陕西省咸阳市实验中学2024-2025学年高二上学期第二次月考物理纠错卷

高二物理第二次月考纠错卷 姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题（共28分） 1．如图所示，两个带电小球B和C各用绝缘轻绳悬挂于墙上的A、D点处于静止。AB与竖直方向成37°，CD水平。则下列说法正确的是（　　） A．两小球带同种电荷 B．两小球的电量之比是个定值 C．AB绳和CD绳的拉力之比为5：3 D．若增大B球的质量，为维持现状，可减小B球或C球的电量 2．如图所示，水平放置的平行金属板A、B带等量的异种电荷，板间有一带电粒子静止在P处，B板通过理想二极管接地。现通过绝缘柄将A板平移一小段距离，在A板平移的过程中，下列判断正确的是（　　） A．若A板向上平移，粒子会向下运动 B．若A板向上平移，二极管中有电流通过 C．若A板向下平移，两板的带电量增大 D．若A板向下平移，两板间电压减小 3．如图，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。合上开关S，当R2的滑动触点从a端向b端移动时，三个电表A1、A2和V的示数I1、I2、U的变化情况和灯L的亮度变化正确的是（　　） A．I1增大，I2不变，U增大，L变暗 B．I1减小，I2增大，U减小，L变亮 C．I1增大，I2减小，U增大，L变暗 D．I1减小，I2不变，U减小，L变亮 4．如图所示，R1＝6 Ω，R2＝3 Ω，R3＝4 Ω，接入电路后，关于这三只电阻的判断正确的是 A．功率之比是P1∶P2∶P3＝1∶2∶6 B．电压之比是U1∶U2∶U3＝1∶2∶2 C．电流之比是I1∶I2∶I3＝4∶3∶6 D．功率之比是P1∶P2∶P3＝6∶3∶4 5．如图所示，图甲为一个电灯两端电压与通过它的电流的变化关系曲线。由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故。不计电流表内阻。如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与的定值电阻串联，接在电动势为、内阻不计的电路上，则下列选项中正确的是（　　） A．电阻消耗的功率约为 B．电阻消耗的功率约为 C．每个灯的实际功率约为 D．每个灯的实际功率约为 6．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是（    ） A．R1短路 B．R2断路 C．R3短路 D．R4断路 7．直流电动机在生活中有广泛的应用，其主要结构为两部分：定子和转子，其中定子包括：主磁极、机座、转向器、电刷等；转子包括：电枢铁芯、电枢绕组等。如图所示是电动机提升重物的示意图，已知电源电动势，内阻，电阻。闭合开关S，发现电动机被卡死，此时电压表的示数为，立即关闭电源。清除故障后重新闭合开关，当电动机正常工作时，电压表的示数为，重力加速度，下列说法正确的是（　　） A．电动机内部线圈的电阻为 B．电动机正常工作时线圈电阻的热功率为 C．电动机正常工作时电源的效率约为 D．电动机正常工作时将一个质量为重物由静止吊起，则重物的最大速度为 二、多选题（共18分） 8．有一沿x轴分布的电场，电场强度E随x变化的图像如图所示，x轴正向为电场强度的正方向，在x轴上0 − x1间某点处由静止释放一个质量为m，电荷量为q的带负电的粒子，仅在电场力作用下运动，下列说法正确的是（　　） A．x轴上x1处电势最高 B．x轴上x2处电势最高 C．粒子在向右运动的过程中，粒子的电势能可能先减小后增大，再减小 D．粒子在向右运动的过程中，如果到达x2处速度刚好为零，则粒子运动的最大速度一定大于 9．在图甲所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化．图乙中的三条图线分别表示了三个电压表示数的变化情况，则下列说法正确的是（    ） A．图线a表示的是电压表V3的示数的变化情况 B．图线c表示的是电压表V2的示数的变化情况 C．此过程中电压表V1示数的变化量△U1和电流表A示数的变化量△I的比值的绝对值变小 D．此过程中电压表V3示数的变化量△U3和电流表A示数的变化量△I的比值的绝对值不变 10．在倾角为的光滑固定绝缘斜面上有两个用绝缘轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为，C为一固定挡板，开始未加电场，系统处于静止状态，A带正电，B不带电，现加一沿斜面向上的匀强电场，物块A沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，之后两个物体运动中当A的加速度为0时，B的加速度大小均为a，方向沿斜面向上，则下列说法正确的是（　　） A．从加电场后到B刚离开C的过程中，挡板C对物块B的冲量为0 B．从加电场后到B刚离开C的过程中，A发生的位移大小为 C．从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能和电势能之和先增大后减小 D．B刚离开C时，电场力对A做功的瞬时功率为 三、实验题（共18分） 11．某同学利用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻，实验中电表内阻对实验结果的影响很小，均可以忽略不计。闭合电键S后，变阻器的滑动触头P由变阻器的一端滑到另一端的过程中，两电压表示数随电流变化情况分别如图乙中的直线a、b所示。 (1)通过分析可知，图乙中直线 （填a或b）表示电压表V1示数随电流表A示数变化的关系； (2)根据U-I图象中坐标轴表示的数据，可求出电源电动势E= ，内电阻r= 。 12．某同学要测量“水果电池”的电动势和内阻，提供下列仪器： A．待测“水果电池”（电动势E约为4V，内阻r约为100Ω） B．毫安表A（量程20mA，内阻RA=20Ω） C．电压表V（量程1V，内阻RV=1kΩ） D．电阻箱R1（0~9999.9Ω） E.滑动变阻器R（0~1000Ω） F.开关、导线若干 （1）由于电压表的量程太小，该同学用电阻箱R1与电压表V串联，可使其量程扩大，取R1= Ω，则改装后的电压表量程为4V。 （2）用改装后的电压表完成实验，图甲为该同学选择的实验电路。 （3）连接好电路后，闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于 端（选填“a”或“b”）。 （4）根据实验数据画出U-I图线如图乙所示。由图线可得，“水果电池”的电动势E= V，内阻r= Ω。（均保留3位有效数字） （5）由（4）求得的“水果电池”电动势的测量值 真实值，内阻的测量值 真实值。（均选填“大于”“小于”或“等于”） 四、解答题（共36分） 13．如图所示，固定的粗糙绝缘斜面倾角为，质量为m、电量为的小滑块刚好可以沿斜面匀速下滑，现在施加一水平方向的匀强电场，使滑块能沿斜面匀速上滑，求： (1)滑块与斜面的动摩擦因数； (2)匀强电场的电场强度。 14．如图甲所示，为一电动机，当滑动变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙中的图线①、②所示。已知电流表读数在以下时，电动机没有发生转动。不考虑电表阻值和温度对电路的影响，求： (1)电动机的电阻； (2)电源的电动势和内阻； (3)滑动变阻器的滑片滑到最左端时，电动机的输出功率和电源的效率。 15．如图所示，在水平面的上方，存在竖直平面内周期性变化的匀强电场，变化规律如图所示。把一质量为m、带电荷的小球在时从A点以大小为的初动能水平向右抛出，经过一段时间后，小球以的动能竖直向下经过点，随后小球第一次经过A点正下方，且经过A点正下方时电场刚好第一次反向。已知之间的高度差为，水平距离为点到水平面的竖直距离为，重力加速度为。求： （1）两点间的电势差； （2）匀强电场的场强的大小； （3）小球到达水平面时与A点的水平距离。 试卷第6页，共6页 试卷第5页，共6页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D B A B C B AD ABD BCD 1．C 【详解】A．由题图可知两小球受到吸引力作用，说明两小球带异种电荷，故A错误； B．两小球的库仑力为相互作用力，电量之比不确定，故B错误； C．取BC整体为研究对象，受力分析如图所示 所以AB绳和CD绳的拉力之比为5：3，故C正确； D．若增大B球的质量，为维持现状，绳AB的拉力和两小球间的相互吸引力都要增大，说明应增大B球或C球的电量，故D错误。 故选C。 2．D 【详解】AB．若A板向上平移，因电容器上极板带电量一定，则下极板电量也不变，则二极管中无电流通过；两板间距d变大，根据 可知，两板场强不变，粒子仍静止，选项AB错误； CD．若A板向下平移，根据 可知，电容C变大，两板的带电量不变，根据 Q=CU 可知，两板间电压减小，选项C错误，D正确。 故选D。 3．B 【详解】合上开关S，当R2的滑动触点从a端向b端移动时，接入电路的电阻减小，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知总电流增大；通过灯泡的电流增大，功率增大，灯泡L变亮；电源内电压增大，路端电压减小，故电压表示数U减小；并联电路两端的电压减小，根据欧姆定律可知通过R1的电流减小，电流表A1的示数I1减小，电流表A2的示数I2增大。故B正确，ACD错误。 故选B。 4．A 【详解】B．电阻R1与R2并联后与R3串联；并联电阻为： 并联电路电压相等，串联电路电压比等于电阻比，有： 可得： 故B错误． C．串联电路电流相等，并联电路电流比等于电阻的反比，故： 因为： 所以有： 故C错误． AD．根据电功率公式P=UI，有： 故A正确，D错误． 5．B 【详解】设此时电灯两端的电压为U，流过每个电灯的电流为I，由串并联电路的规律得 代入数据，可得 在图甲中画出此直线如图所示 可得到该直线与曲线的交点为(10V，0.50A)，即流过电灯的电流为0.50A，电灯两端电压为10V，电阻消耗的功率约为 每个电灯的实际功率约为 故B正确；ACD错误。 故选B。 6．C 【分析】A灯变暗，说明流过A所在支路的电流减小；B灯变亮，说明其分得的电压变大了，根据串并联电路的特点和闭合电路欧姆定律即可求解。 【详解】A．R1短路，外电路总电阻减小，总电流变大， A、B所在支路的电流均增大，A、B灯都变亮， A错误； B．R2断路，A灯不会亮，外电路总电阻增大，总电流变小，R3所在支路的电压B灯泡分得的电压变大，变亮， B错误； C．R3短路，外电路总电阻减小，总电流变大，路端电压减小，U1增大，则上面的并联电压减小，A灯变暗，流过A灯的电流减小，由于总电流增大，则流过B灯的电流增大，B灯变亮，C正确； D．R4断路，外电路总电阻增大，电路总电流变小，路端电压变大，U1减小，则上面的并联电压增大，A灯变亮，流过A的电流增大，由于电路总电流变小，则流过R3支路的电流减小，B灯变暗，D错误。 故选C。 【点睛】本题是电路的动态分析问题，关键理清电路结构，然后根据串并联电路的特点分析。 7．B 【详解】A．电动机被卡住时，相当于纯电阻，电源内电压 电路电流 由闭合电路欧姆定律可得电动机内阻为 故A错误； B．电动机正常工作时，电源内电压 电路电流 电动机线圈电阻的热功率为 故B正确； C．电动机正常工作时，电源的效率为 故C错误； D．当重物速度最大时，拉力 电动机的输出功率 由 可得重物的最大速度为 故D错误。 故选B。 8．AD 【详解】AB．因x1点的右侧电场线向右，左侧的电场线向左，顺着电场线电势降低，故x1点的电势最高，故A正确，B错误； C．粒子在向右运动的过程中，所受的电场力先向右后向左，电场力先做正功后做负功，粒子的电势能先减小后增大，故C错误； D．粒子在向右运动的过程中，如果到达x2处速度刚好为零，则在x1处的速度最大，设最大速度为vm，因E − x图线与x轴所围的面积乘−q为电场力做的功W，则 又由动能定理得 解得 故粒子运动的最大速度一定大于，故D正确； 故选AD。 9．ABD 【详解】AB.滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，可知路端电压减小，即电压表V1示数减小，电压表V2的示数增大，电压表V3的示数减小，由于U1=U2+U3，则知电压表V3示数变化较快，故图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况，图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况，故A、B正确. C.由闭合电路欧姆定律得U1=E－Ir，则，保持不变，故C错误. D.由闭合电路欧姆定律得U3=E－I（r+R1），则，保持不变，故D正确. 10．BCD 【详解】A．从加电场后到B刚离开C的过程中，挡板C对物块B的作用力不为零，故冲量不为0，A错误； B．开始未加电场时，弹簧处于压缩状态，对A，由平衡条件可得 解得 物块B刚要离开C时，弹簧处于拉伸状态，对B由平衡条件可得 解得 故从加电场后到B刚离开C的过程中，A发生的位移大小为 B正确； C．对A、B和弹簧组成的系统，从加电场后到B刚离开C的过程中，物块A的机械能、电势能与弹簧的弹性势能之和保持不变，弹簧的弹性势能先减小后增大，故物块A的机械能和电势能之和先增大后减小，C正确； D．设A所受电场力大小为F，当A的加速度为零时，B的加速度大小为a，方向沿斜面向上，据牛顿第二定律对A、B分别有 联立解得 故B刚离开C时，电场力对A做功的瞬时功率为 D正确。 故选BCD。 11．(1) (2) 。 【详解】（1）电压表V1测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律有 可知V1示数随电流表示数的变化图象应为a （2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有 可知 解得 ， 12． 3000 a 3.80 167 等于 等于 【详解】（1）[1]要对电压表扩量程，设串联电阻为，根据串联电路的特点有 解得 （3）[2]为了保护电流表，闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于a端。 （4）[3][4]由闭合电路欧姆定律有 由图示图像可知，图线的纵轴截距为电源电动势，图线斜率的绝对值表示电源内阻与电流表电阻之和，即 电源内阻 （5）[5][6]由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，而电流没有误差，运用图像法分别在图上作出由测量数据作出的图线1和修正后真实值作出的图线2，由图看出，电动势没有系统误差，即电动势值与真实值相等，而电源内阻由（4）中分析可知也没有误差。 13．(1) (2) 【详解】（1）小滑块刚好可以沿斜面匀速下滑，则 解得 （2）施加一水平方向的匀强电场，使滑块能沿斜面匀速上滑，则有 解得 14．(1)4Ω (2)3.6V，2Ω (3)0.54W，83.3% 【详解】（1）电流表读数在以下时，电动机没有发生转动，可知电动机的内阻 （2）由图像②可知当U=3.4V，I=0.1A；当U=3.0V，I=0.3A；由闭合电路的欧姆定律 E=U+Ir 可知 解得 （3）滑动变阻器的滑片滑到最左端时，电动机两端电压为U=3.0V，电流为I=0.3A，可知电动机输出功率 电源效率 15．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）AB的水平距离为h，AB的竖直距离为2h，从A到B的过程根据动能定理有 解得AB两点之间的电势差 （2）小球从A点以动能mgh水平向右抛出，经过一段时间后，到达B点动能竖直向下，为4mgh，说明水平方向上减速运动，水平方向有 解得 方向水平向左；竖直方向有 解得 方向竖直向下。所以匀强电场的场强 方向与水平方向成45°角斜向左下。 （3）根据题意建立如图所示的坐标系 已知小球第一次经过A点正下方D点时电场刚好相反，可知A到D的运动时间为T，小球在水平方向运动时间具有对称性，即A到B和B到D所用时间相同 小球从A到B，在y轴上有 解得 到达D点时小球沿y轴方向的分速度为 则A到D沿y轴方向的位移为 小球第一次经过y轴的D点后电场反向，沿与x轴方向成45°指向右上方，小球在y轴上受力平衡，以的速度做匀速直线运动。沿x轴方向先匀减速后匀加速，根据运动的对称性可知恰好在2T时刻第二次经过A点正下方的E点，此过程沿y轴的位移为 经过E点后，2T~3T时间内电场再次反向，小球沿y轴以的初速度做匀加速直线运动，3T时刻第三次经过y轴，此时沿y轴的分速度为 2T~3T时间沿y轴的位移为 以此类推，从0时刻开始，每经过一个时间间隔T，小球就经过一次y轴，沿y轴的运动均为匀加速直线运动与匀速直线运动交替运动。3T~4T时间沿y轴的位移为 4T~5T时间沿y轴的位移为 以此类推，可得小球第n次经过y轴的总位移为 令，解得 可知小球在第5次经过y轴后从到达水平面，当时 则小球在第5次经过y轴位置到水平面的距离为 小球在第5次经过y轴之前竖直方向经历了2次匀速直线运动和3次匀加速直线运动，第5次经过y轴时沿y轴的分速度 小球在第5次经过y轴后沿y轴做匀速直线运动，从第5次经过y轴到水平面经历时间为 与对比可得 小球在第5次经过y轴后沿x轴负方向做匀减速直线运动，其位移为 由A到B的过程中，沿水平方向有 解得 小球到达水平面时与A点的水平距离。 答案第2页，共12页 答案第1页，共12页 学科网（北京）股份有限公司 $$