第十三单元 第2节 串联和并联-【众相原创·赋能中考】2025年中考物理分层进阶练习册（陕西专用）

　陕西物理　 第２节　串联和并联 １．（２０２４青海）“飞天”兴趣小组设计了如图 所示的头盔两侧照明灯电路图，其电路连 接方式为　并　联，照明灯两端的电压 　相同　（选填“相同”或“不同”）。 第１题图 ２．将甲、乙两个不同的灯泡串联在电路中， 发现一个较亮，另一个较暗，则通过较亮 灯泡的电流　等于　通过较暗灯泡的电 流。若将两个灯泡并联在电路中，发现甲 灯泡比乙灯泡亮，则甲灯泡两端的电压 　等于　乙灯泡两端的电压。（均选填 “大于”“等于”或“小于”） ３．定值电阻Ｒ１和Ｒ２并联在如图甲所示电路 中，电流表的示数为０．５Ａ，通过 Ｒ１的电 流为 ０．３Ａ，则 通 过 Ｒ２ 的 电 流 为 　０．２　Ａ；再将Ｒ１和Ｒ２串联在如图乙所 示电路中，电源电压为５Ｖ，电压表示数为 ３Ｖ，则Ｒ１两端的电压为　２　Ｖ。 甲 　　 乙 第３题图 ４．如图所示是常用的“一拖三”手机充电线， 若将其ＵＳＢ插头连入电路同时为三部手 机充电，三部手机的电池相当于简单电路 中的　用电器　，若拔掉其中一部手机， 充电线中的总电流会　变小　（选填“变 大”“变小”或“不变”）。 第４题图 ５．（２０２４高新一中四模）如图是某次实验电 路图。下列说法中正确的是 （Ａ ） 第５题图 Ａ．只闭合Ｓ１时，只有灯Ｌ１发光，流过电流 表 Ａ１、Ａ２的电流大小相等 Ｂ．闭合Ｓ１、Ｓ２时，Ａ２测流过Ｌ２的电流 Ｃ．闭合Ｓ１、Ｓ２时，若Ｌ２断路，则电流表 Ａ１ 有示数，Ａ２无示数 Ｄ．利用该实验探究电路中电流的关系 时，应选用相同规格的两灯进行实验 ６．实验小组用如图１所示的电路来探究并 联电路中电流的特点，其实验思路如下： 接好电路后，把电流表分别接入到Ａ、Ｂ、Ｃ 三处，测出第一组数据；为了防止个别偶 然因素的影响，他们采用以下两种方法之 一来重复实验，并完成第二次和第三次 测量。 方法一：改变电源电压； 方法二：更换其中一条支路中的灯泡（规 格不同）。 （１）实验时，接好电路后，闭合开关发现两 灯都亮。但由于连线较乱，一时无法确定 两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随 意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，因此 他认定两灯是串联的，小明的方法是　错 误　（选填“正确”或“错误”）的。 图１ 　　 图２ 第６                                                                    题图 ３４ 　　众相原创 赋能中考 （２）如图２是某同学连接的并联电路的局 部图，某次实验中，测量完干路电流之后， 某同学想测量通过Ｌ１的电流，为接入电流 表，ａ、ｂ、ｃ、ｄ四个接点中，最方便的导线拆 接点是　ｄ　点，同时注意，在拆接电路 时，开关必须　断开　。测量过程中，电 流表出现图３中的实验现象说明　电流 表正负接线柱接反了　。 第６题图３ （３）该同学表格设计中存在的不足之处 是：　没有单位　。 Ａ处的 电流ＩＡ Ｂ处的电 流ＩＢ Ｃ处的电 流ＩＣ 第一次测量 ０．１０ ０．１２ ０．