物理(三)-【步步为赢】2024-2025学年高二上学期物理期末综合冲刺卷

高二第一学期期末综合冲刺卷·物理(三 告刺 (满分:100分) 一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分,每小题只有一项符合题目要求.) 舜 1.如图所示的U-I图像中,直线I为某电源的路端电压与电流的关 ./V 3.0 系,直线II为某一电阻R的伏安特性曲线,用该电源直接与电阻R . 连接成闭合电路,由图像可知 ,-→_ A.R的阻值为2.5C _ 1.0 20/A B.电源的输出功率为3.0W , C.电源内部消耗功率为1.5W D.电源电动势为3V,内阻为0.5Q 2.关于电场和磁场,以下说法正确的是 7 1 A.磁场中某点的磁感应强度的方向与放在该点小磁针S极受力方向相同 斑 B.电场中某点的电场强度的方向与放在该点的试探电荷所受电场力方向相后 C.通电导线在磁场中某点不受磁场力作用,则该点的磁感应强度一定为零 D.试探电荷在电场中某点不受电场力的作用,则该点的电场强度一定为零 3.如图所示,一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的正电荷,在垂直于圆盘且过圆 心c的轴线上有a、、d三个点,a和、6和c、c和d间的距离均为R,在a点处固定一电 荷量为q的负点电荷,已知d点处的场强为零,静电力常量为,则5点处场强的大小为 _ _~ (甲双)音 0 10 C._ 9Q A. B. R{} D. 9R{2} 9R{} 3-1 4. 如图所示,空间中存在与水平方向成45*角斜向右上方的匀强电场,电 场强度为E,在电场中的P点有一个质量为,电荷量为q的带正电 力,下列对小球运动情况分析正确的是 A.若小球从静止释放,小球将做曲线运动 B.若小球以某一速度竖直向下抛出,小球的动能一直增加 C.若小球以某一速度竖直向上抛出,小球电势能先减小后增大 D.若小球初速度方向与电场线方向相同,最终小球可能竖直向下做直线运动 5.在学校运动场上50m直跑道的两端,分别安装了由同一信号发生器带动的两个相同的 扬声器.两个扬声器连续发出波长为5m的声波.一同学从该跑道的中点出发,向某一端 ( 点缓慢行进10m.在此过程中,他听到扬声器的声音由强变弱的次数为 ) A.2 B.4 C.6 D.8 6.如图为一列简谐横波在某一时刻的波形图,已知质点A在此时刻的振动方向如图中箭头 所示,则下列说法中正确的是 ) A.波向左传播,质点B向下振动,质点C向上振动 B.波向右传播,质点B向上振动,质点C向下振动 C.波向左传播,质点B向上振动,质点C向上振动 D.波向右传播,质点B向下振动,质点C向下振动 7.如图所示,一块横截面积为扇形的半径为,的柱体玻璃砖,O为截面的圆心,AB为柱体 玻璃砖的圆孤面,置于空气中.现有一细光束a,垂直入射到AO面上的点P处,经玻璃 面反射后经OB面折射平行返回,已知 AOB三135^{*},玻璃对此光的折射率为/2,则入射 点P距圆心O的距离为 _ 3-2 1#7 C.rsin7.5。 D.rsin15* 8.打磨某剖面如图所示的宝石时,必须将OP、OQ边与轴线的夹角9切磨在9.< .的范 围内,才能使从MN边垂直入射的光线在OP边和OQ边都发生全反射(仅考虑如图所 示的光线第一次射到OP边并反射到OQ边后射向MN边的情况),则下列判断中正确 。_ 的是 __~ A.若00,则光线一定在OP边发生全反射 B.若0。,则光线会从OQ边射出 C.若,则光线会从OP边射出 D.若0<9,则光线会在OP边发生全反射 二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分,每小题有多个选项符合题目要求,全 部选对得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分,) 9.三根长直通电导线a、6、c互相平行,电流大小分别为I、I、2I,方向如图 所示,它们的横截面处于等边△ABC的三个顶点.已知导线a在C处产 生的磁场磁感应强度大小为B。,通电长直导线周围磁感应强度大小满 “ B ) A.导线a、b在C处产生的合磁场的方向平行AB连线 B.导线a、在C处产生的合磁场的方向垂直AB连线 C.