精品解析：广西钦州市浦北中学2024-2025学年高二上学期10月检测物理试题

浦北中学2024年秋季学期十月份考试试题 高二物理 考试时间：75分钟 总分：100分 第一部分 选择题（共46分） 一、单项选择题（共7题，每题4分，共28分。每题所给的四个选项中，只有一个正确答案，选错或多选均不得分） 1. 用安培定则分析下列现象，正确的是（　　） A. 甲图中小磁针静止时位置如图，则通电直导线的电流方向从下往上 B. 乙图中金属圆环通以逆时针电流时，小磁针静止时N 极垂直纸面向内 C. 丙图中小磁针静止时的位置如图所示，则电源左侧为正极 D. 丁图中在解释地磁场时，安培假设绕地轴的环形电流如图所示 2. 如选项图所示，中线圈有一小缺口，中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方，C、中匀强磁场区域足够大，其中能产生感应电流的是（ ） A. B. C. D. 3. 如图所示，虚线为真空中某静电场的等势面，图中相邻等势面间电势差相等，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，M、N、O、P为粒子的运动轨迹与等势线的交点。若粒子仅受电场力的作用，下列说法正确的是（　　） A. 粒子在M、O两点的加速度大小相等 B. 粒子在N、O两点的速度大小相等 C. 粒子运动过程中速度先减小后增大 D. 粒子在N点时的电势能比在P点时的电势能大 4. 如图所示，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l.在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度为零．如果让P中的电流反向、其他条件不变，则a点处磁感应强度的大小为(　　) A. 0 B. C. D. 2B0 5. 如图所示，将一只满偏电流为100mA、内阻为40Ω的表头改装成测电流、电压两用的电表，已知R1 = 10Ω，R2 = 92Ω。下列说法正确的是（ ） A. 接Oa端是电流表，量程为600mA B. 接Ob端是电压表，量程为50V C. 接Oa端是电流表，量程为400mA D. 接Ob端是电压表，量程为5V 6. 如图所示，已知电源电动势为6 V，内阻为1 Ω，保护电阻R0＝0.5 Ω，则当电阻箱R的读数为多少时，电阻箱R消耗的功率PR最大且这个最大值为（　　） A. 1 Ω　 6 W B. 0.5 Ω　 8 W C. 1 Ω　 1.5 W D. 1.5 Ω　 6 W 7. 最近两年洗地机这一新鲜家电逐渐流行，便利了人们的生活。现有某品牌洗地机，其工作参数如图所示，其工作模式有强效、节能两种，强效模式下，该洗地机以额定功率工作，节能模式下，以额定功率的一半功率工作，两种模式下，其工作电压均相同，其续航时间是按照节能模式工作计算得到的，则下列说法正确的是（ ） 产品名称 某品牌洗地机 产品型号 QX-V6A 额定功率 220W 电池容量 5200mAh 续航时间 80min 清水箱容量 800mL 外形尺寸 污水箱容量 720mL A. 电池充满电后，储存的总电荷量为187200C B. 该洗地机在强效模式下的工作电流为3.9A C. 该洗地机内阻约为 D. 该洗地机的工作电压约为28V 二、多项选择题（共3题，每题6分，共18分。每题所给的四个选项中，有多个正确答案，全部选对得6分，错选得0分，选对但不全得3分） 8. 关于电动势，以下说法中正确的是 A. 电源电动势等于电源正、负极之间的电势差 B. 用电压表直接测量电源两极间的电压数值，实际上总略小于电源电动势 C. 电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关 D. 电动势的大小数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功 9. 某同学研究白炽灯得到某白炽灯的U-I曲线如图所示。图像A点与原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角，则（　　） A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小 B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβ C. 在A点，白炽灯的电阻可表示为 D. 白炽灯的电阻随电压的增大而增大 10. 如图，G为灵敏电流计，V为理想电压表，、为定值电阻，是一根盐水柱（封于橡皮管内，与电路导通），平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，电容器两板间的带电油滴恰好静止。则握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸的过程中（忽略温度对电阻的影响）（　　） A. 电阻的阻值增大 B. V表示数减小 C. 