2024年河北省邢台五中中考物理一模试卷

2024年河北省邢台五中中考物理一模试卷 一、选择题（本大题共13个小题，共29分。1～10小题为单选题，每小题的四个选项中。只有一个选项符合题意，每小题2分；11～13小题为多选题，每小题的四个选项中.有两个或两个以上选项符合题意，每题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分..有错选或不选的不得分） 1．（2分）向液化石油气中添加具有特殊臭味的乙硫醇，一旦液化石油气泄漏，就能闻到这种臭味，及时采取安全措施。闻到臭味是因为（　　） A．分子在不断运动 B．分子之间有间隔 C．分子的质量很小 D．分子的体积很小 2．（2分）下列物质的分类正确的是 （　　） A．晶体：海波、玻璃、沥青 B．化合物：氧化镁、冰水混合物、四氧化三铁 C．导体：石墨、橡胶、食盐水 D．氧化物：高锰酸钾、过氧化氢、二氧化碳 3．（2分）下列对生活中的做法，解释错误的是 （　　） A．氧气可用于气割、气焊——氧气具有助燃性 B．打开可乐瓶盖有气泡冒出——压强减小，气体溶解度减小 C．用碳素墨水书写档案——碳常温下化学性质稳定 D．用冰块给饮料降温——熔化放热 4．（2分）推理是化学学习中常用的思维方法，下列推理正确的是 （　　） A．溶液具有均一性和稳定性，具有均一性和稳定性的液体不一定是溶液 B．中和反应会生成盐和水，所以生成盐和水的反应一定是中和反应 C．物体的温度升高，其内能一定增加，所以物体的内能增加，温度一定升高 D．物体做匀速直线运动时速度大小不变，则速度大小不变的运动一定是匀速直线运动 5．（2分）对如图所示实验的分析错误的是 （　　） A．甲：手触摸烧杯外壁发烫，说明浓硫酸溶于水放热 B．乙：a管内液体被喷出，说明流体中流速越大的位置压强越大 C．丙：将自制气压计从山脚下拿到山顶，玻璃管内液柱会升高，说明大气压减小 D．丁：下层蜡烛先熄灭、说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气的大 6．（2分）我们学习物理要善于发现、善于思考。下列对身边物理量估测的数据，你认为符合实际的是（　　） A．一只公鸡的质量大约20kg B．运动员百米赛跑时间大约5s C．使人舒适的房间温度大约为26℃ D．我们教室里课桌的高度大约2m 7．（2分）诗词是我国传统文化中的瑰宝，其中涉及到很多物理现象，下列说法正确的是（　　） A．飞雪迎春到——雪是凝华形成的 B．疑是地上霜——霜是凝固形成的 C．露从今夜白——露是升华形成的 D．岚雾今朝重——雾是汽化形成的 8．（2分）成语中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是（　　） A．“杯弓蛇影”，杯中的“弓”是光的折射形成的 B．“鱼翔浅底”，看到的鱼是实像 C．“皓月千里”，皎洁的月亮是光源 D．“一叶障目”，是光沿直线传播形成的 9．（2分）对于如图所示的部分家庭电路，下列说法正确的是（　　） A．a是零线 B．b、c之间的电压为220V C．灯泡和接在插座上的用电器串联 D．测电笔测试插座右孔，氖管会发光 10．（2分）如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA＝AB。在A点悬挂物体，在B点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是（　　） A．F的大小为物重的2倍 B．物重增加5N，F的大小也增加5N C．物体悬挂点右移，拉力F会增大 D．将F改为沿图中虚线方向，拉力F会减小 （多选）11．（3分）小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．此时成像特点与照相机的相同 B．此时“水凸透镜”的焦距为15.0cm C．调节“水凸透镜”的厚度可改变其焦距 D．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 （多选）12．（3分）小京洗水果时，发现体积较小的桔子漂浮在水面上，而体积较大的芒果却沉在水底，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．桔子的密度小于芒果的密度 B．桔子受到的浮力大于它受到的重力 C．桔子受到的重力小于芒果受到的重力 D．桔子受到的浮力大于芒果受到的浮力 （多选）13．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，R1＝10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为8V B．R1的最小电功率为1.6W C．滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω D．当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2：3 二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，共31分） 14．（2分）随着人工智能的发展，机器人送餐成为时尚。如图所示，机器人可以灵活地避开障碍物是通过体内的雷达发射 　 　，然后接收障碍物的反射波，确定障碍物的位置。客人可以通过语言来操控机器人，说明声可以传递 　 　。 15．（3分）图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在 　 　点最大，B点重力势能的大小 　 　E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是 　 　（选填“变化”或“不变”）的。 16．（3分）小明乘坐C43次动车，11：58从甘洛南站发车，13：48到达德昌西站，已知甘洛南到德昌西的路程约272km，这段路程的平均速度约为 　 　km/h（结果保留整数）；在西昌西站上下乘客时，小明看到相邻站台上的另一辆动车正向北行驶，以那辆动车为参照物，C43次动车是向 　 　运动的（选填“南”或“北”），在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，此时动车正在做 　 　（选填“加速”“匀速”或“减速”）运动。 17．（3分）反复弯折铁丝，铁丝弯折处会很烫，铁丝内能是通过 　 　（选填“热传递”或“做功”）的方式增加，此能量的转化与四冲程汽油机的 　 　冲程相同。某汽车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧可放出的热量是 　 　J。（q汽油＝4.6×107J/kg） 18．（3分）如图为“移动核电宝”，它由小型核反应堆与船舶组合而成。该“移动核电宝”发电时，反应堆内不停地发生着　 　（填“核聚变”或“核裂变”）；核能是　 　（填“可再生”或“不可再生”）能源；若船舶的排水量为105t，其满载时所受浮力大小为　 　N（g取10N/kg） 三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分） 19．（4分）在“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验中： （1）开关闭合前，小磁针均指南北，说明地球周围存在 　 　。 （2）开关闭合后，小磁针的指向如图所示，可知：电源的左端为 　 　极。 （3）将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与 　 　方向有关。 （4）为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是 　 　。（写出一条即可） 20．（6分）小宁利用天平和量筒测量一个圆柱体金属块密度。 （1）把天平放在水平台上，将游码放在标尺的零刻度线处。若天平的指针指在分度盘中线的左侧，应向 　 　（填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡。 （2）测量金属块质量时，天平恢复平衡，砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，金属块的质量为 　 　g。 （3）测量金属块体积时，小宁用粗铁丝系紧金属块并将其浸没在装有30mL水的量筒中，量筒中水面上升至如图乙所示的位置，则金属块密度为 　 　kg/m3。以上实验操作会导致金属块密度的测量值 　 　（填“偏大”或“偏小”）。 （4）小宁又利用弹簧测力计、细线、刻度尺、圆柱体金属块和分别装有足量水和盐水的烧杯等器材，设计了如下实验，测量盐水的密度。请将实验步骤补充完整： ①用刻度尺测量圆柱体金属块的高度为h； ②把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块浸没水中，如图丙所示，读出弹簧测力计的示数为F； ③把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，用刻度尺测出圆柱体金属块 　 　的高度为h1； ④盐水密度的表达式为ρ盐水＝　 　（用所测物理量字母和ρ水表示）。 21．（7分）用如甲图所示电路测量小灯泡的电阻，其中电源电压为3V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，导线若干（导线电阻忽略不计）。 （1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整（导线不能交叉），要求滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大。 （2）小明连好电路，一闭合开关，小灯泡就发出耀眼的光。他在操作中的问题是 　 　。 （3）问题解决后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡的亮度，多次测量并记录数据（如下表所示）。当电压的表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示为 　 　A，计算此时小灯泡的阻值为 　 　（精确到0.1Ω）。 实验次数 1 2 3 4 5 发光情况 不亮 微光 暗 明亮 耀眼 电压U/V 0.5 0.9 1.5 2.5 2.8 电流I/A 0.16 0.20 0.22 0.30 电阻R/Ω （4）对比小灯泡在不同亮度下的电阻，你的发现是 　 　。实际生活中，在闭合开关的瞬间白炽灯灯丝容易烧坏，是因为此时灯丝的电阻 　 　，实际电功率较大，灯丝容易熔断。 （5）小明想用本实验器材探究电流和电压的关系，你认为是否可行并说明理由：　 　。 四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分.第38小题7分.共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分） 22．（6分）如图所示，体积为3×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的均匀实心正方体甲和底面积为2×10﹣2米2、高为0.3米的薄壁圆柱形容器乙置于水平桌面上，乙容器内盛有0.2米深的水。试求： （1）甲的质量m甲； （2）水对乙容器底部的压强p水； （3）现将物体甲浸没在乙容器内的水中，计算出水对乙容器底部压强增加量Δp水。 23．（7分）如图甲所示，电源电压可调，定值电阻R1＝10Ω，滑动变阻器R2标有“30Ω 1A”，小灯泡上标有“6V 3W”的字样，电压表有“0～3V”和“0～15V”两个量程，电流表有“0～0.6A”和“0～3A”两个量程。 （1）求小灯泡正常发光时的电阻； （2）只闭合开关S，S1时，调节滑动变阻器滑片到距右端三分之一处时，灯泡恰好正常发光，求此时的电源电压； （3）只闭合开关S，S2时，调节电源电压，在保证电路安全的前提下，调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表的最大和最小值，如图乙所示（可能改变了电表的量程），求电源电压的可能值和电功率的最小值。 2024年河北省邢台五中中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D A B C A D D C 一、选择题（本大题共13个小题，共29分。1～10小题为单选题，每小题的四个选项中。