云南省昭通市镇雄县第五中学2023-2024学年高一下学期4月月考物理试卷

3.如2、视且在“主的5.流齿有上的物, 7.阻一次远动是一定的度一上,如音一计拉上的头 以达到式,过于到题段和红灯日,生到车段常高。是 请第五中学20年卷项学期高一年级4且份月 以与效注行去,不计空气阻力,例A点连线与坚直文向所成头在料 正以%r 度在跨配上行,达灯灯跨口高1的 物 即 ___ 10*.文笔平自确速,的文会了,下说正 是 本试第1(选择题1(题)两:1页至第3页 3.判准度小为”过23这物 __ B._-: 君点第6页,考这均来,将本扣答题一交到,分100,考流项 若次到车流大小为,是动1时回,交 神. l 1__ C.担如速大少为考掉下 3. 第11要内掉标容在益果三行,在女子球确日中,中时队 . t.! 第1(选择题。共43分) D. 凡七逃大小为””,与高凡的为 气,下正确的是 4. 究本在究“达陪字时决的量大高心如这咬”题研交时,刺回抓现 某远动吐7来65的造时夜势远,次铅国到,看铅球本平 注: 手:A.点.C是用手诗后3些了5)片指的位(3 1.题,考生用荒也自已的挂,准考证,考号,座位考在 A.在研远的可让动目梳& 片A之比型:喻段,头A财关节为回心因 题上决望 B.花在交一0则满别为 病近的是后时到搭实V为心新运A.B之回的 D. 在中远动时料时回内位 1. 小题选容资朵,用精笔抗答题卡上对点避目的签走样号里,重选动 C. 在空中运动时内的度交化相目 时被在擦干净段,再选清具地要拟号,在状题卷上样答无死 3之刻的配齿为1.略为A.B之到平均夜数为手动鼓旨旨 括因漏的设速,重速度号评段到时时析的大 3.20年111项日的“本日是观到本是的一次好税会,本是冲日就是本是 心t%: 球大阳次排兴大致形成一直境时的天来,已如木与地球几在一平面内 一.选择题(本大题共10小题,共5分,在每小题给的四个说项中,第1-7题 1. 一上引效与照展运动,水笔为地质的,本 一项符合题1数点,小题4分;第-10题有项符到目要点,小题5分,会部 Iō{ 码为地球段的11,本呈列大阳的开高大均是地球到上阳离的5,下说 对的料5分。选过但全0得)分,有选的分 1) 1. 下iit证喜 A.运的速比球这行的如 D.1r 1 本呈表的承力咬比球表的重力加速 A.为冲国区远 当.双系院(图41的满中子引力用用区某点陪远动的 B.上一次”本坚冲日的时阴大在10 C. 在本表国话登时飞行器的速至少为n; B. 字些内的中的员处干失夜是平没有受列方容引方的作 中,它之时的离连渐小,这在别列的确中合并并这区大量,时为 1.远动物动去一改 产生多要写家物路,这关体的面过鼓是言中是为壮现的干新当件, .如7是研完球在长为上的到面上平达的实脸,每次小流 D.是运口选泪是达的远动 位系中的两幅中子合计病量,的变化,刚两题中子显距减小的 同一拉置止释较,抒逐陪次变到丽与永平地到之同的夹身A,不到的水平封程 2. 用1所为轻子选,松共因阳不平行的点摇到致置,橙子活满析 七.后出了效国云示的-,1时,所为在线,l 4. 它们的力速大 时图,-}.叫下引正确的是 下语,大,中,小相落人不具区鼓,投子可说为球体,没烟好泪,不考格子 转来的,第小子从止汗始下降到亮开料的过程,则 C. 们那让动的心本大 . 它们因动的料之止令大 。{ 6. 达的物化时,我国计陪或现的 D. 它国运士 化快,即一,用5甲中某些点1-0由正耳始转,其薪4、内加速& 4. 在直隐水平时的逐耳-1. _ 隐惧:图乙.那 .抒子晃 3. 末:折位停止转动 C力。 B过析:题迁会上 l.好7在上受合力 C. 意开后:组子在空中确匀变准运是 C.-2内加座回 .角这的的必为 $ B. 离片杆号,校的这度这赴与小程的一好 D. .的大小为a n. 度为1-“ 品-0-第151 -23:1(81 高-%5.10 第(选冲。共37) (一甲”乙”或”丙”是提究力大与的关 项: 1的度时支 ②在甲情境中,两个刚球则变心分的比为13.则实中选题的两个交 第庭奖总考笔在答题卡上各题的答题没或决作益,点议题上作答无性 的之比为。 的受拉对的小 的大选到的力大斗 (2)当文动晃要汗冰时,女&动 (3)过本字验1现回正确是 二、请、验题(本大共)4题:共15分) A. 在沿染和来一位的况下,内心力的大A.