2025年中考物理一轮复习题型 实验题（2）简单机械

实验题(2)简单机械——2025年中考物理一轮复习题型 学校:_姓名:_班级:_考号:_ 一、实验题 1.如图甲所示,小红同学在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有:杠杆、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量50g的钩码若干个。 (1)实验前,将杠杆中点置于支架上,当杠杆静止时,发现杠杆左端下沉。此时,应把杠杆两端的平衡螺母向 (左或右)调节,使杠杆在不挂钩码时在水平位置平衡; (2)杠杆调节平衡后,小红在杠杆上A点处挂4个钩码,在B点处挂3个钩码杠杆恰好在原位置平衡(如图甲),于是他得出了杠杆的平衡条件 。他这样得出的结论 (合理或不合理),原因是 ; (3)小红又用如图乙所示装置进行探究,在C点处用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时,拉力大小为 N;若用弹簧测力计沿着CD方向拉,则拉力将 (填增大、不变或减小),原因是 。 2.在“测滑轮组机械效率”的实验中,小华用大小相同的滑轮,组成如图所示的滑轮组进行了实验,并把数据整理记录在表中。 实验次数 滑轮材质 钩码重G/N 提升钩码的高度h/m 有用功W有用/J 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 总功W总/J 机械效率 1 铝 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56% 2 铝 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67% 3 塑料 2 0.1 0.2 0.8 0.3 0.24 ① (1)本实验需要的测量工具除了如图所示的器材之外还需要 ; (2)上表①处的正确数据是 (保留整数); (3)比较1、2两次实验可知:使用同一滑轮组提升不同的重物,钩码越重,滑轮组的机械效率越 ; (4)比较2、3两次实验可推测,若将铝质滑轮更换为体积大小相同的铁质滑轮,再次将重2N的钩码提升0.1m,此时滑轮组的机械效率可能为 (只填序号); A.72% B.67% C.53% (5)在第3次实验中,若只考虑滑轮重,则塑料滑轮的重力是 N; (6)实验表明:额外功越小,总功越接近有用功。进一步推理得出:假如没有额外功,总功等于有用功。可见,使用任何机械都 。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是 。 A.光的反射定律 B.牛顿第一定律 C阿基米德原理 D.焦耳定律 3.小强在“探究杠杆的平衡条件”实验中,采用了如图所示的实验装置。 (1)器材安装好后杠杆静止在如图甲所示位置,此时杠杆 (选填“处于”或“不处于”)平衡状态;为使杠杆在水平位置平衡,应将杠杆左端的平衡螺母向 (填“左”或“右”)调; (2)如图乙所示,调节好杠杆后在杠杆左边距离支点第3格处挂了4个钩码,每个钩码的重力均为0.5N,在右侧第4格处用弹簧测力计沿竖直方向拉杠杆,使其在水平位置平衡,此时弹簧测力计的示数为 N; (3)如图丙所示,用弹簧测力计在C处竖直向上拉,使杠杆在水平位置平衡。当弹簧测力计从原来位置逐渐向右倾斜时,为使杠杆仍然在水平位置平衡,弹簧测力计的示数将 ; (4)下列四个因素中,不会影响探究结果的是 . A.铁架台没有放在水平桌面上 B.弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间摩擦较大 C.悬挂钩码的绳套重力偏大 D.实验所用的钩码上锈 4.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中: (1)在没有挂钩码时杠杆的位置如图甲所示,此时杠杆 (选填“是”或“不是”平衡,为使杠杆在水平位置平衡,可只将杠杆左端螺母向 (选填“左”或“右”边旋一些; (2)杠杆调好后,第一组同学按图乙进行实验,第二组同学按图丙进行实验,所用的实验器材完全相同,同学们讨论后一致认为第二组实验更合理,理由是 ; (3)杠杆在生活中应用十分广泛,下列属于省力杠杆的是 。 