导线、c在A处产生的磁场合磁感应强度大小为B D.导线、c在A处产生的磁场合磁感应强度大小为/3B 3-3 10. 如图所示,a、6为两个固定的带等量电荷的正点电荷,点电荷a、的连 _。 线与线段cd互相垂直平分,一负点电荷由c点静止释放,如果只受电 ( 场力作用,则关于此电荷的运动,下列说法正确的是 - A.从c到d速度先增大后减小 B.在cd间做往复运动,在关于O点对称的两点处速度大小相等 C.从c到O加速度减小,从O到/加速度增大 D.若在c点给负点电荷一个合适的初速度,它可以做匀速圆周运动 11.在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波在x轴上传播,某时刻的波形如图所示,其 _ 波速为5m/s,则下列说法正确的是 __ .yem 20 :20 A.此时P、Q两点运动方向相同 B.再经过0.5s质点N刚好在(-5m,20cm)位置 C.能与该波发生干涉的横波的频率一定为3H D.波的频率与波源的振动频率无关 12.一列简谐横波沿直线传播,该直线上平衡位置相距9m的a、6两质点的振动图象如图 。 所示,下列描述该波的图象可能正确的是 ) em 30d ,m .cn .Cr ,_em 30 30 30 30 。 -30 -30 -30 B A C D 三、非选择题(本题共6小题,共60分,) 13.(6分)小明在书上看到介绍用800个马拎薯和苹果通过锦钉和铜线连接起来,组成了一 个超大的果蔬电池组,通过特殊装置就可以给手机充电,小明同学想通过实验来验证水 3-4 果电池的可用性,他把铜片和铎片相隔约1cm插入一个苹果中,制成一个水果电池,并 采用如图甲所示的电路测量该水果电池的电动势和内阻,小明同学查阅资料后得知,水 果电池的电动势约为1V,内阻约为1000Q;电流表量程为0~3mA,内阻忽略不计 1250t0 1000 750 乙 (1)实验室的电阻箱有两种规格:电阻箱R.(0~99.9Q),电阻箱R。(0~999.92),图甲 中的电阻箱R应选用 (填“R”或“R。”). (2)利用电阻箱的阻值R与相应的电流表的示数I,作出R图像,如图乙所示,根据图像 可得,水果电池的电动势为 V,内阻为 Q(结果均保留三位有效数字) (3)若考虑电流表的内阻,则水果电池内阻的测量值。 真实值(填“大于”“小于” 或“等于”). 14.(8分)现有毛玻璃屏A、双缝B、白色光源C、单缝D和透红光的滤光片E等光学元件 要把它们放在如图所示的光具座上组成双缝干涉装置,用以测量红光的波长 # 遣光简 (1)将白光光源C放在光具座最左端,依次放置其他光学元件,由左至右,表示各光学元 件的字母排列顺序应为C、 、A. (2)本实验的步骤有 ①取下遮光筒左侧的元件,调节光源高度,使光束能直接沿遮光简轴线把屏照亮 ②按合理顺序在光具座上放置各光学元件,并使各元件的中心位于遮光简的轴线上; ③用米尺测量双缝到屏的距离; ④用测量头(其读数方法同蝶旋测微器)测量数条亮纹间的距离 在操作步骤②时还应注意单缝、双缝应 3-5 (3)将测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐,将该亮纹定为 135 140 第1条亮纹,此时手轮上的示数如图甲所示,然后同方向转动测量 30 010 甲 头,使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐,记下此时图乙中手 乙 轮上的示数为 mm,求得相邻亮纹的间距△x= mm. (4)已知双缝间距a为2.0×10m,测得双缝到屏的距离/为0.700m,由计算式入= ,求得所测红光波长为 nim. 15.(12分)如图所示,物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳相连,跨放在质量不计的 光滑定滑轮两侧,质量分别为。一2kg、。一1kg.初始时A静止于水平地面上,B悬 于空中.现将B竖直向上再举高一1.8m(未触及滑轮),然后由静止释放.一段时间后细 绳绸直,A、B以大小相等的速度一起运动,之后B恰好可以和地面接触,取g一10m/s^{},空 气阻力不计,求: (1)B从释放到细绳细直时的运动时间t (2)A的最大速度v的大小 (3)初始时B离地面的高度H 3-6 16.