油滴向下运动 D. G表中有从c到a的电流 第二部分 非选择题（共54分） 三、实验题（共2小题，共18分） 11. 某同学测定一根金属丝的电阻率 （1）需要先测量其尺寸，他分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和如图（b）所示，则：长度为_____cm，直径为_____mm； （2）再用多用电表粗测其电阻Rx，将选择开关调到欧姆挡“×10”挡位并调零，测量时发现指针偏转角度太大，这时他应该： a．将选择开关换成欧姆挡的____挡位（选填“×100”或“×1”）； b．将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使欧姆表指针指在表盘右端零刻度处，再次测量电阻丝的阻值Rx，其表盘及指针所指位置如图所示，则此段电阻丝的电阻为______Ω； （3）现要进一步精确测量其阻值Rx，实验室提供了以下器材：4V的直流电源、3V量程的直流电压表、电键、导线等。还有电流表与滑动变阻器各两个以供选用： A．电流表A1（量程0.3A，内阻约1Ω） B．电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω） C．滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω） D．滑动变阻器R2（最大阻值为50Ω）为了尽可能提高测量准确度且要求电压从0开始调节．滑动变阻器应选______，电流表应选______（填器材前面的选项字母）； （4）请根据实验原理，试在答题纸的对应方框内画出相应的实验原理图 __________________ 12. 实验小组测量某型号电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测电池等器材组成如图1所示实验电路，由测得的实验数据绘制成的图像如图2所示。 （1）图1的电路图为下图中的__________。（选填“A”或“B”） （2）如果实验中所用电表均视为理想电表，根据图2得到该电池的电动势__________V，内阻__________。 （3）实验后进行反思，发现上述实验方案存在系统误差。若考虑到电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修正，在图2中重新绘制图线，与原图线比较，新绘制的图线与横坐标轴交点的数值将__________，与纵坐标轴交点的数值将__________。（两空均选填“变大”“变小”或“不变”） 四、计算题（共3小题，共36分。有计算过程，适当文字说明，只有结果不给分） 13. 如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ＝，磁感线竖直向下，线圈平面面积S＝0.4 m2，匀强磁场磁感应强度B＝0.6T，则穿过线圈的磁通量Φ为多少？把线圈以cd为轴顺时针转过 角，则通过线圈磁通量的变化量为多少？ 14. 如图所示的电路中，电源的电动势为E=20V，G为一满偏电流为的小量程电流表，R为一电阻箱（0~9999.9Ω），当调节其阻值为20Ω时，电阻箱R两端的电压为5V，电流表G的示数为，，，求： （1）电流表G的内阻； （2）电源的内阻r。 15. 小型直流电动机（其线圈内阻为r=2Ω）与规格为“4V，4W”的小灯泡并联，再与阻值为R=4Ω的电阻串联，然后接至电动势为E=12V、内阻r0=1Ω的电源上，如图，电键闭合时，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求： （1）定值电阻R的电压U； （2）电动机的输出功率P出。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 浦北中学2024年秋季学期十月份考试试题 高二物理 考试时间：75分钟 总分：100分 第一部分 选择题（共46分） 一、单项选择题（共7题，每题4分，共28分。每题所给的四个选项中，只有一个正确答案，选错或多选均不得分） 1. 用安培定则分析下列现象，正确的是（　　） A. 甲图中小磁针静止时位置如图，则通电直导线的电流方向从下往上 B. 乙图中金属圆环通以逆时针电流时，小磁针静止时N 极垂直纸面向内 C. 丙图中小磁针静止时的位置如图所示，则电源左侧为正极 D. 丁图中在解释地磁场时，安培假设绕地轴的环形电流如图所示 【答案】D 【解析】 【详解】A．甲图中小磁针静止时位置如图，磁场为顺时针方向，根据安培定则可知，通电直导线的电流方向从下往上，故A错误； B．乙图中金属圆环通以逆时针电流时，根据安培定则可知，磁场垂直纸面向外，小磁针静止时N 极垂直纸面向外，故B错误； C．丙图中小磁针静止时的位置如图所示，右侧为S极，根据安培定则可知，则电源左侧为负极，故C错误； D．地理北极附近是地磁南极，根据安培定则可知，安培假设绕地轴的环形电流与图示相同，故D正确。 故选D。 