安徽省阜阳市阜南实验中学2024-2025学年高一上学期1月期末物理试题

参考答案 1．答案：B 解析：A.用质点来代替实际物体是采用了理想模型法，故A错误； B.是采用比值法定义的，故B正确； C.在伽利略研究的基础上，牛顿提出了牛顿第一定律，故C错误； D.伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，故D错误。 故选B。 2．答案：C 解析：设匀加速运动的末速度为v,则加速的加速度大小,减速的加速度大小,可知加速度大小之比，故A错误。根据平均速度推论知, ，可知平均速度大小之比为1:1，故B错误。根据平均速度推论知,位移，因为时间之比为2:1，则位移之比为2:1，故C正确。根据题目中的数据，无法求出最大速度的大小，故D错误。 3．答案：C 解析：以人和雪橇为整体受力分析如图 由于雪橇匀速运动，故正交分解有，，且，联立可得，，故选C。 4．答案：B 解析：根据速度-时间公式有 变形得 对比图像可得 由此可见，赛车在时刻的速度为k，加速度为b 故选B。 5．答案：D 解析：对题图A中小球Q受力分析，在竖直方向上受平衡，水平方向上不受力，因此小球Q受到的弹力方向为竖直向上，故A错误；对题图B中小球Q受力分析，在竖直方向上受力平衡，水平方向上不受力，因此左侧绳子上没有弹力，故B错误；对题图C中小球Q受力分析，在竖直方向上受力平衡，水平方向上不受力，因此倾斜墙面对小球Q没有弹力，故C错误；题图D中小球Q没有沿竖直方向放在球面上，球面对小球的弹力沿两球球心连线的延长线指向右上方，根据平衡条件可知，左侧绳子对小球有沿绳子向左上方的拉力，故D正确. 6．答案：D 解析：整体法得，解得，选项AB错误；对B受力分析得细线拉力，选项C错误，D正确，故选D。 7．答案：C 解析：A、根据图乙可知，滑块在以后受到的摩擦力不变，为8N，根据 可得滑块与木板间的动摩擦因数为 故A错误； B、在时刻木板相对地面开始运动，此时滑块与木板相对静止，则木板与地面间的动摩擦因数为 B错误； CD、在时刻，滑块与木板将要发生相对滑动，此时滑块与木板间的静摩擦力达到最大，且此时二者加速度相同，且木板的加速度达到最大，对滑块有 对木板有 联立解得 ； 则木板的最大加速度为，根据 可求得 故C正确，D错误。故选C。 8．答案：AC 解析：以足球为研究对象，分析其受力情况：重力mg、悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力； 三个力的合力为零，根据平衡条件得知，mg和的合力与大小相等、方向相反，则有，，故选AC. 9．答案：BC 解析：对小球受力分析，如图 可知挡板转动时，挡板给球的弹力与斜面给球的弹力F合力始终等于小球的重力，其中F的方向不变，挡板转动过程中，N大小变化规律为先变小后变大，其中挡板与斜面垂直时为最小，与此对应，F的大小为一直减小，最小值为零。故选BC. 10．答案：AB 解析：A.根据图乙可知粮袋开始做匀加速运动，后与传送带相对静止做匀速运动，可知传送带的速度为2m/s，A正确；B.粮袋匀加速运动的位移为，该段时间内传送带运动的距离为，粮袋入库过程相对传送带的位移为，B正确；C.根据图乙可知粮袋匀加速时加速度大小为，根据牛顿第二定律有，代入数值解得，C错误；D.分析可知匀加速阶段粮袋所受滑动摩擦力方向与运动方向相同；匀速阶段，粮袋受到静摩擦力，方向与运动方向也相同，所以粮袋所受摩擦力方向一直与粮袋运动方向相同，D错误。故选AB。 11．答案：（2）画出两细线的方向；2.70（3）F与在一条直线上（4）B（5）D 解析：（2）因要验证平行四边形法则，则需要知道力的方向，故需画出两细线的方向； 由图可读出弹簧测力计为2.70N； （3）由题可知，若符合平行四边形法则，则F与是一对相互作用力，故F与在一条直线上； （4）本实验中让两弹簧测力计的作用效果与重物的重力相同，故采用的方法为等效替代法，故B正确； （5）A.本实验对三根细线长度没有要求，故A错误； B.