第5单元 第5课时 自由组合定律的重点题型突破-【优化探究】2025年高考生物一轮复习高考总复习配套课件（人教版2019 单选）

基因传递的基本规律 第五单元 第5课时　自由组合定律的重点题型突破 [课标要求]　阐明有性生殖中基因的分离和自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 内容索引 NEIRONGSUOYIN “拆分法”求解自由组合定律计算问题 “逆向组合法”推断亲本基因型问题 题型二 题型一 课时作业 巩固训练 “十字交叉法”解答遗传病的概率计算问题 题型三 高考演练 素能提升 课堂落实——10分钟自纠自查 控制遗传性状的基因对数的判断 题型四 自由组合中的群体自交、测交和自由交配的概率计算问题 题型五 “拆分法”求解自由组合定律计算问题 题型一 [归纳提炼] 题型分类 解题规律 示例 种类 问题 配子类型（配子种类数） 2n（n为等位基因对数） AaBbCCDd产生配子种类数为23＝8 配子间结合方式 配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积 AABbCc×aaBbCC配子间结合方式种类数＝4×2＝8 题型分类 解题规律 示例 种类 问题 子代基因型（或表型）种类 双亲杂交（已知双亲基因型），子代基因型（或表型）等于各性状按分离定律所求基因型（或表型）的乘积 AaBbCc×Aabbcc，基因型为3×2×2＝12种，表型为2×2×2＝8种 题型分类 解题规律 示例 概率 问题 基因型（或表型）的比例 按分离定律求出相应基因型（或表型），然后利用乘法原理进行组合 AABbDd×aaBbdd，F1中AaBbDd所占的比例为1×1/2×1/2＝1/4 纯合子或杂合子出现的比例 按分离定律求出纯合子的概率的乘积为纯合子出现的比例，杂合子概率＝1－纯合子概率 AABbDd×AaBBdd杂交，AABBdd所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8 [演练提升] 1．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色（红色和黄色）受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是(　　) A．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种，基因型有4种 B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表型 C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中的纯合子约占1/4 D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8 B 若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr 4种，表型有3种，分别为小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，A正确；若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据基因的自由组合定律，子代共有3×3＝9种基因型，而Aa自交子代表型有3种，Rr自交子代表型有2种，但由于aa表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表型相同，所以子代表型共有5种，B错误；若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为2/3×1/2＝1/3，子代的所有植株中，纯合子所占比例约为1/4，C正确；若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣(A_Rr)的植株所占比例为3/4×1/2＝3/8，D正确。 “逆向组合法”推断亲本基因型问题 题型二 [归纳提炼] 1．利用基因填充法解答自由组合遗传题 (1)根据亲本和子代的表型写出亲本和子代的基因填充式，如基因式可表示为A_B_、A_bb。 (2)根据基因填充式推出基因型（此方法只适用于亲本和子代表型已知且显隐性关系已知时）。 2．根据子代表型及比例推测亲本基因型 规律：根据子代表型及比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如： (1)9∶3∶3∶1⇒(3∶1)(3∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×Bb)。 (2)1∶1∶1∶1⇒(1∶1)(1∶1)⇒(Aa×aa)(Bb×bb)。 (3)3∶3∶1∶1⇒(3∶1)(1∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×bb)。 (4)3∶1⇒(3∶1)×1⇒(Aa×Aa)(BB×BB)或(Aa×Aa)(BB×Bb)或(Aa×Aa)(BB×bb)或(Aa×Aa)(bb×bb)。 [演练提升] 2．马铃薯的紫茎(G)对绿茎(g)是显性，正常叶(B)对缺刻叶(b)为显性，控制两对性状的基因独立遗传。基因型为Ggbb的个体和个体X交配，子代的表型及比例为紫茎正常叶∶绿茎正常叶∶紫茎缺刻叶∶绿茎缺刻叶＝3∶1∶3∶1，个体X的基因型为(　　) A.GgBb　　　　　　　　 B.ggBb C．Ggbb D．ggBB A 由题意可知，基因型为Ggbb的个体和个体X交配，子代的表型及比例为紫茎正常叶∶绿茎正常叶∶紫茎缺刻叶∶绿茎缺刻叶＝3∶1∶3∶1，相当于一对等位基因自交，即Gg×Gg，另一对等位基因测交即bb×Bb，则X基因型为GgBb，A正确，B、C、D错误。 3．豌豆的花色和花的位置分别由基因A、a和B、b控制，基因型为AaBb的豌豆植株自交获得的子代表型及比例是红花顶生∶白花顶生∶红花腋生∶白花腋生＝9∶3∶3∶1。将红花腋生与白花顶生豌豆植株作为亲本进行杂交得到 F1，F1自交得到的 F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，则亲本植株的基因型是(　　) A．AAbb 与 aaBB B．Aabb 与 aaBB C．AAbb 与 aaBb D．Aabb 与 aaBb B 根据题意分析，红花腋生的基因型为A_bb，白花顶生的基因型为aaB_，两者杂交得到的F1自交，F2表型及比例是白花顶生∶红花顶生∶白花腋生∶红花腋生＝15∶9∶5∶3，其中白花∶红花＝5∶3，说明F1为1Aa、1aa，顶生∶腋生＝3∶1，说明F1为Bb，因此亲本红花腋生的基因型为Aabb，白花顶生的基因型为aaBB，F1为AaBb、aaBb。 “十字交叉法”解答遗传病的概率计算问题 题型三 [归纳提炼] 1．当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下： 2．根据序号所示进行相乘得出相应概率再进一步拓展如下： 序号 类型 计算公式 ① 同时患两病概率 mn ② 只患甲病概率 m(1－n) ③ 只患乙病概率 n(1－m) ④ 不患病概率 (1－m)(1－n) 拓展求解 患病概率 ①＋②＋③或1－④ [演练提升] 4．一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。若他们再生一个孩子： (1)只患并指的概率是　　　　。 3/8　 由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妇的基因型分别为女：Aabb；男：AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中并指的概率为1/2（非并指概率为1/2），白化病的概率为1/4（非白化病概率为3/4），则：(1)再生一个只患并指孩子的概率：并指概率－并指又白化概率＝1/2－1/2×1/4＝3/8。 (2)只患白化病的概率是　　　　。 1/8　 (2)只患白化病的概率：白化病概率－白化病又并指的概率＝1/4－1/2 ×1/4＝1/8。 (3)既患白化病又患并指的男孩的概率是　　　　。 1/16　 (3)生一既白化又并指的男孩的概率：男孩出生率×白化病概率×并指概率＝1/2×1/4×1/2＝1/16。 (4)只患一种病的概率是　　　　。 1/2　 (4)后代只患一种病的概率：并指概率×非白化病概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝1/2。 (5)患病的概率是　　　　。 5/8 (5)后代中患病的概率：1－全正常（非并指、非白化）＝1－1/2×3/4＝5/8。 控制遗传性状的基因对数的判断 题型四 [归纳提炼] 1．n对等位基因（完全显性）分别位于n对同源染色体上的遗传规律 亲本相对 性状的对数 F1配子 F2表型 F2基因型 种类 比例 种类 比例 种类 比例 1 2 (1∶1)1 2 (3∶1)1 3 (1∶2∶1)1 2 22 (1∶1)2 22 (3∶1)2 32 (1∶2∶1)2 n 2n (1∶1)n 2n (3∶1)n 3n (1∶2∶1)n 2.巧用“表型比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数 (1)自交情况下，得到的“表型比之和”是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因。 (2)测交情况下，得到的“性状比之和”是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。 3．两步法分析涉及多对等位基因的遗传问题 第一步，确定控制某性状的等位基因的对数：常用“拆分法”把题中出现的概率——如1/64进行拆分，即1/64＝(1/4)3，从而推测控制一对相对性状的等位基因对数是3对。 第二步，弄清各种表型对应的基因型。弄清这个问题以后，用常规的方法推断出子代的基因型种类或某种基因型的比例，然后进一步推断出子代表型的种类或某种表型的比例。 4．利用(3/4)n、(1/4)n推导 依据n对等位基因自由组合且为完全显性时，F2中每对等位基因都至少含有一个显性基因的个体所占比例是(3/4)n，隐性纯合子所占比例是(1/4)n，可快速推导基因型。 [演练提升] 5．已知某种植物籽粒的红色和白色为一对相对性状，这一对相对性状受到多对等位基因的控制。某研究小组将若干个籽粒红色与白色的纯合亲本杂交，结果如图所示。下列相关说法错误的是(　　) A．控制红色和白色相对性状的基因分别位于三对同源染色体上 B．第Ⅰ、Ⅱ组杂交组合产生的F1的基因型均可能有3种 C．第Ⅲ组杂交组合中F1的基因型只有1种 D．第Ⅰ组的F1测交后代中红色和白色的比例为3∶1 D 根据第Ⅲ组产生的F2的比例为63∶1，总份数为64(43)，说明控制该性状的基因有三对（设相关基因用A/a，B/b，C/c表示），分别位于三对同源染色体上，并且F1的基因型只有AaBbCc 1种；根据第Ⅰ、Ⅱ组F2的性状比例分别为3∶1、15∶1可知，第Ⅰ组的F1的基因型中只有一对基因为杂合，另两对基因为隐性纯合，则第Ⅰ组的F1的基因型有3种，第Ⅱ组的F1的基因型中有两对基因为杂合，另一对基因为隐性纯合，则第Ⅱ组的F1的基因型有3种；由于第Ⅰ组的F1只能产生两种配子，因此与aabbcc个体测交产生的后代中红色和白色的比例为1∶1。 6．（2024·江苏常州模拟）某自花传粉植物，其紫花和白花性状受细胞核基因控制。选择某紫色植株自交，所得子代数量足够多，统计发现F1中开白花植株的比例为7/16，其余均开紫花（不考虑基因突变和互换）。相关分析错误的是(　　) A．若受两对等位基因控制，对亲本植株进行测交，则子代中白花植株的比例为3/4 B．若受两对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有11/36的植株开白花 C．若受一对等位基因控制，可能是杂合子植株产生的某种配子中有6/7不参与受精 D．若受一对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有2/9的植株开白花 D 设控制紫花和白花的相关基因用A/a，B/b，C/c……表示。若受两对等位基因控制，据分析可知，亲本为AaBb，测交后子代为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，表现为紫花∶白花＝1∶3，A正确；若受两对等位基因控制，F1的紫花植株为1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，AaBB自交后代aaBB开白花，比例为2/9×1/4＝2/36，AABb的自交后代AAbb开白花，比例为2/9×1/4＝2/36，AaBb进行自交后代A_bb、aaB_、aabb开白花，比例为4/9×7/16＝7/36，所以F1的紫花植株自交后代中有白花 植株为2/36＋2/36＋7/36＝11/36，B正确；若受一对等位基因控制，即紫花亲本为杂合子Aa，若某一种配子（雌或雄）6/7（设为A）不参与受精，即A∶a＝1∶7，另外一种配子（雄或雌）A∶a＝1∶1，产生的后代符合开白花植株的比例为7/16，F1为AA∶Aa∶aa＝1∶8∶7，F1的紫花植株进行自交，则只有Aa个体自交后代会出现白花植株，其比例为8/9×7/16＝7/18，C正确，D错误。 