于2.5伏，所以电压表不在灯泡两端。由b图可知电流表选0~0.6A量程，分度值是0.02A，示数为0.3A。 如果选择“10Ω  2Α”规格的变阻器，则变阻器两端电压为 U滑=IR滑=0.3A×10Ω=3V 如果选择“20Ω  1Α”规矩的变阻器，则变阻器两端电压为 U滑′=IR滑′=0.3A×20Ω=6V 所以电压表不在滑动变阻器两端，电压表在电源两端。 [2]根据题意可知，电源电压为 U总= U灯＋U滑=7.5V 因为灯泡两端的电压U灯<2.5V，所以滑动变阻器两端的电压U滑＞5V。即选用“20Ω  1Α”规格的滑动变阻器。 [3] 移动滑片直到小灯正常发光，滑片正好在中点上，此时电路中的电流为 则小灯的额定功率为 P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W 2． 转换法 右 电阻 在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多 I2Rt 【分析】（1）根据“在电流和通电时间相同时，导体产生的热量与电阻大小的关系”，可确定是串联电路，以根据电流流向法，从电源的正极出发依次连接电路元件，然后回到电源负极即可； （2）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过液面高度差的变化来反映； （3）由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，据 比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答； （4）探究电流产生热量跟通电电流关系时，控制通电时间和电阻不变； （5）根据焦耳定律的公式分析． 【详解】（1）将滑动变阻器，两相同的透明容器中的U形管，开关，逐一顺次连接即可，滑动变阻的连线要注意一上一下，如下图所示： （2）电流产生的热量不便于用眼睛直接观察和测量，通过U形管内液柱的高度差来反映，这种方法是初中物理常用的转换法； （3）因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等；由 可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积膨胀，右侧气体膨胀更大所以B管中的液面较高； （4）在乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，B端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即 ，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 ，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，根据U型管液面的高度可知，电流越大，热量越多；故结论为：在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多； （5）由焦耳定律可知， ． 故答案为(1). 见详解． (2). 转换法 (3). 右 (4). 电阻 (5). 在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多 (6). I2Rt 【点睛】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键． 3． 小灯泡断路 0.5 1.25 见解析所示 【详解】(1)根据要求滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡变暗，即电流变小，电阻变大，故滑片以左电阻丝连入电路中，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示： (2)电路连接正确后，闭合开关，小明发现电压表有明显示数，电流表指针几乎不动，小灯泡不发光，产生这一现象的原因可能是小灯泡断路．(3)根据图乙电流和电压绘制成的I−U图象，小灯泡正常发光时的电流为0.5A，灯的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；(4)表格内容包含灯泡的电压、通过的电流、电功率及灯的亮度(要分别记录灯在高于、等于、低于额定电压下发光情况)，实验数据的表格如下所示： 实验次数 灯泡两端的电压U/V 通过灯泡的电流I/A 灯泡的电功率P/W 灯泡的亮度 1 2 3 【点睛】（1）根据要求滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡变暗确定变阻器的连接，根据灯的额定电压确定电压表选用的量程与灯并联；（2）若电流表示数几乎为0，灯不发光，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）根据图乙找出灯的额定电压下的电流，根据P＝UI求灯的功率；（4）根据实验目的和记录的物理量设计表格． 