(8分)平衡位置位于原点O的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平:轴传播,P、Q 为x轴上的两个点(均位于x轴正向),P与O的距离为35cm,此距离介于一倍波长与二 倍波长之间.已知波源自/一0时刻由平衡位置开始向上振动,周期T一1s.振幅A一5cm.当 波传到P点时,波源恰好处于波峰位置;此后再经过5s,平衡位置在Q处的质点第一次 处于波峰位置,求: (1)P、Q间的距离; (2)从一0开始到平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置时,波源在振动过程中 通过的路程. 3-7 17.(10分)如图所示,M为一线圈电阴r.三0.40的电动机,R=240,电 源电动势E-40V.当S断开时,电流表的示数为I.=1.6A,当开关s 闭合时,电流表的示数为I一4A.求 R (1)电源内阻,; (2)开关S闭合时流过R的电流 18.(16分)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距d一8cm,板长L一25cm,接在直 流电源上,一个带电油滴以三0.5m/s的初速度从板间的正中央水平射入,恰好做匀 速直线运动,当它运动到P处时迅速将下板向上提起△d-4 3 cm,油滴刚好从金属板末 端飞出,g取10m/s,求 (1)将下板向上提起后,平行板电容器内部电场强度E与原电场强度E的比值 (2)将下板向上提起后,液滴的加速度大小 (3)油滴从射入电场开始计时,匀速运动到P点所用时间 3-8答案:(1)6.125 10.230 (2)×12 10.0 当接“十,B”接线柱时,R:与R。串联后与表头并联。 当通过电流表的电流达到满偏电流I.时,通过干路 中的总电流即为改装后电流表的满偏电流0.6A.设 R:及R2两端总电压为U',电表两端电压为U',由 I(R。十R) (③) (4) 并联电路中的电流、电压及电阻的规律可得 12-I1 U'-U'-IR B 1'-0.6A U' r'=I+1'-1。+ I.R 一I+R+R。 R,十R 14.解析:(1)根据几何知识得,入射角的正弦sin8 I(R+R+R) AB CD AB.折射角的正弦sin0- D.,又BO-OC,则折射 RR2 代入数据可得R1-0.020 率为”_sin 一.故需要测量的量有/1和l. R.-0.08Q sin0. 答案:(1)“A”接线柱;(2)0.020.0,08Q (2)该同学在插大头针P。前不小心将玻璃砖以O为 17.解析:(1)甲球沿圆孤做简谐运动,它第一次到达O 圆心顺时针转过一个小角度,折射光线将顺时针转 动,而作图时仍以MN为边界,AD为法线,则入射 sin 8 7 乙球做自由落体运动,到达O处的时间为/2. /2K. 知,测得玻璃砖的折射率将偏大, ~-习 答案:(1)和/。 (2)偏大 (2)小球甲从A点由静止释放运动到O点的时间为 15.解析:(1)设撤去电场瞬间A的速度大小为v.以AE T(2n-1),n-1,2,3..1,由0点正上方自由落下 及弹策构成的整体为研究对象,从释放到3s过程 的小球丙到达O点的时间也为/时两球才能在O点 中,由动量定理可得 2qEt-(m+m)v. 28160 带入数据可得v-2m/s. (2n-1)2^2R(n-1,2.3..). (2)设弹第一次恢复原长时,A、B两球的速度分别 8 为、,从撒去电场到弹恢复原长的过程中,以 (2)(2n-1){^2R(n-1,2.3.). AB及弹策构成的整体为研究对象,可知其在水平方 答案:(1)/2n:4 8 向所受外力为零,故在水平方向上动量守恒,故有 18.解析:(1)设此时小球对轨道的支持力为N,由向心 (n.+m)=mAv+mB. 力公式有 整个过程中系统能量守恒,故有 #($+”B)+Ep,-”}+”#} 2 解得 且由于撤去电场时,弹处于压缩状态,故在此过程 中,A做减速运动,B做加速运动,故有lv|>l 联立可得v.-0m/s. 2-3m/s. 由牛顿第三定律可知对轨道的压力大小 故两球的动能分别为EA-0, EkB-m2=181. (2)小球经过A点的最小速度时,与轨道间的弹力为 答案:(1)2m/s;(2)0J,18J 0,则有 16.