自由组合中的群体自交、测交和自由交配的概率计算问题 题型五 [归纳提炼] 纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中绿色圆粒豌豆个体和黄色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如表所示： 项目 表型及比例 yyR_ （绿圆） 自交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1 测交 绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1 自由交配 绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1 Y_R_ （黄圆） 自交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1 测交 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1 自由交配 黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶1 [演练提升] 7．高茎豌豆×矮茎豌豆→F1全为高茎，F1自交→F2中高茎∶矮茎＝3∶1。灰身果蝇×黑身果蝇→F1全为灰身，F1雌雄果蝇自由交配→F2中灰身雌蝇∶黑身雌蝇∶灰身雄蝇∶黑身雄蝇＝3∶1∶3∶1。下列说法错误的是(　　) A．F2高茎豌豆自交，后代矮茎占1/6 B．F2灰身果蝇雌雄自由交配，后代黑身果蝇占1/6 C．F2高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，后代高茎∶矮茎＝2∶1 D．F2灰身果蝇和黑身果蝇雌雄自由交配，后代灰身∶黑身＝2∶1 B F2高茎豌豆中纯合子占1/3，杂合子占2/3，仅杂合子自交后代能出现矮茎，其比例为2/3×1/4＝1/6，A正确；假设控制果蝇灰身、黑身的基因用B、b表示，F2灰身果蝇中纯合子占1/3，杂合子占2/3，由此可得其产生两种配子B∶b＝2∶1，F2灰身果蝇雌雄自由交配，后代黑身果蝇(bb)所占比例＝1/3×1/3＝1/9，B错误；假设控制豌豆高矮茎的基因用D、d表示，F2高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，即1/3DD×dd→1/3Dd，2/3Dd×dd→1/3Dd、1/3dd，后代高茎(2/3Dd)∶矮茎(1/3dd)＝2∶1，C正确；F2灰身果蝇中产生的配子中B占2/3，b占1/3，与黑身果蝇雌雄自由交配，后代灰身∶黑身＝2∶1，D正确。 8．某植物雌雄同株，开单性花。将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体（两对等位基因独立遗传）按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F1，F1分别测交。下列相关分析正确的是(　　) A．F1共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16 B．F1共有4种基因型，纯合子所占的比例为1/4 C．F1中两种性状均为显性的个体所占的比例为105/256 D.测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体在F1中所占的比例是9/64 A 将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体（两对等位基因独立遗传）按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F1，利用配子棋盘法进行计算。亲代有1/2AaBb和1/2aaBB，自由交配，可以产生的配子类型及比例为1/8AB、1/8Ab、1/8ab、5/8aB，由棋盘法求出F1的基因型及比例为1/64AABB、2/64AABb、12/64AaBb、10/64AaBB、1/64AAbb、2/64Aabb、25/64aaBB、10/64aaBb、1/64aabb，F1共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16，A正确，B错误；F1中两种性状均为显性的个体的基因型为A_B_，所占的比例为25/64，C错误；测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体的基因型为AaBb，在F1中所占的比例为3/16，D错误。 高考演练 素能提升 2 3 1 4 1．（2020·浙江6月卷，18改编）若某哺乳动物毛发颜色由基因De（褐色）、Df（灰色）、d（白色）控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H（卷毛）、h（直毛）控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是(　　) A．若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表型 B．若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表型 C．若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表型 D．若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表型 B 亲本基因型为DedHh和DfdHh时，分析控制毛发颜色的基因型，子代为DeDf、Ded、Dfd和dd共4种基因型；分析控制毛发形状的基因型，子代为HH、Hh和hh共3种基因型。若De对Df共显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F1共有8种表型，A错误。若De对Df共显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F1共有12种表型，B正确。若De对Df不 2 3 1 4 完全显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F1共有8种表型，C错误。