只有一个选项符合题意，每小题2分；11～13小题为多选题，每小题的四个选项中.有两个或两个以上选项符合题意，每题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分..有错选或不选的不得分） 1．（2分）向液化石油气中添加具有特殊臭味的乙硫醇，一旦液化石油气泄漏，就能闻到这种臭味，及时采取安全措施。闻到臭味是因为（　　） A．分子在不断运动 B．分子之间有间隔 C．分子的质量很小 D．分子的体积很小 【分析】扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。 【解答】解：闻到臭味是扩扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。 故选：A。 【点评】本题考查了分子的无规则运动，是一道基础题。 2．（2分）下列物质的分类正确的是 （　　） A．晶体：海波、玻璃、沥青 B．化合物：氧化镁、冰水混合物、四氧化三铁 C．导体：石墨、橡胶、食盐水 D．氧化物：高锰酸钾、过氧化氢、二氧化碳 【分析】结合物质的分类方法判断即可。 【解答】解：A.海波属于晶体，玻璃、沥青属于非晶体，故A错误； B.氧化镁、冰水混合物（只有水）、四氧化三铁都是由不同种元素组成的纯净物，均属于化合物，故B正确； C.石墨、食盐水属于导体，橡胶属于绝缘体，故C错误； D.高锰酸钾是由钾、锰、氧三种元素组成的化合物，不属于氧化物，过氧化氢和二氧化碳均是由两种元素组成，且一种元素为氧元素，属于氧化物，故D错误。 故选：B。 【点评】本题难度简单，考察了物质的分类方法，属于基础知识。 3．（2分）下列对生活中的做法，解释错误的是 （　　） A．氧气可用于气割、气焊——氧气具有助燃性 B．打开可乐瓶盖有气泡冒出——压强减小，气体溶解度减小 C．用碳素墨水书写档案——碳常温下化学性质稳定 D．用冰块给饮料降温——熔化放热 【分析】熔化是指物质从固态转变为液态的过程，‌这一过程需要吸收热量。‌ 【解答】解：A．氧气可用于气割、气焊——氧气具有助燃性，故A正确，不符合题意； B．打开可乐瓶盖有气泡冒出——压强减小，气体溶解度减小，故B正确，不符合题意； C．用碳素墨水书写档案——碳常温下化学性质稳定，故C正确，不符合题意； D．用冰块给饮料降温——熔化吸热，故D错误，符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查熔化吸热，属于基础题。 4．（2分）推理是化学学习中常用的思维方法，下列推理正确的是 （　　） A．溶液具有均一性和稳定性，具有均一性和稳定性的液体不一定是溶液 B．中和反应会生成盐和水，所以生成盐和水的反应一定是中和反应 C．物体的温度升高，其内能一定增加，所以物体的内能增加，温度一定升高 D．物体做匀速直线运动时速度大小不变，则速度大小不变的运动一定是匀速直线运动 【分析】（1）根据溶液是均一、稳定的混合物，进行分析判断。 （2）中和反应是酸与碱作用生成盐和水的反应，反应物是酸和碱，生成物是盐和水，进行分析判断； （3）物体内能增加，温度不一定升高； （4）根据速度大小不变的运动，进行分析判断。 【解答】解：A、溶液具有均一性和稳定性，但具有均一性和稳定性的液体不一定是溶液，也可能是某液体纯净物，如水，故A正确； B、中和反应生成盐和水，但生成盐和水的反应不一定是中和反应，如CO2+2NaOH═Na2CO3+H2O，故B错误； C、物体内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化，吸收热量，内能增大，温度不变，故C错误； D、物体做匀速直线起动时速大小不变，但速度大小不变的运动不一定是匀速直线运动。倒如：汽车在盘山公路上以速大小不变的状态运动，但它是做曲线运动，不是直线运动，故D错误。 故选：A。 【点评】本题考查容液、中和反应以及晶体熔化特点和匀速直线运动，难度不大。 5．（2分）对如图所示实验的分析错误的是 （　　） A．甲：手触摸烧杯外壁发烫，说明浓硫酸溶于水放热 B．乙：a管内液体被喷出，说明流体中流速越大的位置压强越大 C．丙：将自制气压计从山脚下拿到山顶，玻璃管内液柱会升高，说明大气压减小 D．丁：下层蜡烛先熄灭、说明二氧化碳不燃烧、也不支持燃烧，密度比空气的大 【分析】（1）根据浓硫酸稀释放热进行分析； （2）在流体中，流速越大的地方，压强越小； （3）大气压随高度的增加而减小； （4）根据下层的蜡烛先熄灭，上层的蜡烛后熄灭，进行分析判断。 【解答】解：A、用水稀释浓硫酸时，会放热，所以手触摸烧杯外壁发烫，故A正确； B、a管内液体被喷出，说明流体中流速越大的位置压强越小，故B错误； C、将自制气压计从山脚下拿到山顶，玻璃管内液柱会升高，说明大气压随高度的增加而减小，故C正确； D、下层的蜡烛先熄灭，上层的蜡烛后熄灭，说明了CO2密度比空气的大；蜡烛熄灭，说明了二氧化碳不能燃烧，也不能支持燃烧，故D正确。 故选：B。 【点评】本题主要考查实验方案的设计与评价，充分利用相关的知识，学会用实验探究物质的性质或变化规律的方法和技巧是最大的收获。 6．（2分）我们学习物理要善于发现、善于思考。下列对身边物理量估测的数据，你认为符合实际的是（　　） A．一只公鸡的质量大约20kg B．运动员百米赛跑时间大约5s C．使人舒适的房间温度大约为26℃ D．我们教室里课桌的高度大约2m 【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 【解答】解：A.一只公鸡的质量大约2kg，故A不符合实际； B.运动员百米赛跑时间大约10s，故B不符合实际； C.使人舒适的房间温度大约为26℃，故C符合实际； D.我们教室里课桌的高度大约0.8m，故D不符合实际。 故选：C。 【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 7．（2分）诗词是我国传统文化中的瑰宝，其中涉及到很多物理现象，下列说法正确的是（　　） A．飞雪迎春到——雪是凝华形成的 B．疑是地上霜——霜是凝固形成的 C．露从今夜白——露是升华形成的 D．