２２ 第二次测量 ０．２０ ０．２４ ０．４４ 第三次测量 ０．２５ ０．３０ ０．５５ （４）表格补充完整后，通过对上面数据的 分析，后面两次实验是采用方法　一　 （选填“一”或“二”）进行的，可以得出结 论：并联电路干路中的电流等于　各支路 电流之和　。 ７．（２０２４河北）在“探究串联电路电压的特 点”实验中，小明设计了图甲所示的电路。 其中 Ｒ０为定值电阻，Ｒ为滑动变阻器，Ｌ 为小灯泡。 甲 　 乙 第７题图 （１）根据图甲所示的电路图用笔画线代替 导线，将图乙所示的实物图补充完整。 （２）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变 阻器的滑片至某一位置，记录电流表的示 数；选择合适的量程，用电压表分别测出 ａｂ、ｂｃ、ｃｄ、ａｃ、ｂｄ、ａｄ间的电压。将这些数 据记入如表。改变滑动变阻器滑片的位 置，在保证电路安全的情况下再做几次实 验。读取数据①时电压表的示数如图丙 所示，示数为　１．８　Ｖ。 丙 第７题图 数据 序号 电流 ／Ａ Ｕａｂ／ＶＵｂｃ／ＶＵｃｄ／ＶＵａｃ／ＶＵｂｄ／ＶＵａｄ／Ｖ １ ０．２０ １．０ ２．５ １．０ ３．５ ３．５ ４．５ ２ ０．２４ ① １．５ １．２ ② ２．７ ４．５ ３ ０．３０ ２．５ ０．５ ③ ３．０ ２．０ ４．５ … （３）根据数据可知Ｒ０的阻值为　５　Ω。 （４）根据第１组的实验数据可初步得出结 论：串联电路中，总电压等于这部分电路 中的各用电器两端电压之和。再做几次 实验的目的是　寻找普遍规律　。 （５）读取数据　②　（选填“②”或“③”） 时，电压表指针没有对准刻度线。 （６）根据表中的实验数据，写出一条你还 能发现的规律：　电阻一定时，通过导体 的电流与导体两端的电压成正比　                                                                      。 ４４ 　 陕西物理　 ３．如答图所示　　　　　　４．如答图所示 第３题答图 第４题答图 ５．４　３　６．４０　左　７．费力　左　３００ ８．（１）水平　（２）顺时针转动　（３）ＯＡ　仍能 ９．变小　ａ　１０．Ｄ 第２节　滑轮、滑轮组 １．１００　２００　１１０　２００　２　１ ２．４００　２１０　改变力的方向　３．Ｄ　４．２０　２　 ５．２　４００　６．动力方向　１２０　８５０ 第３节　功、功率、机械效率 １．Ｃ　２．Ｆｓ　Ｆｓｔ　３．４×１０ ５　８×１０３　４．９６０　２４　０ ５．８００　７５％　１００　６．５０％　５０ ７．Ｂ　８．Ｄ　９．Ｃ　１０．Ｃ　１１．Ｃ　 １２．解：（１）①配重的重力为 Ｇ＝ｍｇ＝５２０×１０３ｋｇ× １０Ｎ／ｋｇ＝５．２×１０６Ｎ， 由题意和图示可知，将配重举起的高度为ｈ＝１５ｍ， 将５２０ｔ的配重从地面吊起来平放在高架桥箱梁的Ａ 端做的功Ｗ＝Ｇｈ＝５．２×１０６Ｎ×１５ｍ＝７．８×１０７Ｊ； ②设箱梁的重力为 Ｇ０，箱梁重心 Ｏ离支点 Ｃ点的距 离为Ｌ２，如解图所示，因为跨铁路侧转体箱梁长度大 约是非跨铁路侧转体箱梁长度的２倍， 所以Ｌ１＝ １ ３ＡＢ＝ １ ３×７８ｍ＝２６ｍ， 则Ｌ２＝ＯＢ－ＣＢ＝ ２ ３ＡＢ－ １ ２ＡＢ＝ １ ６ＡＢ＝ １ ６×７８ｍ＝ １３ｍ， 由杠杆平衡条件得Ｇ×Ｌ１＝Ｇ０×Ｌ２， 所以高架桥箱梁的实际重力为 Ｇ０ ＝ Ｇ×Ｌ１ Ｌ２ ＝ ５．