解析:(1)当接“十,A”接线柱时,表头与R。串联后与 R 并联,当接“十,B”接线柱时,R。与R:串联后与 _2 表头并联,由并联电路的分流原理可得,分流电阻越 解得 小,分流越多,结合电流表改装原理可知,量程越大, #_mr Q十gr 并联的电阻越小,所以量程为3A时接的是“A”接 线柱. (2)当接“十,A”接线柱时,表头与R。串联后与R:并 联,当通过电流表的电流达到满偏电流I。时,通过干 高二第一学期期末综合冲刺卷·物理(三) 路中的总电流即为改装后电流表的满偏电流3A.设 1.C [A.由图象II可知,外电阻, R. 电压为U,电表及R。两端总电压为U。.由并联 电路中的电流、电压及电阻的规律可得U,一U。=I -. (R。+R。),I-3A. 故A错误;B.由两图象的交点坐标,可得电源的路端 U I.(R+R) -I十 电压为1.5V,干路电流为1.0A,电阻R功率,即电 R 源的输出功率为 I(R十R+R) P-UI=1.5×1.0W-1.5W. R 故B错误; 4 D.根据U-E-Ir. 知波向左传播,同理可判断C向上振动,B向上振动, 由图象I可知,电源电动势 故C项正确] E-3.0V: 7.C [光线进入玻璃砖后的光路图如 短路电流 图所示。 I短-2.0A; 在OB面上,折射角,一45{},根据折 电源内阻 射定律得$inrn,则入射角i-30°。 E3.0 sini 2-1.52故D错误;C.由两图象的交点 根据几何关系得2a=r-i-15^{*,所 坐标,流过电阻的电流为1.0A,电源内部消耗的功 以a-7.5*。 率为 根据直角三角形的知识得OP一rsin7.5{},故选C.] P=1?,-1t1.5W=1.5w 8.D [在题图中,要使光线可在OP边发生全反射,图 故C正确,故选C.] 中光线在OP边上的入射角应大于90{}一0.从OP边 2.D [A.磁场中某点的磁感应强度的方向与放在该点 上反射到OQ边的光线,入射角应大于90{}-(180*- 小磁针N极受力方向相同,选项A错误;B.电场中某 30)-30一90{},可使光线在OQ边上发生全反射,若 点的电场强度的方向与放在该点的正的试探电荷所 0,光线不能在OP边上发生全反射;若09,光 受电场力方向相同,选项B错误;C.通电导线在磁场 线不能在OQ边上发生全反射,综上所述,选项D 中某点不受磁场力作用,可能是电流方向与磁场方向 正确。] 平行,而该点的磁感应强度不一定为零,选项C错误; 9.AD [AB.根据通电长直导线周围磁感应强度大小满 D.试探电荷在电场中某点不受电场力的作用,则该点 #B_# 的电场强度一定为零,选项D正确,故选D. 3.B [由于d点处的电场强度为零,可知,一o在d点 可知导线a、b在C处产生的磁场磁感应强度大小 的场强与圆盘在d点的场强等大反向,可得E一 为B0 # 根据右手蝶旋定则和平行四边形定则可知导线a、b 在C处产生的合磁场的方向如图所示 方向水平向右,由对称性可知圆盘在点的电场强度 十E一h10方向水平向左,故选B.] *9R 4.B [A.带正电的小球受到的电场力与电场方向相 B 由于竖直方向有F.-Fsin45^{}-mg, 故A正确,B错误; 可知竖直方向的合力为零,故小球受到的合力方向水 CD.根据通电长直导线周围磁感应强度大小满足B一 平向右,大小为 F-F.-Fcos45"-mg, 可知导线b、c在A处产生的磁场的磁感应强度大小 若小球从静止释放,小球将沿合力方向水平向右做匀 为B。与2B, 加速直线运动,A错误;B.若小球以某一速度竖直向 下抛出,由于小球受到的合力方向水平向右,小球向 根据右手坏旋定则和平行四边形定则可知导线a、/ 下做类平抛运动,运动过程,合力一直做正功,小球的 在A处产生的磁场的方向如图所示夹角为120{},由几 何关系可知 动能一直增加,B正确;C.若小球以某一逸度竖直向 上抛出,由于小球受到的合力方向水平向右,小球向 3B 上做类平抛运动,运动过程,电场力一直做正功,小球 的电势能一直减小,C错误;D.