实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型

实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、实验题 1．研究杠杆平衡条件的实验： （1）杠杆的位置如图a所示，此时应调节杠杆两端的螺母使其向 移动，使杠杆在水平位置平衡，实验时，施加的动力和阻力的方向都是竖直方向，这样做的好处是 ； （2）如图b所示，若两边各去掉一个钩码，那么杠杆 （仍能/不能）保持平衡； （3）如图c进行实验，每个钩码重0.5N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为 N。如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡，其示数将 ； （4）实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组动力臂L1和动力F1的数据，并利用实验数据绘制了F1与L1的关系图像，如图所示。请根据图像推算，当L1为0.1m时，F1为 N。 2．在做“探究杠杆的平衡条件”的实验中： （1）杠杆停在如图甲所示位置时，为使杠杆在水平位置平衡，可以将两端的平衡螺母向 调。 （2）调节平衡后，在杠杆两侧挂不同数量的钩码，移动钩码位置，使杠杆在水平位置再次平衡，并记录相关数据如表。分析表中数据，可得到杠杆的平衡条件是：      实验序号 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 1 2 20 2 20 2 2 15 3 10 3 4 5 2 10 （3）如图乙所示，A、B两点分别增加一个钩码，则杠杆 （填“左端下沉”“右端下沉”或“仍保持平衡”）。 （4）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，使杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 （填“增大”或“减小”）。原因是 3．某实验小组在“测定滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如下表所示，第1、2、3次实验装置分别如图甲、乙、丙所示． 　　　　 (1)比较第1次实验和第2次实验可得结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码越重，滑轮组的机械效率 ． (2)将表格补充完整 ．比较第2次实验和第3次实验可得结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多(动滑轮质量越大)，滑轮组的机械效率 ． (3)如果不计绳重和摩擦，图丙中钩码重为4 N时，弹簧测力计的拉力为1 N，那么当钩码重为9 N时，该滑轮组的机械效率是 ． 4．某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。 实验 次数 钩码重G/N 钩码上升高度h/m 绳端拉力F/N 绳端上移距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 1.8 0.3 74.1% 2 4 0.1 1.6 0.4 62.5% 3 6 0.1 2 （1）实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计，使钩码上升； （2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验； （3）通过第1次实验和第2次实验的数据可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 （填“越高”“不变”或“越低”）； （4）小组同学再用第2次实验中使用的装置做第3次实验，表中第3次试验中绳端移动距离s漏记，计算出第3次的机械效率η= 。 5．在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：    （1）如图甲所示，小明将杠杆安装到支架上保持静止，此时杠杆 选填“是”或“不是”处于平衡状态； （2）如图乙所示，杠杆上每格均匀等距，每个钩码的质量都相同，若在C位置挂4个钩码，在D处挂 个钩码，仍可使其在水平位置平衡； （3）如图丙所示，小明用弹簧测力计代替钩码，保持所挂钩码位置不变，不断改变弹簧测力计的作用点和拉力的大小，使杠杆始终在水平位置平衡，绘制出弹簧测力计的拉力F与其力臂l的图像如图丁所示，图像中每次描出的点与两坐标轴围成的矩形面积（如图丁中阴影部分） （选填“相等”或“不等”）；其原因是 。 6．如图甲，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个． （1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止，发现杠杆右端下沉．此时，应把杠杆两端的平衡螺母向 （左/右）调节，使杠杆在不挂钩码时在水平位置平衡． （2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为： （用字母表示）．他这样得出的结论 （合理/不合理）；原因是： ． 7．在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示。 