新试题精选仿真卷12-【创新教程】2025年高考物理12套仿真模拟卷

绝密★启封并使用前 新试题精这（十二）》 物理试题 满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、准 鉴 考证号，并将条形码粘贴在指定位置上 2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂：非选择题答案必须使用0.5毫米 黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚， 娜 3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效：在草稿纸、试题 卷上答题无效.保持卡面清洁，不折叠、不破损 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题只有一个选项符合题目要求. 1.如图所示，带正电的小球竖直向下射入垂直纸面向里的匀强磁场，关于 ④- 中 小球运动和受力说法正确的是 A.小球运动过程中的速度不变 B.小球运动过程中的加速度保持不变 XX C.小球受到的洛伦兹力对小球做正功 D.小球刚进入磁场时受到的洛伦兹力水平向右 2.在光滑水平面上充满水平向右的匀强电场，被拉直的绝缘轻绳一端 I 固定在O点，另一端系着带正电的小球，轻绳与水平面平行，OB与 电场线平行.若小球从A点由静止释放后，沿水平面摆动到B点，不 计空气阻力，则关于此过程，下列判断正确的是 女 A.小球的动能先变小后变大 B.小球的切向加速度一直变大 C.小球受到的拉力先变大后变小 D.小球受到的电场力做功的功率先增大后减小 3.《梦溪笔谈》是中国科学技术史上重要文献，书中对彩虹作了如下描述： “虹乃雨中日影也，日照雨则有之”.如图是彩虹成因的简化示意图，设水 黑 滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平 面内，4、b是两种不同频率的单色光.下列说法正确的是 A.a、b两种单色光在真空中的传播速度不同 B.水滴对a光的临界角大于对b光的临界角 C.a、b光分别通过同一双缝干涉装置，a光的相邻亮条纹间距较小 D.在水滴中a光的频率小于b光的频率 物理试题（十二）第1页（共6页） 4.两个振动情况完全相同的波源，在同一介质中形成的两列波相 0 遇后，某一时刻在它们的重叠区域形成如图所示的干涉图样，实 线表示波峰，虚线表示波谷，图中P点恰好处于两条实线的交点 上，Q点恰好处于实线和虚线的交点上，M是P、Q之间连线上 的一点（图中未画出），下列说法正确的是 A.P点总是在最大位移处 B.M点可能是振动加强点 C.P、Q之间的距离一定等于半个波长 D.若将波源S1向S2稍微靠近，P点的振幅一定不变 5.2024年3月20日，我国“鹊桥二号”卫星发射成功，多次调整后进人 周期为24h的环月椭圆轨道运行，并与在月球上开展探测任务的 “嫦娥四号”进行通讯测试.已知月球自转周期27.3天，下列说法正 确的是 A.月球处于“鹊桥二号”椭圆轨道的中心位置 B.“鹊桥二号”在近月点和远月点的加速度大小相同 C.“鹊桥二号”在远月点的运行速度小于月球第一宇宙速度 D.“鹊桥二号”与月心连线和“嫦娥四号”与月心连线在相等时间内分别扫过的面积相等 6.如图甲所示，在光滑水平面上，使电路abcd的ad端加上如图乙所示的交变电压，a点电 势高于d点电势时电压u为正值，电路abcd所围区域内还有一弹性导线框MVPQ置于 光滑水平面上，以下说法不正确的是 () 川电器 A.t时刻，线框MNPQ中的感应电流为零 B.t2时刻，电路abcd对线框MN的安培力为零 C.t3时刻，线框MNPQ中的感应电流为顺时针方向 D.t2~ta时间内，线框MNPQ的面积会变大 7.匀强电场中有一个立方体空间，立方体上表面为ABCD,下表面为 PMRS,立方体的边长为1cm,以P为坐标原点建立三维直角坐标系，如 图所示，已知B、D、R三点的电势均为2V,C点的电势为4V,则下列判断 中正确的是 A.匀强电场方向沿之轴负方向 B.P点的电势为O C.C、P两点间的电势差为9V D.电场强度大小为2003V/m 物理试题（十二）第2页（共6页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得4分，有选错的得0分 8.我国汉代一幅表现纺织女纺纱的壁画记载了我国古代劳动人民的智慧，如图甲所示.图 乙是一种手摇纺车的示意图，一根绳圈连着一个直径较大的纺轮和一个直径很小的纺 锤，纺轮和可转动的摇柄共轴，转动摇柄，绳圈就会牵动着另一头的纺锤飞快转动，a、b、c 分别为摇柄、纺轮的绳圈、纺锤的绳圈上的点，则匀速转动摇柄时 () 纺 A.a点的周期保持不变 B.b点的线速度始终不变 C.纺锤的转速大于摇柄的转速 D.a点的向心加速度等于c点的向心加速度 9.轿车的悬挂系统是由车身与轮胎间的弹簧及避震器组成的支持系 统.某型号轿车的“车身-悬挂系统”的固有周期是0.5s,这辆汽车匀 速通过某路口的条状减速带，如图，已知相邻两条减速带间的距离为 1.0m,该车经过该减速带过程中，下列说法正确的是 ( A.当轿车以30kmh的速度通过减速带时，车身上下振动的频率为2Hz B.轿车通过减速带的速度大小不同，车身上下振动的幅度大小可能相同 C.当轿车以7.2kmh的速度通过减速带时，车身上下颠簸得最剧烈 D.轿车通过减速带的速度越大，车身上下颠簸得越剧烈 10.如图所示，水平面上有一组平行但宽度不同的固定导轨，分界 线PQ、MN位于水平面内且均与导轨垂直，PQ左侧导轨间距 是右侧导轨间距的2倍.PQ左侧和MN右侧有方向垂直水平 面、等大反向的匀强磁场，PQ和MN之间是距离d=1m的无磁场区域.两根完全相同 的导体棒CD,EF均平行PQ静止放置在导轨上，导体棒质量均为m=0.2kg.给导体 棒CD施加一水平向右、大小为F=10N的恒力，当导体棒CD运动x=0.5m时撒去恒 力F,此时两导体棒的速度大小均为=1/s.已知导体棒CD运动到PQ前两导体棒 的速度均已稳定.当导体棒EF的速度大小为v2=0.2m/s时，导体棒CD刚好运动到 MN并进人右侧磁场区域.整个过程中导体棒EF始终在MN的右侧导轨上运动，两导 体棒始终与轨道接触良好且不会碰撞.除导体棒电阻外不计其他电阻，忽略一切摩擦， 导轨足够长，取重力加速度g=10m/s2,下列说法错误的是 () A.恒力F作用过程中，导体棒EF上产生的焦耳热为1.6J B.撤去拉力F后，导体棒CD在左侧水平轨道上稳定速度的大小为0.5m/s C.导体棒CD从PQ运动到MV过程中，导体棒EF位移的大小为1.3m D.导体棒CD最终速度的大小为言m/s 物理试题（十二）第3页（共6页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分 11.(6分)第22届中国汕头国际玩具礼品博览会中，某同学为估测 子弹从玩具枪射出时的速度，设计了如下实验：如图所示，使玩 具枪每次都以相同速度射出弹丸，将弹丸离开枪口后的运动看 水平地面 作平抛运动 /77777777777777777777777777777 (1)测出了弹丸下降高度y和水平射程x,重力加速度为g,则弹丸的水平初速度 (用x、y、g表示.如果考虑竖直方向的空气阻力，则此方法测出的，比真实 值 (选填“偏大”或“偏小”). (2)第二次实验如图所示.该同学站在墙前面，朝墙面开枪，第一枪落点为A:后退20 cm,在相同高度下开了第二枪，落点为B;再后退20cm,在相同高度下开了第三枪，落点 为C;测得AB=35cm,BC=45cm,若取重力加速度大小g=10m/s,则第二枪弹丸的 运动时间比第一枪多 s,从枪口射出的初速度大小为 m/s. A B叶 c (3)弹丸击中A点时的速度为 12.(8分)小嘉同学为了探究某充电宝是否像干电池一样有确定的电动势和内阻，设计了如 图1所示电路图，R=0.5Ω.实验过程中该同学使用了两个数字万用表. ↑N 5.0 4.0 3.5 3. 