岚雾今朝重——雾是汽化形成的 【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固； 由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化； 物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。 【解答】解：A、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A正确； B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B错误； C、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误； D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D错误。 故选：A。 【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。 8．（2分）成语中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是（　　） A．“杯弓蛇影”，杯中的“弓”是光的折射形成的 B．“鱼翔浅底”，看到的鱼是实像 C．“皓月千里”，皎洁的月亮是光源 D．“一叶障目”，是光沿直线传播形成的 【分析】（1）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的； （2）光从一种介质斜射入另一种介质时，会发生光的折射； （3）本身能发光的物体叫光源； （4）在同种均匀介质中光沿直线传播。 【解答】解：A、杯中的“弓”是弓在水面的倒影，属于光的反射，故A错误； B、鱼在水中，人在岸上，鱼“射出”的光线在水面处发生折射，折射光线进入人的眼睛，人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的是鱼的虚像，故B错误； C、月亮本身不能发光，是反射太阳的光，所以不是光源，故C错误； D、“一叶障目”是由光的直线传播形成的，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了光源、光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。 9．（2分）对于如图所示的部分家庭电路，下列说法正确的是（　　） A．a是零线 B．b、c之间的电压为220V C．灯泡和接在插座上的用电器串联 D．测电笔测试插座右孔，氖管会发光 【分析】（1）照明电路的开关与用电器串联后接在火线上。 （2）正常情况下，火线与零线之间有220V的电压，零线和地线之间的电压为零。 （3）灯泡和插座上的用电器是并联的。 （4）三孔插座的正确接法是左零右火上接地。 【解答】解：A、a与开关连接，是火线，故A错误； B、b是零线，c是地线，b、c之间的电压是零，故B错误； C、灯泡和接在插座上的用电器互不影响，是并联的，故C错误； D、三孔插座的正确接法是左零右火上接地，测电笔测试插座右孔与火线连通，氖管会发光，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查的是家庭电路的组成；知道测电笔的使用方法和三孔插座的正确接法是解决本题的关键。 10．（2分）如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，OA＝AB。在A点悬挂物体，在B点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是（　　） A．F的大小为物重的2倍 B．物重增加5N，F的大小也增加5N C．物体悬挂点右移，拉力F会增大 D．将F改为沿图中虚线方向，拉力F会减小 【分析】（1）根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小； （2）根据杠杆的平衡条件分析； （3）根据力臂的变化，利用杠杆的平衡条件分析动力的变化； （4）力臂是指从支点到力的作用线的距离。将F改为沿图中虚线方向，拉力的力臂变小。 【解答】解： A、由图可知，OA＝AB，阻力的力臂为动力力臂的一半，根据杠杆的平衡条件F×OB＝G×OA可知，拉力F的大小为物重的二分之一，故A错误； B、若物重增加5N，根据杠杆的平衡条件可知，F的变化量为5N2.5N，故B错误； C、当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变大，则动力F将变大，故C正确； D、保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查对杠杆平衡条件以及力臂概念的记忆，是一道基础题目，不难解决。 （多选）11．（3分）小明用自制的“水凸透镜”探究凸透镜成像规律，当蜡烛、“水凸透镜”和光屏位于如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰清晰的像，下列说法正确的是（　　） A．此时成像特点与照相机的相同 B．此时“水凸透镜”的焦距为15.0cm C．调节“水凸透镜”的厚度可改变其焦距 D．蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向上移动 【分析】（1）凸透镜成像的规律： 当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用照相机； 当u＝2f时，成倒立、等大的实像，v＝2f； 当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用投影仪； （2）“水凸透镜”的厚度变大，会聚作用变强，水透镜的焦距变小；“水凸透镜”的厚度变小，会聚作用变弱，水透镜的焦距变大。 【解答】解：A、由图可知，物距u＝40.0cm﹣25.0cm＝15.0cm；像距v＝69.0cm﹣40.0cm＝29.0cm；物距小于像距，此时应成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；故A错误； B、由A分析知，物距小于像距，凸透镜成倒立放大的实像，故f＜u＜2f，v＞2f，即f＜15.0cm＜2f，29.0cm＞2f，所以7.5cm＜f＜14.5cm， 故B错误； C、“水凸透镜”的厚度变大，会聚作用变强，水透镜的焦距变小；“水凸透镜”的厚度变小，会聚作用变弱，水透镜的焦距变大；故C正确； D、蜡烛燃烧变短后，烛焰的位置向下移动，根据光线过透镜的光心不改变方向可知，像的位置向上移动，故D正确。 