序号 _________ 钩码上升高度h/cm 拉力F/N 绳端移动距离s/cm 机械效率η 1 2 10 0.8 30 83.3% 2 4 10 1.5 30 88.9% 3 6 10 2.2 30 90.9% 4 6 15 2.2 45 90.9% （1）实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做 运动； （2）表格中横线处应填的内容为 ； （3）分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越 （选填“高”或“低”），当使用这个滑轮组提升8N重物时，滑轮组的机械效率可能是 （填序号）； A．90.9% B．89.5% C．95.5% （4）分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 （选填“有关”或“无关”）； （5）结合生产生活实际，用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是 （填序号）。 A．增大绳重 B．减轻动滑轮重 C．加快物体提升的速度    8．小李和小王在“探究杠杆平衡的条件”实验中：    （1）实验前，小李猜测杠杆平衡的条件是：当杠杆平衡时，动力+动力臂=阻力+阻力臂。小王认为小李的猜测存在问题，其主要依据是 ； （2）合理猜测后，他们选择了实验器材（带刻度的杠杆、支架、细线和重力相同的钩码若干个）进行实验；将杠杆 点置于支架上，发现杠杆左端高右端低，则应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母； （3）如图所示，在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂4个钩码，杠杆恰好在原位置平衡；于是他们便得出了杠杆平衡的条件为：当杠杆平衡时，动力/动力臂=阻力/阻力臂；你认为他们实验中存在的问题是：① ；② ； （4）建议添加的主要实验器材： 。 9．研究杠杆平衡条件的实验： (1)杠杆的位置如图甲所示，此时应调节杠杆两端的螺母使其向 （选填“左”或“右”）移动，使杠杆在水平位置平衡，调节杠杆在水平位置平衡的目的是： ； (2)某同学用图乙装置通过多次实验操作及数据分析，得出杠杆平衡的条件是：动力×动力作用点到支点的距离=阻力×阻力作用点到支点的距离，你认为他的结论 （选填：“具有普遍性”或“不具有普遍性”）； (3)利用图丙所示装置进行实验，每个钩码重0.5N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为 。 10．如图是小明进行探究“杠杆的平衡条件”实验（每个钩码重0.5N）。 （1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，这时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节，直到杠杆在 位置平衡；     （2）如图甲，在A点悬挂2个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，需在B点悬挂 个钩码；取下B点的钩码，改用弹簧测力计在B点竖直向下拉，使杠杆水平位置平衡，测力计的示数为 N；     （3）如图乙，若弹簧测力计向右下方拉，杠杆仍然保持水平位置平衡，则测力计的示数将 ，原因是B点拉力的力臂 （均选填“变大”或“变小”或“不变”）。 11．小明在探究利用杠杆做功的实践活动中，将重G为15N的物体的挂在一粗细相同、质量均匀的长硬棒的中点，手竖直提起棒的另一端，用10N的拉力使物体在2s内缓慢匀速提升了0.1m，拉力移动了0.2m的距离，如图所示（不计摩擦），则： （1）小明利用杠杆所做的有用功 J，杠杆的机械效率是 ，长硬棒的重力 N； （2）若把重物远离支点移动一段距离，则将该重物缓慢匀速提升了0.1m时，杠杆的机械效率将 （填“变大”、“变小”或“不变”），其理由是 。 12．【探究名称】制作密度计 【问题】小明、小红在使用密度计时发现由于刻度不均匀，估读时误差较大，在“综合实践活动”中准备制作一个刻度均匀的密度计。 【步骤】两人分别制作一个密度计 （一）小明方案 （1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是使吸管能 在液体中； （2）将吸管放到水中的情景如图1甲所示，测得浸入的长度为H；放到另一液体中的情景如图1乙所示，用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度，由图可知ρ液 ρ水（选填“＞”“＜”或“=”），ρ液与ρ水、h及H的关系式是 ； （3）小明利用上述关系式进行计算，在吸管上标出了0.8、0.9、1.0、1.1、1.2的刻度线（单位：g/cm3）。结果发现1.1刻度线在1.0刻度线的 （选填“上”或“下”）方； （二）小红则采用图2所示的方法 （4）杆秤的工作原理是 ； （5）小红方案：①模仿杆秤结构，用杯子代替秤钩，先自制一根无刻度“密度秤”； ②杯中不加液体，提起秤纽，移动秤砣（如图2乙所示），将此时秤砣的悬挂点A标记为“0”刻度； ③杯中加水至a处，提起秤纽，移动秤砣，将此时秤砣的悬挂点B标记为“1.0”刻度（单位g/cm3）； ④以AB两点之间长度的为标准，在整根秤杆上均匀地标上刻度； 【交流】（6）小明利用自制密度计测量某种食用油，发现操作时出现了图1丙所示的情形，在不更换食用油的情况下，你认为可以进行怎样的尝试： ； （7）小红为了制作出精确度更高的“密度秤”，下列改进措施可行的是 。 