专题06 选择题专项训练（江苏专用）-【好题汇编】备战2024-2025学年九年级物理上学期期末真题分类汇编（江苏专用）

专题06 选择题专项训练 1．（2023秋•宿迁期末）如图所示，下列器件中属于省力杠杆的是（　　） A．理发剪 B．铁皮剪刀 C．筷子 D．镊子 2．（2022秋•宿城区期末）小明探究杠杆的平衡条件时，通过增减钩码并移动钩码获得3组数据；小华在测量未知电阻时，通过调节滑动变阻器获得了3组数据。这两个实验采用多次实验的目的，下列说法正确的是（　　） A．都是为了找出普遍规律 B．都不是为了找出普遍规律 C．小华的操作是为了多次测量减小误差 D．小明的操作是为了多次测量减小误差 3．（2024春•泰州期末）小华在做“探究杠杆平衡条件”实验的过程中，杠杆右端下沉，如图所示。为了使杠杆在水平位置平衡，下列操作正确的是（　　） A．左端平衡螺母向左调节 B．左端增加一个钩码 C．左侧钩码向左移动一格 D．右侧钩码向右移动一格 4．（2023秋•靖江市期末）如图所示筷子盒在A处施加向下的力时，筷子会从出口滚出。忽略筷子的压力，以下能正确表示按下A处时杠杆示意图的是（　　） A． B． C． D． 5．（2023秋•宝应县期末）筷子是东亚文化圈普遍使用的餐具，如图所示将AB这支筷子作为杠杆，O点为支点，食指指头对筷子上M点的压力FM（垂直于筷子）是动力。则（　　） A．阻力臂是MN、动力臂是OM B．阻力是筷子对食物的压力 C．阻力的方向向上 D．把食物靠近支点放置时，食指对筷子上M点的压力FM变大 6．（2023秋•邗江区校级期末）如图所示用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂L阻和动力F动的变化情况是（　　） A．L阻不变，F动变大 B．L阻不变，F动不变 C．L阻变大，F动变大 D．L阻变大，F动不变 7．（2022春•如皋市校级期末）在下列简单机械的使用中，不能用10N的力提起15N重的物体的简单机械是（　　） A．杠杆 B．一个动滑轮 C．一个定滑轮 D．滑轮组 8．（2022春•海安市期末）如图为“探究动滑轮工作时的特点”实验，每个钩码所受的重力为2N，动滑轮所受的重力为1N，竖直向上拉弹簧测力计，使钩码匀速上升.则弹簧测力计的示数最符合实际的是（　　） A．2.0N B．2.5N C．2.6N D．4.0N 9．（2023秋•常州期末）如图所示，每个滑轮自重相等，不计绳重和轮、轴间摩擦，分别用甲、乙两个滑轮组匀速向上提升重物G1、G2时，甲、乙滑轮组绳端的拉力F恰好相等。已知G1＝60N、G2＝38N，则每个滑轮的重为（　　） A．3N B．6N C．11N D．22N 10．（2022秋•崇川区期末）如图是一种利用滚轴和绳子组装的特殊机械，借助这种机械可以将较重的物体搬运到高处，某人借助该机械吊起一辆摩托车。不计绳和机械自重，下列说法错误的是（　　） A．图中A部分可等效为定滑轮 B．该机械既可省力，也能改变力的方向 C．图中B部分可等效为动滑轮 D．若绳子被拉下6m时，摩托车上升1m 11．（2023秋•宿城区校级期末）在下列的生活实例中，判断错误的是（　　） A．小车在推力的作用下向前运动了一段距离，推力做了功 B．物体在绳子拉力的作用下升高，拉力做了功 C．人提着滑板在水平路面上前行，人提滑板的力做了功 D．人用力搬一块大石头而没有搬动，人对石头的作用力没有做功 12．（2023春•崇川区校级期末）如下图的三种场景中，拉力F1、F2、F3大小相等，在拉力的作用下物体移动的距离相等。若拉力所做的功分别记为W1、W2、W3，下列关于它们大小关系的判断中正确的是（　　） A． W1＝W2＜W3 B．W1＝W2＝W3 C．W2＜W1＝W3 D．W1＜W2＜W3 13．（2021秋•宜兴市期末）如图所示，在水平面ABC中，AB段光滑，BC段粗糙，且AB＝BC，用20N的水平恒力F推着100N的重物，由A点运动到C点，在AB段、BC段上推力F做的功分别为W1、W2，则W1和W2的大小关系是（　　） A．W1＝W2 B．W1＞W2 C．W1＜W2 D．无法确定 14．（2023春•启东市期末）如图所示，放在水平桌面上的柱形容器中放有一密度为0.8g/cm3，边长为10cm的正方体（与底部没有紧密贴合）。缓慢地向容器中注入水，则物体受到的浮力F浮、浮力对物体做功的大小W、物体对容器底部的压强p、容器对桌面的压强p'，这些物理量随液面高度H的变化图象正确的是（　　） A． B． C． D． 15．（2024春•海门区期末）如图所示，水平地面G点两侧粗糙程度不同，物体一直受沿水平方向5N的力F作用，物体经过E点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置，F在EF、GH段做功分别为WEF、WGH，功率分别为PEF、PGH，则（　　） A．WEF＜WGH B．WEF＞WGH C．PEF＞PGH D．PEF＜PGH 16．（2024春•海门区期末）北京冬奥会上，运动员孔凡影从斜坡上A点沿直线滑到B点过程中，拍摄的频闪照片如图所示，若相机每隔0.2s闪拍一次，则孔凡影在AB间，重力做功的功率最接近于（　　） A．8000W B．800W C．80W D．8W 17．（2024春•启东市期末）研究表明，人步行时重心升降的幅度约为脚跨一步距离的0.1倍，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，请你估算一下：一个中学生正常步行（速度约为4km/h）半小时克服重力做功的功率约为（　　） A．10W B．20W C．70W D．140W 18．（2023秋•句容市期末）体育课上，小明想估测小强做引体向上时的功率，下列说法不正确的是（　　） A．必须测量小强的体重 B．必须测量小强的身高 C．必须测量做引体向上的时间 D．必须测量做引体向上的次数 19．（2023秋•溧阳市期末）当两台机器正常工作时，功率大的机器与功率小的机器相比（　　） A．做功一定多 B．做功不可能相同 C．相同的时间内做功一定多 D．做相同的功所用的时间一定多 20．（2023秋•苏州期末）下列说法中正确的是（　　） A．用同一水桶从井中提水时，提一桶水比提半桶水的机械效率高 B．水桶掉到井里，把水桶捞上来时，对桶做的功是额外功 C．用动滑轮提升重物时，绳子自由端拉力做的功是有用功 D．使用机械过程中，额外功越少，则机械效率就越高 21．（2023秋•玄武区期末）一木箱重300N，工人用沿斜面向上的拉力F将木箱匀速拉到高处，如图甲所示，已知整个过程中拉力F做的功W与木箱沿斜面运动距离s的关系如图乙所示，整个过程的额外功是240J，下列说法正确的是（　　） A．拉力F＝150N B．斜面的机械效率η＝40% C．木箱被提升的高度 h＝1.2m D．木箱所受的摩擦力f＝100N 22．（2020秋•沭阳县期末）用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（　　） A．此滑轮组动滑轮的重为5N B．当G物＝15N时，滑轮组机械效率为η＝75% C．同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，最后等于100% D．G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变 23．（2023秋•句容市期末）用如图所示的滑轮组甲和乙分别提升物体，不计绳重和摩擦，下面说法正确的是（　　） A．若物体重力和提升高度相同，则滑轮组的机械效率相同 B．若动滑轮重力和物体重力相同，则滑轮组的机械效率相同 C．若动滑轮重力和绳端拉力相同，则滑轮组甲的机械效率高 D．若物体重力和绳端拉力相同，则滑轮组乙的机械效率高 24．（2023秋•仪征市期末）关于功、功率、机械效率，下列说法正确的是（　　） A．正在水平地面上滚动的足球，足球受到的重力做了功 B．功率越大的机械做功越快 C．用滑轮组提升货物时，功率越大，则机械效率就越高 D．经过不断改进，机器做功的机械效率可达到100% 25．（2023秋•连云港期末）一个滑轮组经改进后，用它把同一物体匀速提升同样的高度，机械效率提高了。改进后与改进前相比（　　） A．额外功不变，有用功增加了 B．有用功不变，额外功减少了 C．总功不变，有用功增加了 D．总功不变，额外功减少了 26．（2023秋•常州期末）图中甲、乙两个质量不同的小球从相同高度静止释放（忽略空气阻力），甲球下落过程中经过P、Q两点，下列说法正确的是（　　） A．释放瞬间，两球的重力势能相等 B．着地瞬间，两球的动能相等 C．甲球在P点和Q点的机械能相等 D．从释放到着地，两球所受重力做的功相等 27．（2023秋•建邺区期末）如图所示是跳板跳水运动员比赛中的几个瞬间，其中①位置时运动员把跳板压到最低处。若不计空气阻力，下列判断正确的是（　　） A．位置①到②的过程，运动员的重力势能转化为弹性势能 B．位置②到③的过程，运动员减小的动能大于其增加的重力势能 C．位置③到④的过程，运动员的机械能增大 D．位置④时运动员的动能大于位置②时运动员的动能 28．（2023秋•玄武区期末）4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱接近地面时，反推发动机点火，返回舱减速下降，安全降落在着陆预定区域。在此过程中，对于返回舱能量变化描述正确的是（　　） A．返回舱动能减小，重力势能减小，机械能不变 B．返回舱动能不变，重力势能减小，机械能减小 C．返回舱动能减小，重力势能增加，机械能不变 D．返回舱动能减小，重力势能减小，机械能减小 29．（2023秋•海门区期末）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置，压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在A、B间做往复运动（已知AO＝OB）。下列说法正确的是（　　） A．小球在往复运动过程中机械能守恒 B．从B到A弹簧的弹性势能一直减小 C．小球在O点时，动能最大 D．小球从A往B运动过程中，弹性势能转化为动能 30．（2022秋•淮安区期末）两个相同的篮球，表面潮湿，从不同高度自由落至同一地面，留下的印迹如图所示。关于初始时篮球的重力势能，下列说法正确的是（　　） A．两个一样大 B．落在a处的大 C．落在b处的大 D．无法比较大小 31．（2022秋•南京期末）如图所示，是小球在地面弹跳的情景。小球在A点的机械能为120J，当小球由A点运动到B点时，机械能变为100J，则小球由B点运动到C点时，其机械能可能为（　　） A．80J B．90J C．100J D．120J 32．（2023秋•无锡期末）关于内能，下列说法中正确的是（　　） A．0℃的物体没有内能 B．具有机械能的物体不一定具有内能 C．物体内能的大小与温度无关 D．物体具有内能也可以同时具有机械能 33．（2023秋•南京期末）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（　　） A．物体的温度越高，所含热量越多 B．内能相同的物体接触时不发生热传递 C．物体温度不变，内能一定不变 D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体 34．（2022秋•苏州期末）关于内能和热传递，下列说法中正确的是（　　） A．热量总是从内能大的物体传给内能小的物体 B．热传递的过程就是能量转化的过程 C．热传递是改变物体内能的唯一方式 D．物体间发生热传递时温度一定不同 35．（2023秋•玄武区期末）下列事例中，改变物体内能的方式与其他三个事例不同的是（　　） A．通电后，电暖器会发热 B．汽车长时间高速行驶后，轮胎温度升高 C．拖拉机发动机采用循环流动的水进行冷却 D．点火使盒内酒精燃烧，盒盖飞出，燃气温度降低 36．（2022秋•宿城区期末）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法错误的是（　　） A．要控制水和沙子的质量相同 B．要控制水和沙子体积相同 C．要用计时器间隔一定时间同时记录沙子和水的温度 D．加热过程中要不停地搅拌 37．（2023秋•仪征市期末）质量和温度都相同的甲、乙两种物质，用同样的加热器进行加热，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（　　） A．0～6min甲比乙吸收的热量多 B．6～8min甲物质吸热，乙物质不吸热 C．8～10min甲和乙继续吸热，但甲和乙温度保持不变 D．甲的比热容大于乙的比热容 38．（2023秋•沛县校级期末）“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”是我国西北沙漠地区日温差较大的生动写照。产生这一现象的主要原因是（　　） A．沙子比热容小 B．沙子比热容大 C．沙子密度小 D．沙子密度大 39．（2023秋•海门区期末）下列图中箭头表示空气流动的方向。炎热晴朗的夏夜，我市老坝港海边的陆地与海面之间空气循环流动的示意图表示正确的是（　　） A． B． C． D． 40．（2023秋•苏州期末）甲、乙两物体的质量相等，甲物体温度升高10℃时吸收的热量恰好等于乙物体温度升高20℃时吸收的热量，则甲、乙两物体的比热之比为（　　） A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1 41．（2021秋•溧阳市期末）如图所示是四冲程汽油机的压缩冲程，关于该过程中气缸内的气体，下列说法正确的是（　　） A．密度不变 B．内能增大 C．温度降低 D．分子热运动变慢 42．（2022秋•姜堰区校级期末）下列所示的交通工具工作过程中使用热机的是（　　） A．自行车 B．柴油车 C．电动自行车 D．皮筏艇 43．（2023秋•建邺区期末）如图甲所示是四冲程汽油机某冲程示意图，图乙为空气压缩引火仪，图丙对试管中水加热一段时间后瓶塞“飞出”。关于这三幅图，下列说法正确的是（　　） A．三幅图所示的过程改变气体内能的方式不同 B．三幅图所示的过程气体内能大小的变化情况相同 C．甲图为汽油机的做功冲程，其能量转化与图丙中的能量转化相同 D．若该汽油机每秒可完成10个图甲冲程，则其飞轮转速为1200r/min 44．（2023秋•句容市期末）释放化学能的过程不断地发生在人体内，食物也是一种“燃料”，营养成分在人体细胞里与氧结合，提供细胞组织所需的能量。一袋饼干的营养成分表上标有“2361kJ/100g”，该标识的含义与以下物理量的含义类似的是（　　） A．热量 B．热值 C．比热容 D．内能 45．