A.筷子 B.镊子 C.开瓶启子 D.天平横梁 5.某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示,实验装置如图. (1)实验中,使用滑轮组提升重物时,应竖直向上 拉动弹簧测力计. (2)根据实验数据求出第3次实验的机械效率是 (3)从表中数据可分析出实验1是用 图做的实验,实验2是用 图做的实验. (4)通过实验1和实验2的数据分析可得出结论:使用不同的滑轮组提升相同的重物时.动滑轮的个数越多,滑轮组的机械效率 . (5)比较实验1和实验3可得结论:使用同一滑轮组, 可以提高滑轮组的机械效率. (6)滑轮组的机械效率与 和 有关. 6.小明在“测量滑轮组的机械效率”的实验中,利用如图所示的滑轮组进行了4次测量,测得数据如表所示: 次数 钩码所受的重力G/N 钩码提升的高度h/m 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 机械效率 1 1.0 0.1 0.8 0.4 31.25% 2 1.0 0.2 0.8 0.8 31.25% 3 2.0 0.1 1.2 0.4 41.67% 4 3.0 0.1 1.5 0.4 (1)实验中应沿着竖直方向 (选填“加速”或“缓慢”)拉动弹簧测力计,且在弹簧测力计 时读数(选填“匀速运动”或“静止”); (2)根据表中的数据计算得出第4次实验机械效率 = ; (3)通过比较1、3和4三次实验数据得出:同一滑轮组,物重越大,滑轮组的机械效率 ; (4)以下选项中不影响滑轮组机械效率的因素是 ; A.动滑轮的重力 B.绳子与滑轮之间的摩擦 C.物体上升的高度 (5)分析实验数据发现,如果用,算出的G动不是个定值,出现这样结果的主要原因是没有考虑 。 7.小明和小强在测“滑轮组机械效率”的实验中,一同学组装好如图所示实验装置,他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置。 (1)实验时,小明 竖直向上拉动弹簧测力计,使钩码升高,弹簧测力计读数为0.5N;同时小强也用刻度尺测出钩码被提升的高度为10cm,以上测量结果准确无误,其他被测物理量和计算数据记录如表: 钩码总重G/N 弹簧测力计提升的高度h/m 有用功W有/J 总功W总/J 机械效率 0.9 0.2 0.09 0.1 90% (2)小明通过计算得出该滑轮组机械效率为90%,同组小强发现小明的错误,请你帮他说出错误的原因: 。 (3)该滑轮组的机械效率实际为 。 (4)在实验中,若将钩码的重增加到6N,则该滑轮组的机械效率将 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。 8.如图所示,在“测滑轮组机械效率”实验中,物体重为6N。 (1)实验时要竖直向上且匀速拉动弹簧测力计,若物体上升高度为10cm,绳子自由端上升的距离为 cm;此时弹簧测力计的示数如图所示为 N,则滑轮组的机械效率是 ; (2)若仅增加物体的重量,该滑轮组的机械效率 (选填“增大”“减小”或“不变”)。(不计绳重和摩擦) 9.按图甲组装实物,用弹簧测力计拉动绳子自由端,将重为2N的钩码从A位置匀速竖直提升到B位置,同时弹簧测力计从图中的位置竖直上升到位置,在这个过程中,弹簧测力计对绳的拉力为F,弹簧测力计的示数如图乙所示。请根据实验现象和数据完成下列问题: (1) AB; (2)拉力F做功为 J; (3)额外功为 J。 10.斜面是一种简单机械,生活和生产中使用斜面的好处是可以省力,通过比较沿斜面拉力F与物体重力G的比值可以判定省力情况:比值越小,越省力,那么斜面的省力情况与哪些因素有关呢?小文做了如下猜想: 猜想1:与斜面的表面材料有关; 猜想2:与斜面的倾斜程度有关; 猜想3:与物体受到的重力大小有关。 为验证上述猜想,小文利用如图所示装置进行实验,每次实验所用的物块材料及其表面粗糙程度相同,且物块均在沿斜面向上的拉力F作用下做匀速直线运动,实验结果记录如表。 