广东省清远市清新区第一中学2024-2025学年高二上学期12月月考物理试题

清新一中高二12月考物理试卷参考答案 1、【答案】C【详解】ABC．干化纤布料，自上而下摩擦塑料丝，因为两种物质对电荷的束缚能力不同，所以产生摩擦起电，电荷发生了转移。塑料丝分散开说明彼此之间互相排斥，根据电荷间的相互作用规律可知干布料摩擦过的塑料丝一定带同种电荷，故C正确，AB错误；D．湿布料导电性较强，摩擦过程中不容易产生摩擦起电现象，所以不会出现丙图的现象，故D错误。故选C。 2、【答案】B【详解】A．电流表指针不偏转，说明电流表与B线圈组成的电路中无电流，根据感应电流产生的条件，只需要分析B线圈中磁通量是否变化即可。闭合开关时，电路中的电流从无到有，A中的磁场从无到有，故穿过B的磁通量发生变化，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故A不符合题意； B．闭合开关后，电路中电流稳定时，穿过B的磁通量不再发生变化，电流表中无电流流过，电流表指针不会偏转，故B符合题意；C．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，会造成A中电流大小变化，能引起B的磁通量变化，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故C不符合题意；D．闭合开关后，把线圈A从线圈B中拉出时，穿过B的磁通量减少，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故D不符合题意。故选B。 3、【答案】D【详解】A．由图，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯曲，a粒子受到的电场力方向向左，由于电场线方向未知，因此无法确定两个粒子的电性，选项A错误； BC．由图知，电场力方向与粒子速度方向的夹角都是锐角，所以电场力对两个粒子都做正功，动能都增大，速度都增大，选项BC错误；D．向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小；b所受电场力增大，加速度增大，选项D正确。故选D。 4、【答案】C【详解】无论小球M、N带电与否，上面的丝线的拉力都始终等于小球M、N的重力之和，则有TM=在两小球没有带电时，下面的丝线的拉力等于小球N的重力，当M球带正电，N球带负电后，小球N会受到小球M的一个吸引力，使得小球N对下面的丝线的拉力小于小球N的重力，则有TN>故选C。 5、【答案】B【详解】A．根据题意可知，风力越大，则d越小，由公式可得，电容器电容越大，故A错误；B．由公式，，整理可得根据题意可知，Q保持不变，风力越大，则d越小，极板间电场强度不变，故B正确；C．由可知，由于E不变，可动极板与P点的距离减小，则可动极板与P点电势差减小，由于可动极板接地，电势一直为0，则P点电势改变，故C错误； D．由可知，由于Q保持不变，C变大，则U减小，则静电计指针张角越小，故D错误。故选B。 6【答案】B【详解】A．根据等量异种点电荷电场分布特点，点的电场强度大小等于点的电场强度大小，A错误；B．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量异种电荷中垂线为等势线，再结合沿着电场线方向电势降低可知点的电势比点的电势高，B正确；C．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量异种电荷中垂线为等势线，再结合沿着电场线方向电势降低可知点的电势比在点的电势高，根据可知人体内的在点的电势能比在点的电势能小，C错误； D．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量异种电荷中垂线为等势线可知若人体内沿两点电荷连线的中垂线从点运动到点，电场力不做功，D错误。故选B。 7【答案】C【详解】A．按下按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律可知螺线管中感应电流为从P端流入从Q端流出，螺线管充当电源，则Q端电势较高，故A错误； B．松开按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律可知螺线管中感应电流为从Q端流入，从P端流出，螺线管充当电源，则P端电势较高，故B错误； C．住按钮不动，穿过螺线管的磁通量不变，螺线管不会产生感应电动势，故C正确； D．