（2023秋•邗江区期末）如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（　　） A．若m相同，Δt越小，燃料的热值越大 B．若Δt相同，m越大，燃料的热值越大 C．若的值越大，燃料的热值越大 D．若的值越大，燃料的热值越大 46．（2023秋•盐都区期末）如图所示，高铁车顶有一个与高压线接触的物体称为受电弓，受电弓与高压线合称“弓网系统”，用来为高铁动力提供电能。你认为受电弓与高压线接触面上的材料选用较为合适的是（　　） A．橡胶 B．石墨 C．陶瓷 D．塑料 47．（2023秋•丹徒区期末）小华连成如图所示的电路，闭合开关S1并观察灯泡亮暗情况后，再闭合开关S2，此实验过程中，小华看到的现象是（　　） A．两只灯泡开始都亮，后来L2不亮 B．两只灯泡开始都亮，后来L1不亮 C．两只灯泡一直都不亮 D．两只灯泡一直亮 48．（2023秋•太仓市期末）下列四个选项中，不属于用电器的是（　　） A．测电笔 B．电热驱蚊香 C．正在充电的电池 D．迷你型暖风机 49．（2023秋•宿豫区期末）某智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁．第一次密码识别成功时仅有S1闭合，语音提示器发声；第二次指纹再识别成功时S2才闭合，开锁成功。若用电动机工作模拟开锁成功，则符合要求的模拟电路是（　　） A． B． C． D． 50．（2023秋•苏州期末）小明家台灯的插头插在如图所示的插座上，插座上有一个开关和一个指示灯（相当于电阻很大的灯泡）。若插座开关和指示灯用S1、L1表示，台灯开关和灯泡用S2、L2表示。则符合事实的电路图是（　　） A． B． C． D． 51．（2023秋•玄武区期末）如图所示为一款吊扇灯，闭合总开关后，风扇和灯可各自独立工作。选项中设计的电路图符合实际的是（　　） A． B． C． D． 52．（2023秋•句容市期末）关于两个用电器的连接方式，下列说法正确的是（　　） A．如果两个用电器电压相等，则这两个用电器一定是并联的 B．如果两个用电器电流相等，则这两个用电器一定是串联的 C．如果两个用电器电流不相等，则这两个用电器一定是并联的 D．如果两个用电器电压不相等，则这两个用电器可能是并联的 53．（2023秋•扬州期末）如图是学校门口的智能门禁。只有本校师生靠近时S1才闭合，并且体温正常时S2闭合，电动机工作，开门放行，同时扬声器会发出“体温正常”的声音。若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开。以下电路的设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 54．（2023秋•姜堰区期末）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 55．（2023秋•句容市期末）两个相同的电流表，均有两个量程（0～0.6A和0～3A）。如图甲，闭合开关S，两灯泡均发光，两电流表均有正常的示数。如图乙，两个电流表指针偏转的角度恰好相同，则通过L1与L2的电流之比为（　　） A．1：5 B．5：1 C．1：4 D．4：1 56．（2023秋•无锡期末）如图所示，为家用插线板示意图。图中A线接入家庭电路中，B线接台灯，C线接取暖器，两个用电器均正常工作时，A、B、C三处的电流分别为IA、IB、IC，则它们的大小关系正确的是（　　） A．IA＝IB B．IC＝IA+IB C．IA＝IB+IC D．IB＝IC 57．（2023秋•丹徒区期末）关于家用冰箱正常工作时电流，下列估计值中最接近实际的是（　　） A．0.1A B．1A C．10A D．100A 58．（2023秋•阜宁县期末）用如图所示电路探究串联电路中电流、电压的特点。关于该实验，下列说法中正确的是（　　） A．L1和L2可选型号不同的灯泡，可以通过灯泡亮暗判断电流大小 B．为探究串联电路电压特点，L1和L2应选型号相同的灯泡 C．最好选用型号相同、量程相同的三个电压表串联接入a、b、c处测量 D．最好选用型号相同、量程相同的三个电流表串联接入a、b、c处测量 59．（2023秋•宿城区期末）如图电源电压为6V，开关闭合后，电灯L1、L2均不发光，用电压表逐段测量，结果是Uab＝0V，Uad＝6V，Ubc＝0V，Ucd＝6V。由此可判断此电路的故障可能是（　　） A．L1断路 B．L2断路 C．L1短路 D．滑动变阻器断路 60．（2023秋•高邮市期末）如图所示电路，闭合开关S后，两灯均发光。请你仔细观察并分析此电路图，下列说法正确的是（　　） A．两灯串联，电压表V1测量灯泡L1两端的电压 B．两灯串联，电压表V2测量灯泡L2两端的电压 C．两灯并联，电压表V1和电压表V2的示数相同 D．两灯并联，电压表V1和电压表V2的示数不同 61．（2023秋•南京期末）电阻的单位是为了纪念下列哪位物理学家而命名的（　　） A．欧姆 B．安培 C．伏特 D．瓦特 62．（2023秋•南通期末）华为新产品Mate60pro手机搭载麒麟9000S芯片，该芯片是在国内完成制造的，标志着中国芯片正在崛起。芯片是指含有集成电路的硅片，制造芯片的主要材料是（　　） A．半导体材料 B．超导材料 C．磁性材料 D．绝缘材料 63．（2022秋•亭湖区校级期末）关于导体的电阻，下列说法正确的是（　　） A．加在导体两端的电压越大，导体的电阻就越大 B．通过导体的电流为零时，导体没有电阻 C．通过导体的电流越大，导体的电阻越小 D．导体电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关 64．（2023秋•阜宁县期末）用如图所示电路探究“影响电阻大小的因素”实验时，下列说法正确的是（　　） A．该电路中小灯泡的作用，代替电流表判断电流强弱 B．该电路探究导体的电阻大小与导体横截面积有关 C．该电路探究导体的电阻大小与导体长度有关 D．该电路探究导体的电阻大小与导体温度有关 65．（2023秋•徐州期末）当将滑动变阻器的滑片P向右移动时．图中的哪一种连接方法可使变阻器连入电路部分的电阻增大（　　） A． B． C． D． 66．（2023秋•扬州期末）小明同学在学习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的实验中，连接了如图所示的电路，下列分析错误的是（　　） A．若将A、C端连入电路，向D端移动滑片P，灯泡变亮 B．若将B、C端连入电路，闭合开关前，滑片P应移动到最左端 C．若将A、B端连入电路，闭合开关，移动滑片P，灯泡亮度不变 D．若将C、D端连入电路，变阻器相当于一根导线 67．（2023秋•扬州期末）如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项中加点字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的主要作用描述正确的是（　　） A．探究电流与电压的关系——保持定值电阻两端电压不变 B．探究电流与电阻的关系——调节电阻两端电压成倍数变化 C．测量定值电阻的阻值——改变电路中的电流和电阻两端的电压 D．测量小灯泡的电功率——改变小灯泡两端电压，求平均电功率 68．（2022秋•常州期末）如图所示，小明按照箭头所指方向移动变阻器的滑片P时，小灯泡亮度不变的是（　　） A． B． C． D． 69．（2023秋•阜宁县期末）如图是小明探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验电路图．已知电源电压U＝15V，滑动变阻器上标有“20Ω 3A”（实际最大阻值略小于20Ω），实验中所用的四个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω．为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流表选择的量程和应控制的电流最合理的是（　　） A．0～0.6A 0.5A B．0～3 A 0.8A C．0～3A 0.7A D．0～3A 0.75A 70．（2023秋•徐州期末）某同学在探究“电流跟电压、电阻的关系”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一个图象。下列结论与图象相符的是（　　） A．电压一定时，电流随着电阻的增大而减小 B．电阻一定时，电压随着电流的增大而增大 C．电阻一定时，电流随着电压的增大而增大 D．电压一定时，电阻随着电流的增大而减小 71．（2023秋•南通期末）用如图所示电路探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验，在A、B间接入5Ω的定值电阻R，移动滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数，接着取下5Ω的电阻分别换上10Ω、15Ω的定值电阻，移动滑片，使电压表示数仍为2V，当换上15Ω的定值电阻时，无论怎样移动滑片，电压表示数都不能回到2V。对此现象，下列分析正确的是（　　） A．15Ω电阻太小，换一个更大的定值电阻，继续实验 B．变阻器的最大阻值太大，换一个最大阻值小一点的变阻器继续实验 C．在第一次接入5Ω的定电阻时，移动滑片，使电压表示数为定值1.5V，继续实验 D．将三个电阻按15Ω、10Ω、5Ω的由大到小的顺序接入进行实验，可以避免这种现象 72．（2020秋•连云港期末）根据欧姆定律公式I，可变形得到公式R，下列说法正确的是（　　） A．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比 B．导体电阻的大小跟导体中的电流成反比 C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 73．（2023秋•苏州期末）高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（　　） A．称重表相当于一个电压表 B．电路中的R1是没有作用的 C．当车辆越重时，称重表的示数越小 D．当车辆越重时，称重表的示数越大 74．（2022秋•海州区校级期末）如图所示，电路中R1的阻值为6Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为1.2A，电流表A2的示数为0.3A．则R2的阻值是（　　） A．18Ω B．24Ω C．6Ω D．3Ω 75．（2023秋•苏州期末）小红同学在探究“用滑动变阻器改变灯泡的亮度”实验时，设计了如图所示的电路，小红同学进行了演示，当滑片P由b向a滑动的过程中，会出现的情况是（　　） A．灯的亮度变亮 B．电源电压变小 C．灯的电阻不变 D．电流表A1、A2的示数均变大 76．（2023秋•仪征市期末）我国新能源汽车智能化水平位居世界前列，驾驶员既可以通过传统的机械按键（开关S1）控制车窗的升降，也可以通过语音（开关S2）控制车窗的升降。下列电路中可实现上述功能的是（　　） A． B． C． D． 77．（2022秋•涟水县期末）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（　　） A．电源电压为4.5V B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω 78．（2023秋•苏州期末）如图所示电路中，R1＝10Ω，R2＝20Ω，闭合开关S，电压表V1与V2的示数之比是（　　） A．1：2 B．1：3 C．2：1 D．2：3 79．（2022秋•沭阳县期末）某同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻”的实验，已知电源电压恒为8V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，实验中该同学填写的实验数据如表所示。下述关于实验的几种说法中错误的是（　　） 序号 1 2 3 4 U/V 2.0 3.0 4.0 5.0 I/A 0.21 0.30 0.40 0.49 A．该同学测得此电阻的阻值约为10Ω B．序号“3”的实验中，滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为1：1 C．序号“1”实验数据是使用现有器材无法得出的 D．仅用该同学的实验器材就能探究电流与电阻的关系 80．（2022秋•淮安期末）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（　　） A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变 C．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻 D．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大 81．（2023秋•海安市期末）为了纪念作出巨大贡献的科学家们，常常以他们的名字作为某个物理量的单位。下列物理学家中，以其名字命名电能单位的是（　　） A．牛顿 B．瓦特 C．焦耳 D．安培 82．（2023秋•宿迁期末）某家庭月初电能表的示数为2627.2kW•h，月底表盘示数为2717.2kW•h，表盘上有1800imp/（kW•h），他所在地区每度电的电费是0.5元，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作10min，电能表指示灯闪烁了360次，则（　　） A．本月他家应缴纳电费90元 B．该家庭这个月总共耗电2717.2kW•h C．这个用电器可能是节能灯 D．这个用电器10min耗电0.2kW•h 83．（2022秋•建湖县期末）现有两个定值电阻R1和R2（R1＞R2），按照如图所示的四种方式，分别接到电压恒为U的电源两端工作相同的时间。则四个电路中电流做功大小关系正确的是（　　） A．W甲＞W乙＞W丙＞W丁 B．W甲＞W丙＞W丁＞W乙 C．W丙＞W丁＞W乙＞W甲 D．W乙＞W丁＞W丙＞W甲 84．（2022秋•邳州市期末）一盏“220V 9W”的LED灯和一盏“220V 60W”的白炽灯正常发光时亮度相当。现用LED灯替代家庭生活中的白炽灯工作，可以节约的电能为（　　） A．10% B．15% C．85% D．90% 85．（2021秋•沭阳县校级期末）安装在家庭电路中的电能表，测量的是（　　） A．电能 B．电压 C．电阻 D．电流 86．（2023秋•宿迁期末）下列家用电器的有关数据，最符合实际的是（　　） A．空调的待机功率为0.1W B．电视遥控器的工作电流为1A C．