与角连斑女成正过 1.(6分)封学用图所的实要的达则,到 A干这点P下些用是挂一看有耳.测力计一没予0,子 B.在量一空的况下,问心的文小的大小正 C.在相角速度一定的精况下,向心的文小与样观反院 持号一水自左拉,结点0上在某位旨,分别读样演力计A、是的拉 1.(14分)2023是10是3是,标指是会文子1来分达要中运铅全 D. 在本轻和角连变一空的皆况下,内心力的大小与质批点过比 号.乙.的夫小,姓在子是直本板的白所上记0的位器绳的去 4)某指理兴趣不利用感要连行,实验装置原理与听2所示,表置中水 人一题,题得全涵7个1分,终令得过(部图12.在选行10来缺确 (1)图中到计A的数为 平水在暗能陪直转一动,清块随水平在流直一起习遍动,线的 时,达异在没在病本一高笔现规定确调整好入水变势,基是 (2)下列比的是. 小对3老随白水这行铅究,将效动视为咬人,若过动好无践时获坚 力提清通因动要的心力,技力的大小可1过力器国得,动 A. 3要看量物的大 上的速度一”,比在阳满水“1完观尘作洞好人本婆梦 的异选可过远度在 n. 线应与本夜子行 入,其入本2.线0。记动过量,是 _,{ _. C.改拉力.选行多次实,次要是& 0气0不求 __ 过,。 口1完成规定动在计的。 D. 一笔清力计一无让空 夫。 21具将入时度,的大和人本本深;处的过程运受水的平均 (3若探持云5的夹角及0点位毁不是,从择答满力计&注早短房无始,择境 测力计A.&均时那对候握转空弹到力计A本,则正整个这程中关子排减死 1: 力日A.&的数化况(填选项的字母). _ A.A增女. B.大 小时学去让一个赴;为1的描阅运动。得列国乙中1阴戏, CA*大.8%增大 D.A.&先文 持清暗量不生,再逼动的字径,别面整为01.0.10.9.0.0 12.(9分)向心力大本F与物体沟量.角暖现和执远,的关空验 在一全第中又分到图乙②③③③因条段,3中阻段的数 I5.(1分)用1;为题心角37C与 (1)本实听呈旧的实确指亮方与下列呢个实喻是 相是,强财针转1%一是2h给小物 ,共了一:图,如图两所,瑁是一过的直,阻。 A. 空寻陆u& ,评孤执道过入选运动到点,小物与送回的动因 为点)式平斗入道数过 B.完亮力与交的关 的__ 。计题(大题共3小题,此号,答应写出必要的文字说呢,方程式要 C.探高斗度的力的 1.不空段是重力度10}- 家算,以巧出导结得分,有数第计这的题,各案中所明确过出数整 B. 程竞如速要与物受力.物的是是 (1)上的度《吐时厚式。 (2)某回学现长心立运器对日雪验,多是如图型,乙、内三用示 (21选小块在摇勃道纸点C时执道的力大 13(分)程人本是20号空题会程项日题一如用11甲题次四 (3)若传送的连度可13往意阔节:求小块回达点 远以在已为拉若立远般回因运的彩,若女运后的精是一:0 点rir _ 轻1.。如图乙所录,暗立运是受到的力,取重力加题度1。 的子与向的5,转过轻中运目的心习因运的 87-0③.57-06. 品-0.415 -0.1ir( 高-.号:高10 高一物理 ZX5 参考答案·第 1 页（共 7 页） 镇雄第五中学 2024 年春季学期高一年级 4 月份月考 物理参考答案 第Ⅰ卷（选择题，共 43 分） 一、选择题（本大题共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只有一项 符合题目要求，每小题 4 分；第 8～10 题有多项符合题目要求，每小题 5 分，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D C C C D B BC AD AC 【解析】 1．向心加速度方向时刻改变，所以匀速圆周运动是非匀变速曲线运动，故 A 错误。宇宙飞船 内的宇宙员处于完全失重状态是由于宇航员所受万有引力全部用来提供宇航员与飞船一 起绕地球圆周运动，而非不受万有引力作用，故 B 错误。由于曲线运动的轨迹为曲线，速 度大小可以不变，但速度方向一定改变，则它的运动状态一定发生改变，故 C 正确。开普 勒定律不仅适用于行星绕太阳的运动，也适用于卫星绕行星的运动，故 D 错误。 2．橙子受到每根杆的弹力的方向都与杆垂直，但由于两杆不平行，所以弹力的作用点在变化， 杆对橙子的弹力大小、方向都在变化，故 A 错误。