专题集训7 溶液(二)-【授之以渔】备考2025年中考化学全国各地市试题(最新真题、模拟题)分类汇编

专题集训7溶液（二） (1)10工时，氟化管的溶解度为 B.1℃时，甲，乙两物质的溶液中溶质质量 4总：利分限时：45今钟) (2)20℃时，将20言氯化按加入到100：水中，充分搅撑后所得溶 分数一定相等 姓名： 停分 液为 (这填“胞和”或“不胞和”)溶液 ,通常采用商爱箔品的方法从乙的溶液中 (3)6的无时，将60g硝酸评溶于50g水中，充分溶解店.所得溶液 获得基体 考点6溶解应表 的质量为 D.4℃时，在W0g水中加人25：甲，可形 国度/定 1.(224·河无)(2分)下表是kN0,和0，在木制温度时的嗨 (4)将风℃相同质量的氯化按饱和溶液和精酸钾临和溶液分划 成甲的不您和溶液 解度，小明用其中一种物爱(X)进行了如时所示的实验（水蒸爱忽 降温至20℃时，所出品体的质量：氯化铵 《意填“大于” (三》多种物质的溶解度由线 略不计)。下到分所带误的是 “等于或”小干”)销酸钾。 4.(2024·黑龙江茅齐哈尔)(4分)甲，乙.丙三种国体物质的溶解 理度/ 204060 (5)9℃时，向幻素质量分数为12%的的酸件溶液中组入5需销 度曲线如图所不。请回答下列问题： KNO, 31.663.9110 卡溶解度车 溶解度/： NaNO, 88.0100124 酸仰围体，完全溶解，所得溶液中溶质的爱量分数为 考点7溶解度曲线 加人 升围 100 gX (一）一种物质的溶解度曲线 分 ①全常溶解 等 1.(224·河面》(2分》销酸押图体的溶解度自线如图所示。销酸 吾复至相℃ 20无 抑的溶解度随看温度升高面 选填“增大”成“诚小”)； 高温度七 (1)图中P点的含义是 20℃时，硝酸评的他和溶液中溶质的质量分数为 (2》若乙中混有今量甲，可用 (选填“蒸发结晶”成 AX为NO 〔具写出计算式》 群温结晶”)的方法提纯乙 B,得中溶液为X的不饱和溶液 程解度 (34℃时，将25g内加人50：水中，充分溶解后，所得溶液的质 C.④中溶液的质量为100g 量是 0溶液中溶霞的观量分数：。司>年 (4》将4七时等质量的甲，乙，丙三种物质的饱和溶液背退至4℃， 2《4,四圳海别节选)(2分)中国是茶的放乡，茶文化的爱额 对厮得常液的叙述正确的是 (选填字母) 地。茶叶中的茶多臀具有降血脂的作用，非因雀提神，★啡闪 A溶解度：丙>乙=甲 如热至120℃显著升华，在不同退度下则啡因的溶都度见下表。 (二)两种物质修溶解度谁线 B.溶质量：甲>乙3丙 如啡因的溶解度(g1的雾本) 2.(223·内象古专峰)(2分)硝酸卿和氯化钠两种物爱的溶解度 ,溶液质量：丙>乙>甲 图度℃ 100805025 由线如图所示，下列叙述情误的是 日.溶质质量分数：丙)乙=甲 溶解度66.618.282 A,,℃时.硝能甲和氧化销的溶解度相等 P溶解度馆 5,(224·第北我汉》(4分)甲、乙丙三种圆体物质的溶解度由线 马℃时.0KD,溶于10g水中恰好 如图所示 25无时，250ml,水中最多能溶解南啡因 阳：泡茶常用开 形成饱和溶液 水，粗对于冷水泡茶，开水泡茶的优点是低能加快有益或分的溶 N日 十箱解度命 C确酸界中含有少量的氯化钠，可用冷想 解，又能 结品的方达提纯确酸钾 0 月53但度/七 3,(4·无津节选》(5令》氧化铵和硝酸钾在不同温度时的溶解 D,两种物质的的和溶液温度由上℃升高到与℃时，溶质质量分数 度如表。 