我国家用洗衣机的工作电压为220V D．人体安全电压为36V 87．（2023秋•新沂市期末）如图所示，在“比较两个灯泡的亮暗”活动中，将标有“2.5V”字样的灯泡甲和“3.8V”字样的灯泡乙串联在电路中，观察到甲灯比乙灯亮。则下列说法正确的是（　　） A．.甲灯的电阻比乙灯的电阻小 B．.通过甲灯的电流比通过乙灯的电流大 C．.甲灯两端的电压比乙灯两端的电压小 D．.相同时间内，电流通过甲灯做的功多 88．（2023秋•邗江区期末）现有L1“6V 3W”和L2“6V 9W”两只小灯泡，将两灯串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变，下列说法正确的是（　　） A．两灯均能正常发光 B．两灯的额定电流相同 C．灯L1可能被烧毁 D．灯L2可能被烧毁 89．（2022秋•邳州市期末）智能手机耗电达到一定值时，会自动提示用户采用或转入“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（　　） A．减小了电池的输出电流 B．增大了电池的输出电压 C．减小了电池的供电效率 D．增大了电池的输出功率 90．（2023秋•扬州期末）如图电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，则（　　） A．电压表V示数变大，R1消耗的电功率变大 B．电流表A1示数不变，电压表V与电流表A2示数比值不变 C．电压表V示数不变，R2消耗的电功率变小 D．电流表A2示数变少，R1与R2上的电功率之比变小 91．（2022秋•海州区校级期末）标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（　　） A．3W B．3.3W C．3.6W D．5W 92．（2023秋•淮安期末）北京冬奥会期间，我国科研人员为运动员提供了带电源的智能控温加热手套，如图所示。下列与加热手套工作原理相同的用电器是（　　） A．电冰箱 B．电风扇 C．电饭锅 D．洗衣机 93．（2023秋•南京期末）如图是“探究影响电流热效应的因素”实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1＞R2，瓶内装入等质量的煤油。下列说法错误的是（　　） A．烧瓶内选用液体煤油，利用了煤油比热容小升温快的特点 B．该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系 C．闭合开关后，甲烧瓶中煤油温度上升比乙快 D．滑动变阻器的滑片向左移，两烧瓶中煤油温度上升将变慢 94．（2023秋•宿城区校级期末）电炉中的电阻丝通电一段时间后变得很烫，而连接的导线却不怎么热，主要是（　　） A．通过导线的电流小于通过电阻丝的电流 B．导线的绝热皮隔热 C．导线的电阻远小于电阻丝的电阻 D．导线散热比电阻丝快 95．（2023秋•宿迁期末）一根电炉丝烧坏了，切掉了后，仍接在原电源上，在相同的时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（　　） A．5：6 B．6：5 C．1：6 D．6：1 96．（2022秋•如皋市期末）小明新购买了一台笔记本电脑，电池的容量为73W•h。下列有关这台笔记本电脑的说法正确的是（　　） A．“W•h”是电功率的单位 B．电池充满电后可储存73J的电能 C．电流通过笔记本电脑做多少功就产生多少热 D．电脑里装有小风扇是为了防止电热产生危害 97．（2023秋•东台市期末）用测电笔判断家庭电路中火线和零线时，下列说法正确的是（　　） A．使用时手应接触笔尖金属电极 B．使用时手不能接触笔尾金属电极 C．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替 D．当氖管发光时有微弱电流通过人体 98．（2023秋•盐都区期末）如图所示的家庭电路中，正常发光的灯L突然熄灭，电工用测电笔分别测a、b、c、d四点，发现a、b两点氖管都发光，c、d两点氖管都不发光，若电路只有一处故障，则可能是（　　） A．火线上熔丝断了 B．开关S处断路 C．灯泡灯丝断了 D．导线c、d间断路 99．（2022秋•宿城区校级期末）某家庭电路的部分电路如图所示，甲、乙两处分别装用电器和开关，下列说法正确的是（　　） A．随着用电器功率增大，通过电路的电流也增大 B．火线上的保险丝应当改接到零线上 C．甲处应装用电器，乙处应装开关 D．保险丝熔断了可以用铜丝代替 100．（2021秋•姜堰区期末）如图所示，在接线柱A、B间接入导线（其材料为普通铜丝），在接线柱C、D间接入熔丝．接通电源，灯泡正常发光，熔丝不熔断；断开电源，在 B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯不亮，熔丝熔断。以下判断中错误的是（　　） A．熔丝熔断时，熔丝中的电流大于 AB 间导线中的电流 B．导致熔丝熔断的原因是电路中电流过大 C．熔丝熔断，但灯泡依然完好 D．如果先在C、D间连上一根导线，再接通电源时，熔丝不会熔断 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $$ 专题06 选择题专项训练 1．（2023秋•宿迁期末）如图所示，下列器件中属于省力杠杆的是（　　） A．理发剪 B．铁皮剪刀 C．筷子 D．镊子 【答案】B 【解答】解：A、理发剪在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误； B、铁皮剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确； C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误； D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误。 故选：B。 2．（2022秋•宿城区期末）小明探究杠杆的平衡条件时，通过增减钩码并移动钩码获得3组数据；小华在测量未知电阻时，通过调节滑动变阻器获得了3组数据。这两个实验采用多次实验的目的，下列说法正确的是（　　） A．都是为了找出普遍规律 B．都不是为了找出普遍规律 C．小华的操作是为了多次测量减小误差 D．小明的操作是为了多次测量减小误差 【答案】C 【解答】解：探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，使结论具有普遍性；在测量未知电阻时，要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，目的是减小测量误差，所以ABD错误，C正确。 故选：C。 3．（2024春•泰州期末）小华在做“探究杠杆平衡条件”实验的过程中，杠杆右端下沉，如图所示。为了使杠杆在水平位置平衡，下列操作正确的是（　　） A．左端平衡螺母向左调节 B．左端增加一个钩码 C．左侧钩码向左移动一格 D．右侧钩码向右移动一格 【答案】C 【解答】解：设每个钩码重力为G，杠杆上每一格的长度为L， A．杠杆的平衡螺母只能在实验前调节，在实验过程中不能调节，两侧力与力臂乘积不等，不可能平衡，故A不正确； B．左端增加一个钩码，杠杆左端力与力臂的乘积为5G×2L＝10GL， 杠杆右端力与力臂的乘积为3G×4L＝12GL，故B不正确； C．左侧钩码向左移动一格时，杠杆左端力与力臂的乘积为4G×3L＝12GL， 杠杆右端力与力臂的乘积为3G×4L＝12GL，故C正确； D．右侧钩码向右移动一格，杠杆左端力与力臂的乘积为4G×2L＝8GL， 杠杆右端力与力臂的乘积为3G×5L＝15GL，两侧力与力臂乘积不等，不可能平衡，故D不正确。 故选：C。 4．（2023秋•靖江市期末）如图所示筷子盒在A处施加向下的力时，筷子会从出口滚出。忽略筷子的压力，以下能正确表示按下A处时杠杆示意图的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解答】解：A处施加的动力的方向是向下的，支点在杠杆的最左侧，所以阻力的方向是向上的，根据四个选项可知，A中图正确。 故选：A。 5．（2023秋•宝应县期末）筷子是东亚文化圈普遍使用的餐具，如图所示将AB这支筷子作为杠杆，O点为支点，食指指头对筷子上M点的压力FM（垂直于筷子）是动力。则（　　） A．阻力臂是MN、动力臂是OM B．阻力是筷子对食物的压力 C．阻力的方向向上 D．把食物靠近支点放置时，食指对筷子上M点的压力FM变大 【答案】C 【解答】解：ABC、由图可见，杠杆绕O点转动，O为支点；作用在M点向下的是动力，是手对筷子的力FM，故B错误；作用在N点向上的力是阻力FN，故C正确；分别从支点O向阻力作用线作垂线，就得到阻力臂0N，用LN表示，动力臂是OM，故A错误；如下图： D、把食物靠近支点放置时，阻力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知食指对筷子上M点的压力FM变小，故D错误； 故选：C。 6．（2023秋•邗江区校级期末）如图所示用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂L阻和动力F动的变化情况是（　　） A．L阻不变，F动变大 B．L阻不变，F动不变 C．L阻变大，F动变大 D．L阻变大，F动不变 【答案】C 【解答】解：剪刀的轴是支点，剪纸时阻力作用在纸和剪刀的接触点，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力F阻不变，动力臂L动不变，阻力臂L阻逐渐变大，由杠杆平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂可知，动力F动逐渐变大。 故选：C。 7．（2022春•如皋市校级期末）在下列简单机械的使用中，不能用10N的力提起15N重的物体的简单机械是（　　） A．杠杆 B．一个动滑轮 C．一个定滑轮 D．滑轮组 【答案】C 【解答】解：A、杠杆可以利用力臂的长短来改变用力的大小，当动力臂与阻力臂的比值为1.5：1时，动力为10N时，刚好提起15N重的物体，故A不符合题意； B、动滑轮省一半力，因此可以用10N的力提起重15N的物体；故B不符合题意； C、定滑轮既不省力也不费力，因此不能用10N的力提起重20N的物体；故C符合题意； D、滑轮组可以省力，故可用10N的力提起15N重的物体，故D不符合题意； 故选：C。 8．（2022春•海安市期末）如图为“探究动滑轮工作时的特点”实验，每个钩码所受的重力为2N，动滑轮所受的重力为1N，竖直向上拉弹簧测力计，使钩码匀速上升.则弹簧测力计的示数最符合实际的是（　　） A．2.0N B．2.5N C．2.6N D．4.0N 【答案】C 【解答】解：根据动滑轮的特点，有绳子自由端弹簧测力计的示数为F（G钩+G动）（2×2N+1N）＝2.5N，若考虑摩擦等因素，弹簧测力计的示数应该会超过2.5N，比2.5N略大，所以答案应该选C。 故选：C。 9．（2023秋•常州期末）如图所示，每个滑轮自重相等，不计绳重和轮、轴间摩擦，分别用甲、乙两个滑轮组匀速向上提升重物G1、G2时，甲、乙滑轮组绳端的拉力F恰好相等。已知G1＝60N、G2＝38N，则每个滑轮的重为（　　） A．3N B．6N C．11N D．22N 【答案】B 【解答】解：由图可知，n甲＝3，n乙＝2；不计绳重和轮、轴间摩擦，且每个滑轮自重相等， 则F甲（G1+G动）（60N+G动）， F乙（G2+G动）（38N+G动）， 因甲、乙滑轮组绳端的拉力F恰好相等，即（60N+G动）（38N+G动）， 解得：G动＝6N，故ACD错误，B正确。 故选：B。 10．（2022秋•崇川区期末）如图是一种利用滚轴和绳子组装的特殊机械，借助这种机械可以将较重的物体搬运到高处，某人借助该机械吊起一辆摩托车。不计绳和机械自重，下列说法错误的是（　　） A．图中A部分可等效为定滑轮 B．该机械既可省力，也能改变力的方向 C．图中B部分可等效为动滑轮 D．若绳子被拉下6m时，摩托车上升1m 【答案】D 【解答】解：AC、提升物体时，A的轴的位置固定不动，属于定滑轮；B和物体一起移动，属于动滑轮，故A、C正确； B、利用该滑轮组装置既能省力，又能改变力的方向，故B正确。 D、由图知，A、B组成滑轮组，n＝5，则拉力端移动距离s＝5h；人将绳拉下5m时，摩托上升的高度h＝1m，故D错误。 故选：D。 11．（2023秋•宿城区校级期末）在下列的生活实例中，判断错误的是（　　） A．小车在推力的作用下向前运动了一段距离，推力做了功 B．物体在绳子拉力的作用下升高，拉力做了功 C．人提着滑板在水平路面上前行，人提滑板的力做了功 D．人用力搬一块大石头而没有搬动，人对石头的作用力没有做功 【答案】C 【解答】解：A．甲图小车在推力的作用下前进了一段距离，推力做功，故A正确； B．乙图物体在绳子拉力作用下升高，物体在拉力的方向上移动了距离，拉力做功，故B正确； C．丙图人提着滑板在水平路面上前行，提力竖直向上，滑板在拉力的方向上没移动距离，人提滑板的力没有做功，故C错误； D．丁图用力搬石头没有搬动，只有力，没有距离；人对石头没有做功，故D正确。 故选：C。 12．（2023春•崇川区校级期末）如下图的三种场景中，拉力F1、F2、F3大小相等，在拉力的作用下物体移动的距离相等。若拉力所做的功分别记为W1、W2、W3，下列关于它们大小关系的判断中正确的是（　　） A． W1＝W2＜W3 B．W1＝W2＝W3 C．W2＜W1＝W3 D．W1＜W2＜W3 【答案】A 【解答】解：由图可见，第一幅图中滑轮为定滑轮，它的特点是不省力，不省距离，所以拉力移动的距离等于物体移动距离为s，拉力做的功为：W1＝F1s； 第二幅图中，拉力移动的距离也等于物体移动距离为s，拉力做的功为：W2＝F2s； 第三幅图中滑轮为动滑轮，可以省一半力，但是费距离，拉力移动距离为2s，拉力做的功为：W3＝F3×2s。 又因为拉力F1、F2、F3大小相等， 所以综上分析可得：W1＝W2＜W3．故A正确，BCD错误。 故选：A。 13．（2021秋•宜兴市期末）如图所示，在水平面ABC中，AB段光滑，BC段粗糙，且AB＝BC，用20N的水平恒力F推着100N的重物，由A点运动到C点，在AB段、BC段上推力F做的功分别为W1、W2，则W1和W2的大小关系是（　　） A．W1＝W2 B．W1＞W2 C．W1＜W2 D．无法确定 【答案】A 【解答】解：物体M在不同路面上受到的推力F大小相等，物体在力的方向上通过的距离s相等，由公式W＝Fs可得W1＝W2，故A正确，BCD错误。 故选：A。 14．