若小球初速度方向与 电场线方向相同,由于小球受到的合力方向水平向 2B 右,与初速度方向不在同一直线上,小球将做匀变迷 曲线运动,最终小球不可能竖直向下做直线运动,D 错误,故选B.] 5.B [当该同学到两个声源的间距之差为波长的整数 倍时,振动加强,听到的声音是加强的,故该同学从中 间向一侧移动0、2.5m、5.0m、7.5m、10m时,听到 C 的声音强;当同学到两个声源的间距之差为半波长的 B-(2B)-B-③B 奇数倍时,振动减弱,听到的声音是减弱的,故该同学 故C错误,D正确,故选AD.] 从中间向一侧移动1.25m、3.75m、6.25m、8.75m 10.ABD [A.根据矢量的合成法则可以知道,在点电荷 时,听到的声音弱,故该同学从中间向一侧移动的过 a、连线的中垂线上的点(O点除外),其电场强度的 程中听到扬声器声音由强变弱的次数为4次.] 6.C [解决该题有许多方法,现用“上下坡法”判断,若 方向都是沿着中垂线背离O点,负点电荷从c向d 波向右传播,则A质点处于下坡,应向上振动,由此可 运动的过程中,电场力先做正功,越过O点后,电场 力做负功,则动能先增大后减小,即速度先增大后减 5 小,故A正确;B.负点电荷由c点静止释放,只受到 则△13.870-2.320 mm-2.310 mm. 电场力作用,结合A选项的分析,则该负点电荷在cd 5 (4)由#得# 间做往复运动,由运动的对称性可知,负点电荷在关 于O点对称的两点处速度大小相等,故B正确;C.由 题意可知,从c到O的电场强度可能越来越小,也可 能先增大后减小,则加速度可能越来越小,也可能先 0.700 -6.60×10-7m-660nm. 增大后减小,根据对称性,从O到d加速度可能越来 越大,也可能先增大后减小,故C错误;D.若在c点 答案:(1)E、D、B (2)相互平行 与遮光简轴线垂 直(3)13.870 2.310 (4)4Ax 660 给负点电荷一个垂直纸面方向的大小合适的初速 度,由于所受的电场力指向O点,可以提供向心力, 则它可以做匀速圆周运动,故D正确,故选ABD.] 15.解析:(1)B从释放到细绳刚绸直前做自由落体运 动,有 11.AB [P、Q两点关于波源O对称,此时P、Q两点运 动方向相同,选项A正确;该波波长为2m,周期为 -gt{②,① T--0.4s,再经过0.5s质点N刚好在(-5m. 代入数据解得 1-0.6s.② 20cm)位置,选项B正确;根据波发生干涉的条件, (2)设细绳绸直前瞬间B的速度大小为y。,有 能与该波发生干涉的横波的频率一定为2.5Hz,选 项C错误;波的频率与波源的振动频率相同,选项D n一gt,③ 错误] 细绳缀直瞬间,细绳张力远大于A、B的重力,A、B 12.AC [该波若是由a向b传播,则需满足m十-9m 相互作用,由动量守恒得 nB=(m+m)v.④ (n-0.1,2,3,..). 之后A做匀减速运动,所以细绳缀直后瞬间的速度 v即为最大速度,联立②③④式,代入数据解得 d-9 # m.4m... -2m/s. (3)细绳绸直后,A、B一起运动,B恰好可以和地面 该波若是由么向a传播,则需满足 接触,说明此时A、B的速度为零.这一过程中,A、B 组成的系统机械能守恒,有(m+mn)2}+mgH# 4 -ngH, 9 代入数据解得 H-0.6m. 综上所述,该波的图象可能为A、C.] 答案:(1)0.6s (2)2m/s (3)0.6m 13.解析:(1)根据题意可知,电阻箱R:的最大阻值为电 16.解析:(1)由题意,0、P两点间的距离与波长入之间 源内阻的,如果选用Ri,电流的调节范围太小,指 针几乎不变,则应选用最大阻值与电源内阻差不多 解得-28cm 的R。. 波这为--28 cm/ (2)根据题意,由闭合回路欧姆定律有 __# 在/一5s的时间间隔内,波传播的路程为s-u-140cm 解得PQ-133cm (2)Q处的质点第一次处于波峰位置时,波源运动的 -E-1.25V. 波源从平衡位置开始运动,每经过一 ,波源运动的路 -12500-1.25×10*2. 程为A. (3)若考虑电流表内阻,由闭合回路欧母定律有 故7'时间内,波源运动的路程为s-25A-125cm. I-R+R E 答案:(1)133cm(2)125cm 17.解析:(1)当S断开时,根据闭合电路欧姆定律得E一 I(R十r), 1 则(2)中所求内阻为,-r。十RA. 可知,水果电池内阻的测量值大于真实值。 (2)开关S闭合时,根据闭合电路欧姆定律得路端电 答案:(1)R。(2)1.25 1.25×103(3)大于 压为U。-E-Ir-40V-4X1V-36V. 14.解析:(1)从左至右依次放置白色光源C、滤光片E. 流过R的电流为 单缝D、双缝B、毛玻璃屏A. (2)单缝、双缝应相互平行并跟遮光简轴线垂直, (3)甲的示数为2.320mm,乙的示数为13.870mm. 答案:(1)12;(2)1.5A 6 联立# 18.解析:(1)设两极板间电势差为U,下板提起前E- A。 d 下板提起后场强: 故B正确,ACD错误。] #E-d# U 5.C [简谐横波沿工轴正方向传播,波源停止振动后, 波将继续在介质中匀速传播,0.4s内简谐横波在介 联立可得E-d5 质中传播的总距离为x=v-0.4m,即0.4s时,x轴 。 上0.4m处的质点刚好起振,由振动图象可知其振动 (2)由牛顿第二定律得:mg-mg=ma 方向沿y轴正方向,故C选项描述的波形图正确。] 得a-2m/s2. 6.A [从单摆的共振曲线可以得出单摆的固有频率,单 摆的固有频率等于振幅最大时驱动力的频率,根据单 (3)下板上移后,粒子向上偏转,由位移公式可知 摆的频率可以计算出单摆的周期,根据单摆的周期公 式可以算出单摆的摆长,选项A正确;从单摆的周期无 解得t2-0.2s 法计算出单摆的摆球质量和摆球的最大动能,选项B、 由L一ot C错误;如果增大单摆的摆长,单摆的周期增大,频率减 小,曲线的峰将向左移动,选项D错误。 可得一 o 7.D [如图所示,当校镜绕A点转过一个 较小的角度a时,这时光线1射向AC2- 解得1-0.5s 所以粒子匀速运动到P点所用时间 面的入射角为a,折射后进入玻璃中,折 t1-t-t2-0.5s-0.2s-0.3s 射角小于a,这条折射光线射向AB面时 1 的入射角略大于45{*},而光由玻璃射入空 气时发生全反射的临界角为42^{},故这条在玻璃中的 高二第一学期期末综合冲刺卷·物理(四) 折射光线会在AB面上发生全反射,再射至BC面时 1.D [A.要有持续电流必须有持续的电压,故A错误; 入射角略小于45{*,再次发生全反射后射向AC面,从 B.电流的传导速度等于真空中的光速,电子定向移动 图中可以看出,最后射向AC面的光线与原来从AC 的速率很小,故B错误;C.在形成电流时自由电子定 面射入的光线平行,根据光的折射定律可知出射光线 向移动,但是热运动并没有消失,其实电子仍然做无 2与原入射光线1平行,故正确答案为D. 规则的热运动,故C错误;D.导体中形成电流的原因 是导体两端加上电压,于是在导体内形成了电场,导 体内的自由电子将在静电力作用下定向移动,形成电 质点a第一次到达波谷的时间11- 流,故D正确,故选D.] 2.C [电热毯为纯电阻电路,根据焦耳定律有 Q-1R- U{2220{} 3.B [A.穿过线圈的磁通量不仅与磁感应强度大小、 面积有关,还与磁感应强度与线圈的夹角有关,故A 错误;B.穿过线圈的磁通量为零,有可能是磁感应强 度与线圈平行,该处的磁感应强度不一定为零,故B 正确:C.闭合线圈在磁场中做切割磁感线运动时,如 果穿过线圈的磁通量不变,电路中也不会产生感应电 流,故C错误;D.感应电流的磁场总是阻碍引起感应 电流的磁通量的变化,故D错误,故选B.] 正确] 4.B [若A、B都为正电荷,都为负电荷,或A为正电 9.AD [根据s一1图象的斜率等于速度,可得碰撞前滑 荷,B为负电荷,C点合场强的方向不可能与AB平 块I的速度为v-4-14 4m/s--2m/s,大小为 行,所以A为负电荷、B为正电荷:场强方向如图所示 5 2m/s,滑块lI的速度为v-- E 前速度大小之比为5:2,A正确;碰撞前、后系统动量 守恒,碰撞前,滑块I的速度为负,动量为负,滑块II 的速度为正,动量为正,由于碰撞后动量为正,故碰撞 前总动量也为正,故碰撞前滑块I的动量比滑块II的 动量小,B错误;碰撞后的共同速度为-6-4 根据平行四边形定则,可知A、B在C点的场强之比 ~m/s= E_sin30{-一 0.4m/s,根据动量守恒定律,有n.v.+mv。=(n十 为E n)v,代入数据可得n-m,D正确;碰前滑块I 又点电荷的场强公式为E一& C点距离A、B两点间的距离比为-1 2