故选：CD。 【点评】本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。 （多选）12．（3分）小京洗水果时，发现体积较小的桔子漂浮在水面上，而体积较大的芒果却沉在水底，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．桔子的密度小于芒果的密度 B．桔子受到的浮力大于它受到的重力 C．桔子受到的重力小于芒果受到的重力 D．桔子受到的浮力大于芒果受到的浮力 【分析】（1）漂浮的物体受到的浮力等于其重力，物体密度小于液体的密度；下沉的物体受的浮力小于其重力，物体密度大于液体的密度； （2）桔子的密度小于芒果的密度，同时，桔子的体积小于芒果的体积，根据密度公式可比较出它们的质量大小，根据G＝mg可比较出它们的重力的大小； （3）由题意可知桔子和芒果的体积大小关系，进一步根据图示或两种水果的状态得出两者排开水的体积关系，再根据F浮＝ρ水gV排比较它们受到浮力的大小。 【解答】解：AB、桔子漂浮在水面上，其密度小于水的密度；芒果沉在水底，芒果的密度大于水的密度；所以，桔子的密度小于芒果的密度，故A正确； 桔子漂浮，桔子受到的浮力等于它受到的重力，故B错误； C、桔子的密度小于芒果的密度，同时，桔子的体积小于芒果的体积，根据密度公式知，桔子的质量小于芒果的质量，根据G＝mg知，桔子受到的重力小于芒果受到的重力，故C正确； D、由题意可知桔子的体积小于芒果的体积，且桔子漂浮在水面上，芒果沉在水底，所以桔子排开水的体积小于芒果排开水的体积（即V桔子排＜V芒果排），根据F浮＝ρ水gV排可知，桔子受到的浮力小于芒果受到的浮力，故D错误。 故选：AC。 【点评】本题考查了物体的浮沉条件及其应用、密度公式的应用，属于基础性题目。 （多选）13．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，R1＝10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为8V B．R1的最小电功率为1.6W C．滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω D．当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2：3 【分析】闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，滑动变阻器的阻值从最大的30Ω，到接入为零，电流从最小的0.2A，到最大值为0.8A，据此可根据欧姆定律得出电源电压，根据电功率的公式计算R1的最小功率；当滑片P位于中点时，明确R1与R2的电阻值，根据P＝I2R可求它们电功率的比值。 【解答】解：A、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压：U＝I最大R1＝0.8A×10Ω＝8V，故A正确； BC、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，则P最小R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W，故B错误、C正确； D、当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，则R1与R2的电功率之比为：，故D正确。 故选：ACD。 【点评】本题中，明确两电阻的串联关系，能根据滑动变阻器的变化，从图像中找出相关的信息，并熟练运用欧姆定律和电功率的公式，是解答的关键。 二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，共31分） 14．（2分）随着人工智能的发展，机器人送餐成为时尚。如图所示，机器人可以灵活地避开障碍物是通过体内的雷达发射 　超声波　，然后接收障碍物的反射波，确定障碍物的位置。客人可以通过语言来操控机器人，说明声可以传递 　信息　。 【分析】回声定位是利用了超声波来传递信息，据此判断。 【解答】解：由题意知，机器人可以灵活地避开障碍物是利用了回声定位，其体内的雷达可以发射超声波，通过接收反射波，确定障碍物的位置； 通过语言来操控机器人，说明声可以传递信息。 故答案为：超声波；信息。 【点评】知道机器人是利用了回声定位技术，知道声音可以传递信息，是解答的关键，注意不要误认为其发射的是电磁波。 15．（3分）图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在 　C　点最大，B点重力势能的大小 　等于　E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是 　变化　（选填“变化”或“不变”）的。 【分析】（1）由图乙可知各点的动能大小和重力势能的大小关系； （2）机械能等于动能和势能的总和。 【解答】解：（1）由图乙可知，过山车的动能在C点最大，在B点最小；B点的重力势能大小与E点的动能大小相等； （2）由于机械能等于动能和势能的总和，由图乙可知，从B到C点、再到D点、最后到达E点的过程中，重力势能与动能之和越来越小，所以在这个过程中，过山车的机械能是变化的。 故答案为：C；等于；变化。 【点评】本题考查动能和势能的大小变化，解题的关键是能从图中获取相关有用信息。 16．（3分）小明乘坐C43次动车，11：58从甘洛南站发车，13：48到达德昌西站，已知甘洛南到德昌西的路程约272km，这段路程的平均速度约为 　148　km/h（结果保留整数）；在西昌西站上下乘客时，小明看到相邻站台上的另一辆动车正向北行驶，以那辆动车为参照物，C43次动车是向 　南　运动的（选填“南”或“北”），在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，此时动车正在做 　减速　（选填“加速”“匀速”或“减速”）运动。 【分析】（1）根据列车的运行时刻求出运行时间，根据v求出平均速度； （2）研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物，如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生改变，则是静止的； （3）我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性。 【解答】解：（1）由题意可知，这段路程的距离为s＝272km，这段路程的行驶时间为t＝1h50minh，故由v可得，这段路程的平均速度约为v148km/h （2）以站台为参照物，另一辆动车相对于站台向北运动，而以那辆动车为参照物，C43次动车向南运动。 （3）在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，是由于动车正在做减速运动，而苹果由于惯性仍然要保持原来的运动状态不变，故此时苹果会向前突然滚动。 故答案为：148；南；减速。 【点评】本题考查的是速度的计算、机械运动和惯性，综合性较强，难度不大。 17．（3分）反复弯折铁丝，铁丝弯折处会很烫，铁丝内能是通过 　做功　（选填“热传递”或“做功”）的方式增加，此能量的转化与四冲程汽油机的 　压缩　冲程相同。某汽车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧可放出的热量是 　2.3×108　J。（q汽油＝4.6×107J/kg） 【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高； （2）内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能； （3）据公式Q＝mq计算即可得出汽油燃烧产生的热量。 【解答】解：反复弯折铁丝是通过做功的方式使铁丝的内能增加，此过程是机械能转化为内能。四冲程汽油机的压缩冲程中活塞对燃料混合物做功，使燃料混合物的内能增加，是机械能转化成内能。 某汽车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧可放出的热量Q＝mq＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J； 故答案为：做功；压缩；2.3×108。 【点评】本题考查改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化）、热量的计算，属于中档题。 18．（3分）如图为“移动核电宝”，它由小型核反应堆与船舶组合而成。该“移动核电宝”发电时，反应堆内不停地发生着　核裂变　（填“核聚变”或“核裂变”）；核能是　不可再生　（填“可再生”或“不可再生”）能源；若船舶的排水量为105t，其满载时所受浮力大小为　109　N（g取10N/kg） 【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量； （2）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源； （3）航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力。 【解答】解： （1）由于核裂变是可控的，故核电站中的核反应堆就是通过核裂变过程中释放核能带动发电机发电的； （2）核电站所用的核燃料会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源； （3）该舰满载时受到的浮力： F浮＝G排＝m排g＝105×103kg×10N/kg＝109N。 故答案为：核裂变；不可再生；109。 【点评】本题考查能源的分类和浮力的计算，知道不可再生能源的特点和核电站的原理，这些都属于基础知识。 三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分） 19．（4分）在“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验中： （1）开关闭合前，小磁针均指南北，说明地球周围存在 　磁场　。 （2）开关闭合后，小磁针的指向如图所示，可知：电源的左端为 　负　极。 （3）将连接电源正、负极的导线对调，小磁针的指向也改变了，说明通电螺线管的磁场方向与 　电流　方向有关。 （4）为了使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是 　增加线圈的匝数　。（写出一条即可） 【分析】（1）地球周围存在着磁场，地理的南极在地磁的北极附近，地理的北极在地磁的南极附近； （2）根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性，根据安培定则分析电源的正、负极； （3）通电螺线管周围的磁场的方向与电流的方向有关； （4）通电螺线管磁性强弱与线圈匝数的多少、电流的大小有关。 【解答】解：（1）地球的周围存在磁场，小磁针静止且能指向南北，这是因为小磁针受到地磁场的作用； （2）最左侧小磁针的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入，所以电源的左端为负极，右端为正极； （3）将连接电源正、负极的导线对调，螺线管中电流的方向发生了变化，小磁针的指向也改变了，这说明磁场的方向发生了变化，所以通电螺线管的磁场方向与电流方向有关； （4）要使通电螺线管的磁场增强，可采取的有效措施是：增加线圈的匝数、增大电流。 故答案为：（1）磁场；（2）负；（3）电流；（4）增加线圈的匝数。 【点评】本题考查了地磁场、安培定则的应用、影响通电螺线管磁性强弱的因素等知识，难度不大。 20．（6分）小宁利用天平和量筒测量一个圆柱体金属块密度。 （1）把天平放在水平台上，将游码放在标尺的零刻度线处。若天平的指针指在分度盘中线的左侧，应向 　右　（填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡。 （2）测量金属块质量时，天平恢复平衡，砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，金属块的质量为 　52　g。 （3）测量金属块体积时，小宁用粗铁丝系紧金属块并将其浸没在装有30mL水的量筒中，量筒中水面上升至如图乙所示的位置，则金属块密度为 　2.6×103　kg/m3。以上实验操作会导致金属块密度的测量值 　偏小　（填“偏大”或“偏小”）。 （4）小宁又利用弹簧测力计、细线、刻度尺、圆柱体金属块和分别装有足量水和盐水的烧杯等器材，设计了如下实验，测量盐水的密度。请将实验步骤补充完整： ①用刻度尺测量圆柱体金属块的高度为h； ②把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块浸没水中，如图丙所示，读出弹簧测力计的示数为F； ③把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，用刻度尺测出圆柱体金属块 　浸入盐水　的高度为h1； ④盐水密度的表达式为ρ盐水＝　　（用所测物理量字母和ρ水表示）。 【分析】（1）根据“指针右偏向左调节平衡螺母，指针左偏向右调节平衡螺母”的原则调节天平平衡； （2）明确标尺的分度值，砝码的质量和游码所对的刻度值之和等于物体的质量； （3）金属块的体积等于金属块浸没水前后水面对应刻度值的差；知道金属块的质量和体积，利用密度公式求出金属块的密度； 由于将金属块从水中取出时，上面会沾有水，所测金属块的体积偏大，根据密度公式知，所测密度偏小； （4）③把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，用刻度尺测出圆柱体金属块浸入盐水的高度为h1； ④设圆柱体金属块的底面积为S，把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块浸没水中，求出排开水的体积，再根据阿基米德原理求出浮力F浮水＝ρ水gV排＝ρ水gSh；如图丙所示，读出弹簧测力计的示数为F，则F浮水＝G物﹣F；把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，则F浮盐水＝G物﹣F；同样求出排开盐水的体积，再根据阿基米德原理求出F浮盐水＝ρ盐水gV排＝ρ盐水gSh1； 由以上分析知，F浮水＝F浮盐水＝G物﹣F，即ρ水gSh＝ρ盐水gSh1；可解得ρ盐水。 【解答】解：（1）根据“指针右偏向左调节螺母，指针左偏向右调节螺母”的原则调节天平平衡，指针偏向分度盘中线的左侧，天平平衡螺母向右调节； （2）由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，游码的刻度值为2g，砝码的质量为50g，则金属块的质量为：m＝50g+2g＝52g； （3）图乙量筒的分度值是2mL，金属块的体积：V＝50mL﹣30mL＝20mL＝20cm3＝2×10﹣5m3；金属块的密度：ρ2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3； 用粗铁丝系紧金属块，导致体积测量值偏大，密度测量值正确，则密度的测量值偏小； （4）③把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，用刻度尺测出圆柱体金属块浸入盐水的高度为h1； ④设圆柱体金属块的底面积为S，把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块浸没水中，排开水的体积为V排水＝Sh，根据阿基米德原理得，F浮水＝ρ水gV排＝ρ水gSh；如图丙所示，读出弹簧测力计的示数为F，则F浮水＝G物﹣F； 把弹簧测力计下悬挂的圆柱体金属块逐渐浸入盐水中，直至弹簧测力计的示数再次为F，则F浮盐水＝G物﹣F；排开盐水的体积为V排盐水＝Sh1，根据阿基米德原理得，F浮盐水＝ρ盐水gV排＝ρ盐水gSh1； 由以上分析知，F浮水＝F浮盐水＝G物﹣F，即ρ水gSh＝ρ盐水gSh1；解得，ρ盐水。 故答案为：（1）右；（2）52；（3）2.6×103；偏小；（4）③浸入盐水；。 【点评】本题利用天平和量筒测量物块的密度、在有限条件下设计实验测量盐水的密度，这两种方法都很典型，一定要熟练掌握。 21．（7分）用如甲图所示电路测量小灯泡的电阻，其中电源电压为3V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，导线若干（导线电阻忽略不计）。 （1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整（导线不能交叉），要求滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大。 （2）小明连好电路，一闭合开关，小灯泡就发出耀眼的光。他在操作中的问题是 　闭合开关前滑动变阻器的滑片没有调到最大阻值处　。 （3）问题解决后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡的亮度，多次测量并记录数据（如下表所示）。当电压的表示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示为 　0.28　A，计算此时小灯泡的阻值为 　8.9　（精确到0.1Ω）。 实验次数 1 2 3 4 5 发光情况 不亮 微光 暗 明亮 耀眼 电压U/V 0.5 0.9 1.5 2.5 2.8 电流I/A 0.16 0.20 0.22 0.30 电阻R/Ω （4）对比小灯泡在不同亮度下的电阻，你的发现是 　灯泡的电阻随温度的升高而增大　。实际生活中，在闭合开关的瞬间白炽灯灯丝容易烧坏，是因为此时灯丝的电阻 　较小　，实际电功率较大，灯丝容易熔断。 （5）小明想用本实验器材探究电流和电压的关系，你认为是否可行并说明理由：　不可行；因为小灯泡的电阻随着温度的变化而变化　。 【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大可判断，应将滑片的右边的电阻丝接入电路，上下接线接线柱各选一个且串联接入电路； （2）闭合开关前，滑动变阻器调到电阻最大位置； （3）根据量程和分度值进行读数，根据欧姆定律计算灯泡电阻； （4）计算灯泡电阻，找出规律，根据灯泡开灯时温度低，电阻小，分析解答； （5）根据控制变量法分析； 【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，应该选右下的接线柱B点接入电路，另外选择上方接线柱，如图所示： （2）一闭合开关，小灯泡就发出耀眼的光，说明灯泡两端的电压太大，是因为闭合开关前滑动变阻器的滑片没有调到最大阻值处。 （3）由题乙图可知，电流表的示数为0.28A， 此时，电压表的示数为2.5V，由 可得，； （4）由表中数据可知，小灯泡发光不同时，小灯泡的电阻 第1次：R13.125Ω； R24.5Ω； R36.82Ω； R59.33Ω； 各次的电阻不同，因为开灯的瞬间灯丝的温度较低，电阻较小，根据可知，家庭电路电压220V不变时，通过的电流较大，所以开灯的瞬间很 容易烧坏灯泡。 （5）探究电流与电压关系，必须控制电阻不变，而小灯泡的温度与温度有关，不是定值，不能进行实验。 故答案为：（1）如图见解答；（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片没有调到最大阻值处； （3）0.28；8.9；（4）小灯泡的电阻随温度的升高而增大；较小； （5）不可行；因为小灯泡的电阻随着温度的变化而变化。 【点评】本题考查灯泡电阻的测量与电阻的变化规律，属于中档题。 四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分.第38小题7分.共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分） 22．（6分）如图所示，体积为3×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的均匀实心正方体甲和底面积为2×10﹣2米2、高为0.3米的薄壁圆柱形容器乙置于水平桌面上，乙容器内盛有0.2米深的水。试求： （1）甲的质量m甲； （2）水对乙容器底部的压强p水； （3）现将物体甲浸没在乙容器内的水中，计算出水对乙容器底部压强增加量Δp水。 【分析】（1）已知物体的体积和密度，利用公式m＝ρV得到其质量； （2）已知水的深度，利用公式p＝ρgh计算水产生的压强； （3）把甲浸没在乙容器内的水中，则甲排开水的体积等于甲的体积，故可求出放入甲后水的深度的增加量，然后可判断是否有水溢出，再根据容器的高度和原来水的深度得出增加的水的深度，最后根据液体压强公式求出水对乙容器底部压强的增加量。 【解答】解：（1）根据ρ可得甲的质量： m甲＝ρ甲V甲＝2×103kg/m3×3×10﹣3m3＝6kg； （2）水对乙容器底部的压强： p水＝ρ水gh＝1×103 kg/m3×9.8N/kg×0.2m＝1960Pa； （3）把甲浸没在乙容器内的水中，则甲排开水的体积V排＝V甲＝3×10﹣3m3， 若无水溢出，水的深度增加量应为： Δh0.15m， 而乙容器高0.3m，内盛有0.2m深的水， 故把甲浸没在乙容器内的水中有水溢出， 则部分水溢出后，水的深度增加量： Δh′＝0.3m﹣0.2m＝0.1m， 水对容器底部压强增大量： Δp水＝ρ水gΔh＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa。 答：（1）甲的质量m甲为6kg； （2）水对乙容器底部的压强p水为1960Pa； （3）水对乙容器底部压强的增加量Δp水为980Pa。 【点评】此题考查了密度公式、液体压强公式的应用，③小题中，关键是求出将甲浸入水中时水的深度变化量。 23．（7分）如图甲所示，电源电压可调，定值电阻R1＝10Ω，滑动变阻器R2标有“30Ω 1A”，小灯泡上标有“6V 3W”的字样，电压表有“0～3V”和“0～15V”两个量程，电流表有“0～0.6A”和“0～3A”两个量程。 （1）求小灯泡正常发光时的电阻； （2）只闭合开关S，S1时，调节滑动变阻器滑片到距右端三分之一处时，灯泡恰好正常发光，求此时的电源电压； （3）只闭合开关S，S2时，调节电源电压，在保证电路安全的前提下，调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表的最大和最小值，如图乙所示（可能改变了电表的量程），求电源电压的可能值和电功率的最小值。 【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡正常发光时的电阻； （2）闭合开关S、S1，滑动变阻器与L串联，调节滑动变阻器滑片到距右端三分之一处时，灯泡恰好正常发光，根据欧姆定律求电路电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源； （3）只闭合开关S，S2时，R1、R2串联，电压表测R2两端电压，根据欧姆定律以及串联电路分压特点分析电源电压的可能值，电源电压最小时电功率最小。 【解答】解：（1）由可得，灯泡正常发光时的电阻：； （2）只闭合开关S，S1时，调节滑动变阻器滑片到距右端三分之一处时，L与串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，所以电路中的电流：； 滑动变阻器两端电压：U滑＝I×R滑＝0.5A×20Ω＝10V； 因串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电源的电压：U＝UL+U滑＝6V+10V＝16V； （3）闭合开关S，S2时，R1、R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，由图乙可知，左边电压为10V或2V，右边电压为15V或3V，当电压表示数为15V时，电路中电流，会烧坏滑动变阻器，因此电压表最大值为10V，最小值为3V，或最大值为3V，最小值为2V；当滑动变阻器的电阻全部连入电路时，电压表的示数最小； ①当电压表示数最小值为2V时，电源电压为：U＝2V+0.2A×30Ω＝8V； ②当电压表示数最小值为3V时，电源电压为：U'＝3V+0.3A×30Ω＝12V； 当电源电压最小、电路中电阻最大时有最小功率：P小＝U小I小＝8V×0.2A＝1.6W 故答案为：（1）12Ω；（2）16V；（3）电源电压的可能值为8V或12V；最小功率为1.6W。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用。 学科网（北京）股份有限公司 $$