（2023春•启东市期末）如图所示，放在水平桌面上的柱形容器中放有一密度为0.8g/cm3，边长为10cm的正方体（与底部没有紧密贴合）。缓慢地向容器中注入水，则物体受到的浮力F浮、浮力对物体做功的大小W、物体对容器底部的压强p、容器对桌面的压强p'，这些物理量随液面高度H的变化图象正确的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解答】解： A、正方体的密度比水小，最终漂浮，正方体在漂浮水中之前，V排变大，因为F浮＝ρ水V排g，所以铁块受到的浮力变大；正方体在漂浮水中之后，V排不变，因为F浮＝ρ水V排g，所以正方体受到的浮力不变；可见正方体受到的浮力是先变大、后不变，故A错误； B、正方体在漂浮水中之前，水面上升时，正方体没有向上移动距离，则浮力不做功； 正方体在漂浮水中之后继续加水，正方体受到的浮力不变（等于自重），正方体在浮力的作用下缓慢向上运动，且移动的距离等于水面上升的高度h，由W＝F浮h可知，浮力做的功随水面上升高度h的增大而均匀增大，故B正确； C、正方体在漂浮水中之前，正方体受到的浮力是变大，正方体对容器底部的压力等于其重力减去浮力，所以正方体对容器底部的压力变小，漂浮时压力等于0；根据p知，受力面积一定，物体对容器底部的压强p先变小，后变为0，故C错误； D、容器对桌面的压力等于容器的重力加上水的重力再加上正方体的重力，在加水过程中，容器对桌面的压力不断变大，根据p知容器对桌面的压强p'变大，在正方体漂浮时图像出现拐点，且物块漂浮之后相同深度对应水的体积更大、其重力更大，则容器对桌面的压强增加量更大，图像应该是向上偏折的，故D错误。 故选：B。 15．（2024春•海门区期末）如图所示，水平地面G点两侧粗糙程度不同，物体一直受沿水平方向5N的力F作用，物体经过E点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置，F在EF、GH段做功分别为WEF、WGH，功率分别为PEF、PGH，则（　　） A．WEF＜WGH B．WEF＞WGH C．PEF＞PGH D．PEF＜PGH 【答案】D 【解答】解：由图可知，GH段和EF段的路程都为s＝3m，拉力都是F＝5N，由W＝Fs可得做的功WEF＝WGH； 由题可知，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置，设GH段用的时间tGH＝t，则EF段用的时间tEF＝2t，所以tEF＞tGH，故做的功相同，由P可知，PEF＜PGH。 故选：D。 16．（2024春•海门区期末）北京冬奥会上，运动员孔凡影从斜坡上A点沿直线滑到B点过程中，拍摄的频闪照片如图所示，若相机每隔0.2s闪拍一次，则孔凡影在AB间，重力做功的功率最接近于（　　） A．8000W B．800W C．80W D．8W 【答案】A 【解答】解：运动员的身高约为1.7m，由图可知AB间高度差约为3个运动员的身高，即竖直高度h＝3×1.7m＝5.1m， 根据题意可知相机每隔0.2s闪拍一次，时间t＝2×0.2s＝0.4s， 重力的平均速度：v12.75m/s， 孔凡影的重力约600N， 重力做功的功率PGv＝600N×12.75m/s＝7650W，接近8000W，故A正确。 故选：A。 17．（2024春•启东市期末）研究表明，人步行时重心升降的幅度约为脚跨一步距离的0.1倍，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，请你估算一下：一个中学生正常步行（速度约为4km/h）半小时克服重力做功的功率约为（　　） A．10W B．20W C．70W D．140W 【答案】C 【解答】解：中学生的步距约为0.5m，根据题意可知每走一步重心上升的高度Δh＝0.1L＝0.1×0.5m＝0.05m， 中学生的重力约为：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N， 每走一步克服重力做功W＝GΔh＝500N×0.05m＝25J。 由v可得，一个中学生正常步行（速度约为4km/h）半小时所走的路程： s＝vt＝4km/hh＝2km＝2000m， 总共走的步数n＝2000m/0.5m＝4000步， 克服重力做的总功W′＝4000W＝4000×25J＝1×105J， 则整个过程中克服重力做功的功率约为P55.6W，与C选项接近。 故选：C。 18．（2023秋•句容市期末）体育课上，小明想估测小强做引体向上时的功率，下列说法不正确的是（　　） A．必须测量小强的体重 B．必须测量小强的身高 C．必须测量做引体向上的时间 D．必须测量做引体向上的次数 【答案】B 【解答】解：要想估测小强做引体向上时的功率，需要多次引体向上做的功和所用的时间，根据公式P可知，需要测量的物理量包括小强的体重（质量），做引体向上的时间，做引体向上的次数和重心上升的高度，而不需要测量小强的身高。 故选：B。 19．（2023秋•溧阳市期末）当两台机器正常工作时，功率大的机器与功率小的机器相比（　　） A．做功一定多 B．做功不可能相同 C．相同的时间内做功一定多 D．做相同的功所用的时间一定多 【答案】C 【解答】解：当两台机器正常工作时，功率大的机器与功率小的机器相比，根据W＝Pt可知：在相同的时间内，功率大的机器所做的功多，故C正确，ABD错误。 故选：C。 20．（2023秋•苏州期末）下列说法中正确的是（　　） A．用同一水桶从井中提水时，提一桶水比提半桶水的机械效率高 B．水桶掉到井里，把水桶捞上来时，对桶做的功是额外功 C．用动滑轮提升重物时，绳子自由端拉力做的功是有用功 D．使用机械过程中，额外功越少，则机械效率就越高 【答案】A 【解答】解：A、额外功等于水桶重力乘以提水高度，水桶重力和提水高度都相等，所以额外功相等； 第一次取半桶水，第二次取满桶水，根据W有用＝Gh知：第二次所做有用功要多； 在额外功相等的情况下，有用功多的机械效率高，所以提一桶水比提半桶水的机械效率高，故A正确； B、从井里捞桶时，目的是捞桶，所以对桶做的功是有用功，同时，还要将桶中的部分水提起来，所以对水做的功是额外功，故B错误； C、用动滑轮提升重物时，绳子自由端拉力做的功是总功，故C错误； D、机械效率高的机械，说明所做有用功占总功的比值大，额外功所占总功的比值小，不是做的额外功越少，故D错误。 故选：A。 21．（2023秋•玄武区期末）一木箱重300N，工人用沿斜面向上的拉力F将木箱匀速拉到高处，如图甲所示，已知整个过程中拉力F做的功W与木箱沿斜面运动距离s的关系如图乙所示，整个过程的额外功是240J，下列说法正确的是（　　） A．拉力F＝150N B．斜面的机械效率η＝40% C．木箱被提升的高度 h＝1.2m D．木箱所受的摩擦力f＝100N 【答案】C 【解答】解： A、由图乙可知，木箱沿斜面运动6m时，拉力做的功为600J， 由W总＝Fs可得拉力大小：F100N，故A错误； B、因为W总＝W有用+W额，所以拉力做的有用功：W有用＝W总﹣W额＝600J﹣240J＝360J， 斜面的机械效率：η100%100%＝60%，故B错误； C、由W有用＝Gh得木箱被提升的高度： h1.2m，故C正确； D、拉力做的额外功大小等于克服木箱受摩擦力做的功， 由W额＝fs得木箱受摩擦力大小：f40N，故D错误。 故选：C。 22．（2020秋•沭阳县期末）用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（　　） A．此滑轮组动滑轮的重为5N B．当G物＝15N时，滑轮组机械效率为η＝75% C．同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，最后等于100% D．G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变 【答案】D 【解答】解： A、由图可知，G物1＝12N时，滑轮组的机械效率η1＝80%， 不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η， 即：80%， 解得动滑轮重力：G动＝3N，故A错误； B、同理可得，当G物＝15N时，滑轮组的机械效率：η′100%≈83.3%，故B错误； C、由图像可知，同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大；但使用滑轮组时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式η知机械效率一定小于100%，故C错误； D、不计绳重和摩擦，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，由公式η可知，该滑轮组的机械效率不变，故D正确。 故选：D。 23．（2023秋•句容市期末）用如图所示的滑轮组甲和乙分别提升物体，不计绳重和摩擦，下面说法正确的是（　　） A．若物体重力和提升高度相同，则滑轮组的机械效率相同 B．若动滑轮重力和物体重力相同，则滑轮组的机械效率相同 C．若动滑轮重力和绳端拉力相同，则滑轮组甲的机械效率高 D．若物体重力和绳端拉力相同，则滑轮组乙的机械效率高 【答案】B 【解答】解：A、若物体重力和提升高度相同，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η，物重相等，即有用功相等，两滑轮组中动滑轮的重力不一定相等，即额外功不一定相等，则滑轮组的机械效率不一定相同，故A错误； B、若动滑轮重力和物体重力相同，不计绳重和摩擦，根据η可知，滑轮组的机械效率相同，故B正确； C、滑轮组甲由2段绳子承担物重，滑轮组乙由3段绳子承担物重，若动滑轮重力和绳端拉力相同，且不计绳重和摩擦，则提升的物重分别为：G甲＝2F﹣G动，G乙＝3F﹣G动，显然乙图中物重要重些，由η，可知，滑轮组乙的机械效率高，故C错误； D、滑轮组甲由2段绳子承担物重，滑轮组乙由3段绳子承担物重，若物体重力和绳端拉力相同，且不计绳重和摩擦，则G甲动＝2F﹣G，G乙动＝3F﹣G，显然乙图中动滑轮要重些，由η，可知，滑轮组乙的机械效率低，故D错误。 故选：B。 24．（2023秋•仪征市期末）关于功、功率、机械效率，下列说法正确的是（　　） A．正在水平地面上滚动的足球，足球受到的重力做了功 B．功率越大的机械做功越快 C．用滑轮组提升货物时，功率越大，则机械效率就越高 D．经过不断改进，机器做功的机械效率可达到100% 【答案】B 【解答】解：A、足球在水平地面上滚动，重力的方向与运动方向垂直，足球受到的重力对足球没有做功，故A错误； B、功率是表示做功快慢的物理量，功率越大的机械做功越快，故B正确； C、用滑轮组提升货物时，功率越大，不会改变有用功与总功的比值，不能改变滑轮组的机械效率，故C错误； D、使用任何机械都要做额外功，所以总功一定大于有用功，即有用功与总功的比值一定小于1，也就是机械效率小于100%，故D错误。 故选：B。 25．（2023秋•连云港期末）一个滑轮组经改进后，用它把同一物体匀速提升同样的高度，机械效率提高了。改进后与改进前相比（　　） A．额外功不变，有用功增加了 B．有用功不变，额外功减少了 C．总功不变，有用功增加了 D．总功不变，额外功减少了 【答案】B 【解答】解：由W有＝Gh可知，把同一物体匀速提升同样的高度时，前后两次做的有用功不变；由η可知，滑轮组经改进后提高了机械效率，是因为额外功和总功减少了，故ACD错误，B正确。 故选：B。 26．（2023秋•常州期末）图中甲、乙两个质量不同的小球从相同高度静止释放（忽略空气阻力），甲球下落过程中经过P、Q两点，下列说法正确的是（　　） A．释放瞬间，两球的重力势能相等 B．着地瞬间，两球的动能相等 C．甲球在P点和Q点的机械能相等 D．从释放到着地，两球所受重力做的功相等 【答案】C 【解答】解：A、释放瞬间，两球的高度相同，但由于两球的质量不同，所以两球的重力势能不相等，故A错误。 B、着地瞬间，两球的速度相等，但由于两球的质量不同，所以两球的动能不相等，故B错误。 C、甲由P点运动到Q点，重力势能转化为动能，由于忽略空气阻力，所以甲球在P点和Q点的机械能相等，故C正确。 D、从释放到着地，两球所受重力做的功为：W＝Gh＝mgh，h相同，但质量m不同，所以两球所受重力做功不相等，故D错误。 故选：C。 27．（2023秋•建邺区期末）如图所示是跳板跳水运动员比赛中的几个瞬间，其中①位置时运动员把跳板压到最低处。若不计空气阻力，下列判断正确的是（　　） A．位置①到②的过程，运动员的重力势能转化为弹性势能 B．位置②到③的过程，运动员减小的动能大于其增加的重力势能 C．位置③到④的过程，运动员的机械能增大 D．位置④时运动员的动能大于位置②时运动员的动能 【答案】D 【解答】解：A、①位置到②位置的过程中运动员的高度在增大，弹性势能转化为重力势能，故A错误； B、②位置到③位置的过程中不计空气阻力，运动员的机械能守恒，运动员减小的动能等于运动员增加的重力势能，故B错误； C、由③到④位置的过程中，重力势能转化为动能，不计空气阻力，机械能守恒，故C错误； D、由②到④位置的过程中，不计空气阻力，机械能守恒，由于位置④时的高度低于②，说明重力势能减小了，则动能增大了，即位置④时运动员的动能大于位置②时运动员的动能，故D正确。 故选：D。 28．（2023秋•玄武区期末）4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱接近地面时，反推发动机点火，返回舱减速下降，安全降落在着陆预定区域。在此过程中，对于返回舱能量变化描述正确的是（　　） A．返回舱动能减小，重力势能减小，机械能不变 B．返回舱动能不变，重力势能减小，机械能减小 C．返回舱动能减小，重力势能增加，机械能不变 D．返回舱动能减小，重力势能减小，机械能减小 【答案】D 【解答】解：返回舱着陆过程中，返回舱的质量不变，速度减小，动能减小；高度降低，重力势能减小；机械能为物体动能与势能的总和，动能减小，重力势能减小，所以返回舱的机械能是减小的，故D正确。 故选：D。 29．（2023秋•海门区期末）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置，压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在A、B间做往复运动（已知AO＝OB）。下列说法正确的是（　　） A．小球在往复运动过程中机械能守恒 B．从B到A弹簧的弹性势能一直减小 C．小球在O点时，动能最大 D．