按下和松开按钮过程，螺线管中磁通量的变化率不一定相同，故螺线管产生的感应电动势不一定相同，故D错误。故选C。 8【答案】AC【详解】光照逐渐减弱时，光敏电阻阻值增大，电路总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大．A．外电压增大，A灯变亮；支路R0上的电流减小，R0上的电压减小，又因为外电压增大，所以B灯电压增大，所以B灯变亮，故A正确； B．电源的输出功率 显然，只有当外电阻等于内阻时电源的输出功率才最大，而当，且始终增大时，电源的输出功率始终减小，而当，且始终增大时，电源的输出功率会先增大，后减小；电源电动势不变，电源内阻与外电路电阻关系不确定，故电源输出功率无法判断，故B错误； C．因为外电阻变大，根据可知，电源的效率变大，故C正确； D．对于支路R0，有其中、，所以故D错误。故选AC。 9【答案】AD【详解】A．充电宝的输出电压U、输出电流I，所以充电宝输出的电功率为 故A正确；B．充电宝内的电流也是I，但其内阻未知，所以无法判断充电宝产生的热功率，故B错误；C．U是充电宝的输出电压，不是手机电池的内电压，所以不能用，计算手机电池产生的焦耳热，应为故C错误；D．充电宝输出的电能一部分转化为手机电池储存的化学能，一部分转化为手机电池产生的焦耳热，故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为故D正确。故选D。 10【答案】BD【详解】AB．根据右手定则，线圈中产生的感应电流的方向为，则通过指示灯的电流方向为由左向右，由左手定则可知，边所受到的安培力的方向为竖直向下，故A错误，B正确；CD．电磁感应过程中，由能量守恒，探测器主体的机械能减少量等于线圈中产生的电能，故C错误，D正确。故选BD。 11【答案】 ①. 1.750 ②. A ③. 【详解】（1）[1]根据螺旋测微器的读数规律，该读数为 （2）[2]因为 可知，电流表分压影响较大，为了减小误差，测量电路应采用电流表外接法，又由于电线两端电压需要从0开始变化，可知，控制电路采用滑动变阻器分压式，可知只有第一个选择性的电路图符合要求。故选A。 （3）[3]根据电阻定律有其中根据伏安法测电阻有解得 12、【答案】 ①. 短接 ②. b ③. 15 ④. 15 ⑤. 15.0 【详解】（1）[1]欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，使电流表满偏； （2）[2]为保证电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触a，黑表笔接触b；（3）[3]多用电表的读数为 （6）[4]欧姆表的中值电阻等于内电阻，故欧姆表1k挡位的内电阻为15.0kΩ； [5]根据闭合电路欧姆定律，电动势为 13解：（1）由于小滑块运动一段距离后离开斜面，表明小滑块所受洛伦兹力方向垂直于斜面向上，根据左手定则可知，四指指向与滑块运动方向相同，即小滑块带正电荷。 （2）小滑块沿斜面下滑时过程，对滑块进行受力分析，如图所示 则有 当小滑块恰好离开斜面时，斜面对滑块的支持力N恰好等于0，此时解得 （3）结合上述可知，小滑块在斜面上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有 根据速度与位移的关系式有 解得 14、【分析】离子在加速电场中，电场力做功，动能增大，根据动能定理求出离子获得的速度．离子进入磁场后由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，轨迹半径r=d，根据牛顿第二定律求解B；离子在电场中受电场力做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，由题水平位移和竖直位移均为d，根据由牛顿第二定律和运动学公式求解E． 解：(1)在加速电场中，由动能定理知： (2)带电粒子进入磁场后，洛伦兹力提供向心力： 由几何关系知： 联立可解得： 带电粒子在电场中偏转，做类平抛运动，设经时间t从P点到达C点 又由受力分析及牛顿第二定律知： 联立可解得： (3)t1= t2= 15、解：（1）金属棒由静止释放运动到处的过程中，根据动能定理有 金属棒运动到处时，由牛顿第二定律 解得 根据牛顿第三定律，金属棒运动至处时对轨道的压力大小 （2）金属棒刚进入水平轨道时，金属棒产生的电动势 通过金属棒的电流大小 （3）金属棒从进入水平轨道到两棒运动稳定的过程中，两棒组成的系统动量守恒 两棒产生的总热量 金属棒产生的热量为 学科网（北京）股份有限公司 $$ 清新一中高二12月考物理试卷答题卡 ( 学校： 班级： 姓名： 座位号： 试室 号： )考 号 ( 第 1 页 共 2 页 ) ( 物理答题卡 ) 学科网（北京）股份有限公司 注意事项 : 1．答题前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔填写学校、班别、姓名、试室号、座位号和考号，贴好条形码。 2．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破。 条形码粘贴处 选择题答题区 (12 小题，共46分。1-7 题为单项选择题，每小题 4 分，共 28分；8-10题为多项选择题， ( 1 [A] [B] [C] [D] 6 [A] [B] [C] [D] 2 [A] [B] [C] [D] 7 [A] [B] [C] [D] 3 [A] [B] [C] [D] 8 [A] [B] [C] [D] 4 [A] [B] [C] [D] 9 [A] [B] [C] [D] 5 [A] [B] [C] [D] 10 [A] [B] [C] [D] 下为非选择题答题区，必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在各题目的指定区域作答。否则答案无效。 )每小题 6分，共18分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有错选的得 0 分。请用 2B 铅笔填涂) 以 （16分，每空2分） 11. 、 、 12. 、 、 、 、 13.（10分） 14.(12分） 15.（14分） 学科网（北京）股份有限公司 $$清新一中高二物理 12 月月测参考答案 1、【答案】C【详解】ABC．干化纤布料，自上而下摩擦塑料丝，因为两种物质对电荷的束缚能力不同， 所以产生摩擦起电，电荷发生了转移。塑料丝分散开说明彼此之间互相排斥，根据电荷间的相互作用规律 可知干布料摩擦过的塑料丝一定带同种电荷，故 C正确，AB错误；D．湿布料导电性较强，摩擦过程中 不容易产生摩擦起电现象，所以不会出现丙图的现象，故 D错误。故选 C。 2、【答案】B【详解】A．电流表指针不偏转，说明电流表与 B线圈组成的电路中无电流，根据感应电流 产生的条件，只需要分析 B线圈中磁通量是否变化即可。闭合开关时，电路中的电流从无到有，A中的磁 场从无到有，故穿过 B的磁通量发生变化，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故 A不符合题意； B．闭合开关后，电路中电流稳定时，穿过 B的磁通量不再发生变化，电流表中无电流流过，电流表指针 不会偏转，故 B符合题意；C．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，会造成 A中电流大小变化，能引 起 B的磁通量变化，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故 C不符合题意；D．闭合开关后，把线 圈 A从线圈 B中拉出时，穿过 B的磁通量减少，电流表中有电流流过，电流表指针会偏转，故 D不符合 题意。故选 B。 3、【答案】D【详解】A．由图，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯 曲，a粒子受到的电场力方向向左，由于电场线方向未知，因此无法确定两个粒子的电性，选项 A错误； BC．由图知，电场力方向与粒子速度方向的夹角都是锐角，所以电场力对两个粒子都做正功，动能都增 大，速度都增大，选项 BC错误；D．向左电场线越来越疏，场强越来越小，则 a所受电场力减小，加速 度减小；b所受电场力增大，加速度增大，选项 D正确。故选 D。 4、【答案】C【详解】无论小球M、N带电与否，上面的丝线的拉力都始终等于小球M、N的重力之和， 则有 TM= 'MT 在两小球没有带电时，下面的丝线的拉力等于小球 N的重力，当M球带正电，N球带负电后， 小球 N会受到小球M的一个吸引力，使得小球 N对下面的丝线的拉力小于小球 N的重力，则有 TN> 'NT 故 选 C。 5、【答案】B【详解】A．根据题意可知，风力越大，则 d越小，由公式 4 SC kd    可得，电容器电容越 大，故 A错误；B．由公式 4 SC kd    ， QC U  ， UE d  整理可得 4 kQE S    根据题意可知，Q保持不 变，风力越大，则 d越小，极板间电场强度不变，故 B正确；C．由U Ed 可知，由于 E不变，可动极 板与 P 点的距离减小，则可动极板与 P点电势差减小，由于可动极板接地，电势一直为 0，则 P点电势改 变，故 C错误； D．由 QC U  可知，由于 Q保持不变，C变大，则 U减小，则静电计指针张角越小，故 D错误。故选 B。 6【答案】B【详解】A．根据等量异种点电荷电场分布特点，A点的电场强度大小等于 A点的电场强度 大小，A错误；B．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量异种电荷中垂线为等势线，再结合沿着电场 线方向电势降低可知 B点的电势比 A点的电势高，B正确；C．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量 异种电荷中垂线为等势线，再结合沿着电场线方向电势降低可知 A 点的电势比在 B点的电势高，根据 pE q 可知人体内的Cl在A点的电势能比在 B点的电势能小，C错误； D．根据等量异种点电荷电势分布特点，等量异种电荷中垂线为等势线可知若人体内Na沿两点电荷连线 的中垂线从 B点运动到 B点，电场力不做功，D错误。故选 B。 7【答案】C【详解】A．按下按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律可知螺线管中感应 电流为从 P 端流入从 Q 端流出，螺线管充当电源，则 Q端电势较高，故 A错误； B．松开按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律可知螺线管中感应电流为从 Q 端流入， 从 P 端流出，螺线管充当电源，则 P端电势较高，故 B错误； C．住按钮不动，穿过螺线管的磁通量不变，螺线管不会产生感应电动势，故 C正确； D．按下和松开按钮过程，螺线管中磁通量的变化率不一定相同，故螺线管产生的感应电动势不一定相同， 故 D错误。故选 C。 8【答案】AC【详解】光照逐渐减弱时，光敏电阻阻值增大，电路总电阻增大，总电流减小，内电压减小， 外电压增大．A．外电压增大，A灯变亮；支路 R0上的电流减小，R0上的电压减小，又因为外电压增大， 所以 B灯电压增大，所以 B灯变亮，故 A正确； B．电源的输出功率 2 2 2 2 2 22( ) ( ) ( )( ) 4 E RE E EP R R r R rR r R r r R R         外 出 外 外 外外 外 外 外 显然，只有当外电阻等于内阻时电源的输出功率才最大，而当 R r外 ，且始终增大时，电源的输出功率 始终减小，而当 R r外 ，且始终增大时，电源的输出功率会先增大，后减小；电源电动势不变，电源内阻 与外电路电阻关系不确定，故电源输出功率无法判断，故 B错误； C．因为外电阻变大，根据   2 2 1 R R r R r R r R r I I         可知，电源的效率变大，故 C正确； D．对于支路 R0，有 0 1BI II     其中、 0 0I  ， 0BI  所以 0 1| | | |I I   故 D错误。故选 AC。 9【答案】AD【详解】A．充电宝的输出电压 U、输出电流 I，所以充电宝输出的电功率为 P UI 故 A正确；B．充电宝内的电流也是 I，但其内阻未知，所以无法判断充电宝产生的热功率，故 B错误； C．U是充电宝的输出电压，不是手机电池的内电压，所以不能用 2U t r ，计算手机电池产生的焦耳热，应 为 2Q I rt 故 C错误；D．充电宝输出的电能一部分转化为手机电池储存的化学能，一部分转化为手机电 池产生的焦耳热，故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为 2E UIt I rt  故 D正确。故选 D。 10【答案】BD【详解】AB．根据右手定则，线圈中产生的感应电流的方向为 adcba，则通过指示灯的电 流方向为由左向右，由左手定则可知，ab边所受到的安培力的方向为竖直向下，故 A错误，B正确；CD．电 磁感应过程中，由能量守恒，探测器主体的机械能减少量等于线圈中产生的电能，故 C错误，D正确。故 选 BD。 11【答案】 ①. 1.750 ②. A ③. 2 4 U d IL  【详解】（1）[1]根据螺旋测微器的读数规律，该读数为1.5mm+25.0 0.01mm 1.750mm  （2）[2]因为 V A 3000 . 31 0 1 000xR R R       可知，电流表分压影响较大，为了减小误差，测量电路应采用电流表外接法，又由于电线两端电压需要从 0开始变化，可知，控制电路采用滑动变阻器分压式，可知只有第一个选择性的电路图符合要求。故选 A。 （3）[3]根据电阻定律有 LR S  其中 2 1 4 S d 根据伏安法测电阻有 UR I  解得 2 4 U d IL   12、【答案】 ①. 短接 ②. b ③. 15 ④. 15 ⑤. 15.0 【详解】（1）[1]欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，使电流表满偏； （2）[2]为保证电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触 a，黑表笔接触 b；（3）[3]多用电表的读数为 0 1000 15 15kΩR     （6）[4]欧姆表的中值电阻等于内电阻，故欧姆表 1k挡位的内电阻为 15.0kΩ； [5]根据闭合电路欧姆定律，电动势为 22 66V 15V 15V 10 UE U r R        13解：（1）由于小滑块运动一段距离后离开斜面，表明小滑块所受洛伦兹力方向 垂直于斜面向上，根据左手定则可知，四指指向与滑块运动方向相同，即小滑块 带正电荷。-------------------------------(2 分） （2）小滑块沿斜面下滑时过程，对滑块进行受力分析，如图所示 则有 0 cosN qv B mg   当小滑块恰好离开斜面时，斜面对滑块的支持力 N恰好等于 0，此时解得 0 4m / sv  --------(4 分） （3）结合上述可知，小滑块在斜面上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有 sinmg ma  根据速度与位移的关系式有 2 0 2v ax 解得 4 m 3 x  ------------------(4 分） 14、【分析】离子在加速电场中，电场力做功，动能增大，根据动能定理求出离子获得的速度．离子进入 磁场后由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，轨迹半径 r=d，根据牛顿第二定律求解 B；离子在电场中 受电场力做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，由题水平位移和竖直位 移均为 d，根据由牛顿第二定律和运动学公式求解 E． 解：(1)在加速电场中，由动能定理知： 2 1 2 qU mv � = ��� � -------------(4 分） (2)带电粒子进入磁场后，洛伦兹力提供向心力： 2vqvB m r  由几何关系知： r d 联立可解得： 1 2mUB d q  带电粒子在电场中偏转，做类平抛运动，设经时间 t从 P点到达 C点 有： d vt ， d  2 1 2 at 又由受力分析及牛顿第二定律知： qE ma 联立可解得： 4UE d  ------------（7分） (3) 磁场的运动时间 t1= ��� � × � � ， 电场的运动时间 t2= � � 则从 A到 C的总时间 1 2 (2 ) 2 2 d mt t t qu     ---------------------------------（3分） 15、解：（1）金属棒T由静止释放运动到 1CC 处的过程中，根据动能定理有 20 1 2 mgR mv 金属棒T 运动到 1CC 处时，由牛顿第二定律 2 0 N vF mg m R   解得 N 3F mg 根据牛顿第三定律，金属棒T运动至 1CC 处时对轨道的压力大小 N N 3F F mg   ---------(4 分） （2）金属棒T刚进入水平轨道时，金属棒T产生的电动势 0E Bdv 通过金属棒S的电流大小 0 2 2 2 Bd gRBdvI r r   --------------------------(3 分） （3）两棒组成的系统动量守恒 0 2mv mv ，联立解得共同速度 2gR 2 v  ------(3 分） （4）两棒产生的总热量 2 2 0 1 1 2 2 2 Q mv mv  总 金属棒S产生的热量为 2S 0 1 1 1 2 8 4 Q Q mv mgR  总 ------------------(4 分） 清新一中高二12月考物理试卷 注意事项： 1.考试时长75分钟，满分100分。 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡相应的位置上。 