本实验对两弹簧测力计示数没有要求，故B错误； C.本实验中不需要弹簧测力计B始终保持水平，故C错误； D.本实验必须使弹簧测力计、细线都位于竖直平面内，这样才能保证力的准确性，故D正确。 故选D。 12．答案：(1)D (2)0.72 (3);;大于 解析：（1）A.拉力是通过力传感器来显示的，与沙和沙桶的质量无关，故不需要满足沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，故A错误； B.实验中应先接通打点计时器的电源，再释放滑块，故B错误； C.为使绳的拉力等于滑块所受的合外力，补偿阻力时不需要挂沙桶，故C错误； D.调整长木板右端的定滑轮，使得连接滑块的细绳与长木板平行，保证细线上的拉力就是滑块所受的合外力，故D正确。 故选D。 （2）纸带上每两个计数点间还有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为 根据逐差法可得，滑块的加速度大小为 （3）根据牛顿第二定律 变形得 由图可知斜率 解得滑块的质量为 截距为 解得 考虑到纸带与打点计时器之间的阻力、细绳与滑轮之间的阻力以及空气阻力，则计算中的滑动摩擦力要大于真实值，因此测得的滑动摩擦因数要大于真实值。 13．答案：（1）（2） 解析：（1）根据自由落体运动的规律有 解得 又 解得。 （2）对运动员匀减速下落的过程，有 解得 又 解得。 14．答案：（1），（2）150N，水平向左 解析：（1）以结点O为研究对象，如图所示 沿水平方向和竖直方向建立直角坐标系，将分解，由平衡条件有 解得 由 联立解得 （2）人水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，受力如图所示 由平衡条件得 方向水平向左； 15．答案：（1）；（2）0.4m/s（3）0.05m 解析：（1）小物块和木板间动摩擦因数为，木板与地面间的动摩擦因数为，小物块在木板上运动时，小物块和木板的加速度分别为、，根据牛顿第二定律有 （2）假设小物块能够运动到木板最右端，此时小物块的速度为，木板的速度为，运动时间为，根据运动学公式可知，小物块的速度为 小物块的位移为 木板的速度 木板的位移 根据几何关系有 解得 ，，（时，舍去） 由可知假设成立，即木板的最大速度为0.4m/s； （3）小物块滑离木板后，假设小物块经过位移停止，则 解得 对木板B由牛顿第二定律可知加速度为 减速到停止的位移 解得 故小物块A和木板B均停止时两者间距离为 学科网（北京）股份有限公司 $$享南实验中学20242025学年高一上学期第三次质量检河 物理试参 《时间：75分韩，满分：103分) 一，单进题 1.下列关于物理华史。指型学精究方比的复违中，正确物是() A用晒意来代替实样物体晶吴用了发无法 题4=是果用比鱼速定文的 C的利碍相解制重实接，凭出T问性宠棉 D.牛领量女实验明究和里性霍增羽出7自出落体运动属律 2物体由牌止开曲向句加证青线运动。餐让制透为忽减速直线证功，叠过有管下。失于该物体的运动情说，下 列後庄王瑞的是1) A.如速，减速中的如速度之比为21B.如速，或理中的学将富度大个之比为2 C如速：减速中的位移大小之比为！D、鸿过想日给出的数遥，可以求巴运动过程中的轻大速度 玉如图所示，坐在置罐上的人与雪情的总周量为，在与衣干面成角的m定拉力F作用下：及水平地围肉者匀 速非结了一受肥璃：己如雷情与地周闲的动厚物因数为丝，增植受列你) A支持力为呢+Fe0s8B支特力为g-Fc0s0C章擦力为F0分D.摩膝力为（吧-Feos列 4.如图甲所示。一辆赛车在平直的赛道上匀加速行驶。某时刻开始速度甲与运功时间（的关系如图 乙所示，图像与城轴的戴距为6，图像的斜韦为太，划在1=0时斜。善车的) A速货为b:如速度为 B速度为素，机速度为b C这攻为分如这度为} D速度为上，都速度为 车.下列羽系届指静止的光津个球Q用受带力方肩的示追声，其中正周的是() 收知图所示，在光源木平地国上，A,B两物快州图线楼速，4物晚果解为站物块质量为2在水的水平性 力F作用下，周青缺一起列有如速的动：取》 laabogawo9oavao1a020 A物块A的能速度大小为和/ B则换&的加速度大外为4.5的/s 心：风锤战的拉力大小为9N DA后周围域的拉力大小为N T知图甲所示，足够长的长术板位置在水平地图上，一滑执置于长木展左围。巴青换阳木概阳顺显均为 观在清换上施据一个F一Q5(N门的水平受力作用，从：■0时制开始计时，滑快所受导潭力T随时国（变化的关 系如图乙新录。性品大静摩画力与滑动家揭力相第，重力出速度：取0/家，下列凤法正确的( 4 甲 A演执师木饭司的味果海图黄为02 8未板与地面间的动厚棒因数为01 C田乙中4=24州 D,木表的最大如速度为m/ 二、多选园 A,如困用柔沿光酒场壁川同完把一个是球非准A息足球与塘壁的楼触直为8处绳与增望的夹角从：已知论球的 丽雨为一网完羽响显不计.雪小如速度为？委干悬绳对神的粒力后和通夏对球的支样力下列无系式正确的是 41 A月經 8。坚 cF=mgtang 6器 象知图所尿。购显为刚的光滑小球被竖直挡版挡佳，静止在阴斯为的制面上，规将挡质晓其下聘O点风皇直 位置特送明针方肉堡赞特到装单住里，在此过程中，售板形小球约牌力N阳每值到小球的弹力F变化情观是(》 AN一直受大，在水平收置时最大 且W先变小后变大 CF一在减小，最小核为得 DF为减小后增大 1收在秋粮入库第工作中，工作人药两如围甲需示的限斜传运季格金喻进入食率中。作话带以复比速末从沿 剩时针方向用南，传遇待的餐角为3户。装蓓耳豹前育《用小方块表学可翼为鬓点)汇打速度放上体远形的疾 .其孟动的￥-（用里图乙所示，s37产0.6,3广=08，夏■10m/,数1 ↑细 食 乙 A传这台的速度为2座 &箱袋入康过程框对传透带的位移面 C物块山传送带间的功聚族阳数为Q5D箱玩所受摩摆力方内一白与帕情试动方肉鞋反 三，实粉超 山，是混外兴绳小组业“徽究求合力的方法实敏，步程如下， 们许弹黄到力计的下端悬挂一重物从，记下重物静止时痒离测力计的示数F 将贴有白纸的木反经直酸置，三个烟线垂一端共系干一个结点，另一端分别系于维费测力计A B和重物M上，测力计A使干霸定点P。下特测力计B的璃拉动相线，使结点静止干O点。如图 所示。记录下0点位置、两个测力计示盘E、下，及。本实验用的弹簧测力计示数的单位 为N。图中弹簧测力计B的示数值为N )在白纸上搜一定标度作出P,F,、B的图示，根据平行四边形定群作出，的合力F的图示， 若 一侧平行四边形定则得刘验证。 (4)本实阶中深用的科学方法是 A理想实险法等效替代法 C控制皮量法 D,建立物理楠型法 ()关于本实难，下列做法合理的是 A三根领线必领等长 B,要使两赠簧测力计的读数本常接近 C.辱次实验时弹置测力计8始终保桥水平 D.使弹簧测力计，短线都位于经直平面内 2用田甲所示第装置保究物朱的如速度与力之风的关系。答有光滑室津轮的长木板敏在水呼乘面上，候晚司 过滑轮一端法灌滑铁，另一痛连接国窝的力作男题。风力传感8上可以直接读出帽尾放力大小F:动清虎下方数 桂沙情，通过改变沙情内沙的斯量来政变清扶的如速度， 的门 ()关手本头融，下列瓷法正确的足 A实输新量离是沙情和沙的总虽量远小于滑块的丽量 ®.先鲜数清块，再接通打点计时脑的中浅 C在林沙横的条件下，满整长木板左埔的商度：以补管建力 D测整统木板右演的定清轮，使潮速淡滑块的作博与取木敏半行 (2实验中打出一条纸管妇图乙所。G,1.2,3,4为连独的3个计黄成，彬帮再个计数南间还有4个减检有自 出来。可在计时器雨网空流申的桶丰为50出，剩北泳实设中滑块的如速应为一m/公，《精美强量之管 有效数率) )某实验%是小姐：利用试实验策里来两定滑执的顾量彩潘块与长极间的动摩博为数，实给中不平害京愿。多最 实鞋，利用所测调的数灌作出夏一下国保知图丙所京，留深的料率为止，与风禁的高置为-b:重力加速度为： 则本次夫数中由图深有存滑块的帽置为二，滑块与长木板之间的南平耀因数内一【用题日中的止， 女表深》。寿速到氨得牌打点计时器之间的能力，眉绳与滑轮之圆的阻力以及空气乳力。则到科的动摩掉因量 【塘大于”，于“，“个干“)有其愧， 器、计题 ,国自梨的障险阳桃战性。跳伞整善为“再散者的运封“。在某次禁拿表演中，能伞滋对时登低空鲜命表滴 直身航组博的位置更地离的离应H一2625如，认为证动的高开直升机后脑由落体场动，轻经人=5多后站动员打 开件丰现减违下信型地逐，客电港皮大小v=5m略。寂重力如度大小g一10，求： 《1们起助黄教内山态件定中卜浮的高性娱最件富幸湘打有时品的伪的速度大个易， 《1)场椅员减通下移过程的如娃度大本：是其减理下清)时代 14如阳需京。唐带为用2低g的物棒巾道过正程相得县性，度轻民的情点为0，银心好末干且8磨与置 在本下百上的周量为围可收价人灯速。秘绳04山丝直力★的光角8=3严，物殊厚，人奇能于静止状多， 已知编37-06,6s3-Q8:拿k10m,设做大静享m力等于谓地限康力，期 人8 (1)程绳Q4:Q后受.的拉力分别量务大T 42)人壁圳的享凌力是多大？方肉如州3 15,如利所子，赠量些k移，校隆/一1.8m的长湾本假品静止校置于相情水平霍上：其与本平建约陆享摔团 数风世04。一州盈码一kg小物镜A(税为精边》过与一3修的速度冲上木餐的左率。小物快木板相地面 之间的功学医以直均4=0】，是大参学装力与清动学能力大小相等，（重力加速度g队10ms,着木块A从水 板B上源离，到其薄地时间与速度变化可想略，录， (1》小物快A冲上未板8的解月，两者务自的速度大小： (2)木服B的量大速度： (3)个物境A和木反B安得止明，小物块A到木餐B看横的距离， 2025年01月03日xx学校高中物理试卷 一、单选题 1．下列关于物理学史、物理学研究方法的叙述中，正确的是( ) A.用质点来代替实际物体是采用了微元法 B.是采用比值法定义的 C.伽利略根据斜面实验，提出了惯性定律 D.牛顿借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律 2．物体由静止开始做匀加速直线运动，经过8s ,改为匀减速直线运动，经过4s停下。关于该物体的运动情况,下列说法正确的是（ ） A．加速、减速中的加速度之比为2:1 B．加速、减速中的平均速度大小之比为1:2 C．加速、减速中的位移大小之比为2:1 D．通过题目给出的数据，可以求出运动过程中的最大速度 3．如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m，在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右匀速移动了一段距离，已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ，雪橇受到的( ) A.支持力为 B.支持力为 C.摩擦力为 D.摩擦力为 4．如图甲所示，一辆赛车在平直的赛道上匀加速行驶，某时刻开始速度v与运动时间t的关系如图乙所示，图像与纵轴的截距为b，图像的斜率为k，则在时刻，赛车的( ) A.速度为b，加速度为k B.速度为k，加速度为b C.速度为，加速度为 D.速度为，加速度为 5．下列四幅图均为静止的光滑小球Q所受弹力方向的示意图，其中正确的是( ) A. B. C. D. 6．如图所示，在光滑水平地面上，A、B两物块用细线相连，A物块质量为1kg物块质量为2kg，在9N的水平拉力F作用下，两物块一起向右加速运动，则( ) A.物块A的加速度大小为 B.物块B的加速度大小为 C.AB间细线的拉力大小为9N D.AB间细线的拉力大小为6N 7．如图甲所示，足够长的长木板放置在水平地面上，一滑块置于长木板左端。已知滑块和木板的质量均为2kg，现在滑块上施加一个的水平变力作用，从时刻开始计时，滑块所受摩擦力f随时间t变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度g取，下列说法正确的是( ) A.滑块与木板间的动摩擦因数为0.2 B.木板与地面间的动摩擦因数为0.2 C.图乙中 D.