２×１０６Ｎ×２６ｍ １３ｍ ＝１．０４×１０ ７Ｎ， 则高架桥箱梁的实际质量为 ｍ０＝ Ｇ０ ｇ＝ １．０４×１０７Ｎ １０Ｎ／ｋｇ ＝１．０４×１０６ｋｇ＝１０４０ｔ； 第１２题解图 （２）转盘转动的时间为 ｔ＝７５ｍｉｎ＝７５×６０ｓ＝４５００ｓ， 已知周长Ｃ＝３６ｍ，则上转盘转动９０°，钢索移动距离 ｓ＝１４Ｃ＝ １ ４×３６ｍ＝９ｍ， 每台牵引器做的总功Ｗ总 ＝Ｐｔ＝３０００Ｗ×４５００ｓ＝ １．３５×１０７Ｊ， 有用功 Ｗ有用 ＝ηＷ总 ＝８０％ ×１．３５×１０ ７Ｊ＝１．０８× １０７Ｊ， 牵引力Ｆ＝ Ｗ有用 ｓ ＝ １．０８×１０７Ｊ ９ｍ ＝１．２×１０ ６Ｎ。 第十二单元　机械能和内能 第１节　机械能及其转化 １．增加　运动　２．增大　增大 ３．变小　变小　非平衡力　４．Ｃ　５．Ｂ　６．Ｃ 第２节　内能　热传递 １．Ｃ　２．热传递　隔热性好（或导热性差） ３．增大　做功　４．热传递　形状　扩散　５．Ｂ　６．Ａ 第３节　物质的比热容 １．Ａ　２．Ｄ　３．Ｂ　４．４．２×１０４　做功　不变 ５．比热容　８．４×１０３　６．Ｄ　７．１．２×１０８　热值 ８．热传递　油　９．４．６×１０６　０．４６ １０．３．０×１０６　３×１０３　１１．１．８×１０６　０．０５　２２．５ １２．１．０８×１０７　０．５９　６００ １３．解：（１）由洗澡前后燃气表显示的余气量可得，消耗 天然气的体积 Ｖ＝１６５．５ｍ３－１６５．３ｍ３＝０．２ｍ３， 所以消耗的天然气完全燃烧放出的热量 Ｑ放 ＝Ｖｑ＝ ０．２ｍ３×７×１０７Ｊ／ｍ３＝１．４×１０７Ｊ； （２）洗澡所用水的质量 ｍ水 ＝６ｋｇ／ｍｉｎ×１５ｍｉｎ＝ ９０ｋｇ， 水吸收的热量Ｑ吸 ＝ｃ水 ｍ水 Δｔ＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）× ９０ｋｇ×（４０℃－５℃）＝１．３２３×１０７Ｊ； 热水器的热效率 η＝ Ｑ吸 Ｑ放 ×１００％ ＝１．３２３×１０ ７Ｊ １．４×１０７Ｊ × １００％＝９４．５％ ＞８８％，因此该款热水器能效等级 达标； （３）热水器的额定产热水能力为１２ｋｇ／ｍｉｎ，即每分钟流 出热水质量ｍ额 ＝１２ｋｇ， 当热水器在额定出水时，水吸收的热量 Ｑ额 ＝ｃ水 ｍ额 Δｔ额 ＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ· ℃）×１２ｋｇ×２５ ℃＝１．２６×１０７Ｊ， 由Ｑ＝ｃｍ（ｔ－ｔ０）可得，测试时，水从热水器中流出的 最高温度 ｔ＝ Ｑ额 ｃ水 ｍ测 ＋ｔ０＝ １．２６×１０７Ｊ ４．２×１０３Ｊ／（ｋｇ· ℃）×６ｋｇ ＋５℃ ＝５５℃。 第十三单元　电路初探 第１节　电路　电流　电压　电阻 １．Ｂ　２．Ｄ　３．Ｂ　４．Ｂ　５．Ｃ　６．２．４ ７．较大　试触　２．３　８．Ａ　０．２２　９．串　电路　Ｒ１ １０．并　Ｒ１　电源（或Ｒ１或Ｒ２） １１．串　滑动变阻器Ｒ　变大　１２．并　串 １３．串　Ｒ１　Ｒ２　１４．并联　Ｌ１和Ｌ２　Ｌ１ １５．开关　并联　短路 第２节　串联和并联 １．并　相同　２．等于　等于　３．０．２　２ ４．用电器　变小　５．Ａ ６．（１）错误　（２）ｄ　断开　电流表正负接线柱接反了　 （３）没有单位　（４）一　各支路电流之和 ７．（１）如答图所示　（２）１．８　（３）５　（４）寻找普遍规律 （５）②　（６）电阻一定时，                                                                       通过导体的电流与导体两端 ３２ 　 　众相原创 赋能中考 的电压成正比 第７题答图 第十四单元　欧姆定律 １．Ｃ　２．Ａ　３．Ｂ　４．３∶４　３∶７　５．Ｃ　６．１∶１　３∶４ ７．Ｄ　８．１０　７．５　９．乙　６　２０　１０．０．３６　２０ １１．Ｃ　１２．Ｃ 第十五单元　电功和电热 第１节　电能表、电功、电功率 １．Ａ　２．Ｄ　３．并联　２２０　０．２　４．２１３．９　４４００ ５．１０　４８　１．２　６．１０　４．８　７．３　１５　３６ ８．１５　３０　【解析】只闭合开关 Ｓ，灯泡和滑动变阻器串 联，电流表测量电路电流。小灯泡正常发光时电路电 流Ｉ＝ ＰＬ ＵＬ ＝１．８Ｗ３Ｖ ＝０．６Ａ，滑动变阻器两端的电压Ｕ滑 ＝Ｉ×Ｒ２＝０．６Ａ× ４０Ω ２ ＝１２Ｖ，电源电压Ｕ＝Ｕ滑 ＋ＵＬ ＝１２Ｖ＋３Ｖ＝１５Ｖ；当开关全部闭合时，灯泡被短路， 定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测量干路电流。 在保证电路安全的前提下，通过定值电阻的电流 Ｉ１＝ Ｕ Ｒ０ ＝１５Ｖ１５Ω ＝１Ａ，允许通过滑动变阻器的最大电流为 １Ａ，干路电流最大为Ｉ′＝Ｉ１＋Ｉ２＝１Ａ＋１Ａ＝２Ａ，该 电路消耗的最大功率为Ｐ＝ＵＩ′＝１５Ｖ×２Ａ＝３０Ｗ。 ９．Ｃ　【解析】电铃的核心是电磁铁，利用电流的磁效应 工作的，故 Ａ错误；药液减少时，电铃两端的电压逐渐 增大，增大到一定程度时电铃发声报警，没有报警是 因为电压较小，不是没有电流通过，且药液减少时，电 流变大，因而电路中的电阻减小，即压敏电阻 Ｒ的阻 值随着药液的减少而减小，故Ｃ正确，Ｂ错误；药液减 少时，电流变大，药液输完时，电路中的电流最大，根据 Ｐ＝ＵＩ可知电路的总电功率最大，故Ｄ错误。故选Ｃ。 １０．Ｄ　【解析】由电路图可知，Ｒ０与Ｒ串联，电压表测滑 动变阻器 Ｒ两端的电压，电流表测电路中的电流。 电压表与电流表示数之比等于滑动变阻器接入的电 阻，滑片从最左端向最右端滑动过程中，变阻器接入 电路中的电阻变小，故电压表与电流表示数之比变 小，故Ａ错误。由图可知，当滑动变阻器的电阻为 ５Ω时，其两端的电压为３Ｖ，通过电路的电流为Ｉ１＝ Ｕ１ Ｒ１ ＝３Ｖ５Ω ＝０．６Ａ，则电源电压为 Ｕ＝Ｕ１＋Ｉ１Ｒ０＝３Ｖ ＋０．６Ａ×Ｒ０①，滑动变阻器的电阻为１０Ω时，其两 端的电压为４Ｖ，通过电路的电流为Ｉ２＝ Ｕ２ Ｒ２ ＝４Ｖ１０Ω ＝ ０．４Ａ，则电源电压为Ｕ＝Ｕ２＋Ｉ２Ｒ０＝４Ｖ＋０．４Ａ×Ｒ０ ②，联立①②得Ｒ０＝５Ω，Ｕ＝３Ｖ＋０．