A．把秤纽位置往靠近秤钩一侧移动 B．减小秤砣的质量 C．改用更轻的杯子装液体 D．换用更细、更长的秤杆 13．在“探究杠杆的平衡条件”实验中，所用杠杆上面的刻度均匀。 （1）挂钩码前杠杆静止在如图甲所示的位置，此时应向 调节杠杆的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 ； （2）如图乙所示，在调节好杠杠平衡后，小明在A点挂3个钩码，在B点挂 个相同的钩码后，杠杆恰好在水平位置平衡，他就由此得出杠杠的平衡条件是：“”。请你对小明的探究过程进行评价 ； （3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计从竖直位置转到图丙位置时，其示数会 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。 14．某同学用如图所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在下表中。 实验次数 物重G/N 物体上升高度h/cm 拉力F/N 绳端移动距离s/cm 机械效率 1 1.0 10 0.6 30 55.6% 2 2.0 10 1.0 30 66.7% 3 4.0 10 1.7 30 4 4.0 20 1.7 60 78.4% （1）第3次实验中，滑轮组的机械效率为 。（结果精确到0.1%） （2）分析第1、2、3次实验数据可知，使用同一滑轮组，提升的物体越 （选填“重”或“轻”），滑轮组的机械效率越高；分析第3、4次实验数据可知，滑轮组的机械效率与物体上升高度 （选填“有关”或“无关”）。 15．智慧小组为探究影响滑轮组的机械效率的因素，实验装置如图所示，数据如表所示。 实验次数 物重G/N 物体上升高度h/m 拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η 1 1 0.1 0.6 0.3 55.6% 2 2 0.1 1.0 0.3 66.7% 3 4 0.1 1.8 0.3 （1）实验过程中，应竖直向上 拉动弹簧测力计； （2）第三次实验中滑轮组的机械效率是 （结果保留到0.1%）； （3）分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重 ，滑轮组的机械效率越高； （4）创新小组也利用重为1N、2N、4N的物体进行了三次实验，每次测得的机械效率均大于智慧小组的测量值，则创新小组测量值偏大的原因可能是 。 A．测拉力时，弹簧测力计未调零，指针指在零刻度线下方 B．弹簧测力计每次拉动物体时均加速上升 C．所使用的动滑轮的重力小于智慧小组 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型》参考答案 1． 右 便于测量力臂 不能 2.25 变大 6 【详解】（1）[1]如图甲，左端低，说明杠杆的重心在支点的左侧，应将平衡螺母向右端移动，使其在水平位置平衡。 [2]力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。 （2）[3]设每个钩码的重力为G，标尺一格的长度为L，如如图b所示，若两边各去掉一个钩码，根据杠杆平衡条件可得 所以杠杆右端下沉。 （3）[4]如图c进行实验，每个钩码重0.5N，标尺一格的长度为L，根据杠杆平衡条件可得，弹簧测力计的读数 [5]把弹簧测力计沿虚线方向拉时，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力将增大，所以弹簧测力计示数应变大，才能使杠杆仍然水平平衡。 （4）[6]由图可知，当L1= 0.2m时，F1= 3N，由于阻力和阻力臂不变，根据F1L1=F2L2可知，图像中任意一组数据都能满足关系 F2L2=F1L1=3N×0.2m=0.6 N·m 所以，当L1= 0.1m时，则F1为 2． 左 见解析 右端下沉 增大 动力臂逐渐减小 【详解】（1）[1]杠杆右端下沉，应将杠杆重心向左移，所以应将两端的平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节。 （2）[2]根据以上数据得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂 （或F1l1=F2l2）。 （3）[3]设一个钩码重力为G，杠杆一格长度为L，如果在两侧钩码下再各增加一个相同的钩码后，左边 4G×2L=8GL 右边 3G×3L=9GL 左边力和力臂的乘积小于右边力和力臂的乘积，杠杆不再水平平衡，右端下沉。 （4）[4][5]如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动时，阻力、阻力臂不变，动力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件可知，动力逐渐变大，即弹簧测力计示数将逐渐增大。 3． 越高 72.7% 　越低 90% 【详解】(1)比较第1次实验和第2次实验可知，使用相同的实验装置，提升物体的高度相同，当物体越重时，效率越高，所以可得结论：使用同样的滑轮组，提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越高． (2)第三次的效率为： ； 比较第2次实验和第3次实验，提升的物体重相同，当滑轮个数越多时，即动滑轮越重时，效率越低，所以可得结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多(动滑轮质量越大)，滑轮组的机械效率越低． (3)图丙中由5段绳子承担总重，所以当钩码重为4 N时，根据弹簧测力计的拉力为1 N可得： ，解得：； 当钩码重为9 N时，该滑轮组的机械效率是： ． 点睛：最后一问中根据第一次的拉力大小求出动滑轮的重是关键，另外要熟悉不计摩擦和绳重时求效率的两种方法，一是，二是． 4． 匀速缓慢向上 乙 越低 75% 【详解】（1）[1]为了使拉力不变，实验中应沿竖直方向匀速缓慢向上拉动弹簧测力计，使钩码上升。 （2）[2]由表格中数据得，第2次实验，与动滑轮接触的绳子的股数为 因此第2次实验是用乙图所示装置做的实验。 （3）[3]由第1次实验得，采用一个动滑轮提升4N的钩码上升1m，机械效率为74.1%；由第2次实验得，采用2个动滑轮提升4N的钩码上升1m，机械效率为62.5%，由此可得：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率越低。 （4）[4]依题意得，第3次实验，采用装置乙进行实验，滑轮组的绳子的股数为 当物体上升的距离为0.1m时，绳端上移距离为 第3次的机械效率 5． 是 6 相等 阻力与阻力臂的乘积不变 【详解】（1）[1]图甲所示，杠杆静止，所以此时杠杆处于平衡状态。 （2）[2]设备一个钩码的重力为G，杠杆一个格的长度为L，根据杠杆平衡的条件，可求D位置所挂钩码的总重力为 解得，则在D位置需要挂6个钩码。 （3）[3][4]根据杠杆平衡的条件，丙图中阻力与阻力臂的乘积不变，而丁图中横纵坐标的乘积刚好是动力与动力臂的乘积，即阴影面积，所以图像中每次描出的点与两坐标轴围成的矩形面积相等。 6． 左 F1l1 = F2l2 不合理 实验次数太少，结论不具有普遍性 【详解】第一空．杠杆右端下沉，则杠杆重心右移，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，使杠杆在水平位置平衡； 第二空．设一个钩码重为G，杠杆上一个小格代表l， 4G×3l=6G×2l， 得到杠杆平衡条件：F1l 1=F2l 2； 第三空．只有一次实验数据，没有普遍性，实验结论是不合理的； 第四空．一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，从而得出普遍性结论． 7． 匀速直线 钩码所受的重力G/N 高 C 无关 B 【详解】（1）[1]实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速直线运动，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。 （2）[2]在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，需要测量有用功W有=Gh及总功W总=Fs，据求出机械效率。表格中，钩码上升的高度h、拉力F及绳端移动的距离s这些物理量，还需要测量的是G，用钩码代替重物，所以格中横线处应填的内容为钩码所受的重力G/N。 （3）[3]分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。 [4]由以上结论可知，当使用这个滑轮组提升8N重物时，机械效率应该高于提升6N重物时的机械效率90.9%，故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 （4）[5]分析3、4次实验的数据可知，将相同钩码提升不同高度时，滑轮组的机械效率相同，所以滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关。 （5）[6]A．增大绳重，增大了额外功，有用功与总功的比值变小，机械效率变小，故A不符合题意； B．减轻动滑轮重，减小了额外功，有用功与总功的比值变大，机械效率大，故B符合题意； C．由（3）知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关，根据分析，机械效率与物体提升的速度无关，故C不符合题意。 故选B。 8． 不同的物理量不能相加 中 左 实验次数太少 数据特殊，结论不具有普遍性 弹簧测力计 【详解】（1）[1]动力是力，动力臂是距离，两者是不同的物理量，不能相加。 （2）[2]将杠杆的中点置于支架上，以杠杆的中点为支点，减小因为杠杆自身的重力产生误差。 [3]杠杆左端高右端低，即杠杆向右偏，由左偏右调，右偏左调可知，应向左调节平衡螺母，直到杠杆水平平衡。 （3）①[4]只通过一次实验数据就得出结论，所以实验次数太少，结论具有偶然性。 ②[5]实验中在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂4个钩码，实验数据特殊，没有普遍性，则结论不具有普遍性。 （4）[6]由于实验中需要改变动力和阻力的大小，还要改变力的方向，所以建议添加的主要实验器材是测量力的工具：弹簧测力计。 9．(1) 右 便于测量力臂 (2)不具有普遍性 (3)2.25N 【详解】（1）[1]由图甲可知，杠杆左端低右端高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节。 [2]实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，实验时调节钩码的位置使杠杆再次在水平位置平衡，此时力臂与杠杆的一部分重合，可以直接在杠杆上读出力臂的长短，即便于测量力臂。 （2）杠杆在水平位置平衡，并且动力和阻力垂直作用在杠杆上，“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”成立，如果杠杆不在水平位置平衡，动力臂和阻力臂小于支点和作用点之间的距离，此结论就不成立，故此结论不具有普遍性。 （3）设一格的长度为L，杠杆在水平位置平衡，由得 解得 杠杆平衡时弹簧测力计的读数应为2.25N。 10． 左 水平 1 0.5 变大 变小 【详解】(1)[1][2]当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，使杠杆在水平位置平衡。 (2)[3][4]一个钩码的重是0.5N，设杠杆一个小格是L，在A点悬挂两个钩码，根据杠杆平衡条件得 即在B处挂1个钩码，改用弹簧测力计在B点竖直向下拉，使杠杆水平位置平衡，同样的道理，与上次的钩码重相同，即测力计的示数也为0.5N。 (3)[5][6]如果改变弹簧测力计拉力的方向没有与杠杆垂直，这时动力臂减小，在阻力和阻力臂不变时，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。 【点睛】除了杠杆平衡条件的应用，关键还是力臂变化情况的判断，理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的，倾斜后力臂会变短。 11． 1.5 75% 5 变大 见解析 【详解】（1）[1][2][3]由题意可知，物重G=15N，在2s内缓慢匀速提升了0.1m，则所做的有用功为 拉力F=10N，拉力移动了0.2m，则拉力做功为 杠杆的机械效率 不计摩擦，克服硬棒的重力做的额外功 根据 可得，长硬棒的重力 （2）[4][5]若把重物远离支点移动一段距离，将物体提升到同一高度，所做有用功不变，杠杆被提升的高度变小，即所做的额外功减小，根据 可知，杆的机械效率将变大。 12． 竖直漂浮 > 下 杠杆的平衡条件 将食用油倒入截面积较小的量筒或试管中进行测量 B 【详解】（1）[1]塞入金属丝的目的是使得重心降低，使吸管能竖直漂浮在液体中。 （2）[2]由于吸管在（a）、（b）图中均漂浮，浮力与重力相等，可知 则 因，所以，。 [3]设吸管的底面积为S，则，，根据两种液体中的浮力都等于重力，即浮力相等，有 即 解得 （3）[4]根据知，h越大，液体密度越小，所以1.1刻度线在1.0刻度线的下方。 （4）[5]杆秤实质是一根杠杆，其工作原理是杠杆的平衡条件，即。 （6）[6]密度计碰底说明深度过小，换用截面积较小的容器增大深度，例如将食用油倒入截面积较小的量筒或试管中进行测量。 （7）[7]提高精确度必须增大AB间的距离。 A．当秤纽靠近秤钩一侧移动时，根据杠杆的平衡条件知，阻力不变，阻力臂变小，动力不变，动力臂会变小，AB间距离会减小，精度下降，故A不符合题意； B．小秤砣的质量减小，左侧液体和杯子拉力的力臂不变，拉力也不变，秤砣拉力变小，力臂增大，即AB间距离会增大，所以精度提高，故B符合题意； CD．改用更轻的杯子装液体或换用更细、更长的秤杆，对AB的长度没有影响，故CD不符合题意。 故选B。 13． 左 方便直接读出力臂大小 4 实验次数太少，结论不具有普遍性 变大 【详解】（1）[1]由图可知，右端下垂，根据杠杆平衡条件可知，可以减小后右边的力臂或增大左边的力臂，故应将平衡螺母向左调。 [2]为了方便读出力臂大小，我们将杠杆调至水平平衡。 （2）[3]所用杠杆刻度均匀，故左侧力臂与右侧力臂之比为4︰3，由可以，左侧钩码重力与右侧钩码重力之比为3︰4，即右侧挂4个钩码。 [4]不同物理量，不能进行加减运算；只做了一次实验，具有偶然性，应调节钩码数量及位置，重复实验。 （3）[5]从竖直位置转到图丙位置，动力的力臂减小，而阻力与阻力臂大小均不变，由可知，动力将变大。 14． 78.4% 重 无关 【详解】（1）[1]由表中可知，不计绳重与摩擦，滑轮组的机械效率 （2）[2]分析1、2、3次实验的数据，随着重物的重力增加，物体上升的高度不变，发现机械效率增大，说明使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。 [3]分析第3、4次实验数据，发现重物重力一定时，提升高度不同的情况下滑轮组的机械效率不变，说明滑轮组的机械效率与物体上升高度无关。 15． 匀速缓慢 74.1% 越大 C 【详解】（1）[1]实验过程中，为使拉力等于测力计示数，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计。 （2）[2]第三次实验中滑轮组的机械效率是 （3）[3]纵向分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高。 （4）[4]A．测拉力时，指针指在零刻度线下方，测量的拉力变大，机械效率变小，故A不符合题意； B．弹簧测力计每次拉动钩码时均加速上升，测量的拉力变大，机械效率变小，故B不符题意； C．使用的动滑轮的重力小于智慧小组，额外功减小，机械效率变大，故C符合题意。 故选C。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$