4． 电流 通电时间 温度计示数变化 转换 R1 12 【详解】（1）[1][2]由图可知，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，通过R1、R2的电流相等，而且R1、R2同时工作，所以可控制两根电阻丝的电流和通电时间相同。 （2）[3][4]在这个实验中，小明是通过观察比较温度计示数的变化量来比较电流做功多少的，温度升高的越高，表示电流做功越多，产生的热量越多，这种方法叫转化法。 （3）[5]通过R1、R2的电流大小相等，通电时间相同，由于，由可知，，由可知，电流通过电阻丝R1做的功多。 [6]进一步研究发现电流所做的功与电压的关系表达式 两式相比得 （4）[7]10s内电流通过R1做的功 （5）[8]从电源正极开始，依次画出电路各元件，两个电压表分别在两个定值电阻两端，如图 5． C 右 0.45 B 【详解】（1）[1] 实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中，灯泡正常工作电流约0.25A，所以电流表应使用0-0.6A 量程，由滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以应将其右下接线柱接入电路中，实物图如图所示： （2）[2] 闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没损坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作∶移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作。 （3）[3][4] 合开关，由图乙知，电压表量程0-3V，分度值0.1V，电压表示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V， 要测量小灯泡的定功率，由串联电路电压的规律，应增大灯的电压减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器分得的电压，应将滑动变阻器滑片向右端移动，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光；由图丙知，电流表分度值为0.02A，此时示数为0.18A，则小灯泡的额定功率 P=UI=2.5V×0.18A=0.45W [5] 小灯泡的定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流 根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器分得的电压为 由欧姆定律可得此时变阻器连入的阻值 故选用50Ω 2A的滑动变阻器B。 6． 小灯泡开路 0.55 小 大于 左 20 【详解】（1）[1]由于滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变大，则滑动变阻器接入电路的电阻变小，故应接下方的右接线柱。由于小灯泡额定电压为2.5V，故电压表的量程应选“0~3V”，则应将电压表的“3”接线柱与小灯泡的右接线柱连接。 （2）[2]灯泡不亮，则可能电路开路，也可能灯泡被短路；电流表几乎无示数，则可能电路开路，也可能电流表被短路；电压表示数较大，则可能电压表与电源两极连接完好，测电源电压；又因为取下灯泡，电压表与电流表示数均不变；所以电路故障是灯泡开路。 （3）[3]由图乙可知，电流表所选量程是0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.22A；小灯泡的额定功率 P=UI=2.5V×0.22A=0.55W （4）[4]一个规格型号完全相同的旧灯泡由于使用时间很久，钨丝发生升华现象而变细，灯丝电阻变大；在电压一定时，由可知，消耗的功率变小，故实际功率变小。 （5）[5]由可知，灯泡实际电压是额定电压一半时，灯泡电阻减小，它的实际功率P1>P额；由P=I2R可知，灯泡实际电流等于额定电流一半时，灯泡电阻减小，实际功率P2＜P额；因此，P1>P2。 （6）[6]定值电阻R的阻值由5Ω更换为10Ω时，根据串联“分压”的特点，定值电阻两端电压变大；为了保持定值电阻两端的电压不变，则需增大滑动变阻器两端电压，即增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向左移动，直到电压表的示数为2V。 [7]由于定值电阻两端电压为2V，则滑动变阻器两端电压 U滑=3V-2V=1V 如果接入电路的定值电阻阻值太大时，滑动变阻器所分得的电压小于1V，将无法继续进行实验，因此，当滑动变阻器阻值全部接入电路时，电路电流 此时接入电路的定值电阻阻值也最大，为 7．(1) (2)左 (3) 0.75 见详解 (4) I额 闭合开关S、S1，断开S2 【详解】（1）图中小灯泡没有接入电路，故应将电流表“0.6A”接线柱连接灯泡左端或者电压表“-”接线柱，如图： （2）为防止电流过大损坏电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最大阻值处，即最左端。 （3）[1][2]根据图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，电流为0.3A，故额定功率为 由于小灯泡的亮度与实际功率有关，实验中多次测量的目的是寻找灯泡的亮度与实际功率的关系。 （4）[1]闭合开关S、S2，断开S1，R0与L并联，电流表测通过L电流，为了灯泡正常发光，应调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额。 [2]闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，R0与L并联，电流表测干电流，此时记录下电流表的示数为I；则R0的电流为 故此时灯泡两端电压等于R0两端电压，即灯泡的额定电压为 [3]小灯泡的额定功率的表达式为 8．(1) (2)将滑动变阻器两个下端接线柱接入了电路中 (3)左 (4) 0.4 1.52 (5) U﹣U额 保持滑动变阻器R1的滑片位置不动 (6) 【详解】（1）滑片向右移，灯泡变暗，说明电路中电流变小，即滑片向右移动时滑动变阻器阻值变大，故将滑动变阻器的左下接线柱与开关串联接入电路中，如下图所示： （2）闭合开关后，小灯泡发光十分微弱，电阻较大，移动滑动变阻器的滑片也不能改变灯泡的亮度，说明滑动变阻器没有变阻的作用，故原因可能是将滑动变阻器两个下端接线柱接入了电路中。 （3）电压表的示数为3V，小于灯泡的额定电压，为了使小灯泡正常发光，需要增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端电压，根据串联分压知识可知，应减小变阻器的电阻，即应向左端移动滑片。 （4）当电压表示数为3.8V时，如图丙所示，电流表的分度值0.02A，示数为0.4A，则小灯泡额定功率为 （5）①[1]闭合开关S、S1，断开S2，滑动变阻器和灯泡串联，根据串联分压知识，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 此时小灯泡正常发光。 ②[2]闭合开关S、S2，断开S1，滑动变阻器和定值电阻串联，保持滑动变阻器R1的滑片位置不动，读出电压表示数为U2。 ③[3]在步骤②中，保持滑动变阻器滑片位置不变时，R0与R1串联，电压表测滑动变阻器两端的电压为U2，根据串联电压的规律，定值电阻两端的电压为U﹣U2，根据分压原理可知 则 在步骤①中，由欧姆定律可知，电路的电流为 此时的电路电流即为灯的额定电流，则小灯泡的额定功率为 （6）电源电压为6V，灯泡和滑动变阻器串联在电路中，灯泡额定电压为3.8V，要使灯泡正常工作，根据串联电路电压规律，滑动变阻器应分去的电压为 故可以将电压表0~3V量程并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器的电压为2.2V时，灯泡正常工作。电路图如下图所示： 9．3.6 【详解】解：日光灯的总功率P总=6×40W=240W=0.24kw， 每天少开灯半小时，节约电能W=Pt=0.24kw×0.5h=0.12kwh， 一个月（30天）可节约电能W总=30×0.12kwh=3.6kwh． 10．（1）36Ω；（2）1920J；（3）0.5A，12W~60W 【详解】解：（1）当S闭合、S1断开，滑片P滑到变阻器的中点时，电阻R1和R串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，由图2可知，电压表的量程是0~15V，分度值是0.5V，电压表的示数是12V，由欧姆定律可知 ① 当开关S、S1均闭合，滑动变阻器的滑片P滑到a端时，R的最大阻值和R1并联，电流表测量干路中的电流，由图3可知，电流表的量程是0~3V，电流表的示数是2A，由欧姆定律可知 ② 由①②得到 R=36Ω，R1=18Ω （2）当开关S、S1均闭合，变阻器的滑片P滑到a端时，电流通过电阻R1在1min内产生的热量 （3）当S闭合、S1断开，电阻R1和R串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，变阻器连入电路的电阻最大时，电路中的电流 变阻器两端的电压 U滑=IR=A×36Ω=16V＞15V 超过电压表的量程，所以当电压表的示数为15V时，变阻器连入电路的电阻最大，电路中最小电流 电路的最小功率 P最小=UI最小=24V×0.5A=12W 电流表的量程为0~3A，滑动变阻器的最大电流为0.25A，因此通过电路的最大电流是2.5A，电路的最大功率 P最大=UI最大=24V×2.5A=60W 整个电路的总功率变化范围是12W~60W。 