重庆市第八中学校2024-2025学年高一上学期1月月考物理试题

重庆市第八中学校2024一2025学年高一上学期1月期末棋拟考试物理试题 一、单项选释愿：共8惠。每题3分，共24分。在每小题给出的四个进项中，只有一项是 符合题目要求的。 1.如图，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向 不变，我们可以说冰壶有抵抗运动状态变化的“本领，这里所说的“木领”是冰壶的惯性.这 个冰壶的惯性的大小取决于 VD A.冰壶的速度 B.冰壶的质量 C.冰壶受到的推力D.冰壶受到的阻力 2.2022年卡塔尔足球世界杯赛场上，下列说法正确的是（ A.运动员将球踢出时，脚对球的作用力大于球对脚的作用力 B.运动员踢出“香蕉球”，记录“香蕉球”的轨迹时，可将足球看成质 点 C.踢出后的足球在空中受到置力、支持力、阻力和推力 D.头球射门时，足球受到的弹力源于足球的形变 3如图所示，有五片荷叶伸出荷塘水面，一只青蛙要从高处荷叶跳到低处荷叶上。设低处荷 叶a、b、cd和青蛙在同一竖直平面内，a、b高度相同，c、d高度相同，a、b分别在c、 d正上方。将青蛙的跳跃视为平抛运动，则下列说法正确的是() A青蛙跳到荷叶α上和荷叶b上的初速度相等 B.青蛙跳到荷叶a上和荷叶c上的初速度相等 C.青蛙跳到荷叶c上的初速度最小 D.青蛙跳到荷叶d上的初速度最大 4.如图甲所示，变速自行车有多个半径不同的链轮和飞轮，链轮与脚踏板共轴，飞轮与后 车轮共轴，其变速原理简化为图乙所示，A是链轮上与链条接触的点，B是飞轮的2挡齿轮 上与链条相接触的点，C是后轮边缘上的一点，已知r4=2,当人骑车使脚踏板以恒定角 速度转动时，下列说法正确的是() A.A的线速度大于B的线速度 B.B的角速度大于C的角速度 C.A转动一圈，则C转动2圈 D.仅将链条从飞轮2挡调到1挡可以提速 5.将两个质量均为m的小球α、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点 用力 F拉小球b,使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持0=30°，则F 的最小值及F最小时ab间细线张力分别为() Amg me B.mg mg me mg D.mg；√3mg 6.一重为G的物体在竖直向上的恒力F作用下从空中A点自静止开始运动。经过一段时间， 撤去F,之后又经过一段同样的时间，物体恰返回A点，则 A.F-4G B.F=2G c.F-3G D.F=2G 3 4 7.一根劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端系一质量为m的物块。用一水平木板将物块 托住，使弹簧处于原长状态，如图所示。现让木板由静止开始向下匀加速运动，加速度大 小a=三，忽略一切阻力。下列说法正确的是(） 2 A.分离后物块立即做匀减速运动 B.当弹簧的伸长量x=m竖时，物块与木板分离 C.刚分离时物块下落的速度大小为8V2灭 71 D,物块从刚分离到运动至最低点过程处于超重状态 8.如图所示，与水平面成0=30°角的传送带正以v=5m/s的速率顺时针匀速运行，A、B两 端相距1=25m。现每隔1s把质量m=1kg的工件（可视为质点）轻放在传送带A瑞，在传 送带的带动下，工件向上运动，工件到达B端时恰好准备在A端放上一个工件，工件与传 送带间的动摩擦因数：=，8取10m1兮，下列说油正确的是 A.工件在传送带上时，先受到斜向上的摩擦力，后不受摩擦力 B.工件在传送带上加速过程，加速度大小为1.5m/s C.传送带上两个工件间的最小距离为1.5m D.传送带上始终有6个工件 二、多项选择题：共4题。每题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符 合题目要求的。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。 9.如图所示，一质量M=3m、倾角为α=45的斜面体放在光滑水平地面上，斜面体上有一质 量为m的光滑楔形物体.用一水平向左的恒力F作用在斜面体上，系统恰好保持相对静止地 向左运动.重力加速度为g,下列判断征确的是() A.系统加速度a=V2g B.F=4mg M C.斜面体对楔形物体的作用力FN=mg 45 77777T7777777 D.增大力F;楔形物体将相对斜面体沿斜面向上运动 10.如图所示，将小砝码置于水平桌面上的薄纸板上，用向右的水平拉力F将纸板迅速抽 出，砝码最后停在桌面上。