若De对Df完全显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有3种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F1共有9种表型，D错误。 2 3 1 4 2．（2021·全国乙卷，6）某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制（杂合子表现显性性状）。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　) A．植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体 B．n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大 C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等 D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数 2 3 1 4 B 该植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制，且杂合子表现显性性状，植株A的n对基因均杂合，每对基因测交子代均有两种表现型，根据乘法原理，n对基因重组后子代会出现2×2×…×2（共n个2）＝2n种不同表现型且比例为1∶1∶1∶…∶1（共2n个1），植株A测交子代中不同表现型个体数目均相等，A正确，B错误；测交子代n对基因均杂合和纯合子的比例均为1/2n，C正确；测交子代中纯合子的比例是1/2n，杂合子的比例为1－1/2n，当n≥2时，杂合子的比例大于纯合子的比例，D正确。 2 3 1 4 3．（2021·全国甲卷，32）植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见表（实验②中F1自交得F2）。 2 3 1 4 2 3 1 4 回答下列问题。 (1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是_____________________________________________________。 根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是　　　　　　　　。 2 3 1 4 实验①F1中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1 缺刻叶、齿皮 (1)分别分析2对性状，实验①甲×乙，F1中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，说明2对相对性状的杂交均属于测交类型，所以其遗传符合分离定律。实验②中F2性状分离比为9∶3∶3∶1，说明F1缺刻叶齿皮为双显性个体，由此可判断缺刻叶（基因用A表示）和齿皮（基因用B表示）为显性性状，F1缺刻叶齿皮基因型为AaBb。 2 3 1 4 (2)甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是__________。 2 3 1 4 甲、乙 (2)实验②丙（缺刻叶网皮A_bb）×丁，F1基因型为AaBb，由此可判断丙和丁的基因型分别为AAbb和aaBB；甲和丙均为缺刻叶网皮但基因型不同，因此甲的基因型为Aabb，结合实验①中F1的性状可判断乙的基因型为aaBb，所以甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲和乙。 (3)实验②的F2中纯合体所占的比例为　　　　。 2 3 1 4 1/4 (3)实验②的F2中纯合体有AABB(1/16)、AAbb(1/16)、aaBB(1/16)、aabb(1/16)4种，共占1/4。 (4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是　　　　，判断的依据是_____________________________________________________________________________。 2 3 1 4 果皮性状 实验②F1全为缺刻叶齿皮，而F2中缺刻叶∶全缘叶＝15∶1、齿皮∶网皮＝3∶1 (4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮是45∶15∶3∶1，则缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，齿皮∶网皮＝3∶1，其中缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，为9∶3∶3∶1的变形，由此可判断叶形性状由2对等位基因控制，果皮性状由1对等位基因控制。 2 3 1 4 2 3 1 4 (1)现有紫花植株（基因型为AaBb）与红花杂合体植株杂交，子代植株表现型及其比例为　　　　　　　　　　　　　　；子代中红花植株的基因型是　　　　　　；子代白花植株中纯合体占的比例是　　　　。 2 3 1 4 紫花∶红花∶白花＝3∶3∶2 AAbb、Aabb 1/2 根据题干信息可知，紫花植株基因型为A_B_，红花植株基因型为A_bb，白花植株的基因型为aa_ _。 (1)红花杂合体植株基因型为Aabb，其与基因型为AaBb的紫花植株杂交，子代的表现型为紫花(1AABb、2AaBb)、红花(1AAbb、2Aabb)、白花(1aaBb、1aabb)，所以子代中紫花∶红花∶白花＝3∶3∶2，子代红花植株的基因型为AAbb、Aabb，子代白花植株中纯合体占1/2。 2 3 1 4 (2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验（要求选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交）来确定其基因型，请写出所选用的亲本基因型、预期实验结果和结论。 答案：(2)所选用的亲本基因型：AAbb。预期的实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测白花纯合体基因型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合体基因型为aaBB。 2 3 1 4 (2)白花纯合体的基因型为aaBB或aabb，现要选用1种纯合体亲本与其杂交1次来确定其基因型，则可选择红花纯合体AAbb与之杂交。若白花纯合体基因型为aaBB，子代均为紫花(AaBb)；若白花纯合体基因型为aabb，子代均为红花(Aabb)。选择紫花纯合体(AABB)或白花纯合体(aaBB、aabb)与其杂交，子代分别全为紫花或白花，不符合题述要求。 2 3 1 4 课堂落实——10分钟自纠自查 情境长句设问 某种玉米的茎秆颜色由三对独立遗传的基因(Aa、Bb、Cc)控制，至少要有一对基因隐性纯合时才表现为紫茎，否则为绿茎。现有甲、乙两种紫茎玉米品系，若分别自交，子代均为紫茎，若甲、乙品系杂交，子代均为绿茎。回答下列问题。 (1)为探究上述甲、乙品系杂交的基因型组合类型，某同学将甲乙杂交所得的绿茎玉米自交，统计子二代植株的表型，结果为绿茎占9/16，请写出甲、乙杂交基因型组合的一种可能的情况：____________________________________________________________。 AABBcc×aaBBCC（或AABBcc×AAbbCC或AAbbCC×aaBBCC） (1)如果甲、乙杂交所得的绿茎玉米(A_B_C_)自交，子二代植株的表型绿茎占9/16＝3/4×3/4，说明F1含有两对等位基因，则甲、乙杂交基因型组合有三种：AABBcc×aaBBCC、AABBcc×AAbbCC、AAbbCC×aaBBCC。 (2)已知上述甲乙两品系间有两对基因不同，现有一株紫茎玉米（丙），与纯合绿茎玉米只有一对基因有差异，请设计实验探究植株丙的基因型是否与甲、乙之一的基因型相同？（写出实验思路及可能的结果结论即可） 实验思路：________________________。 结果结论：____________________________________________________ ________________________________________________________。 丙与甲、乙分别杂交　 子代若均为绿茎，则说明丙与甲乙基因型均不同；若其中有一组杂交子代为紫茎，则丙与甲乙其中之一基因型相同 (2)已知上述甲、乙两品系间有两对基因不同，现有一株紫茎玉米（丙），与纯合绿茎玉米只有一对基因有差异，探究植株丙的基因型是否与甲、乙之一的基因型相同的实验思路：丙与甲、乙分别杂交，观察子代表现型及其比例。 结果结论：若子代均为绿茎(A_B_C_)，则说明丙与甲、乙基因型均不同，例如丙是aaBBCC，甲是AAbbCC，乙是AABBcc，子代都是A_B_C_；若其中有一组杂交子代为紫茎，则丙与甲、乙其中之一基因型相同，例如丙是aaBBCC，甲也是aaBBCC，则子代都是紫茎aaBBCC。 课时作业 巩固训练 69 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 一、选择题 1．已知A与a、B与b、D与d三对等位基因自由组合且为完全显性，基因型分别为AabbDd、AaBbDd的两个个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　) A．杂合子占的比例为7/8 B．基因型的种类有18种，AabbDd个体占的比例为1/16 C．与亲本基因型不同的个体占的比例为1/4 D．表型有6种，aabbdd个体占的比例为1/32 14 13 A 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 纯合子的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，则杂合子占的比例为1－1/8＝7/8，A正确；基因型种类有3×2×3＝18（种），AabbDd个体占的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，B错误；与亲本基因型相同的个体占1/2×1/2×1/2＋1/2×1/2×1/2＝1/4，则与亲本基因型不同的个体占的比例为1－1/4＝3/4，C错误；子代表型有2×2×2＝8（种），D错误。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 2．已知子代基因型及比例为YYRr∶YYrr∶YyRr∶Yyrr∶yyRr∶yyrr＝1∶1∶2∶2∶1∶1，按自由组合定律推测双亲的基因型是(　　) A．yyRR×YYRr　　　　　　 B．yyRr×YyRr C．YyRr×Yyrr D．YyRR×Yyrr 14 13 C 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 对于Y、y来说，由题意可知，双亲交配后子代的基因型及比例为YY∶Yy∶yy＝1∶2∶1，因此双亲的基因型为Yy和Yy；对于R、r来说，双亲交配后子代的基因型及比例为Rr∶rr＝1∶1，因此双亲的基因型为Rr和rr，所以双亲的基因型是YyRr×Yyrr。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 3．玉米籽粒的颜色由三对独立遗传的等位基因共同控制。基因型为A_B_C_的籽粒有色，其余基因型的籽粒均为无色。现以一株有色籽粒玉米植株X为父本，分别进行杂交实验，结果如表所示。据表分析植株X的基因型为(　　) A． AaBbCc B．AABbCc C．AaBBCc D．AaBbCC 14 13 D 父本 母本 F1 有色籽粒 无色籽粒 有色籽粒 玉米植株X AAbbcc 50% 50% aaBBcc 50% 50% aabbCC 25% 75% 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 根据A_B_C_×AAbbcc→50%有色籽粒(A_B_C_)、50%无色籽粒，分别考虑每一对基因，应该有一对基因后代出现显性基因的可能性为50%，其余两对100%出现显性基因，则植株X的基因型可以是AaBBCc、AABBCc、AaBbCC、AABbCC；根据A_B_C_×aaBBcc→50%有色籽粒(A_B_C_)、50%无色籽粒，分别考虑每一对基因，应该有一对基因后代出现显性基因的可能性为50%，其余两对100%出现显性基因，则植株X 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 的基因型可以是AaBBCC、AaBbCC、AABBCc、AABbCc；根据A_B_C_×aabbCC→25%有色籽粒(A_B_C_)、75%无色籽粒，分别考虑每一对基因，应该有两对基因后代出现显性基因的可能性为50%，其余一对100%出现显性基因，则植株X的基因型可以是AaBbCC、AaBbCc。