出出出出出 00.51.01.52.0 图1 图2 图3 (1)用实线代替导线完成实物图2的连接， (2)充电宝电量达到100%后，小嘉同学按电路图正确连接电路后进行实验，操作无误后 得到6组数据并在坐标纸上描点，请结合数据点在图3上拟合U-I关系图像.该充电宝 的电动势E V,内阻r Ω（均保留三位有效数字） (3)小嘉同学想用一只机械式多用电表粗略判断该充电宝在电量减少时电动势是否会 减小，测量时他应该把选择开关置于图中的 (选填“A”“B”“C”“D”)位置. 1001 12510 OFP OFP 0 250 S00 100- 10 500 + 0525100 250 101 12510 500 0.53510 物理试题（十二） 第4页（共6页） 13.(9分)如图所示，竖直放置在水平桌面上的左右两汽缸粗细均匀， 内壁光滑，横截面积分别为S、2S,由体积可忽略的细管在底部连 通.两汽缸中各有一轻质活塞将一定质量的理想气体封闭，右侧汽 缸底部与活塞用轻质细弹簧相连，初始时，两汽缸内封闭气柱的高 度均为H,弹簧长度恰好为原长.现往左侧活塞上表面缓慢添加质量为的沙子，直至 p。S 左侧活塞下降号H.已知大气压强为，重力加速度大小为g,沙子的质量m一安，汽 缸足够长，汽缸内气体温度始终不变，弹簧始终在弹性限度内，求 (1)最终右侧活塞上升的距离h: (2)弹簧的劲度系数k. 14.(15分)物流公司传送小件货物，简化的传输系统如图所示.曲面AB末端与水平面BC 平滑连接于B点，水平面BC与传送带等高.工人将小件甲从A点由静止释放，运动到 C点时以速度v。=4m/s与遗留在平面末端C点的小件乙发生碰撞（碰撞时间极短，碰 撞前后甲、乙在同一条直线上运动)，碰后甲、乙分别以速度，=1.5m/s和2=5ms 冲上顺时针运行的传送带上，传送带的速度v=4ms,传送带足够长.已知曲面高度h =1m,小件甲的质量m1=4kg,小件甲、乙均可视为质点，且与传送带间的动摩擦因数 均为4=0.5，重力加速度取10m/s2.求： A入甲 乙 (1)小件甲从A点运动到C点过程中克服摩擦阻力所做的功： (2)小件乙的质量m2及甲、乙碰撞过程损失的机械能： (3)小件甲和乙冲上传送带到都与传送带共速过程中，传送带的电动机需额外多消耗的 电能. 物理试题（十二）第5页（共6页） 新试题精这（十二）》 (物理)答题卡 处 好 准考证号 条形码粘贴区（居中） 缺考 注意事项 滇涂样例 □ 1.答送前考生先将自己的姓名准考证号填写猜楚，并认真在规定位置贴 正确填涂 灯条形码。 ■ 违纪 2.逃择愿必须使用2B笔填涂；非选择题必须使0.5毫米及以上黑色字 迹的签学笔书写，妥求学体整，笔迹清楚 错误填涂 □ 3,严格按照题号在相应的答短区域内作答，超出答盟区域书写的答案无效 ☑×D 4.保持卡清沾，本装订，不要折叠，个要破拟。 )0五 选择题(1~7小题，每小题4分，共28分： 正确填涂 8~10小题，每小题6分，共18分) 在 1ABCD 3 ABCD 5ABCD 7囚EGD 9ABCD 的 2AB@回 4ABCD 6 ABCD 8 AECD 10ABCD 区 内作答 非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分，除标注外，每空1分) (1) 边 (2) (3) (2分) 的答案无效 12.(8分，除标注外，每空2分) (1) 图1 图2 (2) 4.0 (1分) (1分) 图3 (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(9分) 25 7777777777777777777777 14.(15分) C 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 15.(16分) y 2E 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第2页（共2页） 15.(16分)如图所示，x轴上方存在沿y轴竖直向上的匀强电场和垂直 于纸面向外的匀强磁场，电场强度大小为E,磁感应强度大小为B. x轴下方存在沿y轴竖直向上的匀强电场，电场强度大小为2E,磁 场、电场区域足够大.图中A、C两点的坐标分别为(0，一y。)、 (一x。,0),重力加速度为g. (1)若有一带电粒子（不计重力）在x轴上方平行xOy平面而做匀速直线运动，求粒子速 度； (2)若将一质量为m,电荷量为q=的带正电小球自A点以某一初速度沿x轴负方向 抛出，小球第三次通过x轴时恰好通过坐标原点O,求初速度的大小。：（用q、B、、g 表示) (3)若将一质量为m,带电量为q=学的带正电小球自A点以初速度以抛出，，与水 平方向夹角为α，小球第1次经过x轴时的位置恰好为D点，然后只经过一次磁场区域 后回至A点.求a和vA.(用q、B、m、g、x。ya表示) 物理试题（十二）第6页（共6页）参考答案 (2)当G满偏时，千路的总电流I=I。十 I Rs=1 mA Ro 解得=√一品 (5分) +1X18 mA=10 mA 2 答案：1)BL2 2F=mg-(3L- (3)欧姆调零时，电流表满偏，故欧姆表的内阻为 15,解析：(1)物块A到达木板时，设速度为0，由动能定 Rs=是-1ix10n 1 理可得mAgh=之mA听， 由于电流表的内阻为18Ω，欧姆调零后R1的阻值为 解得0=6m/s, R1=1500-18n=14822. 在B,C相碰之前，设物块A的速度为凹，加速度为 开关S1断开时，欧姆表内部阻值为1500Ω，即中值 aA,木板B的速度为，加速度为ag,滑动时间为 电阻为1500Ω.倍率为“×10”挡.则当开关S1闭合 1,由牛顿第二定律可得归mAg=mAaA· 时，欧姆表内部的阻值为R感'=名1,5×102Q,即 1mAg一2(mA十mB)g=mBaB 1 中值电阻为150Ω，所以倍率为“×1”挡. 对B分析r1=2ai, 答案：（每空2分）(1)见解析(2)10(3)1482×1 由运动学规律可知=购一aAt1, 13.解析：(1)电梯下落时，线圈上下两边均切割磁感线 解得=4ms 产生感应电动势，则有 v2=aBt=1 m.s. (5分) E=2nBLv. (1分) (2)木板B与物块C相碰，设碰后B、C的速度分别 由欧姆定律，可得此时线圈内产生的感应电流大小 、1,由动量守恒可得mB2=mB3十m心4， E 为1= (1分) 1 代入数据得11=50A: (2分) 解得3=0,4=1m/s, (2)当电梯达到最大速度时，电梯所受重力与安培力 碰后C做匀减速运动，B静止，设加速度为aC,经历 平衡，有mg=2nB1nL, (2分) 时间为ta,位移为x2,则2mCg=mcac 叉1m- nBLVm 解得a=1m/s2, R (1分) 第二次碰撞前C静止，则=aet3, 联立得m=7.5m/s. (2分) 解得时间为13=1s, 答案：(1)50A(2)7.5m/s 1 14.解析：(1)0~to时间内，对a、b棒及导轨构成的回路 此时运动距离为x2=2ac号=0.5m, 有E把没是县 B在1s内恰好移动0.5m,B追C,二者加速度大小 △△ 相同，B加速，C减速，故所需时间为1s,即从第一次 联立解得E= Bo12. (5分) 碰撞至第二次碰撞经历时间为18 (5分) to (3)第二次碰撞后，设A的速度，由运动学可得 (2)设0~t时间内通过回路的电流为1，对a棒有 =一aAtg· BIL+F=2mgsin 0, 设木板与物块达到共速时，设速度为6，时间为4， 对b棒有B。L=mg, 则%=5一aA4· Bo B= 联立可解得F-mg一 (5分) vs =apls, to 设木板共速之前的位移为x,共速之后的位移为 (3)设撤去拉力后的某一时刻回路中的电流为】1，对 1 a棒有2 ngsin0-B011L=2a1, x4,则x=24, 对b棒和物块组成的系统有mg一B。I1L=2ma2· 2asx4=呢， 解得a1=a2 I=T2-T3-T4 表明每时每刻、b两棒的速度大小相等，两棒的位 1 移大小也相等，故当物块下落L时，由能量守恒定律 解得x=8m. (6分) 有2 ngsin0XL+mgL=Q+ 1 2 (2m+m+m)w2. 答案：14ms:(21s:（3)3n 新试题精选（十二） 选择题答案速查 题号 1 3 6 9 10 答案 D D C B D D AC BC BCD 1D[小球受洛伦兹力和重力的作用，测小球运动过程 2.D[小球从A点摆动到B点的过程中，只有电场力 中速度，加速度大小，方向都在变，故A、B错误：洛仑 做功且一直做正功，根据动能定理知小球的动能E 兹力不做功，故C错误：根据左手定则，可知小球刚进 一直增大，故A错误：小球从A点摆动到B点的过程 入磁场时受到的洛伦兹力水平向右，故D正确.] 中轻绳与OB的夹角设为0，根据牛顿第二定律：qEsin0 29 物 理 =ma,则小球的切向加速度为：a1=Esin0,可知加速 时针方向，C正确，不符合题意；D.2~t3时间内，电路 m 中的电流增大，线框MNPQ中的磁通量增大，由楞次 度随着0的减小而减小，故B错误：根据牛顿第二定 定律推论知线框MNPQ的面积会变小，所以D错误， 律和向心力公式有：F-Ec0s日=m乙，可得小球受 符合题意：故选D.] 7.D[已知B、D、R三，点的电势均为2V,C点的电势为 到的拉力大小为：F=gEms0叶是B,os0,A均随 4V,可知BDR所在的平面为等势面，电场线与等势 而垂直，且由高电势点指向低电势，点，可知场强方向 着0的减小而增大，可见F一直增大，故C错误；在A 由C点垂直平面BDR指向P点，故A错误： 点时小球的速率为零，电场力做功的眸时功率为零， 过B,点时小球的速度方向与电场力垂直，电场力做功 因Pg一PM=9C一9R,可得PM=0, 的瞬时功率也为零，可见小球受到的电场力做功的功 由9℃一9R=9D一ps,可得9s=0, 率先增大后减小，故D正确.所以D正确，ABC 而M一9p=取一9s,可得9p=一2V, 则Up=6V, 错误.门 故B,C错误： 3.C[A.a,b两种单色光在真空中的传播速度相同，均 电场强度E= 3Z3×10-V/m=20v3v.m. U 6 为c,故A错误；B.由题图可知，光线进入水滴后，a光 的折铅角小，根器口=温可知口无新射率大，根据 故D正确.] 临界角公式imC-】,可知水滴对a光的临界角小于 8.AC[由于匀速转动摇柄，则a点的周期保持不变，故 A正确：由于线速度为夫量，故方向在政变，故B错 对b光的临界角，故B错误：C.a光折射率大，则a光 误：纺轮和纺锤为皮带转动，线速度大小相同，即% 频率较大，根据c=入f可知a光波长较小，根据△x= ,摇柄和纺轮为同轴转动，角速度相同，即u=a 子久可知口，山光分别道过同一双链千步袋置0充的 其中r。<r6,再根据角速度和线速度的关系有u=r, 则。<，故<功=U。,即纺锤的转速大于摇柄的转 相邻亮条纹间距较小，故C正确；D.光进入水滴后频 速，故C正确；根据a=wr,由于仙a=,且rm<r6,可 率不变，所以在水滴中a光的频率大于b光的频率，故 D错误.故选C.] 得a.<a,旅据a=,由于%=，且>，可得a 4.B[A.P点为振动加强点，即振幅最大，但并不是总 >ab,即an<ar,故D错误.] 在最大位移处，故A错误；B.若M到两波源的距离差 9.BC[当轿车以30km/h的速度通过减速带时，车身 值等于半波长的偶数倍，则M点为振动加强点，所以 M点可能是振动加强点，故B正确：C.P,点为振动加 上下振动的周期为T=占-房，则车身上下振动的 强点，Q点为振动减弱点，当两质点处于平衡位置时， 频率为一7-8专H,故A错误：丰身上下振动的 两点间的距离等于半个波长，处于其它位置时均不等 于半个波长，故C错误：D.若将波源S1向S2稍微靠 频率与车身系统的固有频率越接近，车身上下振动的 近，P点可能不是振动加强点，其振幅可能发生变化， 幅度越大，所以当轿车通过减速带的速度大小不同 故D错误.] 时，车身上下振动的幅度大小可能相同，故B正确：D 5.C[由开普勒第一定律可知，月球处于“鹊桥二号”椭 错误：当轿车以7,2mh的速度通过减速带时，车身上下 圆轨道的一个焦点上，A错误：“鹊桥二号”在近月点 距离月球最近，受到的万有引力最大，加速度最大：在 振动的频李为了一宁-茫-2，车身系统的图有频 1 远月点距离月球最远，受到的万有引力最小，加速度 率为6=元=2，此时了=，所以车身发生共 最小，故“鹄桥二号”在近月点和远月点的加速度大小 振，颠毓得最剧烈.故C正确.门 不相问，B错误：“鹊桥二号”在远月点的速度小于轨道 10.BCD[A.恒力F作用过程中，根据能量守恒可得回 与远月点相切的卫星的线速度，轨道与远月点相切的 卫星的线速度小于第一宇宙速度，故“鹊桥二号”在远 路中产生的总焦耳热为Qs=F一2X号m听=4,8J 月点的运行速度小于月球第一宇宙速度，C正确：由 由于RD=2RF,可知导体棒EF上产生的焦耳热 开普勒第二定律可知，同一颗卫星与月球的连线在相 1 同时间扫过的面积相等，但是“鹊桥二号”与“境娥四 为Qm=3QB=1.6J,A正确： 号”是两颗轨道不同的卫星，相同时间扫过的面积不 B.撒去拉力F后，当导体棒CD与导体棒EF在磁场 相等，D错误.] 中产生的电动势大小相等，方向相反时，两导体棒的 6.D[A.1时刻，电势最大但是图像的斜率为0，则其 速度达到稳定，设稳定时导体棒CD的速度为vD, 变化率也为0，所以线根MNPQ中的感应电流为零， 导体棒EF的速度为v序，右侧导轨间距为L,左侧导 A正确，不符合题意；B.t2时刻，线柜MNPQ中的感 轨间距为2L,则有B·2LD=BLF· 应电流最大，但是电路中电流为0，其产生的磁场也为 从撤去拉力F到导体棒速度稳定，对导体棒CD,根 0,则电路abcd对线框MN的安培力为零，B正确，不 据动量定理可得一BI·21t=mD一m1· 符合题意；C.tg时刻，由右手定则电路abcd产生的磁 对导体棒EF,根据动量定理可得一BI·Ll=mU 场方向垂直水平面向上，并且磁通量增大，由楞次定 一1 律及右手定则，所以线框MVPQ中的感应电流为顺 联立解得wD=0.6ms,r=1.2ms,B错误： ·30· 参考答案 C.导体棒CD从PQ运动到MN过程中做匀速直线 根据闭合电路欧姆定律有 运动，所用时间为1==3s, E=U+I(r+Ro), VOD 整理得U=E-(r+R)I, 导体棒EF做加速度减小的减速运动，位移应满足 结合图线可得E=5.00V, 2+0.2 <=。X3m=1.3mC错误 r+R,=k=5.00-3.00=0.870, 2.30 2 所以r=0.870-R。=0.370(2) D.导体棒CD从MN进入右侧磁场区域，导体棒CD (3)由于电动势的测量值为5.00V,因此若用一只机 与导体棒EF组成的系统满足动量守恒，当两导体棒 械式多用电表粗略判断该充电宝在电量减少时电动 达到共速时，两导体棒达到最终稳定状态，根据动量 势是否会减小，测量时他应该把选择开关置于10V 守恒可得mD一m2=2mv共， 的电压挡位，可知，第二个选择项中的示意图符合要 求，故选B. 解得V共一 D-一_0.6-0.2 m/s=0.2m/s,D错 2 2 答案：（除标注外，每空2分） 误：故选BCD.] 11.解析：(1)根据平抛运动规律可知，弹丸在水平方向 做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，则 1 x=%y=zg12, 方程联立解得w=1√ g 考虑竖直方向的空气阻力，则实际下落的时间比按 照自由落体计算的时间长，在水平方向上的位移实 际更大一些，计算初速度时仍按照自由落体时间计 (2)4 5.00(1分)0.370(1分) 算，则此方法测出的比真实值偏大。 (2)根据匀变速直线运动规律可知，连续相等的时间 内位移之差为△h=gT2,代入数据可得T=0.1s, 3051.0 1.520 则第二枪弹丸的运动时间比第一枪多0.1s,出枪口 (3)B 13.解析：(1)对左右汽缸中密封的气体，初态压强为 时的初逸度为w=亭-8=2m P1=Po, (3)根据题意可知 初态的体积为V1=3SH, -ABBC-_0.35,m0.45m=4m/, 末态压强为p2,对左侧活塞受力分析得 2T 2×0.1s mg十pgS=p2S, (1分) 则uAx=v一gT=3m/s, 12。 解得p2=行p咖 (1分) 故弹丸击中A点的速度为 A=√6+x=√/13m's. 末态体积为V:,左侧气体高度为号，右侧气体的高 度为H',总体积为 答案：（除标注外，每空1分）(1).x g 2y 偏大 V-号s+H×2s. (1分) (2)0.12(3)√/13ms(2分) 根据玻意耳定律可得p1V1=p2V2: (1分) 12.解析：(1)按电路图用实线代替导线完成实物图如图 解得H=号H。 (1分) 最终右侧活塞上升的距离 =H-H=, 8 (1分) (2)对右侧活塞进行受力分析 0·2S+k,其=e25, 8 (2分) (2)结合数据点在图3上拟合U一1关系图像如图 AUIV 年得=1合 (1分) 5.0 答案0号 (2)16ps 11H 14.解析：(1)甲从A到C,由动能定理m1gh一W:= 4. 2m1哈-0，得W=8」. (4分) 35 (2)甲、乙碰撞，由动量守恒定律m1%=m1十 30。 m2t2,解得m2=2kg ·31 物理 则损失的机械能 “+”“一”对应类斜上抛和类斜下抛，如图c、d,若Ay m听+m） =0对应类平抛，如图b 解得△E机=2.5J. (5分) (3)甲冲上传送带先做匀加速直线运动，根据牛顿第 二定律m]g=n1a1· 可得a1=5ms2, 甲加速到与传送带共速的时间△1=一=0.58， 时间t=D一4y 此过程传送带发生的位移1=△1=2m, g 传送带克服甲物体摩擦力做功Wn=m1gx1=40J, 则x0=uAr·t 乙冲上传送带先微匀减遠直线运动，根据牛领第二 mgxo (1分) 定律m2g=m2a2, gBx±√gBx后-2mgy0 可得a2=5m/s2, A点的速度口A=√十 乙减速到与传送带共追的时间△2=”业=0.2s 即A= 一42 此过程传送带发生的位移x2=v△12=0.8m, mgxo B-2m2gyo 乙物体对传送带的摩擦力做了正功W2=m2gx2 gB土√/B2-2mg m2 8J, (1分) 电动机需额外消耗的电能△E电=W一W2=32J. 根据几何关系tana (6分) 答案：(1)8J:(2)2kg,2.5J:(3)32J gB.xo/gBx号-2m2gyo±(gB2x号-2m2gyo) 15.解析：(1)一带电粒子（不计重力）在x轴上方平行 m2gxo xOy平面而做匀速直线运动，则gE=guB, 解得a= 部得一后， (1分) arctan gBaa√gB2z6-2nm2g%±(Bx6-2r2gw) m"gro 根据左手定则可知速度方向水平向右： (1分) (1分) (2)小球运动轨迹如下图a所示 ②第二种情况：轨迹关于y轴不对称，轨迹如图e、f y 图a 在x轴下方电场中，根据牛顿第二定律 根据几何关系rsin=vr·tD, 2qE-mg=ma 解得a=g (1分) 时间tm= g 水平方向x1=01 竖直方向%=a心 轨迹半径r=m】 (1分) qB. 在江轴上方复合场中，重力与电场力平衡，洛伦兹力 联立得儿一器 ,w2 提供向心力有4Bu=mT (1分) 又rsin-xo=vu·tA: (1分) UAy=g·tCA· 由几何关系得2rsin0=3.x1 2m2gyo-q2B2xo 当回到x轴下方磁场中时，根据=2ay0 (1分) 可得w= 2mroqB 联立解得w-器 (1分) A点速度vA=√十项 (3)①第一种情况，轨迹关于y轴对称， g (2m'gyo-qB 根据呢一y=2ay0 (1分) 即VA gB (2分) 2mroqB rsin B=xo 2m2g0-q2Bz号 UDy =vsin B 根据几何关系tana 2m2gro UD,=9B.to 解得a=arctan 2m2gyo-q2B2.x号 (1分) 2m-gxo 联立得=士 2gyo (1分) 答案：(1)5， 方向水平向有：(2)器：(3)见解析 32