已知砝码与纸板质量均为m,砝码与纸板、纸板与桌面间的动 摩擦因数均为μ，则() A.F不能小于5mg B.若增大F,砝码在纸板上运动的时间减小 C.若增大F,砝码在桌面上运动的距离减小 2 D.若增大F,砝码受到纸板的摩擦力变大 11.由于公路维修只允许单车道通行，在一平直车道上，有同向行驶的甲、乙两车，=0 时，甲车在前，乙车在后，相距x,=100m,速度均为。=30m/s,从此时开始两车按如 图所示规律运动，则下述说法正确灼是 ↑(ms) ↑a/ms) () 0 5 A.3s时两车相距最近 0 B.6s时两车相距最近 369 C.两车可能会相遇 甲车 乙车 D.两车最近距离为10m 12物体在粘滞流体中运动时所受的阻力叫做粘滞阻力，球形物体在流体中运动时受到的粘 滞阻力的表达式为∫=6w,其中η为流体的粘滞系数，r为球形物体的半径，y为球形 物体运动的速率。小球在蓖麻油中从液面下某处由静止开始下落，经过一段时间达到最大 速度m。已知蓖麻油足够深，小球的密度为P,蓖麻油的密度为P2,重力加速度为8，球 体体积公式严=和，则下列说满正确的是（） A.在国际单位制中粘滞系数的单位为g·m.5 B.仅将小球半径变为原来的2倍，小球达到最大速度为4vm C.仅增大小球密度，小球速度达到y。时所需时间不变 D.小球运动过程中加速度的最大值为g-凸g 三、实验题：共2题，共15分。 13.某同学用如图甲所示装置结合频闪照相研究平抛运动。重力加速度g10m/s。 斜槽 纸板 246810 h4018014144 甲 乙 (1)关于此实验操作，下列说法正确的是（) A实验器材除了装置中体现的以外，还需天平、秒表、刻度尺 B装置中斜槽轨道必须光滑，斜槽末端必须水平 C实验过程中，小球每次应从斜槽上同一位置静止释放 3 D.在获得的实验数据图乙中的A点为小球做平抛运动的抛出点 (2)实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量 它们的水平坐标x和竖直坐标y,如图中yx图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是 () (3)让小球从斜槽上合适的位置由静止释放，频闪照相得到小球的位置如图乙所示，A、 B、C是相邻三次闪光小球成像的位置，坐标纸每小格边长为5cm,则小球从槽口抛出的初 速度大小为w= /s,小球从抛出点抛出到运动到B点位置所用的时间为 仁 S:B点离抛出点的水平距离= m。 14.在用如图甲所示的装置“探究加速度与力、质量的关系”实验中： 打点计时器 滑艳 细线 小车 单位：cm 纸带 木块 L2.6713.57L4465.376.287.20 水平实验台长木板 D G 塑科桶 甲 (1)以下实验操作，正确的是 A平衡摩擦力时，应将空砝码盘用细线跨过定滑轮系在小车上，让细线与长木板平行 B.平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器 C每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力 D,实验时，应先释放小车，再接通电源 (2)图乙是实验中得到的一条已打点的纸带，纸带上的A、B、C、D、E、F、G均为相邻计 数点，已知打点计时器的打点周期为0.02s,相邻两个计数点之间还有4个计时点未画出， 相邻计数点之间的距离已标注在图上，则小车运动的加速度大小a= m/s2,打C 点时的速度大小V。= m/s。(以上结果都保留2位有 a/(m-s) 效数字)。 (3)实验中，有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探 0.4 究加速度α与所受外力F的关系，他们在轨道水平及倾斜两种 ② 0.2 情况下分别做了实验，得到了两条a一F图线，如图丙所示。图 线 是在轨道倾斜情况下得到的（选填“（①或“②”）：小 0 0.1 FN 车及车中砝码的总质量M= -02 丙 四、计算题：共4题，共45分。 15.如图所示，光滑的圆柱体C放在两半圆柱体A、B之间，O、O2、O3为各柱体截面的 圆心，A、B、C均处于静止状态，A、B恰好接触且A、B间没有作用力。已知A、B、C 的材料和截面半径相同，A、B与地面间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦 力。求： (1)℃对A的压力和A对地面压力大小之比 (2)A、B与地面间的动摩擦因数的最小值 03 C 0 16.