两直杆倾斜放置，橙子垂直于杆方向上 合力为零，沿两杆向下方向上合力不为零，橙子在杆上运动时所受合力不为零，故 B 错误。 离开杆后，不计阻力，仅受重力作用，加速度为重力加速度，橙子在空中做匀变速曲线运 动，故 C 错误。加速度是表示速度变化快慢的物理量，离开杆后，橙子的加速度相同，大 橙速度变化与小橙的一样快，故 D 正确。 3．根据题意可知汽车刹车时的初速度为 0 36km/h 10m/s v ，若汽车加速度大小为 26m/s ，则 汽车停下来所用时间为 00 10 5s s 2s 6 3 t a     v ，则经过 2s 汽车前进的距离为 0 0 25 m 2 3 x t  v ，故 A 错误。若汽车刹车加速度大小为 28m/s ，运动 1s 时间，速度为 1 0 1 10m/s 8 1m/s 2m/sat     v v ，故 B 错误。汽车前方等待通行暂停的汽车距离为 10m， 利用逆向思维，根据速度与位移的关系式有 20 2 02a xv ，解得 2 2 2 20 2 0 10 m/s 5m/s 2 2 10 a x     v ， 即汽车刹车加速度大小至少为 25m/s 才能安全停下，故 C 正确。若汽车刹车加速度大小为 高一物理 ZX5 参考答案·第 2 页（共 7 页） 210m/s ，停车时，根据速度与位移的关系式有 20 3 10 2a x  v ，解得 2 2 0 1 3 10 m 5m 2 2 10 x a     v ， 可知此时离前面汽车的距离为10m 5m 5m  ，故 D 错误。 4．根据题意甩手动作每秒 25 帧，得从帧 A到帧 B 的时间间隔为 1 s 0.04s 25 t   ，粗略认为 A、 B 之间平均速度为甩手动作最后阶段指尖做圆周运动的线速度，得 ABB x t v ，由 26cm 0.26mABx   ，解得 6.5m/sB v ，向心加速度约为 2 B NB a r  v ，由 17cm 0.17mNBr   ， 解得 2250m/s 25a g  ，故选 C。 5．根据万有引力与重力的关系 2 Mm G mg R  ，所以 2 GM g R  ，由于不考虑两颗中子星在合并前 质量、半径的变化，所以两颗中子星表面的重力加速度不变，故 A 错误。根据万有引力提 供彼此做圆周运动的向心力有 2 12 Mm G M r L  、 2 22 Mm G m r L  ，所以 1 2 r m r M  ，由此可知， 它们做圆周运动的半径之比不变，故 B 错误。根据万有引力提供向心力有 2 Mm G ma L  ，所 以两颗星做圆周运动的向心加速度大小之和为 1 2 2 M m a a G L    ，由于两颗中子星间的距 离 L 减小，则向心加速度大小之和增大，故 C 正确。两颗星做圆周运动的周期为 32π 2π ( ) L T G M m    ，随着两颗中子星间的距离 L 减小，则周期减小，故 D 错误。 6．根据 t    ，可知 t    ，可知图线下的面积表示角速度的变化量，第 4s 末，角速度 的变化量最大，转盘未停止转动，故 A 错误。角加速度的变化率的单位为 3rad/s ，故 B 错 误。由图乙可知，0~2s 内转盘的角加速度均匀增加，则转盘做非匀角加速圆周运动，故 C 错误。图线下的面积表示角速度的变化量，可知第 2s 末，转盘的角速度大小为 1 2 10rad/s 10rad/s 2      ，故 D 正确。 7 ． 由 平 抛 运 动 的 规 律 有 0 0 tan y gt   v v v 、 2 0 0 1 2tan(90 ) 2 gty gt x t      v v ， 则 1tan 2 tan(90 ) 2 tan         ，即 tan tan 2   ，故选 B。 8．在研究运动员扔球姿势时，不能忽略运动员的形状和大小，不能将运动员视为质点，故 A 高一物理 ZX5 参考答案·第 3 页（共 7 页） 错误。铅球被抛出后仍能在空中运动一段距离是因为铅球具有惯性，要保持原来的运动状 态，故 B 正确。铅球在空中运动时，不计空气阻力，只受重力作用，加速度相同，根据 Δv=at 知，相同时间内速度变化量相同，故 C 正确。铅球初速度不同，在空中运动时相同时间内 的位移不同，故 D 错误。 9．