木板的最大加速度为 二、多选题 8．如图所示,沿光滑墙壁用网兜把一个足球挂在A点,足球与墙壁的接触点为B,悬绳与墙壁的夹角为α已知足球的质量为m网兜的质量不计,重力加速度为g关于悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力下列关系式正确的是( ) A. B. C. D. 9．如图所示，质量为m的光滑小球被竖直挡板挡住，静止在倾角为θ的斜面上，现将挡板绕其下端O点从竖直位置沿逆时针方向缓慢转到水平位置，在此过程中，挡板对小球的弹力N和斜面对小球的弹力F变化情况是( ) A.N一直变大，在水平放置时最大 B.N先变小后变大 C.F一直减小，最小值为零 D.F先减小后增大 10．在“秋粮入库”的工作中，工作人员用如图甲所示的倾斜传送带把粮食输送入仓库中。传送带以恒定速率沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°。装袋后的粮食（用小方块表示，可视为质点）无初速度放上传送带的底部，其运动的图像如图乙所示，，，，则( ) A.传送带的速度为2m/s B.粮袋入库过程相对传送带的位移2m C.物块与传送带间的动摩擦因数为0.75 D.粮袋所受摩擦力方向一直与粮袋运动方向相反 三、实验题 11．某课外兴趣小组做“探究求合力的方法”实验，步骤如下： (1)在弹簧测力计的下端悬挂一重物M，记下重物静止时弹簧测力计的示数F. (2)将贴有白纸的木板竖直放置，三个细线套一端共系于一个结点，另一端分别系于弹簧测力计A、B和重物M上，测力计A挂于固定点P，手持测力计B的端拉动细线，使结点静止于O点，如图所示。记录下O点位置、两个测力计示数、及_________。本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中弹簧测力计B的示数值为_________N. (3)在白纸上按一定标度作出F、、的图示，根据平行四边形定则作出、的合力F’的图示，若_________，则平行四边形定则得到验证。 (4)本实验中采用的科学方法是_________. A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法 (5)关于本实验，下列做法合理的是_________. A.三根细线必须等长 B.要使两弹簧测力计的读数非常接近 C.每次实验时弹簧测力计B始终保持水平 D.使弹簧测力计、细线都位于竖直平面内 12．用如图甲所示的装置探究物体的加速度与力之间的关系。带有光滑定滑轮的长木板放在水平桌面上。细绳通过滑轮一端连接滑块，另一端连接固定的力传感器，从力传感器上可以直接读出细绳拉力大小F。动滑轮下方悬挂沙桶，通过改变沙桶内沙的质量来改变滑块的加速度。 (1)关于本实验，下列说法正确的是_____ A.实验需要满足沙桶和沙的总质量远小于滑块的质量 B.先释放滑块，再接通打点计时器的电源 C.在挂沙桶的条件下，调整长木板左端的高度，以补偿阻力 D.调整长木板右端的定滑轮，使得连接滑块的细绳与长木板平行 (2)实验中打出一条纸带如图乙所示，0、1、2、3、4为连续的5个计数点，相邻两个计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器所用交流电的频率为，则此次实验中滑块的加速度为________。（结果保留2位有效数字） (3)某实验兴趣小组，利用该实验装置来测定滑块的质量和滑块与长板间的动摩擦因数，实验中不平衡摩擦，多次实验。利用所测得的数据作出图像如图丙所示，图像的斜率为k，与纵轴的截距为，重力加速度为g，则本次实验中由图像测得滑块的质量为________，滑块与长木板之间的动摩擦因数为________（用题目中的k、g、b表示）。考虑到纸带与打点计时器之间的阻力、细绳与滑轮之间的阻力以及空气阻力，则测得的动摩擦因数________（填“大于”，“等于”，“小于”）真实值。 四、计算题 13．因自身的惊险和挑战性，跳伞被誉为“勇敢者的运动”。在某次跳伞表演中，跳伞运动员做低空跳伞表演，直升机悬停的位置距地面的高度，认为运动员离开直升机后做自由落体运动，经后运动员打开降落伞匀减速下落至地面，落地速度大小。取重力加速度大小。求： （1）运动员做自由落体运动下落的高度h以及降落伞刚打开时运动员的速度大小； （2）运动员匀减速下落过程的加速度大小a及其匀减速下落的时间t。 14．如图所示，质量为的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放在水平面上的质量为的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角，物体甲、人均处于静止状态。已知，。g取。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则： （1）轻绳受到的拉力分别是多大？ （2）人受到的摩擦力是多大？方向如何？ 15．如图所示，质量、长度的长薄木板B静止放置于粗糙水平面上，其与水平面的动摩擦因数。一质量小物块A（视为质点）以的速度冲上木板的左端，小物块与木板和地面之间的动摩擦因数均。最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等。（重力加速度g取，若木块A从木板B上滑离，则其落地时间与速度变化可忽略）。求： （1）小物块A冲上木板B的瞬间，两者各自的加速度大小； （2）木板B的最大速度； （3）小物块A和木板B均停止时，小物块A到木板B右端的距离。 参考答案 1．答案：B 解析：A.用质点来代替实际物体是采用了理想模型法，故A错误； B.是采用比值法定义的，故B正确； C.在伽利略研究的基础上，牛顿提出了牛顿第一定律，故C错误； D.伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，故D错误。 故选B。 2．答案：C 解析：设匀加速运动的末速度为v,则加速的加速度大小,减速的加速度大小,可知加速度大小之比，故A错误。根据平均速度推论知, ，可知平均速度大小之比为1:1，故B错误。根据平均速度推论知,位移，因为时间之比为2:1，则位移之比为2:1，故C正确。根据题目中的数据，无法求出最大速度的大小，故D错误。 3．答案：C 解析：以人和雪橇为整体受力分析如图 由于雪橇匀速运动，故正交分解有，，且，联立可得，，故选C。 4．答案：B 解析：根据速度-时间公式有 变形得 对比图像可得 由此可见，赛车在时刻的速度为k，加速度为b 故选B。 5．答案：D 解析：对题图A中小球Q受力分析，在竖直方向上受平衡，水平方向上不受力，因此小球Q受到的弹力方向为竖直向上，故A错误；对题图B中小球Q受力分析，在竖直方向上受力平衡，水平方向上不受力，因此左侧绳子上没有弹力，故B错误；对题图C中小球Q受力分析，在竖直方向上受力平衡，水平方向上不受力，因此倾斜墙面对小球Q没有弹力，故C错误；题图D中小球Q没有沿竖直方向放在球面上，球面对小球的弹力沿两球球心连线的延长线指向右上方，根据平衡条件可知，左侧绳子对小球有沿绳子向左上方的拉力，故D正确. 6．答案：D 解析：整体法得，解得，选项AB错误；对B受力分析得细线拉力，选项C错误，D正确，故选D。 7．答案：C 解析：A、根据图乙可知，滑块在以后受到的摩擦力不变，为8N，根据 可得滑块与木板间的动摩擦因数为 故A错误； B、在时刻木板相对地面开始运动，此时滑块与木板相对静止，则木板与地面间的动摩擦因数为 B错误； CD、在时刻，滑块与木板将要发生相对滑动，此时滑块与木板间的静摩擦力达到最大，且此时二者加速度相同，且木板的加速度达到最大，对滑块有 对木板有 联立解得 ； 则木板的最大加速度为，根据 可求得 故C正确，D错误。故选C。 8．答案：AC 解析：以足球为研究对象，分析其受力情况：重力mg、悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力； 三个力的合力为零，根据平衡条件得知，mg和的合力与大小相等、方向相反，则有，，故选AC. 9．