3.全部答案在答题卡上完成，答在本试卷上无效。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。 1. 如图甲、乙、丙所示，将一整条塑料捆扎绳撕成几十条塑料丝，用黑胶布将上端裹紧，然后用手捏住黑胶布，取一条干净的干化纤布料，自上而下摩擦塑料丝，发现塑料丝分散开来。通过以上现象可知（　　） A. 干化纤布料摩擦过的塑料丝一定带正电 B. 干化纤布料摩擦过的塑料丝一定带异种电荷 C. 干化纤布料摩擦过的塑料丝一定带同种电荷 D. 将干化纤布料换成湿布料同样可以出现丙图的现象 2. 如图为研究电磁感应现象的实验装置。下列哪种情况下电流表指针不会偏转（　　） A. 闭合开关的瞬间 B. 闭合开关后，电路中电流稳定时 C. 闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时 D. 闭合开关后，把线圈A从线圈B中拉出时 3. 实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（、只受静电力作用），则（　　） A. 一定带正电，一定带负电 B. 静电力对做正功，对做负功 C. 的速度将减小，的速度将增大 D. 的加速度将减小，的加速度将增大 4. 如图所示，用两根丝线挂着两个质量相同的小球M、N，此时上下丝线的受力分别为TM和TN，如果使M球带正电，N球带负电，上下线受到的力分别为、，则（　　） A. TM< B. TN= C. TM= D. TN< 5、某同学设计了一个电容式风力传感器，如图所示，将电容器与静电计组成回路，可动电极在风力作用下向右移动，风力越大，移动距离越大（两电极始终不接触）。若极板上电荷量保持不变，P点为极板间的一点，下列说法正确的是（　　） A. 风力越大，电容器电容越小 B. 风力越大，极板间电场强度仍保持不变 C. 风力越大，P点的电势仍保持不变 D. 风力越大，静电计指针张角越大 6 电偶极子是由两个等量异号点电荷组成的系统，是一种常见的带电结构。我们在做心电图的过程中，心脏就可视为电偶极子模型，体内电荷分布如图甲所示，等效电场如图乙所示。正、负点电荷连线上与点关于点对称，正、负点电荷连线的中垂线上与点关于点对称，下列说法正确的是（　　） A. 点的电场强度比点的电场强度大 B. 点的电势比点的电势高 C. 人体内的在点的电势能比在点的电势能大 D. 若人体内沿两点电荷连线的中垂线从点运动到点，电场力先做正功再做负功 7. 图甲为某款“自发电”无线门铃按钮，其“发电”原理如图乙所示，按下门铃按钮过程磁铁靠近螺线管，松开门铃按钮磁铁远离螺线管回归原位置。下列说法正确的是（　　） A. 按下按钮过程，螺线管端电势较高 B. 松开按钮过程，螺线管端电势较高 C. 按住按钮不动，螺线管没有产生感应电动势 D. 按下和松开按钮过程，螺线管产生大小相同的感应电动势 二、多项选择题，本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分． 8. 某节能路灯可通过光控开关自动随周围环境的亮度改变进行自动控制．其内部电路简化如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R1为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小），R0为定值电阻，灯泡电阻不变．随着傍晚到来，光照逐渐减弱时，下列判断正确的是（　　） A. A灯、B灯都变亮 B. 电源的输出功率变大 C. 电源效率变大 D. R1中电流变化量等于R0中电流变化量 9. 如图1所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图2所示。在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为r，则时间t内（　　） A. 充电宝输出的电功率为UI B. 充电宝产生的热功率为 C. 手机电池产生的焦耳热为 D. 手机电池储存的化学能为 10. 科学家设计了一种电磁阻尼缓冲装置用于月球探测器在月面实现软着陆，其原理如图所示。该装置的主要部件有两部分：①缓冲滑块，由高强绝缘材料制成，其内部边缘绕有闭合单匝矩形线圈，指示灯连接在两处；②探测器主体，包括绝缘光滑缓冲轨道和超导线圈（图中未画出），超导线圈能产生方向垂直于整个缓冲轨道平面向里的匀强磁场。当缓冲滑块接触仿真水平月面时，滑块立即停止运动，探测器主体继续下降，磁场下移，致使探测器主体减速缓冲，下列说法正确的是（　　） A. 