小球从A往B运动过程中，弹性势能转化为动能 【答案】C 【解答】解：A、小球在光滑的水平台面上AB间做往复运动，且AO＝OB，这表明小球和弹簧的整体机械能是守恒的，在任一位置，小球的动能与弹簧的弹性势能的总和保持不变，小球在往复运动过程中机械能不守恒，故A错误； B、小球从B到O的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小；从O到B的过程中，弹簧的形变程度变大，弹性势能变大，所以小球从B到A弹簧的弹性势能先变小后变大，故B错误； CD、小球从A（或B）位置运动到O位置的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小，小球的速度变大，动能变大，弹簧的弹性势能转化为小球的动能；到达O点时，弹簧的弹性势能全部转化为小球的动能，弹性势能为0，小球的动能最大；从O到B（或A）的过程中，弹簧的形变程度变大，弹性势能变大，小球的动能转化为弹簧的弹性势能，所以整个过程中小球在O点动能最大，故C正确，D错误。 故选：C。 30．（2022秋•淮安区期末）两个相同的篮球，表面潮湿，从不同高度自由落至同一地面，留下的印迹如图所示。关于初始时篮球的重力势能，下列说法正确的是（　　） A．两个一样大 B．落在a处的大 C．落在b处的大 D．无法比较大小 【答案】B 【解答】解：篮球从静止开始下落，是由重力势能转化为动能；到达地面后，篮球撞击地面，是由动能转化为弹性势能； 根据篮球留下的印迹可知，a处的印迹大，说明篮球落在a处时具有的弹性势能大，所以其开始下落时具有的重力势能就大。 故选：B。 31．（2022秋•南京期末）如图所示，是小球在地面弹跳的情景。小球在A点的机械能为120J，当小球由A点运动到B点时，机械能变为100J，则小球由B点运动到C点时，其机械能可能为（　　） A．80J B．90J C．100J D．120J 【答案】B 【解答】解： 小球由A到B的过程中，弹跳的高度大于由B到C过程中的高度，小球弹跳的越高克服空气阻力做功越多，机械能损失越多，小球由A到B的过程中机械能减少了20J，小球由B到C的过程中机械能的损失应小于20J，所以小球由B点运动到C点时，其机械能可能为90J，故B正确。 故选：B。 32．（2023秋•无锡期末）关于内能，下列说法中正确的是（　　） A．0℃的物体没有内能 B．具有机械能的物体不一定具有内能 C．物体内能的大小与温度无关 D．物体具有内能也可以同时具有机械能 【答案】D 【解答】解： A．物体内所有分子无规则运动具有的动能和分子势能之和叫内能，0℃的物体也具有内能，故A错误； B．任何物体都有内能，具有机械能的物体一定具有内能，故B错误； C．物体的内能与温度、质量和状态都有关，故C错误； D．任何物体都具有内能，当物体运动时，既具有内能，又具有机械能，故D正确。 故选：D。 33．（2023秋•南京期末）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（　　） A．物体的温度越高，所含热量越多 B．内能相同的物体接触时不发生热传递 C．物体温度不变，内能一定不变 D．内能小的物体也可能将热量传给内能大的物体 【答案】D 【解答】解：A．热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误； BD．热传递过程中，温度高的物体把热量传向温度低的物体，最终达到温度相同，因此物体的内能相同，温度可能不同，内能相同的物体接触时可能发生热传递，内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故D正确，B错误； C．内能与物体的质量、温度、状态有关，因此物体的温度不变，内能不一定不变，故C错误； 故选：D。 34．（2022秋•苏州期末）关于内能和热传递，下列说法中正确的是（　　） A．热量总是从内能大的物体传给内能小的物体 B．热传递的过程就是能量转化的过程 C．热传递是改变物体内能的唯一方式 D．物体间发生热传递时温度一定不同 【答案】D 【解答】解：A、热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，而内能大的物体温度不一定高，故A错误； B、热传递的过程就是能量转移的过程，故B错误； C、做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的，故C错误； D、热传递的条件是有温度差，因此，物体间发生热传递时温度一定不同，故D正确。 故选：D。 35．（2023秋•玄武区期末）下列事例中，改变物体内能的方式与其他三个事例不同的是（　　） A．通电后，电暖器会发热 B．汽车长时间高速行驶后，轮胎温度升高 C．拖拉机发动机采用循环流动的水进行冷却 D．点火使盒内酒精燃烧，盒盖飞出，燃气温度降低 【答案】C 【解答】解：A、通电后，电暖器会发热，通过电流做功改变物体的内能； B、汽车长时间高速行驶后，轮胎温度升高，克服摩擦做功，通过做功的方式改变物体的内能； C、拖拉机发动机采用循环流动的水进行冷却，水吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变物体的内能； D、点火使盒内酒精燃烧，盒盖飞出，燃气温度降低，内能转化为机械能，通过通过做功的方式改变物体的内能； 改变物体内能的方式与其他三个事例不同的是C。 故选：C。 36．（2022秋•宿城区期末）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法错误的是（　　） A．要控制水和沙子的质量相同 B．要控制水和沙子体积相同 C．要用计时器间隔一定时间同时记录沙子和水的温度 D．加热过程中要不停地搅拌 【答案】B 【解答】解： AB、在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，采用的是控制变量法，需要控制水和沙子的质量和初温相同，不需要控制它们的体积相同，故A正确，B错误； C、实验中需要用计时器间隔一定时间同时记录沙子和水的温度，这是为了通过吸热相同时（加热时间相同时）沙子和水升高的温度来比较二者的吸热能力强弱，故C正确； D、为了使水和沙子受热均匀，在加热过程中要不停地搅拌，故D正确。 故选：B。 37．（2023秋•仪征市期末）质量和温度都相同的甲、乙两种物质，用同样的加热器进行加热，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（　　） A．0～6min甲比乙吸收的热量多 B．6～8min甲物质吸热，乙物质不吸热 C．8～10min甲和乙继续吸热，但甲和乙温度保持不变 D．甲的比热容大于乙的比热容 【答案】C 【解答】解：A、0～6min甲和乙吸收的热量相同，故A错误； B、6～8min甲和乙物质都要吸热，甲吸热后温度升高，乙吸热后温度不变，故B错误； C、8～10min甲和乙继续吸热，但甲和乙温度保持不变，故C正确； D、质量和初温相同的甲、乙吸热后，乙的温度变化慢，乙的比热容较大，故D错误。 故选：C。 38．（2023秋•沛县校级期末）“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”是我国西北沙漠地区日温差较大的生动写照。产生这一现象的主要原因是（　　） A．沙子比热容小 B．沙子比热容大 C．沙子密度小 D．沙子密度大 【答案】A 【解答】解：新疆沙漠地区的沙石多，白天在太阳照射下，砂石吸收热量，由于沙石的比热容小，因此温度变化大，气温升得很高；晚上，沙石放出热量，由于沙石的比热容小，因此温度变化大，气温降得很低，故新疆沙漠地区会出现早晚冷、中午热的现象。 故选：A。 39．（2023秋•海门区期末）下列图中箭头表示空气流动的方向。炎热晴朗的夏夜，我市老坝港海边的陆地与海面之间空气循环流动的示意图表示正确的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解答】解：水的比热容比泥土、沙石的比热容大，晚上，气温下降时，海水的温度下降得慢、陆地的温度下降得快，则大海上方的温度高一些，热空气上升，而陆地上方的温度低一些，冷空气会下降，所以风从陆地吹向海面，故B正确。 故选：B。 40．（2023秋•苏州期末）甲、乙两物体的质量相等，甲物体温度升高10℃时吸收的热量恰好等于乙物体温度升高20℃时吸收的热量，则甲、乙两物体的比热之比为（　　） A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1 【答案】B 【解答】解：已知m甲＝m乙，Q甲＝Q乙，Δt甲：Δt乙＝10℃：20℃＝1：2， 根据Q＝cmΔt可得： 。 故选：B。 41．（2021秋•溧阳市期末）如图所示是四冲程汽油机的压缩冲程，关于该过程中气缸内的气体，下列说法正确的是（　　） A．密度不变 B．内能增大 C．温度降低 D．分子热运动变慢 【答案】B 【解答】解：在压缩冲程中，活塞对气缸内的气体做功，气体的质量不变，但体积变小，由密度公式可知气体的密度增大，且气体的内能增加，温度升高，分子热运动加快，故ACD错误，B正确。 故选：B。 42．（2022秋•姜堰区校级期末）下列所示的交通工具工作过程中使用热机的是（　　） A．自行车 B．柴油车 C．电动自行车 D．皮筏艇 【答案】B 【解答】解：热机是把内能转化为机械能的装置； AD、自行车、皮筏艇是消耗人体的化学能转化为机械能，故AD错误； B、柴油车是热机的一种，将内能转化为机械能，故B正确； C、电动自行车是把电能转化为机械能，故C错误。 故选：B。 43．（2023秋•建邺区期末）如图甲所示是四冲程汽油机某冲程示意图，图乙为空气压缩引火仪，图丙对试管中水加热一段时间后瓶塞“飞出”。关于这三幅图，下列说法正确的是（　　） A．三幅图所示的过程改变气体内能的方式不同 B．三幅图所示的过程气体内能大小的变化情况相同 C．甲图为汽油机的做功冲程，其能量转化与图丙中的能量转化相同 D．若该汽油机每秒可完成10个图甲冲程，则其飞轮转速为1200r/min 【答案】D 【解答】解：A、三幅图所示的过程都是做功改变物体的内能，故A错误； BC、甲图是汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能，内能增加；乙图将机械能转化为内能，内能增加；图丙中将水的内能转化为瓶塞的机械能，内能减小，所以三幅图所示的过程气体内能大小的变化情况不相同，甲图能量转化与丙图不同，故BC错误； D、若该汽油机每秒可完成10个图甲（压缩）冲程，由于一个工作循环有一个压缩冲程，飞轮转2周，所以每秒可完成10个工作循环，每分钟可完成600个工作循环，飞轮转1200周，即飞轮转速为1200r/min，故D正确。 故选：D。 44．（2023秋•句容市期末）释放化学能的过程不断地发生在人体内，食物也是一种“燃料”，营养成分在人体细胞里与氧结合，提供细胞组织所需的能量。一袋饼干的营养成分表上标有“2361kJ/100g”，该标识的含义与以下物理量的含义类似的是（　　） A．热量 B．热值 C．比热容 D．内能 【答案】B 【解答】解：巧克力的营养成分表上标有“2361kJ/100g”，是指每100g能量2361kJ，据此可得每100克饼干提供的能量；而燃料的热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，所以标识的含义与热值类似。 故选：B。 45．（2023秋•邗江区期末）如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（　　） A．若m相同，Δt越小，燃料的热值越大 B．若Δt相同，m越大，燃料的热值越大 C．若的值越大，燃料的热值越大 D．若的值越大，燃料的热值越大 【答案】D 【解答】解：燃料的热值大小不能直接测量，需要通过水吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而水吸收热量的多少跟水的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸＝Q放，而Q吸＝c水m水Δt，Q放＝mq，即c水m水Δt＝mq，解得：q； A、若m相同，Δt越小，由q可知，燃料的热值越小，故A错误； B、若Δt相同，m越大，由q可知，燃料的热值越小，故B错误； C、若的值越大，即的值越小，由q可知，燃料的热值越小，故C错误； D、若的值越大，由q可知，燃料的热值越大，故D正确。 故选：D。 46．（2023秋•盐都区期末）如图所示，高铁车顶有一个与高压线接触的物体称为受电弓，受电弓与高压线合称“弓网系统”，用来为高铁动力提供电能。你认为受电弓与高压线接触面上的材料选用较为合适的是（　　） A．橡胶 B．石墨 C．陶瓷 D．塑料 【答案】B 【解答】解：受电弓是电力牵引机车从接触网取得电能的电气设备，因此受电弓与高压线接触面上的材料导电性能要好，而橡胶、陶瓷和塑料是绝缘体，石墨是导体，所以受电弓与高压线接触面上的材料选用较为合适的是石墨。 故选：B。 47．（2023秋•丹徒区期末）小华连成如图所示的电路，闭合开关S1并观察灯泡亮暗情况后，再闭合开关S2，此实验过程中，小华看到的现象是（　　） A．两只灯泡开始都亮，后来L2不亮 B．两只灯泡开始都亮，后来L1不亮 C．两只灯泡一直都不亮 D．两只灯泡一直亮 【答案】A 【解答】解：闭合开关S1，两灯串联，两灯都亮；再闭合开关S2，灯泡L2被短路，灯泡L2不亮，故A正确，BCD不正确。 故选：A。 48．（2023秋•太仓市期末）下列四个选项中，不属于用电器的是（　　） A．测电笔 B．电热驱蚊香 C．正在充电的电池 D．迷你型暖风机 【答案】A 【解答】解：A、测电笔用来检测火线和零线，不属于用电器，故A符合题意； BCD、电热驱蚊香、迷你型暖风机是用电器，把电能转化为内能；正在充电的电池是用电器，把电能转化为化学能；故BCD不符合题意； 故选：A。 49．（2023秋•宿豫区期末）某智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁．第一次密码识别成功时仅有S1闭合，语音提示器发声；第二次指纹再识别成功时S2才闭合，开锁成功。若用电动机工作模拟开锁成功，则符合要求的模拟电路是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解答】解： 根据题意可知，闭合开关S1，整个电路断路；两个开关都闭合时，有电流通过电动机，这说明两个开关都闭合时，电动机才会工作； A、由图可知，闭合开关S1，整个电路断路，语音提示器不工作，两个开关都闭合，语音提示器和电动机都工作，故A不符合要求； B、由图可知，闭合开关S1，只有语音提示器接入电路，语音提示器工作，再闭合S2，电动机和语音提示器并联接入电路中，有电流通过电动机，电动机工作，故B符合要求； C、由图可知，语音提示器和电动机并联接入电路中，S2控制语音提示器，S1控制电动机；闭合开关S1，只有电动机接入电路，语音提示器不工作，再闭合S2，语音提示器工作，故C不符合要求； D、由图可知，闭合开关S1，只有电动机接入电路，电动机工作，再闭合S2，电动机和语音提示器并联接入电路中，有电流通过语音提示器，故D不符合要求。 