2. 如选项图所示，中线圈有一小缺口，中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方，C、中匀强磁场区域足够大，其中能产生感应电流的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A．由于圆环不闭合，即使磁通量增加，也不产生感应电流，A错误； B．根据安培定则可知，穿过圆环的磁通量完全抵消，磁通量为零，保持不变，所以不产生感应电流，B错误； C．，由图可知，闭合回路的面积变化，磁通量变化，将产生感应电流，C正确； D．线框垂直于磁感线运动，穿过线框的磁通量没有变化，因此不会产生感应电流，D错误； 故选C。 3. 如图所示，虚线为真空中某静电场的等势面，图中相邻等势面间电势差相等，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，M、N、O、P为粒子的运动轨迹与等势线的交点。若粒子仅受电场力的作用，下列说法正确的是（　　） A. 粒子在M、O两点的加速度大小相等 B. 粒子在N、O两点的速度大小相等 C. 粒子运动过程中速度先减小后增大 D. 粒子在N点时的电势能比在P点时的电势能大 【答案】B 【解析】 【详解】A．M点附近等差等势面较密集，则电场强度更大，电场力更大，加速度更大，A错误； B．N、O两点在同一等势面，则粒子在N、O两点的电势能相等，粒子仅受电场力，则电势能与动能之和保持不变，则粒子在N、O两点的动能相等，速度大小相等，B正确； C．电场线与等势面垂直，电场力与电场线共线且指向轨迹的凹侧，可知，粒子先加速运动后减速运动，C错误； D．粒子从P点到O点做加速运动，结合B选项，粒子在N点时的电势能比在P点时的电势能小，D错误。 故选B。 4. 如图所示，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l.在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度为零．如果让P中的电流反向、其他条件不变，则a点处磁感应强度的大小为(　　) A. 0 B. C. D. 2B0 【答案】C 【解析】 【详解】在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离为l的a点处的磁感应强度为零，如下图所示： 由此可知，外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依据几何关系，及三角知识，则有：BPcos30°=B0； 解得P或Q通电导线在a处的磁场大小为BP=B0； 当P中的电流反向，其他条件不变，再依据几何关系，及三角知识，则有：B2=B0；因外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，磁场大小为B0；最后由矢量的合成法则，那么a点处磁感应强度的大小为B=，故C正确，ABD错误． 5. 如图所示，将一只满偏电流为100mA、内阻为40Ω的表头改装成测电流、电压两用的电表，已知R1 = 10Ω，R2 = 92Ω。下列说法正确的是（ ） A. 接Oa端是电流表，量程为600mA B. 接Ob端是电压表，量程为50V C. 接Oa端是电流表，量程为400mA D. 接Ob端是电压表，量程为5V 【答案】B 【解析】 【详解】AC．接Oa端，R1分流，所以是电流表，量程为 AC错误； BD．接Ob端，R2分压，所以是电压表，量程为 U = IgRg＋IR2 = 50V B正确，D错误。 故选B。 6. 如图所示，已知电源电动势为6 V，内阻为1 Ω，保护电阻R0＝0.5 Ω，则当电阻箱R的读数为多少时，电阻箱R消耗的功率PR最大且这个最大值为（　　） A. 1 Ω　 6 W B. 0.5 Ω　 8 W C. 1 Ω　 1.5 W D. 1.5 Ω　 6 W 【答案】D 【解析】 【详解】R消耗的功率为 根据数学知识可知当R =1.5Ω时，PR有最大值 故选D。 7. 最近两年洗地机这一新鲜家电逐渐流行，便利了人们的生活。现有某品牌洗地机，其工作参数如图所示，其工作模式有强效、节能两种，强效模式下，该洗地机以额定功率工作，节能模式下，以额定功率的一半功率工作，两种模式下，其工作电压均相同，其续航时间是按照节能模式工作计算得到的，则下列说法正确的是（ ） 产品名称 某品牌洗地机 产品型号 QX-V6A 额定功率 220W 电池容量 5200mAh 续航时间 80min 清水箱容量 800mL 外形尺寸 污水箱容量 720mL A. 电池充满电后，储存的总电荷量为187200C B. 该洗地机在强效模式下的工作电流为3.9A C. 该洗地机内阻约为 D. 该洗地机的工作电压约为28V 【答案】D 【解析】 【详解】A．电池充满电后，储存的总电荷量为 故A错误； BD．该洗地机在节能模式下的工作电流为 节能模式下，以额定功率的一半功率工作，两种模式下，其工作电压均相同，由可知，在强效模式下的工作电流为 该洗地机的工作电压约为 故B错误，D正确； C．