常增大 组度/个 102030403060 70 同答下列问题： 3.(2023·四川内江}《2分)甲，乙再种物质的溶解度曲线如图所 Nl,033.337,241.445850,455,260.2 《1》,℃时，甲.乙、丙三种转质中溶解度最小的是 常解度/g 示，下列有关说法情误的是 (2》将出，℃乙的胞和溶液降雪至山℃，泡液的质量 〔选填 K020.931.645.863.985.5110138 A.两种物质的溶解度都随湿度升高而增大 “碱小”“不变”或增大“)。 13 (3》m℃时，0.0事甲溶液中含0.0意甲，要使该客液达到饱和状 已知：10H和N0州的化学性质相似，1iG0,和GC0,的化学 10水人 知人 0 20 态，至少需要加人甲的质量为 0OgKNo 注质相似 (4》某湿度下，甲、乙.丙各国分加入0阳g水中，所得溶液中 升湿至℃5 (1)10溶滚俯l (这填“>”“✉”或心”)7 等质质量分数的大小关系可能是 〔进填字母》 (2》从电解法制程的溶被中，超取0州品体，选用燕发结品法而 图1 A甲=乙=丙 不老用冷却结晶法的理由是 B.乙>甲=丙 (1)0℃时，NC的溶解度是 系 (3)电解法割得的1000书溶液中，0川的质量分数为10% (2)烧杯2中的kO,溶液是 (选填“饱和”或”不饱 C.乙=丙>甲 NOH的质量分数为5% 和”)溶液，烧杯④中所出固体的质量是 B内>甲>乙 ①该溶藏中10州的质量为 〔3)下列有美说达正确的是{选填字每) (四》溶解度曲线、表格与实售图的踪合 2将该溶液蒸发溶剂并隔征温度到20℃时，当剩余水的质量为 A,KN),固体中含有少量NQ,可用降留结品的方达是纯KNO, 6.(2D3·山东涤宁)(2分)，℃时，将等场量的硝酸相和氯化钾分 I四g时，所得溶液量N减州的〈选填饱和"或”不饱 R分别将20℃时NO和XC的胞和溶液乃温至50℃，所得溶 别加人到盛有水的两个烧杯中，充分授律后现象知图1所 和”)溶液 液中k0的质量分数更大 示，销酸钾和美化鲜的溶解度曲规知图2所示，下列说法错误的是 (4》蒸爱箔品过程中，若没有N:保护，州品体中会混有 心0℃时分群用两种固体配制质量相等的饱和溶液，N:中知 ,C0.。检教方法：取样，加人足量棒盐酸，残察到有气泡广生 水更多 产生气湿的反克的化学方程式为 +溶解度生 考点器溶液的棉合题 硝腋界 3.（224·重庆B)(5分}某保外活动小组学习了溶报的知识后进行 氧化料 1.(224·肾川乐山)(2分》某同学设计如图甲所示实验，研定 KN0的溶解度团湿度的变北。当向试管中加人一定量的水后 了如下实（周体不含结品水），忽略实验过程中溶制的燕发。 锥形事中的)，发生图乙所常的变化。下列说法正确的是 回答下列问避： 烧杯D 灯人0国 再打入)这 50e本 体W.恒出 0 静图 时体划 甲 函 飞2 ()丁中溶液的质量为 A烧杆江中溶解的帝质是氯化评 (2》下图为实验过程中烧杯内浪体质量陆时间的变化关系 B,烧杯2中的上层清液属十饱和溶液 ·烧杆内领棒的厦帚馆 C,将，℃时S0g萌酸印的抱和溶液稀释成5粥的溶液.雷加木 150g A.X0的溶解度：甲>乙 D4℃时，将两个烧杯中的溶液混合，充分搅排后，烧杯中一定还 :kN0,溶液的质量分数：甲<乙 有别余固体 C乙中的KO,容液一定为该温度下的胞和溶藏 7,《04·陕香碗拉)4分)K0,和N口的溶解度由线如图1所 D,用第酸铵代替生石灰也会出现上述现象 5时N 示：某化学共趣小组同学进行了如图2所示实验（葱略水的指 2.