四川省阆中中学2024-2025学年高一上学期期中物理试题

阆中中学校2024年秋高2024级期中学习质量检测 物 理 试 题 （时间：75分钟 满分：100分 ） 第I卷（选择题，共51分） 一、单项选择题:本题共9小题,每小题4分,共36分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。 1． 从高为1m处以某一初速度竖直向下抛出一个小皮球，在与地面相碰后弹起，上升到 高为2m处被接住，则这一段过程中（　　） A．小球的位移大小为3m，方向竖直向下，路程为3m B．小球的位移大小为1m，方向竖直向上，路程为1m C．小球的位移大小为2m，方向竖直向下，路程为2m D．小球的位移大小为1m，方向竖直向上，路程为3m 2． 一个质点做单向变速直线运动，以的平均速度完成前路程，全过程的 平均速度为18m/s，则剩下的路程的平均速度为（　　） A．5m/s B．10m/s C．20m/s D．24m/s 3． 关于物体的速度、加速度、速度变化量，下列说法正确的是（　　） A．做直线运动的物体，加速度减小，速度也一定减小 B．物体的加速度大，则速度一定变化快 C．一个物体的速度变化量越大，加速度越大 D．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动 4． 某汽车进行直线行驶性能测试时，位移传感器记录的数据经简化处理后得到位移x 随时间t的变化关系如图所示。下列说法正确的是（　　） A．第1s内汽车的加速度为0 B．第3s末汽车运动方向发生改变 C．0~3s内汽车的位移越来越大 D．4s末汽车回到出发点 5． 如图，某滑雪爱好者从倾角一定的雪道上A点由静止滑下， 滑到水平雪道上C点时速度刚好为零，滑雪爱好者经过倾 斜雪道的最低点B点时速度大小不变。若滑雪爱好者在倾 斜和水平雪道上均做匀变速直线运动，已知从A到C运动 的路程为60m，时间为30s，则该滑雪爱好者经过B点时的速度大小为（　　） A．1.5m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s 6． 某快递公司推出了用无人机配送快递的方法，某次配送时无人机从地面由静止开始 竖直向上飞行，运动的图像如图所示，以竖直向上为正方向，下列说法正确的 是（　　） A．无人机在第末开始改变速度方向做减速运动 B．无人机在末至末竖直向下做减速运动 C．无人机在前内的位移大小为0 D．在前运动过程中，第末无人机离地面最高 7． 一物体做匀加速直线运动，第2s内的位移为12m，第3s内的位移为18m，正确的是 （　　） A．这两秒内的平均速度为6m/s B．第3s初的瞬时速度为6m/s C．物体运动的初速度为6m/s D．物体运动的加速度为6m/s2 8． 如图所示，A、B两个小球用长的细线连接，用手拿着A球，B球竖直 悬挂，且A、B两球均静止。现由静止释放A球，测得两球落地的时间差为0.2s， 不计空气阻力，重力加速度，则A球释放时离地面的高度为（　　） A．0.80m B．1.80m C．3.60m D．6.25m 9． 如图所示，已知、A、、为同一直线上的四点，间的距离为，间 的距离为，一物体自点静止起出发，沿此直线做匀加速运动，依次经过A、 、三点。已知物体通过段与通过段所用时间相等。A与的距离为（　　） A． B． C． D． 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 10．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（　　） A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B．从科学方法角度来说，物理学中引入“加速度”概念运用了比值定义法 C．根据速度定义式，当非常非常小时，就可以表示物体在时刻的瞬时 速度，该定义主要应用了理想模型法 D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似 看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 11．一遥控小车在遥控器控制下在水平地面上做匀加速直线运动，碰到前方挡板后反弹，反弹后速度大小减小，小车与挡板作用时间不计，其速度v随时间t变化的关系如图所示，图中两斜线的斜率相等。以静止开始运动的起点为位移坐标原点，以小车开始运动的时刻为时刻，则下列图像能正确反映小车运动的是（　　） A． B． C． D． 12．排球课上，同学们在训练垫球。某同学将排球以5 m/s的初速度竖直向上垫起，忽略空气阻力，重力加速度取10 m/s2，则排球（　　） A．到达最高点时的加速度为零 B．击出后经0.6 s时的速度大小是1 m/s C．上升和下降过程的加速度方向相反 D．从击出到落回击球点的时间为1 s 第II卷（非选择题，共49分） 三、实验探究题：本题共2小题，共15分。 13．（5分）在利用光电门测量自由落体加速度的实验中，把铁皮加工成如图甲所示的“工字型器件”，该器件由一条形铁片，与宽度均为L的挡光片1与挡光片2（L足够小）组成，两挡光片的前沿距离为h，将器件由高处从静止释放，测得两挡光片的挡光时间分别为，实验装置如图乙所示。 （1）为使测量的速度值更接近挡光片通过光电门时的瞬时速度，应选用更 （填 “宽”或“窄”）的挡光片。 （2）挡光片1通过光电门时的瞬时速度为 （用题中所给符号表示）。 （3）实验所测得的自由落体加速度为 （用题中所给符号表示）。 14．（10分）如图所示是某同学测量匀变速直线运动的加速度时，从若干纸带中选中的一条纸带的一部分，他每隔4个点取一个计数点，图中注明了他对各计数点间距离的测量结果。所接电源是频率为50 Hz的交变电源。 （1）实验过程中，下列做法正确的是 A．先释放小车，再接通电源 B．先接通电源，再释放小车 C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处 D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处 （2）为了判断小车的做何种运动，进行了下列计算，并填入下表内。（单位：cm） x2－x1 x3－x2 x4－x3 x5－x4 x6－x5 1.58 1.57 1.57 1.58 1.58 由此可以得出结论：小车的运动是 。 （3）两个相邻计数点间的时间间隔Δt＝ s。 （4）小车的加速度的计算式a＝ （用题目所给符号表示）， 加速度a＝ m/s2（结果保留三位有效数字）。 （5）计算打计数点B时小车的速度vB＝ m/s（结果保留三位有效数字）。 四、解答题：本题共3小题，共34分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案，只写出答案的不得分。 15．（10分）汽车以10m/s的速度在公路上匀速行驶，刹车后以的加速度做匀减速直线运动，求： （1）刹车后3s末的速度大小； （2）刹车后汽车发生位移所经历的时间； （3）刹车后8s内汽车通过的位移大小。 16．（12分）在平直的公路上，一辆小汽车前方处有一辆大客车正以的速度匀速前进，这时小汽车从静止出发以的加速度追赶。求： （1）小汽车追上大客车的时间； （2）小汽车追上大客车时的速度大小； （3）小汽车追上大客车之前两者之间的最远相距x。 17．（12分）如图所示，某高楼距地面高的阳台上的花盆因受扰动而掉落，掉落过程可看作自由落体运动（花盆可视为质点）。现有一辆长，高度可忽略不计的电动板车，正以的速度驶向阳台正下方的通道。花盆刚开始掉落时，板车车头距花盆的水平距离为，由于道路限制，板车只能直行通过阳台的正下方的通道，板车加速或减速的最大加速度大小均为，g取。 （1）若板车司机没有发现花盆掉落，板车保持的速度匀速直行，通过计算 说明板车是否会被花盆砸到？ （2）若板车司机发现花盆开始掉落，司机反应时间为， 则司机应采取加速通 过还是立即刹车的方式进行避 险？说明理由。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 阆中中学校2024年秋高2024级期中学习质量检测 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 答案 D B B A D C D B A 题号 10 11 12 答案 BD AC BD 1．D 【详解】位移是由初位置指向末位置的有向线段，则小球的位移大小为1m，方向竖直向上；路程为轨迹的长度，则小球的路程为 故选D。 2．B 【详解】设总位移为x，总时间为t，则有 前单向直线运动的路程所用时间为，则 剩下单向直线运动的路程的平均速度为 联立解得 故选B。 3．B【详解】A．物体做加速直线运动，加速度减小，速度是增大的，故A错误； B．加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度大，速度变化快，故B正确； C．加速度的大小与速度变化量无必然联系，故C错误； D．当加速度与速度方向相同物体做加速运动，加速度减小，只是速度增加的慢了，故D错误。故选B。 4．A 【详解】A．图像中图线的斜率表示物体的速度，第内斜率不变，表示汽车匀速行驶，加速度为0，A正确； B．图像中图线的斜率表示物体的速度，第末斜率不变，所以汽车运动方向未发生改变，B错误； C．图像纵坐标表示物体的位移，内汽车的位移先增大，后不变，再减小，C错误； D．汽车末位移为-10m，不是回到出发点，D错误。故选A。 5．D【详解】设滑雪爱好者经过B点时的速度大小为v，则有 联立解得 故选D。 6．C【详解】A．由图像可知，第末无人机开始做减速运动，速度方向没有改变仍为正值，故A错误； B．内无人机速度为正值，向上运动，内无人机速度为负值，向下运动，故B错误； C．物体在时正向速度减为0，此时无人机离地面最高，无人机开始反向运动，故不是第末无人机离地面最高，故D错误； D．图像的面积表示位移，无人机前的位移大小为0 故C正确。 故选C。 7．D 【详解】A．这两秒内的平均速度为 故A错误； B．第3s初的瞬时速度等于这两秒的平均速度，即为 故B错误； D．物体运动的加速度为 故D正确； C．根据 可知物体运动的初速度为 故C错误。故选D。 8．B 【详解】由题意可知A、B两小球均做自由落体运动，设A球释放时离地面的高度为h，对A球则有 对B球则有 两球落地的时间差为 联立解得 故选B。 9．A【详解】设物体的加速度为a，根据匀变速直线运动速度与位移公式可得 已知物体通过段与通过段所用时间相等，则有 联立解得 故A与的距离为 故选A。 10．BD 【详解】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故A错误； B．从科学方法角度来说，物理学中引入“加速度”概念运用了比值定义法，故B正确； C．根据速度定义式 当非常非常小时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想，故C错误； D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确。故选BD。 11．AC【详解】AB．由小车运动的图像可知，小车前进和后退过程都做匀变速直线运动，图中两斜线的斜率相同，故小车前进和后退过程中加速度保持不变，故A正确，B错误； CD．小车前进过程做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移公式有 可知，前进过程的图像为一段过原点的开口向上的抛物线，结合上述可知，后退过程也做匀变速直线运动，因此，图像也是一段抛物线，该过程的位移沿负方向，由于图像与时间轴所围面积表示位移，可知，后退过程的总位移大小小于小车前进过程的总位移大小，可知，小车后退速度减为零时没有回到初始位置，故C正确，D错误。故选AC。 12．BD【详解】AC．竖直上抛运动全过程排球只受重力，则加速度大小为重力加速度10 m/s2，方向竖直向下，故AC错误； B．根据竖直上抛规律，击出后经0.6 s时的速度大小是 故B正确； D．从击出到落回击球点的时间为 故D正确。故选BD。 13．(1)窄　　　　　　(2)　　　　　　(3) 【详解】（1）为使测量的速度值更接近挡光片通过光电门时的瞬时速度，即平均速度更接近瞬时速度，则应选用更窄的挡光片； （2）挡光片1通过光电门时的瞬时速度为 （3）挡光片2通过光电门时的瞬时速度为 所以自由落体的加速度为 14．BD 匀变速直线运动 0.1 1.57 0.517 【详解】（1）略 (２)数据分析可知，在误差允许范围内相邻相等时间内的位移差相等，因此可以得出结论：小车的运动是匀变速直线运动。 （３）[5]该打点计时器所接的电源是频率为50 Hz的交变电源，相邻两个点之间的时间间隔为0.02s，纸带上每隔4个点取一个计数点，即两个相邻计数点间的时间间隔。 (４)[6] 根据 运用逐差法得。 [7] 带入数据 （５）[8]由于小车做匀变速直线运动，因此，打计数点B时小车的速度等于AC段的平均速 度 。 15．(1)4m/s　　　(2)2s　　　　(3)25m 【详解】（1）汽车的初速度大小为 刹车时间 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　．．．．．．．．．．2分 所以刹车后3s末的速度大小为 ．．．．．．．．．．2分 （2）汽车的位移为 ．．．．．．．．．．2分 解得 ，（舍）．．．．．．．．．．2分 （3）由于8s大于汽车的刹车总时间，所以内汽车通过的位移大小为刹车距离，即 ．．．．．．．．．．2分 16．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）设经时间小汽车追上客车，该过程中汽车的位移为，客车的位移为，则有 ．．．．．．．．．．1分 ．．．．．．．．．．1分 根据位移关系可得 ．．．．．．．．．．1分 联立解得 ．．．．．．．．．．1分 （2）小汽车追上大客车时的速度大小为 ．．．．．．．．．．2分 （3）设经时间，汽车的速度等于客车速度时，此时两者相距最远；则有 ．．．．．．．．．．1分 解得 ．．．．．．．．．．1分 设此过程汽车的位移为，客车的位移为，则有 ．．．．．．．．．．1分 ．．．．．．．．．．1分 则两者之间的最远相距 ．．．．．．．．．．2分 17．(1)货车会被花盆砸到　　(2)司机应采取立即刹车的方式进行避险，见解析 【详解】（1）花盆从高处落下，根据自由落体公式有 ．．．．．．．．．．1分 解得 ．．．．．．．．．．1分 3s内货车的位移为 ．．．．．．．．．．1分 由于 ．．．．．．．．．．2分 所以货车会被花盆砸到； （2）若司机采取刹车方式，货车运动的位移为 ．．．．．．．．．．2分 由于 ．．．．．．．．．．1分 可知，花盆不会砸到货车上； 若司机采取加速方式，货车运动的位移为 ．．．．．．．．．．2分 由于 ．．．．．．．．．．1分 可知，花盆会砸到货车上。 所以司机应采取刹车的方式进行避险。．．．．．．．．．．1分 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$