天津市第四十七中学2024-2025学年高三上学期11月期中物理试题

天津市第四十七中学2024-2025第一学期高三年级 期中考试 物理试卷 第I卷(共2部分;满分100分) 一、单项选择题(本题共5小题,每小题5分,共25分,每小题给出的四个选项中有且只有一个选项 是正确的) 1. 如图所示,直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移-时间图象。由图象可知 下列说法正确的是( _~ A.在时刻t,a车的加速度小于b车的加速度 B. 在时刻,a车追上车 C. 在t到这段时间内,a和b两车的路程相等 D. 在t到这段时间内,b车的速率先增大后减小 2. 如图,从湖底形成的一个气泡,在缓慢上升到湖面的过程中没有破裂。若接近水面,湖内水的温度 越高,大气压强没有变化,将气泡内气体看做理想气体。则上升过程中,以下说法正确的是( _ A. 外界对气泡内气体做功 B. 气泡内气体从外界吸收热量 C. 气泡内气体的压强可能不变 D. 气泡内分子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力增大 3. 下列关于近代物理知识的描述中,正确的是 A. 爱因斯坦首次提出能量量子假说,成功解释了黑体辐射 B. 一个处于n-3能级状态的氢原子自发跃迁时,能发出3种频率的光子 C. 按照玻尔理论,氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时,电子的动能减小,原 子总能量增大 D. 衰变中产生的/射线实际上是原子核外电子挣脱原子核形成的 4. 2024年6月2日,嫦娥六号着陆器和上升器组合体在鹊桥二号中继星支持下,成功着陆在月球背面 南极一艾特肯盆地预选着陆区。其发射过程简化示意图如图所示:嫦娥六号在地球上发射,经地月转 高三物理 第1页,共6页 移轨道的P点实施近月制动进入环月圆形轨道I,再经过一系列调整进入准备落月的圆轨 道II,最终实现月背着陆,下列关于嫦娥六号的说法正确的是 A. 嫦娥六号的发射速度大于地球的第一宇宙速度 地月转移轨道 B. 嫦娥六号在轨道I运行时的速度大于月球的第一宇宙速度 C. 嫦娥六号在轨道I上经过P点时的加速度小于轨道II上经过P点时的加速度 D.嫦娥六号在轨道II上运动时,越靠近月球机械能越小 5.如图所示,一光滑的轻质小滑轮用支架固定在天花板上,一轻绳跨过光滑轻滑轮一端连接 物块A,另一端连接中间有孔的小球B。物块A的质量小于小球B的质量,小球B套在以O 为圆心的固定光滑四分之一圆孤杆的最低点,轻绳处于竖直状态。现对B施加始终沿杆切线 方向的外力,使小球B沿圆孤杆向上缓慢移动到OB绳水平位置的过程中,下 列说法正确的是( A. 轻绳对B的拉力先减小后增大 B.滑轮支架对滑轮轴的作用力逐渐增大 C. 圆狐杆对B的弹力逐渐增大 D. 外力F逐渐增大 二.多选题(本题共3小题,共15分,每小题给出的四个选项中都有多个选项是正确的. 全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分) 6. 质量为m的汽车在足够长的平直公路上行驶,阻力f保持不变。当它以速度、加速度a 加速前进时,发动机的实际功率正好等于额定功率,从此时开始,发动机始终以额定功率工 作,此后关于汽车运动说法正确的是( A. 汽车继续以加速度a做匀加速运动 B.汽车先做加速度减小的加速运动,最后匀速运动 fma) .f-ma)y C. 汽车能达到的最大速度为 D. 汽车能达到的最大速度为 7. 如图所示,滑雪运动员在倾角为30的滑雪道上,从距底端高度为h处由静止开始滑下 上所有装备),重力加速度为g,则整个下滑过程中() 高三物理 第2页,共6页 8. 如图所示,圆孤半径为R、内径很小的光滑半圆管竖直放置在水平地面上,两个质量均为m的小球 A、B以不同的速度进入管内(小球直径略小于半圆管横截面直径),A通过最高点C时,对管壁上部 压力为3mg,B通过最高点C时,对管壁上下部均无压力,则关于小球A 通过最高点C时的速度及A、B两球落地点间的距离x,下列选项中正确 的是( )(重力加速度大小为g) A. -R B.x-2R C. V-gR D. _2gR 三、实验题(本题14分,每空2分.) 9.(一)某实验小组利用如图甲所示的装置来探究小车速度随时间变化的规律 小车 纸带 接电源 电火花计时器 #41902382.883.39 cm #) 水平放置的木板 甲 2 (1)某次实验时小车做匀加速直线运动,实验获得的纸带及测量数据如图乙所示,A、B、C、D、E、 F为相邻的六个计数点,相邻两个计数点间还有四个计时点未画出。实验时忘记标注纸带上A、B两点 间的距离,下列数据中最接近xn的是__ A. 1.20cm B. 1.39cm C. 1.50cm D. 1.60cm (2)已知电火花计时器连接的是频率为50Hz的交变电源,结合图乙中的测量数据,纸带上打出C点 时小车的速度大小vc=m/s,小车的加速度大小a=__m/s2.(计算结果均保留两位有效数字) (二).在利用如图所示的装置“验证机械能守恒定律”的实验中 (1)实验中,某实验小组得到如图所示的一条理想纸带,在纸带上选取三个连续打 出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为h、h、h,已知当地重力 加速度为g,打点计时器打点的周期为T,重物的质量为n,从打O点到打B点的 过程中,重物的重力势能减少量AE。=__,动能增加量AE.三_。 共6页 (2)大多数同学的实验结果显示,重力势能的减少量大于动能的增加量,主要原因是 A. 利用公式v=gt计算重物速度 B. 利用公式v-2g计算重物速度 C. 存在空气阻力和摩擦阻力的影响 D. 没有采用多次实验取平均值的方法 (3)某同学利用他自已实验时打出的纸带,分别测量出打出的各点到第一个点 之间的距离h,算出各点对应的速度v,以h为横轴, 所示的图线,图线未过原点O的原因是 0 四、解答题 10.(12分)如图所示,质量为M三2.6kg的一只长方体形铁箱在水平拉力F作用下沿水平面 向右匀加速运动,铁箱与水平面间的动摩擦因数为4=0.3。这时铁箱内一个质量为m=0.4kg 的木块恰好能静止在后壁上(木块和铁箱不粘连),木块与铁箱内壁间的动摩擦因数处处相 等,且为u2=0.25。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取 g=10m/s2。求: 7777777777777777777 (1)木块对铁箱压力的大小和方向 (2)木块和铁箱一起加速的加速度大小和水平拉力F的大小。 高三物理 第4页,共6页 11.(16分)如图所示,传送带与水平面夹角θ-37o,两轮间距离即A、B两点间长度L一16m,传送带 以v一3m/s的恒定速率顺时针转动。现有质量m=0.5kg的物块以v=1m/s的初速度由底端A处冲上传 送带,已知物块与传送带之间的动摩擦因数u-0.8,重力加速度g取10m/s2,sin37*一0.6,cos37*- 0.8。求: (1) 物块刚冲上传送带时加速度的大小和方向 (2)从物块冲上传送带开始计时,经6s时物块的速度大小 (3)物块从A运动到B所用的时间t 12.(18分)某固定游戏装置的竖直截面如图所示,由狐形轨道AB、竖直圆轨道BCD、水平直轨道DE 平滑连接而成,圆形轨道底端略微错开,在轨道末端E的右侧粗糙水平面EF上紧靠着质量为M-0.2kg 的长木板,长木板上表面与轨道末端E所在的水平面平齐。现将一质量m三0.1kg的小物块从孤形轨道 上高度为h处静止释放。已知圆轨道半径R=0.5m,长木板的长度1一2m,小物块与木板间的动摩擦 因数4=0.5,木板与水平面EF间的动摩擦因数14=0.1,小物块可视为质点,不计其他阻 力,9-10m/2。 7 B(D) (1)若万三lm,求物块第一次经过圆孤轨道最低点D时对轨道的压力F (2)若物块沿轨道运动恰好过C点,求静止释放点的高度h (3)若小物块恰好能通过圆轨道并从E点滑上长木板,请判定小物块能否滑离长木板;若不能,求小物 块在长木板上滑行的最大距离;若能,求小物块在长木板上滑行的时间。 高三物理 第5页,共6页 高三物理 第6页,共6页 天津市第四十七中学2024-2025第一学期高三年级 期中考试 物理试卷 参考答案: 题号 2 , 5 答案 B C BC AC BD 9. 0.21 B 0.50 m(-)2} 10.(1) mgh (2C 872 (3)该同学先释放纸带之后才接通了打点计时器的电源或打第一个点时重物下落的速度不为0 11.(1)16N,水平向左;(2)a=40m/s},F=129N 【详解】(1)对木块,在竖直方向由平衡条件得 mg=f2-4T 则F-16N 由牛顿第三定律得,木块对铁箱的压力大小为三S三16N 故木块对铁箱的压力大小为16N,方向水平向左 (2)对木块,在水平方向由牛顿第二定律,三m 得a-40m/s2 对铁箱和木块整体有F-(M+m)g=(M+m) 得水平拉力F-129N 12.(1)0.4m/s2,方向沿传送带向上;(2)3m/s;(3)7s 【详解】(1)对物块受力分析,如图所示 由牛顿第二定律得ungcos0一mgsin一m a-0.4m/s2 方向沿传送带向上; (2)物块运动到与传送带相对静止所用时间 v-V.一5s 物块运动的位移×,v-+v #2~q=10m<L:=16m 因tanθ,所以5s后物块随传送带一起匀速运动,故6s时物块的速度为3m/s (3)物块匀速运动的位移x一L一xi-6m 匀速运动时间t-2-2s 物块从A运动到B所用的时间(-十t-7 13.(1)5N;方向竖直向下 (2)h=1.25m 2 R 解得F-5N 根据牛顿第三定律有F-F.-5N 方向竖直向下。 .m2} (2)若小球恰能过圆轨道最高点,则有mg=” R 小物块从释放运动到圆轨道最高点过程,机械能守恒,有 解得h-1.25m (3)假设小物块将滑离长木板,小物块从C到E,根据动能定理有 mgx2Rm}m} 2 2x 解得v=5m/s Amg-(m+M)8-1m/s{} 由牛顿第二定律,可得am=/g=5m/s2, dM= “M 即假设成立,能滑离木板。