实验序号 ① ② ③ ④ ⑤ ⑥ 斜面倾角 30 30 30 30 35 40 斜面的表面材料 木板 毛巾 木板 木板 木板 木板 物块重力G/牛 2.0 2.0 4.0 6.0 2.0 2.0 沿斜面拉力F/牛 1.35 1.52 2.70 4.05 1.52 1.70 回答下列问题: (1)通过对比实验 (填序号)中的数据可知斜面的省力情况与斜面的表面材料有关; (2)通过对比实验①、⑤、⑥中的数据,得出的结论是 ; (3)分析表格数据,小文认为“斜面省力情况与物体受到的重力大小无关”他的依据是 。 11.在“研究杠杆的平衡条件”实验中: (1)实验前,发现杠杆处于如图(a)所示的状态,为了使杠杆在水平位置平衡,应将杠杆右端的平衡螺母向 (选填“左”或“右”)移动. (2)左右两端添加钩码后,此时杠杆的状态如图(b)所示,可以将右端钩码的位置向 (选填“左”或“右”),使杠杆重新平衡在水平位置. (3)上面两次操作都要使杠杆平衡在水平位置,这样做的目的是 . (4)某实验小组进行正确的实验操作后,得到的数据为F1=6N,L1=20cm,F2=4N和L2=30cm.该实验小组根据这些数据能否得出探究结论? 理由是 . (5)另一小组的同学获得的数据如右表所示: 动力F1/N 动力臂L1/cm 阻力F2/N 阻力臂L2/cm 4 5 5 4 3 4 4 3 他们得出的结论是:“动力+动力臂=阻力+阻力臂.”你认为这个结论是 (选填“正确的”或“错误的”).理由是 . 12.如图,小明同学在测量滑轮组机械效率实验的过程中,发现所使用的刻度尺示数模糊不清,但他仍然测出了该滑轮组匀速提升重物时的机械效率.其实验步骤如下: ①用弹簧测力计测出物重G;②按图示组装好滑轮组:③竖直向上匀速拉动弹簧测力计使物体上升,读出此时弹簧测力计示数的大小F. (1)该滑轮组的机械效率 = (用题中已知物理量的字母表示,绳子的股数要用具体的数字表示). (2)实验过程中,某同学为了实验操作方便,在弹簧测力计静止时读数,则这种操作方法测出的滑轮组机械效率的测量值将比其真实值 (选填“偏大”或“偏小”). (3)为提高滑轮组的机械效率,可以减小轮与轴间的摩擦.若忽略上述摩擦,也不考虑绳重,下列方法中,还能提高滑轮组机械效率的是 (选填“A”、“B”、“C”或“D”). A.增加滑轮的个数 B.减小动滑轮的重量 C.减小钩码升高的高度 D.增大提升钩码的速度 13.某小组的同学在物理谋上利用动滑轮进行专题研究,老师提醒同学们要正确分析现象和数据得出对应的结论。 (1)实验中用手竖直向上拉动弹簧测力计,观察图中信息,小冰发现与老师说的动滑轮可以省一半的力的结论不相符主要原因是 ; (2)小冰继续探究使用动滑轮时的做功情况,看一看使用动滑轮能否省功。小冰还需要测量 ,比较 和 从而得出结论。 14.在“探究杠杆的平衡条件”实验中: (1)小李安装好杠杆,其静止时的情景如图甲所示,此时杠杆 (选填“平衡”或“不平衡”),为了使杠杆在水平位置平衡,接下来应该将平衡螺母向 调节。 (2)如图乙,小李在A位置挂上2个钩码,则在B位置挂上 个钩码,杠杆可在水平位置平衡,若将A、B两位置都增加1个钩码,则杠杆 (选填“左端”或“右端”)将下降。 (3)小李用弹簧测力计竖直向下拉,测力计示数为F时,杠杆在水平位置平衡,如图丙所示;若将弹簧测力计向右倾斜一定角度拉,测力计的示数为F 时,杠杆仍然在水平位置平衡,则F F(选填“>”、“<”或“=”)。 15.小明在做“探究杠杆的平衡条件”的实验,实验用的每个钩码的重力均为0.5N,忽略杠杆自身重力。 (1)实验前杠杆处于如图甲所示位置,此时应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节,最终使得杠杆在水平位置平衡,这样做的目的是 ; (2)如图乙,小明在杠杆左边B处挂2个钩码,为了使杠杆水平平衡,应在杠杆右边A点悬挂 个钩码; (3)如图丙所示,杠杆在水平位置平衡,若弹簧测力计倾斜拉动,如图丁,则弹簧测力计的示数将 (选填“变大”“不变”或“变小”),请画出此时弹簧测力计拉力的力臂。 