根据题中条件，无法得出该洗地机内阻，故C错误。 故选D。 二、多项选择题（共3题，每题6分，共18分。每题所给的四个选项中，有多个正确答案，全部选对得6分，错选得0分，选对但不全得3分） 8. 关于电动势，以下说法中正确的是 A. 电源电动势等于电源正、负极之间的电势差 B. 用电压表直接测量电源两极间的电压数值，实际上总略小于电源电动势 C. 电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关 D. 电动势的大小数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功 【答案】BD 【解析】 【详解】试题分析：电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，故A错误；电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B正确．电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故C错误；根据电动势的定义式可知电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故D正确． 考点：本题考查对电动势物理意义的理解能力， 点评：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关． 9. 某同学研究白炽灯得到某白炽灯的U-I曲线如图所示。图像A点与原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角，则（　　） A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小 B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβ C. 在A点，白炽灯的电阻可表示为 D. 白炽灯的电阻随电压的增大而增大 【答案】CD 【解析】 【详解】AD．由图线的斜率可知，白炽灯的电阻随电压的增大而增大，A错误，D正确； BC．在A点，根据欧姆定律，白炽灯的电阻可表示为，由于横纵坐标的标度不相同，故不能用tanβ来表示电阻值，B错误，C正确。 故选CD。 10. 如图，G为灵敏电流计，V为理想电压表，、为定值电阻，是一根盐水柱（封于橡皮管内，与电路导通），平行板电容器两极板水平，开关S闭合后，电容器两板间的带电油滴恰好静止。则握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸的过程中（忽略温度对电阻的影响）（　　） A. 电阻的阻值增大 B. V表示数减小 C. 油滴向下运动 D. G表中有从c到a的电流 【答案】AD 【解析】 【详解】A．握住盐水柱两端将它竖直均匀拉伸，由导体的电阻 可知盐水柱长度L增加，横截面积S减小，由上式可知电阻的阻值增大，故A正确； B．因电阻的阻值增大，电路中总电阻增大，则干路电流减小，内电压和R1两端电压减小，则并联部分电压增加，电压表V的示数增大，故B错误； C．由于电容器两端电压增大，由 可知两极板间电场强度E增大，所以 油滴向上运动，故C错误； D．电容器两端电压增大，电容器继续充电，G表中有从c到a的电流，故D正确。 故选AD。 第二部分 非选择题（共54分） 三、实验题（共2小题，共18分） 11. 某同学测定一根金属丝的电阻率 （1）需要先测量其尺寸，他分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和如图（b）所示，则：长度为_____cm，直径为_____mm； （2）再用多用电表粗测其电阻Rx，将选择开关调到欧姆挡“×10”挡位并调零，测量时发现指针偏转角度太大，这时他应该： a．将选择开关换成欧姆挡的____挡位（选填“×100”或“×1”）； b．将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使欧姆表指针指在表盘右端零刻度处，再次测量电阻丝的阻值Rx，其表盘及指针所指位置如图所示，则此段电阻丝的电阻为______Ω； （3）现要进一步精确测量其阻值Rx，实验室提供了以下器材：4V的直流电源、3V量程的直流电压表、电键、导线等。还有电流表与滑动变阻器各两个以供选用： A．电流表A1（量程0.3A，内阻约1Ω） B．电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω） C．滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω） D．滑动变阻器R2（最大阻值为50Ω）为了尽可能提高测量准确度且要求电压从0开始调节．