(2024·福建》(5分)氢氧化锂(0)在候天器中可用于吸收 溶液开始海湿的时闯是 (选填“”或与“ 失)。根据图示同容下列问恩 O0。工业上用电解法割得的山O小溶液中含有0州.在N,保 2丙中溶质与溶剂的质量比为 护下将混合溶液赛发结品，可得到州品体.有关物质的溶解 溶解度集 ③乙中的溶液为 (选填“饱和”或”不饱和“)溶液 55 度如下表。 ④0-时何内，下列说法正确的是 (选填字母) 温度/℃ 20 30 0 50 Ab点到点溶剂欧量不变 1i0湘 12812,913.013.313.8 0售度r B,「点表示丁中溶液的质量 溶解度/g a0明 10W 118129 146177 C.“点列6点表示乙变至丙过程中溶藏质量的变化 14参考答渔 用托盘天平称取，故正确：C.溶解固体不能在 数偏小，故正确：③量取水时，俯视读数，实际 量筒中进行，故错误：D.将配制好的溶液装入 量取水的体积偏小，故溶质的质量分数偏大， 贴好标签的试剂瓶并盖好瓶塞，故正确。故 故错误：④称量后指针向左偏转，实际称量的 选C。 氯化钠的质量偏大，故溶质的质量分数偏大， 3.B解析：A.用NaCl固体配制50g质量分数 故错误：⑤装瓶时，有少量溶液酒出只能使总 为6%的NaCl溶液，玻璃棒的作用是搅拌，故 溶液的质量减少，溶质的质量分数不变，故错 错误：B.水倒入时洒出烧杯外，则溶剂的质量 误；故选①②。 变小，溶质质量不变，质量分数变大，故正确： 7.解：(1)溶液稀释前后溶质的质量相等，稀释 C.实验中不会用到蒸发皿，故错误；D,用 后的溶液中溶质的质量为100g×98%=98g NaCl固体配制50g质量分数为6%的NaCl (2)如果稀释为14%的硫酸，需要水的质量为 溶液，需要NaCl固体的质量为50g×6%= 98g-100g=600g 3g,则需要水的质量为50g-3g=47g,水的 14% 密度为1g/cm,则47g水的体积为47mL,应 如果稀释为5%的硫酸，需要水的质量为 选用50mL规格的量简，故错误。故选B。 98g-100g=1860g 5% 4.C解析：A.配制50g溶质质量分数为15% 答：(1)稀释后的溶液中溶质的质量是98g; 的氯化钠溶液，需要氯化钠固体的质量为50g× (2)要把100g98%的浓硫酸稀释成质量分数 15%=7.5g,最小的砝码为1g,所以称量过 为5%~14%的硫酸，需要水的质量为600~ 程中要使用游码，若②中的砝码和药品放反： 1860g 所称量氯化钠固体的质量会偏小，溶液的溶 专题集训7溶液（二） 质质量分数会偏小，故错误：B.若③中烧杯内 考点6溶解度表 壁有水珠，则实际加入水的质量偏大，溶液的 1.C解析：A.由图可知，40℃时，100gX物质 溶质质量分数偏小，故错误：C.若④中量取水 能全部溶解在100g水中，则40℃时，X的溶 时俯视读数，则所量取水的体积偏小，溶液的 解度大于等于100g,结合表中信息可知，X为 溶质质量分数会偏大，故正确：D.将配好的溶 NaNO3,故正确：B.由表中数据可知，NaNO3的 液装瓶时，有少量溶液溅出，溶液的溶质质量 溶解度随温度的升高而增大，②中溶液为 分数不变，故错误。故选C。 NaN0,的不饱和溶液，则②中溶液由40℃升 5.(1)B(2)84 温至60℃，仍为不饱和溶液，故正确：C,④中 解析：(1)配制一定溶质质量分数的溶液的步 含NaN0,50g,溶剂50g,降温至20℃后， 骤为计算、称量和量取、溶解、装瓶，所以正确 NaN03的溶解度为88.0g,则50g水中最多 的操作顺序为ceadb,故选B。(2)配制100g 可溶解NaN0344吕，所以④中溶液的质量为 质量分数为16%的氯化钠溶液，需要氯化钠 50g+44g=94g,故错误；D.②分成两等份 100g×16%=16g,需要水的质量为100g- 后，两份溶液的溶质质量分数与②相等， 16g=84ga NaNO3的溶解度随温度的升高而增大，则升 6.(1)①(2)②①④③⑤(3)84(4)①② 温至60℃后得到的③溶质质量分数与②相 同，由C分析可知，降温至20℃后得到的④ 解析：(1)称量氯化钠的质量时，固体要放在 有溶质析出，溶质质量分数减小，则溶液中溶 天平的左盘，砝码要放在天平的右盘，故实验 质的质量分数：②=③>④，故正确。故选C。 操作步骤①中有错误。(2)配制的步骤为计 2.5溶解更多的咖啡因 算、称量和量取、溶解、装瓶，故正确的实验操 解析：根据表中数据可知，25℃时，咖啡因的 作顺序是②①④③⑤。(3)100g16%的氯化 溶解度为2g,即100g水中最多能溶解2g咖 钠溶液中氯化钠的质量为100g×16%= 啡因，250mL水的质量为250g,250g水中最 16g,故水的质量为100g-16g=84g,故实 验需量取水的体积是84mL。(4)①氯化钠固 多能溶解咖啡因的质量为250g×100g 2g=5g尉 体不纯，使溶液中溶质的含量偏少，故溶质的 根据表中数据可知，咖啡因在沸水中的溶解 质量分数偏小，故正确：②原烧杯内壁有水 度最大，所以用开水泡茶，既能加快有益成分 珠，溶液中溶剂的质量偏大，故溶质的质量分 的溶解，又能溶解更多的咖啡因。 13 试题分类化学 3.(1)33.3(2)不饱和(3)105(4)小于 (三)多种物质的溶解度曲线 (5)20% 4.(1)12℃时，乙、丙溶解度相等，均为40g 解析：(2)20℃时，氯化铵的溶解度为37.2g, (2)蒸发结晶(3)70(4)AC 即100g水中最多能溶解氯化铵37.2g,将 解析：(1)由图可知，P点时乙、丙溶解度曲线 20g氯化铵加入到100g水中，得到不饱和溶 相交，表示t2℃，乙、丙溶解度相等，均为40g 液。(3)60℃时，硝酸钾的溶解度为110g,即 (2)甲、乙溶解度随温度升高而增大，且乙的 100g水中最多能溶解硝酸钾110g,将60g硝 溶解度受温度变化的影响比较小，则若乙中 酸钾加入到50g水中，最多能溶解55g,所得 混有少量甲，可用蒸发结晶的方法提纯乙。 溶液的质量为55g+50g=105g。(4)将 (3)2℃时，丙的溶解度为40g,则该温度下， 60℃相同质量的氯化铵饱和溶液和硝酸钾饱 50g水中最多可溶解丙的质量为50g×1= 和溶液分别降温至20℃时，由表中数据可知， 硝酸钾的溶解度变化大于氯化铵的溶解度变 20g,则将25g丙加入50g水中，形成溶液的 化，则析出晶体的质量：氯化铵小于硝酸钾。 质量为20g+50g=70g。(4)A.由图可知 (5)加入5g硝酸钾固体能完全溶解，则所得 ℃，溶解度：丙>乙=甲，故正确：B.3℃，溶 溶液中溶质的质量分数为50：×12%+5Ξ× 解度：甲>乙>丙，则等质量的三种物质的饱 50g+5g 和溶液中，溶剂质量：丙>乙>甲，降温过程 100%=20%。 中，溶剂质量不变，故错误；C.降温过程中 考点7溶解度曲线 甲、乙溶解度减小，且甲溶解度变化较大，则 (一)一种物质的溶解度曲线 析出晶体质量：甲>乙，丙溶解度增大，溶液 中没有晶体析出，则溶液质量：丙>乙>甲， 1.增大 31.6g 100g+31.6g ×100% 故正确：D.降温至1，℃后溶解度：甲=乙，且 (二)两种物质的溶解度曲线 降温后甲、乙仍为饱和溶液，则溶质质量分 2.D解析：A.1℃时，硝酸钾和氯化钠的溶解 数：甲=乙，降温后，丙溶解度增大，溶液由饱 度曲线相交，表示二者的溶解度相等，故正 和变为不饱和，溶质质量分数仍和降温前相 同，℃丙的溶解度<t,℃乙的溶解度，则溶质 确：B.t2℃时，KNO3的溶解度为60g,所以 质量分数：丙<乙=甲，故错误。故选AC。 60gKNO3溶于100g水中，恰好形成饱和溶 5.(1)甲(2)减小(3)5g(4)ACD 液，故正确：C.硝酸钾的溶解度受温度变化的 解析：(1)由图可知，a1℃时，溶解度：丙> 影响较大，氯化钠的溶解度受温度变化的影 乙>甲，则甲的溶解度最小。(2)将a,℃乙的 响较小，所以当硝酸钾中含有少量的氯化钠， 饱和溶液降温至2℃，乙的溶解度减小，则溶 可用冷却结晶的方法提纯硝酸钾，随着温度 液中有晶体析出，溶液质量减小。(3)60g甲 降低，硝酸钾溶解度变小，结晶析出，达到提 溶液中含有10g甲，则含有水的质量为60g- 纯目的，故正确：D.两种物质的饱和溶液温度 10g=50g,a2℃时，甲的溶解度为30g,则该 由(1℃升高到12℃时，两种物质的溶解度都增 温度下，50g水中最多可溶解甲的质量为 大，但因为溶质、溶剂质量都不变，所以溶质 15g,要使溶液变为饱和溶液，则至少需要加 质量分数都不变，故错误。故选D。 入甲的质量为15g-10g=5g。(4)A.若加 3.B解析：A.由溶解度曲线可知，两种物质的 入的固体完全溶解，则所得溶液中溶质质量 溶解度都随温度升高而增大，故正确：B.(℃ 分数相等，故正确：B.当温度低于a3℃时，乙 时，甲、乙两物质的溶解度相等，则℃时，甲、 的溶解度小于丙，当温度高于2℃时，乙的溶 乙两物质的饱和溶液中溶质质量分数一定相 解度小于甲，则所得溶液中，乙的溶解度不可 等，题中未指明溶液浓度，甲、乙两物质的溶 能最大，故错误；C.当温度低于a2℃时，溶解 液中溶质质量分数不一定相等，故错误：C.乙 度：丙>乙>甲，则若甲中固体没有完全溶 的溶解度受温度变化的影响不大，一般采用 解，乙、丙中固体完全溶解，则溶质质量分数： 蒸发结晶的方法从溶液中获取晶体，故正确： 乙=丙>甲，故正确：D.由图可知，当温度刚 D,由溶解度曲线可知，3℃时，甲的溶解度大 大于a2℃时，溶解度：丙>甲>乙，则所得溶 于25g,则在100g水中加入25g甲，可形成 液的溶质质量分数可能为丙>甲>乙，故正 甲的不饱和溶液，故正确。故选B。 确。故选ACD。 14 参考答案将 (四)溶解度曲线、表格与实物图的综合 甲<乙，故错误：B.甲中锥形瓶底部的硝酸钾 6.D解析：A.由溶解度曲线可知：1℃时，氯化 晶体没有溶解，乙中锥形瓶底部的硝酸钾晶 钾的溶解度大于硝酸钾的溶解度，该温度下， 体溶解，乙中的KNO,溶液中溶质质量大于 将等质量的硝酸钾和氯化钾分别加入到盛有 甲，溶剂质量不变，所以KNO3溶液的质量分 100g水的两个烧杯中，充分搅拌后烧杯①中 数：甲<乙，故正确：C.乙中的KNO3溶液可能 无固体剩余，则烧杯①中溶解的溶质是氯化 为该温度下的饱和溶液，也可能是不饱和溶 钾，故正确；B.烧杯②经充分搅拌后烧杯底有 液，故错误：D.硝酸铵固体溶于水吸热，溶液 未溶解的固体，烧杯②中的上层清液属于饱 温度降低，不会出现上述现象，故错误。故 和溶液，故正确：C.将11℃时50g硝酸钾的饱 选B。 和溶液稀释成5%的溶液，设加水的质量为x, 2.(1)> 稀释前后，溶质的质量不变，由溶解度曲线可 (2)LOH的溶解度受温度变化的影响很小 知，11℃时，硝酸钾的溶解度为25g,则50g× (3)①100②不饱和 25g=(50g+x)×5%,解得x= (4)Li,C03+2HCl—2LiCl+H,0+C02↑ 100g+25g 解析：(1)LiOH和NaOH的化学性质相似，则 150g,需加水150g,故正确；D.t1℃时，将两 氢氧化锂溶液显碱性，H>7。(3)①该溶液 个烧杯中的溶液混合，充分搅拌后，溶剂的质 中Li0H的质量为1000g×10%=100g。 量增加至200g,由溶解度曲线可知，(1℃时， ②该溶液中氢氧化纳的质量为1000g×5%= 氯化钾的溶解度比硝酸钾溶解度的二倍要 小，即11℃时氯化钾的溶解度小于50g,由于 50g,20℃时，氢氧化钠的溶解度为109g, 则该温度下，100g水中最多可溶解109g氢 氯化钾全部溶解在100g水中，则所取等质量 的两种固体的质量应小于50g,则溶剂增大到 氧化钠，则将该溶液蒸发溶剂并降低温度到 200g后，硝酸钾也能全部溶解，烧杯中没有剩 20℃时，当剩余水的质量为100g时，所得溶 余固体，故错误。故选D。 液是NaOH的不饱和溶液。(4)Li,CO3和 7.(1)36.0(2)不饱和48.4(3)AC Na,CO,的化学性质相似，则产生气泡的反应 解析：(2)20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g, 为碳酸锂和稀盐酸反应生成氯化锂、二氧化 即该温度下，100g水中最多可溶解31.6g硝 碳和水，该反应的化学方程式为C03+ 酸钾，而②中100g水中只溶解了20g硝酸 2HCl=2LiCl+H,0+C02↑。 钾，则为不饱和溶液：烧杯④中共含硝酸钾 3.(1)66(2)①1，②11：10③不饱和 20g+60g=80g,则析出固体80g-31.6g= ④AB 48.4g。(3)A.由于硝酸钾的溶解度受温度 解析：(1)丁中溶质的质量为30g+30g 变化的影响比较大，则若硝酸钾中含有少量 44g=16g,则溶液的质量为50g+16g= 氯化钠，可用降温结晶的方法提纯硝酸钾，故 66g。(2)①由题中的过程图可知，固体M的 正确：B.硝酸钾和氯化钠的溶解度均随温度 溶解度随温度的降低而减小，当溶液中析出 升高而增大，则升高温度时，硝酸钾和氯化钠 晶体时，溶液的质量减小，所以溶液开始降温 的饱和溶液均会变为不饱和溶液，但溶质质 的时间是11s。②由题中的过程图可知，固体 量分数与升温前相同，而20℃时，氯化钠的溶 M的溶解度随温度的降低而减小，由溶解度 解度大于硝酸钾，则所得溶液中氯化钠的质 曲线可知，11$时，烧杯内液体的质量最大，对 量分数更大，故错误；C.50℃时，硝酸钾的溶 应丙中溶液的质量，则丙中溶质与溶剂的质 解度大于氯化钠，则分别用两种固体配制质 量比为(105g-50g):50g=11:10。③根据 量相等的饱和溶液，所需氯化钠质量较小，则 以上分析可知，60℃时，50g水中最多能溶解 氯化钠中加水更多，故正确。故选AC。 55g固体M,而乙中溶解了30g固体M,所以 考点8溶液的综合题 乙中的溶液为不饱和溶液。④A.b点到c,点 1.B解析：A.氧化钙与水反应生成氢氧化钙， 对应降温结晶的过程，溶质质量减少，溶剂质 该反应放热，溶液温度升高，乙中锥形瓶底部 量不变，故正确：B.由题中的过程图可知，固 的硝酸钾晶体溶解，说明硝酸钾的溶解度随 体M的溶解度随温度的降低而减小，当温度 温度的升高而增大，所以KNO3的溶解度： 由60℃降至20℃时，温度不再发生变化，溶 15 试题分类化学 液质量不再变化，所以c点表示丁中溶液的质 2=0，x=+4， ，故 $$T i O _ { 2 }$$ 中 Ti 的化合价为+4。 量，故正确；C.a点与c点的溶液质量相等， 考点2 金属的冶炼 点溶液对应丁中的溶液，质量为66g，而乙中 1.D 解析：A.一氧化碳是大气污染物，该模拟 溶液质量为80g，所以a点不表示乙中溶液的 实验缺少尾气处理装置，会污染空气，故错 质量，故错误。故选AB。 误；B.氧化铁是红色固体，铁粉是黑色固体， 专题集训8 金属材料金属资源的利用和保护 该实验可以观察到固体由红色逐渐变成黑 考点1 金属材料 色，故错误；C.CO与空气的混合气体，点燃或 1.C 解析：“马踏飞燕”是青铜器，青铜是合金， 加热时可能发生爆炸，在点燃酒精喷灯前，应 属于金属材料。故选 C. 先通入 CO气体排尽装置中的空气，防止加热 2.B 解析：金属材料包括纯金属和合金，青铜 时发生爆炸，故错误；D.一氧化碳和氧化铁在 是以铜和锡为主要成分的合金，属于金属材 高温条件下反应生成铁和二氧化碳，而二氧 料。故选B。 化碳与氢氧化钠反应无明显现象，二氧化碳 3.C 解析：金属制成合金后，性能发生了改变， 能使澄清石灰水变浑浊，则应该将氢氧化钠 合金的硬度大，抗腐蚀性能比纯金属好，所以 溶液换成澄清石灰水来检验气体产物，故正 为了提高导弹的运载能力，增大其结构强度， 确。故选 D. 弹体外壳材料通常选择合金。故选 C. 2.B 解析： $$A . C O _ { 2 }$$ 能使澄清石灰水变浑浊，澄 4.B 解析：A.青砖是用泥土烧制而成的，属于 清石灰水变浑浊，说明有 $$C O _ { 2 }$$ 生成，故正确 无机非金属材料，故错误；B.铜钉属于金属材 B.CO与氧化铁在高温下反应生成铁和 $$C O _ { 2 } ，$$ 料，故正确；C.水泥的主要成分是硅酸盐，属 该反应中，氧化铁失去氧，CO得到氧，故错 于无机非金属材料，故错误；D.玻璃的主要成 误； C.CO 具有可燃性，故正确；D.高温下CO 分是硅酸盐，属于无机非金属材料，故错误。 与氧化铁反应生成铁和 $$C O _ { 2 } ，$$ ，随着反应的进 故选 B. 行，硬质玻璃管中固体由氧化铁变为铁，固体 5.C 解析：A.合金是在纯金属中加热熔合某些 质量逐渐减小，故正确。故选 B. 3.C 解析：A.一氧化碳与铁的氧化物反应生成 金属或非金属而制得的，合金中不一定只含 金属元素，故错误；B.金能压成很薄的片，说 铁和二氧化碳，则反应过程中CO的质量减 少，Fe的质量增加，该反应的化学方程式及物 明金的延展性好，故错误；C.在铁锅表面涂油 质间的质量关系如下： 漆，可隔绝氧气和水，减缓钢铁的锈蚀，故正 确；D.铁的金属活动性比锌小，比铜大，所以 $$\mathrm { y C O + F e _ { x } O _ { y } \xlongequal { 一 定 来 件 } x F e + y C O _ { 2 } }$$ 铁能从 $$C u S O _ { 4 }$$ 的溶液中置换出铜，不能从 28y 44y $$Z n S O _ { 4 }$$ 的溶液中置换出锌，故错误。故选 $$C _ { 0 }$$ \left(m-5.6\right)g 17.6g 6.A 解析：A.金属材料包含合金和纯金属，即 铜锡合金属于金属材料，故正确；B.合金的熔 $$\frac { 2 8 y } { 4 4 y } = \frac { \left ( m - 5 . 6 \right ) g } { 1 7 . 6 g } ，$$ ，解得 m=16.8， ，故错误； 点一般低于组成其纯金属的熔点，即铜锡合 B.由于m=16.8，结合图示，则生成铁的质量为 金的熔点低于纯铜，故错误；C.合金的硬度一 16.8g，根据质量守恒定律，则参加反应的铁的 般高于组成其纯金属的硬度，即铜锡合金的 氧化物的质量为 16.8g+17.6g-\left(16.8g- 硬度高于纯锡，故错误；D.铜在金属活动性顺 5.6g\right)=23.2g， ，故错误； C. 当 $$C O _ { 2 }$$ 质量为 序中位于氢的后面，无法与稀硫酸反应，故错 4.4g时，根据化学方程式及物质间的质量关 误。故选 A. 系，则消耗CO的质量为2.8g，容器内CO的质 7.(1)导电(2)大(3)+4 量为 16.8g-2.8g=14g， 故正确；D.参加反 解析：(1)铜可以导电，航母电缆用纯铜制作， 应的 $$F e _ { x } O _ { y }$$ 的质量为23.2g，由于生成铁的质 主要利用铜的延展性和导电性。(2)合金的 量为16.8g，则 $$F e _ { x } O _ { y }$$ 中铁元素的质量为16.8g， 硬度一般比组成其纯金属的硬度大，钢铁的 则氧元素的质量为 23.2g-16.8g=6.4g， 硬度比纯铁大。 $$\left ( 3 \right ) T i O _ { 2 }$$ 中氧元素的化合价 为-2，设钛元素的化合价为x，在化合物中， $$x ： y = \frac { 1 6 . 8 g } { 5 6 } ： \frac { 6 . 4 g } { 1 6 } = 3 ： 4 ，$$ 故错误。故 正、负化合价的代数和为零，则 x+\left(-2\right)× $$4 . \left ( 1 \right ) \mathrm { C O } _ { 2 } \mathrm { \left ( 2 \right ) 3 C O } + \mathrm { F e } _ { 2 } \mathrm { O } _ { 3 } \xlongequal { 骑 温 } 2 \mathrm { F e } + 3 \mathrm { C O } _ { 2 }$$ 16