由 2 GMm ma r  ，可得 2 GM a r  ，木星到太阳的距离大约是地球到太阳距离的 5 倍，所以木 星运行的加速度比地球运行的加速度小，故 A 正确。由 2 GM m m g R    ，可得 2 GM g R   ，木 星质量约为地球质量的 318 倍，木星半径约为地球半径的 11 倍，木星表面的重力加速度比 地球表面的重力加速度大，故 B 错误。由 2 2 GM m m R R    v ，可得行星的第一宇宙速度为 GM R  v ，则木星表面附近发射飞行器的最小速度大于 7.9km/s，故C错误。由 3 3(5 )r r T T  ２ ２ 木 地 ， 可得 11.2 11.2T T 木 地 年，则由 1 t t T T   地 木 ，可得 1.1t  年，所以上一次“木星冲日”的 时间大约在 2022 年 10 月份，故 D 正确。 10．小球做平抛运动落在斜面上，有 2 0 0 1 2tan 2 gty gt x t     v v ，解得 02 tant g   v ，则水平位移 0 2 02 tanx t g    vv ，由数学知识，图乙的斜率 2 02 1 5 k g   v ，解得 0 1.0m/sv ，故 A 正确。 当 0 tan 1  时，图像为直线，当 tan 1  时，图像为曲线，可知 超过 45°后小球将不 会掉落在斜面上，故 B 错误。设板长为 L，当 45  时，则水平方向有 0cos 45L t  v ， 竖直方向有 21sin 45 2 L gt  ，联立得 2 0 1 cos 45sin 45 2 L L g        v ，解得 2 m 5 L  ，故 C 正 确，D 错误。 第Ⅱ卷（非选择题，共 57 分） 二、填空、实验题（本大题共 2 小题，共 15 分） 11．（每空 2 分，共 6 分） （1）2.6 （2）AB （3）B 高一物理 ZX5 参考答案·第 4 页（共 7 页） 【解析】（1）弹簧测力计的分度值为 0.2N，需要精确到 0.1N，所以示数为 2.6N。 （2）OA 和 OB 两段细线对 O 点拉力的合力与 M 的重力平衡，实验中需要对比合力的理论 值（通过平行四边形定则所作的合力的图示）与实验值（与 M 重力平衡的力的图示），因 此应测量重物 M 所受的重力，故 A 正确。细线方向应与木板平面平行，使实际力的平行 四边形与白纸上所作的力的平行四边形平行，以减小误差，故 B 正确。改变拉力，进行 多次实验，无论 O 点位置如何，MO 段细线对 O 点拉力的作用效果始终不变，所以不需 要每次都要使 O 点静止在同一位置，故 C 错误。只用一个弹簧测力计也可以完成实验， 一端用弹簧测力计测，另一端用手固定，将结点拉到固定的 O 点，然后轮流交换测另一 端，这样就可以确定两个方向，故 D 错误。 （3）由题意，根据平衡条件可知，O 点所受三个拉力组成首尾相接的矢量三角形，如图 1 所示，根据正弦定理有 sin sin sin A BF FG      ，使弹簧测力计 A、B 均沿顺时 针缓慢转动至弹簧测力计 A水平过程中，保持 AF 、 BF 的夹角及 O 点位置 不变，故  不变， 增大，  减小，可知 AF 减小， BF 增大，故 A、C、D 错误，B 正确。 12．（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分） （1）D （2）①丙（1 分） ②1∶3 （3）AD （4） 2 （或 2m 等含有 2 即可） 【解析】（1）本实验所采用的实验探究方法是控制变量法，与探究加速度与物体受力、物 体质量的关系实验原理是相同的，故选 D。 （2）①探究向心力大小 F 与质量 m 的关系，要保持角速度和半径不变，两球质量不同， 则图丙是探究向心力大小 F 与质量 m 的关系。②在甲情境中，是研究向心力和角速度的 关系，若两个钢球所受向心力的比值为 9∶1，则角速度之比为 3∶1，根据 rv ，则实 验中选取的两个变速塔轮的半径之比为 1∶3。 （3）在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与角速度平方成正比，故 A 正确。在质 量和半径一定的情况下，向心力的大小与线速度大小的平方成正比，故 B 错误。在质量 和角速度一定的情况下，向心力的大小与半径成正比，故 C 错误。