一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重状态，如图所示。一个可乘坐二十多个人的 环形座舱套装在竖直柱子上，由升降机送到高处，然后让座舱自由落下。落到一定位置 时，制动系统启动，到地面时刚好停下。已知座舱开始下落时的离地高度为120m,当落到 距地面40m的位置时开始制动，座舱做匀减速运动。若座舱中小张质量为50kg, g=10m/s2,求： (1)整个过程运动的时间： (2)当座舱落到离地面10m的位置时，座舱对小张的作用力。 6 17如图所示，足够高的桌面上固定一粗糙斜面，斜面倾角为0=30°，质量为m1、m2的物体 (均可视为质点)通过轻质细线跨过光滑滑轮连接，将m1置于斜面上，2悬空，静止释放 m1、m2后，m1能沿斜面向上滑动，互换m1、2位置后，静止释放，m2也能沿斜面上滑，m1、 %与斜面间的动摩接因数均为4=5 求： 6 (1)应满足的条件； m2 (2)将m1置于斜面底端静止释放，运动到顶端的时间为1，若互换m1、m2位置后，m2从斜 面底端静止释放，运动到顶端的时间为，这样的运动能实现吗？ 73 7 18如图甲所示，在水平地面上放置一质量为1kg的木板A,木板A的最左端处放置一质 量也为1kg的物块B(可视为质点)，木板A与地面的滑动摩擦因数为4，物块B与木 板A之间的滑动摩擦因数为42。现给物块B施加一水平向右的作用力F,F随时间( 的变化如图乙所示。从t=0时刻开始计时，物块B所受摩擦力随时间：变化关系如图丙所 示。已知当F=E时，木板A与物块B间恰好相对滑动，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大 小相等，重力加速度取10m/s2,求： N E/N+ 10 甲 两 (1)4、 (2)乙图中F和丙图中 (3)若在t=10s时刻撤去F,要保证物块B不脱离木板A,木板A的最小长度是多少？物理试题答案 1.B2.B3.C4.C5.B6.A7.C8.D9.BD10.BC11BD12.BD 8解析：A.工件放到传送带上瞬间，工件相对传送带向下运动，受到斜向上的滑动摩擦 力，大于重力沿传送带方向的分力，工件开始斜向上做匀加速直线运动，当工件速率和传 送带速率相等时，摩擦力突变，受到斜向上的静摩擦力，等于重力沿传送带方向的分力， 工件开始相对传送带静止，斜向上做匀速直线运动，故A错误； B.工件在传送带上加速过程，由牛顿第二定律可得umg cos8-ng sin8=a 代入数据可得a=2.5m/s2故B错误： C.由于每隔1s放一个工件，传送带的速度是5s,而每个工件的运动情况都相同，最终 工件相对于传送带静止时，相邻的两个工件之间的距离一定是5：相对于后一个工件来 说，前一个工件刚刚加速运动1s时，与后一工件间距离最小，由，=二4 2 可得传送带上两个工件间的最小距离，=1.25m故C错误： D.工件加速过程所用的时间t=”=2S 工件加速过程的位移大小X=r'=5m 2 工件匀速过程所用的时间！=一 =4s 1 每隔1s把工件放到传送带上，所以传送带上始终有6个工件，故D正确。 10解析：A-mg-23=区→=4mg,A错 m B,增加F的大小，纸板的加速度增大，而砝码的加速度不变，所以砝码在纸板上运动的时 间减小，故B正确： C.C.砝码离开纸板时速度为V,在桌面上运动时的加速度为：则砝码相对于桌面运动的 距离为s=” 2a 由v一Q山知au不变，砝码在纸板上运动的时间t1减小，则砝码离开纸板 时的速度v减小，由上知砝码相对于桌面运动的距离s减小，故C正确。 D.D根据f=NN不变，f不变故选BC. 12解析：A.结合题述可得n=」 v 则在国际单位制中粘滞系数的单位为kg·m's,A不正确。 B.设释放后某一时刻小球的速度为。，则此时小球所受粘滞阻力为f=6π 4 重力、浮力和粘滞阻力，由牛顿第二定律有4wPa=。Pg-和p 3 3 化简得a=g-28-20 9nvo 当a-0时，vcor2,故B正确 当仅有B变化时，同一速度下a改变，时间会改变故C错 D.小球运动过程中，小球速度为零时加速度最大，为a。=g-Bg D正确。 13答案 (1)C2)C3)1.5m/s0.2s 0.3m 14答案 ①.BC②.0.91③.0.40④.① ⑤.0.5 14解析：(1)[1]A.平衡摩擦力时，让细线与长木板平行且不应将空砝码盘用细线跨过定滑 轮系在小车上。故A错误： B.平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器，B正确： C:因为平衡摩擦力时ng sin=4 ng cos0 调整斜面角度的正切值满足山= sin =tan cose 每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力。故C正确： D.实验时，应先接通电源，再释放小车。故D错误。 故选BC (2)由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间 T=0.1s 设A到B之间的距离为1，以后各段分别为x2、、x4、x5、x6,根据公式△x=aT2和逐差 法可得小车运动的加速度为a=怎++x)上：+巧+】=0.91mS 9T2 [3]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C 点时小车的瞬时速度大小e==0.40m5 (3)[4][5]由图线①可知，当F=0时，a大于0，即当绳子上没有拉力时，小车就有加速 度，则该同学实验操作中平衡摩擦力过度，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的左端垫的过 高，所以图线①是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的。 而图②中，当F=0.1N时，小车才有加速度，说明未平衡摩擦力，即轨道水平时做实 验， 根据F-M可得小车及车中的砝码总质量为M=△”=0.1-0 △a0.4-0.2 kg =0.5kg 15解析： (1)设A的质量为m,C的质量为2m,C对A的压力大小为N1,地面对A的支持力大小 为N2 C的受力情况如图所示，8=30 2N,cos0=2mg 0 C 对ABC整体： 2N,=4mg N2=2mg B N:N2=V5:3 77777777777777777777 0 0 (2)对A:cos60°≤W2 得 6 16解折：①)座船自由落下，有H-A=方时 解得5=4s 制动系统启动时速度为v=g头1=40m/s 2 制动时间为1=0+ =2s 2 整个过程运动的时间1=4+12=6s (2)制动过程有方=0-严 -2a 解得a=20m/s3 由牛顿第二定律知F,-mg=ma 解得F=1500N 方向竖直向上 17解析： (1)由题意可知，m1沿斜面向上滑动，则有 mag mg sin0+umg cos0 将m1、m2互换位置后，m2也能沿斜面上滑，则 mg>mag sin+umzg cos 所以 1+v34 2 2 m<m2< m1 1+5μ 3<m<4 4m23 (2)设斜面长为1，m从斜面底端释放时加速度为a,m2从斜面底端释放时加速度为a2, 由题意有 ap 4a1=a2 由牛顿第二定律可得 m2g-mg sin 0-Lomg cos0=(m +mz )a mg-m2g sin 0-um2g cos=(m +m2)a 联立解得 m=19 捉2<m< m316 满足4m23 这样的运动能实现 18解析：(1)在时，将木板A、物块B看成一个整体，此时他们刚好开始运动，有 方=4(m4+mg)g=4解得4=0.2 8s后物块B受到的摩擦力恒定为6N,则有=4，mg=6N 解得42=0.6 (2)在8s时刻木板A与物块B刚好发生相对运动，由牛顿第二运动定律可知 耳-凸m8=4m8-4m4+m)8 ms m 解得E=8N 根据分析5时刻A与地面刚好相对滑动此时F2=4(m4+m)g=4N 3 5.4 又84 得41=4s (3)1=4s→1=8s内，物块B与木板A相对静止一起加速，由乙图可知F与t关系 F=t (N) 对AB整体，其加速度a与t的关系a=F-4@+m,追_1-2s51S8则 ma+ma 个a/m 其图像如右图： 由图中阴影部分面积可得撤去F时A、B的速度V: △v=v-0=v=-×4×2=4m/s 2 在1=8s到1=10s内，木板加速度a4=m8-41+mg)退=2m1s2 mA 物块B加速度aa= F-uamg8=4mls2 mg 10s末A的速度v4=v+at=8m/s B的速度vg=v+agt=12m/S A的位移xn=m=4牛82=12m B的位移x1=t= 4+12.2=16m 2 撒去P后A继续加速，加速度a4=凸m8-4m1+m8=2m1g2 mA B减速，加速度a6=m8=6m/g2 mB 经时AB共速，因H<42,共速后AB一起减速 共=v4+at'=vg-agf,t=0.5s,v共=9m/s x2=t= 8+9117 224 12+9121 x2=t= 一三一771 224 木板A的最小长度Lm=x1+x2一xA一xA2=5m 4