云南省开远市第一中学校2024-2025学年高二上学期10月检测物理试题

开远市第一中学校2024年秋季学期高二年级10月月考 物 理 2024.10 考生注意： 1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案填涂在答题卡上。第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试卷、草稿纸上作答无效。 3.本卷命题范围：高中物理必修三全册、选择性必修一第一、二章，第三章第一、二节。 第Ⅰ卷（选择题 共46分） 1、 单选题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．环形导线M、N在同一平面内，圆心均在O点。M中的电流方向如图所示。则（　　） A． O处的磁场方向与平面平行 B． O处的磁场方向垂直平面向里 C． M中电流增大时，穿过N的磁通量不变 D． M中电流增大时，N中产生感应电流 2．如图所示，小车B静止在光滑的水平面上，小球A悬挂在小车B的杆子上，现将小球A缓慢拉开一定角度，小车和小球均静止，释放小球后，下列说法正确的是（    ） A．当小球向左摆动时，小车也向左运动 B．当小球向左摆动到最高点时，小车的速度达到最大 C．当小球摆动到最低点时，小球和小车的速度相同 D．小球和小车组成的系统在水平方向上的动量始终守恒 3．如图所示，A、B两个带电金属小球用等长的绝缘细线悬于水平杆上，静止时两球在同一水平线上，A球的带电荷量比B球的带电荷量大，不计小球的大小，则下列判断正确的是（   ） A．A球受到的库仑力比B球受到的库仑力大 B．A球质量比B球质量小 C．将两球接触后重新分开，静止时两球仍在同一水平线上 D．将两球接触后重新分开，静止时两球间的距离与原来相同 4．如图甲所示，一列简谐横波沿直线传播，经过传播方向上的P、Q两点，Q点比P点晚起振6s。已知P、Q两点间的距离为12m，波传到Q点开始计时，Q点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（    ） A．波速为3m/s B．波长为8m C．Q点在波峰时，P点在平衡位置 D．Q点第二次出现在波峰时，P点通过的路程为24cm 5．如图所示，中，。匀强电场的电场线平行于所在平面，且、、点的电势分别为、、。下列说法中正确的是（  ） A．电场强度的方向沿方向 B．电场强度的大小为 C．电子从点移动到点，电场力做功为 D．电子从点移动到点，电场力做功不可能为零 6．如图所示为一对电荷量分别为和的点电荷的电场线分布，M、N、P、Q为电场中的四点。下列说法正确的是（　　） A．M、Q两点场强大小关系为 B．M、P两点电势关系为 C．同一带负电的试探电荷，其在M点的电势能比在N点的电势能小 D．若P、Q两点关于两点电荷连线对称，则P、Q两点电场强度相同 7．如图所示为某电场中轴上电势随变化的图像，一个带电粒子在处由静止释放，仅受电场力作用沿轴正方向运动，且以一定的速度通过处，则下列说法正确的是（　　） A．和处的电场强度均为零 B．和之间的场强方向不变 C．粒子从到过程中，电势能先增大后减小 D．粒子从到过程中，加速度先减小后增大 2、 多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选不得分。） 8．静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小。如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属极板，G为静电计，极板B固定，A可移动，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，则下列说法正确的是（　　） A．断开S后，将A向左移动少许，静电计指针张开的角度增大 B．断开S后，将A向上移动少许，静电计指针张开的角度减小 C．保持S闭合，在A、B间插入一电介质，静电计指针张开的角度增大 D．保持S闭合，将变阻器滑动触头向右移动，静电计指针张开的角度不变 9．如图所示，长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个电荷量为、质量为m的带电粒子以初速度紧贴上板垂直于电场线的方向进入该电场，而后刚好从下板边缘射出，射出时其末速度恰与下板的夹角，不计粒子重力，下列说法正确的是（　　） A． 粒子做非匀变速运动 B． 粒子的末速度大小为 C． 匀强电场的场强大小为 D． 两板间的距离为 10．一质量为1kg的物块，在水平力F的作用下由静止开始在粗糙水平面上做直线运动，F随时间t变化的图线如图所示。已知物块与水平面的动摩擦因数为，最大静摩擦力略大于滑动摩擦力，重力加速度，则下列说法正确的是（    ） A． 物块在2s末的动量大小为2kg·m/s B． 物块在3s末的速度大小为1m/s C． 水平力F在前3s内的冲量大小为3N·s D． 物块在4s末的动量大小为2kg·m/s 第Ⅱ卷（非选择题 共54分） 三、实验题：共2小题，每空2分，共18 分。 11．（6分）某同学利用如图甲所示的单摆装置测量当地的重力加速度。 (1)测量中，该同学用游标卡尺测量摆球的直径如图乙所示，其读数为 cm； (2)若在实验过程中，该同学误将摆球60次全振动的时间记为59次，则重力加速度的测量值会 。（选填“大”、“偏小”或“不变”） (3)改变摆长，测量出多组周期T、摆长L数值后，画出的关系如图丙所示，则当地的重力加速度 （用图丙中的字母a、b及π表示）。 12．（12分）在做“用电流表和电压表测电池的电动势E（约1.5V）和内电阻r（约1.0Ω）”的实验时，某同学利用图甲所示的电路图进行测量，下列器材可供选用： A．电流表A1：量程0~0.6A，内阻约0.125Ω B．电流表A2：量程0~6A，内阻约0.025Ω C．电压表V：量程0~3V，内阻约3kΩ D．滑动变阻器R：0~10Ω，额定电流2A E.待测电池、开关、导线 (1)请根据电路图在图乙中用笔画线代替导线连接实物电路 （已连接了部分线），要求变阻器的滑动触头滑至最左端时，其使用电阻值最大； (2)为了让测量结果尽量准确，电流表应选用 （填器材前的字母代号）； (3)根据实验数据作出的图像如图丙所示，则该电池的电动势E= V，内阻r= Ω；（结果均保留两位小数） (4)该同学在实验中发现，在保证所有器材安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片时，电压表的示数取不到1.0V以下，出现这一现象的原因可能是 ，改进的方法为 。 四、解答题：共3小题，共36 分。 13．（8分）把质量为的物块从高处以速度水平抛出。（g取10）求： (1)物块从抛出到落地过程中重力的冲量； (2)物块落地前一瞬间的动量的大小。 14．（12分）一匀强电场，场强方向是水平的（如图）。一个质量为m的带电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动。求： (1)小球的电性？ (2)匀强电场的电场强度？ (3)小球运动到最高点时其电势能变化了多少？ 15．（16分）如图一质量M=6kg的木板B静止在光滑水平面上，物块A质量m=6kg，停在木板B的左端。质量为m0=1kg的小球用长为L=0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后由静止释放小球，小球在最低点与物块A发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度为h=0.2m，物块A与小球可视为质点，不计空气阻力。已知物块A与木板B间的动摩擦因数μ=0.1，（g=10m/s2）求： （1）小球运动到最低点与物块A碰撞前瞬间，小球的速度大小； （2）小球与物块A碰撞后瞬间，物块A的速度大小； （3）若物块A运动到距长木板右端距离等于长木板长度的三分之二处时静止于长木板上，求木板B的长度。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 ( 【高二年级期中考试 物理卷 第 1 页（共8页）】 ) 学科网（北京）股份有限公司 $$ 高二年级10月月考答案 2024.10 参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D C B B C D AD BC AC 1．D 【详解】AB．根据右手螺旋定则可知O处的磁场方向垂直平面向外，与平面垂直，故AB错误； CD．M中电流增大时，磁感应强度增大，穿过N的磁通量增大，N中产生感应电流，故C错误，D正确。 故选D。 2．D 【详解】ACD．小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，竖直方向所受外力不为零，故系统只在水平方向动量守恒，则小球和小车在水平方向的动量一定大小相等、方向相反，则小球向左摆动时，小车向右运动，故AC错误，D正确； B．小球向左摆到最高点，竖直方向速度为零，水平速度小球与车等大反向，则小球的速度为零时小车的速度也为零，故B错误。 故选D。 3．C 【详解】A．两球之间的库仑力是相互作用力，可知A球受到的库仑力与B球受到的库仑力等大反向，选项A错误； B．对小球受力分析可知 由几何关系可知，两球细线与竖直方向的夹角相同，可知两球质量相等，选项B错误； C．将两球接触后重新分开，两球受的库仑力仍大小相等，则静止时两球仍在同一水平线上，选项C正确； D．将两球接触后重新分开，则两球带同种电荷将被斥开，则静止时两球间的距离比原来大，选项D错误。 故选C。 4．B 【详解】A．P、Q两点间的距离为12m，波由P点传播到Q点用时6s，则波速为 故A错误； B．由振动图像可知波的周期为，则波长为 故B正确； C．P、Q间的距离为 可知两质点的振动步调始终相反，Q点在波峰时，P点在波谷，故C错误； D．Q点在5s时第二次出现在波峰，此时P点振动的时间为 P点由平衡位置开始振动，每通过的路程为一个振幅，所以在这段时间内P点通过的路程为 故D错误。 故选B。 5．B 【详解】AB．由于ac两点电势相等，故ac为一条等势线，电场方向与等势线垂直，且由高电势指向低电势，可知，电场方向垂直ac，且指向斜上方，故电场强度的大小为 故A错误，B正确； C．电子从c点移动到b点，电场力做功为 故C错误； D．电子从a点移动到c点，ac为一条等势线，电场力做功为0，故D错误。 故选B。 6．C 【详解】A．电场线越密，电场强度越大，处电场线较密，、两点场强大小关系为 故A错误； B．根据沿电场线电势逐渐降低，、两点电势关系为 故B错误； C．因，由可知，同一带负电的试探电荷，其在M点的电势能比在N点的电势能小，故C正确； D．若P、Q两点关于两点电荷连线对称，根据对称性可知两点电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不相同，故D错误。 故选C。 7．D 【详解】A．图像的切线斜率表示场强，其绝对值越大，则场强越大，可知两处的电场强度均不为零，故A错误； B．从到电势先升高后降低，由电势沿电场线方向降低可知，和之间的场强方向先沿轴负方向后沿轴正方向，故B错误； C．粒子在处由静止沿轴正方向运动，表明粒子开始时的运动方向与电场力方向相同，则电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故C错误； D．由图像的切线斜率表示场强可知，从到过程中，电场强度先减小后增大，因此粒子的加速度先减小后增大，故D正确。 故选D。 8．AD 【详解】A．将A向左移动少许，根据 两板间距离增大，电容器的电容减小。断开S后，电容器的带电量保持不变，根据 可知，电容器两个极板间电压差增大，而两板间电势差等于静电计金属球与外壳之间的电势差，因此静电计指针张开的角度增大，A正确； B．将A向上移动少许，根据 两板间正对面积减小，电容器的电容减小。断开S后，电容器的带电量保持不变，根据 可知，电容器两个极板间电压差增大，因此静电计指针张开的角度增大，B错误； C．保持S闭合，无论如何改变两板间距离、正对面积以及电介质，两板间电势差均保持不变，从而静电计指针张开的角度不变，故C错误； D．当电容器稳定后，电容器相当于断路，无论怎样移动划片静电计两端的电压都等于电源电压，且保持不变，所以D正确。 故选AD。 9．BC 【详解】A．因为在匀强电场中，电场力是恒力，因此会产生恒定的加速度，所以粒子做匀变速运动，A错误； B．粒子离开电场时，合速度与水平方向夹角为，由速度关系得合速度为 B正确 C．粒子在云强电场中做类平抛运动，在水平方向上 在竖直方向上 由牛顿第二定律得 解得 方向竖直向下，C正确； D．粒子做类平抛运动，在竖直方向上 解得 D错误。 故选BC。 10．AC 【详解】A．根据动量定理得 解得 A正确； B．根据动量定理得 解得 B错误； C．水平力F在前3s内的冲量大小为 C正确； D．3s末速度为零，因为 所以物块一直静止，所以在4s末的动量大小为零，D错误。 故选AC。 11．(1)1.35 (2)小 (3) 【详解】（1）游标卡尺读数 （2）由单摆公式得 同学误将摆球60次全振动记为59次时，测量周期偏大，重力加速度偏小。 （3）由单摆公式得 结合图像得 解得 12．(1)见解析 (2)A (3) 1.47 0.73 (4) 电源内阻太小 可在电源旁边串联一个较小阻值的定值电阻 【详解】（1）根据电路图，完整的实物连线如图所示 （2）由于电路中的电流比较小，为了让测量结果尽量准确，电流表应选用小量程的电流表，即选择A。 （3）[1][2]根据闭合电路的欧姆定律可得 可得 可知图像的纵截距等于电动势，则有 图像的斜率绝对值等于内阻，则有 （4）[1][2]路端电压为 如果电源内阻r太小，则电压表U较大，调节滑动变阻器，电压表的示数取不到1.0V以下，给电源串联一个较小阻值的定值电阻可以使电压表示数取到1.0V以下。 13．(1)5N·s，方向竖直向下 (2) 【详解】（1）根据 解得 则重力的冲量为 方向竖直向下； （2）竖直方向的速度大小为 则物块落地前一瞬间的速度大小为 则物块落地前一瞬间的动量大小为 14．(1)正电；(2)；(3) 【详解】(1)设电场强度为E，小球带电量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE和重力mg的合力必沿此直线，如图 则小球带正电 (2)结合平行四边形定则作图，有 得 (3)设小球从O到最高点的路程为s，合力 根据动能定理得 得 物体运动的水平距离为 电场力做功为 根据功能关系可知：小球的电势能变化为 15．（1）4m/s；（2）1m/s；（3）0.375m 【详解】（1）对小球下摆过程，由机械能守恒定律得 解得 v0=4m/s （2）对小球反弹后过程，由机械能守恒定律得 解得 v1=2m/s 小球与物块A碰撞过程系统动量守恒，以小球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得 m0v0=－m0v1＋mvA 解得 vA=1m/s （3）物块A与木板B相互作用过程，系统动量守恒，以物块A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得 mvA=（m＋M）v 解得 v=0.5m/s 由能量守恒定律得 解得 x=0.375m 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$