答案：BC 解析：对小球受力分析，如图 可知挡板转动时，挡板给球的弹力与斜面给球的弹力F合力始终等于小球的重力，其中F的方向不变，挡板转动过程中，N大小变化规律为先变小后变大，其中挡板与斜面垂直时为最小，与此对应，F的大小为一直减小，最小值为零。故选BC. 10．答案：AB 解析：A.根据图乙可知粮袋开始做匀加速运动，后与传送带相对静止做匀速运动，可知传送带的速度为2m/s，A正确；B.粮袋匀加速运动的位移为，该段时间内传送带运动的距离为，粮袋入库过程相对传送带的位移为，B正确；C.根据图乙可知粮袋匀加速时加速度大小为，根据牛顿第二定律有，代入数值解得，C错误；D.分析可知匀加速阶段粮袋所受滑动摩擦力方向与运动方向相同；匀速阶段，粮袋受到静摩擦力，方向与运动方向也相同，所以粮袋所受摩擦力方向一直与粮袋运动方向相同，D错误。故选AB。 11．答案：（2）画出两细线的方向；2.70（3）F与在一条直线上（4）B（5）D 解析：（2）因要验证平行四边形法则，则需要知道力的方向，故需画出两细线的方向； 由图可读出弹簧测力计为2.70N； （3）由题可知，若符合平行四边形法则，则F与是一对相互作用力，故F与在一条直线上； （4）本实验中让两弹簧测力计的作用效果与重物的重力相同，故采用的方法为等效替代法，故B正确； （5）A.本实验对三根细线长度没有要求，故A错误； B.本实验对两弹簧测力计示数没有要求，故B错误； C.本实验中不需要弹簧测力计B始终保持水平，故C错误； D.本实验必须使弹簧测力计、细线都位于竖直平面内，这样才能保证力的准确性，故D正确。 故选D。 12．答案：(1)D (2)0.72 (3);;大于 解析：（1）A.拉力是通过力传感器来显示的，与沙和沙桶的质量无关，故不需要满足沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，故A错误； B.实验中应先接通打点计时器的电源，再释放滑块，故B错误； C.为使绳的拉力等于滑块所受的合外力，补偿阻力时不需要挂沙桶，故C错误； D.调整长木板右端的定滑轮，使得连接滑块的细绳与长木板平行，保证细线上的拉力就是滑块所受的合外力，故D正确。 故选D。 （2）纸带上每两个计数点间还有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为 根据逐差法可得，滑块的加速度大小为 （3）根据牛顿第二定律 变形得 由图可知斜率 解得滑块的质量为 截距为 解得 考虑到纸带与打点计时器之间的阻力、细绳与滑轮之间的阻力以及空气阻力，则计算中的滑动摩擦力要大于真实值，因此测得的滑动摩擦因数要大于真实值。 13．答案：（1）（2） 解析：（1）根据自由落体运动的规律有 解得 又 解得。 （2）对运动员匀减速下落的过程，有 解得 又 解得。 14．答案：（1），（2）150N，水平向左 解析：（1）以结点O为研究对象，如图所示 沿水平方向和竖直方向建立直角坐标系，将分解，由平衡条件有 解得 由 联立解得 （2）人水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，受力如图所示 由平衡条件得 方向水平向左； 15．答案：（1）；（2）0.4m/s（3）0.05m 解析：（1）小物块和木板间动摩擦因数为，木板与地面间的动摩擦因数为，小物块在木板上运动时，小物块和木板的加速度分别为、，根据牛顿第二定律有 （2）假设小物块能够运动到木板最右端，此时小物块的速度为，木板的速度为，运动时间为，根据运动学公式可知，小物块的速度为 小物块的位移为 木板的速度 木板的位移 根据几何关系有 解得 ，，（时，舍去） 由可知假设成立，即木板的最大速度为0.4m/s； （3）小物块滑离木板后，假设小物块经过位移停止，则 解得 对木板B由牛顿第二定律可知加速度为 减速到停止的位移 解得 故小物块A和木板B均停止时两者间距离为 学科网（北京）股份有限公司 $$