答：（1）滑动变阻器的最大阻值是36Ω； （2）当开关S、S1均闭合，变阻器的滑片P滑到a端时，电流通过电阻R1在1min内产生的热量是1920J； （3）若电压表的量程为0~15V，电流表的量程为0~3A，S闭合、S1断开且该电路工作中各元件均安全的情况下，通过电阻R1的最小电流是0.5A，整个电路的总功率变化范围是12W~60W。 11．（1）；（2）200V；（3）120Ω 【详解】解：（1）这一过程中薯条吸收的热量 （2）定值电阻的额定电功率为，定值电阻的电阻 电阻的实际电功率为，根据可知，实际电压 （3）当的实际功率为额定功率的时，电路中的电流最小，滑动变阻器的阻值最大；由于定值电阻的阻值不变，根据可知 此时电路中的电流为 电源电压一定，根据电路中电压一定时，电流与电阻成反比可知，电路的总电阻 滑动变阻器的最大阻值应为 答：（1）这一过程中薯条吸收的热量为； （2）若用此空气炸锅加工鸡翅，电阻的实际电功率为，则实际电压为200V； （3）滑动变阻器的最大阻值应为120Ω。 12．2.5A 【详解】解：由题意可知，灯泡的额定电压UL=12V，额定功率PL=24W，则灯泡正常发光的电流为 R与L并联，所以 U=UL=UR=12V 则通过R的电流是 所以电流表的示数 I=IL+IR=2A+0.5A=2.5A 答：电流表的示数为2.5A。 13． 4.5A 90% ② 【详解】（1）由铭牌数据可知额定功率和额定电压：P=1000W，U=220V，根据电功率常用计算式得： （2），根据电功率的定义式得：， （3）①拔下插头可以避免水壶带电，发生危险，正确； ②清水也是导体，基座放进水中清洗，容易导电发生事故，不正确； ③烧水时，壶嘴喷出的高温水蒸气能把人烫伤，正确； ④超出最高水位线，沸腾时水容易溢出发生短路或触电事故，正确． 故答案为  (1). 4.5A    (2). 90%    (3). ② 【点睛】（1）根据用电器的铭牌可以算出电流和电阻，常用导出式为：和； （2）利用计算电功时，有两套单位（P-kW、W-kW•h；t-h，P-W、W-J、t-s），灵活选用． 14．（1）2A；（2）2.94×105J，79.5%；（3）1100Ω 【详解】解：（1）由P＝UI可知，在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流 （2）①由可知，热水箱中的水质量 水吸收的热量 ②电流做的功 饮水机的加热效率 （3）由图示电路图可知，开关S闭合时，只有R2接入电路，电路处于加热状态，电阻R2阻值 开关S断开时，R1与R2串联接入电路，电路处于保温状态，则 所以电阻R1的阻值为 答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2A； （2）水吸收的热量2.94×105J，饮水机的加热效率79.5%； （3）电阻R1的阻值1100Ω。 15．(1)880W (2)55Ω，495Ω (3)4.2×105J 【详解】（1）据乙图可知，开关置于“1”时，只有R1接入电路，此时电路中的总电阻最小，根据可知，电功率最大，为加热挡，加热挡的电功率为 （2）R1的阻值为    当开关置于“2”电路为两电阻串联，此时电路中的总电阻最大，根据可知，电功率最小，为保温挡，已知保温功率为加热功率的，则保温功率为 此时电路的总电阻为 R2的阻值为 （3）养生壶内水的质量 将满壶水从20℃加热到100℃需要吸收的热量 养生壶消耗的电能 16．(1)20Ω (2)2.5A (3)75W 【详解】（1）由图可知，只闭合开关S2时，电路中只有电阻R2工作，电流表测量通过R2的电流，根据欧姆定律知，R2的阻值为 （2）闭合开关S1和S2，电阻R1和R2组成并联电路，并联电路中各用电器两端电压等于电源电压，则通过R1的电流为 因为并联电路各支路互不影响，通过R2的电流仍为1.5A，根据并联电路电流规律可得，电路总电流为 电流表测干路电流，则电流表示数为2.5A。 （3）闭合开关S1和S2，电路消耗的总功率为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$