根据以上分析可以推知该有色籽粒玉米植株X的基因型为AaBbCC。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 4．某种蝴蝶紫翅(P)对黄翅(p)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如图所示。下列说法正确的是(　　) A．上述亲本的基因型是PpGg×PPgg B．上述亲本的基因型是PpGg×ppgg C．F1紫翅白眼个体自交（基因型相同个体 间的交配），其中纯合子所占比例是2/3 D．F1紫翅白眼个体自交（基因型相同个体间的交配），其中纯合子所占比例是1/2 14 13 C 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 根据图中后代的紫翅∶黄翅＝3∶1，两个亲本的基因型为Pp×Pp，A、B错误；绿眼∶白眼＝1∶1，两个亲本的基因型是Gg×gg，则两个亲本的基因型PpGg×Ppgg。F1紫翅白眼基因型为Ppgg或PPgg，比例为2∶1，Ppgg自交后代杂合子的比例为1/2；PPgg自交后代全部是纯合子，则杂合子的比例为2/3×1/2＝1/3，纯合子的比例为1－1/3＝2/3，C正确，D错误。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 5．已知水稻的抗旱性(A)和多颗粒(B)属显性性状，各由一对等位基因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒∶抗旱少颗粒∶敏旱多颗粒∶敏旱少颗粒＝2∶2∶1∶1，若这些抗旱多颗粒的植株相互传粉，后代性状分离比为(　　) A．9∶3∶3∶1 B．24∶8∶3∶1 C．15∶5∶3∶1 D．25∶15∶15∶9 14 13 B 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 由题意可知水稻的抗旱性(A)和多颗粒(B)的遗传遵循基因的自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗旱∶敏旱＝2∶1，多颗粒∶少颗粒＝1∶1，则提供的抗旱、多颗粒植株产生的配子中A∶a＝2∶1，B∶b＝1∶1，让这些植株相互传粉，敏旱(aa)占(1/3)2＝1/9，抗旱占8/9，少颗粒(bb)占1/4，多颗粒占3/4。根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为(8∶1)×(3∶1)＝24∶8∶3∶1。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 6．（2024·辽宁大连模拟）豌豆的花腋生和花顶生（受基因A、a控制），半无叶型和普通叶型（受基因F、f控制）是两对相对性状。现利用花腋生普通叶型植株甲、花顶生普通叶型植株乙和花腋生半无叶型植株丙进行杂交实验，实验结果如表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是(　　) A．AaFF、aaFF、AAff B．AaFf、aaFf、AAff C．AaFF、aaFf、AAff D．AaFF、aaFf、Aaff 14 13 C 亲本组合 F1的表型及其比例 甲×乙 花腋生普通叶型∶花顶生普通叶型＝1∶1 乙×丙 花腋生普通叶型∶花腋生半无叶型＝1∶1 甲×丙 全部表现为花腋生普通叶型 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 由花顶生普通叶型植株乙×花腋生半无叶型植株丙→F1代全为花腋生，可知花腋生为显性性状，花顶生为隐性性状；由花腋生普通叶型植株甲×花腋生半无叶型植株丙→F1代全为普通叶型，可知普通叶型为显性性状，半无叶型为隐性性状；由甲×乙的子代花顶生∶花腋生＝1∶1可知甲为Aa；由甲×丙子代全为普通叶型可知甲为FF，故甲的基因型为AaFF；由乙×丙，子代有半无叶型(ff)，可知乙基因型为aaFf；由乙×丙，子代全为花腋生可知丙基因型为AAff。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 7．人体耳垂离生(A)对连生(a)为显性，眼睛棕色(B)对蓝色(b)为显性，两对基因自由组合。一个棕眼耳垂离生的男人与一个蓝眼耳垂离生的女人婚配，生了一个蓝眼耳垂连生的孩子。倘若他们再生育，未来子女为蓝眼耳垂离生、蓝眼耳垂连生的概率分别是(　　) A．1/4，1/8 B．1/8，1/8 C．3/8，1/8 D．3/8，1/2 14 13 C 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 根据题意分析可知，棕眼耳垂离生的男人基因型为B_A_，蓝眼耳垂离生的女人基因型为bbA_，生了一个蓝眼耳垂连生的孩子，其基因型为bbaa，因此，父母的基因型为BbAa和bbAa，所以他们再生育，未来子女为蓝眼耳垂离生的概率是1/2×3/4＝3/8，为蓝眼耳垂连生的概率是1/2×1/4＝1/8。故选C。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 14 13 D 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 9．某植物有两个缺刻叶的品系甲与乙，让它们分别与一纯合的正常叶植株杂交，F1均为正常叶植株，F1自交得F2。由品系甲与纯合正常叶植株杂交得到的F2中正常叶植株27株、缺刻叶植株37株，由品系乙与纯合正常叶植株杂交得到的F2中正常叶植株27株、缺刻叶植株21株。根据上述杂交结果，下列推测错误的是(　　) A．该植物的叶形性状至少由三对等位基因控制 B．品系甲、乙均为纯合子，其基因型均可能有多种 C．上述F2中缺刻叶植株杂合子自交均不会发生性状分离 D．上述两个F1杂交，理论上后代正常叶植株中杂合子占17/18 14 13 B 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 由品系甲与一纯合的正常叶植株杂交得F1，F1自交得到的F2中正常叶植株有27株，缺刻叶植株有37株可知，F2中正常叶植株所占的比例为27÷(27＋37)＝27/64＝(3/4)3，说明该植物的叶形性状至少由三对等位基因（假设为A/a、B/b、C/c）控制，且植株中含有每对等位基因的显性基因时表现为正常叶，其他情况表现为缺刻叶，A正确。由题意可知，品系甲的基因型为aabbcc，其与纯合的正常叶植株(AABBCC)杂交，F1的基因型为AaBbCc；品系乙的基因型为AAbbcc（或aaBBcc或aabbCC）， 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 其与纯合的正常叶植株(AABBCC)杂交，F1的基因型为AABbCc（或AaBBCc或AaBbCC），品系甲、乙均为纯合子，品系甲只有一种基因型，由品系乙与正常植株杂交得F1，F1自交得到的F2中缺刻叶植株杂合子自交均不会发生性状分离，B错误，C正确。题干所述两个杂交得到的F1杂交，即AaBbCc×AABbCc（或AaBbCc×AaBBCc或AaBbCc×AaBbCC），后代正常叶植株的基因型为A_B_C_，其中纯合子所占的比例为1/2×1/3×1/3＝1/18，则杂合子所占的比例为1－1/18＝17/18，D正确。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 10．某雌雄同花植物的花色性状由A、a，B、b，E、e三对等位基因控制，三对基因的遗传遵循自由组合定律。当基因A存在时，花色为白色；当无基因A而有基因B或E存在时，花色为黄色；无显性基因存在时，花色为金黄色。下列相关分析错误的是(　　) A．基因型为AaBbEe的个体自交，F1中黄花纯合子占黄花的1/15 B．基因型为AaBbEe的个体自交，F1白花∶黄花∶金黄花＝48∶15∶1 C．基因型为AabbEe的个体测交，子代群体中A的基因频率为1/4 D．AaBbEe个体自交，F1中不含基因E的黄花个体随机受粉，后代黄花∶金黄花＝8∶1 14 13 A 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 由题意可得黄花基因型为aaB－－－、aabbE－，因此AaBbEe个体自交产生的F1中黄花的比例为1/4×3/4×1＋1/4×1/4×3/4＝15/64，黄花纯合子基因型为aaBBee、aaBBEE、aabbEE，比例为1/4×1/4×1/4＋1/4×1/4×1/4＋1/4×1/4×1/4＝3/64，故黄花纯合子占黄花类型的3/15＝1/5，A错误；白花基因型为A－－－－－，金黄花基因型为aabbee，因此基因型为AaBbEe的个体自交，F1中白花所占比例为3/4，黄花所占比例为15/64，金黄花所占比例为1/64，即F1中白花∶黄花∶金黄花＝ 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 48∶15∶1，B正确；基因型为AabbEe的个体测交，只考虑A、a基因，子代为1/2Aa、1/2aa，则A的基因频率为1/4，C正确；AaBbEe个体自交产生的F1中不含基因E的黄花个体自由交配，即1/3aaBBee、2/3aaBbee随机受粉，后代黄花∶金黄花＝8∶1，D正确。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 11．在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，用纯合的黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本杂交得F1，F1全为黄色圆粒，F1自交得F2。在F2中，①用绿色皱粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；②用绿色圆粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；③让黄色圆粒自交，三种情况独立进行实验，则子代的表型比例分别为(　　) A．①4∶2∶2∶1　②15∶8∶3∶1　③64∶8∶8∶1 B．①3∶3∶1∶1　②4∶2∶2∶1　③25∶5∶5∶1 C．①1∶1∶1∶1　②6∶3∶2∶1　③16∶8∶2∶1 D．①4∶2∶2∶1　②16∶8∶2∶1　③25∶5∶5∶1 14 13 D 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 12．某植物花的红色和白色受多对等位基因控制，用该种植物的三个基因型不同的红花纯系（甲、乙、丙）分别与白花纯系杂交，其子一代都开红花，子二代都出现了白花植株，且红花和白花的比例分别为15∶1、63∶1、4 095∶1。下列描述正确的是(　　) A．这对相对性状至少受6对等位基因控制 B．只有当每对基因都有显性基因存在时才表现为红色 C．让甲和乙杂交，其子一代自交，子二代开白花概率的最大值是1/64 D．让甲与白花纯系杂交的子一代测交，其子代红花∶白花为2∶1 14 13 A 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 由分析可知，控制花色的基因遵循基因的自由组合定律，红花和白花的比例分别为15∶1、63∶1、4 095∶1，说明只有隐性纯合个体才会表现为白花。子二代中红花和白花的比例为15∶1时，说明子一代有2对基因是杂合的；子二代中红花和白花的比例为63∶1时，说明子一代有3对基因是杂合的；子二代中红花和白花的比例为4 095∶1，说明子一代有6对基因是杂合的，A正确。由以上分析可知，只要所有等位基因中任何一对有显性基因存在就会表现为红色，B错误。让甲和乙杂交，如果两 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 个体的显性基因均不同，由以上分析可知，则不同的显性基因有2＋3＝5对，则子二代开白花的概率的最大值是(1/4)5＝1/1 024；如果有相同的显性基因，则没有开白花的个体，C错误。让甲与白花纯系杂交，子一代有2对基因是杂合的，子一代测交，其子代红花∶白花＝3∶1，D错误。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 二、非选择题 13．马铃薯块茎需低温贮藏，但在低温条 件下，淀粉会加速降解，最终生成还原糖， 该现象称为低温糖化。若还原糖含量低， 油炸后薯片呈浅色，品质较高；若还原糖含量高，油炸后薯片呈深褐色，品质较差。研究马铃薯低温贮藏期的代谢机制，可加快其低温糖化抗性的育种进程。低温糖化发生在马铃薯细胞的液泡中。转化酶和转化酶抑制子参与低温糖化其作用机制如图所示。编码这两种物质的基因均为显性基因，分别记为A和B，且遵循自由组合定律。已知A、B基因中只有B基因具有累加效应。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (1)某基因型为AaBb的马铃薯作亲本自交得到F1，对F1的薯片进行高温油炸处理表型为由浅到深(S1～S4)的四种颜色，若对亲本的薯片进行高温油炸处理，表现出的色度为　　　　（填“S1”“S2”“S3”或“S4”），F1油炸薯片色度为S1的基因型是　　　　　　　　　　，F1油炸薯片表型S1∶S2∶S3∶S4的比例为　　　　　　　　。 14 13 S3 aaBB、aaBb、aabb 4∶3∶6∶3 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (1)根据题意及题图可知，aa－－表现为S1，A－BB表现为S2，A－Bb表现为S3，A－bb表现为S4，则亲本的薯片进行高温油炸处理，表现出的色度为S3。F1油炸薯片色度为S1的基因型是aaBB、aaBb、aabb。F1中1/4aa－－表现为S1，3/16A－BB表现为S2、6/16A－Bb表现为S3、3/16A－bb表现为S4，则F1油炸薯片表型的比例为S1∶S2∶S3∶S4＝4∶3∶6∶3。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (2)马铃薯的D基因编码液泡膜上的蔗糖转运蛋白，该蛋白能将细胞质中的蔗糖转运至液泡内。将基因型为AabbDd的马铃薯M自交获得的后代进行高温油炸实验，发现浅色薯片(S1)和深色薯片(S4)的表型比只能是7∶9或1∶1。若表型比为1∶1，则马铃薯M产生的配子基因型及比例为　　　　　　　　　。现有各种纯合的马铃薯和马铃薯M可供选择，请设计一代杂交实验判断A/a与D/d基因的遗传是否遵循自由组合定律（写出实验思路、预期结果及结论）。 14 13 Abd∶abD＝1∶1 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 14 13 答案：将基因型为AabbDd和aabbdd的马铃薯进行杂交，F1进行薯片高温油炸处理，统计色度及比例，预期结果及结论。 若F1中薯片深色∶浅色＝1∶3，则A/a与D/d基因的遗传遵循自由组合定律； 若F1中薯片全部为浅色，则A/a与D/d基因的遗传不遵循自由组合定律。 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (2)将基因型为AabbDd的马铃薯M自交获得的后代进行高温油炸实验，发现浅色薯片(S1)和深色薯片(S4)的表型比只能是7∶9或1∶1。若表型比为1∶1，则说明aD基因连锁，Ad基因连锁，产生的配子为Abd∶abD＝1∶1。为了探究A/a与D/d基因的关系，可通过测交的方法进行检测，可选择aabbdd个体与M进行杂交，若后代只产生一种表型，则说明A/a与D/d基因连锁，产生的配子为Abd∶abD＝1∶1，通过测交后代基因型为Aabbdd∶aabbDd＝1∶1，都表现为S1，不遵循自由组合定律；若后 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 代产生了两种表型，则说明A/a与D/d的基因遗传遵循自由组合定律，产生的配子为AbD∶Abd∶abD∶abd＝1∶1∶1∶1，则后代基因型为AabbDd∶Aabbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，表型为S4∶S1＝1∶3。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 14．番茄(2n＝24)为两性花植株，控制其茎色、果皮和果形3个性状的基因分别用A/a、B/b、R/r表示。现有表型为紫茎红皮圆果（甲）、紫茎红皮扁果（乙）、绿茎红皮圆果（丙）和绿茎黄皮扁果（丁）的4种植株，甲和丁杂交的子代（戊）表型均与甲相同，乙和丙杂交的子代中紫茎红皮圆果（己）占3/16。回答下列问题。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (1)根据上述杂交实验结果，可推断番茄植株3个性状的显性性状分别是　　　　　　　　　　，植株己的基因型为　　　　　　　　　　。 14 13 紫茎、红皮、圆果　 AaBBRr或AaBbRr 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (1)甲紫茎红皮圆果和丁绿茎黄皮扁果杂交的子代表型均与甲相同，表现为紫茎红皮圆果，所以紫茎对绿茎是显性性状，红皮对黄皮是显性性状，圆果对扁果是显性性状；乙紫茎红皮扁果(A_B_rr)和丙绿茎红皮圆果(aaB_R_)杂交的子代中紫茎红皮圆果（己A_B_R_）占3/16，3/16＝1/2×1/2×3/4，推测亲本3对基因杂交方式，一对是杂交，两对测交，故根据题意亲本乙基因型为AaBbrr，亲本丙基因型是aaBbRr，所以后代己(AaB_Rr)占3/16，基因型为AaBBRr或AaBbRr。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (2)根据乙和丙杂交实验结果，你认为　　　　（填“能”或“不能”）确定上述3对等位基因是否分别位于3对同源染色体上，判断的依据是_______________________________________________________________________________。 14 13 不能 控制茎色和果形的2对等位基因位于1对或2对同源染色体上的杂交实验结果都相同 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (2)控制茎色和果形的2对等位基因位于1对或2对同源染色体上的杂交实验结果都相同，所以根据乙和丙杂交实验结果，不能确定上述3对等位基因是否分别位于3对同源染色体上。 14 13 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (3)请利用上述实验中的材料，设计一个最简单的实验来证明你的判断是否正确（要求：写出实验思路即可）。实验思路：______________________________________________________________________。 14 13 将植株戊（或己）进行自交，观察并统计子代中茎色和果形的表型及比例 2 3 5 6 7 8 9 11 12 1 4 10 (3)甲紫茎红皮圆果和丁绿茎黄皮扁果杂交的子代戊表型均与甲相同，戊的基因型是AaBbRr，将植株戊AaBbRr进行自交，观察并统计子代中茎色和果形的表型及比例。若控制茎色和果形的2对等位基因位于1对同源染色体上，后代茎色和果形的表型及比例为紫茎圆果∶绿茎扁果＝3∶1；若控制茎色和果形的2对等位基因位于2对同源染色体，后代茎色和果形的表型及比例为紫茎圆果∶紫茎扁果∶绿茎圆果∶绿茎扁果＝9∶3∶3∶1。 14 13 $$