在半径和角速度一定 的情况下，向心力的大小与质量成正比，故 D 正确。 （4）根据 2F m r ，根据 F x 图像知，该图像是一条过原点的直线，F 与 x 的图像成正 比，则图像横坐标 x 代表的是 2 （或 2m 等含有 2 即可）。 图 1 高一物理 ZX5 参考答案·第 5 页（共 7 页） 三、计算题（本大题共 3 小题，共 42 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，只写出最后结果不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．（9 分） 解：（1）对女运动员受力分析如图 2 在水平方向： 21sinF m r  ① 解得女运动员受到的拉力 400NF  ② 竖直方向： NcosF F mg   ③ 代入数据联立解得 N 260NF  ④ 根据牛顿第三定律可得，女运动员对冰面压力的大小为 260N ⑤ （2）女运动员刚要离开地面时，受重力和男运动对女运动员的拉力，则 cosF mg  ⑥ 2 2sinF m r   ⑦ 代入数据解得 2500 N 3 F   ⑧ 2 5 3 rad/s 3   ⑨ 评分标准：本题共 9 分。正确得出①～⑨式各给 1 分。 14．（14 分） 解：（1）运动员从起跳到最高点所用时间 1t 为 0 1 1 s 0.1s 10 t g    v ① 运动员起跳后做竖直上抛运动，到最高点则有 2 m 02 0gh   v ② 解得 2 2 0 m 1 m 0.05m 2 2 10 h g     v ③ 运动员从最高点到距水面 1.6m 处所用时间 2t 为 2 m 0 2 1 2 h H h gt   ④ 代入数据解得 2 1.3st  ⑤ 运动员完成规定动作允许的最长时间为 图 2 高一物理 ZX5 参考答案·第 6 页（共 7 页） m 1 2 0.1s 1.3s 1.4st t t     ⑥ （2）运动员入水时，由速度位移关系公式可得 2 m2 ( )g h H v ⑦ 代入数据解得入水时速度大小为 201m/sv ⑧ 运动员入水后至水深 h 处，由速度位移关系公式可得 22 0ah   v ⑨ 代入数据解得 240.2m/sa  ⑩ 运动员入水后至水深 h 处的过程中，受到重力 mg 和水的平均作用力 F，由牛顿第二定律 可得 F mg ma  ⑪ 解得平均作用力 F 的大小为 40 10N 40 40.2N 2008NF mg ma       ⑫ 评分标准：本题共 14 分。正确得出⑥、⑪式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 15．（19 分） 解：（1）物块从 A 抛出后做平抛运动，恰好从 B 点滑入，根据几何关系有 0 tan 37y   v v ① 物块从 A 到 B，竖直方向做自由落体运动，有 y gtv ② 联立解得 0.3st  ③ 物块在水平方向和竖直方向运动的距离分别为 0 1.2mx t v ④ 21 0.45m 2 y gt  ⑤ 则 A、B 间的距离为 2 2 1.6425ms x y   ⑥ （2）物块到达 B 点时的速度 0 5m/s cos37B    vv ⑦ 从 B 到 C 做匀速圆周运动，可得 B Cv v ，在 C 点对物块由牛顿第二定律有 高一物理 ZX5 参考答案·第 7 页（共 7 页） 2 N BF mg m R   v ⑧ 联立各式解得 N 45NF  ⑨ 根据牛顿第三定律可得物块在圆弧轨道 C 端对轨道的压力大小 N N 45NF F   ⑩ （3）若传送带的速度足够小，物块从 C 到 D 始终减速，根据牛顿第二定律有 mg ma  ⑪ 根据速度与位移的关系可得 1 2 2 2( )D C a l  v v ⑫ 解得 1 15m/sD v ⑬ 若传送带的速度足够大，物块从 C 到 D 始终加速，根据牛顿第二定律有 mg ma  ⑭ 根据速度与位移的关系可得 2 2 2 2D C al v v ⑮ 解得 2 35m/sD v ⑯ 故小物块到达 D 点的速度范围为 15m/s 35m/sD≤ ≤v ⑰ 评分标准：本题共 19 分。正确得出⑥、⑰式各给 2 分，其余各式各给 1 分。