当缓冲滑块刚停止运动时，通过指示灯的电流方向为由右向左 B. 当缓冲滑块刚停止运动时，边所受安培力方向为竖直向下 C. 缓冲过程中，探测器主体的重力势能减少量等于线圈中产生的电能 D. 缓冲过程中，探测器主体的机械能减少量等于线圈中产生的电能 三、实验题：本题共2小题，共16分。请将答案填写在答题卡相应的位置。 11. 电线是家庭装修中不可或缺的基础建材，电线的质量直接关系到用电安全。某实验小组对一定长度的某型号电线的电阻率进行测量。 （1）小组成员剥去电线外绝缘皮，用螺旋测微器测量电线直径，示数如图所示，则电线的直径d=______mm。 （2）用欧姆表测出电线电阻Rx约为10Ω，实验提供器材有开关、若干导线及下列器材： 电压表（量程0~3V，内阻约3kΩ） 电流表（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω） 滑动变阻器（最大阻值5Ω，额定电流2A） 电源（电动势为3V，内阻不计） 某同学为了使电线两端电压从零开始调节，并使测量结果尽可能准确，应选用如图所示的______电路（填选项）进行实验。 A. B. C. D. （3）电压表读数为U时，电流表读数为I，已知电线长度为L，直径为d，可得该型号电线材料的电阻率为______。 12. 某学生实验小组利用图1所示电路，测量某多用电表“×1k”挡时的内置电池的电动势E和该挡内部电路的总电阻r。回答下列问题： （1）将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡，再将红表笔和黑表笔__________进行调零。 （2）将图1中多用电表的黑表笔与__________（填“a”或“b”）端相连，红表笔连接另一端。 （3）将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图2所示，这时多用电表的读数为__________kΩ。再读出电压表的示数，为。 （4）调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零。此时多用电表和电压表的读数分别为10.0kΩ和。 （5）测量完毕后，把多用表挡位调到“OFF”挡或交流电压的最高挡。 （6）通过计算，所测内电池电动势__________V；“×1k”挡内电阻__________kΩ。 四、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13. （8分）如图所示，一个质量m = 0.1g、电荷量q = 5×10-4C的小滑块（可视为质点），放在倾角为α = 37°的光滑绝缘斜面顶端（斜面足够长），斜面置于B = 0.4T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，小滑块由静止开始沿斜面滑下，小滑块运动一段距离后离开斜面，g取10 m/s2，求： （1）小滑块的电性； （2）画小滑块离开斜面时的受力分析图和求此时的瞬时速率； （3）小滑块在斜面下滑的距离。 14. 如图所示，在xOy直角坐标系中，第Ⅰ象限内分布着方向垂直纸面向里的匀强磁场，第Ⅱ象限内分布着沿y轴负方向的匀强电场．初速度为零、带电荷量为q、质量为m的粒子经过电压为U的电场加速后，从x轴上的A点垂直x轴进入磁场区域，重力不计，经磁场偏转后过y轴上的P点且垂直于y轴进入电场区域，在电场中偏转并击中x轴上的C点．已知OA＝OC＝d． （1）求带电粒子在A点的速度vA （2）磁感应强度B和电场强度E的大小分别是多少？ （3）带电粒子从A点到C点的时间t？ 15. 如图所示为两条间距为的固定光滑金属导轨，其中部分为半径为的四分之一圆弧轨道，部分为足够长水平直轨道，水平轨道位于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为。现将质量为、电阻为的金属棒静置于距足够远的水平轨道上，将与其完全相同的金属棒由处静止释放，一段时间后，金属棒运动到水平轨道上。在运动过程中，两棒始终与导轨垂直且保持良好接触，除金属棒电阻之外其他电阻不计，已知重力加速度为。求： （1）金属棒运动至圆弧轨道最底端处时的速度V0和金属棒对轨道的压力大小； （2）金属棒刚进入水平轨道时，通过金属棒的电流大小； （3）从金属棒进入水平轨道到两棒运动稳定的共同速度V； （4）从金属棒进入水平轨道到两棒运动稳定的过程中金属棒产生的热量。 1 学科网（北京）股份有限公司 $$