试卷第1页,共3页 试卷第1页,共3页 学科网(北京)股份有限公司 《实验题(2)简单机械——2025年中考物理一轮复习题型》参考答案 1. 右 不合理 实验次数太少,结论具有偶然性 3 增大 动力臂变小 【详解】(1)[1]杠杆左端下沉,则杠杆重心左移,应将平衡螺母(左端和右端的平衡螺母调节方向一致)向右调节,使杠杆在水平位置平衡。 (2)[2][3]用实验来探究物理规律时,要采用多次实验,用多组实验数据来总结实验结论,实验结论具有普遍性,如果只有一次实验数据,总结的实验结论具有偶然性,所以用一次实验数据总结实验结论不合理。 (3)[4]设杠杆上每个小格的长度为L,根据杠杆平衡的条件有可得 解得拉力大小为:。 [6][7]用弹簧测力计沿着CD方向拉时,此时拉力臂变小,阻力和阻力臂不变,根据杠杆的平衡条件,拉力将增大,即示数变大。 2. 刻度尺 83% 高 C 0.4 不省功 B 【详解】(1)[1]实验过程中,应使用刻度尺测量物体上升的高度和绳子自由端移动的距离,故还需要刻度尺。 (2)[2]根据表格中的数据可得,上表①处的正确数据是机械效率为 (3)[3]分析第1、2次实验,两次所用滑轮组相同,但第2次物重大于第1次物重,机械效率也大于第1次的机械效率,所以可得使用同一滑轮组提升不同的重物,钩码越重,滑轮组的机械效率越大。 (4)[4]比较2、3两次实验可推测,若将铝质滑轮更换为体积大小相同的铁质滑轮,动滑轮重量增大,所做额外功增大,再次将重2N的钩码提升0.1m,此时滑轮组的机械效率小于2、3的机械效率,故C符合题意,AB不符合题意。 故选C。 (5)[5]在第3次实验中,若只考虑滑轮重,由 可得,塑料滑轮的重力是 (6)[6]实验表明:由于总功为有用功和额外功的总和,若额外功越小,总功越就接近有用功,进一步推理得出:假设没有额外功,总功等于有用功;可见使用任何机械不省功,故采用了理想化推理法。 [7]ACD.焦耳定律、阿基米德原理、光的反射定律可通过实验直接验证,故ACD不符合题意。 B.牛顿第一定律不能用实验直接验证,是在实验的基础下推理得出的,故B符合题意。 故选B。 3. 处于 右 1.5 变大 A 【详解】(1)[1]器材安装好后杠杆处于静止状态,受力平衡,所以此时杠杆处于平衡状态。 [2]此时杠杆左端低右端高,为使杠杆在水平位置平衡,应将杠杆左端的平衡螺母向高的一端调,即向右调。 (2)[3]所挂钩码总重为 G=4 0.5N=2N 设杠杆上一格的长度为l,根据杠杆平衡条件得 F 4l=2N 3l 解得,拉力为F=1.5N,故弹簧测力计示数为1.5N。 (3)[4] 当弹簧测力计从原来位置逐渐向右倾斜时,阻力和阻力臂不变,动力臂变短,根据杠杆平衡条件可知,为使杠杆仍然在水平位置平衡,弹簧测力计的示数将变大。 (4)[5] A.若铁架台没有放在水平桌面上,仍可调节杠杆预先平衡,实验过程中仍可使杠杆重新处于平衡状态,不会影响探究结果,故A符合题意; B.若弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间摩擦较大,则测得的弹簧测力计拉力偏小,会影响探究结果,故B不符合题意; C.若悬挂钩码的绳套重力偏大,相当于增大了钩码一侧的拉力,则测得的弹簧测力计拉力偏大,会影响探究结果,故C不符合题意; D.若实验所用的钩码上锈,则钩码偏重,测得的弹簧测力计拉力偏大,会影响探究结果,故D不符合题意。 故选A。 4. 是 右 拉力与杠杆垂直,便于测量力臂 C 【详解】(1)[1][2]杠杆静止时,就是处于平衡状态;为使杠杆在水平位置平衡,需要使杠杆重心右移,应将平衡螺母向右调节。 (2)[3]力臂等于支点到力的作用线的距离,当杠杆在水平位置平衡时,力的方向与杠杆垂直,力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来,因此第二组实验设计的好,此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直,便于测量力臂。 (3)[4]AB.我们在使用筷子、镊子时都是为了省距离,并且在使用的过程中都是动力臂小于阻力臂,所以它们都是费力杠杆,故AB不符合题意; CD.