故选：B。 50．（2023秋•苏州期末）小明家台灯的插头插在如图所示的插座上，插座上有一个开关和一个指示灯（相当于电阻很大的灯泡）。若插座开关和指示灯用S1、L1表示，台灯开关和灯泡用S2、L2表示。则符合事实的电路图是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解答】解：根据生活实际可知，指示灯和台灯并联，插座开关S1控制整个电路，处于干路上；台灯开关S2要控制台灯L2，两者串联；指示灯L1单独处于一条支路，故C符合题意。 故选：C。 51．（2023秋•玄武区期末）如图所示为一款吊扇灯，闭合总开关后，风扇和灯可各自独立工作。选项中设计的电路图符合实际的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：三盏灯与风扇相互不影响，能独立工作，三盏灯和风扇都是并联的，且三盏灯由一个开关控制，电动机有一个开关控制，故D正确。 故选：D。 52．（2023秋•句容市期末）关于两个用电器的连接方式，下列说法正确的是（　　） A．如果两个用电器电压相等，则这两个用电器一定是并联的 B．如果两个用电器电流相等，则这两个用电器一定是串联的 C．如果两个用电器电流不相等，则这两个用电器一定是并联的 D．如果两个用电器电压不相等，则这两个用电器可能是并联的 【答案】C 【解答】解：A、如果两用电器串联，当它们阻值相等时，它们两端的电压也相等。因此，两个用电器连接在同一电路里，测得它们两端的电压相等，这两个用电器可能是并联，可能串联，故A错误； B、同一电路中，通过的电流相等的两个用电器，可能是串联的，也可能是并联的（此时两用电器的规格相同），故B错误； C、串联电路中各处电流相等，则流过两个用电器的电流一定相等，如果两个用电器电流不相等，则这两个用电器一定是并联的，故C正确； D、并联电路用电器两端电压相等，故D错误。 故选：C。 53．（2023秋•扬州期末）如图是学校门口的智能门禁。只有本校师生靠近时S1才闭合，并且体温正常时S2闭合，电动机工作，开门放行，同时扬声器会发出“体温正常”的声音。若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开。以下电路的设计符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解答】解：由题知，只有当来访人员为本校师生时S1才闭合，只有当来访人员体温正常时S2闭合，两开关都闭合，电动机和扬声器才工作，说明两开关相互影响，即两开关串联；若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开，说明扬声器与电动机间互不影响，即两者并联。 所以电动机与扬声器并联再与两个开关串联，由各选项图知，A正确。 故选：A。 54．（2023秋•姜堰区期末）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解答】解：根据题意可知，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联接入电路中，故B正确。 故选：B。 55．（2023秋•句容市期末）两个相同的电流表，均有两个量程（0～0.6A和0～3A）。如图甲，闭合开关S，两灯泡均发光，两电流表均有正常的示数。如图乙，两个电流表指针偏转的角度恰好相同，则通过L1与L2的电流之比为（　　） A．1：5 B．5：1 C．1：4 D．4：1 【答案】C 【解答】解：由电路图可知，L1、L2并联，电流表A1测通过L1的电流，电流表A2测干路电流，且指针偏转角度相同，而并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以由图示可知，电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.5A，即干路中的电流为I＝0.5A； 电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A，即则通过L1的电流：I1＝0.1A， 所以通过L2的电流：I2＝I﹣I1＝0.5A﹣0.1A＝0.4A， 则通过L1与L2的电流之比：I1：I2＝0.1A：0.4A＝1：4。 故选：C。 56．（2023秋•无锡期末）如图所示，为家用插线板示意图。图中A线接入家庭电路中，B线接台灯，C线接取暖器，两个用电器均正常工作时，A、B、C三处的电流分别为IA、IB、IC，则它们的大小关系正确的是（　　） A．IA＝IB B．IC＝IA+IB C．IA＝IB+IC D．IB＝IC 【答案】C 【解答】解：插线板上所接入的用电器之间是并联的，所以A线是插线板的干路，B线和C线是两条支路， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以三处电流关系为：IA＝IB+IC，所以AB错误，C正确； 因并联电路中各支路两端电压相等，等于电源电压，所以台灯和取暖器两电压相等，而且取暖器功率比台灯大，由I可知，IB＜IC，所以D错误。 故选：C。 57．（2023秋•丹徒区期末）关于家用冰箱正常工作时电流，下列估计值中最接近实际的是（　　） A．0.1A B．1A C．10A D．100A 【答案】B 【解答】解：我国生活用电电压是220V，家用冰箱的功率在200W左右，所以，家用电冰箱的电流约1A左右，故B正确，ACD不正确。 故选：B。 58．（2023秋•阜宁县期末）用如图所示电路探究串联电路中电流、电压的特点。关于该实验，下列说法中正确的是（　　） A．L1和L2可选型号不同的灯泡，可以通过灯泡亮暗判断电流大小 B．为探究串联电路电压特点，L1和L2应选型号相同的灯泡 C．最好选用型号相同、量程相同的三个电压表串联接入a、b、c处测量 D．最好选用型号相同、量程相同的三个电流表串联接入a、b、c处测量 【答案】D 【解答】解：AB、因灯泡的亮暗变化不易观察，所以不能通过灯泡亮暗判断电流的大小，为了使实验结论具有普遍性，应选择不同型号的小灯泡进行实验，故AB错误； CD、探究串联电路的电流特点时，要用电流表分别测出电路中不同位置的电流，所以要选用电流表，不能用电压表，因为不同量程电流表的分度值不同，准确程度不同，并且不同型号的电流表的灵敏度也不一定相同，所以最好选用型号相同、量程相同的三个电流表测量，故C错误，D正确； 故选：D。 59．（2023秋•宿城区期末）如图电源电压为6V，开关闭合后，电灯L1、L2均不发光，用电压表逐段测量，结果是Uab＝0V，Uad＝6V，Ubc＝0V，Ucd＝6V。由此可判断此电路的故障可能是（　　） A．L1断路 B．L2断路 C．L1短路 D．滑动变阻器断路 【答案】D 【解答】解： 该电路为串联电路，闭合开关后，两灯泡都不发光，说明电路有断路；用电压表逐段测量，结果是Uab＝0V，Uad＝6V，Ubc＝0V，Ucd＝6V； Uad＝6V，为电源电压，则电源部分电路正常； Uab＝0V，故障可能为ab之间出现短路或ab段以外出现断路； Ubc＝0V，故障可能为bc之间出现短路或bc段以外出现断路； Ucd＝6V，说明电压表与电源两端相连，cd以外的地方没有断路，因此cd之间出现断路故障，即滑动变阻器断路，故ABC错误，D正确。 故选：D。 60．（2023秋•高邮市期末）如图所示电路，闭合开关S后，两灯均发光。请你仔细观察并分析此电路图，下列说法正确的是（　　） A．两灯串联，电压表V1测量灯泡L1两端的电压 B．两灯串联，电压表V2测量灯泡L2两端的电压 C．两灯并联，电压表V1和电压表V2的示数相同 D．两灯并联，电压表V1和电压表V2的示数不同 【答案】B 【解答】解：根据电路图可知，电流的路径只有一条，是串联电路，电压表V1测量测量的是电源电压，电压表V2测量的是灯泡L2两端的电压；根据串联电路的电压规律可知，两电压表示数不同，且电压表V1的示数大于V2的示数，故B正确，ACD错误。 故选：B。 61．（2023秋•南京期末）电阻的单位是为了纪念下列哪位物理学家而命名的（　　） A．欧姆 B．安培 C．伏特 D．瓦特 【答案】A 【解答】解：A、物理学上用欧姆的名字命名了电阻的单位，符合题意； B、物理学上用安培的名字命名了电流的单位，不合题意； C、物理学上用伏特的名字命名了电压的单位，不合题意； D、物理学上用瓦特的名字命名了功率的单位，不合题意。 故选：A。 62．（2023秋•南通期末）华为新产品Mate60pro手机搭载麒麟9000S芯片，该芯片是在国内完成制造的，标志着中国芯片正在崛起。芯片是指含有集成电路的硅片，制造芯片的主要材料是（　　） A．半导体材料 B．超导材料 C．磁性材料 D．绝缘材料 【答案】A 【解答】解：常见的半导体材料有：硅、锗、砷、镓等。芯片的核心部件是其中的电子芯片，是半导体硅制成的。 故选：A。 63．（2022秋•亭湖区校级期末）关于导体的电阻，下列说法正确的是（　　） A．加在导体两端的电压越大，导体的电阻就越大 B．通过导体的电流为零时，导体没有电阻 C．通过导体的电流越大，导体的电阻越小 D．导体电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关 【答案】D 【解答】解： A、加在导体两端的电压越大，通过的电流越大，导体的电阻不变。此选项错误； B、通过导体的电流为零时，导体电阻仍然存在。此选项错误； C、通过导体的电流越大，说明两端电压越大，导体的电阻不变。此选项错误； D、电阻是导体的一种性质，决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关。此选项正确。 故选：D。 64．（2023秋•阜宁县期末）用如图所示电路探究“影响电阻大小的因素”实验时，下列说法正确的是（　　） A．该电路中小灯泡的作用，代替电流表判断电流强弱 B．该电路探究导体的电阻大小与导体横截面积有关 C．该电路探究导体的电阻大小与导体长度有关 D．该电路探究导体的电阻大小与导体温度有关 【答案】A 【解答】解：A、本题在探究“影响电阻大小的因素”实验中，电阻的大小是通过小灯泡的亮度来体现的，灯泡越亮，表示电流越大，电阻越小，所以该电路中用小灯泡代替电流表判断电流强弱，故A正确； BCD、由图可知，两根电阻丝的长度、横截面积相同，材料不同，所以此实验可以探究导体电阻的大小与材料是否有关，故BCD错误。 故选：A。 65．（2023秋•徐州期末）当将滑动变阻器的滑片P向右移动时．图中的哪一种连接方法可使变阻器连入电路部分的电阻增大（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解答】解：ABD、滑动变阻器连入了右下方的接线柱，滑动变阻器接入了右半段，滑片右移，电阻的长度变短，电阻变小，故ABD错误； C、滑动变阻器连入了左下方的接线柱，滑动变阻器接入了左半段，滑片右移，电阻的长度变长，电阻变大，故C正确。 故选：C。 66．（2023秋•扬州期末）小明同学在学习使用滑动变阻器改变灯泡亮度的实验中，连接了如图所示的电路，下列分析错误的是（　　） A．若将A、C端连入电路，向D端移动滑片P，灯泡变亮 B．若将B、C端连入电路，闭合开关前，滑片P应移动到最左端 C．若将A、B端连入电路，闭合开关，移动滑片P，灯泡亮度不变 D．若将C、D端连入电路，变阻器相当于一根导线 【答案】A 【解答】解：A．若将A、C端连入电路，则连入电路的有效电阻为AP段，向D端移动滑片P，电阻变大，电流减小，灯泡变暗，故A错误； B．若将B、C端连入电路，则连入电路的有效电阻为BP段，为保护电路，闭合开关前，应将滑片移动到最左端，此时滑动变阻器阻值最大，故B正确； C．若将A、B端连入电路，此时滑动变阻器相当于阻值为滑动变阻器最大阻值的定值电阻，移动滑片，阻值不会改变，因此灯泡亮度不会改变，故C正确； D．若将C、D端连入电路，接入电路部分为金属杆，变阻器相当于一根导线，故D正确。 故选：A。 67．（2023秋•扬州期末）如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项中加点字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的主要作用描述正确的是（　　） A．探究电流与电压的关系——保持定值电阻两端电压不变 B．探究电流与电阻的关系——调节电阻两端电压成倍数变化 C．测量定值电阻的阻值——改变电路中的电流和电阻两端的电压 D．测量小灯泡的电功率——改变小灯泡两端电压，求平均电功率 【答案】C 【解答】解：A、探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路电流或改变被测电阻两端电压，故A错误； B、探究电流与电阻的关系时滑动变阻器的作用是保护电路和保持定值电阻两端电压不变，找出普遍规律，故B错误； C、测量导体的电阻时，通过改变滑动变阻器接入电路的阻值，从而改变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，通过求平均值来减小误差，故C正确； D、在“伏安法”测小灯泡电功率的实验中，滑动变阻器的作用是：通过改变小灯泡两端的实际电压与通过小灯泡的电流，可比较小灯泡亮度与灯泡的实际功率之间的关系，不需要测量平均功率，故D错误。 故选：C。 68．（2022秋•常州期末）如图所示，小明按照箭头所指方向移动变阻器的滑片P时，小灯泡亮度不变的是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：A、图中滑动变阻器与灯泡串联，向滑片向左移动时，接入电路的电阻变大，灯泡变暗，故A不合题意； B、图中滑动变阻器与灯泡串联，向滑片向上移动时，接入电路的电阻变大，灯泡变暗，故B不合题意； C、图中电流表接在滑动变阻器的滑片上，当滑片向左移动时，接入电路的电阻变大，灯泡变暗，电流表示数变小，故C不合题意； D、图中滑动变阻器与灯泡并联，二者独立工作，互不影响，当当滑片向右移动时，灯泡的亮度不变，故D符合题意。 故选：D。 69．（2023秋•阜宁县期末）如图是小明探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验电路图．已知电源电压U＝15V，滑动变阻器上标有“20Ω 3A”（实际最大阻值略小于20Ω），实验中所用的四个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω．为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流表选择的量程和应控制的电流最合理的是（　　） A．0～0.6A 0.5A B．0～3 A 0.8A C．0～3A 0.7A D．0～3A 0.75A 【答案】C 【解答】解：（1）定值电阻与变阻器串联，当定值电阻为5Ω，且滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大， 根据欧姆定律可得，电路中的最大电流 Imax13A，所以电流表的量程为0～3A； （2）当定值电阻为20Ω时，电路中的最大电流： Imax20.75A， 滑动变阻器上标有“20Ω 3A”表示变阻器的最大电阻为20Ω，当定值电阻为5Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，电路中的最小电流： Imin10.6A； 因滑动变阻器的实际最大阻值略小于20Ω，Imin1稍大于0.6A，且电流表的分度值为0.1A， 为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制在0.7A最合理． 故选：C． 70．（2023秋•徐州期末）某同学在探究“电流跟电压、电阻的关系”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一个图象。下列结论与图象相符的是（　　） A．电压一定时，电流随着电阻的增大而减小 B．电阻一定时，电压随着电流的增大而增大 C．电阻一定时，电流随着电压的增大而增大 D．电压一定时，电阻随着电流的增大而减小 【答案】A 【解答】解：（1）图象的横坐标表示电阻，纵坐标表示电流，因此得到的是电流和电阻的关系； （2）图象是个反比例函数图象，因此说明电流与电阻成反比，即电流随电阻的增大而减小； （3）在探究电流与电阻的关系时，应控制电压不变； 综上，由图象可得出的结论是：电压一定时，电流随电阻的增大而减小。 故选：A。 71．（2023秋•南通期末）用如图所示电路探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验，在A、B间接入5Ω的定值电阻R，移动滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数，接着取下5Ω的电阻分别换上10Ω、15Ω的定值电阻，移动滑片，使电压表示数仍为2V，当换上15Ω的定值电阻时，无论怎样移动滑片，电压表示数都不能回到2V。对此现象，下列分析正确的是（　　） A．15Ω电阻太小，换一个更大的定值电阻，继续实验 B．变阻器的最大阻值太大，换一个最大阻值小一点的变阻器继续实验 C．在第一次接入5Ω的定电阻时，移动滑片，使电压表示数为定值1.5V，继续实验 D．将三个电阻按15Ω、10Ω、5Ω的由大到小的顺序接入进行实验，可以避免这种现象 【答案】D 【解答】解：AB．根据串联电路的分压特点可知，当换用阻值更大的定值电阻时，电压表的示数将变大，为保证电压表的示数不变，应增大滑动变阻器的阻值，电阻越大，所需滑动变阻器的阻值越大，当电阻增大的某一值时，滑动变阻器不能使电阻两端的电压保持在2V（大于2V）不变，需要换一个最大阻值大一点的变阻器继续实验，据此可知AB错误； D．将三个电阻按15Ω、10Ω、5Ω的由大到小的顺序接入进行实验，当R＝15Ω，所需滑动变阻器的阻值最大，此时调节电压表示数到某一值，则其它两个电阻，所需滑动变阻器的阻值更小一些，更能使电阻两端的电压不变，故D正确； C．在第一次接入5Ω的定值电阻时，移动滑片，使电压表示数为定值1.5V，继续试验，换用10Ω、15Ω，根据串联分压原理可得： ； 左边为一定值，右边也为一定值，换用较大电阻时，则所需滑动变阻器的阻值会更大，因电压表示数为定值2V时不能完成最后一次实验，所以此时也不能完成整个实验，故C错误。 故选：D。 72．（2020秋•连云港期末）根据欧姆定律公式I，可变形得到公式R，下列说法正确的是（　　） A．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比 B．导体电阻的大小跟导体中的电流成反比 C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 【答案】D 【解答】解：因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当电压为0时，导体的电阻不变（不为0），故ABC错误、D正确。 故选：D。 73．（2023秋•苏州期末）高速公路收费站于开始对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图（电源电压一定），以下说法正确的是（　　） A．称重表相当于一个电压表 B．电路中的R1是没有作用的 C．当车辆越重时，称重表的示数越小 D．当车辆越重时，称重表的示数越大 【答案】D 【解答】解：A、说法错误，称重表与电阻串联，所以是一电流表； B、说法错误，电路中的R1具有保护称重表的作用； C、说法错误，当车辆越重时，滑片向下滑，R的阻值变小，电路的电流变大，所以称重表的示数越大； D、说法正确，解释与选项C相同。 故选：D。 74．（2022秋•海州区校级期末）如图所示，电路中R1的阻值为6Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为1.2A，电流表A2的示数为0.3A．则R2的阻值是（　　） A．18Ω B．24Ω C．6Ω D．3Ω 【答案】A 【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路电流，A2测通过R2的电流， 通过R1的电流I1＝I﹣I2＝1.2A﹣0.3A＝0.9A， 电源的电压U＝U2＝U1＝I1R1＝0.9A×6Ω＝5.4V， 所以R218Ω。 故选：A。 75．（2023秋•苏州期末）小红同学在探究“用滑动变阻器改变灯泡的亮度”实验时，设计了如图所示的电路，小红同学进行了演示，当滑片P由b向a滑动的过程中，会出现的情况是（　　） A．灯的亮度变亮 B．电源电压变小 C．灯的电阻不变 D．电流表A1、A2的示数均变大 【答案】A 【解答】解：由图知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表A2测量电路中的电流，电流表A1被短路，示数为零； 当滑动变阻器的滑片由b向a滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，电源电压不变，由I知电路的电流变大，电流表A2的示数变大，小灯泡变亮，灯丝的温度升高，电阻变大，故A正确，BCD错误。 故选：A。 76．（2023秋•仪征市期末）我国新能源汽车智能化水平位居世界前列，驾驶员既可以通过传统的机械按键（开关S1）控制车窗的升降，也可以通过语音（开关S2）控制车窗的升降。下列电路中可实现上述功能的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【解答】解：根据题意可知，传统的机械按键（开关S1）和语音（开关S2）都可独立控制车窗的升降，两个开关对电动机的控制互不影响，所以两开关并联后再与电动机串联，故B正确。 故选：B。 77．（2022秋•涟水县期末）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（　　） A．电源电压为4.5V B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω 【答案】D 【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联， 由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I＝0.3A， 由I可得，滑动变阻器两端的电压： U滑＝IR滑＝0.3A×10Ω＝3V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压： U＝UL+U滑＝1.5V+3V＝4.5V，故A正确； （2）再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V，已知灯泡的额定电压为3V，则小灯泡正常发光； 由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I′＝0.5A，故B正确； 由I可得，灯泡正常发光时的电阻： RL6Ω，故C正确； 此时滑动变阻器两端的电压： U滑′＝U﹣UL′＝4.5V﹣3V＝1.5V， 由I可得，滑动变阻器接入电路中的电阻： R滑′3Ω，故D错误。 故选：D。 78．（2023秋•苏州期末）如图所示电路中，R1＝10Ω，R2＝20Ω，闭合开关S，电压表V1与V2的示数之比是（　　） A．1：2 B．1：3 C．2：1 D．2：3 【答案】B 【解答】解：当开关闭合时，两电阻串联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电源电压，串联电路电流相等，由欧姆定律及串联电路规律可得， 电压表V2的示数：U＝I（R1+R2）＝I（10Ω+20Ω）＝I×30Ω， 电压表V1的示数：U1＝IR1＝I×10Ω， 电压表V1与V2示数之比为：。 故选：B。 79．（2022秋•沭阳县期末）某同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻”的实验，已知电源电压恒为8V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，实验中该同学填写的实验数据如表所示。下述关于实验的几种说法中错误的是（　　） 序号 1 2 3 4 U/V 2.0 3.0 4.0 5.0 I/A 0.21 0.30 0.40 0.49 A．该同学测得此电阻的阻值约为10Ω B．序号“3”的实验中，滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为1：1 C．序号“1”实验数据是使用现有器材无法得出的 D．仅用该同学的实验器材就能探究电流与电阻的关系 【答案】D 【解答】解： A、由欧姆定律，待测电阻R19.52Ω，同理待测电阻R2＝10.00Ω，R3＝10.00Ω，R4＝10.20Ω，取平均值作为测量结果，R9.93Ω；即该同学测得此电阻的阻值约为10Ω，故A正确； B、序号“3”的实验中，电压表示数为4.0V，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压：8V﹣4V＝4V，根据分压原理，滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为1：1，故B正确； C、变阻器的最大电阻为20Ω，由欧姆定律和串联电阻的规律，根据表中第1组数据，变阻器连入电路的电阻为：R滑R19.52Ω≈28.8Ω＞20Ω，序号“1”实验数据是使用现有器材无法得出的，故C正确； D、探究电流与电阻的关系，要控制电压不变，改变电阻，记录电流随电阻的变化关系，因只一个电阻，故仅用该同学的实验器材就不能探究电流与电压的关系，故D错误； 故选：D。 80．（2022秋•淮安期末）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（　　） A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变 C．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻 D．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大 【答案】C 【解答】解： AB、根据图甲可知，电压与电流成正比，因此该电阻为定值电阻，即电阻是导体自身的性质，它不随导体两端的电压和导体中的电流改变而改变， 根据图示可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为3A，由I可知，定值的电阻：R1Ω，故AB正确； C、测定小灯泡的电阻时，多次测量是为了寻找灯丝电阻与温度的关系，不能求平均值减小误差，故C错误。 D、由乙图可知，电压与电流不成正比，即当灯泡两端电压发光改变时，灯泡的阻值也随之发生变化，且电压变化比电流变化快，因此小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大，故D正确； 故选：C。 81．（2023秋•海安市期末）为了纪念作出巨大贡献的科学家们，常常以他们的名字作为某个物理量的单位。下列物理学家中，以其名字命名电能单位的是（　　） A．牛顿 B．瓦特 C．焦耳 D．安培 【答案】C 【解答】解：A、牛顿是力的单位，故A错误。 B、瓦特是功率单位，故B错误。 C、电能的单位是焦耳，故C正确。 D、安培是电流单位，故D错误。 故选：C。 82．（2023秋•宿迁期末）某家庭月初电能表的示数为2627.2kW•h，月底表盘示数为2717.2kW•h，表盘上有1800imp/（kW•h），他所在地区每度电的电费是0.5元，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作10min，电能表指示灯闪烁了360次，则（　　） A．本月他家应缴纳电费90元 B．该家庭这个月总共耗电2717.2kW•h C．这个用电器可能是节能灯 D．这个用电器10min耗电0.2kW•h 【答案】D 【解答】解：AB、该家庭本月消耗的电能为：W＝2717.2kW•h﹣2627.2kW•h＝90kW•h，本月应缴纳电费0.5元/kW•h×90kW•h＝45元，故AB错误； CD、该用电器单独接入电路消耗的电能为：； 它的电功率为：，这个用电器不可能是节能灯，故C错误、D正确。 故选：D。 83．（2022秋•建湖县期末）现有两个定值电阻R1和R2（R1＞R2），按照如图所示的四种方式，分别接到电压恒为U的电源两端工作相同的时间。则四个电路中电流做功大小关系正确的是（　　） A．W甲＞W乙＞W丙＞W丁 B．W甲＞W丙＞W丁＞W乙 C．W丙＞W丁＞W乙＞W甲 D．W乙＞W丁＞W丙＞W甲 【答案】D 【解答】解： 因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻、并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，且R1＞R2， 所以，四个电路中的总电阻关系为：R甲＞R丙＞R丁＞R乙， 因电源的电压恒为U，且工作时间相等， 所以，由W＝UItt可知，四个电路中电流做功大小关系为W乙＞W丁＞W丙＞W甲。 故选：D。 84．（2022秋•邳州市期末）一盏“220V 9W”的LED灯和一盏“220V 60W”的白炽灯正常发光时亮度相当。现用LED灯替代家庭生活中的白炽灯工作，可以节约的电能为（　　） A．10% B．15% C．85% D．90% 【答案】C 【解答】解：设两种灯泡正常发光的时间为t，则： LED消耗的电能W节＝P节t，白炽灯消耗的电能为W白＝P白t， 在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约电能的百分比： 100%100%100%＝85%。 故选：C。 85．（2021秋•沭阳县校级期末）安装在家庭电路中的电能表，测量的是（　　） A．电能 B．电压 C．电阻 D．电流 【答案】A 【解答】解：A、电能表是用来测量电路消耗电能的仪表，故A正确； B、电压需要用电压表测量，不能用电能表测量，故B错误； C、电阻应该用欧姆表测量，不能用电能表测量，故C错误； D、电流应该用电流表测量，不能用电能表测量，故D错误； 故选：A。 86．（2023秋•宿迁期末）下列家用电器的有关数据，最符合实际的是（　　） A．空调的待机功率为0.1W B．电视遥控器的工作电流为1A C．我国家用洗衣机的工作电压为220V D．人体安全电压为36V 【答案】C 【解答】解：A、空调的待机功率为1W，故A错误； B、电视遥控器的工作电流约为15mA，故B错误； C、我国家用洗衣机的工作电压为220V，故C正确； D、对人体安全电压不高于36V，故D错误。 故选：C。 87．（2023秋•新沂市期末）如图所示，在“比较两个灯泡的亮暗”活动中，将标有“2.5V”字样的灯泡甲和“3.8V”字样的灯泡乙串联在电路中，观察到甲灯比乙灯亮。则下列说法正确的是（　　） A．.甲灯的电阻比乙灯的电阻小 B．.通过甲灯的电流比通过乙灯的电流大 C．.甲灯两端的电压比乙灯两端的电压小 D．.相同时间内，电流通过甲灯做的功多 【答案】D 【解答】解：灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，将标有“2.5V”字样的灯泡甲和“3.8V”字样的灯泡乙串联在电路中，观察到甲灯比乙灯亮，说明甲灯的实际功率比乙灯的实际功率大； A、串联电路中各处的电流都相等，由P＝I2R的变形公式R可知，在电流相同时，甲灯的电阻比乙灯的电阻大，故A错误； B、串联电路中各处的电流都相等，因此通过甲灯的电流和通过乙灯的电流一样大，故B错误； C、在电流相同时，甲灯比乙灯功率大，由P＝UI的变形公式U可知，甲灯两端的电压比乙灯两端的电压大，故C错误； D、由W＝Pt可知，相同时间内，甲灯比乙灯功率大时，电流通过甲灯做的功多，故D正确。 故选：D。 88．（2023秋•邗江区期末）现有L1“6V 3W”和L2“6V 9W”两只小灯泡，将两灯串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变，下列说法正确的是（　　） A．两灯均能正常发光 B．两灯的额定电流相同 C．灯L1可能被烧毁 D．灯L2可能被烧毁 【答案】C 【解答】解： （1）已知两灯泡的额定电压都是6V， 由P＝UI可得，两灯的额定电流分别为： I1额0.5A，I2额1.5A。 所以两灯的额定电流不相同，故B错误； （2）由欧姆定律可得，两灯的电阻分别为： R112Ω，R24Ω。 将两灯串联接入电源电压为12V的电路中， 由串联分压规律可得两灯的实际电压之比：， 则U1实U12V＝9V，U2实U12V＝3V， 已知U1额＝6V，而U1实＝9V，所以L1不能正常发光，并且有烧毁的危险，故C正确； 已知U2额＝6V，而U2实＝3V，所以L2不能正常发光，发光较暗，但不会被烧毁，故D错误； 由此可知两只灯泡都不能正常发光，故A错误。 故选：C。 89．（2022秋•邳州市期末）智能手机耗电达到一定值时，会自动提示用户采用或转入“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（　　） A．减小了电池的输出电流 B．增大了电池的输出电压 C．减小了电池的供电效率 D．增大了电池的输出功率 【答案】A 【解答】解：智能手机耗电达到一定量时，剩余的电能也是定量， 由W＝Pt可知，要延长手机的工作时间，需要减小电池的输出功率，而手机工作的电压是不变的， 由P＝UI可知，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故A正确。 故选：A。 90．（2023秋•扬州期末）如图电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，则（　　） A．电压表V示数变大，R1消耗的电功率变大 B．电流表A1示数不变，电压表V与电流表A2示数比值不变 C．电压表V示数不变，R2消耗的电功率变小 D．电流表A2示数变少，R1与R2上的电功率之比变小 【答案】C 【解答】解：闭合开关S后，滑动变阻器与电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过R1的电流，电压表测量并联电路两端的电压，即电源电压； A、电压表测电源电压，电源电压不变，移动滑片时电压表示数不变；并联电路中各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，根据P＝UI可知，R1消耗的电功率不变，故A错误； B、滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压不变，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路电流变小，电流表A1示数变小； 电压表V示数不变，电流表A2示数示数不变，电压表V与电流表A2示数比值不变，故B错误； CD、滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据电功率公式P可知，变阻器接入电路部分消耗的电功率变小，则R1与R2上的电功率之比变大，故C正确、D错误； 故选：C。 91．（2022秋•海州区校级期末）标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只阻值为8Ω的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（　　） A．3W B．3.3W C．3.6W D．5W 【答案】C 【解答】解：读图可知，当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1＝0.4A， 通过电阻的电流I20.5A，电路总电流I＝I1+I2＝0.4A+0.5A＝0.9A， 则整个电路消耗的功率为P＝UI＝4V×0.9A＝3.6W。 故选：C。 92．（2023秋•淮安期末）北京冬奥会期间，我国科研人员为运动员提供了带电源的智能控温加热手套，如图所示。下列与加热手套工作原理相同的用电器是（　　） A．电冰箱 B．电风扇 C．电饭锅 D．洗衣机 【答案】C 【解答】解：带电源的智能控温加热手套的工作原理是电流的热效应，此过程中电能转化为内能； A．电冰箱的主要用电部件是压缩机，将消耗的电能转化为机械能，故A不正确。 BD．电风扇、洗衣机的主要部件是电动机，电动机工作时是将电能转化为机械能，故BD不正确； C．电饭锅是靠热来工作的，是将电能转化为内能，故C正确。 故选：C。 93．（2023秋•南京期末）如图是“探究影响电流热效应的因素”实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1＞R2，瓶内装入等质量的煤油。下列说法错误的是（　　） A．烧瓶内选用液体煤油，利用了煤油比热容小升温快的特点 B．该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系 C．闭合开关后，甲烧瓶中煤油温度上升比乙快 D．滑动变阻器的滑片向左移，两烧瓶中煤油温度上升将变慢 【答案】D 【解答】解：A、做该实验时，煤油比热容小升温快，可以在较短的时间内达到明显的实验效果，便于观察实验现象，故A正确； B、根据控制变量法，此实验中电阻为变量，其他物理量为控制量，因此该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系，故B正确； C、电路中R1和R2是串联关系，所以闭合开关后两电阻的电流相等，通电时间相等，因为R1＞R2，根据焦耳定律Q＝I2Rt，相同时间内R1产生的热量较多，所以甲管中煤油温度上升比乙快，故C正确； D、滑动变阻器的滑片向左移，根据图中连接方式，滑动变阻器连入电路的阻值变小，电路电压不变，R1和R2中电流变大，根据焦耳定律Q＝I2Rt，在电阻丝阻值不变的情况下，相等时间内电阻丝产生的热量较多，所以两管中煤油温度上升更快，故D错误。 故选：D。 94．（2023秋•宿城区校级期末）电炉中的电阻丝通电一段时间后变得很烫，而连接的导线却不怎么热，主要是（　　） A．通过导线的电流小于通过电阻丝的电流 B．导线的绝热皮隔热 C．导线的电阻远小于电阻丝的电阻 D．导线散热比电阻丝快 【答案】C 【解答】解： 电炉丝跟铜导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，故A错误； 因为Q＝I2Rt，R电炉丝＞R导线， 所以产生的热量：Q电炉丝＞Q导线， 即相同时间内导线产生的热量小于电炉丝产生的热量，而与散热快慢、隔热效果无关，故C正确，BD错。 故选：C。 95．（2023秋•宿迁期末）一根电炉丝烧坏了，切掉了后，仍接在原电源上，在相同的时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（　　） A．5：6 B．6：5 C．1：6 D．6：1 【答案】B 【解答】解：导体的材料和横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度成正比， 若原来电炉丝的电阻为R，切掉以后，电炉丝的电阻为（1）RR， 仍接在原电源上，即电炉丝两端的电压不变，通电时间相同， 由Q＝Wt可得，产生的热量与原来产生的热量之比： ， 故选：B。 96．（2022秋•如皋市期末）小明新购买了一台笔记本电脑，电池的容量为73W•h。下列有关这台笔记本电脑的说法正确的是（　　） A．“W•h”是电功率的单位 B．电池充满电后可储存73J的电能 C．电流通过笔记本电脑做多少功就产生多少热 D．电脑里装有小风扇是为了防止电热产生危害 【答案】D 【解答】解： A、W是功率的单位，h是时间的单位，根据W＝Pt可知，“W•h”是电功的单位，故A错误； B、电池充满电后可储存的电能为：W＝Pt＝73W×3600s＝262800J的电能，故B错误； C、电流通过笔记本电脑做功时，电能主要转化为机械能、光能、声能等形式的能量，只有少部分电能转化为内能，故C错误； D、电脑机箱内有小风扇是为了及时将电脑产生的热散掉，属于防止电热危害，故D正确。 故选：D。 97．（2023秋•东台市期末）用测电笔判断家庭电路中火线和零线时，下列说法正确的是（　　） A．使用时手应接触笔尖金属电极 B．使用时手不能接触笔尾金属电极 C．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替 D．当氖管发光时有微弱电流通过人体 【答案】D 【解答】解： AB、手不要接触测电笔前端的金属体，必须接触测电笔末端的金属体，使电源和大地之间形成通路，故AB错误； CD、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，因此不能用铁丝代替测电笔中的电阻，故C错误，D正确。 故选：D。 98．（2023秋•盐都区期末）如图所示的家庭电路中，正常发光的灯L突然熄灭，电工用测电笔分别测a、b、c、d四点，发现a、b两点氖管都发光，c、d两点氖管都不发光，若电路只有一处故障，则可能是（　　） A．火线上熔丝断了 B．开关S处断路 C．灯泡灯丝断了 D．导线c、d间断路 【答案】C 【解答】解：用测电笔测试火线上的a点时氖管发光，说明火线正常；测试火线上的b点时氖管发光，说明开关S正常；测试零线上的d点时氖管不发光，说明零线正常；用测电笔测试c点时，氖管不发光，说明c没有与火线相连，可能是灯泡灯丝断了，故C正确。 故选：C。 99．（2022秋•宿城区校级期末）某家庭电路的部分电路如图所示，甲、乙两处分别装用电器和开关，下列说法正确的是（　　） A．随着用电器功率增大，通过电路的电流也增大 B．火线上的保险丝应当改接到零线上 C．甲处应装用电器，乙处应装开关 D．保险丝熔断了可以用铜丝代替 【答案】A 【解答】解：A、当用电器功率增大时，通过保险丝的电流就增大，故A正确； B、为了安全，保险丝应该接到火线上，保险丝熔断时，整个电路与火线之间是断开的，故B错误； C、为了安全，保险丝要接在火线上，开关也应接在火线上，甲处安装开关，乙处安装用电器，故C错误； D、当保险丝熔断后，由于铜丝的熔点很高，所以绝对不能用铜丝代替保险丝，故D错误； 故选：A。 100．（2021秋•姜堰区期末）如图所示，在接线柱A、B间接入导线（其材料为普通铜丝），在接线柱C、D间接入熔丝．接通电源，灯泡正常发光，熔丝不熔断；断开电源，在 B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯不亮，熔丝熔断。以下判断中错误的是（　　） A．熔丝熔断时，熔丝中的电流大于 AB 间导线中的电流 B．导致熔丝熔断的原因是电路中电流过大 C．熔丝熔断，但灯泡依然完好 D．如果先在C、D间连上一根导线，再接通电源时，熔丝不会熔断 【答案】A 【解答】解：A、熔丝和导线串联，熔丝熔断时，熔丝中的电流与AB间导线中的电流相等，故A错误； B、断开电源，在B、D间连上一根导线，再次接通电源时，灯发生短路，不亮，熔丝熔断，是由于电流过大导致的，故B正确； C、由于灯泡被短路，所以虽然熔丝熔断，但灯泡是完好的，故C正确； D、如果先在C、D间连上一根导线，此时电路是通路，灯泡发光，电路中的电流不会过大，熔丝不会熔断，故D正确； 故选：A。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $$