第15章 电功电功率 (精练本)-【中考123】2025年中考一轮总复习物理（内蒙古专用）

物理·精练本 见业图师合抖音微信扫码对话中考复习助手考点攻克提分无忧、 中春123 第十五章 电功 电功率 基础集训 [答案P27] ⊙命题点1电能表读数及相关计算 1.(2024·呼伦贝尔)如图为家庭电路的电能表，该电能表允许接入用电器的最大总功率是 W;表 盘上的某个参数模糊不清，为测得这个参数，仅将额定功率为1200W的空调接入电路，正常工作 1min电能表转盘转了60转，计算可知该参数为 r/(kW·h) 单相电能表 20246 w当> 220V1040A50H 02018⑧ W·) 02023回 1题图 2题图 4题图 5题图 2.(2023·齐齐哈尔)小夏一家假期外出旅游，家中只有一个网络摄像头和一个路由器在工作，其实际 功率分别为5W和15W。出发和回家时，电能表示数如图所示，这段时间内小夏家消耗电能 kW·h,小夏一家外出 h。(电路其他元件损耗电能不计) ⊙命题点2铭牌类相关计算 3.(2023·调南模拟)标有“6V3W”和“6V6W”的灯L1和L2(假设两灯灯丝电阻不变)，若将它们 串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是 () A.通过灯L,和L2的电流之比为1：2 B.灯L,和L2两端的电压之比为2：1 C.灯L2和L,的发光亮度相同 D.能够正常发光的灯应是灯L2 4.(2023·呼和浩特)如图，电源电压恒定不变，R,为定值电阻，R2为滑动变阻器（α、b为滑动变阻器两 端点)，小灯泡标有“6V3W”字样。当开关S1、S2闭合，滑片P置于b端时，小灯泡正常发光，电流 表的示数为0.9A,滑动变阻器最大阻值是 2;当开关S,闭合，S2断开，滑片P置于a端时， 电流表示数为0.2A,此时R,的功率为 W。 ⊙命题点3电功率计算 类型1电路图的简单计算 5.(2023·兴安盟)如图所示，电源电压U=3V且保持不变，R1=10D,11=0.1A。闭合开关，则（） A.R,两端的电压是2V B.通过R2的电流是0.2A C.R2的阻值是202 D.R1消耗的电功率是0.2W 类型2图像类计算 6.(2023·南充模拟)如图甲所示电路中，小灯泡标有“10V5W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）， α、b为滑动变阻器两端点。滑片从b端滑动到某一位置的过程中，滑动变阻器消耗的电功率P与其 两端电压U的关系图像如图乙所示，则下列说法错误的是 () -118 A.电源电压为16V B.小灯泡的阻值为202 C.滑动变阻器的最大阻值为100Ω D.该电路消耗的最大功率为6W P/W A 1.6 1.0 0.8 0.6 0.4 0.2 10U/V 024681012U/W 甲 甲 乙 6题图 7题图 7.(2024·云南)如图甲所示的电路，电源电压为12V且保持不变，R2为阻值未知的定值电阻，图乙是 小灯泡L和定值电阻R1的电流随它们两端电压变化的图像。当同时闭合开关S、S2和S,时，小灯 泡L的实际功率为P,定值电阻R的功率为P1,则P:P,= ;当闭合开关S、断开开关S2和 S2时，小灯泡的实际功率为0.6W,此时灯丝电阻为R,则R:R2= 类型3极值、范围类计算 8.(2024·宁波)如图所示的电路，电源电压保持不变。小灯泡的额定电压为6V,滑动变阻器铭牌标有 “50D1A”字样，电流表选用0~3A量程。先闭合开关S、断开开关S2,此时小灯泡正常发光：保持 开关S,闭合，再闭合开关S2,当滑动变阻器连入电路的阻值为302 时，电流表的示数为0.8A。则保持开关S、S2都闭合，忽略温度对灯 丝电阻的影响，使用过程中元件完好，在保证电路安全的情况下，下 列说法不正确的是 ( A.将滑动变阻器的滑片向右移动，小灯泡实际功率不变 B.滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是2.5~502 C.通过电流表的电流最小值为0.72A 8题图 D.电路的总功率最大值为9.6W 9.(2024·沈阳模拟)如图，电路中电源电压可调，定值电阻R。=20Ω，L1和L2为额定功率不同、额定电 流均为0.4A的小灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R的铭牌上标有“401A”字 样，电流表量程0~0.6A。 (1)只闭合开关S。,电源电压U=15V时，电流表的示数为0.3A,求此时滑动变 阻器接入电路的阻值。 (2)保持(1)中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻 器，求定值电阻R。的功率变化范围。 (3)调节电源电压为U1,只闭合开关S,调节滑动变阻器，灯L1的功率为1.6W 时正常发光，最小功率为0.4W;再调节电源电压为U2,只闭合开关S2,调节 9题图 滑动变阻器，灯L2的最大功率为1.6W,最小功率为0.4W。(调节滑动变阻器时电路安全)求： U1、U2。 -119 类型4电器类计算 10.(2024·南昌)如图甲所示是一款利用高温水蒸气熨烫衣服的家用便携式挂烫机，它的正常工作电 压为220V。有高温、低温两个加热挡位，其内部简化电路如图乙所示，当双触点开关S接触1和2 时为关机状态。R1、R2是两个阻值不变的电热丝，R,=R2=48.4D。求： (1)挂烫机使用低温挡位正常工作时的电功率为多少？ (2)若某次使用时，用高温挡位正常工作，将0.2kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是 多少？ (3)若(2)问中用高温挡位正常工作，加热过程共用时80s,则此次加热过程，该挂烫机的加热效率 是多少？ -220V 10题图 ⊙命题点4测量)小打泡的电功率 11.(2024·青海)在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用的小灯泡上标有“2.5V”字样，额定电流约为 0.3A,电源电压恒为6V,实验电路如图甲所示。 20 -0.63 甲 乙 11题图 (1)请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整。（导线不允许交叉）》 (2)现有规格为A“1022A”、B“2021A”和C“50D0.2A”的三个滑动变阻器可供选择，应选 择 (选填字母)滑动变阻器接入电路才能顺利进行实验。实验中滑动变阻器的作用是 和调节小灯泡两端的电压及通过的电流。 (3)电路连接完成后，闭合开关，发现小灯泡发光很暗，这时眼睛应该看着 (选填“电流表” 或“电压表”)移动滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时电流表的示数如图乙所示，则小灯 泡的额定功率为 W。 (4)实验中改变小灯泡两端的电压，多次测量的目的是 (5)测得小灯泡的额定功率后，把小灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的功率大于其 额定功率的四分之一，请对其加以分析： —120 中考集训 [答案P28] 满分：60分 一、选择题（每小题4分，共20分。每小题只有一个选项是正确的）】 1.(2023·青海)以下家用电器的有关数据最符合实际的是 ( A.电冰柜的额定功率为1W B.电炉丝的额定电流为0.01mA C.电热水壶的额定电压为36V D.电视机的额定电压为220V 2.(2024·广西)小明发现家里的白炽灯突然变亮，主要原因可能是白炽灯的 A.额定电压变大 B.实际电压变大 C.额定功率变小 D.实际电压变小 3.(2024·临折)将一只“6V3W”的小灯泡与一个阻值为122的电阻串联后接到12V的电源上，闭 合开关后，小灯泡的实际功率 () A.大于3W B.等于3W C.小于3W D.无法确定 4.(2024·北京模拟)如图所示的电路中，将开关S闭合，完全相同的灯L和灯L2均发光。下列说法正 确的是 A.灯L比灯L2亮 B.通过A点的电流大于通过B点的电流 C.灯L,的实际电功率比灯L,的实际电功率小 4题图 D.电路中A、B两点间的电压等于B、C两点间的电压 5.(2024·连云港模拟)如图甲所示的电路中，R为定值电阻，R,为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器 的滑片从一端移至另一端的过程中，滑动变阻器的电功率与其接 ↑P/W 0.9外 入电路的阻值的关系图像。下列说法正确的是 0.8 A.电源电压为3V B.电压表的最大示数为2V 1020R/n 乙 C.整个电路的功率变化了0.1W 5题图 D.电流表的示数变化了0.4A 二、填空题（每小题4分，共20分） 6.(2023·天津)某节能灯标有“220V22W”字样，当它正常工作时，电功率为 W,通过它的 电流为 A。 7.(2024·重庆A卷)图中电源电压为6V且保持不变，定值电阻R的阻值为 10,滑动变阻器R标有“2020.5A”字样，电流表量程为“0~0.6A”,电 压表量程为“0~3V”。闭合开关，移动滑片P的过程中，为保证电路元件安 全，滑动变阻器R'接入电路的最小阻值为 ,定值电阻R的最大功 率为 W。 7题图 -121 8.(2023·烟台)如图甲所示，电源电压恒定不变，R,的阻值为102，图乙是小灯泡L的电流与电压关 系的图像。当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V,电源电压为 V:当只闭合S2、S时，电压表 示数为4V,电路在1min内消耗的电能为 J。 A 0.8 kW·h 0.6 0.4 43536 0.2 → U 220V10(40)A50Hz 234 甲 3000r/(kW·h) 8题图 9题图 9.(2024·南充)小林家的电能表如图所示，此时电能表的读数为 kW·h,他关闭了家中的其 他用电器，现用一台标有“220V2000W”的电热水壶烧水，正常工作5mi,则电能表的转盘转了 转。 10.(2023·南充)将一段电阻丝接入电路中，测得其两端电压为12V,通过的电流为3A,则该电阻丝的 电阻为 2:若将该电阻丝两端电压由12V降至6V,则电功率变化了 W。 三、实验题（本题共9分）】 11.(2023·甘肃)小丽在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电压恒为3V的电源一个，小灯 泡（额定电压为2.5V)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。 ↑IIA 山u 0.3 02 0.2 0.1 -0.63 1.02.03.0dW 乙 丙 11题图 (1)如图甲所示是小丽连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打 “X”并补画出正确的连线。 (2)连接电路过程中，开关应该 (选填“断开”或“闭合”)，滑动变阻器的滑片应该移动到 (选填“最左”或“最右”)端 (3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是 (选填选项符号)。 A.灯泡短路 B.灯泡断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路 (4)电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，则此时通过小灯 泡的电流是 A。 (5)电路连接正确后，小灯泡发光，此时电压表的示数为2.0V,为了测量小灯泡的额定电功率，这时 应该向 (选填“左”或“右”)端移动滑动变阻器的滑片。 —122 第一部分内蒙古中考命题点集训 (6)小丽根据记录的多组【-U数据，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像（如图丙所 示)，则小灯泡的额定功率为 W。 (7)小丽根据小灯泡的I-U图像（如图丙所示），分析出小灯泡的电阻随两端电压的增大而 (选填“增大”“不变”或“减小”)，你认为原因是 四、综合题（本题共11分） 12.(2024·贵阳)传统的电热水器有一个较大的水箱，当水箱内的水达到合适的温度才可以使用。图 甲为市场上一种即热式电热水龙头，据售货员介绍，该电热水龙头打开水阀，电源自动接通，很快就 可将水加热使用，具有不需预热、节能省电、体积小巧的优点。下表是该电热水龙头参数。[©水= 4.2×103J/(kg·℃)，p*=1.0×103kg/m3] 产品型号 D5K-33F5 额定功率 3300W kW.h 额定电压 220V 86335 额定频率 50 Hz >⊙◆ 220V5(10)A50H 最低供水水压 0.07 MPa 3000/(kW-h) 甲 乙 额定压力 0 MPa 12题图 使用压力 0.07-0.6MPa (1)与传统的电热水器相比，请谈谈该电热水龙头节能省电的理由。 (2)若用该电热水龙头加热1mi,可以使1L的水从15℃升高到48℃，计算该加热过程的效率。 (3)小明想安装该电热水龙头在家里使用，但观察家中图乙所示的电能表后，发现不能安装，试通过 计算解释他家不能安装的原因。 —12310×60s=9.24×10?J。 答：(2)R?的阻值为110 Ω;(3)当空气炸锅处于高 温挡时，正常工作10 min消耗的电能为9.24× 10?J。 第十五章 电功 电功率 基础集训 1.8.8×103(或8800)3000 2.4.8 240 3.B 4.15 0.6 5.C 6.A 7.4:3 1:5 8.B 9.解：(1)解法一： 只闭合S。时，R与R。串联， Ra=Y=0.3A=50Ω, R=R总-R。=50Ω-20Ω=30Ω; 解法二： 只闭合S。时，R与R。串联， U?=IR。=0.3A×20Ω=6V, Um=U-U?=15V-6V=9V, R=7=0.3A=30Ω; (2)只闭合S。时，仍为R与R。串联， =R+R?=402+200=0.25A, Po小=I2R?=(0.25A)2×20Ω=1.25W, 分析可知该电路最大电流I大=0.6 A, Po=I大2R?=(0.6A)2×20Ω=7.2W, R。的功率变化范围1.25~7.2W; (3)解法一： 只闭合S?时，R与L串联，L?额定功率为1.6W,额 定电流为0.4A;L?功率为0.4W时，滑动变阻器接 入阻值最大为40Ω, R?=0.4A)2=10Ω -医--02A U?=I小(R?+R大)=0.2A×(10Ω+40Ω)=10V, 只闭合S?时，R与L?串联，L?未正常发光，L?功率 为1.6W时，R潜=0Ω,L?功率为0.4W时，滑动变阻 器接入阻值最大为40Ω, U?=√P?R?=√1.6W×R?①, U?=Ia(+A)=t(R+RA)=4(R+ 40 Ω)②, 由①②式，解得U?=8V; 解法二： 分析可知：L,额定功率1.6W,额定电流为0.4A;L? 功率为0.4W时，滑动变阻器接入阻值最大为40Ω, R==04A)=102, =√Rr=√io0w=0.2A, U?=I小(R?+R大)=0.2A×(10Ω+40Ω)=10V, 分析可知：L?未正常发光；L?功率1.6W时，R滑= 0Ω,灯L?两端电压等于电源电压；L?功率为0.4W 时，滑动变阻器接入阻值最大为40Ω,灯L?两端电 压为U12, =PAkR=√P=√i4w=, Um+Uo=v?,R==÷ R?=R潜=40Ω, U?=√P?大R?=√1.6W×40Ω=8V。 答：(1)此时滑动变阻器接入电路的阻值为30Ω; (2)定值电阻R。的功率变化范围为1.25~7.2W; (3)U?为10V、U?为8V。 —27— 10.解：(1)当开关接触2和3时，R?与R?串联接入电 路，使用低温挡位工作，R?与R?串联的总电阻： R总=R?+R?=48.4Ω+48.4Ω=96.8Ω, 使用低温挡位正常工作时的电功率： (2)B 保护电路 (3)电压表 0.65 Pa=R=96.82=500w; (2)水吸收的热量： Qg=c水mk(t-to)=4.2×103J/(kg·℃)× 0.2 kg×(100℃-20℃)=6.72×10?J; (4)寻找普遍规律(或使结论具有普遍性或避免结 论具有偶然性) P=(5)根据 可知，若灯丝电阻不变，实际电压 为额定电压一半时，实际功率恰好等于额定功率 的四分之一；当实际电压低于额定电压时，灯丝温 度降低，电阻减小，所以此时实际功率大于额定功 率的四分之一(3)当开关接触3和4时，只有R?工作，用高温挡 位加热， 挂烫机高温挡位的电功率： 中考集训 1.D 2.B 3.B 4.D Pa=R=48.4D2=1000w, 挂烫机高温挡位加热消耗的电能： 5.D [解析]由电路图可知，R?与R串联，电压表测 R?两端的电压，电流表测电路中的电流。A.由图 乙可知，当R?=10Ω时，P?=0.9W,当R?'=20Ω W=P高t=1000W×80s=8×10?J, 该挂烫机的加热效率： n==6.7××0J×100?4?? 答：(1)挂烫机使用低温挡位正常工作时的电动率 时，P?'=0.8W,串联电路中各处的电流相等，由P =U、1=k得P=PR,可知电路中的电流分别为I? =√R=√iow=0.3A,J?=√:=N208 为500W;(2)水吸收的热量是6.72×10?J;(3)此 次加热过程，该挂烫机的加热效率是84?? 11.(1)如答图所示 =0.2A,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 且电源的电压不变，所以由欧姆定律可得，电源的 电压：U=I?(R+R?)=I?(R+R?'),即0.3A×(R+ V 88 bee F06D 8 上 L S A R 10 Ω)=0.2A×(R+20 Ω),解得：R=10Ω,电源 电压：U=I?(R+R?)=0.3A×(10Ω+10Ω)= 6V,故A错误。B.当R?'=20Ω时，滑动变阻器接 入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表 的示数最大，则电压表的最大示数：U?'=I?R?'= 或 三 0.2A×20Ω=4V,故B错误。C.当滑动变阻器接 入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，整个 :P=r=(62电路的总功率最大，最大总功率： ge -06 R 卫 L S A R 11题答图 =3.6W,当R?'=20Ω时，滑动变阻器接入电路中 的电阻最大，电路中的电流最小，整个电路的总功 率最小，则P小=UI?=6V×0.2A=1.2W,所以，整 个电路的功率变化量：△P=P大-P小=3.6W- —28— 1.2W=2.4W,故C错误；D.当滑动变阻器接入电 路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，电流表的 1大=R=100=0.6 A,当R?'=200示数最大，则 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的 电流最小，即电流表的示数最小，所以电流表的示 数变化量：△I=I大-I?=0.6A-0.2A=0.4A,故D 正确。故选D。 6.22 0.1 7.10 0.9 8.8 384 [解析]由图可知，当只闭合S?、S?时，R?、L 串联，电压表测量灯泡L两端的电压。由图乙可 知，当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电 流为0.6 A,根据串联电路的电流特点和欧姆定律 可知，R?两端的电压U?=IR?=0.6 A×10Ω=6V, 根据串联电路的电压特点可知，电源电压U=UL+ U?=2V+6V=8V。当只闭合S?、S?时，R?与L串 联，电压表测量灯泡L两端的电压，根据图乙可知， 当小灯泡两端的电压为4V时，通过小灯泡的电流 为0.8A,根据串联电路的电流特点可知，电路中的 电流为0.8A,则电路在1 min 内消耗的电能W= UI't=8V×0.8A×60s=384 J。 9.4353.6 500 10.4 27 11.(1)如答图所示 e 西 A 888 0 8 11题答图 (2)断开 最左(3)B(4)0.14(5)右 (6)0.625 (7)增大 电压越大，小灯泡发光越 亮，灯丝温度越高，电阻越大 12.(1)与传统的电热水器相比，即热式电热水龙头不 需要预热，没有预热也就减少了热量的散失，用多 少热水就加热多少水，没有浪费，在不使用时不会 对水加热，更节能(合理即可)。 解：(2)水的体积：V=1L=1 dm3=1×10?3m3, 由，p=一可知，水的质量： m=P水V=1.0×103kg/m3×1×103m3=1kg, 水吸收的热量： Q吸=c水m(t-t。)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg× (48℃-15℃)=1.386×10?J, 该电热水龙头消耗的电能： W=Pt'=3300W×1×60s=1.98×10?J, 该加热过程的效率： n=×100?398×10°〕]×100?0%; (3)由图乙可知，小明家电能表的额定最大电流为 10A,电能表的工作电压为220V,则电路中允许接 入用电器的最大功率： P大=UI大=220V×10A=2200W<3300W, 所以该即热式电热水龙头不能安装在小明家里， 否则会烧坏电能表。 答：(2)若用该电热水龙头加热1 min,可以使1L 的水从15℃升高到48℃,该加热过程的效率为 70?3)该即热式电热水龙头的额定功率超过了 小明家允许接入用电器的最大功率，所以小明家 不能安装，否则会烧坏电能表。 第十六章 焦耳定律 基础集训 1.热 3×10?2.电流热效应 大 热量 3.(1)液面的高度差(或液面的高度，或两侧液面的高 度差，或两侧液面的高度)① (2)电阻(3)不是 电流 (4)电阻R?断路(或R?断路，或R?所在支路断路) 4.4.4×10?(或44000)1:4 5.闭合6.6×10?(或66000) 微专题 对比实验———物质的吸热能力、焦耳定律实验 1.(1)水银(2)水(3)6.72×10?(4)不变 2.(1)煤油的温度 —29—