天平是典型的等臂杠杆,它的动力臂等于阻力臂,我们在使用开瓶盖的起子时是为了省力,并且在使用的过程中动力臂大于阻力臂,所以它是省力杠杆,故C符合题意,D不符合题意。 故选C。 5. 匀速 83.3% 甲 乙 越低 增加物重 见解析所示 见解析所示 【详解】 (1)实验中,使用滑轮组提升重物时,应竖直向上匀速拉动弹簧测力计.(2)根据实验数据求出第3次实验的机械效率是 = = 100%83.3%. (3)根据绳端移动距离s与物体上升高度h的关系n=,由表中数据可知,实验1绳子的有效段数为3,是用甲乙图做的实验,实验2绳子的有效段数为5,是用乙图做的实验.(4)纵向分析实验1和实验2的数据分析可得出结论:使用不同的滑轮组提升相同的重物时.动滑轮的个数越多,滑轮组的机械效率越低.(5)比较实验1和实验3可得结论:使用同一滑轮组,增加提升物体的重力可以提高滑轮组的机械效率.(6)由(4)、(5),滑轮组的机械效率与物重和动滑轮重有关. 点睛:(1)实验中,使用滑轮组提升重物时,应竖直向上匀速拉动弹簧测力计.(2)根据机械效率的公式计算;(3)根据绳端移动距离s与物体上升高度h的关系n=,由表中数据确定绳子的段数回答;(4)(5)纵向分析实验1、实验2的数据及实验1、实验3的数据得出结论;(6)综合(4)(5)得出结论. 6. 缓慢 匀速运动 50% 越高 C 摩擦力 【详解】(1)[1]实验中要竖直向下缓慢拉动弹簧测力计,弹簧测力计示数不变,便于读数。 [2]滑轮组静止时,拉力,而滑轮组运动时,轮与轴之间、滑轮与绳之间都有摩擦,摩擦会使拉力增大,影响滑轮组的机械效率;因此静止时读数,没有考虑到滑轮运动时各种摩擦对滑轮组机械效率的影响。 (2)[3]第4次实验测得滑轮组的机械效率为 (3)[4]通过比较1、3和4三次实验数据可知,使用的是同一滑轮组,物体提升的高度相同,而物体的重力不同,且物体的重力越大,机械效率越高,所以可以得出结论:同一滑轮组,物重越大,滑轮组的机械效率越高。 (4)[5]通过以上实验结论可知,动滑轮的机械效率跟动滑轮重、绳重、摩擦(克服动滑轮重、绳重、摩擦做额外功)、提起物体的重(克服物重做有用功)有关;与物体被提升的高度无关,故AB不符合题意,C符合题意。 故选C。 (5)[6]根据得三次实验中动滑轮的重力不同,出现这样结果的主要原因是物体的重力不变,摩擦力不同。 7. 匀速 绳子自由端移动的距离应该是0.3m,不等于0.2m 60% 变大 【详解】(1)[1]进行实验时,应竖直向上匀速拉动弹簧测力计,此时绳子的拉力等于测力计示数。 (2)[2]由图示滑轮组可知,滑轮组承重绳子的有效股数n=3;已知钩码上升高度h=0.1m,则测力计移动距离 s=nh=3 0.1m=0.3m 由表中实验数据可知,测力计移动距离为0.2m,测力计移动距离错误,从而导致滑轮组效率错误。 (3)[3]滑轮组的机械效率 =60% (4)[4]提升的钩码重增加到6N,有用功增加,有用功在总功中的比重增大,则该滑轮组的机械效率将变大。 8. 30 2.4 83% 增大 【详解】(1)[1]由图可知,动滑轮上的绳子根数n=3,由可知,绳子自由端上升的距离为 [2]由图可知,弹簧测力计分度值为0.2N,此时刻度线所在位置的示数为2.4N,所以弹簧测力计的示数为2.4N。 [3]滑轮组的机械效率为 (2)[4]若仅增加物体的重量,则额外功不变,有用功增大,有用功在总功中所占的比例增大,机械效率增大。 9.(1)2 (2)0.24 (3)0.04 【详解】(1)中为动滑轮,根据s=nh可知自由端移动的距离 A'B'=nAB=2AB (2)刻度尺的分度值是1cm,钩码是从0cm开始上升的,上升到10.0cm处,所以钩码上升的高度 弹簧测力计从25.0cm上升到45.0cm,所以弹簧测力计上升的高度 拉力做的有用功 弹簧测力计的分度值为0.2N,所以拉力F=1.2N,拉力做的总功 (3)额外功 10.(1)①② (2)在其他条件相同时,斜面倾斜程度越小,越省力 (3)分析①、③、④三次实验数据后发现,拉力F与物体重力G的比值相等 【详解】(1)根据控制变量法,探究斜面省力的情况与斜面的表面材料是否有关,需控制斜面的倾角、物块重力相同,改变斜面的表面材料,所以应对比实验①②中的数据。 (2)实验①、⑤、⑥中的数据,斜面的表面材料、物块重力相同,而斜面的倾角不同,且倾角越大越费力,所以得出的结论是:在其他条件相同时,斜面倾斜程度越小,越省力。 (3)为验证猜想3:斜面省力情况与物体受到的重力的关系,需控制斜面表面材料相同、倾角相同,改变物体的重力,所以小明做了实验①、③、④,分析三次实验数据 拉力F与物体重力G的比值相等,所以小明认为这几次实验省力情况相同。 11. 右 右 便于测量力臂的长度 不能得出实验结论 因为一次实验获得的数据具有偶然性,不能反映普遍规律 错误的 数据具有偶然性,不能得出普遍规律,单位不同的物理量不能相加 【详解】(1)如图(a)所示的状态,左低右高,应将平衡螺母向右调; (2)如图(b)所示的状态,左低右高,可以将右端钩码的位置向右移; (3)使杠杆平衡在水平位置,这样做的目的是为了便于测量力臂的长度; (4)该实验小组只做了一次实验,不能得出实验结论,因为一次实验获得的数据具有偶然性,不能反映普遍规律; (5)得出“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的,因为数据具有偶然性,不能得出普遍规律,单位不同的物理量不能相加. 12. 100% 偏大 B 【详解】第一空.图中绳子的有效股数为3,则滑轮组的机械效率: = 100%; 第二空.实验过程中,某同学为了实验操作方便,在弹簧测力计静止时读数,则测力计没有测量出机械之间的摩擦,故测量的拉力偏小,导致总功偏小,根据 =可知,这种操作方法测出的滑轮组机械效率的测量值将比其真实值偏大; 第三空.为提高滑轮组的机械效率,可以减小轮与轴间的摩擦.若忽略上述摩擦,也不考虑绳重,额外功的来源为克服动滑轮重做的功, ==, 由上式可知,若提升物体的重力G一定: A.若增加定滑轮的个数,对机械效率没有影响;若增加动滑轮的个数,动滑轮的总重力增大,由 =得到机械效率变小;A错误; B.减小动滑轮的重力,由 =得到机械效率变大,B正确; CD.机械效率与钩码升高的高度和提升钩码的速度均无关,CD错误. 13. 没有考虑动滑轮的重力和没有考虑绳和轮之间的摩擦 物体上升的高度h,绳子自由端移动s的距离 Gh Fs 【详解】(1)[1]动滑轮可以省一半的力的条件是不计动滑轮的重力和绳和轮之间的摩擦,但因实际中,动滑轮自身有重力,且绳和轮之间有摩擦,发现与老师说的动滑轮可以省一半的力的结论不相符,主要原因是:没有考虑动滑轮的重力和没有考虑绳和轮之间的摩擦。 (2)[2][3][4]探究使用动滑轮时的做功情况,看一看使用动滑轮能否省功,据此要测量比较有用功即直接提起重物做的功Gh和利用机械做的总功Fs,故还要测量物体上升的高度h,绳子自由端移动s的距离,比较Gh和Fs的关系。 14. 平衡 左 3 左端 【详解】(1)[1]静止状态和匀速转动都属于杠杆的平衡状态。 [2]杠杆向右倾斜,应把平衡螺母左移。 (2)[3]A挂2个钩码,到O距离为3,B到O距离为2,根据杠杆平衡条件,应在B挂3个钩码。 [4]A挂3个钩码,到O距离为3,B挂4个钩码,到O距离为2,A的力与力臂乘积为9,B的力与力臂乘积为8,故向左倾斜。 (3)[5]竖直向下拉,力臂最大,倾斜角度拉,力臂减小,所以仍水平平衡时,拉力增大。 15. 右 便于测量力臂 3 变大 【详解】(1)[1][2]小明发现杠杆右端低左端高,应将右端的平衡螺母向左调节,使杠杆在水平位置平衡,并且力竖直作用在杠杆上,力的力臂在杠杆上,便于测量力臂大小。 (2)[3]设一个钩码重G,一格为L,根据杠杆平衡条件可得 得 为了使杠杆水平平衡,应在杠杆右边A点悬挂3个钩码。 (3)[4]弹簧测力计竖直向上拉杠杆时,拉力力臂为OC,当弹簧测力计逐渐向右倾斜时,拉力的力臂小于OC,拉力力臂变小,拉力变大,弹簧测力计示数变大。 [5]力臂是支点到力的作用线的距离, 所以从支点作弹簧测力计拉力作用线的垂线即为力臂,如图所示: 答案第1页,共2页 答案第1页,共2页 学科网(北京)股份有限公司 $$