６Ａ×５Ω＝ ６Ｖ，故 Ｃ错误；滑动变阻器消耗的功率为 Ｐ＝ （ Ｕ Ｒ＋Ｒ０ ） ２ ×Ｒ＝（ ６ＶＲ＋５Ω ） ２ ×Ｒ＝ （６Ｖ） ２ （Ｒ＋５Ω）２ Ｒ ＝ （６Ｖ）２ （Ｒ－５Ω）２＋２０Ω×Ｒ Ｒ ，由上式可知，Ｒ＝５Ω时，滑动 变阻器消耗的功率最大，所以滑片从最右端向最左 端滑动过程中，滑动变阻器消耗的电功率并不是一 直变大的，故Ｂ错误；当滑动变阻器接入阻值最大为 ２０Ω时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小， 此时 电 路 中 的 最 小 电 流 为 Ｉｍｉｎ ＝ Ｕ Ｒ滑大 ＋Ｒ０ ＝ ６Ｖ ２０Ω＋５Ω ＝０．２４Ａ，电路消耗的最小功率为 Ｐｍｉｎ＝ ＵＩｍｉｎ＝６Ｖ×０．２４Ａ＝１．４４Ｗ，故Ｄ正确。故选Ｄ。 １１．Ｂ　【解析】当Ｓ１，Ｓ２均闭合时，灯泡与滑动变阻器的 最大阻值并联，电流表测干路电流，故 Ａ错误；只闭 合开关Ｓ２时，由小灯泡正常发光可知，电源的电压Ｕ ＝ＵＬ＝４Ｖ，将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处， 再闭合开关 Ｓ１时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并 联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的 电压相等，所以，通过滑动变阻器的电流Ｉ滑 ＝ Ｕ Ｒ滑 ＝ ４Ｖ ２０Ω ＝０．２Ａ，因并联电路中干路电流等于各支路电 流之和，所以，通过灯泡的电流，ＩＬ＝Ｉ－Ｉ滑 ＝０．４Ａ－ ０．２Ａ＝０．２Ａ，则小灯泡的额定功率ＰＬ＝ＵＬＩＬ＝４Ｖ ×０．２Ａ＝０．８Ｗ，当干路上的最大电流为 Ｉ′＝０．６Ａ 时，通过滑动变阻器的最大电流为Ｉ滑′＝Ｉ′－ＩＬ ＝ ０．６Ａ－０．２Ａ＝０．４Ａ＜１Ａ，此时电路的功率最大 Ｐ大 ＝ＵＩ′＝４Ｖ×０．６Ａ＝２．４Ｗ，由于通过滑动变阻 器的最大电流为０．４Ａ，则滑动变阻器接入电路中的 电阻最小为Ｒ滑小 ＝ Ｕ Ｉ滑′ ＝４Ｖ０．４Ａ＝１０Ω，所以，滑动变 阻器连入的阻值范围是１０Ω～２０Ω，故 Ｂ正确，ＣＤ 错误。故选Ｂ。 １２．２２０　８．４×１０６　９３ １３．解：（１）水的质量 ｍ＝ρＶ＝１．０×１０３ｋｇ／ｍ３×２× １０－３ｍ３＝２ｋｇ； 水的初温为２０℃，一标准大气压下沸点为１００℃，则 水吸收的热量 Ｑ吸 ＝ｃｍ（ｔ－ｔ０）＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ· ℃）×２ｋｇ× （１００℃－２０℃）＝６．７２×１０５Ｊ； （２）若靠电磁炉提供，则需要消耗的电能 Ｗ＝ Ｑ吸 η ＝６．７２×１０ ５Ｊ ８０％ ＝８．４×１０ ５Ｊ≈０．２３ｋＷ·ｈ； 大约需要电费 ａ＝０．２３ｋＷ·ｈ×０．５元／（ｋＷ·ｈ）≈０．１２元。 若靠天然气炉提供，所需天然气完全燃烧释放的热量 Ｑ放 ＝ Ｑ吸 η ＝６．７２×１０ ５Ｊ ６０％ ＝１１．２×１０ ５Ｊ； 需要燃烧天然气的体积 Ｖ＝ Ｑ放 ｑ＝ １１．２×１０５Ｊ ３．５×１０７Ｊ／ｋｇ ＝０．０３２ｍ３。 需要的费用ｂ＝３元／ｍ３×０．０３２ｍ３＝０．０９６元，故天 然气加热的水壶更省钱； 电水壶的加热时间ｔ＝ＷＰ＝ ０．２３ｋＷ·ｈ ２ｋＷ ＝０．１１５ｈ                                                                       ； ４２