滑动变阻器应选______，电流表应选______（填器材前面的选项字母）； （4）请根据实验原理，试在答题纸的对应方框内画出相应的实验原理图 __________________ 【答案】 ①. 3.335 ②. 4.815 ③. ×1 ④. 12 ⑤. C ⑥. A ⑦. 【解析】 【详解】（1）[1]是20分度的卡尺，其精确度为，主尺读数为：，游标上第7个刻度与上面对齐，读数为：，故最终读数为：； [2]螺旋测微器：固定刻度为，可动刻度为，则读数为． （2）a[3]欧姆表的指针偏转较大说明所选倍率过大，应选择倍率； B[4]调零时，应将红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在表盘右端零刻度处；欧姆表的读数为 （3）[5][6]根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为 所以电流表应选A；根据实验要求电压调节范围足够大，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器C以方便调节； （4）[7]由于待测电阻满足 可知电流表应用外接法，连线图如图所： 12. 实验小组测量某型号电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测电池等器材组成如图1所示实验电路，由测得的实验数据绘制成的图像如图2所示。 （1）图1的电路图为下图中的__________。（选填“A”或“B”） （2）如果实验中所用电表均视为理想电表，根据图2得到该电池的电动势__________V，内阻__________。 （3）实验后进行反思，发现上述实验方案存在系统误差。若考虑到电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修正，在图2中重新绘制图线，与原图线比较，新绘制的图线与横坐标轴交点的数值将__________，与纵坐标轴交点的数值将__________。（两空均选填“变大”“变小”或“不变”） 【答案】 ①. B ②. 4.5 ③. 1.8 ④. 不变 ⑤. 变大 【解析】 【详解】（1）[1]通过观察实物图可知电压表接在电源两端，故电路图为B； （2）[2][3]根据闭合电路欧姆定律 有 则图线在纵轴上的截距表示电池的电动势E，斜率是电池的内阻r，根据图像可知，纵轴截距为4.5，横轴截距为2.5，结合上述分析可知电池电动势；内阻 （3）[4][5]分析测量电路可知系统误差的来源是电压表的分流作用，使得电流表的示数小于流过电池的电流，考虑电压表内阻的影响，流过电压表的电流为 可知流过电池的电流为 ， 因电压表内阻不变，随着电压值减小，电压表电流减小，当电压值趋于0时，I趋于，在图2中重新绘制的图线如图所示 故新绘制的图线与横坐标轴交点的数值将不变，与纵坐标轴交点的数值将变大。 四、计算题（共3小题，共36分。有计算过程，适当文字说明，只有结果不给分） 13. 如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ＝，磁感线竖直向下，线圈平面面积S＝0.4 m2，匀强磁场磁感应强度B＝0.6T，则穿过线圈的磁通量Φ为多少？把线圈以cd为轴顺时针转过 角，则通过线圈磁通量的变化量为多少？ 【答案】0.12Wb　0.36Wb 【解析】 【详解】线圈平面与水平方向夹角θ＝，穿过线圈的磁通量 把线圈以cd为轴顺时针转过角时，线圈平面与磁感线的方向垂直，所以通过线圈磁通量 由图可知，当把线圈以cd为轴顺时针转过角时，穿过线圈的磁通量的方向与开始时穿过线圈的磁通量的方向是相反的，所以磁通量的变化量 14. 如图所示的电路中，电源的电动势为E=20V，G为一满偏电流为的小量程电流表，R为一电阻箱（0~9999.9Ω），当调节其阻值为20Ω时，电阻箱R两端的电压为5V，电流表G的示数为，，，求： （1）电流表G的内阻； （2）电源的内阻r。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）电流表G和串联后再与电阻箱R并联，则有 解得 （2）流过电阻箱R的电流 干路电流 由闭合电路欧母定律有 解得 15. 小型直流电动机（其线圈内阻为r=2Ω）与规格为“4V，4W”的小灯泡并联，再与阻值为R=4Ω的电阻串联，然后接至电动势为E=12V、内阻r0=1Ω的电源上，如图，电键闭合时，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求： （1）定值电阻R的电压U； （2）电动机的输出功率P出。 【答案】（1）6.4V；（2）1.68W 【解析】 【详解】（1）由题意可得，流过电阻R的电流 因此加在电阻R两端的电压为 （2）根据 可知流过灯泡的电流为 因此流过电机的电流 因此电动机的发热功率 电动机的总功率为 则电动机的输出功率为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $